2024年江苏省连云港市中考物理试卷

这是一份2024年江苏省连云港市中考物理试卷，共24页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）（2024•连云港）晾晒的湿衣服在逐渐变干的过程中，发生的物态变化是（ ）
A．熔化B．汽化C．升华D．凝华
2．（2分）（2024•连云港）用温度计测量液体的温度，下面四幅图中，操作正确的是（ ）
A．B．C．D．
3．（2分）（2024•连云港）下列现象中能说明分子在不停地做无规则运动的是（ ）
A．花香满园B．尘土飞扬C．雪花飘飘D．落叶纷纷
4．（2分）（2024•连云港）2024年4月25日，我国长征运载火箭成功将神舟十八号载人飞船送往预定轨道。载人飞船离开地面加速上升的过程中（ ）
A．动能增大，重力势能不变
B．动能增大，重力势能增大
C．动能不变，重力势能不变
D．动能不变，重力势能增大
5．（2分）（2024•连云港）如图所示是生活中几种常见的杠杆，其中属于费力杠杆的是（ ）
A．托盘天平B．钢丝钳
C．开瓶扳手D．筷子
6．（2分）（2024•连云港）沿海地区比沙漠地区的昼夜温差小，这是因为水的（ ）
A．质量大B．温度高C．密度大D．比热容大
7．（2分）（2024•连云港）下列关于燃料的热值说法正确的是（ ）
A．燃料燃烧越充分，其热值越大
B．燃料的热值越小，完全燃烧放出的热量越少
C．一瓶酒精用去三分之一，剩余酒精的热值将减小
D．焦炭的热值是3.0×107J/kg，完全燃烧1kg焦炭能放出3.0×107J的热量
8．（2分）（2024•连云港）下列事例中属于光的反射现象的是（ ）
A．雨后天空中出现的彩虹
B．建筑物在平静水面下形成的倒影
C．插入水中的筷子看起来“弯折”
D．太阳光通过三棱镜后被分解成各种色光
9．（2分）（2024•连云港）如图所示，一个人先后两次用同样的时间、同样大小的力，将不同质量的物体在不同的表面上分别移动相同的距离。该力在此过程中所做功的大小分别为W1、W2，功率的大小分别为P1、P2，关于它们之间的大小关系说法正确的是（ ）
A．W1＜W2 P1＜P2B．W1＞W2 P1＞P2
C．W1＝W2 P1＝P2D．W1＜W2 P1＞P2
10．（2分）（2024•连云港）如图所示，电源电压不变，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向右移动过程中（ ）
A．电流表示数变小，灯变暗
B．电流表示数变大，灯变亮
C．电压表示数不变，灯亮度不变
D．电压表示数变小，灯亮度变亮
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共20分）
11．（3分）（2024•连云港）小明身高1.7m，距离平面镜3m，他在平面镜中的像高是 m，像到平面镜的距离是 m。当他向平面镜缓慢走近时，他在平面镜中像的大小 （选填“变大”“不变”或“变小”）。
12．（3分）（2024•连云港）在音乐社团活动过程中，乐器发出的声音通过 传到人耳。人耳能区分钢琴和长笛发出的声音，是由于它们所发出声音的 不同（选填“音调”“响度”或“音色”）。声呐是利用 （选填“超声波”或“次声波”）具有方向性好，在水中传播距离远等特点制成的。
13．（2分）（2024•连云港）用如图所示滑轮组将重300N的物体匀速提升1m，拉力F大小为120N，有用功为 J，滑轮组的机械效率为 。
14．（3分）（2024•连云港）小明将凸透镜正对太阳光，在距离凸透镜10cm的白纸上呈现一个最小、最亮的光斑，此凸透镜的焦距为 cm。如图所示是他用该凸透镜观看书本上“中国梦”三个字时的情况，如果他想看到更大的正立的“国”字，小明需要将凸透镜 书本（选填“远离”或“靠近”），凸透镜和书本的距离应满足的条件是 。
15．（2分）（2024•连云港）某同学自主学习《电路初探》一章后，整理部分知识结构图如图所示，请补全有关内容。
（1） ；
（2） 。
16．（3分）（2024•连云港）在“观察水的沸腾”实验时，当水沸腾时，观察到烧杯内产生大量气泡并不断上升，气泡在上升过程中将 （选填“逐渐变小”“逐渐变大”或“不变”）。沸腾时继续吸热，水的温度 。实验中，有三组同学选用同样规格的温度计，测量水的沸点却不同，同学猜想可能是温度计本身的差异引起的。为了验证同学的猜想，你的操作方法是 。
17．（4分）（2024•连云港）小明测量某种矿石样品的密度，天平平衡时右盘所加砝码及游码的位置如图甲所示，图乙是矿石样品放入量筒前后的情况，由测量可得矿石样品的质量为 g，矿石样品的体积为 cm3，所测矿石样品的密度为 kg/m3。1m3该矿石的质量为 kg。
三、解答题（本大题共7小题，18、19、22～24题每图每空2分，20题8分，21题10分，共50分。解答第20、21题时要求写出必要的文字说明、公式和演算过程）
18．（2分）（2024•连云港）按照题目要求作图。
如图所示，一束光从空气斜射向水面，请画出这条入射光线的折射光线。
19．（2分）（2024•连云港）如图所示，请标出通电螺线管的N、S极并用箭头画出图中磁感线的方向。
20．（8分）（2024•连云港）质量为2kg的物体放置在水平桌面上，底面积为2×10﹣2m2，体积为3×10﹣3m3。求：（g＝10N/kg）
（1）该物体对桌面的压力。
（2）该物体对桌面的压强。
（3）该物体浸没在水中释放后，静止时受到的浮力。
21．（10分）（2024•连云港）小明家的电水壶的内部电路如图所示，其中R1、R2为电热丝，S是电源开关，S0是温控开关（水温达到100℃，自动由加热状态切换为保温状态）。该电水壶的部分重要参数如表所示。已知电源电压为220V。求：
（1）当开关S闭合，S0断开时，电路中的电流。
（2）当开关S和S0均闭合时，R1的电功率。
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能。
22．（8分）（2024•连云港）小明在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验时，他用如图甲所示的电路进行实验，实验中乙电阻R两端的电压始终保持2V不变，电路中仪表均完好无损。
（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，他应先 。
（2）连接好电路后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，电压表有示数，电流表无示数，则电路故障的原因可能是 。
（3）排除故障后，小明将不同阻值的电阻接入电路进行实验，某次实验时电流表的示数如图丙所示，此时电阻R的阻值为 Ω。
（4）在实验过程中，当把电阻R由20Ω更换为10Ω时，滑动变阻器接入电路中的电阻应 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
23．（10分）（2024•连云港）在树叶尾部的边缘滴一滴圆珠笔油，然后将它缓缓放进水面，树叶在水面上像小船一样运动起来，滴了圆珠笔油的树叶被称为“油墨小船”。小明通过查阅资料了解到，由于油墨中表面活性剂的存在，当水与油墨接触时，“油墨小船”便获得向前运动的力。小明同学想探究“油墨小船”在水中运动的快慢与水的温度和圆珠笔油浓度的关系。他用塑料片代替树叶制作的“油墨小船”如图所示。
（1）探究“油墨小船”在水中运动的快慢与水的温度的关系。实验中小明控制水的温度分别为17℃、35℃、65℃，使用技术软件，记录了“油墨小船”在不同温度液面上的运动情况，采集数据如表所示。在三种测试温度下，“油墨小船”运动快慢的共同特点是 。“油墨小船”运动的快慢与水的温度的关系是 。“油墨小船”在运动过程中受的力是 （选填“平衡力”或“非平衡力”）。
（2）探究“油墨小船”在水中运动的快慢与圆珠笔油浓度的关系。为形成不同浓度的圆珠笔油，小明选择酒精为稀释剂，制成多种样品，然后选取适量样品滴在小船尾部边缘进行实验。小明发现圆珠笔油浓度减小时，“油墨小船”运动明显加快。小明制作样品的操作方法是 。
（3）当实验条件确定时，“油墨小船”获得向前的能量大小是固定的，为了使图中“油墨小船”获得更大的速度，可以采取的措施是 。
24．（10分）（2024•连云港）19世纪中期，科学家想在地面用实验证明地球在自转，但地面上所有物体都随地球做同样的运动，实验几乎不可能成功。年轻的科学家傅科发现：在摆架下用细线系一个摆球，如图甲所示。让摆球摆动时转动摆架，在没有外界干扰时，摆球摆动面不变，如图乙所示。
于是，傅科设想在地球某处安装图甲所示的实验装置，让摆球摆动方向对着某颗恒星，当地球自西向东自转后，摆架随地球一起转动，站在地面的观察者就可以判断地球的运动。1851年，傅科在巴黎用一个摆长67m，质量28kg的摆球证明了地球的自转，人们将这样的摆叫傅科摆。理论计算得出，在地球纬度为φ的地方，傅科摆转动一圈的时间为tφ＝h。
我国北京天文馆里有一个长10m的傅科摆，北京的地理纬度约为40°，北京的傅科摆每小时转过的角度为θ＝θ北极sinφ，θ北极是北极傅科摆每小时转过的角度。（已知sin90°＝1，sin40°≈0.64）
（1）如图丙所示，某同学用可以转动的圆桌代替地球模拟上述实验。具体操作是：摆球摆动后 ，通过观察 来证明地球的自转。
（2）在地球纬度越高的地方，傅科摆实验的效果越 。
（3）北京的天文馆里傅科摆1小时转过的角度大约为 ，以地面为参照物，傅科摆摆球是 的（选填“运动”或“静止”）。
2024年江苏省连云港市中考物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题（本大题共10小题，每小题2分，共20分。每小题给出的四个选项中只有一个符合题意）
1．（2分）（2024•连云港）晾晒的湿衣服在逐渐变干的过程中，发生的物态变化是（ ）
A．熔化B．汽化C．升华D．凝华
【答案】B
【分析】熔化是固态变为液态；
汽化是液态变为气态；
升华是固态变为气态；
凝华是气态变为固态。
【解答】解：晾晒的湿衣服在逐渐变干的过程中，液态水变为气态水蒸气，发生汽化现象。
故答案为：B。
【点评】本题考查了汽化及吸热特点，属于基础题目。
2．（2分）（2024•连云港）用温度计测量液体的温度，下面四幅图中，操作正确的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【分析】温度计不能接触容器壁、容器底部，需要完全浸入液体中。
【解答】解：A、温度计不能接触容器壁，故A错误；
B、温度计不能接触容器底部，故B错误；
C、玻璃泡完全浸入液体，故C正确；
D、玻璃泡没有完全浸入液体，故D错误；
故选：C。
【点评】本题考查了温度计的使用，属于基础题目。
3．（2分）（2024•连云港）下列现象中能说明分子在不停地做无规则运动的是（ ）
A．花香满园B．尘土飞扬C．雪花飘飘D．落叶纷纷
【答案】A
【分析】注意分子运动和机械运动的区别，分子是看不见的，小颗粒是看得见的。
【解答】解：A、花香满园，是花香的分子不停无规则运动的结果，故A正确；
B、粉尘飞舞是机械运动，并非分子的运动，故B错误；
C、雪花飘飘是机械运动，并非分子的运动，故C错误；
D、落叶纷纷是机械运动，并非分子运动，故D错误。
故选：A。
【点评】由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可以通过气味、颜色的变化来体现。
4．（2分）（2024•连云港）2024年4月25日，我国长征运载火箭成功将神舟十八号载人飞船送往预定轨道。载人飞船离开地面加速上升的过程中（ ）
A．动能增大，重力势能不变
B．动能增大，重力势能增大
C．动能不变，重力势能不变
D．动能不变，重力势能增大
【答案】B
【分析】动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
【解答】解：载人飞船离开地面加速上升的过程中，质量不变，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大。
故选：B。
【点评】本题考查动能和势能的影响因素，属于基础题。
5．（2分）（2024•连云港）如图所示是生活中几种常见的杠杆，其中属于费力杠杆的是（ ）
A．托盘天平B．钢丝钳
C．开瓶扳手D．筷子
【答案】D
【分析】动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；
动力臂等于阻力臂，既不省力也不费力；
动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
【解答】解：A、托盘天平属于等臂杠杆，故A错误；
B、钢丝钳属于省力杠杆，故B错误；
C、开瓶扳手属于省力杠杆，故C错误；
D、筷子属于费力杠杆，故D正确；
故选：D。
【点评】本题考查了杠杆的分类，属于基础题目。
6．（2分）（2024•连云港）沿海地区比沙漠地区的昼夜温差小，这是因为水的（ ）
A．质量大B．温度高C．密度大D．比热容大
【答案】D
【分析】对水的比热容大的理解：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。
【解答】解：水的比热容较大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，相同质量的水和砂石相比较，水的温度变化比砂石小，所以沙漠地区昼夜温差大，而沿海地区昼夜温差小。
故选：D。
【点评】本题考查了比热容的应用，属于基础题。
7．（2分）（2024•连云港）下列关于燃料的热值说法正确的是（ ）
A．燃料燃烧越充分，其热值越大
B．燃料的热值越小，完全燃烧放出的热量越少
C．一瓶酒精用去三分之一，剩余酒精的热值将减小
D．焦炭的热值是3.0×107J/kg，完全燃烧1kg焦炭能放出3.0×107J的热量
【答案】D
【分析】（1）热值是燃料的特性，其大小仅与燃料的种类有关，而与燃料的质量和燃烧程度无关；
（2）根据Q放＝mq分析解答；
（3）知道焦炭的热值和质量，根据Q放＝mq求出焦炭放出的热量。
【解答】解：AC、热值是燃料的特性，其大小仅与燃料的种类有关，而与燃料的质量和燃烧程度无关，故AC错误；
B、根据Q放＝mq知在质量相同时，燃料的热值越小，完全燃烧放出的热量越少，故B错误；
D、焦炭放出的热量：Q放＝mq＝1kg×3.0×107J/kg＝3.0×107J，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对热值概念和燃料完全燃烧放出热量的计算的了解与掌握，理解热值是燃料的特性。
8．（2分）（2024•连云港）下列事例中属于光的反射现象的是（ ）
A．雨后天空中出现的彩虹
B．建筑物在平静水面下形成的倒影
C．插入水中的筷子看起来“弯折”
D．太阳光通过三棱镜后被分解成各种色光
【答案】B
【分析】（1）光在同种、均匀、透明介质中沿直线传播，产生的现象有小孔成像、激光准直、影子的形成、日食和月食等；
（2）光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
（3）光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼、凸透镜成像等都是光的折射形成的。
【解答】解：A、雨后天空中出现彩虹，属于光的色散现象，故A不合题意；
B、平静水面上建筑物的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故B合题意；
C、筷子好像被水面折断，是光经过界面时发生折射形成的，故C不符合题意；
D、太阳光通过棱镜后被分解成各种色光，属于色散现象，是由光的折射形成的，故D不合题意。
故选：B。
【点评】此题通过几个日常生活中的现象考查了对光的折射、光的直线传播、光的反射的理解，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象。
9．（2分）（2024•连云港）如图所示，一个人先后两次用同样的时间、同样大小的力，将不同质量的物体在不同的表面上分别移动相同的距离。该力在此过程中所做功的大小分别为W1、W2，功率的大小分别为P1、P2，关于它们之间的大小关系说法正确的是（ ）
A．W1＜W2 P1＜P2B．W1＞W2 P1＞P2
C．W1＝W2 P1＝P2D．W1＜W2 P1＞P2
【答案】C
【分析】根据W＝Fs得到该力在此过程中所做功；根据P＝得到功率的大小。
【解答】解：因为用相同的力移动相同的距离，根据W＝Fs可知它们做功相等，所用时间相同，根据P＝得到功率的大小相同。
故选：C。
【点评】本题考查了功和功率的大小的比较，属于基础题。
10．（2分）（2024•连云港）如图所示，电源电压不变，闭合开关S后，当滑动变阻器的滑片P向右移动过程中（ ）
A．电流表示数变小，灯变暗
B．电流表示数变大，灯变亮
C．电压表示数不变，灯亮度不变
D．电压表示数变小，灯亮度变亮
【答案】A
【分析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路中的电流，根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和灯泡的亮暗变化。
【解答】解：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电流表测电路中的电流，
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，接入电路中的电阻变大，电路中的总电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表的示数变小，电压表的示数也变小，通过灯的电流变小，所以灯变暗，故A正确，BCD错误。
故选：A。
【点评】本题考查了电路的动态分析，涉及到欧姆定律的应用，关键是知道电路的连接方式和电表的测量对象。
二、填空题（本大题共7小题，每空1分，共20分）
11．（3分）（2024•连云港）小明身高1.7m，距离平面镜3m，他在平面镜中的像高是 1.7 m，像到平面镜的距离是 3 m。当他向平面镜缓慢走近时，他在平面镜中像的大小 不变 （选填“变大”“不变”或“变小”）。
【答案】1.7；3；不变
【分析】物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，像的大小跟物体的大小有关，跟物体距离平面镜的远近没有关系。像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离。
【解答】解：像的大小跟物体的大小有关，他在平面镜中的像高是1.7m；像到平面镜的距离等于物到平面镜的距离，所以当某人身高1.7m站在平面镜前3m处时，像距离平面镜也是3m；因像和物的大小总是相等的，人的大小与像的大小一样，所以当他向平面镜缓慢走近时，他在平面镜中像的大小不变。
故答案为：1.7；3；不变。
【点评】本题主要考查的是平面镜成像特点的应用，解决此类问题要结合平面镜成像特点进行分析解答。
12．（3分）（2024•连云港）在音乐社团活动过程中，乐器发出的声音通过 空气 传到人耳。人耳能区分钢琴和长笛发出的声音，是由于它们所发出声音的 音色 不同（选填“音调”“响度”或“音色”）。声呐是利用 超声波 （选填“超声波”或“次声波”）具有方向性好，在水中传播距离远等特点制成的。
【答案】空气；音色；超声波。
【分析】（1）声音的传播需要介质；
（2）音色是指声音的品质和特色，能够区分不同的发声；
（3）声呐是利用超声波的原理工作的。
【解答】解：声音的传播需要介质，乐器发出的声音是通过空气传到人耳的；钢琴和长笛的结构材料不同，因此发出声音的音色不同；声呐是利用超声波的原理进行工作的。
故答案为：空气；音色；超声波。
【点评】本题考查了声音的传播、声音的特性以及超声波的应用，是一道基础题。
13．（2分）（2024•连云港）用如图所示滑轮组将重300N的物体匀速提升1m，拉力F大小为120N，有用功为 300 J，滑轮组的机械效率为 83.3% 。
【答案】300；83.3%。
【分析】已知物体上升的高度和绳子的段数，可求得绳子自由端移动的距离s，知道拉力的大小，根据公式W＝Fs可求拉力做的总功；
已知物体的重力和提升的高度，根据公式W＝Gh可求拉力做的有用功；
滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
【解答】解：由图知，n＝3，拉力端移动距离s＝3h＝3×1m＝3m，
拉力做的总功：W总＝Fs＝120N×3m＝360J；
已知G＝300N，h＝1m，
拉力做的有用功：W有用＝Gh＝300N×1m＝300J；
滑轮组的机械效率：
η＝×100%≈83.3%。
故答案为：300；83.3%。
【点评】本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算等，关键是公式及其变形的灵活运用。
14．（3分）（2024•连云港）小明将凸透镜正对太阳光，在距离凸透镜10cm的白纸上呈现一个最小、最亮的光斑，此凸透镜的焦距为 10 cm。如图所示是他用该凸透镜观看书本上“中国梦”三个字时的情况，如果他想看到更大的正立的“国”字，小明需要将凸透镜 远离 书本（选填“远离”或“靠近”），凸透镜和书本的距离应满足的条件是 小于10cm 。
【答案】10；远离；小于10cm。
【分析】（1）掌握简单测量焦距的方法，让凸透镜正对着平行光，移动光屏找到焦点，从焦点到凸透镜的距离约等于焦距；
（2）放大镜的成像特点：物距在一倍焦距内时，凸透镜成放大正立的虚像，并且成虚像规律为物距变大像距变大像变大，当物体离焦点近时，成的像较大；
（3）凸透镜成像规律之一：物距小于一倍焦距时成正立放大的虚像，放大镜成的像即如此。
【解答】解：
（1）如图，让凸透镜正对太阳光照射，在距离凸透镜10cm的白纸上呈现一个最小、最亮的光斑，此点即为凸透镜的焦点处，从此点到凸透镜的距离即为焦距；由图知，该凸透镜的焦距f＝10cm；
（2）如图所示，他用该凸透镜观看书本上“中国梦”三个字时，看到的是正立放大的虚像，根据凸透镜的成像特点知，成正立放大的虚像时，离焦点越近时，像越大，所以为了想让看到的字更大些，故应将书远离凸透镜；
（3）由凸透镜成像规律可知，物体在一倍焦距以内时，成正立、放大的虚像，所以凸透镜和书本的距离应满足的条件是小于10cm。
故答案为：10；远离；小于10cm。
【点评】本题考查了凸透镜成像规律及其应用，真正理解凸透镜在做放大镜使用时成像的规律，才是正确解答此题的关键。
15．（2分）（2024•连云港）某同学自主学习《电路初探》一章后，整理部分知识结构图如图所示，请补全有关内容。
（1） 电源 ；
（2） 电压的特点 。
【答案】（1）电源；（2）电压的特点。
【分析】（1）电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，缺少或不完整都会影响电路的正常工作；
（2）串并联电路的电流、电压特点不同。
【解答】解：（1）电路的组成：电路是由提供电能的电源、消耗电能的用电器、控制电路通断的开关和输送电能的导线四部分组成，故（1）为：电源；
（2）由图可知，串并联电路的电流、电压特点不同，（2）应为电压的特点。
故答案为：（1）电源；（2）电压的特点。
【点评】本题主要考查了电路的组成。串并联电路的特点，基础题目。
16．（3分）（2024•连云港）在“观察水的沸腾”实验时，当水沸腾时，观察到烧杯内产生大量气泡并不断上升，气泡在上升过程中将 逐渐变大 （选填“逐渐变小”“逐渐变大”或“不变”）。沸腾时继续吸热，水的温度 不变 。实验中，有三组同学选用同样规格的温度计，测量水的沸点却不同，同学猜想可能是温度计本身的差异引起的。为了验证同学的猜想，你的操作方法是 将该三支温度计放入同一杯沸水中进行观察 。
【答案】逐渐变大；不变；将该三支温度计放入同一杯沸水中进行观察。
【分析】水沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是水的沸点；沸腾时，由于此时整个容器内的水温相同，气泡不断升高，深度不断减小，水压不断减小，并且有大量水蒸气进入气泡，气泡逐渐变大；
要判断几支温度计是否标准，可用这几支温度计同时测量同一液体的温度，若所测温度不同，则温度计有问题。
【解答】解：水沸腾时，可以观察到烧杯内产生大量气泡并不断上升，在上升过程中，气泡逐渐变大；水沸腾后，继续吸热，温度不变；
将三组同学所用的三支温度计一起放进同一杯沸腾的水中（继续加热），待示数稳定后，看读数是否一样。
故答案为：逐渐变大；不变；将该三支温度计放入同一杯沸水中进行观察。
【点评】本题为观察“探究水沸腾时温度规律特点”实验，考查了温度计、沸腾现象等知识，难度较小，属于基础性题目。
17．（4分）（2024•连云港）小明测量某种矿石样品的密度，天平平衡时右盘所加砝码及游码的位置如图甲所示，图乙是矿石样品放入量筒前后的情况，由测量可得矿石样品的质量为 27 g，矿石样品的体积为 10 cm3，所测矿石样品的密度为 2.7×103 kg/m3。1m3该矿石的质量为 2.7×103 kg。
【答案】27；10；2.7×103；2.7×103。
【分析】砝码质量与游码示数之和等于矿石的质量；矿石与水的体积与水的体积之差是矿石的体积；
已知矿石的质量与体积，由密度公式ρ＝可以求出矿石的密度；
已知矿石的密度和体积，由密度公式ρ＝求出矿石的质量。
【解答】解：由图甲所示天平可知，矿石的质量：m＝20g+5g+2g＝27g；
由图乙所示量筒可知，矿石的体积：V＝40mL﹣30mL＝10mL＝10cm3，
矿石的密度：ρ＝＝＝2.7g/cm3＝2.7×103kg/m3；
由ρ＝知，矿石的质量：
m′＝ρV′＝2.7×103kg/m3×1m3＝2.7×103kg。
故答案为：27；10；2.7×103；2.7×103。
【点评】本题考查固体密度的测量，掌握天平、量筒的读数方法、熟练应用密度公式即可正确解题。
三、解答题（本大题共7小题，18、19、22～24题每图每空2分，20题8分，21题10分，共50分。解答第20、21题时要求写出必要的文字说明、公式和演算过程）
18．（2分）（2024•连云港）按照题目要求作图。
如图所示，一束光从空气斜射向水面，请画出这条入射光线的折射光线。
【答案】见上图。
【分析】根据光的折射定律，折射光线、入射光线和法线在同一平面上，折射光线和入射光线分居法线两侧。光由空气斜射进入水中时，折射角小于入射角。
【解答】解：根据光的折射定律，光线从空气斜射入水中时，折射角应该小于入射角，据此在法线右侧的水中作出折射光线，并且标出折射光线的方向。
如图所示：
【点评】本题考查应用光的折射定律的作图。折射时必须分清光是从空气进入其它透明介质还是从其它透明介质进入空气。
19．（2分）（2024•连云港）如图所示，请标出通电螺线管的N、S极并用箭头画出图中磁感线的方向。
【答案】见试题解答内容
【分析】根据电源的正负极和线圈的绕向，利用安培定则可以确定螺线管的NS极，再利用磁感线的特点即可确定磁感线的方向。
【解答】解：根据电源的正负极和螺线管的绕向，伸出右手，四指指向电流的方向，大拇指指向螺线管的右端为N极，则左端为S极；
在磁体的外部，磁感线从磁体的N极出发回到S极。由此可以确定磁感线的方向，如图所示：
【点评】关于安培定则这方面的考查，一般是直接或间接告诉其中的一到两个，利用安培定则来确定其它的方向。在此题中，就是告诉了电流方向、线圈绕向来确定螺线管的NS极和磁感线方向。
20．（8分）（2024•连云港）质量为2kg的物体放置在水平桌面上，底面积为2×10﹣2m2，体积为3×10﹣3m3。求：（g＝10N/kg）
（1）该物体对桌面的压力。
（2）该物体对桌面的压强。
（3）该物体浸没在水中释放后，静止时受到的浮力。
【答案】（1）该物体对桌面的压力为20N；
（2）该物体对桌面的压强为1×103Pa；
（3）该物体浸没在水中释放后，静止时受到的浮力为20N。
【分析】（1）水平面上的物体，对水平面的压力等于自身的重力，据此根据质量进行计算；
（2）利用公式p＝可计算物体对桌面的压强；
（3）先根据F浮＝ρ水gV排计算物体浸没时受到的浮力，再与物体的重力进行比较，判断物体的浮沉状况，最后确定其静止时受到的浮力。
【解答】解：（1）该物体对桌面的压力：F＝G＝mg＝2kg×10N/kg＝20N；
（2）该物体对桌面的压强：p＝＝＝1×103Pa；
（3）当物体浸没在水中时所受的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×3×10﹣3m3＝30N，
因为F浮＞G，
所以，物体静止时处于漂浮状态：
则静止时受到的浮力：F浮′＝G＝20N。
答：（1）该物体对桌面的压力为20N；
（2）该物体对桌面的压强为1×103Pa；
（3）该物体浸没在水中释放后，静止时受到的浮力为20N。
【点评】本题考查了对压力、重力、压强、浮力等的计算，其中计算物体静止时所受浮力时，先判断其浮沉情况，再求浮力是关键。
21．（10分）（2024•连云港）小明家的电水壶的内部电路如图所示，其中R1、R2为电热丝，S是电源开关，S0是温控开关（水温达到100℃，自动由加热状态切换为保温状态）。该电水壶的部分重要参数如表所示。已知电源电压为220V。求：
（1）当开关S闭合，S0断开时，电路中的电流。
（2）当开关S和S0均闭合时，R1的电功率。
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能。
【答案】（1）当开关S闭合，S0断开时，电路中的电流为0.2A；
（2）当开关S和S0均闭合时，R1的电功率为836W；
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能为4.4×104J。
【分析】（1）当开关S闭合，S0断开时，电水壶处于保温状态，根据P＝UI的变形公式计算此时的电流；
（2）两开关均闭合时，处于加热状态，根据总功率等于两电阻电功率之和可计算R1的电功率；
（3）根据公式W＝Pt可计算电水壶工作50s消耗的电能。
【解答】解：（1）当开关S闭合，S0断开时，电水壶处于保温状态，由P＝UI得，
电路中的电流：I＝＝＝0.2A；
（2）当开关S和S0均闭合时，此时电水壶处于加热状态，其总功率等于两电阻电功率之和，
则R1的电功率为：P1＝P总﹣P2＝880W﹣44W＝836W；
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能：W＝P总t＝880W×50s＝4.4×104J。
答：（1）当开关S闭合，S0断开时，电路中的电流为0.2A；
（2）当开关S和S0均闭合时，R1的电功率为836W；
（3）在加热状态下，该电水壶工作50s消耗的电能为4.4×104J。
【点评】本题考查了对电能和电功率的综合计算，结合电路图，熟练掌握相关公式，是正确解答的关键。
22．（8分）（2024•连云港）小明在“探究通过导体的电流与电阻的关系”实验时，他用如图甲所示的电路进行实验，实验中乙电阻R两端的电压始终保持2V不变，电路中仪表均完好无损。
（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，他应先 将电压表指针调至零位 。
（2）连接好电路后闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，电压表有示数，电流表无示数，则电路故障的原因可能是 电阻R断路 。
（3）排除故障后，小明将不同阻值的电阻接入电路进行实验，某次实验时电流表的示数如图丙所示，此时电阻R的阻值为 20 Ω。
（4）在实验过程中，当把电阻R由20Ω更换为10Ω时，滑动变阻器接入电路中的电阻应 变小 （选填“变大”“变小”或“不变”）。
【答案】（1）将电压表指针调至零位；（2）电阻R断路；（3）20；（4）变小。
【分析】（1）电压表使用前要调零；
（2）移动滑动变阻器的滑片P，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，据此分析；
（3）确定电流表选用量程，由图乙确定分度值读数，根据欧姆定律计算电阻；
（4）根据控制变量法，研究电流与电阻的关系时，需控制定值电阻的电压相同，当换上大电阻时，根据分压原理确定电压表示数的变化，由串联电路电压的规律结合分压原理确定滑动变阻器阻值的变化。
【解答】解：（1）连接电路前，小明发现电压表指针如图乙所示，没有正对零刻度，因而需要将电压表指针调至零位；
（2）移动滑动变阻器的滑片P，电流表无示数，说明电路可能断路；电压表有示数，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的电路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了，即电路故障的原因可能是电阻R断路；
（3）由图乙可知，电流表选用小量程，电流表分度值0.02A，其示数为0.1A；电压U＝2V，电阻 R＝＝＝20Ω；
（4）根据串联分压原理可知，将定值电阻R由20Ω改接成10Ω的电阻，电阻减小，其分得的电压减小；探究电流与电阻的实验中，应控制定值电阻两端的电压不变，应减小滑动变阻器两端的电压，即减小滑动变阻器连入电路中的电阻。
故答案为：（1）将电压表指针调至零位；（2）电阻R断路；（3）20；（4）变小。
【点评】本题研究通过导体的电流与电阻的关系，考查电路连接、操作过程和数据分析等知识。
23．（10分）（2024•连云港）在树叶尾部的边缘滴一滴圆珠笔油，然后将它缓缓放进水面，树叶在水面上像小船一样运动起来，滴了圆珠笔油的树叶被称为“油墨小船”。小明通过查阅资料了解到，由于油墨中表面活性剂的存在，当水与油墨接触时，“油墨小船”便获得向前运动的力。小明同学想探究“油墨小船”在水中运动的快慢与水的温度和圆珠笔油浓度的关系。他用塑料片代替树叶制作的“油墨小船”如图所示。
（1）探究“油墨小船”在水中运动的快慢与水的温度的关系。实验中小明控制水的温度分别为17℃、35℃、65℃，使用技术软件，记录了“油墨小船”在不同温度液面上的运动情况，采集数据如表所示。在三种测试温度下，“油墨小船”运动快慢的共同特点是 先变快后变慢 。“油墨小船”运动的快慢与水的温度的关系是 水的温度越高，“油墨小船”运动越快 。“油墨小船”在运动过程中受的力是 非平衡力 （选填“平衡力”或“非平衡力”）。
（2）探究“油墨小船”在水中运动的快慢与圆珠笔油浓度的关系。为形成不同浓度的圆珠笔油，小明选择酒精为稀释剂，制成多种样品，然后选取适量样品滴在小船尾部边缘进行实验。小明发现圆珠笔油浓度减小时，“油墨小船”运动明显加快。小明制作样品的操作方法是 将不同滴的酒精与相同滴的圆珠笔油均匀混合 。
（3）当实验条件确定时，“油墨小船”获得向前的能量大小是固定的，为了使图中“油墨小船”获得更大的速度，可以采取的措施是 减轻“油墨小船”的质量 。
【答案】（1）先变快后变慢；水的温度越高，“油墨小船”运动越快；非平衡力；
（2）将不同滴的酒精与相同滴的圆珠笔油均匀混合；
（3）减轻“油墨小船”的质量。
【分析】（1）根据表格中数据分析解答；根据速度变化分析是否受力平衡；
（2）根据改变圆珠笔油浓度的方法结合控制变量法分析解得；
（3）根据小船运动的能量一定，根据动能有关因素分析解答。
【解答】解：（1）对比每个温度的速度变化可知，都是速度先变快后变慢；
对比相同时间的速度，温度越高的小船，获得的速度越快；
由于小船的速度是变化的，运动状态改变，说明受力不平衡；
（2）改变圆珠笔油浓度，可以用相同的一滴圆珠笔油与不同的酒精混合，得到不同的浓度；
（3）当实验条件确定时，“油墨小船”获得向前的能量大小是固定的，即获得的动能相同，而动能与质量和速度有关，要速度，必须减小质量，故方法是：减轻“油墨小船”的质量。
故答案为：（1）先变快后变慢；水的温度越高，“油墨小船”运动越快；非平衡力；
（2）将不同滴的酒精与相同滴的圆珠笔油均匀混合；
（3）减轻“油墨小船”的质量。
【点评】本题考查控制变量法的应用，属于中档题。
24．（10分）（2024•连云港）19世纪中期，科学家想在地面用实验证明地球在自转，但地面上所有物体都随地球做同样的运动，实验几乎不可能成功。年轻的科学家傅科发现：在摆架下用细线系一个摆球，如图甲所示。让摆球摆动时转动摆架，在没有外界干扰时，摆球摆动面不变，如图乙所示。
于是，傅科设想在地球某处安装图甲所示的实验装置，让摆球摆动方向对着某颗恒星，当地球自西向东自转后，摆架随地球一起转动，站在地面的观察者就可以判断地球的运动。1851年，傅科在巴黎用一个摆长67m，质量28kg的摆球证明了地球的自转，人们将这样的摆叫傅科摆。理论计算得出，在地球纬度为φ的地方，傅科摆转动一圈的时间为tφ＝h。
我国北京天文馆里有一个长10m的傅科摆，北京的地理纬度约为40°，北京的傅科摆每小时转过的角度为θ＝θ北极sinφ，θ北极是北极傅科摆每小时转过的角度。（已知sin90°＝1，sin40°≈0.64）
（1）如图丙所示，某同学用可以转动的圆桌代替地球模拟上述实验。具体操作是：摆球摆动后 转动圆桌 ，通过观察 摆球的摆动面相对于摆架位置的改变 来证明地球的自转。
（2）在地球纬度越高的地方，傅科摆实验的效果越 明显 。
（3）北京的天文馆里傅科摆1小时转过的角度大约为 9.6s ，以地面为参照物，傅科摆摆球是 运动 的（选填“运动”或“静止”）。
【答案】（1）转动；圆桌摆球的摆动面相对于摆架位置的改变；（2）明显；（3）9.6s；运动。
【分析】（1）结合材料信息，在摆球摆动的过程中，旋转圆桌，观察现象；
（2）在地球纬度越高的地方，sinφ的值越大，傅科摆转动一圈的时间越短；
（3）已知北京的地理纬度约为 40°，sin40°≈0.64，计算北极傅科摆每小时转过的角度为，据此求得北京的傅科摆每小时转过的角度；一个物体的位置是相对于另一个物体来说的，另一个物体是这个物体的参照物。物体相对参照物的位置改变了，就说这个物体是运动的；如果这个物体相对参照物的位置没有改变，就说它是静止的。
【解答】解：（1）结合材料信息，具体操作是：摆球摆动后转动圆桌，通过观察摆球的摆动面相对于摆架位置的改变是否存在差异来证明地球的自转；
（2）在地球纬度越高的地方，sinφ的值越大，傅科摆转动一圈的时间越短，所以实验的效果越明显；
（3）已知北京的地理纬度约为 40°，sin40°≈0.64，北极傅科摆每小时转过的角度为＝15°，则北京的傅科摆每小时转过的角度θ＝15°×0.64＝9.6°；以地面为参照物，傅科摆摆球的位置不断发生变化，傅科摆摆球是运动的。
故答案为：（1）转动；圆桌摆球的摆动面相对于摆架位置的改变；（2）明显；（3）9.6；运动。
【点评】此题的关键是要从材料中获得信息，是一道综合题。
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额定电压
220V
电源频率
50Hz
加热功率
880W
保温功率
44W
T/℃
17
35
65
t/s
0.5
1
2
3
0.5
1
2
3
0.5
1
2
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v/cm•s﹣1
2.3
2.1
2.0
1.9
5.3
6.2
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