2024湖北省宜荆荆随恩高一下学期6月联考物理试题含解析

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1.【答案】D
【详解】A．甲图中，卡文迪许测定引力常量的实验运用了放大法测微小量，选项A正确；
B．乙图中，研究小船渡河问题时，主要运用了分运动与合运动的等效法，选项B正确；
C．丙图中，探究向心力的大小与质量、角速度和半径之间的关系时运用了控制变量法，选项C正确；
D．丁图中，伽利略研究力和运动关系时，运用了理想实验方法，选项错误。本题选错误的，故选D。
2.【答案】C
【详解】A．图象的斜率表示速度，汽车匀速运动阶段的速度为
汽车匀减速直线运动的加速度大小为故A错误；
B．图象的斜率表示速度，时图象斜率为零，汽车的速度为零，则后汽车静止，故B错误；
C．时间内，汽车位移为故C正确；
D．内，汽车平均速度的大小为故D错误。故选C。
3.【答案】D
【详解】AB选项:不清楚场强方向，无法判断电场力方向，故无法判断电性；
CD选项:粒子a电场力先做负功，后做正功，粒子b电场力不做功。C错误，D正确。
4.【答案】B
【详解】选项A：落到O点处，水平位移为5m，竖直位移为5m，由，可得：，故A错误；
选项B：若石块能落入水中，竖直方向速度相同，水平速度越大，速度方向与水平面的夹角越小，故B正确；
选项CD:若石块不能落入水中，落到斜坡上速度方向均平行，与初速度无关，故CD错误。
5.【答案】B
【详解】汽车速度v=108km/h=30m/s，车轮转动的角速度，车轴处多出来的力为胎压监测器比正常气嘴盖多出来的质量在转动时所需的向心力，解得，故选B。
6.【答案】C
【详解】先将所有的砖(设有n块)当作整体，受力分析，竖直方向受重力、静摩擦力，二力平衡，有2μ1F≥nmg，n≤8,再考虑除最外侧两块砖(n－2)，受力分析，竖直方向受重力、静摩擦力，二力平衡，有2μ2F≥(n－2)mg，n≤6,联立解得n≤6，故C正确。
7.【答案】D
【详解】方法一：
设P点到斜面的垂直距离为PC,P点与传送带的位置确定后，PC就是一个定值.原料沿最快管道PD下滑的加速度为,有,在△PCD中,有则
由数学知识可知，当时,t有最小值
方法二：等时圆法：
如图所示，以处为圆的最高点作圆与传送带相切于点，设圆的半径为，从处建立一管道到圆周上，管道与竖直方向的夹角为，原料下滑的加速度为，管道长度为，由运动学公式可得，解得．可知从处建立任一管道到圆周上，原料下滑的时间相等，故在与传送带间建立一管道，原料从处到传送带上所用时间最短，由图中几何关系可知，管道与竖直方向的夹角为，图中，解得．
C
8.【答案】AB
【详解】A．由按压状态图可知，电子从左向右流经R，故电流为从右向左流经R，故A正确；
B．按压驻极体过程能量转化为机械能转化为电能，故B正确；
C．向下压时电子从左向右流经R进入大地；当停止按压，弹性形变恢复为原状，电子从大地经R流回金属板；若周期性按压驻极体，则流经电阻R的电流不断改变方向，故C错误；
D．开关闭合，没有按压时无电流，说明金属板电势等于大地电势；按压驻极体时，电流方向自右向左，说明大地电势高于P点电势；所以断开开关S，按压驻极体，会使P点电势降低，故D错误。故选BC。
9.【答案】BC
【详解】A．根据可知
小行星带内各小行星绕太阳运动的轨道半径均大于地球的轨道半径，可知周期均大于地球公转周期，即周期均大于一年，选项A错误；
B．根据可知，小行星带内距离太阳近的小行星的向心加速度大于距离远的小行星的向心加速度，选项B正确；
C．根据可知
小行星带内各小行星绕太阳运动的轨道半径不一定相同，可知小行星带内的小行星可能具有不同的角速度，选项C正确；
D．要从地球发射卫星探测小行星带，要脱离地球的引力但是不脱离太阳的引力，则发射速度应大于地球的第二宇宙速度，小于第三宇宙速度，选项D错误。故选AB。
10.【答案】AD
【详解】A．当带电小球恰好静止在斜面上时，受到重力、电场力、斜面的支持力的作用，由受力分析可得解得故A正确；
B．由受力分析可知，重力和电场力等效合力沿BA方向，大小为
若小球以初速度释放，到达等效最高点B点时的临界速度为0，由动能定理可得
解得小球能到达B点的条件为，故B错误；
C．由于BC段圆弧轨道变为单轨，小球不脱离BC轨道，在B点要求
,
则
则小球通过B点的速度小于时，会立刻在B点脱离，而不是在BC段某点脱离轨道，故C错误；
D．小球要经过B点到达C点，需要的最小初速度为，由动能定理可得
解得故D正确。故选AD。
11.【答案】 （1） AB （2） BC （3） 0.75
【详解】解：（1）A．为使小球从斜槽末端飞出时初速度方向是水平，因此斜槽轨道末段N端必须水平，A正确；
BD．这个实验只验证小球做平抛运动在竖直方向是自由落体运动，与水平方向无关，所以不需要每次实验小球离开水平槽时初速度相同，小球可以从斜槽上不同的位置无初速度释放，B正确、D错误；
C．斜槽轨道是否光滑，对实验没有影响，不需要必须光滑，C错误。
故选AB。
（2）BCD．该实验结果可表明：P小球在竖直方向的分运动与Q小球的运动相同，由于竖直方向的高度相同，所以两小球在空中运动的时间相等，BC正确、D错误；
A．当小球落地时P小球还有水平方向的速度，则两小球落地速度的大小不可能相同，A错误。
故选BC。
（3）P小球在同一初速平抛运动，P小球在竖直方向做自由落体运动，在水平方向做匀速直线运动，在竖直方向，由匀变速直线运动的推论，可有代入数据解得
在竖直方向，由中间时刻的瞬时速度等于平均速度，则有
12.【答案】 ① ② C ③ C
【详解】（1）[1]A点的速度为
据需要验证的原理公式为
可得需要验证的关系式为
（2）[2] A．实验开始时，应先打开频闪仪再释放钢球，故A错误；
B．用计算出A点的速度等效于已经确定钢球下落过程中机械能守恒了，再去验证将无意义，在本实验中A点的速度需用平均速度法求出，故B错误；
C．若已知闪光频率f，运用逐差法通过该实验方案可以测出当地重力加速度g的教值，故C正确。故选C。
（3）[3]课桌表面到地面的高度约为0.8m，小球做自由落体运动，从图中可知经过8次闪光到达地面，故有解得即故选C。
13.【答案】（1）方向由N指向A (“方向水平向左”也给分)（2）
【详解】(1)对小球受力分析
所以 ………………………………………………… (2 分)
根据几何关系 ………………………………………………… (1分)
则 ………………………………………………… (2分)
方向由N 指向A …………………………………………………… (1 分)
(“方向水平向左”也给分)
(2)①小球受电场力与电场方向相反，所以小球带负电 (2分)
②A 对小球的库仑 …………………………………………………(1分)
B 对小球的库仑 ………………………………………………… (1分)
F=FA+FB ………………………………………………………… (1 分)
解的 ………………………………………………………… (1分)
14．（16分）【答案】（1）M=2m；F0=mg；（2）Wf=0.3mgl；
【详解】（1）设物块质量为M，开始时，设压力传感器读数F0，则F0+mg=Mg…………………2分
当小球被抬高60°角时，则对小球根据力的平行四边形法则可得T=mgcs60°…………2分
此时对物块1.5F0+T=Mg…………………………………2分
解得：M=2m；F0=mg…………………………………2分
（2）当小球摆到最低点时，对物块0.6F0+T1=Mg；…………………………………2分
对小球…………………………………2分
对小球摆到最低点的过程，根据动能定理可知……………2分
联立解得Wf=0.3mgl…………………………………2分
（18分）【答案】（1）；（2）；
（3）
【详解】（1）设为类平抛运动的速度偏向角，则…………………………………1分
又根据几何关系，…………………………………1分
则…………………………………1分
（2）根据类平抛运动基本公式：…………………………………1分
…………………………………1分
…………………………………1分
易知，则进入第二象限瞬间离子的速度…………………………………1分
因为第二象限做匀速圆周运动，静电力充当向心力，则……………………1分
…………………………………1分
（3）离子到y轴正半轴时距坐标原点3d
第1、4象限加速度
以向下为正方向，作出离子运动的图象：
①在：离子向上位移 …………………………………1分
②在：离子竖直方向的总位移为0，之后竖直方向一直沿着y轴负半轴运动
③在：…………………………………1分
④在：…………………………………1分
⑤在：…………………………………1分
⑥在：…………………………………1分
所以：，还剩下
又：…………………………………1分
说明离子在期间穿过x轴，…………………………………1分
…………………………………1分
从y轴正半轴到x轴的时间：…………………………………1分
（注：结果是正确的但是用T表示的扣1分）