[物理]内蒙古呼和浩特新城区2024年九年级下学期模拟考试(解析版)

这是一份[物理]内蒙古呼和浩特新城区2024年九年级下学期模拟考试(解析版)，共20页。试卷主要包含了实验题，综合题(本题共4个小题，21等内容，欢迎下载使用。
1. 下列成语与光的折射现象有关的是（ ）
A. 立竿见影B. 镜花水月C. 坐井观天D. 海市蜃楼
【答案】D
【解析】立竿见影是光的直线传播现象，故A不符合题意；镜花水月，属于平面镜成像，是光的反射现象，故B不符合题意；坐井观天是光的直线传播现象，故C不符合题意；海市蜃楼，是光的折射现象，故D符合题意；应选D．
2. 下列物态变化中属于凝华的是（ ）
A. 春天冰雪消融
B 冬天雪雕越来越小
C. 草叶上水形成“冰挂”
D. 北方冬天的雾凇
【答案】D
【解析】A．春天来了，冰雪消融属于熔化现象，故A不符合题意；
B．冬天雪雕越来越小是因为发生了升华现象，故B不符合题意；
C．草叶上水形成“冰挂”是凝固现象，故C不符合题意；
D．冬天，树枝上的雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故D符合题意。
故选D。
3. 下列相关物理量估测最接近实际的是（ ）
A. 教室内讲桌的高约2m
B. 一个兵乓球的质量约50g
C. 夏季房间空调设置温度约25℃
D. 手机充电器的功率约为100W
【答案】C
【解析】A．人的很高大约1.7m，讲桌不可能高于人的身高，故A不符合题意；
B．一个鸡蛋50g，乒乓球比鸡蛋轻得多，约为5g，故B不符合题意；
C．人体感到舒适的温度约为22℃到28℃，夏季房间空调设置温度约25℃合理，故C符合题意；
D．手机充电器的功率比100W小得多，约为10W。
故选C。
4. 本身不带电的小明伸手去拿衣服时，被衣服“电”了一下，下列说法正确的是（ ）
A. 衣服一定是导体
B. 若在摩擦起电时衣服带上负电荷，则衣服得到了电子
C. 若瞬间电流方向从小明流向衣服，则小明带的是负电荷
D. 用一个不带电的验电器可辨别出衣服上所带电荷的正负
【答案】B
【解析】A．衣服“电”了一下小明，说明衣服带了电，但衣服的材料不容易导电，因此不是导体，故A错误；
B．摩擦起电的实质是电子的转移，得到电子的物体带负电，失去电子的物体带正电，若在摩擦起电时衣服带上负电荷，则衣服得到了电子，故B正确；
C．物理学规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，与电子移动的方向相反，若瞬间电流方向从小明流向衣服，则电子是从衣服转移到小明，衣服带的是负电荷，故C错误；
D．验电器是检验物体是否带电的仪器，不能判断带电体的带的是正电荷还是负电荷，因此用一个不带电的验电器不能辨别出衣服上所带电荷的正负，故D错误。
故选B。
5. 如图所示是一款鼠标的概念设计，它外形看起来像一个溜溜球，这个设计的核心是：在长时间伏案工作时，因为电池消耗的较快，你必须经常起身玩一下它来进行充电，这样既能恢复电力，又对健康大有好处。请猜想鼠标电力得以恢复与图示装置中原理相同的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】B
【解析】题中鼠标设计的核心是：由于电池消耗较快，必须经常起身玩一下，说明此款鼠标是把机械能转化为电能，原理是电磁感应现象，与发电机的原理相同，B选项属于电磁感应现象，符合题意；A选项中实验是奥斯特实验，说明通电导体周围存在磁场，不符合题意；C选项是通电导体在磁场中受到力的作用，是电动机的原理，不符合题意；D选项是探究电磁铁的磁性强弱与电流的关系，不符合题意；故选B。
6. 下列做法中符合安全用电原则的是（ ）
A. 发生触电事故时应先切断电源B. 用湿抹布擦电灯
C. 把三脚插头改成两脚插头使用D. 在高压线下放风筝
【答案】A
【解析】A．发生触电事故时应先切断电源，符合安全用电原则，故A符合题意；
B．用湿抹布擦墙上插座容易触电，不符合安全用电原则，故B不符合题意；
C．把三角插头改成两脚插头使用，没有了接地线，不符合安全用电原则，故C不符合题意；
D．在高压线下放风筝容易发生高压触电，不符合安全用电要求，故D不符合题意。
故选A。
7. 下列四幅图中属于增大摩擦力的是（ ）
A. 加齿轮油
B. 轮滑鞋
C. 磁悬浮列车“悬浮”
D. 用力捏闸
【答案】D
【解析】A．加齿轮油是在压力一定时，通过减小接触面的粗糙程度来减小摩擦力的，故A不符合题意；
B．轮滑鞋装有滚轮是通过变滑动为滚动的方法来减小摩擦力的，故B不符合题意；
C．磁悬浮列车悬浮行驶，是通过使接触面分离的方法来减小摩擦力的，故C不符合题意；
D．骑自行车刹车时用力捏闸，是接触面粗糙程度一定时，通过增大压力的方法来增大摩擦力的，故D符合题意。
故选D。
8. 天然气汽车在世界和我国一些省市得到了推广应用，如图所示是一款天然气汽车，下列有关说法符合实际的是（ ）
A. 天然气是可再生能源
B. 天然气燃烧时，化学能转化为内能
C. 天然气汽车在压缩冲程提供动力
D. 将天然气液化，是为了增大体积便于储存和运输
【答案】B
【解析】A．天然气无法从自然界源源不断获取，是不可再生能源，故A不符合题意；
B．天然气燃烧时，发生化学变化，释放出热量，化学能转化为内能，故B符合题意；
C．天然气汽车在做功冲程中内能转化为机械能，从而提供动力，故C不符合题意；
D．将天然气液化，是为了减小体积便于储存和运输，故D不符合题意。
故选B。
9. 国家男篮训练情境，如图是队员空中传球时的精彩画面，下列说法科学的是（ ）
A. 离手后的篮球继续向前运动是因为球受到惯性
B. 篮球上升过程中将动能全部转化为重力势能
C. 空中的篮球加速下落，是重力改变了篮球的运动状态
D. 篮球离手前的一瞬间受到的是平衡力
【答案】C
【解析】A．离手后的篮球继续向前运动是因为球具有惯性，惯性不是力，不能说“受到惯性”，故A不符合题意；
B．篮球上升过程中还要克服空气阻力做功，一部分动能转化为内能，故B不符合题意；
C．空中的篮球加速下落是因为受到竖直向下的重力的作用，合力朝向，重力改变了篮球的运动状态，故C符合题意；
D．篮球离手前的一瞬间做加速运动，受非平衡力，故D不符合题意。
故选C。
10. 如图所示，“GMR”是巨磁电阻，它的阻值随磁场的增强而变小。当闭合开关S1和S2，滑动变阻器的滑片向左移动时，下列说法中正确的是（ ）
A. 电压表V1与电压表V2之和不变
B. 电磁铁的右端为N极
C. 电压表V2与电流表A的比值不变
D. 电压表V1与电流表A的比值变大
【答案】A
【解析】由图可知，巨磁电阻与指示灯串联，电压表V1测量巨磁电阻的两端电压，电压表V2测量小灯泡的两端电压，电流表测量通过巨磁电阻和指示灯的电流。闭合S1、S2并使滑片P向左滑动，滑动变阻器连入电路的阻值变小，根据欧姆定律可知，通过电磁铁电流变大，磁性变强，则巨磁电阻阻值变小，巨磁电阻所在电路的总电阻变小，根据欧姆定律可知，巨磁电阻所在电路的电流变大，电流表示数A变大；根据串联分压规律可知，巨磁电阻所分电压变小，电压表示数V1变小，灯泡所分电压变大，电压表V2示数变大。
A．电压表V1与电压表V2之和等于巨磁电阻所在电路的电源电压，电源电压不变，所以电压表V1与电压表V2之和不变，故A正确；
B．由题图可知，电流从电磁铁的右端外侧流入，根据安培定则可知，电磁铁的左端是N极，右端是S极，故B错误；
C．电压表V2与电流表A的比值为灯泡灯丝的电阻大小，由于灯泡的灯丝电阻随温度变化而变化，不是一个定值，所以电压表V2与电流表A的比值一定改变，故C错误；
D．电压表示数V1变小，电流表示数A变大，电压表V1与电流表A的比值变小，故D错误。
故选A。
11. 将体积相同的A、B实心小球用细线系好，按如图所示的方式浸没在液体中，细线对小球的拉力相等（不为零）。下列说法正确的是（ ）
A. 若将细线剪断，当两球静止时，受到的浮力相等
B. A球的密度可能小于B球的密度
C. 若将细线剪断，当小球静止时，液体对容器底的压强与图中相比不变
D. 若将细线剪断，当小球静止时，容器对水平桌面的压强与图中相比变大
【答案】D
【解析】AB．体积相同的A、B实心小球,绳子剪断前，两球都浸没液体中，排开水的体积都等于球的体积，故所受浮力相等。细线对小球的拉力相等且不为零，故A小球受到竖直向上的拉力，B小球受到竖直向下的拉力，保持静止。故可得，小球完全浸没时，A小球所受浮力小于自身重力，绳子剪断后会下沉，A小球的密度大于液体密度，B小球所受浮力大于自身重力，绳子剪断后会上浮，B小球的密度小于液体密度，故A球的密度大于B球的密度，B错误；B小球上浮最终漂浮，有一部分体积露出液体表面，排开液体体积减小，浮力减小，故若将细线剪断，当两球静止时，A小球受到的浮力大于B小球受到的浮力，故A错误；
C．由上分析可知，当细线剪断，当小球静止时，AB两小球受到的总的浮力减小，排开液体的体积变小，液面下降，深度变小，根据，液体对容器底的压强与图中相比变小，故C错误；
D．将容器、液体、AB小球看成一个整体，这个整体受到A小球上绳子一个向上的拉力，当绳子剪断后这个拉力消失，整体对桌面的压力变大，在受力面积不变的情况下，容器对水平桌面的压强变大，故D正确。
故选D。
12. 如图所示电路，闭合开关S，灯泡L1发光，L2不发光。此时，把试电笔分别插入插座的左、右孔，氖管均能发光。产生这一现象的原因可能是（ ）
A. L2断路B. BC断路C. CD断路D. L2短路
【答案】B
【解析】A．若L2断路，闭合开关S，灯泡L1发光，L2不发光；由于插座的左孔与零线相连，把试电笔插入插座的左孔，氖管不能发光。故A不符合题意；
B．若BC断路，闭合开关S，灯泡L1发光，L2不发光；插座的左、右孔都与火线连通，把试电笔分别插入插座的左、右孔，氖管均能发光。故B符合题意；
C．若CD断路，闭合开关S，两灯均发光，故C不符合题意；
D．若L2短路，闭合开关S，灯泡L1被短路，灯泡L1不发光，故D不符合题意。
故选B。
二、实验题（本题共4个小题，每题3分，共12分）
13. 在烧杯和试管中放入适量的碎冰（不计加热过程中质量损耗），并各放了一支温度计，组成如图甲所示的实验装置来探究“冰熔化和水沸腾时温度变化的规律”。实验过程中两支温度计的示数随时间变化的图像如图乙所示。
（1）某时刻，烧杯内温度计的示数如图甲所示，此时的温度为_________℃；
（2）由图像可知：6~10min试管内的碎冰的内能_________（选填“变大”、“变小”或“不变”）；试管内的碎冰熔化过程需要__________min。
【答案】（1）-9 （2）变大 7
【解析】（1）[1]由图甲可知，温度计最小一格为1℃，即分度值为1℃，此时刻度在0刻度线以下，因此读数为-9℃。
（2）[2]由实验装置可知，烧杯中的冰直接用酒精灯加热，试管中的冰从烧杯中吸收热量，因此烧杯中的冰温度先开始升高且先开始熔化，所以图乙左侧图像表示的是烧杯中冰的温度随时间变化图像。由图像乙可知在第6min时，烧杯中的冰在熔化过程，试管中的冰到达熔点开始熔化，由于熔化过程需要不断吸收热量，温度不变，内能增大，所以6~10min试管内的碎冰的内能变大。
[3]由图乙可知，试管中的碎冰熔化时间段是6min～13min，所以试管内的碎冰熔化过程经历了7min。
14. 如图甲所示，在探究“平面镜成像特点”的实验时：
（1）将平面镜竖直放置在水平桌面上，用两个等大的蜡烛A、B进行实验，发现B与A的像完全重合。当把光屏放在B的位置上，光屏上__________（选填“能”或“不能”）承接到像；
（2）探究完“平面镜成像特点”，小明又用刚才的蜡烛A、焦距为10cm的凸透镜和光屏来研究“凸透镜成像规律”。他将各元件放到如图乙所示的位置，光屏上得到了清晰的像，它是__________（选填“照相机”、“投影仪”或“放大镜”）的成像原理；
（3）保持透镜和光屏不动，将蜡烛向左移动，若想在光屏上再次成一个清晰的像，将一个度数合适的__________（选填“近视镜”或“远视镜”）放在蜡烛与凸透镜之间的合适位置即可。
【答案】（1）不能 （2）照相机 （3）近视镜
【解析】（1）[1]实像可以成在光屏上，而虚像不能，当把光屏放在B的位置上，由于平面镜里成的是虚像，因此光屏上不能承接到像。
（2）[2]他将各元件放到如图乙所示的位置，光屏上得到了清晰的像，此时物距大于像距，根据凸透镜成实像时，物距大于像距，成倒立缩小的实像，照相机就是利用此原理制成的。
（3）[3]保持透镜和光屏不动，将蜡烛向左移动，此时物距增大，根据凸透镜“成实像时，物远像近像变小”的规律可知，像成在光屏的左侧；若想在光屏上再次成一个清晰的像，需将光线发散，推迟光线会聚成像，具有发散作用的是凹透镜，近视镜是凹透镜制成的，所以应将一个度数合适的近视镜放在蜡烛与凸透镜之间合适位置。
15. 物理实验课上利用密度为ρ盐水的盐水，又借助一个柱状烧杯、木块和刻度尺，测一个合金球的密度。
（1）如图甲在烧杯中装入适量的盐水，木块放入其中，用刻度尺测出烧杯中盐水的深度为h1 ；
（2）如图乙用细线将合金球系在木块下，放入其中，用刻度尺测出烧杯中盐水的深度为h2；
（3）用剪刀将细线剪断，待木块和合金球都静止时，用刻度尺测出___________为h3。
（4）合金球的密度表达式ρ=_________。
（5）在用剪刀将细线剪断时，剪刀上带出了一部分水，这会使测量的密度___________（填“偏大”、“偏小”、或“不变”）。
【答案】（3）烧杯中盐水的深度 （4） （5）偏大
【解析】[1]要测固体密度，必须分别知道固体的质量和体积，再利用计算求解。步骤（1）（2）在盐水中均是漂浮，浮力等于重力，区别就是一个有小球一个没有小球，故两浮力差值即为小球的重力，有小球的重力可以得出小球的质量，因此（3）需要能够测出体积，用剪刀将细线剪断，待木块和合金球都静止时，用刻度尺测出烧杯中盐水的深度，与（1）对比木块仍旧漂浮在盐水面，就多了一个小球排开盐水的体积，小球完全浸没，小球排开盐水的体积等于小球的体积。
[2]设木块放入盐水前烧杯中盐水的深度为，烧杯底面积S，盐水密度为，则由甲图有
…...①
由乙图有
……②
用②-①得小球重力为
小球的质量
用剪刀将细线剪断，待木块和合金球都静止时有
完全浸没，故
合金球的密度表达式
[3] 在用剪刀将细线剪断时，剪刀上带出了一部分水，会导致变小，得到的小球的体积变小，质量不变的情况下，密度变大。
16. 在探究“电流和电阻的关系”实验时，选用了电压为6V的电源，“30Ω、1A”的滑动变阻器，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻，进行了下面的实验：
（1）小华连接了图甲所示的电路，请你在图中连接错误的一条导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确______；
（2）改正错误，开关闭合后，为了使四个定值电阻单独连入电路都能完成实验，则定值电阻两端控制的电压范围______～______V；
（3）小华又选用10Ω电阻，探究了“电流和电压的关系”实验，实验数据如下表，其中第______次数据是不能通过实验实际测量出来的。
【答案】（1） （2）2.4 5 （3）1
【解析】（1）[1] 实验中，电流表应与定值电阻串联，电压表与定值电阻并联，故改错如下：
（2）[2] 滑动变阻器规格为“30Ω、1A”，所以定值电阻两端控制的电压最大为
将20Ω的定值电阻接入电路，变阻器阻值调到最大，根据串联分压原理则有
解得，即定值电阻两端控制的电压最小为2.4V，则定值电阻两端控制的电压范围为。
（3）[3] 选用10Ω电阻，变阻器规格为“30Ω、1A”，则变阻器阻值调到最大时，电路中电流最小为
所以第1次数据是不能通过实验实际测量出来的。
三、计算题(本题共4个小题，每题4分，共16分）
17. 建筑工地工人用如图的滑轮组搬运沙袋，已知一袋沙袋重200N，工人一次性用该滑轮组搬运4袋沙袋，沙袋移动的速度为0.2m/s，该滑轮组的机械效率为80％，（不计绳重、摩擦）；求：
（1）10s内工人对沙袋做功；
（2）工人的拉力做功的功率。
【答案】（1）；（2）
【解析】解：（1）10s内沙袋上升高度为
则10s内工人对沙袋做功为
（2）工人的拉力做功为
则工人的拉力做功的功率为
答：（1）10s内工人对沙袋做功为；
（2）工人的拉力做功的功率为。
18. 如图所示电路，电阻R的阻值为10Ω，电动机线圈电阻为2Ω，S断开时，电流表的示数为0.5A，闭合开关S后，电流表的示数增加了1A；求：
（1）电源电压；
（2）S闭合后，整个电路工作1min产生的热量。
【答案】（1）10V；（2）630J
【解析】解：（1）断开开关S，电动机单独接入电路，通过电动机的电流为0.5A；闭合开关S，电动机与电阻R并联，通过电动机的电流仍为0.5A，因为电流表的示数增加了1A，所以通过电阻R的电流为1A；根据并联电路特点和欧姆定律可得，电源电压为
（2）S闭合后，电动机工作1min产生的热量为
电阻R工作1min产生的热量为
所以整个电路工作1min产生的热量为
答：（1）电源电压为10V；
（2）S闭合后，整个电路工作1min产生的热量为630J。
19. 如图甲所示的电路中，R2为定值电阻，滑动变阻器R1标有“50Ω 1A”字样，电流表量程为0~0.6A，电压表量程为0~15V。在开关S1、S2都闭合或都断开两种情况中，在保证所有元件都安全的前提下，移动变阻器滑片得到了两次电流表示数与电压表示数变化关系的图像如图乙所示。求：
（1）R2的阻值；
（2）灯泡L的功率变化范围。
【答案】（1）30Ω；（2）0.1W~3W
【解析】解：（1）开关S1、S2都闭合时，灯泡被短路，电阻R1、R2并联，电流表测的是干路电流，电压表测的是电源电压，在保证所有元件都安全的前提下，移动变阻器滑片，变阻器接入电路的电阻发生变化，电路的总电阻发生变化，电路电流发生变化，由于电压表测的是电源电压，电源电压不变，因此电压表示数不变，所以图乙中平行于横轴的线段即为开关S1、S2都闭合时，电流表示数与电压表示数变化关系的图像；开关S1、S2都断开时，灯泡和R1串联，电压表测的是R1的两端电压，电流表测的是电路电流，在保证所有元件都安全的前提下，若移动变阻器滑片使得变阻器连入电路的电阻变小，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路电流变大，电流表示数变大，根据串联分压原理可知，变阻器的两端电压变小，电压表示数变小，所以图乙中曲线是开关S1、S2都断开时，电流表示数与电压表示数变化关系的图像。当开关S1、S2都闭合时，由图乙可知，电源电压为
当变阻器接入电路的电阻最大时，此时的干路电流为0.32A，根据并联电路特点和欧姆定律可得
即
解得，R2的阻值为30Ω。
（2）由图乙可知，当开关S1、S2都断开时，灯泡和R1串联，当变阻器连入电路的电阻最大时，电路的总电阻最大，电路电流最小为0.1A，此时所有元件都安全，根据串联分压可知，灯泡的两端电压最小，此时灯泡的电功率最小，此时灯泡的两端电压为
灯泡的电功率最小为
由图乙可知，当电压表示数为0时，此时变阻器接入电路的电阻为0，电路为灯泡的简单电路，电路电流最大为0.5A，各元件安全，灯泡的电功率最大为
所以灯泡L的功率变化范围是0.1W~3W。
答：（1）R2阻值为30Ω；
（2）灯泡L的功率变化范围为0.1W~3W。
20. 运-20是我国自主研发的战略重型运输机，最大起飞重量220t，载重超过66t，最大飞行速度可达720km/h，满载航程4400km。求：
（1）若飞机起飞前总质量为210t，该机有14个轮子，每个轮子与地面的接触面积0.06 m2，则它静止时对水平地面的压强是多少？
（2）当飞机以720km/h的速度水平直线匀速飞行时，空气阻力为7.5×105N，飞机发动机的功率是多少？
【答案】（1）2.5×106Pa；（2）1.5×108W
【解析】解：（1）飞机静止时对水平地面的压力是
飞机轮胎与地面的接触总面积为
根据可得，它静止时对水平地面的压强是
（2）当飞机匀速直线飞行时处于平衡状态，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，所以，飞机的牵引力为
飞机飞行的速度为
飞机发动机推力的功率为
（1）它静止时对水平地面的压强是2.5×106Pa；
（2）当飞机以720km/h的速度水平直线匀速飞行时，空气阻力为7.5×105N，飞机发动机的功率是1.5×108W。
四、综合题(本题共4个小题，21、22题4分，23、24题5分，共18分）
21. 如图所示，SA为点光源S发出的一条光线，该光线经过平面镜反射后射向凸透镜，F和P分别为凸透镜的焦点和二倍焦距处，已知S在平面镜中成的像正好与凸透镜右侧的P点重合，请在图中画出平面镜的位置，并画出SA经平面镜反射后再经过凸透镜折射的光线。
【答案】
【解析】平面镜成的像与物关于平面镜对称，连接SP，作SP的垂直平分线即为平面镜的位置，根据光的反射定律可知SA的反射光线的反向延长线过右侧二倍焦距点，根据凸透镜成像规律可知SA的反射光线经过凸透镜折射后过左侧的二倍焦距点，作图如下：
22. 端午节的传统之一是吃粽子，剥开粽子叶时闻到浓浓的粽子香味，这是______现象；煮熟的热粽子放到凉水中冷却，这是利用______方式减少粽子的内能，端午节的另一个传统是“赛龙舟”，如图所示，参赛选手奋力划桨，舟如离弦之箭向前疾行，船桨是______杠杆（填“省力”、“费力”或“等臂”）。当两艘龙舟齐头并进时，船尾的舵手要控制好船体，防止两船靠得太近。其原因是______。
【答案】扩散 热传递 费力 见解析
【解析】[1] 剥开粽子叶时闻到浓浓的粽子香味，这是扩散现象，表明分子在不停地做无规则的运动。
[2] 煮熟的热粽子放到凉水中冷却，热粽子对外放热，温度降低，内能减小，这是利用热传递方式减少粽子的内能。
[3] 船桨在使用时，阻力臂大于动力臂，为费力杠杆。
[4] 当两艘龙舟齐头并进时，船尾的舵手要控制好船体，防止两船靠得太近。其原因是两艘船中间的水的流速快，压强小，外侧水的流速慢，压强大，船会在产生的压力差作用下撞击在一起。
23. 图甲是某品牌的电加热饭盒，它有加热和保温两个档位，使用时底层放的水，可利用蒸汽环流立体加热。图乙是电加热饭盒的简化电路图和相关参数，根据这些信息计算下列问题：
（1）加热时的电流；
（2）电阻R2的阻值；
（3）不计热量损失，将220g水从20℃加热到100℃，需要多长时间？
[水的比热容是4.2×103J/（kg·℃）]
【答案】（1）1A；（2）；（3）
【解析】解：（1）加热时电流为
（2）分析电路可知，S接1时，只有工作，此时总电阻较小，根据可知功率较大，为加热挡，则阻值为
S接2时，、串联，此时总电阻较大，根据可知功率较小，为保温挡，总电阻为
则电阻R2的阻值为
（3）水吸收的热量为
不计热量损失，则消耗电能为
则加热时间为
答：（1）加热时的电流为1A；
（2）电阻R2的阻值为；
（3）不计热量损失，将220g水从20℃加热到100℃，需要时间为。
24. 2023年5月28日上午，我国首架自行研制、拥有自主知识产权的喷气式客机C919，如图甲，历时2小时从上海飞往北京，开启了首次商业载客飞行。
（1）C919在高空水平定速巡航时，若受到的阻力为1.15×105N，飞机发动机的效率为25%，飞行4km时需要消耗多少升的汽油？（已知汽油的密度为0.8×103kg/m3，汽油的热值为4.6×107J/kg）
（2）如图乙是飞机单侧机翼与周围空气发生相对运动模型，图中机翼的下表面可视为平面，面积为S1，飞机起飞前在水平跑道上快速滑行时，机轮与地面的总接触面积是S2，飞机对地面的压强是，飞机总重是G，近似地认为飞机受到的升力来自于飞机双侧机翼。请推导出飞机在跑道上滑行时，机翼上下表面的压强差（用字母表示）。
【答案】（1）；（2）见解析
【解析】解：（1）C919在高空水平定速巡航时，受力平衡，动力为
则动力做的功为
则汽油完全燃烧放出的热量为
则汽油的质量为
则汽油的体积为
（2）飞机对地面的压力为
根据相互作用力，地面对飞机的支持力为
则升力为
根据可知机翼上下表面的压强差为
答：（1）需要消耗50升的汽油；
（2）机翼上下表面的压强差。
实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1
2
3
4
5
电流I/A
0.1
0.2
0.3
0.4
0.5
额定电压
220V
加热功率
220W
保温功率
40W