2024年中考真题—四川省南充市物理试题（解析版）

这是一份2024年中考真题—四川省南充市物理试题（解析版），共20页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

一、选择题（本大题1-10小题只有一项符合题目要求，每小题3分；11-12小题有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有错的得0分，共38分）
1. 以下是同学们对一些常见物理量进行估测，其中符合实际的是（ ）
A. 托起两个鸡蛋的力约为B. 地球的直径约为
C. 人的正常体温约为D. 某中学生短跑成绩约为
【答案】C
【解析】
【详解】A．两个鸡蛋的质量约为100g，重力约为1N，故托起两个鸡蛋的力约为，故A不符合题意；
B．地球的直径约为12742km，半径约为6371km，故B不符合题意；
C．正常人体的体温保持在一个恒定的温度，约为，故C符合题意；
D．中学生100m短跑的时间约为15s，50m短跑的时间约为7s，故D不符合题意。
故选C。
2. 关于如图所示的四个情景，下列说法正确的是（ ）
A. 甲图中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，主要是由于大气压强的作用
B. 乙图中红墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子做无规则运动的剧烈程度与温度有关
C. 丙图双手互搓取暖，是通过热传递方式改变手的内能
D. 丁图中活塞向下运动，这是内然机的压缩冲程
【答案】B
【解析】
【详解】A．分子间存在引力，甲图中两个底面削平的铅块紧压在一起后能吊住重物，是由于分子间存在作用力，故A错误；
B．分子做无规则运动的剧烈程度与温度有关，温度越高，运动越距离，故乙图中红墨水在热水中比在冷水中扩散快，说明分子做无规则运动的剧烈程度与温度有关，故B正确；
C．改变内能的方式有做功和热传递，丙图双手互搓取暖，是通过做功的方式改变手的内能，故C错误；
D．丁图中火花塞放电，活塞向下运动，这是内然机的做功冲程，内能转化为机械能，故D错误。
故选B。
3. 川北皮影，又称“影子戏”或“灯影戏”，是一项具有丰富历史和深厚文化底蕴的国家级非物质文化遗产。它是用灯光将受皮影的操纵者（拦门匠）操作的人物或物件表演的影投射到屏幕上，如图甲。图①②③④现象中与川北皮影成像原理相同的是（ ）
A. ①图：海市蜃楼B. ②图：南充清辉阁倒影
C. ③图：手影游戏D. ④图：鱼的实际位置在看到的“鱼”的下方
【答案】C
【解析】
【详解】皮影戏是光源发出光射到不透明的道具上，在其背后形成的影子落到屏幕上形成的，是光的直线传播形成的；
A．海市蜃楼是由于光在密度不均匀的空气中发生折射形成的，故A不符合题意；
B．倒影是平面镜成像现象，是由于光的反射形成的，故B不符合题意；
C．手影游戏是光源发出的光射到不透明的手上，形成的影子，是光的直线传播形成的，故C符合题意；
D．由于水中的鱼反射的光从水中斜射到空气中发生折射，所以鱼的实际位置在看到的“鱼”的下方，是光的折射形成的，故D不符合题意。
故选C。
4. 用飞机向云层撒干冰进行人工降雨，出现下列物态变化，其中放热的是（ ）
A. 干冰迅速升华成二氧化碳气体B. 小冰晶在下落过程中熔化为小水珠
C. 小雨滴在下落过程中部分汽化为水蒸气D. 云层中的水蒸气凝华成小冰晶
【答案】D
【解析】
【详解】A．干冰迅速升华成二氧化碳气体，是升华现象，升华吸热，故A不符合题意；
B．小冰晶在下落过程中熔化为小水珠，是熔化现象，熔化吸热，故B不符合题意；
C．小雨滴在下落过程中部分汽化为水蒸气，是汽化现象，汽化吸热，故C不符合题意；
D．云层中的水蒸气凝华成小冰晶，是凝华现象，凝华放热，故D符合题意。
故选D。
5. 关于近期举行的2024年巴黎奥运会选拔赛的比赛项目，下列说法正确的是（ ）
A. 运动员在跳鞍马过程中要助跑，是利用运动员的惯性
B. 运动员在做单杠项目前，手要擦上滑石粉，是为了减小摩擦力
C. 在自由体操项目中，运动员在空翻离地后到落回地面前，不受重力
D. 运动员站在平衡木上静止不动，受到的重力与运动员对平衡木的压力是一对平衡力
【答案】A
【解析】
【详解】A．由于运动员具有惯性，所以运动员在跳鞍马过程中要助跑，利用运动员的惯性，能跳得更远，故A正确；
B．运动员在做单杠项目前，手要擦上滑石粉，增大接触面的粗糙程度，是为了增大摩擦力，故B错误；
C．由于地球表面的物体都受到重力作用，所以在自由体操项目中，运动员在空翻离地后到落回地面前，仍受重力，故C错误；
D．运动员站在平衡木上静止不动，受到的重力方向竖直向下，运动员对平衡木的压力方向向下，两个力方向相同，所以不是一对平衡力，故D错误。
故选A。
6. 不戴头盔存在安全隐患，于是张明同学设计以下方案：骑行前，扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮，但电机不工作；从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控S2闭合，电动机才通电工作；若只戴头盔不扫码则无法骑行。下列电路符合以上设计要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】根据题意可知，骑行前，扫码成功后开关S1闭合，指示灯L亮，但电机不工作，从车头取出头盔并戴上后，头盔内遥控设备遥控S2闭合，电动机才通电工作，这说明灯泡与电机工作时互不影响，是并联的，若只戴头盔不扫码则无法骑行，则开关S1在干路中控制整个电路，开关S2与电机在一条支路中。
故选C。
7. 2024年5月3日17时36分搭载有嫦娥六号探测器的长征五号火箭发射升空，发射过程部分图片如下，下列说法不正确的是（ ）
A. 三级火箭与箭体的分离过程，三级火箭相对仪器舱运动
B. 三级火箭分离时相对火箭点火时，嫦娥六号机械能不变
C. 火箭加速上升时，喷出的气体对箭体的作用力，改变了火箭的运动状态
D. 嫦娥六号进入月球轨道和在月球上工作，是通过电磁波和地面交互信息
【答案】B
【解析】
【详解】A．三级火箭与箭体的分离过程，三级火箭与仪器舱的位置发生变化，相对运动，故A正确，不符合题意；
B．三级火箭分离时相对火箭点火时，嫦娥六号质量不变，速度增大，高度上升，动能、重力势能均变大，机械能等于动能与重力势能之和，则机械能变大，故B错误，不符合题意；
C．火箭加速上升时，喷出的气体对箭体的作用力，使火箭的速度变快，改变了火箭的运动状态，故C正确，不符合题意；
D．电磁波的传播不需要介质，嫦娥六号进入月球轨道和在月球上工作，是通过电磁波和地面交互信息，故D正确，不符合题意。
故选B。
8. 下图是我国古代劳动人民运送巨木的场景，通过杠杆、支架、悬绳、石块等，将巨木一端抬起，垫上圆木，将其移到其他地方。下列说法正确的是（ ）
A. 支架下垫的底面积较大的石块是为增大对地面的压强
B. 横杆相当于一个动力臂大于阻力臂的杠杆，费力省距离
C. 当巨木太重无法抬起时，可以让杠杆右端的人远离支架，增大动力臂
D. 当巨木太重无法抬起时，可以增大横杆上悬绳与支架间的距离
【答案】C
【解析】
【详解】A．支架下端垫有底面积较大的石块是为了增大和地面的接触面积，减小支架对地面的压强，故A错误；
B．横杆相当于一个动力臂大于阻力臂的杠杆，可以省力，但费距离，故B错误；
C．让杠杆右端的人远离支架，增大动力臂，阻力臂、阻力大小不变，根据杠杆平衡条件可知，动力变小，更有利于将巨木抬起，故C正确；
D．增大横杆上悬绳与支架之间的距离，阻力臂变长，动力臂、阻力大小不变，根据杠杆平衡条件可知，动力变大，无法将巨木抬起，故D错误。
故选C。
9. 以下关于电与磁的描述中，说法正确的是（ ）
A. 图甲：磁感线不是真实存在的，地磁场的北极在地理北极附近
B. 图乙：向右移动，能吸引更多铁钉，铁钉下端为电磁铁的极
C. 图丙：同时对调磁极和电源正负极，线圈的转动方向会发生改变
D. 图丁：闭合开关，导体ab竖直向下运动或竖直向上运动，电流表指针不发生偏转
【答案】D
【解析】
【详解】A．图甲中，磁场是真实存在的，磁感线是假想出来的，不适合客观存在的，地球周围存在磁场，地磁场的北极在地理南极附近，故A错误；
B．图乙中，通电螺线管的磁性强弱与电流大小有关，向右移动，电阻变大，电流减小，磁性变弱，能吸引更少的铁钉，根据安培定则可知，四指指向电流方向，大拇指所指的方向即为电磁铁的N极，故铁钉上端为N极，铁钉下端为电磁铁的极，故B错误；
C．图丙中，通电导线在磁场中运动的方向与电流的方向和磁场的方向有关，单独改变磁场方向或电流方向，线圈的转动方向会改变，但二者同时改变时，线圈的转动方向不变，故C错误；
D．图丁中，根据电磁感应现象可知，闭合电路的部分导体在磁场中切割磁感线时会产生感应电流。闭合开关，导体ab竖直向下运动或竖直向上运动，运动方向与磁感线方向平行，没有切割磁感线，不会产生感应电流，故电流表指针不发生偏转，故D正确。
故选D。
10. 小洋研究液体密度时，用两个完全相同的容器分别装入甲、乙两种液体，并绘制出总质量与液体体积的关系如图所示，由图像可知（ ）
A. 容器的质量B. 甲液体密度是
C. 乙液体密度D. 密度为的液体的图像应位于Ⅲ区域
【答案】D
【解析】
【详解】A．由于液体体积为零时，质量应为零，由图象可知，液体体积为零时，对应质量为20g，该质量为容器，故容器的质量是20g，故A不符合题意；
B．由图象可知，当甲液体体积为40cm3时，甲液体质量
m甲=80g-20g=60g
甲液体的密度
故B不符合题意；
C．由图象可知，当乙液体体积为60cm3时，乙液体质量
m乙=80g-20g=60g
乙液体的密度
故C不符合题意；
D．因密度是0.8g/cm3 的液体的密度比乙的密度还小，根据公式可知，质量相同时，该液体的体积大于乙液体的体积，故该液体的m—V关系图象应该在Ⅲ区域，故D符合题意。
故选D。
11. 如图，开关S闭合后，电流表的示数分别为I1、I2，电压表的示数分别为U1、U2、U3，L1的电阻小于L2的电阻，则下列关系中正确的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】AC
【解析】
【详解】由图可知，L1和L2串联，A1、A2测量串联电路电流，V1测量L1两端电压，V2测量L2两端电压，V3测量电源电压。
A．根据串联电路电流规律可知，串联电路中电流处处相等，即，故A正确；
B．L1的电阻小于L2的电阻，V1测量L1两端电压，V2测量L2两端电压，根据可知，L1两端的电压小于L2两端的电压，即，故B错误；
CD．V1测量L1两端电压，V2测量L2两端电压，V3测量电源电压，根据串联电路电压规律可知
故C正确，D错误；
故选AC。
12. 质量分布均匀的实心正方体甲、乙放在水平地面上，将甲、乙沿水平方向切去高度，剩余部分对地面的压强与的关系如图所示，已知，，乙的边长为，下列选项正确的是（ ）（取）
A. 乙的密度B. 未切前，甲的质量为
C. 图中D. 图中
【答案】AD
【解析】
【详解】A．由图可知，未切去时，乙对地面的压强为，则乙的密度为
故A正确；
B．由图可知，甲切去高度为20cm时，对地面压强为0，故甲的边长为20cm，即0.2m，甲的体积为
则未切去时甲的质量为
故B错误；
C．由图可知，当切去高度为时，两物体对地面的压强相等，即
代入数据可得
解得，故C错误；
D．由C选项分析可知，当切去高度为时，两物体对地面的压强为
故D正确。
故选AD。
二、填空题（本大题共6小题，每空2分，共24分）
13. “转轴拨弦三两声，未成曲调先有情”，这描写的是琵琶的声音，从诗文中可以看出琵琶声是由琴弦 ___________产生，转轴可以改变琴弦的松紧度，进而改变声音的 ___________（“音调”、“响度”和“音色”）。
【答案】 ①. 振动 ②. 音调
【解析】
【详解】[1]由于一切声音都是由声源振动产生的，所以琵琶声是由琴弦的振动产生的。
[2]转轴可以改变琴弦的松紧度，则琴弦振动的快慢不同，即振动频率改变了，故发出声音的音调不同。
14. 作为传统燃油汽车燃料的汽油和柴油是______能源（选填“可再生”“不可再生”），为了减少燃油汽车对环境的污染，我国大力发展新能源汽车。如今，我国电动汽车的多项技术已领跑世界，某型号的国产电动汽车的电池容量为，额定电压为，充满电后，它储存了______的能量。
【答案】 ①. 不可再生 ②. 80
【解析】
【详解】[1]汽油和柴油短时间内无法再次获取，是不可再生能源。
[2]充满电后储存的能量为
15. 如图所示电路，若甲、乙两表为图中电流表，闭合开关，断开开关，两表指针位置相同，则______；若甲、乙两表为图中电压表，闭合开关、，则两表示数之比是______（电表每次测量均未超过量程）。
【答案】 ①. ②.
【解析】
【详解】[1]若甲、乙两表为图中电流表，闭合开关，断开开关，R1和R2并联，甲测量通过R1的电流，乙测量干路电流，两表指针位置相同，则乙的示数大于甲的示数，故
根据并联分流知识可知
根据可知，在电压相同时，电流和电阻成反比，故
[2]若甲、乙两表为图中电压表，闭合开关、，R1和R2串联，甲测量电源电压，乙测量R1两端的电压，根据可知，在电流相同时，电阻两端的电压和电阻的阻值成正比，即
16. 用四只完全相同的滑轮和两根相同的绳子组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，将重的货物匀速吊起高。每只滑轮重为，绳自由端的拉力的大小分别为和，若不计绳重和摩擦，______（选填“大于”、“等于”或“小于”），甲滑轮组的机械效率为______。
【答案】 ① 大于 ②.
【解析】
【详解】[1]由甲图可知，滑轮组承担重物的绳子的段数为2，不计绳重和摩擦，可得
由乙图可知，滑轮组承担重物的绳子的段数为3，不计绳重和摩擦，可得
[2]甲滑轮组的机械效率
17. 如图，木板置于水平地面上，物块叠放于上。水平拉力，水平拉力。静止，沿木板B以的速度向右匀速滑动。则拉力的功率为______，地面对木板B的摩擦力为______N。
【答案】 ① 5 ②. 20
【解析】
【详解】[1]物块A在水平拉力F2=50N的作用下，以10cm/s的速度向右匀速滑动，则拉力F2的功率
[2]木板B置于水平地面上，处于静止状态，则木板B受到的水平向左的拉力F1、物体A对木板B水平向右的摩擦力、地面对B的水平向右的摩擦力，三个力的合力为0，由于物块A受到水平拉力为50N，则物体A对木板B水平向右的摩擦力为50N，则地面对木板B的摩擦力
f地=F1-fA=70N-50N=20N
18. 如图所示，电源电压不变，电流表的量程为，定值电阻，，为滑动变阻器，其最大阻值为50，滑动变阻器的滑片在b端时，电流表的读数为，则电源电压为______，在保证电路安全的情况下，滑动变阻器的功率范围为______。
【答案】 ①. 24 ②. 3.6W~4.8W
【解析】
【详解】[1]变阻器的最大阻值为50，滑动变阻器的滑片在端时，电路的总电阻为
电流表的读数为，电源电压为
[2]根据可知，变阻器的功率可表示为
当时，变阻器的功率最大，为
根据串联电路电流规律可知，变阻器的功率可表示为
故变阻器的功率是关于电流的二次函数，由数学知识可知，当电流为电路中的最大电流0.6A时，变阻器的功率最小，为
故变阻器的功率范围为3.6W~4.8W。
三、作图题（本大题共2小题，每题2分，共4分）
19. 2023年9月17日，我国墨子巡天望远镜正式启用，它是北半球巡天能力最强的光学时域望远镜，如图甲所示。一束星光入射到望远镜，经主镜反射后到达成像装置，如图乙所示，是反射光线，请画出其入射光线并标出入射角大小（保留作图痕迹）。
【答案】
【解析】
【详解】先画出法线，反射角是反射光线与法线的夹角，则反射角为
反射角等于入射角，所以入射角是37°，根据反射角等于入射角，在法线的左侧画出入射光线，如下图所示：
20. 如图，根据安全用电知识，将图中元件用笔画线代替导线连起来。注意：开关仅控制灯泡。
【答案】
【解析】
【详解】由图可知，试电笔接触上面的线时，氖管发光，则上面的线为火线，下面的线为零线；灯泡的接法：火线与开关串联，开关的另一端再接到灯泡顶端的金属点，零线直接在灯泡的螺旋套上；三孔插座的接法：火线首先接熔断器，然后再进入右孔，地线直接接三孔插座的上孔，零线直接接三孔插座的左孔，电路图如下图所示
四、实验探究题（本大题共3小题，每空1分，共14分）
21. 小明采用如图所示的装置，进行“探究液体压强与哪些因素有关”的实验：
（1）实验前，小明用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管中两液面是否出现高度差，若两液面______（选填“有”“没有”）高度差，则说明U形管压强计存在漏气问题；
（2）实验中，小明通过观察______来比较液体内部压强的大小，这里应用的科学方法是______；
（3）比较______两图，可以研究液体压强与液体深度的关系。
【答案】 ①. 没有 ②. U形管内液面的高度差 ③. 转换法 ④. 乙、丙
【解析】
【详解】（1）[1]实验前，要先检查气密性，用手指轻压金属盒橡皮膜，观察U形管中两液面是否出现高度差，若两液面出现高度差，说明压强计不漏气，若两液面没有高度差，则说明U形管压强计存在漏气问题。
（2）[2][3]实验中，通过观察U型管内液面的高度差来比较液体内部压强的大小，高度差越大表示压强越大，这里应用的科学方法是转换法。
（3）[4]比较乙、丙两图，液体的密度相同，深度不同，压强不同，可以研究液体压强与液体深度的关系。
22. 如图所示，某同学用自制的水透镜来探究凸透镜成像规律，当向水透镜里注水时，水透镜的焦距将变小；当从水透镜里抽水时，水透镜的焦距将变大。
（1）如图甲所示，一束平行于主光轴的光射向水透镜，在光屏上得到一个最小光斑，则此时水透镜的焦距为______；
（2）该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图乙所示位置时，恰能在光屏上看到清晰______（选填“放大”“等大”“缩小”）的像，若仅将蜡烛与光屏位置对调，则在光屏上______（选填“能”“不能”）看到清晰的像；
（3）在（2）中将蜡烛与光屏位置对调后的场景下，该同学取了一幅眼镜给水透镜“戴上”，如图丙所示，发现光屏上的像变模糊，当往水透镜中加入适量的水后，发现烛焰的像再次变得清晰，由此判断该眼镜是____________眼镜（选填“近视”“远视”）。
【答案】 ① 9.0 ②. 缩小 ③. 能 ④. 近视
【解析】
【详解】（1）[1]如图甲所示，一束平行于主光轴的光射向水透镜，在光屏上得到一个最小光斑，该最小最亮的光斑为焦点，则此时水透镜的焦距为
（2）[2]该同学移动蜡烛，水透镜和光屏至图乙所示位置时，此时物距大于像距，恰能在光屏上看到清晰缩小的像。
[3]若仅将蜡烛与光屏位置对调，由光路可逆得，像距变为原来的物距，物距变为原来的像距，则在光屏上能看到清晰的像。
（3）[4]在（2）中将蜡烛与光屏位置对调后的场景下，该同学取了一幅眼镜给水透镜“戴上”，如图丙所示，发现光屏上的像变模糊，当往水透镜中加入适量的水后，水透镜变厚，会聚能力变强，发现烛焰的像再次变得清晰，说明水透镜“戴上”眼睛后，像距变大，由此判断该眼镜是近视眼镜，对光线具有发散作用。
23. 小红想测量标有“1.5V”字样小灯泡正常发光时的电阻，从实验室找来了电源、电压表、电流表、滑动变阻器、开关和导线若干，进行了如下实验；
（1）用笔画线代替导线，将图甲电路连接完整；______
（2）检查无误后，闭合开关，发现电流表无示数，小灯泡不亮，电压表示数接近电源电压；造成这一故障的原因可能是小灯泡______（选填“断路”或“短路”）；
（3）排除电路故障后，闭合开关，移动滑片，当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻为______；接下来她又测量了几组对应的电压值和电流值，并绘制了小灯泡的图象，如图丙所示；
（4）小红认为不能利用图甲的装置探究电流与电压的关系，理由是______；
（5）小红还想测出另一个额定电压为的小灯泡正常发光时的电阻，在保证电路安全的前提下，设计了如图丁所示的电路（电源电压恒定大于且未知，滑动变阻器R最大阻值未知，定值电阻阻值为R0）；请将实验步骤补充完整：
①闭合、，断开，移动滑片，使电流表示数为______时，小灯泡正常发光；
②闭合、，断开，保持滑片位置不变，读出电流表的示数为；
③小灯泡正常发光时的电阻RL=______。（用、、R0表示）
【答案】 ①. ②. 断路 ③. 5 ④. 灯泡的电阻随温度的增大而增大，不能保持一定 ⑤. ⑥.
【解析】
【详解】（1）[1]实验中通过调节滑动变阻器的阻值，改变灯泡两端的电压，所以滑动变阻器与灯泡串联，滑动变阻器连接时，按照一上一下连接，如下图所示：
（2）[2]电流表无示数，灯泡不亮，说明电路是断路，电压表示数接近电源电压，说明与电压表并联部分以外的电路是通路，与电压表并联的部分断路，故造成这一现象的原因可能是小灯泡断路。
（3）[3]图乙中电流表选用0~0.6A量程，分度值为0.02A，示数为0.3A，则通过小灯泡的电流为0.3A，则小灯泡正常发光时的电阻
（4）[4]探究电流与电压的关系时，需要控制与电压表并联的电阻的阻值不变，根据图丙可知，小灯泡灯丝的电阻是变化的，所以不能完成实验探究。
（5）①[5]闭合S、S2，断开S1，此时定值电阻与灯泡并联，电流表测量通过定值电阻的电流，为了使灯泡正常发光，则灯泡两端电压达到U额，由于定值电阻与灯泡并联，定值电阻两端电压等于灯泡两端电压，所以通过定值电阻的电流为时，灯泡正常发光，所以移动滑片P使电流表示数为，此时灯泡正常发光。
③[6]闭合S、S1，断开S2，此时定值电阻与灯泡并联，电流表测量干路中的电流，保持滑片P位置不变，灯泡仍正常发光，读出电流表的示数为I，则通过在灯泡的电流
则小灯泡正常发光时的电阻
五、计算题（本大题共两小题，24题9分，25题11分，共20分。要求写出必要的文字说明、主要的计算步骤和明确的答案）
24. 如图甲所示为某品牌电热水壶。该型号电热水壶内部简化电路如图乙，额定电压为，具有加热、保温两挡。保温挡的额定功率为，双触点开关只能在触点1和、和3及3和4之间切换。、是两个阻值不变的发热元件，其中。现将此电热水壶装入初温为的水，接到的家庭电路中，选用加热挡加热至。已知该电热水壶加热效率为，，。求：
（1）电热水壶中水吸收的热量；
（2）加热挡的电功率；
（3）需要的加热时间。
【答案】（1）；（2）900W；（3）210s
【解析】
【详解】解：（1）水的质量为
水吸收的热量为
（2）由可知，电阻越小时，电功率越大，故当开关接2和3时为保温挡，只有R1工作，当开关接3和4时，为加热挡，此时R1和R2并联，的功率为
故加热功率为
（3）电热水壶加热时消耗的电能为
则加热时间为
答：（1）电热水壶中水吸收的热量为；
（2）加热挡的电功率为900W；
（3）需要的加热时间为210s。
25. 科创小组设计利用电流表测量质量的装置如图。现截取适当长度的电阻片（它的阻值随长度的变化图像如图乙）作为滑动变阻器接入电路，如图甲所示。如图甲中，电源电压恒定不变，电流表量程为。当滑片在最下端时，电流表示数为。装置中托盘与圆柱形实心塑料浮筒通过硬质绝缘细杆固定连接，整体漂浮在装有足够深水的柱形薄壁容器中，且只能竖直移动。托盘的质量为；高，底面积为，质量为；容器的底面积为，托盘通过滑杆带动滑片上下移动。托盘中未放物体时，调节水量，使滑片正好位于最上端。托盘中放入物体时，刚好浸没，滑片正好位于最下端（取、、不计滑片、滑杆、细杆的质量，忽略摩擦阻力，工作中水不溢出）。求：
（1）R0的阻值；
（2）物体A的质量；
（3）托盘中未放物体时，电流表的示数。
【答案】（1）10Ω；（2）6kg；（3）0.1A
【解析】
【详解】解：（1）当滑片位于下端时，滑动变阻器接入的阻值为0，电流表示数为0.6A，则R0的阻值
（2）物体的体积
物体浸没时受到的浮力
由沉浮条件可知，物体M漂浮时
则物体A的重力
物体的质量
（3）没放物体时，浮筒受到的浮力
浮筒排开水的体积
浮筒浸入的深度
放入物体后增加的浮力为的重力
增加的排开水的体积
液面升高的距离
滑片移动的距离
由图乙可知，的阻值为，托盘中未放物体时，电流表的示数
答：（1）R0的阻值为10Ω；
（2）物体A的质量为6kg；
（3）托盘中未放物体时，电流表的示数为0.1A。