[物理]2023年山东省德州市中考真题物理试题试卷(原题版+解析版)

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注意事项：
1.全卷共8页，满分100分，考试时间为90分钟。
2.答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的县（市、区）、学校、姓名、准考证号填写在试题和答题卡规定的位置上。
3.选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
4.非选择题必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内的位置，不能写在试卷上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不能使用涂改液、胶带纸、修正带。不按以上要求作答的答案无效。
一、选择题：本大题包括12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1. 生活中处处有物理，下列估测符合实际情况的是（ ）
A. 中学生大拇指指甲的宽度约为B. 德州市一年的平均气温约为30℃
C. 人体的密度约为D. 家用液晶电视正常工作时的功率约为
【答案】C
【解析】
【详解】A．手指甲的宽度约为
1cm=1×10-2m=0.1dm
故A不符合题意；
B．据气象局发布信息，德州市一年平均气温约为14.5℃，故B不符合题意；
C．人体的密度和水差不多，约为1g/cm3，故C符合题意；
D．家用液晶电视机的电功率约为100W，故D不符合题意。
故选C。
2. 鸟鸣清脆如玉，琴声宛转悠扬，下列关于声现象的说法正确的是（ ）
A. 声音是由物体振动产生的，但振动不一定发声
B. 拨动不同粗细、长短的琴弦，发出声音的响度不同
C. 超声碎结石是利用了声能够传递能量
D. 美妙的琴声不可能是噪声
【答案】C
【解析】
【详解】A．振动与发声的关系：一切正在发声的物体都在振动，只要振动就会发声，故A错误；
B．分别用相同的力拨动不同粗细、长短的琴弦可以改变它的音调，此时响度相同。故B错误；
C．超声波可除去人体内的结石，是利用的声可以传递能量，故C正确；
D．美妙的琴声干扰人们正常学习、休息、工作、生活是也是噪声，故D错误。
故选C。
3. 四季更替，岁月变迁，二十四节气是中华民族智慧的结晶，下列现象属于液化的是（ ）
A. 冰雪消融B. 露珠晶莹
C. 霜挂枝头D. 千里冰封
【答案】B
【解析】
【详解】A．冰雪消融，冰固态变为液态水，是熔化现象，故A不符合题意；
B．露珠晶莹是空气中水蒸气遇冷，由气态变为液态，是液化现象，故B符合题意；
C．霜挂枝头是空气中的水蒸气遇冷，由气态变为固态，是凝华现象，故C不符合题意；
D．千里冰封，水由液态变为固态，是凝固现象，故D不符合题意。
故选B。
4. 如图所示，小红用相机拍下了石桥与它在水中倒影交相辉映的照片，下列说法正确的是（ ）

A. 桥在水中的倒影与海市蜃楼成像原理相同
B. 我们能看到本身不发光的桥，原理是光的反射
C. 若相机镜头焦距为，拍摄此照片时镜头到底片的距离要大于
D. 桥在相机的底片上成的像是虚像
【答案】B
【解析】
【详解】A．桥在水中的倒影是光的反射现象，海市蜃楼是光的折射现象，故A错误；
B．光在不发光的物体表面发生了反射，光线反射进入人眼，我们才能看到本身不发光的物体，故B正确；
CD．照相机成像原理，物距在二倍焦距以外，像距（镜头到底片的距离）在一倍和二倍焦距之间，成倒立缩小的实像，故CD错误；
故选B。
5. 在某次测试中，甲、乙两车都向东做直线运动，它们的图象如图所示，则（ ）

A. 甲、乙两车都做加速直线运动B. 两车出发前相距，甲比乙晚出发5s
C. 在第10s时两车速度相等D. 内乙车相对于甲车向东运动
【答案】B
【解析】
【详解】A．由图像可知，甲、乙图线都是倾斜直线，故两车均在做匀速直线运动，故A不符合题意；
B．图像中乙车是在离计时位置20m处出发，而甲车在乙车出发后5s才出发，故两车出发前相距20m，甲比乙晚出发5s。故B符合题意；
C．甲、乙两车在10s时，甲车运动的路程大于乙车运动的路程，而甲车运动的时间小于乙车运动的时间，说明甲车的速度大于乙车的速度，故C不符合题意；
D．因为5~10s时，甲的速度大于乙的速度，甲车在乙车的后方，说明乙车相对于甲车向西运动，故D不符合题意。
故选B。
6. 关于牛顿第一定律，下列说法正确的是（ ）
A. 物体的速度越大，惯性越大，动能越大
B. 物体的运动需要力来维持，汽车关闭发动机后逐渐停下来是因为不受力的作用
C. 物体受到力的作用时，运动状态一定改变
D. 物体的运动状态改变，一定受到力的作用
【答案】D
【解析】
【详解】A．惯性大小只跟物体的质量有关，与速度无关，动能与物体的质量与速度有关，质量越大，速度越大，动能越大。故A错误；
B．物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，汽车关闭发动机后逐渐停下来是因为受阻力作用，故B错误；
C．物体受平衡力作用时，运动状态不变，故C错误；
D．力是改变物体运动状态的原因，故物体的运动状态改变，一定受到力的作用，故D正确。
故选D。
7. 2023年5月30日，我国神舟十六号载人飞船成功发射，以下说法正确的是（ ）
A. 火箭升空利用了力作用是相互的
B. 神舟十六号进入预定轨道后受到平衡力的作用
C. 宇航员在空间站中不受地球引力的作用
D. 太阳能帆板打开后接收的太阳能是不可再生能源
【答案】A
【解析】
【详解】A．火箭升空时向下喷出气体，由于力的作用是相互的，喷出的气体对火箭也有一个向上的力使火箭上升，故A正确；
B．神舟十六号进入预定轨道后运动方向不断发生改变，运动状态改变，受到非平衡力的作用，故B错误；
C．宇航员在空间站中受到万有引力提供的向心力，处于失重状态，而不是不受到地球的吸引力，故C错误；
D．可再生能源是可以不断得到补充或能在较短周期内再产生的能源；不可再生能源是经过亿万年形成的、短期内无法恢复的能源，所以太阳能是可再生能源，故D错误。
故选A。
8. 水平桌面上老师用相同的烧杯盛放了相同体积的水和浓盐水，让同学们进行区分，聪明的小李用吸管和橡皮泥自制了一个简易密度计，先后放入两液体中静止时如图甲、乙所示，下列说法正确的是（ ）

A. 密度计在乙液体中受到的浮力更大B. 甲液体是浓盐水
C. 两液体对容器底的压强相等D. 乙容器对桌面的压力更大
【答案】D
【解析】
【详解】A．由图可知，密度计在水和浓盐水中均为漂浮状态，由物体的浮沉条件可知，密度计在水中和浓盐水中受到的浮力大小均与密度计自身的重力大小相等，所以密度计在两液体中受到的浮力相等，故A错误；
B．由图可知，密度计在甲液体中排开液体的体积更大，由密度计在两液体中受到的浮力相等和F浮=ρ液gV排可知，甲液体的密度更小，所以甲液体是水，故B错误；
C．两液体的深度相同，甲液体的密度更小，由p=ρgh可知，甲液体对容器底的压强更小，故C错误；
D．甲液体的密度小于乙，由图可知，甲液体的体积小于乙，由m=ρV可知，甲液体的质量小于乙液体，甲液体的重力小于乙液体。两容器中密度计的质量相同，所以甲容器对桌面的压力更小，乙容器对桌面的压力更大，故D正确。
故选D。
9. 如图所示，轮滑鞋深受孩子们的喜爱。它的轮子转动时可使轮子边缘的LED灯闪闪发光，选项中与此工作原理相同的是（ ）

A. 电风扇
B. 电磁起重机
C. 扬声器
D. 动圈式话筒
【答案】D
【解析】
【详解】轮子转动时，LED灯闪闪发光，此时的轮子做切割磁感线运动，产生感应电流，LED灯发光。这是利用了电磁感应原理。
A．电风扇是利用电动机工作的，电动机的工作原理是通电导体在磁场中受到力的作用，故A不符合题意；
B．电磁起重机是利用电流的磁效应工作，电磁铁中有电流通过时产生磁性，故B不符合题意；
C．扬声器是通电的线圈在磁场中受到力的作用而运动，带动扬声器的纸盒振动发声，故C不符合题意；
D．动圈式话筒是线圈在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，利用电磁感应原理工作，故D符合题意。
故选D。
10. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器滑片P由图示位置向右滑动时，下列说法正确是（ ）

A. 小灯泡与滑动变阻器串联B. 电压表示数变大
C. 电流表和示数都变小D. 小灯泡亮度变暗
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知，滑动变阻器和小灯泡并联，电流表测通过滑动变阻器的电流，电流表测干路总电流，电压表测各支路两端和电源两端电压。
A．由图可知，有两条电流路径，所以滑动变阻器和小灯泡并联，故A错误；
B．电压表测各支路两端和电源两端电压，电源电压不变，则电压表示数不变，故B错误；
C．滑动变阻器滑片P向右滑动时，其阻值增大，由于其并联在电源两端，所以滑动变阻器两端电压不变，根据可知，通过的电流变小，所以电流表示数变小；由并联电路，各个用电器之间相互不影响可知，通过小灯泡的电流不变，根据并联电路电流特点可知，干路电流减小，所以电流表示数变小，故C正确；
D．由于并联电路，各个用电器之间相互不影响，所以通过小灯泡的电流不变，小灯泡的亮度不变，故D错误。
故选C。
11. 如图所示，A、B两个长方体物块叠放在水平桌面上，用的水平向左的力作用在A物块上，使A、B一起向左做匀速直线运动，经过，两个物块一起移动了的距离。下列说法中（ ）
①物块B受到的重力和地面对物块B的支持力是一对平衡力
②物块A对B的摩擦力大小是，方向水平向左
③地面对B的摩擦力大小是，方向水平向左
④物块A对B的摩擦力的功率为

A. 只有②④正确B. 只有③④正确C. 只有②③正确D. 只有①④正确
【答案】A
【解析】
【详解】①．物块B受到的重力和地面对物块B的支持力，大小不相等，不是一对平衡力，故①错误；
②．A物块受到水平向左的拉力，且处于平衡状态，说明A物块受平衡力，即水平向左的拉力与B给A施加的水平向右的摩擦力，大小与拉力相等均为10N，因为力的作用是相互的，所以A物块会给B一个摩擦力大小等于10N，方向水平向左，故②正确；
③．B木块做匀速直线运动，处于平衡状态，B物块受到A施加水平向左的摩擦力和地面施加水平向右的摩擦力，大小相等为10N，故③错误；
④．物块A对B的摩擦力功率为
故④正确。
综合上述分析，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
12. 如图甲所示，电源电压保持不变。电流表A的量程为，电压表、的量程均为，滑动变阻器的规格为“”，小灯泡的额定电压为。滑动变阻器的滑片P在某点时，小灯泡正常发光，此时电压表的示数为。在保证电路各元件安全的最大范围内调节滑片P，其中一只电压表与电流表示数的变化图象如图乙所示。下列说法正确的是（ ）

A. 电源电压为B. 电压表的示数变化范围为
C. 滑动变阻器的取值范围是D. 小灯泡的功率范围为
【答案】D
【解析】
【详解】分析甲图可知，电路为灯泡和滑动变阻器串联，电压表V1测灯泡两端电压，电压表V2测滑动变阻器电压，向右调节滑动变阻器，滑动变阻器接入电路中的阻值变大，电路中电流变小，根据串联分压原理可知，滑动电阻器两端电压变大，所以图乙是电压表V2与电流表示数变化图像；
A．移动滑片当灯泡正常发光，此时灯泡的电压为2.5V，电压表V2的示数为1.5V，即滑动变阻器的电压为1.5V，根据串联电路电压规律可知，电源电压为
故A错误；
B．因为灯泡的额定电压为2.5V，保证电路各元件安全，说明电压表V1可调节的最大值为2.5V，故B错误；
C．根据图乙可知，当电流为0.5A时，滑动变阻器的电压为1.5V，此时接入电路中的电阻为
当电流为0.1A时，滑动变阻器的电压为3V，此时接入电路中的电阻为
所以滑动变阻器的取值范围是3Ω∼30Ω，故C错误；
D．由图乙可知，电路中的最大电流为0.5A时，灯泡的电压为
则灯泡此时的电功率为
当电路中最小电流为0.1A时，灯泡的电压为
则灯泡此时的电功率为
由此可得小灯泡的功率范围为0.1W∼1.25W，故D正确。
故选D。
二、填空题：本大题共6小题，每个空1分，共14分。
13. “山东舰”航母编队出海执行任务，护卫舰与航母不能近距离并排航行，是因为近距离并排航行时舰艇间海水流速大压强______，易造成碰撞事故。
【答案】小
【解析】
【详解】由流体压强和流速的关系可知，流体流速大，压强小，所以护卫舰与航母不能近距离航行，防止航行时舰艇间海水流速大压强小，发生碰撞事故。
14. 如图所示，小王用弹簧测力计水平拉动木块，使同一木块先后以速度和沿同一水平木板匀速直线滑动相同的距离，且，则第一次木块所受的摩擦力______第二次木块所受的摩擦力；第一次拉力做的功______第二次拉力做的功。（均选填“大于”、“小于”或“等于”）

【答案】 ①. 等于 ②. 等于
【解析】
【详解】[1]由于木块对水平木板的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以木块受到的摩擦力不变，即f1=f2。
[2]而木块两次沿同一水平木板匀速直线滑动相同的距离，木块受平衡力作用，所以两次木块受到的拉力和摩擦力大小相等，则两次木块受到的拉力相等，即F1=F2，由W=Fs可得，第一次拉力做的功和第二次拉力做的功相等。
15. 利用如图所示的滑轮组将重的重物竖直匀速提升，若滑轮组的机械效率为80%，不计绳重和摩擦，则绳子自由端移动的距离为______，拉力______N。增大重物的重力，滑轮组的机械效率将会______（选填“提高”、“降低”或“不变”）。

【答案】 ①. 9 ②. 100 ③. 提高
【解析】
【详解】[1]由图可知，滑轮组绳子的有效段数n=3，则绳子自由端移动的距离
s=nh=3×3m=9m
[2]根据题意知滑轮组的机械效率为80%，由得
解得F=100N。
[3]增加重物的重力时，有用功增大，而摩擦不计、动滑轮重不变，额外功不变，这样有用功在总功中所占的比例增大，滑轮组的机械效率将提高。
16. 1988年，中国“核潜艇之父”黄旭华设计的第一代核潜艇成功下潜至水下处，此处的液体压强是_______，核潜艇是利用_______（选填“核裂变”或“核聚变”）提供动力的。（，）
【答案】 ①. ②. 核裂变
【解析】
【详解】[1]根据可得水下处的液体压强是
[2]核潜艇是利用铀原子核裂变时放出的核能提供动力的。
17. 如图所示，小刚自制了一架模型照相机。已知凸透镜的焦距为，外壳的长度为，若将凸透镜对准窗外景物，在外壳内前后移动内纸筒，在半透明膜上可以得到景物______（选填“倒立”或“正立”）的______（选填“放大”或“缩小”）的像；若将凸透镜正对燃烧的蜡烛，当蜡烛距离凸透镜至少______时，可以在外壳内移动的半透明膜上得到清晰的烛焰的像。

【答案】 ①. 倒立 ②. 缩小 ③. 20
【解析】
【详解】[1][2]半透膜相当于光屏，凸透镜的焦距为10cm，窗外景物处于凸透镜的二倍焦距以外，此时成倒立、缩小的实像。
[3]因为外壳的长度为20cm，即像距处于大于一倍焦距小于等于二倍焦距，根据凸透镜成像规律可知，蜡烛距凸透镜至少20cm时，才可以在外壳内移动的半透明膜上得到清晰的烛焰的像。
18. 如图所示，某家用电热水壶有“高温”、“低温”两挡，已知定值电阻与阻值相等，“低温挡”正常工作时的功率为，则的阻值为______。在标准大气压下，用“高温挡”加热初温为15℃、质量为的水，该过程消耗的电能为______，若产生的热量全部被水吸收，则水的温度升高了______℃。

【答案】 ①. 50 ②. ③. 85
【解析】
【详解】[1][2][3]当开关S1、S2均闭合时，R1被短路，电路中只有R2工作，当开关S2闭合，S1断开时，R1、R2串联；根据
可知，电源电压一定时，总电阻越大，总功率越小，故当开关S2闭合，S1断开时，R1、R2串联，总电阻最大，总电功率最小，为低温挡。当开关S1、S2均闭合时，R1被短路，电路中只有R2工作，此时电阻最小，此时的电功率最大，电热水壶处于高温挡；“低温挡”正常工作时，电路的总电阻为
已知R1、R2阻值相等，所以两电阻的阻值为
R1=R2=50Ω
所以高温挡的功率为
该过程消耗的电能为
若产生的热量全部被水吸收，则水吸收的热量为
所以，水升高的温度为
由计算得，水的末温是
t=t0+Δt=15℃+96.8℃=111.8℃>100℃
1标准大气压下水的沸点是100℃，所以水的末温是100℃，水实际升高的温度为
Δt′=100℃-15℃=85℃
三、作图与实验题：本大题包括6个小题，共26分。
19. 如图所示，闭合开关后弹簧测力计示数减小，请标出电源右端的极性并在虚线框内的磁感线上画出其方向。

【答案】
【解析】
【详解】闭合开关后弹簧测力计示数减小，说明弹簧测力计下端挂着的磁铁受到向上的力，由同名磁极相互排斥可知，螺线管的上端为N极，由条形磁铁周围的磁感线可知，磁感线由N极出发回S极，再根据右手螺旋定则可知螺线管前方的电流方向向右，得到电源的右端为正极，如图所示：

20. 如图甲所示，建筑工地上起重机竖直提升重物，在此过程中，起重机对重物拉力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示，重物上升的图像如图丙所示。请在甲图上画出时，重物受力的示意图，并标明力的大小（点为重物的重心），不计空气阻力。

【答案】
【解析】
【详解】由丙图可知物体在2~10s时做匀速直线运动，受力平衡，物体所受拉力等于重力，又因为由乙图可知物体在2~10s时所受拉力为2000N，所以物体重力为2000N；当时，由乙图可知物体所受拉力为1000N，所以此时重物所受力的示意图如下

21. 如图甲所示，大雪过后路面结冰，环卫工人会在公路上撒盐，使路面的冰及时融化，确保了行人和车辆的出行安全。为了弄清其中缘由，小张做了一组关于冰熔化的实验。

（1）如图乙，在组装实验器材时，应按照______（选填“自下而上”或“自上而下”）的顺序组装。实验中某时刻温度计的示数如图丙所示，则示数是______℃；
（2）加热一段时间后,小张根据记录的实验数据在丁图中绘制了A图象，由此可知冰是______（选填“晶体”或“非晶体”），其在熔化过程中内能______（选填“增大”、“减小”或“不变”）；
（3）完成上述实验后，小张又取了适量淡盐水制成的碎冰，用相同的热源再次加热，得到丁图中B图象；
（4）再次取适量浓度更大一些的盐水制成的碎冰，用相同的热源加热，得到丁图中C图象；由以上实验可知，加入盐后冰的熔点将会______ （选填“升高”、“降低”或“不变”）。
【答案】 ①. 自下而上 ②. -3 ③. 晶体 ④. 增大 ⑤. 降低
【解析】
【详解】（1）[1]实验中为了用酒精灯的外焰加热，且温度计的玻璃泡不能接触到容器底，所以实验器材需要自下而上组装。
[2]由图丙可知，温度计的分度值为1℃，液面在0℃以下，则温度计的示数为-3℃。
（2）[3]根据图丁A可知，冰在熔化过程中，温度保持不变，说明冰为晶体。
[4]冰在熔化过程中需要不断的吸收热量，内能增加。
（4）[5]分析丁图C图线可知，加入盐后冰熔化时的温度降低，说明熔点会降低。
22. 某小组的同学用如图甲所示器材完成了“探究平面镜成像的特点”的实验。

（1）实验中用薄玻璃板代替平面镜目的是：便于确定像的______；
（2）实验中应选择与蜡烛①外形相同且______（选填“已点燃”或“未点燃”）的蜡烛②，移动蜡烛②发现其恰好能与蜡烛①的像完全重合，说明像与物______；
（3）将蜡烛①远离玻璃板，像的大小将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）；
（4）如图乙，将玻璃板倾斜，蜡烛①的像将______（选填“仍然”或“不再”）与蜡烛①关于镜面对称。
【答案】 ①. 位置 ②. 未点燃 ③. 大小相同 ④. 不变 ⑤. 仍然
【解析】
【详解】（1）[1]实验中用玻璃板代替平面镜，玻璃板透光，能够成像，为了便于确定像的位置。
（2）[2][3]运用等效替代法用大小相同的两根蜡烛，点燃一根蜡烛再用未点燃蜡烛与点燃蜡烛的像重合，若能够完全重合，说明平面镜成像中，物像大小相等。
（3）[4]根据平面镜成像特点可知，物像大小相等，将蜡烛①远离玻璃板，蜡烛①的大小不变，则所成像的大小不变。
（4）[5]由平面镜成像原理可知，物与像关于平面镜对称，所以将玻璃板倾斜，蜡烛①的像将仍然与蜡烛①关于镜面对称。
23. 某学习小组，在做“测量小石块密度”的实验时进行了如下操作：

（1）如图甲，将天平放在水平台面上，指针恰好指在分度盘中央，接下来应该将游码移至零刻度线后向______调节平衡螺母，使指针再次指在分度盘中央；
（2）正确测量小石块的质量，如图乙所示，则小石块的质量为______g；
（3）放入小石块前后量筒示数如图丙所示，则小石块的密度为______；
（4）另一小组在实验时先测了小石块的体积，接着测量了它的质量，这样会导致测得的小石块密度比真实值偏______；
（5）我们也可以利用弹簧测力计、烧杯和水来测量小石块的密度，步骤如下：
a.将小石块挂在弹簧测力计下静止时，读出弹簧测力计的示数为；
b.将挂在弹簧测力计下的小石块浸没在烧杯内的水中静止时（小石块未接触烧杯底），弹簧测力计的示数为；
c.小石块密度的表达式______(用、和表示)。
【答案】 ①. 右 ②. 62.4 ③. ④. 大 ⑤.
【解析】
【详解】（1）[1]将天平放在水平台面上，指针恰好指在分度盘中央，说明此时天平平衡，把游码移到零刻度线处后，横梁右边上翘，要使横梁平衡，应将横梁上的平衡螺母向右调，直至天平平衡。
（2）[2]由图乙可知，石块的质量等于砝码的质量加游码的示数
（3）[3]由图丙可知，石块放入量筒前的示数为60mL，石块浸没后量筒的示数为84mL，则石块的体积为
石块的密度为
（4）[4]若先测量体积，由于石块沾有液体，会导致测得的质量偏大，根据密度公式可知，质量偏大，体积正常，则密度偏大。
（5）[5]由题意根据称重法可知
F浮=F1-F2
又因为，所以石块的体积为
又因为，所以石块的密度为
24. 某同学在做“测量小灯泡正常发光时的电阻”的实验时，设计了如图甲所示的实验电路，已知标有“”字样的小灯泡正常发光时的电阻约为，电源电压为，可供选用的滑动变阻器有和。

（1）为了能完成实验，应该选用的滑动变阻器是______（选填“”或“”）；
（2）将滑动变阻器调至阻值最大处，闭合开关，发现______（选填“电压表”或“电流表”）无示数。通过分析发现图甲中有一根导线连接错误，请在错误连线上画“”并在图中画出那一根正确的连线；______
（3）电路改正后，某次测量时电压表的示数为，为使小灯泡正常发光，应将滑动变阻器的滑片向______（选填“A”或“B”）端滑动。小灯泡正常发光时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为______；
（4）该同学又取来的定值电阻，设计了如图丙所示的电路图，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为______A时，小灯泡正常发光。此时电路的总功率为______W。
【答案】 ①. ②. 电流表 ③. ④. B ⑤. 9.5 ⑥. 0.38 ⑦. 4.68
【解析】
【详解】（1）[1]已知标有“”字样的小灯泡正常发光时的电阻约为，由欧姆定律得到灯的额定电流约为
根据串联电路电压的规律及欧姆定律，灯正常发光时变阻器连入电路的电阻
故选用。
（2）[2]由图可知，电压表串联在电路中，电流表和灯泡并联，电压表内阻很大，通过电路的电流很小，电流表示数几乎为零。
[3]电压表和灯泡并联，电流表串联在电路中，如图所示：

（3）[4][5]某次测量时电压表的示数为，小灯泡的额定电压是3.8V，要测量小灯泡的额定功率，应增大小灯泡两端的电压，减小滑动变阻器两端的电压，由串联分压原理可知，应减小滑动变阻器接入电路中的电阻，即将滑片向B移动，使灯泡电压等于额定电压；由图乙所示电流表可知，其量程为0~0.6A，分度值是0.02A，示数为0.4A，小灯泡正常发光时的电阻为
（4）[6]图丙中灯泡和电阻并联，由并联电路电压的规律可知灯泡和电阻两端的电压相等，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使电流表的示数为
[7]小灯泡正常发光，通过灯泡的电流是0.4A，干路中的电流
I=0.4A+0.38A=0.78A
此时电路的总功率为
P=UI=6V×0.78A=4.68W
四、计算题：本大题包括3小题，共24分。解答时应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。
25. 如图为我国自主研制的两栖战车，整车质量为，每条履带与地面的接触面积为，水上最快航速可达，达到世界先进水平，某次任务中它以最快航速匀速穿过一宽为的水域。
已知、、、。求：
（1）该战车停在水平地面时对地面的压强；
（2）此次任务中该战车穿过该水域需要多长时间；
（3）该战车在水面漂浮时排开水的体积；
（4）该战车在此次任务中消耗燃油，这些燃油完全燃烧放出的热量是多少。

【答案】（1）；（2）2.2h；（3）；（4）
【解析】
【详解】解：（1）战车停在水平地面时对地面的压力
战车对地面的压强
（2）根据，该战车穿过此水域所用时间
（3）战车在水中漂浮，根据二力平衡，其所受浮力
由得，排开水的体积为
（4）根据密度公式得，消耗燃油的质量
燃油完全燃烧放出的热量为
答：（1）战车停在水平地面时对地面的压强为.3×104Pa；
（2）此次任务中该战车穿过该水域需要的时间为2.2h；
（3）该战车在水面漂浮时排开水体积为26.5m3；
（4）该战车在此次任务中消耗燃油600L，这些燃油完全燃烧放出的热量是2.193×1010J。
26. 今年一季度，我国汽车出口量全球第一，电动汽车贡献非常大。如图所示为某型号电动汽车运动的图像，它在第10秒时速度达到，然后以的速度做匀速直线运动。已知该车质量为，以的速度运动时所受阻力为该车重力的0.1倍，，不计机械摩擦。

（1）已知物体运动的图像与时间轴围成的面积大小等于路程的大小。则在内，该车通过的路程与的关系为？
（2）该汽车以的速度匀速直线行驶了，该过程中加在电动机上的电压为，通过的电流为，求电动机的效率为多少？
（3）求该车电动机的线圈电阻是多少？
【答案】（1）大于；（2）72%；（3）1.4Ω
【解析】
【详解】解：（1）因为物体运动的图像与时间轴围成的面积大小等于路程的大小，由图可知三角形面积为
该车通过的图形面积大于三角形的面积，所以该车通过的路程大于。

（2）根据二力平衡知识，汽车匀速直线运动时受到的牵引力
根据，汽车行驶的路程
汽车牵引力做功即为有用功
消耗的电能即为总功
电动机的效率
（3）由题意可知，不计机械摩擦损失，电动机线圈产生的热量即为额外功
由焦耳定律得，电动机线圈电阻
答：（1）该车通过的路程大于；
（2）电动机的效率为72%；
（3）该车电动机的线圈电阻是1.4Ω。
27. 如图甲所示，电源电压U保持不变，当只闭合开关S1，滑动变阻器的滑片从最右端滑向中点过程中得到电压表与电流表示数的变化图像如图乙所示。闭合开关S1、S3，断开S2，滑动变阻器的滑片在最左端时，电路的总功率为15W。已知R2=2R1，求：
（1）定值电阻R1的阻值；
（2）R0的最大阻值和电源电压U；
（3）定值电阻R3的阻值及整个电路的最大功率。

【答案】（1）10Ω；（2）10V；（3）20W
【解析】
【详解】解：（1）只闭合S1时，R0与R1串联，电压表V测R1两端的电压，电流表A测串联电路中的电流，由乙图可知，R1的阻值
（2）只闭合开关，滑片位于最右端时，电源电压
……①
滑片位于R0中点时，电源电压
……②
联立①②两式解得
即R0最大阻值为30Ω，电源电压为10V。
（3）由题意可知
闭合开关S1和S3，断开开关S2，滑动变阻器滑片滑到最左端时，R1和R3并联，则
所以R3的阻值
当滑片位于最左端，开关S1、S2、S3都闭合时，R1、R2、R3并联，此时电路总电阻最小，电路总功率最大，整个电路的最大功率
答：（1）定值电阻R1的阻值为10Ω；
（2）R0的最大阻值和电源电压为10V；
（3）定值电阻R3的阻值及整个电路的最大功率为20W。