高考物理一轮复习1.4生活新情景问题(原卷版+解析)

这是一份高考物理一轮复习1.4生活新情景问题(原卷版+解析)，共41页。试卷主要包含了5 s　7，5 m/s，5 m，，机动车礼让行人是一种文明行为等内容，欢迎下载使用。

高考中新情景类
高考中新情景类问题中，命题者通过自然现象、生产生活、高科技应用、物理实验、物理学史等来创设物理情境，考察物理知识在实际情景中的应用。
新情景问题，本质上是新瓶装旧酒，其考察的物理实质仍然是高中阶段的基本概念，基本原理，基本规律，基本题型和基本方法。为了落实高考物理核心素养的要求，为了实现从解题向解决问题的转变，近年来新情景类问题在高考中所占的比重越来越高。
新情景问题的解决方法
第一，建立情景。这一步中要完成两个转化，首先是要把文字信息转换成图画信息，其次是要把陌生的情景转化为熟悉的情景。做情景类问题，首先要保持一个良好的心态，要有足够的耐心把题目读完，并且把文字信息转化成图片信息，而且如果你无法理解题目中出现的新情景时，就要学会把这个新情景和我们平时做题时遇到的熟悉的情景进行连接转化。这样，就能让自己找到亲切感和安全感，从而能够进入到正常的分析问题的程序中去。
第二，要识别模型。在这一步里面，最关键的是要抓住题目中的关键信息展开丰富的联想，与我们头脑中所积累的物理概念，物理规律、物理模型进行连接比对，最终抓住物理实质。
第三，方法迁移。在识别完物理模型以后，就要把平时我们所用到的物理规律与物理方法迁移过来解决实际问题。
以实际生活为背景考查运动问题
匀速直线运动的应用实例
匀速直线运动和匀变速直线运动是一种理想化模型，是最基本、最简单的运动形式，应用广泛．例如：声、光的传播都可以看成匀速直线运动，物体下落和竖直上抛运动可以看成匀变速直线运动。
下面是涉及匀速直线运动的几个应用实例．
在这类问题中位移的计算是关键，有时要巧用几何关系(如光波、声波反射、折射问题，如图2)，有时要估算长度(如高速摄影，如图3)，有时要求相对位移(如动态测速)等．这类问题的核心方程只有一个：v＝eq \f(x,t).
【典例1】(2012·上海高考)小球每隔0.2 s从同一高度抛出，做初速度为6 m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰，第1个小球在抛出点以上能遇到的小球数为(取g＝10 m/s2)( )
A．3个 B．4个
C．5个 D．6个
【答案】C
【解析】第1个小球从抛出到落回抛出点所用时间t＝eq \f(2v0,g)＝1.2 s，在这段时间内，空中已抛出了6个小球，第7个小球刚好要抛出，这样第1个小球与空中的其他5个小球都会相遇，因此C正确。
【典例2】(2022·河南焦作高三模拟)如图（a）所示，是在高速公路上用超声波测速仪测量车速的示意图，测速仪发出并接收超声波脉冲信号，根据发出和接收到的信号间的时间差，测出被测的物体的速度；图（b）中p1、p2是测速仪发出的超声波信号，n1、n2分别是p1、p2由汽车反射回来的信号．设测速仪匀速扫描，p1、p2之间的时间间隔Δt＝1．0 s，超声波在空气中传播的速度是v＝340 m/s，若汽车是匀速行驶的，根据图（b）求：（1）汽车在接收到p1、p2两个信号之间的时间内前进的距离；
（2）汽车行驶的速度。
【答案】 17 m 17．9 m/s．
【解析】（1）从题中的（b）图可以看出，发出超声波信号p1到接收到反射信号n1的时间为：t1＝12× s＝0．4 s，此时汽车离测速仪的距离为s1＝×v·t1＝×340×0．4 m＝68 m，
同样可求得发出信号p2到接收到信号n2的时间为t2＝9× s＝0．3 s，s2＝vt2＝51 m,
所以汽车接收到p1、p2两个信号之间的时间内前进的距离为： x＝s1-s2＝68 m-51 m＝17 m
所以汽车行驶17 m距离所用时间t＝t1′＋t2′＋t3′＝0．95 s，
汽车的速度v′＝= m/s＝17．9 m/s．
以体育运动为背景考查运动问题
【典例3】(2022·甘肃兰州高三月考)如图所示，甲、乙两个同学在直跑道上练习4×100 m接力，他们在奔跑时有相同的最大速度。乙从静止开始全力奔跑需跑出25 m才能达到最大速度，这一过程可看成匀变速直线运动。现在甲持棒以最大速度向乙奔来，乙在接力区伺机全力奔出。若要求乙接棒时奔跑达到最大速度的80%，则：
(1)乙在接力区需跑出多少距离？
(2)乙应在距离甲多远时起跑？
【答案】 (1)16 m (2)24 m
【解析】本题涉及两个研究对象，其中甲运动员做匀速直线运动，乙运动员做初速度为零的匀加速直线运动，关联的地方是：①从开始运动至完成交接棒过程，他们的运动时间相等；②在这段时间内，甲的位移等于乙的位移与乙起跑时甲、乙之间距离的和。设甲、乙的最大速度为v，从乙起跑到接棒的过程中，甲、乙运动时间为t。
(1)乙起跑后做初速度为零的匀加速直线运动，设其加速度为a，v2＝2ax。
乙接棒时奔跑达到最大速度的80%，得v1＝v×80%，
veq \\al(2,1)＝2ax乙，x乙＝eq \f(0.64v2,2a)＝16 m。
乙在接力区需跑出的距离为16 m。
(2)乙的运动为匀加速直线运动，乙从起跑到接棒的时间为t，t＝eq \f(v1,a)＝eq \f(0.8v,a)，x乙＝eq \f(0＋v1,2)t；甲做匀速直线运动，其在乙从起跑到接棒的时间t内的位移为x甲＝vt＝40 m；
乙起跑时距离甲的距离为Δx＝x甲－x乙＝24 m。
【典例4】(2022·山东烟台月考)某次足球比赛中，攻方使用“边路突破，下底传中”的战术。如图，足球场长90 m、宽60 m。前锋甲在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做匀减速直线运动，其初速度v0＝12 m/s，加速度大小a0＝2 m/s2。
(1)甲踢出足球的同时沿边线向前追赶足球，设他做初速度为零、加速度a1＝2 m/s2的匀加速直线运动，能达到的最大速度vm＝8 m/s。求他追上足球的最短时间；
(2)若甲追上足球的瞬间将足球以某速度v沿边线向前踢出，足球仍以大小为a0的加速度在地面上做匀减速直线运动；同时，甲的速度瞬间变为v1＝6 m/s，紧接着他做匀速直线运动向前追赶足球，恰能在底线处追上足球传中，求v的大小。
【答案】(1)6.5 s (2)7.5 m/s
【解析】(1)解法一：足球减速到速度为0的时间和位移分别为t0＝eq \f(v0,a0)＝6 s，x0＝eq \f(v0,2)t0＝36 m。
已知甲的加速度为a1＝2 m/s2，最大速度为vm＝8 m/s，
甲做匀加速运动达到最大速度的时间和位移分别为：
t1＝eq \f(vm,a1)＝eq \f(8,2) s＝4 s
x1＝eq \f(vm,2)t1＝eq \f(8,2)×4 m＝16 m
之后甲做匀速直线运动，到足球停止运动时，甲匀速运动的位移为
x2＝vm(t0－t1)＝8×2 m＝16 m
由于x1＋x2则x0－(x1＋x2)＝vmt2
解得：t2＝0.5 s
则甲追上足球的最短时间t＝t0＋t2＝6.5 s。
解法二：由题可作出甲与足球的v­t图象如图所示，
由图可知，在t＝6 s时，足球停止运动，
其位移x0＝eq \f(12×6,2) m＝36 m
此时甲的位移x甲＝eq \f(2＋6×8,2) m＝32 m＜x0，可知在足球停止运动时甲还未追上足球，
甲还要继续运动的时间t甲＝eq \f(x0－x甲,vm)＝0.5 s
故甲追上足球的最短时间t＝6 s＋0.5 s＝6.5 s。
(2)开始足球距底线的距离x3＝45 m－x0＝9 m
设甲运动到底线的时间为t3，则x3＝v1t3
足球在t3时间内发生的位移x3＝vt3－eq \f(1,2)a0teq \\al(2,3)
联立解得：v＝7.5 m/s。
以交通安全为背景考查运动问题
【典例5】(2022·云南昆明质检)在我国新交通法中规定“车让人”，驾驶员驾车时应考虑到行人过马路的情况。若有一汽车以8 m/s的速度匀速行驶即将通过路口，此时正有行人在过人行横道，而汽车的前端距停车线8 m，该车减速时的加速度大小为5 m/s2。下列说法正确的是( )
A．驾驶员立即刹车，则至少需要2 s汽车才能停止
B．在距停车线7.5 m处才开始刹车，汽车前端恰能止于停车线处
C．若经0.25 s才开始刹车，汽车前端恰能止于停车线处
D．若经0.2 s才开始刹车，汽车前端恰能止于停车线处
【答案】D
【解析】对汽车刹车过程，由匀变速直线运动规律有v＝at，解得t＝1.6 s，即驾驶员立即刹车，至少需要1.6 s汽车才能停止，选项A错误；由v2＝2ax0，解得汽车刹车距离x0＝6.4 m，所以在距离停车线6.4 m处才开始刹车，汽车前端恰能止于停车线处，选项B错误；若经过0.25 s 才开始刹车，则此时汽车的前端与停车线的距离为L＝8 m－8×0.25 m＝6 m，小于汽车刹车距离x0＝6.4 m，所以若经过0.25 s才开始刹车，汽车前端止于超过停车线0.4 m处，选项C错误；若经过0.2 s才开始刹车，则此时汽车的前端与停车线的距离为L′＝8 m－8×0.2 m＝6.4 m，恰好等于汽车刹车距离x0＝6.4 m，所以若经过0.2 s才开始刹车，汽车前端恰能止于停车线处，选项D正确。
【典例6】(2022·山东四校联合质检)强行超车是道路交通安全的极大隐患之一。下图是汽车超车过程的示意图，汽车甲和货车均以36 km/h的速度在路面上匀速行驶，其中甲车车身长L1＝5 m、货车车身长L2＝8 m，货车在甲车前s＝3 m处。若甲车司机开始加速从货车左侧超车，加速度大小为2 m/s2。假定货车速度保持不变，不计车辆变道的时间及车辆的宽度。
(1)甲车完成超车至少需要多长时间？
(2)若甲车开始超车时，看到道路正前方的乙车迎面驶来，此时二者相距110 m，乙车速度为54 km/h。甲车超车的整个过程中，乙车速度始终保持不变，请通过计算分析，甲车能否安全超车。
【答案】(1)4 s (2)见解析
【解析】 (1)设甲经过时间t刚好完成超车，在时间t内
甲车位移x1＝v1t＋eq \f(1,2)at2，
货车位移x2＝v2t，
根据几何关系x1＝x2＋L1＋L2＋s，
代入数据得t＝4 s，
即甲车最短的超车时间为4 s。
(2)在最短4 s内，
甲车位移x1＝56 m，
乙车位移x3＝v3t＝60 m，
由于x1＋x3＝116 m>110 m，故不能安全超车。
【典例7】(2022·福建省宁德市高三第一次质量检查)交通法规定，汽车出现故障停在道路上时，应在车后方放置三角警示牌，提醒后面驾车的驾驶员减速避让，如图所示。在夜间，某道路上有一汽车因故障停车，后面有一货车以15 m/s的速度向前驶来，由于夜间视线不好，驾驶员只能看清前方20 m的物体，已知驾驶员的反应时间为1 s，制动后最大加速度大小为5 m/s2。求：
(1)货车从看到警示牌到最终停下所用的最短时间。
(2)警示牌至少要放在汽车后多远处才能避免两车相撞。
【答案】(1)4 s (2)17.5 m
【解析】(1)设驾驶员的反应时间为t1，则t1＝1 s，
设货车从开始刹车到停止的最短时间为t2，
则t2＝eq \f(v0,a)＝3 s，
则货车从看到警示牌到最终停止所用的最短时间为
t＝t1＋t2＝4 s。
(2)反应时间内货车做匀速直线运动，
则x1＝v0t1＝15 m，
设货车从开始刹车到停止的位移为x2，
则x2＝eq \f(v\\al(2,0),2a)＝22.5 m，
货车从发现警示牌到停止的总位移为
x＝x1＋x2＝37.5 m，
三角警示牌与汽车的距离至少为Δx＝x－L＝17.5 m。
以追击相遇为背景考查运动问题
追及、相遇问题常见情景
(1)速度小者追速度大者
(2)速度大者追速度小者
【典例8】(2022·辽宁沈阳联考)一辆汽车在十字路口等候绿灯，当绿灯亮时汽车以a＝3 m/s2的加速度开始加速行驶，恰在这时一辆自行车以6 m/s的速度匀速驶过，从后边超过汽车．则汽车从路口启动后，在追上自行车之前经过多长时间两车相距最远？此时两车的距离是多少？
【答案】2 s 6 m
【解析】解法一(分析法)：汽车与自行车的速度相等时相距最远，设此时经过的时间为t，两车间的距离为Δx，则有v＝at
所以t＝eq \f(v,a)＝2 s
Δx＝vt－eq \f(1,2)at2＝6 m.
解法二(极值法)：设汽车在追上自行车之前经过时间t两车相距最远，则Δx＝vt－eq \f(1,2)at2
代入已知数据得Δx＝6t－eq \f(3,2)t2
由二次函数求极值的条件知：t＝2 s时，Δx有最大值6 m
所以t＝2 s时两车相距最远，为Δx＝6 m.
解法三(图像法)：自行车和汽车的v－t图像如图所示，由图可以看出，在相遇前，t1时刻两车速度相等，两车相距最远，此时的距离为阴影三角形的面积，
v1＝6 m/s
所以有t1＝eq \f(v1,a)＝eq \f(6,3) s＝2 s，
Δx＝eq \f(v1t1,2)＝eq \f(6×2,2) m＝6 m.
【典例9】(2022·合肥高三质检)如图所示，图线Ⅰ和Ⅱ分别表示先后从同一地点以相同速度v作竖直上抛运动的两物体的v­t图线，则两物体( )
A．在第Ⅰ个物体抛出后3 s末相遇
B．在第Ⅱ个物体抛出后4 s末相遇
C．在第Ⅱ个物体抛出后2 s末相遇
D．相遇时必有一个物体速度为零
【答案】C
【解析】根据v­t图像与坐标轴围成的面积表示位移，可知在第Ⅱ个物体抛出后2 s末，即图中第4 s末，两物体的位移相等，所以在第Ⅱ个物体抛出后2 s末相遇。故A、B错误，C正确。图中第4 s末两物体相遇，由图看出两个物体的速度均不为零，故D错误。故选C。
练习1.(2022·山东德州市开学考试)甲、乙两辆车在同一直轨道上向右匀速行驶，甲车的速度为v1＝16 m/s，乙车的速度为v2＝12 m/s，乙车在甲车的前面。当两车相距L＝6 m时，两车同时开始刹车，从此时开始计时，甲车以a1＝2 m/s2的加速度刹车，6 s后立即改做匀速运动，乙车刹车的加速度为a2＝1 m/s2。求：
(1)从两车刹车开始计时，甲车第一次追上乙车的时间；
(2)两车相遇的次数；
(3)两车速度相等的时间。
【答案】(1)2 s (2)3次 (3)4 s和8 s
【解析】(1)在甲减速时，设经时间t相遇，甲和乙的加速度分别为a1、a2，位移分别为x1、x2，则有
x1＝v1t－eq \f(1,2)a1t2，x2＝v2t－eq \f(1,2)a2t2，x1＝x2＋L
联立解得t1＝2 s，t2＝6 s
即在甲车减速时，相遇两次，第一次相遇的时间为t1＝2 s
(2)当t2＝6 s时，甲车的速度为v1′＝v1－a1t2＝4 m/s，乙车的速度为v2′＝v2－a2t2＝6 m/s，甲车的速度小于乙车的速度，但乙车做减速运动，设再经Δt甲追上乙，有
v1′Δt＝v2′Δt－eq \f(1,2)a2Δt2
解得Δt＝4 s
此时乙仍在做减速运动，此解成立
综合以上分析知，甲、乙两车共相遇3次。
(3)第一次速度相等的时间为t3，有
v1－a1t3＝v2－a2t3
解得t3＝4 s
甲车匀速运动的速度为4 m/s，第二次速度相等的时间为t4，有
v1′＝v2－a2t4
解得t4＝8 s
【巧学妙记】
求解追及和相遇问题的两点技巧
1. (2022·河北保定月考)高速公路上有两辆汽车一前一后以相同的速度行驶着，两车相距70 m，突然前车发现紧急情况，立即刹车，后车发现前车开始刹车时，也立刻采取相应措施，假设刹车时两车的加速度大小相同，已知人的反应时间和汽车系统的反应时间之和大约在1.4～2.1 s之间，为确保两车不追尾，则两车刹车前行驶的最大速度为( )
A．90 km/h B．110 km/h
C．120 km/h D．130 km/h
【答案】C
【解析】由于两车刹车的初速度和加速度大小相同，所以后车在最长反应时间内匀速行驶的距离为70 m，由此可得汽车在刹车前行驶的速度v＝eq \f(70,2.1)×3.6 km/h＝120 km/h，C项正确，A、B、D三项错误。
2. (多选)(2022·浙江金华月考)建筑工人常常徒手抛砖块，当砖块上升到最高点时，被楼上的师傅接住用以砌墙。若某次建筑工人以10 m/s的速度从地面竖直向上抛出一砖块，楼上的师傅没有接住，g取10 m/s2，空气阻力可以忽略，则( )
A．砖块上升的最大高度为10 m
B．经2 s砖块回到抛出点
C．砖块回到抛出点前0.5 s时间内通过的距离为3.75 m
D．砖块被抛出后上升过程中，做变减速直线运动
【答案】BC
【解析】由h＝eq \f(v\\al( 2,0),2g)得，砖块上升的最大高度h＝5 m，A项错误；砖块上升的时间t＝eq \f(v0,g)＝1 s，上升阶段与下降阶段的时间相等，所以经2 s砖块回到抛出点，B项正确；砖块被抛出后经t′＝0.5 s 上升的高度h′＝v0t′－eq \f(1,2)gt′2＝3.75 m，由于上升阶段与下降阶段的时间、位移具有对称性，所以砖块回到抛出点前0.5 s时间内通过的距离为3.75 m，C项正确；砖块被抛出后加速度不变，故上升过程砖块做匀减速直线运动，D项错误。
3. (2022·百师联盟高三)甲、乙两车相距7 m，同向运动，乙车在前，甲车在后。其中甲车以4 m/s的速度向右做匀速直线运动，乙车初速度为4 m/s，以－2 m/s2的加速度做减速运动，求：经多长时间甲车追上乙车？
【答案】2.75 s
【解析】要考虑乙车停止运动的时间，因为在乙车停止前甲车就追上乙车和乙车停止后甲车再追上乙车的解法是不同的。设乙车从开始减速到停止所用时间为t，则t＝eq \f(v－v0,a)＝2 s，此时的位移为：x乙＝v0t＋eq \f(1,2)at2＝4 m，在这段时间内甲车的位移x甲＝v甲t＝8 m<7 m＋4 m＝11 m，所以甲车在乙车停止后才追上乙车。所经时间t1＝eq \f(11,4) s＝2.75 s。
1.（辽宁省朝阳市2022年高三9月联考）如图所示，一杂技演员用一只手抛球、接球，他每隔0.4 s抛出一球，接到球便立即把球抛出．已知除抛、接球的时刻外，空中总有4个球，将球的运动近似看做是竖直方向的运动，球到达的最大高度是(高度从抛球点算起，取g＝10 m/s2)( )
A．1.6 m B．2.4 m C．3.2 m D．4.0 m
2.(2022·株洲市二中月考)6．高速摄像机能够拍摄清晰的视频来记录高速运动物体的运动情况，其拍摄一张照片，称为一帧，将每一帧画面按照时间先后顺序播放，形成我们看到的视频。某同学从楼顶由静止释放一小球，并用高速摄像机拍摄到小球从释放到落地的全过程。已知拍摄相邻两帧画面的时间间隔为0.001 s，利用软件将视频中的每一帧画面提取出来，数出小球经过最高的一层时，共801帧画面，经过整栋楼时，共2 401帧画面。若每层楼高度相同，忽略空气阻力。则该栋楼的楼层数为( C )
A．3 B．8
C．9 D．10
3.(2022·贵州省黔东南自治州高三模拟)“低头族”在社会安全中面临越来越多的潜在风险，若司机也属于低头一族，出事概率则会剧增。若高速公路(可视为平直公路)同一车道上两小车的车速均为108 km/h，车距为105 m，前车由于车辆问题而紧急刹车，而后方车辆的司机由于低头看手机，4 s后抬头才看到前车刹车，经过0.4 s的应急时间后也紧急刹车，假设两车刹车时的加速度大小均为6 m/s2，则下列说法正确的是( )
A．两车不会相撞，两车间的最小距离为12 m
B．两车会相撞，相撞时前车车速为6 m/s
C．两车会相撞，相撞时后车车速为18 m/s
D．条件不足，不能判断两车是否相撞
4．(2022·江苏省苏锡常镇四市高三(下)二模)行驶中的汽车遇到红灯刹车后做匀减速直线运动直到停止，等到绿灯亮时又重新启动开始做匀加速直线运动直到恢复原来的速度继续匀速行驶，则从刹车到继续匀速行驶这段过程，位移随速度变化的关系图像描述正确的是( )
5．(多选)(2022·广东湛江高三下学期线上训练二)汽车司机发现前方有障碍物，立即刹车，刹车过程可视为匀减速运动。自刹车开始第1 s内经过的位移为24 m，第4 s内经过的位移为1 m。下列说法正确的是( )
A．汽车的加速度大小为8 m/s2
B．汽车的加速度大小为7.67 m/s2
C．汽车的初速度大小为28 m/s
D．汽车的初速度大小为30.67 m/s
6．高速公路的ETC电子收费系统如图所示，ETC通道的长度是识别区起点到自动栏杆的水平距离。某汽车以21.6 km/h的速度匀速进入识别区，ETC天线用了0.3 s的时间识别车载电子标签，识别完成后发出“滴”的一声，司机发现自动栏杆没有抬起，于是采取制动刹车，汽车刚好没有撞杆。已知司机的反应时间为0.7 s，刹车的加速度大小为5 m/s2，则该ETC通道的长度约为( )
A．4.2 m B．6.0 m
C．7.8 m D．9.6 m
7．如图所示，用一把直尺可以测量神经系统的反应速度。现有甲、乙两同学，甲同学用手指拿着一把长50 cm 的直尺，乙同学把手放在零刻度线位置做抓尺的准备，当甲同学松开直尺，乙同学见到直尺下落时，立即用手抓住直尺，记录抓住处的数据，重复以上步骤多次。现有乙同学测定神经系统的反应速度时得到以下数据(单位：cm)，则下列说法正确的是( )
A.第一次测量的反应时间最长
B．第一次测量的反应时间为2 s
C．第二次抓住之前的瞬间，直尺的速度约为4 m/s
D．若某同学的反应时间为0.4 s，则该直尺将无法测量该同学的反应时间
8．(2022·天津市静海一中等七校高三联考)一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12 m的竖直立在地面上的钢管从顶端由静止先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零。如果他加速时的加速度大小是减速时加速度大小的2倍，下滑的总时间为3 s，那么该消防队员( )
A．下滑过程中的最大速度为4 m/s
B．加速与减速运动过程中平均速度之比为2∶1
C．加速与减速运动过程的时间之比为1∶2
D．加速与减速运动过程的位移大小之比为1∶4
9．（多选）(2021·上海市浦东新区高三模拟)甲、乙两小球在两条平行直线上向右运动，用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下两小球每次曝光时的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔相等。由图可知( )
A．在t7时刻，甲在乙前面
B．甲、乙相遇了2次
C．t4到t5之间某时刻甲、乙相遇
D．t4之前甲的速度小于乙的速度
10．王兵同学利用数码相机连拍功能记录运动会上女子跳水比赛中运动员在10 m跳台跳水的全过程．所拍摄的第一张照片恰为她们起跳的瞬间，第四张如图甲，王兵同学认为这时她们处在最高点，第十九张如图乙，她们正好身体竖直、双手刚刚触及水面．查阅资料得知相机每秒连拍10张．设起跳时重心离台面及触水时重心离水面的距离相等．(g＝10 m/s2)由以上材料：
(1)估算运动员的起跳速度大小；
(2)分析第四张照片是在最高点吗？如果不是，此时重心是处于上升阶段还是下降阶段？
11.由于私家车的数量剧增，堵车已严重影响了人们的工作效率和社会发展。如图甲所示，在某平直公路的十字路口，红灯拦停了许多列车队，拦停的汽车排成笔直的一列。为了使研究的问题简化，假设某一列的第一辆汽车的前端刚好与路口停止线平齐，汽车长均为l＝4.4 m，前面汽车的尾部与相邻的后一辆汽车的前端距离均为d1＝2.0 m，如图乙所示。为了安全，前面汽车的尾部与相邻的后一辆汽车的前端距离至少为d2＝6.0 m时，相邻的后一辆汽车才能开动，若汽车都以a＝2 m/s2的加速度做匀加速直线运动。绿灯亮起的瞬间，第一辆汽车立即开动，忽略人的反应时间。求：
(1)第11辆汽车前端刚到达停止线时的速度大小v；
(2)从绿灯刚亮起到第11辆汽车前端与停止线平齐所需最短时间t。
12.如图所示，在一次接力训练中，已知甲、乙两运动员经短距离加速后都能达到并保持10 m/s的速度跑完全程．设乙从起跑后到接棒前的运动是匀加速运动，加速度大小为3 m/s2.乙在接力区前端
听到口令时起跑，在甲、乙相遇时完成交接棒．在这次练习中，甲以v＝10 m/s的速度跑到接力区前端s0＝14.0 m处向乙发出起跑口令．已知接力区的长度为L＝20 m.
(1)求此次练习中交接棒处离接力区前端(即乙出发的位置)的距离；
(2)为了达到理想成绩，需要乙恰好在速度达到与甲相同时被甲追上，则甲应在接力区前端多远时对乙发出起跑口令？
(3)在(2)中，棒经过接力区的时间是多少？
13．(2021·陕西安康中学高三上学期月考)如图所示为某城市十字路口道路示意图，道路为双向四车道，每个车道宽度为2.4 m。某自行车从道路左侧车道线沿停车线向右匀速行驶，速率为14.4 km/h，同时一辆汽车在最右侧车道正中间行驶，速率为54 km/h，汽车前端距离停车线20 m。已知汽车的宽度与自行车的长度相等均为1.8 m，汽车的车身长4.8 m。汽车司机为避免与自行车相撞马上采取刹车制动，最大制动加速度大小为5 m/s2。求：
(1)汽车的最短刹车距离sm；
(2)请通过计算判断当汽车以最大加速度刹车时是否能够避免相撞。
14.足球运动员常采用折返跑方式训练，如图所示，在直线跑道起点“0”的左边每隔3 m放一个空瓶，起点“0”的右边每隔9 m 放一个空瓶，要求运动员以站立式起跑姿势站在起点“0”上，当听到“跑”的口令后，全力跑向“1”号瓶，推倒“1”号瓶后再全力跑向“2”号瓶，推倒“2”号瓶后……运动员做变速运动时可看作匀变速直线运动，加速时加速度大小为4 m/s2，减速时加速度大小为8 m/s2，每次推倒瓶子时运动员的速度都恰好为零。运动员从开始起跑到推倒“2”号瓶所需的最短时间为多少(运动员可看作质点)?
1.（2022年全国高考甲卷物理试题）长为l的高速列车在平直轨道上正常行驶，速率为v0，要通过前方一长为L的隧道，当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过v（v < v0）。已知列车加速和减速时加速度的大小分别为a和2a，则列车从减速开始至回到正常行驶速率v0所用时间至少为（ ）
A. B. C. D.
2. （2021年湖北高考）2019年，我国运动员陈芋汐获得国际泳联世锦赛女子单人10米跳台冠军。某轮比赛中，陈芋汐在跳台上倒立静止，然后下落，前5 m完成技术动作，随后5 m完成姿态调整。假设整个下落过程近似为自由落体运动，重力加速度大小取10 m/s2，则她用于姿态调整的时间约为（ ）
A.0.2 s C.1.0 s
3.（2019·全国·高考真题）如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H。上升第一个所用的时间为t1，第四个所用的时间为t2。不计空气阻力，则满足（ ）
A．B．C．D．
4.(2020·全国Ⅰ卷)我国自主研制了运­20重型运输机。飞机获得的升力大小F可用F＝kv2描写，k为系数；v是飞机在平直跑道上的滑行速度，F与飞机所受重力相等时的v称为飞机的起飞离地速度，已知飞机质量为1.21×105 kg时，起飞离地速度为66 m/s；装载货物后质量为1.69×105 kg，装载货物前后起飞离地时的k值可视为不变。
(1)求飞机装载货物后的起飞离地速度；
(2)若该飞机装载货物后，从静止开始匀加速滑行1 521 m起飞离地，求飞机在滑行过程中加速度的大小和所用的时间。
5.（2021年浙江卷）机动车礼让行人是一种文明行为。如图所示，质量的汽车以的速度在水平路面上匀速行驶，在距离斑马线处，驾驶员发现小朋友排着长的队伍从斑马线一端开始通过，立即刹车，最终恰好停在斑马线前。假设汽车在刹车过程中所受阻力不变，且忽略驾驶员反应时间。
（1）求开始刹车到汽车停止所用的时间和所受阻力的大小；
（2）若路面宽，小朋友行走的速度，求汽车在斑马线前等待小朋友全部通过所需的时间；
（3）假设驾驶员以超速行驶，在距离斑马线处立即刹车，求汽车到斑马线时的速度。
6.（2017全国II卷·24）为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线距离s0和s1（s1（1）冰球与冰面之间的动摩擦因数；
（2）满足训练要求的运动员的最小加速度。
新课程标准
1．了解近代实验科学产生的背景，认识实验对物理学发展的推动作用。
2．经历质点模型的建构过程，了解质点的含义。知道将物体抽象为质点的条件，能将特定实际情境中的物体抽象成质点。体会建构物理模型的思维方式，认识物理模型在探索自然规律中的作用。
3．理解位移、速度和加速度。通过实验，探究匀变速直线运动的特点，能用公式、图像等方法描述匀变速直线运动，理解匀变速直线运动的规律，能运用其解决实际问题，体会科学思维中的抽象方法和物理问题研究中的极限方法。
4．通过实验，认识自由落体运动规律。结合物理学史的相关内容，认识物理实验与科学推理在物理学研究中的作用。
情境命题
特点
生活实践类
安全行车，生活娱乐，交通运输，体育运动
(如汽车刹车，飞机起飞，电梯运行，无人机升空)
学习探究类
伽利略对自由落体运动的研究，速度的测量，加速度的测量，追及相遇问题
实例
计算声音传播时间
计算子弹速度或曝光时间
雷达测速
由曝光位移求高度
图示
说明
声波通过云层反射，视为匀速直线运动
子弹穿过苹果照片中，子弹模糊部分的长度即为曝光时间内子弹的位移
通过发射两次(并接收两次)超声波脉冲测定汽车的速度
曝光时间内下落石子的运动视为匀速运动
追及类型
图象描述
相关结论
匀加速
追匀速
设x0为开始时两物体间的距离，则应有下面结论：
①t＝t0以前，后面物体与前面物体间的距离增大
②t＝t0时，两物体相距最远，为x0＋Δx
③t＝t0以后，后面物体与前面物体间的距离减小
④一定能追上且只能相遇一次
匀速追
匀减速
匀加速追
匀减速
追及类型
图象描述
相关结论
匀减速
追匀速
设x0为开始时两物体间的距离，开始追及时，后面物体与前面物体间的距离在减小，当两物体速度相等时，即t＝t0时刻：
①若Δx＝x0，则恰能追上，两物体只能相遇一次，这也是避免相撞的临界条件
②若Δx③若Δx>x0，则相遇两次，设t1时刻两物体第一次相遇，则t2＝2t0－t1时刻两物体第二次相遇
匀速追
匀加速
匀减速追
匀加速
第一次
第二次
第三次
20
45
30
1.4 生活新情景问题
高考中新情景类
高考中新情景类问题中，命题者通过自然现象、生产生活、高科技应用、物理实验、物理学史等来创设物理情境，考察物理知识在实际情景中的应用。
新情景问题，本质上是新瓶装旧酒，其考察的物理实质仍然是高中阶段的基本概念，基本原理，基本规律，基本题型和基本方法。为了落实高考物理核心素养的要求，为了实现从解题向解决问题的转变，近年来新情景类问题在高考中所占的比重越来越高。
新情景问题的解决方法
第一，建立情景。这一步中要完成两个转化，首先是要把文字信息转换成图画信息，其次是要把陌生的情景转化为熟悉的情景。做情景类问题，首先要保持一个良好的心态，要有足够的耐心把题目读完，并且把文字信息转化成图片信息，而且如果你无法理解题目中出现的新情景时，就要学会把这个新情景和我们平时做题时遇到的熟悉的情景进行连接转化。这样，就能让自己找到亲切感和安全感，从而能够进入到正常的分析问题的程序中去。
第二，要识别模型。在这一步里面，最关键的是要抓住题目中的关键信息展开丰富的联想，与我们头脑中所积累的物理概念，物理规律、物理模型进行连接比对，最终抓住物理实质。
第三，方法迁移。在识别完物理模型以后，就要把平时我们所用到的物理规律与物理方法迁移过来解决实际问题。
以实际生活为背景考查运动问题
匀速直线运动的应用实例
匀速直线运动和匀变速直线运动是一种理想化模型，是最基本、最简单的运动形式，应用广泛．例如：声、光的传播都可以看成匀速直线运动，物体下落和竖直上抛运动可以看成匀变速直线运动。
下面是涉及匀速直线运动的几个应用实例．
在这类问题中位移的计算是关键，有时要巧用几何关系(如光波、声波反射、折射问题，如图2)，有时要估算长度(如高速摄影，如图3)，有时要求相对位移(如动态测速)等．这类问题的核心方程只有一个：v＝eq \f(x,t).
【典例1】(2012·上海高考)小球每隔0.2 s从同一高度抛出，做初速度为6 m/s的竖直上抛运动，设它们在空中不相碰，第1个小球在抛出点以上能遇到的小球数为(取g＝10 m/s2)( )
A．3个 B．4个
C．5个 D．6个
【答案】C
【解析】第1个小球从抛出到落回抛出点所用时间t＝eq \f(2v0,g)＝1.2 s，在这段时间内，空中已抛出了6个小球，第7个小球刚好要抛出，这样第1个小球与空中的其他5个小球都会相遇，因此C正确。
【典例2】(2022·河南焦作高三模拟)如图（a）所示，是在高速公路上用超声波测速仪测量车速的示意图，测速仪发出并接收超声波脉冲信号，根据发出和接收到的信号间的时间差，测出被测的物体的速度；图（b）中p1、p2是测速仪发出的超声波信号，n1、n2分别是p1、p2由汽车反射回来的信号．设测速仪匀速扫描，p1、p2之间的时间间隔Δt＝1．0 s，超声波在空气中传播的速度是v＝340 m/s，若汽车是匀速行驶的，根据图（b）求：（1）汽车在接收到p1、p2两个信号之间的时间内前进的距离；
（2）汽车行驶的速度。
【答案】 17 m 17．9 m/s．
【解析】（1）从题中的（b）图可以看出，发出超声波信号p1到接收到反射信号n1的时间为：t1＝12× s＝0．4 s，此时汽车离测速仪的距离为s1＝×v·t1＝×340×0．4 m＝68 m，
同样可求得发出信号p2到接收到信号n2的时间为t2＝9× s＝0．3 s，s2＝vt2＝51 m,
所以汽车接收到p1、p2两个信号之间的时间内前进的距离为： x＝s1-s2＝68 m-51 m＝17 m
所以汽车行驶17 m距离所用时间t＝t1′＋t2′＋t3′＝0．95 s，
汽车的速度v′＝= m/s＝17．9 m/s．
以体育运动为背景考查运动问题
【典例3】(2022·甘肃兰州高三月考)如图所示，甲、乙两个同学在直跑道上练习4×100 m接力，他们在奔跑时有相同的最大速度。乙从静止开始全力奔跑需跑出25 m才能达到最大速度，这一过程可看成匀变速直线运动。现在甲持棒以最大速度向乙奔来，乙在接力区伺机全力奔出。若要求乙接棒时奔跑达到最大速度的80%，则：
(1)乙在接力区需跑出多少距离？
(2)乙应在距离甲多远时起跑？
【答案】 (1)16 m (2)24 m
【解析】本题涉及两个研究对象，其中甲运动员做匀速直线运动，乙运动员做初速度为零的匀加速直线运动，关联的地方是：①从开始运动至完成交接棒过程，他们的运动时间相等；②在这段时间内，甲的位移等于乙的位移与乙起跑时甲、乙之间距离的和。设甲、乙的最大速度为v，从乙起跑到接棒的过程中，甲、乙运动时间为t。
(1)乙起跑后做初速度为零的匀加速直线运动，设其加速度为a，v2＝2ax。
乙接棒时奔跑达到最大速度的80%，得v1＝v×80%，
veq \\al(2,1)＝2ax乙，x乙＝eq \f(0.64v2,2a)＝16 m。
乙在接力区需跑出的距离为16 m。
(2)乙的运动为匀加速直线运动，乙从起跑到接棒的时间为t，t＝eq \f(v1,a)＝eq \f(0.8v,a)，x乙＝eq \f(0＋v1,2)t；甲做匀速直线运动，其在乙从起跑到接棒的时间t内的位移为x甲＝vt＝40 m；
乙起跑时距离甲的距离为Δx＝x甲－x乙＝24 m。
【典例4】(2022·山东烟台月考)某次足球比赛中，攻方使用“边路突破，下底传中”的战术。如图，足球场长90 m、宽60 m。前锋甲在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做匀减速直线运动，其初速度v0＝12 m/s，加速度大小a0＝2 m/s2。
(1)甲踢出足球的同时沿边线向前追赶足球，设他做初速度为零、加速度a1＝2 m/s2的匀加速直线运动，能达到的最大速度vm＝8 m/s。求他追上足球的最短时间；
(2)若甲追上足球的瞬间将足球以某速度v沿边线向前踢出，足球仍以大小为a0的加速度在地面上做匀减速直线运动；同时，甲的速度瞬间变为v1＝6 m/s，紧接着他做匀速直线运动向前追赶足球，恰能在底线处追上足球传中，求v的大小。
【答案】(1)6.5 s (2)7.5 m/s
【解析】(1)解法一：足球减速到速度为0的时间和位移分别为t0＝eq \f(v0,a0)＝6 s，x0＝eq \f(v0,2)t0＝36 m。
已知甲的加速度为a1＝2 m/s2，最大速度为vm＝8 m/s，
甲做匀加速运动达到最大速度的时间和位移分别为：
t1＝eq \f(vm,a1)＝eq \f(8,2) s＝4 s
x1＝eq \f(vm,2)t1＝eq \f(8,2)×4 m＝16 m
之后甲做匀速直线运动，到足球停止运动时，甲匀速运动的位移为
x2＝vm(t0－t1)＝8×2 m＝16 m
由于x1＋x2则x0－(x1＋x2)＝vmt2
解得：t2＝0.5 s
则甲追上足球的最短时间t＝t0＋t2＝6.5 s。
解法二：由题可作出甲与足球的v­t图象如图所示，
由图可知，在t＝6 s时，足球停止运动，
其位移x0＝eq \f(12×6,2) m＝36 m
此时甲的位移x甲＝eq \f(2＋6×8,2) m＝32 m＜x0，可知在足球停止运动时甲还未追上足球，
甲还要继续运动的时间t甲＝eq \f(x0－x甲,vm)＝0.5 s
故甲追上足球的最短时间t＝6 s＋0.5 s＝6.5 s。
(2)开始足球距底线的距离x3＝45 m－x0＝9 m
设甲运动到底线的时间为t3，则x3＝v1t3
足球在t3时间内发生的位移x3＝vt3－eq \f(1,2)a0teq \\al(2,3)
联立解得：v＝7.5 m/s。
以交通安全为背景考查运动问题
【典例5】(2022·云南昆明质检)在我国新交通法中规定“车让人”，驾驶员驾车时应考虑到行人过马路的情况。若有一汽车以8 m/s的速度匀速行驶即将通过路口，此时正有行人在过人行横道，而汽车的前端距停车线8 m，该车减速时的加速度大小为5 m/s2。下列说法正确的是( )
A．驾驶员立即刹车，则至少需要2 s汽车才能停止
B．在距停车线7.5 m处才开始刹车，汽车前端恰能止于停车线处
C．若经0.25 s才开始刹车，汽车前端恰能止于停车线处
D．若经0.2 s才开始刹车，汽车前端恰能止于停车线处
【答案】D
【解析】对汽车刹车过程，由匀变速直线运动规律有v＝at，解得t＝1.6 s，即驾驶员立即刹车，至少需要1.6 s汽车才能停止，选项A错误；由v2＝2ax0，解得汽车刹车距离x0＝6.4 m，所以在距离停车线6.4 m处才开始刹车，汽车前端恰能止于停车线处，选项B错误；若经过0.25 s 才开始刹车，则此时汽车的前端与停车线的距离为L＝8 m－8×0.25 m＝6 m，小于汽车刹车距离x0＝6.4 m，所以若经过0.25 s才开始刹车，汽车前端止于超过停车线0.4 m处，选项C错误；若经过0.2 s才开始刹车，则此时汽车的前端与停车线的距离为L′＝8 m－8×0.2 m＝6.4 m，恰好等于汽车刹车距离x0＝6.4 m，所以若经过0.2 s才开始刹车，汽车前端恰能止于停车线处，选项D正确。
【典例6】(2022·山东四校联合质检)强行超车是道路交通安全的极大隐患之一。下图是汽车超车过程的示意图，汽车甲和货车均以36 km/h的速度在路面上匀速行驶，其中甲车车身长L1＝5 m、货车车身长L2＝8 m，货车在甲车前s＝3 m处。若甲车司机开始加速从货车左侧超车，加速度大小为2 m/s2。假定货车速度保持不变，不计车辆变道的时间及车辆的宽度。
(1)甲车完成超车至少需要多长时间？
(2)若甲车开始超车时，看到道路正前方的乙车迎面驶来，此时二者相距110 m，乙车速度为54 km/h。甲车超车的整个过程中，乙车速度始终保持不变，请通过计算分析，甲车能否安全超车。
【答案】(1)4 s (2)见解析
【解析】 (1)设甲经过时间t刚好完成超车，在时间t内
甲车位移x1＝v1t＋eq \f(1,2)at2，
货车位移x2＝v2t，
根据几何关系x1＝x2＋L1＋L2＋s，
代入数据得t＝4 s，
即甲车最短的超车时间为4 s。
(2)在最短4 s内，
甲车位移x1＝56 m，
乙车位移x3＝v3t＝60 m，
由于x1＋x3＝116 m>110 m，故不能安全超车。
【典例7】(2022·福建省宁德市高三第一次质量检查)交通法规定，汽车出现故障停在道路上时，应在车后方放置三角警示牌，提醒后面驾车的驾驶员减速避让，如图所示。在夜间，某道路上有一汽车因故障停车，后面有一货车以15 m/s的速度向前驶来，由于夜间视线不好，驾驶员只能看清前方20 m的物体，已知驾驶员的反应时间为1 s，制动后最大加速度大小为5 m/s2。求：
(1)货车从看到警示牌到最终停下所用的最短时间。
(2)警示牌至少要放在汽车后多远处才能避免两车相撞。
【答案】(1)4 s (2)17.5 m
【解析】(1)设驾驶员的反应时间为t1，则t1＝1 s，
设货车从开始刹车到停止的最短时间为t2，
则t2＝eq \f(v0,a)＝3 s，
则货车从看到警示牌到最终停止所用的最短时间为
t＝t1＋t2＝4 s。
(2)反应时间内货车做匀速直线运动，
则x1＝v0t1＝15 m，
设货车从开始刹车到停止的位移为x2，
则x2＝eq \f(v\\al(2,0),2a)＝22.5 m，
货车从发现警示牌到停止的总位移为
x＝x1＋x2＝37.5 m，
三角警示牌与汽车的距离至少为Δx＝x－L＝17.5 m。
以追击相遇为背景考查运动问题
追及、相遇问题常见情景
(1)速度小者追速度大者
(2)速度大者追速度小者
【典例8】(2022·辽宁沈阳联考)一辆汽车在十字路口等候绿灯，当绿灯亮时汽车以a＝3 m/s2的加速度开始加速行驶，恰在这时一辆自行车以6 m/s的速度匀速驶过，从后边超过汽车．则汽车从路口启动后，在追上自行车之前经过多长时间两车相距最远？此时两车的距离是多少？
【答案】2 s 6 m
【解析】解法一(分析法)：汽车与自行车的速度相等时相距最远，设此时经过的时间为t，两车间的距离为Δx，则有v＝at
所以t＝eq \f(v,a)＝2 s
Δx＝vt－eq \f(1,2)at2＝6 m.
解法二(极值法)：设汽车在追上自行车之前经过时间t两车相距最远，则Δx＝vt－eq \f(1,2)at2
代入已知数据得Δx＝6t－eq \f(3,2)t2
由二次函数求极值的条件知：t＝2 s时，Δx有最大值6 m
所以t＝2 s时两车相距最远，为Δx＝6 m.
解法三(图像法)：自行车和汽车的v－t图像如图所示，由图可以看出，在相遇前，t1时刻两车速度相等，两车相距最远，此时的距离为阴影三角形的面积，
v1＝6 m/s
所以有t1＝eq \f(v1,a)＝eq \f(6,3) s＝2 s，
Δx＝eq \f(v1t1,2)＝eq \f(6×2,2) m＝6 m.
【典例9】(2022·合肥高三质检)如图所示，图线Ⅰ和Ⅱ分别表示先后从同一地点以相同速度v作竖直上抛运动的两物体的v­t图线，则两物体( )
A．在第Ⅰ个物体抛出后3 s末相遇
B．在第Ⅱ个物体抛出后4 s末相遇
C．在第Ⅱ个物体抛出后2 s末相遇
D．相遇时必有一个物体速度为零
【答案】C
【解析】根据v­t图像与坐标轴围成的面积表示位移，可知在第Ⅱ个物体抛出后2 s末，即图中第4 s末，两物体的位移相等，所以在第Ⅱ个物体抛出后2 s末相遇。故A、B错误，C正确。图中第4 s末两物体相遇，由图看出两个物体的速度均不为零，故D错误。故选C。
练习1.(2022·山东德州市开学考试)甲、乙两辆车在同一直轨道上向右匀速行驶，甲车的速度为v1＝16 m/s，乙车的速度为v2＝12 m/s，乙车在甲车的前面。当两车相距L＝6 m时，两车同时开始刹车，从此时开始计时，甲车以a1＝2 m/s2的加速度刹车，6 s后立即改做匀速运动，乙车刹车的加速度为a2＝1 m/s2。求：
(1)从两车刹车开始计时，甲车第一次追上乙车的时间；
(2)两车相遇的次数；
(3)两车速度相等的时间。
【答案】(1)2 s (2)3次 (3)4 s和8 s
【解析】(1)在甲减速时，设经时间t相遇，甲和乙的加速度分别为a1、a2，位移分别为x1、x2，则有
x1＝v1t－eq \f(1,2)a1t2，x2＝v2t－eq \f(1,2)a2t2，x1＝x2＋L
联立解得t1＝2 s，t2＝6 s
即在甲车减速时，相遇两次，第一次相遇的时间为t1＝2 s
(2)当t2＝6 s时，甲车的速度为v1′＝v1－a1t2＝4 m/s，乙车的速度为v2′＝v2－a2t2＝6 m/s，甲车的速度小于乙车的速度，但乙车做减速运动，设再经Δt甲追上乙，有
v1′Δt＝v2′Δt－eq \f(1,2)a2Δt2
解得Δt＝4 s
此时乙仍在做减速运动，此解成立
综合以上分析知，甲、乙两车共相遇3次。
(3)第一次速度相等的时间为t3，有
v1－a1t3＝v2－a2t3
解得t3＝4 s
甲车匀速运动的速度为4 m/s，第二次速度相等的时间为t4，有
v1′＝v2－a2t4
解得t4＝8 s
【巧学妙记】
求解追及和相遇问题的两点技巧
1. (2022·河北保定月考)高速公路上有两辆汽车一前一后以相同的速度行驶着，两车相距70 m，突然前车发现紧急情况，立即刹车，后车发现前车开始刹车时，也立刻采取相应措施，假设刹车时两车的加速度大小相同，已知人的反应时间和汽车系统的反应时间之和大约在1.4～2.1 s之间，为确保两车不追尾，则两车刹车前行驶的最大速度为( )
A．90 km/h B．110 km/h
C．120 km/h D．130 km/h
【答案】C
【解析】由于两车刹车的初速度和加速度大小相同，所以后车在最长反应时间内匀速行驶的距离为70 m，由此可得汽车在刹车前行驶的速度v＝eq \f(70,2.1)×3.6 km/h＝120 km/h，C项正确，A、B、D三项错误。
2. (多选)(2022·浙江金华月考)建筑工人常常徒手抛砖块，当砖块上升到最高点时，被楼上的师傅接住用以砌墙。若某次建筑工人以10 m/s的速度从地面竖直向上抛出一砖块，楼上的师傅没有接住，g取10 m/s2，空气阻力可以忽略，则( )
A．砖块上升的最大高度为10 m
B．经2 s砖块回到抛出点
C．砖块回到抛出点前0.5 s时间内通过的距离为3.75 m
D．砖块被抛出后上升过程中，做变减速直线运动
【答案】BC
【解析】由h＝eq \f(v\\al( 2,0),2g)得，砖块上升的最大高度h＝5 m，A项错误；砖块上升的时间t＝eq \f(v0,g)＝1 s，上升阶段与下降阶段的时间相等，所以经2 s砖块回到抛出点，B项正确；砖块被抛出后经t′＝0.5 s 上升的高度h′＝v0t′－eq \f(1,2)gt′2＝3.75 m，由于上升阶段与下降阶段的时间、位移具有对称性，所以砖块回到抛出点前0.5 s时间内通过的距离为3.75 m，C项正确；砖块被抛出后加速度不变，故上升过程砖块做匀减速直线运动，D项错误。
3. (2022·百师联盟高三)甲、乙两车相距7 m，同向运动，乙车在前，甲车在后。其中甲车以4 m/s的速度向右做匀速直线运动，乙车初速度为4 m/s，以－2 m/s2的加速度做减速运动，求：经多长时间甲车追上乙车？
【答案】2.75 s
【解析】要考虑乙车停止运动的时间，因为在乙车停止前甲车就追上乙车和乙车停止后甲车再追上乙车的解法是不同的。设乙车从开始减速到停止所用时间为t，则t＝eq \f(v－v0,a)＝2 s，此时的位移为：x乙＝v0t＋eq \f(1,2)at2＝4 m，在这段时间内甲车的位移x甲＝v甲t＝8 m<7 m＋4 m＝11 m，所以甲车在乙车停止后才追上乙车。所经时间t1＝eq \f(11,4) s＝2.75 s。
1.（辽宁省朝阳市2022年高三9月联考）如图所示，一杂技演员用一只手抛球、接球，他每隔0.4 s抛出一球，接到球便立即把球抛出．已知除抛、接球的时刻外，空中总有4个球，将球的运动近似看做是竖直方向的运动，球到达的最大高度是(高度从抛球点算起，取g＝10 m/s2)( )
A．1.6 m B．2.4 m C．3.2 m D．4.0 m
【答案】C
【解析】由演员刚接到球的状态分析，此时空中有三个球，由于相邻球的运动时间间隔均为0.4 s，考虑到运动特点知，此时最高点有一个球．因此，球单向运动时间为0.8 s，故所求高度为：h＝eq \f(1,2)gt2＝eq \f(1,2)×10×(0.8)2 m＝3.2 m.
2.(2022·株洲市二中月考)6．高速摄像机能够拍摄清晰的视频来记录高速运动物体的运动情况，其拍摄一张照片，称为一帧，将每一帧画面按照时间先后顺序播放，形成我们看到的视频。某同学从楼顶由静止释放一小球，并用高速摄像机拍摄到小球从释放到落地的全过程。已知拍摄相邻两帧画面的时间间隔为0.001 s，利用软件将视频中的每一帧画面提取出来，数出小球经过最高的一层时，共801帧画面，经过整栋楼时，共2 401帧画面。若每层楼高度相同，忽略空气阻力。则该栋楼的楼层数为( C )
A．3 B．8
C．9 D．10
【答案】C
【解析】设一层楼高为h，该栋楼的楼层数为x，由题意得h＝eq \f(1,2)gt2，其中t＝0.001×800 s＝0.8 s，xh＝eq \f(1,2)gteq \\al(2,1)，其中t1＝2 400×0.001 s＝2.4 s，解得x＝9，故C正确，A、B、D错误。
3.(2022·贵州省黔东南自治州高三模拟)“低头族”在社会安全中面临越来越多的潜在风险，若司机也属于低头一族，出事概率则会剧增。若高速公路(可视为平直公路)同一车道上两小车的车速均为108 km/h，车距为105 m，前车由于车辆问题而紧急刹车，而后方车辆的司机由于低头看手机，4 s后抬头才看到前车刹车，经过0.4 s的应急时间后也紧急刹车，假设两车刹车时的加速度大小均为6 m/s2，则下列说法正确的是( )
A．两车不会相撞，两车间的最小距离为12 m
B．两车会相撞，相撞时前车车速为6 m/s
C．两车会相撞，相撞时后车车速为18 m/s
D．条件不足，不能判断两车是否相撞
【答案】C
【解析】两车的初速度均为v0＝108 km/h＝30 m/s，结合运动学公式知，两车假若从开始刹车一直匀减速到速度为0，则刹车位移均为x1＝eq \f(v\\al(2,0),2a)＝eq \f(302,2×6) m＝75 m，后车从前车开始刹车到自身假若一直匀减速到速度为0的位移为x2＝30×(4＋0.4) m＋75 m＝207 m>105 m＋x1＝180 m，所以两车会相撞。假设相撞时前车已经停止，则后车距其假若一直匀减速到速度为0的位置的距离Δx＝207 m－180 m＝27 m，匀减速到速度为零的直线运动可以逆向看作初速度为零的匀加速直线运动处理，则相撞时对后车有v2＝2aΔx，解得v＝18 m/s，此时距前车开始刹车的时间为(4＋0.4) s＋eq \f(v－v0,－a)＝6.4 s>eq \f(v0,a)＝5 s，故假设成立。故C正确，A、B、D错误。
4．(2022·江苏省苏锡常镇四市高三(下)二模)行驶中的汽车遇到红灯刹车后做匀减速直线运动直到停止，等到绿灯亮时又重新启动开始做匀加速直线运动直到恢复原来的速度继续匀速行驶，则从刹车到继续匀速行驶这段过程，位移随速度变化的关系图像描述正确的是( )
【答案】 C
【解析】汽车在匀减速过程中由速度和位移的关系可知：v2－veq \\al(2,0)＝2a1x，可得x＝eq \f(v2－v\\al(2,0),2a1)，a1为负值，故x­v图像应为开口向下的二次函数图像；汽车重新启动，速度由零开始增大时，v2＝2a2(x－x0)，x0是停止时的位移，可得x＝eq \f(v2,2a2)＋x0，a2为正值，故x­v图像为开口向上的二次函数图像。故C正确，A、B、D错误。
5．(多选)(2022·广东湛江高三下学期线上训练二)汽车司机发现前方有障碍物，立即刹车，刹车过程可视为匀减速运动。自刹车开始第1 s内经过的位移为24 m，第4 s内经过的位移为1 m。下列说法正确的是( )
A．汽车的加速度大小为8 m/s2
B．汽车的加速度大小为7.67 m/s2
C．汽车的初速度大小为28 m/s
D．汽车的初速度大小为30.67 m/s
【答案】AC
【解析】若汽车在第4个1 s一直运动，则逆向运动可看作匀加速运动，设逆向第1 s的初速度为v0，则eq \f(x4,x1)＝eq \f(v0＋3aTT＋\f(1,2)aT2,v0T＋\f(1,2)aT2)＝eq \f(v0T＋\f(7,2)aT2,v0T＋\f(1,2)aT2)7，则说明在第4个1 s不是一直在运动，即可确定汽车在第4个1 s末前已经停下，设汽车在第4个1 s内运动的时间为t，则有 1 m＝eq \f(1,2)at2，根据匀变速直线运动规律可知，汽车在运动时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，则开始刹车的第0.5 s时刻的瞬时速度为24 m/s，第(3 s＋eq \f(t,2))时刻的速度为eq \f(1 m,t)，根据加速度定义，可得汽车刹车的加速度大小为a＝eq \f(Δv,Δt)＝eq \f(24 m/s－\f(1 m,t),2.5 s＋\f(t,2))，联立解得t＝0.5 s，a＝8 m/s2，初速度v0＝a×(t＋3 s)＝28 m/s，故A、C正确，B、D错误。
6．高速公路的ETC电子收费系统如图所示，ETC通道的长度是识别区起点到自动栏杆的水平距离。某汽车以21.6 km/h的速度匀速进入识别区，ETC天线用了0.3 s的时间识别车载电子标签，识别完成后发出“滴”的一声，司机发现自动栏杆没有抬起，于是采取制动刹车，汽车刚好没有撞杆。已知司机的反应时间为0.7 s，刹车的加速度大小为5 m/s2，则该ETC通道的长度约为( )
A．4.2 m B．6.0 m
C．7.8 m D．9.6 m
【答案】D
【解析】在识别车载电子标签的0.3 s时间内汽车匀速运动距离x1＝vt1＝6×0.3 m＝1.8 m，在司机的反应时间0.7 s内汽车匀速运动距离x2＝vt2＝6×0.7 m＝4.2 m，刹车距离x3＝eq \f(v2,2a)＝3.6 m，该ETC通道的长度约为x＝x1＋x2＋x3＝9.6 m，选项D正确。
7．如图所示，用一把直尺可以测量神经系统的反应速度。现有甲、乙两同学，甲同学用手指拿着一把长50 cm 的直尺，乙同学把手放在零刻度线位置做抓尺的准备，当甲同学松开直尺，乙同学见到直尺下落时，立即用手抓住直尺，记录抓住处的数据，重复以上步骤多次。现有乙同学测定神经系统的反应速度时得到以下数据(单位：cm)，则下列说法正确的是( )
A.第一次测量的反应时间最长
B．第一次测量的反应时间为2 s
C．第二次抓住之前的瞬间，直尺的速度约为4 m/s
D．若某同学的反应时间为0.4 s，则该直尺将无法测量该同学的反应时间
【答案】D
【解析】第一次测量的下落高度为20 cm，由自由落体运动规律h＝eq \f(1,2)gt2，可知第一次测量的反应时间为t＝0.2 s，反应时间最短，选项A、B错误；第二次测量的下落高度为h＝45 cm，由自由落体运动规律v2＝2gh，可知第二次抓住之前的瞬间，直尺的速度约为v＝3 m/s，选项C错误；若某同学的反应时间为0.4 s，则在反应时间内直尺下落高度为h＝eq \f(1,2)gt2＝80 cm，大于直尺长度，该直尺将无法测量该同学的反应时间，选项D正确。
8．(2022·天津市静海一中等七校高三联考)一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12 m的竖直立在地面上的钢管从顶端由静止先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零。如果他加速时的加速度大小是减速时加速度大小的2倍，下滑的总时间为3 s，那么该消防队员( )
A．下滑过程中的最大速度为4 m/s
B．加速与减速运动过程中平均速度之比为2∶1
C．加速与减速运动过程的时间之比为1∶2
D．加速与减速运动过程的位移大小之比为1∶4
【答案】C
【解析】设下滑过程中的最大速度为v，由位移公式x＝eq \f(v,2)t，可得eq \f(v,2)t1＋eq \f(v,2)t2＝x，v＝eq \f(2x,t1＋t2)＝eq \f(2×12,3) m/s＝8 m/s，故A错误；加速与减速运动过程中平均速度都为eq \f(v,2)，平均速度之比为1∶1，故B错误；由v＝at 可知时间和加速度大小成反比，加速时的加速度大小是减速时加速度大小的2倍，所以加速与减速运动过程的时间之比为1∶2，故C正确；加速与减速运动过程平均速度大小相等，位移大小之比等于时间之比为1∶2，故D错误。
9．（多选）(2021·上海市浦东新区高三模拟)甲、乙两小球在两条平行直线上向右运动，用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下两小球每次曝光时的位置，如图所示，连续两次曝光的时间间隔相等。由图可知( )
A．在t7时刻，甲在乙前面
B．甲、乙相遇了2次
C．t4到t5之间某时刻甲、乙相遇
D．t4之前甲的速度小于乙的速度
【答案】AB
【解析】由图可知，甲球在t7时刻已经超过乙球，选项A正确；由图可以看出，甲球做加速运动，乙球做匀速运动，t1时刻甲球靠前，故刚出发不久乙球追上甲球，由于甲球不断加速，故最终会再次超过乙球，故两球相遇两次，选项B正确；t4到t5之间乙一直在甲前面，则甲、乙没有相遇，选项C错误；在t3到t4之间的时间内甲、乙的位移相等，平均速度相等，但甲做加速运动，则在t4之前某时刻，甲的速度开始大于乙的速度，选项D错误。
10．王兵同学利用数码相机连拍功能记录运动会上女子跳水比赛中运动员在10 m跳台跳水的全过程．所拍摄的第一张照片恰为她们起跳的瞬间，第四张如图甲，王兵同学认为这时她们处在最高点，第十九张如图乙，她们正好身体竖直、双手刚刚触及水面．查阅资料得知相机每秒连拍10张．设起跳时重心离台面及触水时重心离水面的距离相等．(g＝10 m/s2)由以上材料：
(1)估算运动员的起跳速度大小；
(2)分析第四张照片是在最高点吗？如果不是，此时重心是处于上升阶段还是下降阶段？
【答案】(1)3.4 m/s (2)不是 重心处于上升阶段
【解析】(1)由题意可知，相机连拍周期T＝eq \f(1,10) s＝0.1 s，运动员从起跳到双手触水的总时间t＝18T＝1.8 s.
设起跳速度大小为v0，取竖直向上为正方向，
则：－10＝v0t－eq \f(1,2)gt2，
解得：v0≈3.4 m/s.
(2)上升时间t1＝eq \f(0－v0,－g)＝0.34 s.
而拍第四张照片是在0.3 s时，所以此时运动员还处于上升阶段．
11.由于私家车的数量剧增，堵车已严重影响了人们的工作效率和社会发展。如图甲所示，在某平直公路的十字路口，红灯拦停了许多列车队，拦停的汽车排成笔直的一列。为了使研究的问题简化，假设某一列的第一辆汽车的前端刚好与路口停止线平齐，汽车长均为l＝4.4 m，前面汽车的尾部与相邻的后一辆汽车的前端距离均为d1＝2.0 m，如图乙所示。为了安全，前面汽车的尾部与相邻的后一辆汽车的前端距离至少为d2＝6.0 m时，相邻的后一辆汽车才能开动，若汽车都以a＝2 m/s2的加速度做匀加速直线运动。绿灯亮起的瞬间，第一辆汽车立即开动，忽略人的反应时间。求：
(1)第11辆汽车前端刚到达停止线时的速度大小v；
(2)从绿灯刚亮起到第11辆汽车前端与停止线平齐所需最短时间t。
【答案】(1)16 m/s (2)28 s
【解析】(1)第11辆汽车前端与停止线的距离
x1＝10(l＋d1)＝64 m，
由v2＝2ax1得v＝16 m/s。
(2)设后一辆汽车刚开动时，前一辆汽车至少已行驶的时间为t1，则后一辆汽车刚开动时，前一辆汽车至少行驶的距离x2＝d2－d1＝4.0 m，
由x2＝eq \f(1,2)at12得t1＝2 s，
从绿灯刚亮起到第11辆汽车刚开动至少需要的时间
t2＝10t1＝20 s，
从第11辆汽车刚开动到前端与停止线平齐所需时间
t3＝eq \f(v,a)＝8 s，
从绿灯刚亮起到第11辆汽车前端与停止线平齐所需最短时间t＝t2＋t3，
解得t＝28 s。
12.如图所示，在一次接力训练中，已知甲、乙两运动员经短距离加速后都能达到并保持10 m/s的速度跑完全程．设乙从起跑后到接棒前的运动是匀加速运动，加速度大小为3 m/s2.乙在接力区前端
听到口令时起跑，在甲、乙相遇时完成交接棒．在这次练习中，甲以v＝10 m/s的速度跑到接力区前端s0＝14.0 m处向乙发出起跑口令．已知接力区的长度为L＝20 m.
(1)求此次练习中交接棒处离接力区前端(即乙出发的位置)的距离；
(2)为了达到理想成绩，需要乙恰好在速度达到与甲相同时被甲追上，则甲应在接力区前端多远时对乙发出起跑口令？
(3)在(2)中，棒经过接力区的时间是多少？
【答案】 (1)6 m (2)16.7 m (3)2 s
【解析】(1)设乙加速到交接棒处时运动时间为t，
则在甲追及乙过程中有：s0＋eq \f(1,2)at2＝vt
代入数据得：t1＝2 s，t2≈4.67 s(大于乙加速最长时间tm＝eq \f(v,a)＝eq \f(10,3) s，故舍去)
此次练习中交接棒处离接力区前端的距离为：x＝eq \f(1,2)at12＝6 m
(2)乙加速时间为：t乙＝eq \f(v,a)＝eq \f(10,3) s
设甲在距离接力区前端为s时对乙发出起跑口令
则在甲追及乙过程中有：s＋eq \f(1,2)vt乙＝vt乙
代入数据得：s≈16.7 m
(3)棒在(2)情形下以v＝10 m/s的速度运动，
所以有：t′＝eq \f(L,v)＝2 s.
13．(2021·陕西安康中学高三上学期月考)如图所示为某城市十字路口道路示意图，道路为双向四车道，每个车道宽度为2.4 m。某自行车从道路左侧车道线沿停车线向右匀速行驶，速率为14.4 km/h，同时一辆汽车在最右侧车道正中间行驶，速率为54 km/h，汽车前端距离停车线20 m。已知汽车的宽度与自行车的长度相等均为1.8 m，汽车的车身长4.8 m。汽车司机为避免与自行车相撞马上采取刹车制动，最大制动加速度大小为5 m/s2。求：
(1)汽车的最短刹车距离sm；
(2)请通过计算判断当汽车以最大加速度刹车时是否能够避免相撞。
【答案】(1)22.5 m (2)见解析
【解析】(1)已知v1 ＝14.4 km/h＝4 m/s，v2＝54 km/h＝15 m/s。
设汽车以最大加速度刹车，则－2asm＝0－v22，
代入数据解得sm＝22.5 m。
(2)以最大加速度刹车，设汽车车头到达停车线所用时间为t，则s＝v2t－eq \f(1,2)at2，解得t＝2 s或者t＝4 s，又因为汽车停下的时间为t′＝eq \f(v2,a)＝eq \f(15,5) s＝3 s，故t＝4 s不符题意，舍去；
此时以左侧车道线为起点，车头所占位置范围为s1～s2, 7.5 m自行车在t＝2 s的时间内行驶的位移为x，则有x＝v1t＝4×2 m＝8 m，
自行车此时所占位置范围为6.2 m由此可知，它们的位置范围有重叠，不能避免相撞。
14.足球运动员常采用折返跑方式训练，如图所示，在直线跑道起点“0”的左边每隔3 m放一个空瓶，起点“0”的右边每隔9 m 放一个空瓶，要求运动员以站立式起跑姿势站在起点“0”上，当听到“跑”的口令后，全力跑向“1”号瓶，推倒“1”号瓶后再全力跑向“2”号瓶，推倒“2”号瓶后……运动员做变速运动时可看作匀变速直线运动，加速时加速度大小为4 m/s2，减速时加速度大小为8 m/s2，每次推倒瓶子时运动员的速度都恰好为零。运动员从开始起跑到推倒“2”号瓶所需的最短时间为多少(运动员可看作质点)?
【答案】4.5 s
【解析】第一阶段由“0”到“1”的过程中，
设加速运动时间为t1，减速运动时间为t2，
由速度关系得a1t1＝a2t2
由位移关系得 eq \f(1,2) a1t12＋ eq \f(1,2) a2t22＝3 m
已知a1＝4 m/s2，a2＝8 m/s2，
解得t1＝1 s，t2＝0.5 s。
第二阶段由“1”到“2”的过程中，
设加速运动时间为t3，减速运动时间为t4，
由速度关系得a1t3＝a2t4，
由位移关系得 eq \f(1,2) a1t32＋ eq \f(1,2) a2t42＝12 m，
解得t3＝2 s，t4＝1 s。
运动员从开始起跑到推倒“2”瓶所需的最短时间为t，
则t＝t1＋t2＋t3＋t4＝4.5 s。
1.（2022年全国高考甲卷物理试题）长为l的高速列车在平直轨道上正常行驶，速率为v0，要通过前方一长为L的隧道，当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过v（v < v0）。已知列车加速和减速时加速度的大小分别为a和2a，则列车从减速开始至回到正常行驶速率v0所用时间至少为（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】由题知当列车的任一部分处于隧道内时，列车速率都不允许超过v（v < v0），则列车进隧道前必须减速到v，则有v = v0 - 2at1
解得
在隧道内匀速有
列车尾部出隧道后立即加速到v0，有v0 = v + at3
解得
则列车从减速开始至回到正常行驶速率v0所用时间至少为故选C。
2. （2021年湖北高考）2019年，我国运动员陈芋汐获得国际泳联世锦赛女子单人10米跳台冠军。某轮比赛中，陈芋汐在跳台上倒立静止，然后下落，前5 m完成技术动作，随后5 m完成姿态调整。假设整个下落过程近似为自由落体运动，重力加速度大小取10 m/s2，则她用于姿态调整的时间约为（ ）
A.0.2 s C.1.0 s
【答案】B
【解析】根据自由落体运动规律，5=，5+5=，联立解得t2=0.4s，选项B正确。
3.（2019·全国·高考真题）如图，篮球架下的运动员原地垂直起跳扣篮，离地后重心上升的最大高度为H。上升第一个所用的时间为t1，第四个所用的时间为t2。不计空气阻力，则满足（ ）
A．B．C．D．
【答案】C
【解析】运动员起跳到达最高点的瞬间速度为零，又不计空气阻力，故可逆向处理为自由落体运动。则根据初速度为零匀加速运动，相等相邻位移时间关系，可知，即，故本题选C。
4.(2020·全国Ⅰ卷)我国自主研制了运­20重型运输机。飞机获得的升力大小F可用F＝kv2描写，k为系数；v是飞机在平直跑道上的滑行速度，F与飞机所受重力相等时的v称为飞机的起飞离地速度，已知飞机质量为1.21×105 kg时，起飞离地速度为66 m/s；装载货物后质量为1.69×105 kg，装载货物前后起飞离地时的k值可视为不变。
(1)求飞机装载货物后的起飞离地速度；
(2)若该飞机装载货物后，从静止开始匀加速滑行1 521 m起飞离地，求飞机在滑行过程中加速度的大小和所用的时间。
【答案】(1)78 m/s (2)2 m/s2 39 s
【解析】 (1)设飞机装载货物前质量为m1，起飞离地速度为v1；装载货物后质量为m2，起飞离地速度为v2，重力加速度大小为g。飞机起飞离地应满足条件
m1g＝kv12①
m2g＝kv22②
由①②式及题给条件得v2＝78 m/s③
(2)设飞机滑行距离为s，滑行过程中加速度大小为a，所用时间为t。由匀变速直线运动公式有
v22＝2as④
v2＝at⑤
联立③④⑤式及题给条件得
a＝2 m/s2，t＝39 s。
5.（2021年浙江卷）机动车礼让行人是一种文明行为。如图所示，质量的汽车以的速度在水平路面上匀速行驶，在距离斑马线处，驾驶员发现小朋友排着长的队伍从斑马线一端开始通过，立即刹车，最终恰好停在斑马线前。假设汽车在刹车过程中所受阻力不变，且忽略驾驶员反应时间。
（1）求开始刹车到汽车停止所用的时间和所受阻力的大小；
（2）若路面宽，小朋友行走的速度，求汽车在斑马线前等待小朋友全部通过所需的时间；
（3）假设驾驶员以超速行驶，在距离斑马线处立即刹车，求汽车到斑马线时的速度。
【答案】（1），；（2）20s；（3）
【解析】（1）根据平均速度
解得刹车时间
刹车加速度
根据牛顿第二定律
解得
（2）小朋友过时间
等待时间
（3）根据
解得
6.（2017全国II卷·24）为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线距离s0和s1（s1（1）冰球与冰面之间的动摩擦因数；
（2）满足训练要求的运动员的最小加速度。
【答案】（1）（2）
【解析】（1）设冰球与冰面之间的动摩擦因数为μ，由牛顿运动定律，μmg=ma1，
由匀变速直线运动规律，v12- v02=-2 a1s0，
联立解得：μ=。
（2）设冰球运动时间为t，则a1t= v0- v1
设满足训练要求的运动员的最小加速度为a，则有s1=at2，
联立解得：a=。
新课程标准
1．了解近代实验科学产生的背景，认识实验对物理学发展的推动作用。
2．经历质点模型的建构过程，了解质点的含义。知道将物体抽象为质点的条件，能将特定实际情境中的物体抽象成质点。体会建构物理模型的思维方式，认识物理模型在探索自然规律中的作用。
3．理解位移、速度和加速度。通过实验，探究匀变速直线运动的特点，能用公式、图像等方法描述匀变速直线运动，理解匀变速直线运动的规律，能运用其解决实际问题，体会科学思维中的抽象方法和物理问题研究中的极限方法。
4．通过实验，认识自由落体运动规律。结合物理学史的相关内容，认识物理实验与科学推理在物理学研究中的作用。
情境命题
特点
生活实践类
安全行车，生活娱乐，交通运输，体育运动
(如汽车刹车，飞机起飞，电梯运行，无人机升空)
学习探究类
伽利略对自由落体运动的研究，速度的测量，加速度的测量，追及相遇问题
实例
计算声音传播时间
计算子弹速度或曝光时间
雷达测速
由曝光位移求高度
图示
说明
声波通过云层反射，视为匀速直线运动
子弹穿过苹果照片中，子弹模糊部分的长度即为曝光时间内子弹的位移
通过发射两次(并接收两次)超声波脉冲测定汽车的速度
曝光时间内下落石子的运动视为匀速运动
追及类型
图象描述
相关结论
匀加速
追匀速
设x0为开始时两物体间的距离，则应有下面结论：
①t＝t0以前，后面物体与前面物体间的距离增大
②t＝t0时，两物体相距最远，为x0＋Δx
③t＝t0以后，后面物体与前面物体间的距离减小
④一定能追上且只能相遇一次
匀速追
匀减速
匀加速追
匀减速
追及类型
图象描述
相关结论
匀减速
追匀速
设x0为开始时两物体间的距离，开始追及时，后面物体与前面物体间的距离在减小，当两物体速度相等时，即t＝t0时刻：
①若Δx＝x0，则恰能追上，两物体只能相遇一次，这也是避免相撞的临界条件
②若Δx③若Δx>x0，则相遇两次，设t1时刻两物体第一次相遇，则t2＝2t0－t1时刻两物体第二次相遇
匀速追
匀加速
匀减速追
匀加速
第一次
第二次
第三次
20
45
30