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所属成套资源：【中考押题】2024年中考物理押题预测卷（全国各地区）
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2024年中考物理押题预测卷02（南京卷）-（含考试版、答案、解析和答题卡）
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这是一份2024年中考物理押题预测卷02（南京卷）-（含考试版、答案、解析和答题卡），文件包含2024年中考押题预测卷02南京卷-物理全解全析docx、2024年中考押题预测卷02南京卷-物理考试版A4docx、2024年中考押题预测卷02南京卷-物理参考答案docx、2024年中考押题预测卷02南京卷-物理答题卡pdf等4份试卷配套教学资源，其中试卷共31页， 欢迎下载使用。
2、练心态。平时做练习卷，有多少同学是磨磨蹭蹭应付的？如果严格按照中考的时间限时做题，并且仔细把答题卡填涂好，这种限时训练是非常必要的。因此中考流程越熟悉，超常发挥的几率才越大。
3、研究答案详解。押题卷里面的答案非常详细，解题思路、考点、命题意图全都有，而且还要对照中考改卷标准，这才是真正意义的改完一道题。
绝密★启用前
2024年中考押题预测卷02【南京卷】
物 理
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷（选择题）
一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）
1．天坛公园有一个回音壁，回音壁的中心有个三音石，如图所示站在上面拍手可能会听到三次回声，充分体现了我国劳动人民的聪明才智。听到的第三次声音和原声相比发生变化的是（ ）
A．音调B．响度C．音色D．声速
【答案】B
【解答】解：声音在传播过程中，音调、音色和声速不变，响度会变化。
2．在浮力压强的知识构建中，我们认识了很多古今中外的物理学家，他们推动物理学发展，推动社会进步，下列物理学史的描述中正确的是（ ）
A．阿基米德原理只适用于液体，不适用于气体
B．为纪念物理学家帕斯卡，将其名字作为压力的单位
C．托里拆利实验测得1个标准大气压能托起760mm水银柱
D．马德堡半球实验是历史上第一个证明液体压强存在的实验
【答案】C
【解答】解：A．阿基米德原理既适合于液体，又适合于气体，浸在液体（或空气）中的物体，受到液体（或空气）的浮力，所受的浮力大小等于它排开的液体（或空气）受到的重力，故A错误；
B、为纪念物理学家帕斯卡，将其名字作为压强的单位，故B错误；
C、托里拆利实验测出了大气压的值，一标准大气压的数值等于高度差为760mm水银柱产生的压强，故C正确；
D、马德堡半球实验是历史上第一个证明大气压强存在的实验，故D错误。
3．早在公元前21世纪左右，我国劳动人民就掌握了青铜器铸造技术。如图所示，铸造青铜器时，工匠将铜料加热化为铜液注入模具，铜液在模具中冷却成型，青铜器铸造初步完成。下列分析正确的是（ ）
A．铜是晶体，有熔点但没有凝固点B．铸造青铜器时，工匠身上的汗水不断汽化，放出热量
C．铜料化为铜液，属于液化现象D．铜液冷却成型过程中需要放热
【答案】D
【解答】解：A、铜是晶体，有熔点，也有凝固点，故A错误；
B、汗水由液态转变为气态，属于汽化，汽化吸热，故B错误；
C、铸造青铜器时，工匠将铜料加热化为铜液注入模具，在这一过程中，固态的铜料变为液态的铜液，发生的物态变化是熔化，故C错误；
D、铜液在模具中冷却成型，在这一过程中，液态的铜液变为固态的铜器，发生的物态变化是凝固，凝固放热，故D正确。
4．关于生活中的物理量，下列说法符合实际的是（ ）
A．教室里空气的质量约300gB．一个中学生的体积约50dm3
C．铝的密度为2.7kg/m3D．一本初二物理书重约20N
【答案】B
【解答】解：A．教室的长为10m，宽为8m，高为5m，则教室的体积为V＝长×宽×高＝10m×8m×5m＝400m3，
而空气的密度约为1.29kg/m3，可得教室里空气的质量为m＝ρV＝1.29kg/m3×400m3＝516kg，故A不正确；
B．一名中学生的质量约为50kg，密度约为水的密度，则其体积约为，故B正确；C．铝的密度为2.7×103kg/m3，故C不正确；
D．物理课本的质量约为200g＝0.2kg，受到的重力约为G＝mg＝0.2kg×10N/kg＝2N，故D不正确。
5．沂河水清澈见底，平静如镜。如图所示，两只小鸟正在河边漫步，以下说法正确的是（ ）
A．水中的“小鸟”是虚像
B．在清澈见底的水面呈现小鸟的像，是由于湖面发生了漫反射
C．当小鸟展翅飞走时，它们在水中像的大小将越来越小
D．小鸟飞行时与水面的距离大于像与水面的距离
【答案】A
【解答】解：A、平面镜成像是光的反射形成的虚像，水中的“小鸟”是虚像，故A正确；
B、在清澈见底的湖面呈现岸边景物的像，是由于湖面发生了镜面反射，故B错误；
C、当小鸟展翅飞走时，由于像的大小与物体大小相同，所以它们在水中像的大小将不变，故C错误；
D、根据平面镜成像时，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相等可知，小鸟飞行时与湖面的距离等于像与湖面的距离，故D错误。
6．“二十四扫房子”是过年的传统民俗，寓意辞旧迎新、新岁启航。小明用干绸布擦过穿衣镜后发现镜面上粘上了细小的灰尘。下列对此现象说法正确的是（ ）
A．干绸布与穿衣镜摩擦的过程中创造了电荷
B．镜面上粘上了细小的灰尘主要是因为带电体可以吸引轻小物体
C．用摩擦的方法使镜面分子发生转移而带电
D．干绸布与镜面带的是同种电荷
【答案】B
【解答】解：A、干绸布与穿衣镜摩擦的过程中并没有创造电荷，只是使电荷发生了转移，故A错误；
B、镜面上粘上了细小的灰尘主要是因为带电体可以吸引轻小物体，故B正确；
C、用摩擦的方法使镜面部分电子发生转移而带电，故C错误；
D、干绸布与镜面带的是异种电荷，故D错误。
7．中国运动员在2024年澳大利亚网球公开赛中获得亚军，实现了中国网球运动员在国际赛场的重大突破。如图是她用球拍击球的精彩瞬间，下列说法正确的是（ ）
A．用球拍击球时，给球施力的物体是运动员
B．球拍击球，使球飞出去，说明力是维持物体运动的原因
C．网球在空中飞行过程中，运动状态一定发生改变
D．击打球的不同部位，球的飞行方向不同，表明力的作用效果与力的方向有关
【答案】C
【解答】解：A、用球拍击球时，给球施力的物体是球拍，不是运动员，故A错误；
B、球拍击球，使球飞出去，说明力是改变物体运动状态的原因，而物体的运动不需要力来维持，故B错误；
C、网球在空中飞行时，其速度大小和运动方向发生了改变，所以球的运动状态一定发生改变，故C正确；
D、击打球的不同部位，球的旋转方向不同，表明力的作用效果与力的作用点有关，故D错误。
8．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）
A．0℃的冰块是固体，内能一定为零B．物体的温度越高，所含有的热量越高
C．热量不能从内能小的物体传给内能大的物体D．物体的温度降低，内能一定减少
【答案】D
【解答】解：A、一切物体在任何情况下都有内能，即0℃的冰块也有内能，故A错误；
B、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故B错误；
C、发生热传递的条件是有温度差，内能小的物体温度高，能传递给内能大的低温物体，故C错误；
D、当物体的温度降低时，内部分子的无规则运动减慢，其内能一定减小，故D正确。
9．同时接入电路的用电器过多容易引起火灾，这就是生活中所说的“超负荷”。“超负荷”是指电路中（ ）
A．用电器电阻过大B．用电器个数过多
C．电源电压过高D．总电功率过大
【答案】D
【解答】解：家庭电路中，如果同时接入电路的用电器过多时，电路中总功率过大，则可则干路中电流过大，产生热量过多，容易发生火灾，这就是我们所说的“超负荷”，而用电器电阻过大、电源电压过高不是造成“超负荷”的原因，而只是用电器个数过多，其总功率不大，也不会“超负荷”。只ABC不合题意，D符合题意。
10．福建舰是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，配备了全球领先的电磁弹射装置。如图所示，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，弹射车受到强大的推力带动舰载机快速起飞。下列实验中，与电磁弹射装置工作原理一致的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【解答】解：由题意可知，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强大电流时，即可受到强大的推力，由此可知其工作原理是通电导体在磁场中受力而运动；
A．图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射车的工作原理相同，故A正确；
B．说明通电导线周围有磁场，故B错误；
C．图中没有电源，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应原理，故C错误；
D．说明通电导线周围有磁场，故D错误。
11．如图所示是“探究不同物质吸热升温现象”和“比较不同燃料燃烧时放出的热量”的实验，关于这两个实验，下列说法正确的是（ ）
A．研究对象都是容器中被加热的物体
B．甲图是通过加热时间来反映物体吸收热量的多少，乙图是通过温度计上升的示数来比较燃料燃烧放出热量的多少
C．甲、乙两实验中都要控制燃料的质量相同、被加热物体的质量相同
D．除了图中所示的测量器材，两个实验都要用到天平和秒表
【答案】B
【解答】解：A、甲中研究对象是容器中被加热的物体；而乙中研究对象是不同的燃料，A错误；
B、根据转换法，甲图是通过加热时间来反映物体吸收热量的多少；乙图是通过温度计上升的示数来比较燃料燃烧放出热量的多少，B正确；
C、实验中只要两个相同的酒精灯加热相同时间放出的热量就相同，没有必要控制燃料的质量相同，C错误；
D、乙实验中，只要两种不同燃料全部燃烧完即可，故没有必要用到秒表，D错误，
12．如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1＝10Ω；开关S1闭合，S2、S3断开时，电压表的示数为U1，R2消耗的功率为P2；当开关S1、S2、S3都闭合时，电压表的示数为U1，R2消耗的功率为P2′，且电流表A1的示数为0.9A；已知U1：U1′＝1：6，P2：P2′＝1：9，下列结论正确的是（ ）
A．R3＝20Ω
B．电源电压为8V
C．开关S1闭合，S2、S3断开时，电路消耗的总功率为0.6W
D．当开关S1、S2、S3都闭合时，P2′＝18W
【答案】C
【解答】解：BD、当开关S1闭合，S2、S3断开时，三只定值电阻串联，电压表测量R1两端电压。
因串联电路中各处的电流相等，则此时电路中的电流为I串＝＝；
电阻R2消耗的功率为P2＝I串2R2＝R2；
当开关S1、S2、S3都闭合时，三只电阻并联，电流表A1测量通过R1、R2的总电流，电流表A2测量整个电路的电流，此时电压表测R1两端电压，也是测电源电压，即U1′＝U。
此时通过R1的电流为I1＝＝，通过R2的电流为I2＝IA1﹣I1＝0.9A﹣
电阻R2消耗的功率为P2′＝R2＝（0.9A﹣）2R2；
已知＝，即＝，
已知U1：U1′＝1：6，解得U1＝1V，U1′＝6V，即电源电压U为6V；
开关S1、S2、S3都闭合时，三只电阻并联，R1消耗的功率为：P1＝＝，
R2消耗的功率为：P2′＝＝＝1.8W，故BD错误。
A、当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表A2示数为I＝＝＝0.1A，
由题意和欧姆定律可得：＝＝＝＝，
化简可得R2+R3＝5R1＝5×10Ω＝50Ω；
已知＝，代入数值得＝，解得：R2＝20Ω；则R3＝50Ω﹣20Ω＝30Ω，故A错误；
C、当开关S1闭合，S2、S3断开时，电路消耗的总功率为P＝UI＝6V×0.1A＝0.6W，故C正确；
第Ⅱ卷（非选择题）
填空题（本大题共7小题，每空1分，共20分）
13．2022年3月23日，中国空间站进行了第二次太空授课，如图，王亚平将冰墩墩用手指轻轻一推，冰墩墩慢慢飘向一两米外的叶光富，在两人之间来回运动。以运动的冰墩墩为参照物，王亚平是 运动 （选填“运动”或“静止”）的。同学们能通过声音来分辨是哪位航天员在说话，是因为不同航天员声音的 音色 （选填“音色”、“音调”、“响度”）不同。
【答案】运动；音色。
【解答】解：（1）以运动的冰墩墩为参照物，王亚平与冰墩墩之间发生了位置的变化，王亚平是运动的；
（2）同学们能通过声音来分辨是哪位航天员在说话，是因为不同的人声音的音色不同。
14．如图所示，完全相同的甲、乙两球分别由橡皮筋OA和无弹细线OB系于O点，（OA＜OB，先后从水平位置由静止开始释放，不计空气阻力。两球到达O点正下方C点时，橡皮筋与细线长度恰好相等。摆下过程中，乙球的 重力势 能转化为 动 能，两球下落到C点的过程中重力做功分别为W甲、W乙，两球在C点时的机械能分别为E甲、E乙，则它们的大小关系为W甲 ＝ W乙，E甲 ＜ E乙。
【答案】重力势；动；＝；＜。
【解答】解：该过程中乙小球下落时将重力势能转化为动能；由题知，两球的质量相同，则重力相等，
当两球到达悬点正下方C点时，两球下落的高度相同，根据W＝Gh可知，该过程中小球重力所做功W甲＝W乙；两球到达C点时，乙小的重力势能全部转化为动能，甲球的重力势能转化为动能和弹性势能，由于初始的重力势能相同，所以两球到达P点时，甲球的机械能比乙小。
15．如图所示，在室温为10℃的房间内有一块冰漂浮在装有水的盆中（不考虑汽化和升华），一段时间后发现冰块变小了，在这段时间内，冰的浮力会 变小 （选填“变大”、“变小”或“不变”），水对盆底的压强会 不变 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】变小；不变。
【解答】解：因为冰化成水的质量不变，冰块漂浮时，则：F浮＝G排＝G冰，一段时间后发现冰块变小了，冰化成水，冰质量减小，重力减小，在这段时间内，冰的浮力会变小；
由阿基米德原理可知：F浮＝G排＝ρ水gV排＝G水，
冰化成水的体积等于冰排开水的体积，水面深度不变，根据p＝ρgh可知，水对盆底的压强不变。
16．如图是吊臂上的滑轮组示意图，钢绳末端的拉力F使重物竖直匀速上升，已知重物重3×104N，每个滑轮重150N，物体在30s内上升了3m，若不计绳重与摩擦，则滑轮克服自身重力做功为 450 J；拉力的功率为 3015 W；滑轮组的机械效率为 99.5% （结果保留至0.1%）。
【答案】450；3015；99.5%
【解答】解：由图知，滑轮组有一个动滑轮，不计绳重与摩擦，克服动滑轮做的额外功：
W额＝G动h＝150N×3m＝450J；
克服重物重力做的有用功：W有＝Gh＝3×104N×3m＝9×104J，
拉力做的总功：W总＝W有+W额＝9×104J+450J＝9.045×104J，
拉力的功率：P＝＝＝3015W；
滑轮组的机械效率：η＝＝≈99.5%。
17．汽油发动机工作时，汽油必须和吸进的空气成适当的比例，才能形成可以有效燃烧的混合气，这就是空燃比（可燃混合气中空气质量与燃油质量之比），某总排量为2.0L的四冲程发动机的空燃比为22：1，混合燃气的密度为1.5kg/m3，则发动机做一次功，燃料燃烧产生的热量为 6×103 J，当发动机曲轴每分钟转速为3000转时，此时汽车输出的机械功率为60kW，则该发动机每秒钟做功 25 次，此时该发动机的效率是 40 %（汽油的热值为4.6×107J/kg）。
【答案】6×103；25；40。
【解答】解：（1）一个工作循环吸入混合物的体积：V＝2L＝2×10﹣3m3；
一个工作循环吸入混合物的质量：m混＝ρ混V＝1.5kg/m3×2×10﹣3m3＝3×10﹣3kg；
一个工作循环吸入汽油的质量m油＝m混＝×3×10﹣3kg＝×10﹣3kg；
发动机做一次功，燃料燃烧产生的热量为：Q放＝qm油＝4.6×107J/kg××10﹣3kg＝6×103J；
（2）汽油机的转速为3000r/min，说明1s内汽油机曲轴的转动次数等于50次，一个工作循环中，曲轴转动两周，对外做功一次，1s内曲轴转动50次，对外做功25次；
（3）1s内高温高压的燃气推动活塞做功25次，1s内汽油燃烧释放的热量：
Q放总＝25Q放＝25×6×103J＝1.5×105J，
根据公式P＝可知，发动机1s做功为：W＝Pt＝6×104W×1s＝6×104J；
该车发动机的效率：η＝＝×100%＝40%。
18．电热饮水机通过机内温控开关S进行自动控制，有加热和保温两挡。电路原理如图所示。电源电压恒为220V，当开关S接a时，电路处于 加热 挡，此时电流为5A，此时电路消耗的功率为 1100 W；该饮水机在加热状态工作100s，产生的热量为 1.1×105 J；当开关S接b时，电路消耗的功率为44W。保温状态下，电阻R1两端电压为 8.8 V。
【答案】加热；1100；1.1×105；8.8。
【解答】解：（1）由题知，当开关S接a时，只有电阻R1接入电路，电阻较小，由P＝知电功率较大，电路处于加热状态；
当开关S接b时，两电阻串联，电阻较大，由P＝知电功率较小，电路处于保温状态；
饮水机加热功率：P加热＝UI加热＝220V×5A＝1100W；
在加热状态工作100s，产生的热量：Q加热＝W加热＝P加热t＝1100W×100s＝1.1×105J；
（2）加热状态时，只有R1接入电路中，由I＝可得，R1的阻值：R1＝＝＝44Ω，
当开关S接b时，电路处于保温状态，此时两电阻串联，
通过R1的电流：I1＝I保温＝＝＝0.2A，所以，电阻R1两端电压：U1＝I1R1＝0.2A×44Ω＝8.8V。
19．如图甲所示电路中，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V 3W”字样，其电阻随温度的变化而变化，滑动变阻器Rp规格为“xΩ 1A”。闭合S1、断开S2，将滑片从最右端向左移，滑动变阻器两端的电压U随电流I变化关系如图乙所示，滑动变阻器的阻值调节至图乙中A点时，滑动变阻器的功率为0.75W，RP两端电压为 5 V；断开S1、闭合S2，在保证电路安全的前提下，先将滑片P滑至某一位置，小灯泡恰好正常发光，再将滑片P滑至某一端点，小灯泡电功率变化了2.7W，则当小灯泡L最暗时，滑动变阻器的功率为 1.8 W。
【答案】5；1.8。
【解答】解：（1）由于小灯泡标有“6V 3W”字样，即额定电压为6V，额定功率为3W，根据公式P＝可知，小灯泡正常工作时的电阻为RL＝＝＝12Ω；只闭合 S1，电阻R与滑动变阻器串联，将滑片从最右端向左移，滑动变阻器的阻值调节至图乙中A点时，滑动变阻器的功率为0.75W，由乙图可知，这时滑动变阻器的电流为0.15A；根据P＝UI可知，这时RP两端电压为：UP＝＝＝5V；
（2）只闭合 S1，电阻R与滑动变阻器串联，设电源电压为U，电阻R的阻值为R，由图乙可知，当电路的电流为0.1A时，滑动变阻器两端的电压为8V，根据串联电路的电压规律和欧姆定律可知电源电压为：
U＝8V+0.1A×R﹣﹣﹣﹣﹣①
滑片位于A点时，电路的电流为0.15A，而变阻器两端的电压为5V，根据串联电路的电压规律和欧姆定律可知电源电压为；U＝5V+0.15A×R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立上面两式解得电源电压为：U＝14V，定值电阻R＝60Ω；
由I＝得滑动变阻器的最大阻值为：RP最大＝＝＝80Ω；
断开S1、闭合S2，在保证电路安全的前提下，先将滑片P滑至某一位置，小灯泡恰好正常发光，此时的功率为3W；再将滑片P滑至某一端点，小灯泡电功率变化了 2.7W，可知小灯泡的电功率应该是减小，所以当小灯泡的实际功率为3W﹣2.7W＝0.3W时，这时小灯泡最暗，设这时滑动变阻器的电压为U滑，小灯泡两端的电压为：
UL＝14V﹣U滑，串联电路的电流处处相等，小灯泡的电流等于变阻器的电流，即IL＝I滑＝＝，
由题意可知：PL最小＝ULIL＝（14V﹣U滑）×＝0.3W，
最后解得U滑为2V或12V，当为2V的时候，小灯泡两端的电压为12V，已经大于小灯泡的额定电压，所以2V是不可能的，则只能为12V，这时滑动变阻器的功率为：
P’＝＝＝1.8W，即小灯泡L最暗时的滑动变阻器的功率为1.8W。
三．作图题（本大题共3小题，每题2分，共6分）
20．如图所示，小静到鞋店买鞋，她站在镜子MN前看自己穿着新鞋时的效果。请画出小静的眼睛B点看到新鞋A点在平面镜中所成像的光路图。
【答案】见解析
【解答】解：在平面镜的另一侧作出新鞋的点A的对称点A′，即为A在平面镜中的像；
连接像点与眼睛B点与镜面相交于一点O，即为入射点，连接AO、OB，则AO是入射光线，OB为反射光线，如图所示：
21．如图所示为体育课上两同学配合做仰卧起坐情景，该过程可以视为杠杆，以屁股O点为支点，腰部肌肉的拉力为动力F，重力G为阻力，请画出该杠杆阻力臂l。
【答案】见解析
【解答】解：重力G为阻力，由支点O向G作垂线标出力臂l2，如图所示：
22．请在图中用笔画线代替导线将两个标有“220V 40W”电灯和开关接入电路中，要求开关同时控制两个电灯，且灯正常工作。
【答案】见解析
【解答】解：家庭电路中两盏灯是并联的，两盏灯由一个开关控制，开关接在干路上，火线首先过开关再入灯泡，如图所示：
四．实验探究题（本大题共6小题，每空1分，共35分）
23．小红煮饭时喜欢用大火，认为水开后也要用大火，这样煮饭快；小明说，可以开始的时候用大火，等水开后改用小火。到底是谁的说法合理呢？小红和小明想用实验证明，于是准备用如图所示的器材探究：水在沸腾前后温度变化的特点。
（1）他们自下而上组装好器材后开始实验，实验过程中发现有水蒸气在温度计上发生了 液化 （填写物态变化名称），使温度计管壁模糊，很难看清示数，如果增加一个 纸盖 （填写器材名称）就能解决这个问题。
（2）小红和小明分别用火焰大小不同的两个酒精灯对相同质量的水进行加热，观察水在沸腾前后的现象和温度的变化情况，将所测得的数据记录在表格中。
请根据小明的实验数据用平滑的曲线画出温度与时间的关系图像。
（3）从表中数据可以看出，水温较低时加热2min时间水升高的温度与水温较高时加热2min时间水升高的温度不同。其主要原因是：随着水的温度升高， C 。
A.水的质量变化了；B.水的比热容变化了；
C.相同时间内水向空气传递的热量不同；D.相同时间酒精灯传递给水的热量不同。
（4）进一步分析图像或数据可得出实验结论是 水沸腾时，吸热，温度不变 。对比两组数据发现，水沸腾后如果按照 小明 （选填“小红”或“小明”）说法做，既能煮好饭又能节省燃料。
【答案】（1）液化；纸盖；（2）见解析图；（3）C；（4）水沸腾时，吸热，温度不变；小明。
【解答】解：水蒸气在温度计上液化为小水珠，使温度计管壁模糊，很难看清示数，如果增加一个纸盖就能解决这个问题；
（2）根据小明的实验数据用平滑的曲线画出温度与时间的关系图像如下：
（3）AB、水沸腾前，水的质量和比热容不变，故正确；
C、根据Q＝cmΔt可知，温度差增大，1min时间水向空气传递的热量不同，故C正确；
D、相同时间酒精灯传递给水的热量不变，故D错误；
故选：C；
（4）分析图像或数据可得出实验结论：水沸腾过程中的特点，吸热但温度保持不变；开始的时候用大火，等水开后改用小火，这样可煮好饭又能节省燃料，故小明说法对。
24．小冬和小宇用不同的凸透镜看书上的字时，他们惊奇地发现透过凸透镜分别看到正立放大的像和倒立放大的像，如图甲所示，于是他们决定探究“凸透镜成像的规律和什么因素有关”。
（1）根据图甲的现象，他们提出了凸透镜成像的大小、正倒可能与 物体到透镜的距离 有关。
（2）小冬同学选用甲图的凸透镜进行实验，他让凸透镜正对太阳，得到图乙所示的光路图：
①该透镜的焦距为 10.0 cm；
②调节好实验装置后，小冬将烛焰放在距该凸透镜30.0cm处时，移动光屏至距凸透镜14.0cm处时，在光屏呈现出烛焰的“像”，但不清晰，在此基础上，小冬应该进行的操作是 来回移动光屏，直到光屏上出现最清晰的像 ；
③小冬把烛焰放在位于凸透镜焦点以内的位置固定，在透镜另一侧可以观察到放大的虚像。若将一不透明的光屏置于图中虚线处，如图丙所示，眼睛位置不动能否看到蜡烛的像？ 能 （选填“能”、“不能”或“不一定能”）。
（3）小宇换用了甲图中另一块凸透镜进行实验，发现如图丁所示的现象，从A处入射一条光线即入射光线为AC，出射光线即折射光线为CB，且AO＜OB。已知OB＝10cm，该凸透镜的焦距可能是 A ；
A．f＝4cm；B．f＝5cm；C．f＝8cm；D．f＝12cm。
【答案】（1）物体到透镜的距离；①10.0；②来回移动光屏，直到光屏上出现最清晰的像；③能；（3）A。
【解答】解：（1）甲图两种情景中凸透镜不同，透镜与课本的距离也不同，成像性质不同，故成像的正倒、大小可能与透镜以及物体到透镜的距离有关。
（2）①凸透镜对光线有会聚作用，可把平行光线会聚到凸透镜的焦点，焦距指的是焦点到光心的距离。由此可知该凸透镜的焦距为60.0cm﹣50.0cm＝10.0cm；
②在光屏呈现出烛焰的“像”，但不清晰，此时应来回移动光屏，直到光屏上出现最清晰的像；
③当物距u＝5cm＜f时，物体通过凸透镜成放大的虚像，虚像不能成在光屏上，并且虚像和物体在同一侧，所以应从右侧透过凸透镜直接观察，不透明的光屏不能挡阻虚像，故眼睛仍能观察到烛焰的虚像；
（2）根据题意可知，AO＜OB，A点成像在B点，则像距大于物距，满足f＜u＜2f，成倒立、放大的实像；像距OB＝10cm，且v＞2f，即10cm＞2f，解得f＜5cm，故选：A。
25．小明在测量物质密度的实验中，进行了如下操作：
（1）天平调平后，测量浓盐水的密度。
①用天平测烧杯的质量为32g。
②用天平测烧杯和浓盐水的总质量，盘中砝码及游码的位置如图甲所示，读数为 92 g。
③将烧杯中的浓盐水倒入量筒中，液面的位置如图乙所示，为 50 mL。为减小误差，以上操作合理的顺序是 ②③① （填序号），则浓盐水的密度为 1.2 g/cm3。
（2）小明又想用天平和一杯浓盐水（已知浓盐水的密度为ρ0）及其他辅助器材测量一个质地均匀的萝卜的密度。
①把萝卜轻轻放入浓盐水中，待静止后，如图丙所示，在萝卜上标记出液面的位置。
②取出萝卜擦干，用刀沿着记号将萝卜切成a、b两块，用天平测出a、b两块的质量分别为m1、m2，则这个萝卜的密度的表达式为ρ＝ （用m1、m2、ρ0表示）。
【答案】（1）92；50；②③①；1.2；（2）。
【解答】解：（1）由图甲可知，烧杯和浓盐水的总质量为：m1＝50g+20g+20g+2g＝92g，
由图乙可知，量筒中浓盐水的体积为：V＝50mL＝50cm3；
如果按照小明的步骤操作，将浓盐水倒入量筒中时，不可能把烧杯内的浓盐水全部倒入量筒内，导致测量的浓盐水的体积偏小，由密度公式可知所测密度偏大，所以为了减小误差，合理的测量液体密度的步骤为：用天平测烧杯和浓盐水的总质量；再把烧杯中的浓盐水倒入量筒中，记下量筒中浓盐水体积；最后用天平称出空烧杯的质量；所以合理的实验顺序是②③①；
量筒中浓盐水的质量为：m＝m总﹣m杯＝92g﹣32g＝60g，浓盐水的密度为：ρ＝＝＝1.2g/cm3；
（2）把物体轻轻放入浓盐水中漂浮时，物体受到的浮力和物体的重力平衡，则物体受到的浮力为：F浮＝G＝（m1+m2）g，由F浮＝ρ液gV排得b块物体的体积为：Vb＝V排＝＝＝，
物体密度的表达式为：ρ＝＝＝。
26．某同学骑车时发现，不踩踏脚板，车也能滑行一段距离，在不同的路面上多次尝试后猜想：车滑行的距离可能与路面的粗糙程度和速度有关。为探究其中的奥秘，他在水平桌面上搭成一斜面，用小球做实验，并用毛巾、棉布、木板等改变水平桌面的粗糙程度。
（1）为探究小球滑行距离与水平面粗糙程度的关系，同学们先后三次将小球从斜面上的同一高度由静止释放，三次实验结果如图甲所示，由此得到结论。通过进一步推理可以得出结论：运动的物体如果不受阻力作用，将做匀速直线运动。
（2）在上述（1）的三次实验中，若小球克服毛巾的摩擦力做的功为W1，小球克服木板的摩擦力做的功为W2，则W1 ＝ W2（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
（3）为了模拟研究汽车超速带来的安全隐患，同学们又设计了如图乙所示的探究实验：将A、B两个小球先后从同一装置，高分别为hA、hB的位置滚下（mA＜mB，hA＞hB），推动小木块运动一段距离后静止，同组的小红认为他这样设计实验得出的结论有问题，理由是 没有控制两个小球的质量相等 ，在如图乙所示的甲、乙两次实验中，木块移动过程中受到的摩擦力分别为f甲、f乙，则f甲 ＝ f乙（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
【答案】（2）＝；（3）没有控制两个小球的质量相等；＝。
【解答】解：（2）在本实验中，小球的动能都用来克服摩擦力做功了，由于小球质量和速度相同，所以三次的动能相同，做的功也相同。
（3）要模拟研究汽车超速带来的安全隐患，应使速度不同但质量相同的小球撞击木块，由图乙知，小球的质量不同，这种设计不合理；
在图乙所示的甲、乙两次实验中，木块移动过程中对接触面的压力和接触面的粗糙程度没变，受到的摩擦力不变，则f甲＝f乙。
27．暑假小明跟父母到海边玩，他光着脚踩在沙滩上，感到沙子烫脚，踏入水中时，觉得水比较凉，他猜想不同物质吸热能力可能不同，为验证他的猜想，小明设计了相应实验：
（1）如图甲所示，两只烧杯中需要分别装入初温相同且 质量 相等的液体A和液体B用相同的酒精灯加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同的时间记录一次温度，根据实验数据绘制成温度与时间的关系图像，如图乙所示。实验中两种液体吸收热量的多少可通过 加热时间 来比较。
（2）若A和B中有一种是水，另一种液体为煤油，已知水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃），则煤油的比热容是 2.1×103 J/（kg•℃）。
（3）如图丙是我国沿海地区和卤陆沙漠地区同一天气温变化曲线，请你判断沿海地区一天气温变化所对应的曲线是 D （选填“C”或“D”）。
【答案】（1）质量；加热时间；（2）2.1×103；（3）D。
【解答】解：（1）根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的吸热能力相同，如图甲所示，两只烧杯中需要分别装入初温相同且质量相等的液体A和液体B用相同的酒精灯加热；如图乙所示，根据转换法，实验中两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来比较；
（2）根据图乙可知，升高60℃，A、B的加热时间分别为10min和20min，由转换法，A和B的吸热之比为1：2＝0.5，则B的吸热能力强，B为水，根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，若B液体的比热容为4.2×103J/（kg•℃），则煤油的比热容为：
c＝0.5×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）；
（3）根据公式Q＝cmΔt可知，质量相同的砂石和水，从太阳处吸收相同的热量后，升高的温度Δt和比热c成反比，砂石的比热小于水的比热，因此水的温度升的慢，从丙图像可以看出曲线C的温度升的高，因此曲线C是内陆城市一天气温变化所对应的曲线，D是沿海城市一天气温变化所对应的曲线。
28．小明用伏安法测量小灯泡的电阻，待测小灯泡L1的额定电压为2.5V，电源电压为3V。
（1）如图甲是小明连接的实物图，闭合开关，电压表示数接近为 3 V，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡L1不亮，经检查是有一根导线连接错误，请你在图甲中连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线。
（2）电路连接正确后，闭合开关，电压表示数如图乙所示，要测量小灯泡L1正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向 左 移动（选填“左”或“右”）。
（3）小明进行了多次测量，将所得数据及发光情况填入下表，由表格可知小灯泡L正常发光时的电阻为 8.3 Ω（保留一位小数），在交流讨论过程中，小华发现该组有一次实验中的电流值是编造的。你认为是第 3 次，判断的理由是： 第3次灯丝电阻比前两次都小 。
（4）小明又在没有电流表可用的情况下，增加一个已知阻值为R0的定值电阻，设计了图丙电路测出了另一小灯泡L2正常发光时的电阻，若已知小灯泡L2的额定电流I额，则在方框 1 （选填“1”或“2”）接小灯泡L2，另一个方框接定值电阻，闭合开关S，S1接a，调节滑动变阻器滑片，是电压表示数为 2.5V ，此时灯泡正常发光。
【答案】（1）3；见解析；（2）左；（3）8.3；3；第3次灯丝电阻比前两次都小；（4）1；2.5V。
【解答】解：（1）由甲图知，滑动变阻器与灯泡并联了，而电压表串联在电路中，示数接近电源电压3V，是错误的，应将滑动变阻器与灯泡串联，将电压表与灯泡并联，改正后如下图所示：
（2）灯在额定电压下正常发光，图乙中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.1V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；
（3）由表格中的数据可知，灯的电压为2.5V时，灯的电流为0.3A，由欧姆定律可知小灯泡L正常发光时的电阻为：RL＝≈8.3Ω；
同理，第1、3次灯的电阻分别为：R1＝≈7.7Ω；R3＝≈6Ω；
因灯的电阻随温度的升高而变大，故第3次电流值是编造的，判断的理由是：第3次灯丝电阻比前两次都小；
（4）小明又在没有电流表可用的情况下，增加一个已知阻值为R0的定值电阻，设计了图丙电路测出了另一小灯泡L2的额定功率，若已知小灯泡L2的额定电压，根据上面的分析，则在方框2接小灯泡L2；1接定值电阻，将S1打到a，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率；
若已知小灯泡L2的额定电流，则在方框1接小灯泡L2，将S1打到a，通过移动滑片使电压表示数为I额R0，此时灯正常发光，保持滑片的位置不变，将S1打到b，电压表测灯与定值电阻的电压，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据串联电路电压的规律可得出灯的额定电压，根据P＝UI写出灯的额定功率的表达式。
五．计算题（本大题共2小题，29题7分，30题8分，共15分）
29．近年来，独轮电动平衡车深受年轻人的喜爱，下表是某型号独轮电动平衡车的部分数据，则
（1）该车充满电后，若以最大速度行驶，能行驶的最长时间是多少小时？
（2）质量为50kg的人驾驶该车，在水平地面上匀速行驶，若所受阻力为总重力的0.2倍，此时该车受到的牵引力是多大？
（3）质量为50kg的人站在该车上静止时，车对水平地面的压强是多大？
【答案】（1）该车充满电后，若以最大速度行驶，能行驶的最长时间是1.5h；
（2）该车受到的牵引力是120N；
（3）质量为50kg的人站在该车上静止时，车对水平地面的压强是2×105Pa。
【解答】解：（1）由表中数据可知，该车充满电行程24km，最大速度16km/h，则行驶的最长时间为：
t＝＝＝1.5h；
（2）质量为50kg的人驾驶该车，在水平地面上匀速行驶，若所受阻力为总重力的0.2倍，则阻力为：
f＝0.2G总＝0.2（m车+m人）g＝0.2×（10kg+50kg）×10N/kg＝120N，
因车在水平地面上匀速行驶，故F＝f＝120N；
（3）车对水平地面的压力：F压＝G总＝（m车+m人）g＝（10kg+50kg）×10N/kg＝600N，
车对水平地面的压强：
p＝＝＝2×105Pa。
30．为节约用水，小华为农场的储水箱设计了一个自动抽水控制装置。如图，水箱高为1m，容积为0.8m3。在空水箱底部竖直放置一个重5N的长方体，长方体高为1m、底面积为0.02m2，上端通过绝缘轻质硬杆与控制电路的压敏电阻R接触，此时压敏电阻受到的压力为零。压敏电阻R的阻值随压力F的增大而减小，部分数据如表。控制电路电源电压U＝12V，定值电阻R0为保护电阻。当控制电路的电流I≥0.5A时，电磁铁将衔铁吸下，工作电路断开，水泵停止给储水箱抽水。
（1）若水泵电动机的额定功率为440W，正常工作时通过的电流是多少？
（2）若水泵电动机的电阻约为20Ω，它正常工作10min，产生的焦耳热是多少？
（3）要使储水箱装满水时水泵恰好能自动停止工作，R0应为多少？
【答案】（1）若水泵电动机的额定功率为440W，正常工作时通过的电流是2A；
（2）若水泵电动机的电阻约为20Ω，它正常工作10min，产生的焦耳热是4.8×104J；
（3）要使储水箱装满水时水泵恰好能自动停止工作，R0应为10Ω。
【解答】解：（1）由图可知，水泵正常工作时电压为220V，
由P＝UI可得，正常工作时通过的电流是：IM＝＝＝2A；
（2）水泵电动机正常工作10min产生的热量：Q＝RMt＝（2A）2×20Ω×10×60s＝4.8×104J；
（3）长方体的体积：V＝Sh＝0.02m2×1m＝0.02m3，
长方体浸没在水中，其排开水的体积：V排＝V＝0.02m3，
则长方体受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m3＝200N，
此时压敏电阻受到的压力：F压＝F浮﹣G＝200N﹣5N＝195N，
由表可知，此时压敏电阻的阻值：R压＝14Ω，
由I＝可知，控制电路的总电阻：R总＝＝＝24Ω，
根据串联电路的电阻特点控制，定值电阻的阻值：R0＝R总﹣R压＝24Ω﹣14Ω＝10Ω。
时间/min
0
2
4
6
8
10
12
14
16
小明（小火）
温度/℃
50
56.2
69
81.2
88.5
93.2
97
97
97
小红（大火）
温度/℃
50
64.5
76.5
87
97
97
97
97
97
实验次数
电压U/V
电流I/A
灯泡发光情况
1
2.0
0.26
比正常发光暗
2
2.5
0.30
正常发光
3
3.0
0.50
比正常发光亮
质量
10kg
轮胎与地面接触面积
30cm2
最大速度
16km/h
充满电行程
24km
压力F/N
180
185
190
195
200
压敏电阻R/Ω
18
17
16
14
12
2、练心态。平时做练习卷，有多少同学是磨磨蹭蹭应付的？如果严格按照中考的时间限时做题，并且仔细把答题卡填涂好，这种限时训练是非常必要的。因此中考流程越熟悉，超常发挥的几率才越大。
3、研究答案详解。押题卷里面的答案非常详细，解题思路、考点、命题意图全都有，而且还要对照中考改卷标准，这才是真正意义的改完一道题。
绝密★启用前
2024年中考押题预测卷02【南京卷】
物 理
（考试时间：90分钟 试卷满分：100分）
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷（选择题）
一、选择题（本大题共12小题，每小题2分，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的）
1．天坛公园有一个回音壁，回音壁的中心有个三音石，如图所示站在上面拍手可能会听到三次回声，充分体现了我国劳动人民的聪明才智。听到的第三次声音和原声相比发生变化的是（ ）
A．音调B．响度C．音色D．声速
【答案】B
【解答】解：声音在传播过程中，音调、音色和声速不变，响度会变化。
2．在浮力压强的知识构建中，我们认识了很多古今中外的物理学家，他们推动物理学发展，推动社会进步，下列物理学史的描述中正确的是（ ）
A．阿基米德原理只适用于液体，不适用于气体
B．为纪念物理学家帕斯卡，将其名字作为压力的单位
C．托里拆利实验测得1个标准大气压能托起760mm水银柱
D．马德堡半球实验是历史上第一个证明液体压强存在的实验
【答案】C
【解答】解：A．阿基米德原理既适合于液体，又适合于气体，浸在液体（或空气）中的物体，受到液体（或空气）的浮力，所受的浮力大小等于它排开的液体（或空气）受到的重力，故A错误；
B、为纪念物理学家帕斯卡，将其名字作为压强的单位，故B错误；
C、托里拆利实验测出了大气压的值，一标准大气压的数值等于高度差为760mm水银柱产生的压强，故C正确；
D、马德堡半球实验是历史上第一个证明大气压强存在的实验，故D错误。
3．早在公元前21世纪左右，我国劳动人民就掌握了青铜器铸造技术。如图所示，铸造青铜器时，工匠将铜料加热化为铜液注入模具，铜液在模具中冷却成型，青铜器铸造初步完成。下列分析正确的是（ ）
A．铜是晶体，有熔点但没有凝固点B．铸造青铜器时，工匠身上的汗水不断汽化，放出热量
C．铜料化为铜液，属于液化现象D．铜液冷却成型过程中需要放热
【答案】D
【解答】解：A、铜是晶体，有熔点，也有凝固点，故A错误；
B、汗水由液态转变为气态，属于汽化，汽化吸热，故B错误；
C、铸造青铜器时，工匠将铜料加热化为铜液注入模具，在这一过程中，固态的铜料变为液态的铜液，发生的物态变化是熔化，故C错误；
D、铜液在模具中冷却成型，在这一过程中，液态的铜液变为固态的铜器，发生的物态变化是凝固，凝固放热，故D正确。
4．关于生活中的物理量，下列说法符合实际的是（ ）
A．教室里空气的质量约300gB．一个中学生的体积约50dm3
C．铝的密度为2.7kg/m3D．一本初二物理书重约20N
【答案】B
【解答】解：A．教室的长为10m，宽为8m，高为5m，则教室的体积为V＝长×宽×高＝10m×8m×5m＝400m3，
而空气的密度约为1.29kg/m3，可得教室里空气的质量为m＝ρV＝1.29kg/m3×400m3＝516kg，故A不正确；
B．一名中学生的质量约为50kg，密度约为水的密度，则其体积约为，故B正确；C．铝的密度为2.7×103kg/m3，故C不正确；
D．物理课本的质量约为200g＝0.2kg，受到的重力约为G＝mg＝0.2kg×10N/kg＝2N，故D不正确。
5．沂河水清澈见底，平静如镜。如图所示，两只小鸟正在河边漫步，以下说法正确的是（ ）
A．水中的“小鸟”是虚像
B．在清澈见底的水面呈现小鸟的像，是由于湖面发生了漫反射
C．当小鸟展翅飞走时，它们在水中像的大小将越来越小
D．小鸟飞行时与水面的距离大于像与水面的距离
【答案】A
【解答】解：A、平面镜成像是光的反射形成的虚像，水中的“小鸟”是虚像，故A正确；
B、在清澈见底的湖面呈现岸边景物的像，是由于湖面发生了镜面反射，故B错误；
C、当小鸟展翅飞走时，由于像的大小与物体大小相同，所以它们在水中像的大小将不变，故C错误；
D、根据平面镜成像时，像到镜面的距离与物体到镜面的距离相等可知，小鸟飞行时与湖面的距离等于像与湖面的距离，故D错误。
6．“二十四扫房子”是过年的传统民俗，寓意辞旧迎新、新岁启航。小明用干绸布擦过穿衣镜后发现镜面上粘上了细小的灰尘。下列对此现象说法正确的是（ ）
A．干绸布与穿衣镜摩擦的过程中创造了电荷
B．镜面上粘上了细小的灰尘主要是因为带电体可以吸引轻小物体
C．用摩擦的方法使镜面分子发生转移而带电
D．干绸布与镜面带的是同种电荷
【答案】B
【解答】解：A、干绸布与穿衣镜摩擦的过程中并没有创造电荷，只是使电荷发生了转移，故A错误；
B、镜面上粘上了细小的灰尘主要是因为带电体可以吸引轻小物体，故B正确；
C、用摩擦的方法使镜面部分电子发生转移而带电，故C错误；
D、干绸布与镜面带的是异种电荷，故D错误。
7．中国运动员在2024年澳大利亚网球公开赛中获得亚军，实现了中国网球运动员在国际赛场的重大突破。如图是她用球拍击球的精彩瞬间，下列说法正确的是（ ）
A．用球拍击球时，给球施力的物体是运动员
B．球拍击球，使球飞出去，说明力是维持物体运动的原因
C．网球在空中飞行过程中，运动状态一定发生改变
D．击打球的不同部位，球的飞行方向不同，表明力的作用效果与力的方向有关
【答案】C
【解答】解：A、用球拍击球时，给球施力的物体是球拍，不是运动员，故A错误；
B、球拍击球，使球飞出去，说明力是改变物体运动状态的原因，而物体的运动不需要力来维持，故B错误；
C、网球在空中飞行时，其速度大小和运动方向发生了改变，所以球的运动状态一定发生改变，故C正确；
D、击打球的不同部位，球的旋转方向不同，表明力的作用效果与力的作用点有关，故D错误。
8．关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（ ）
A．0℃的冰块是固体，内能一定为零B．物体的温度越高，所含有的热量越高
C．热量不能从内能小的物体传给内能大的物体D．物体的温度降低，内能一定减少
【答案】D
【解答】解：A、一切物体在任何情况下都有内能，即0℃的冰块也有内能，故A错误；
B、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故B错误；
C、发生热传递的条件是有温度差，内能小的物体温度高，能传递给内能大的低温物体，故C错误；
D、当物体的温度降低时，内部分子的无规则运动减慢，其内能一定减小，故D正确。
9．同时接入电路的用电器过多容易引起火灾，这就是生活中所说的“超负荷”。“超负荷”是指电路中（ ）
A．用电器电阻过大B．用电器个数过多
C．电源电压过高D．总电功率过大
【答案】D
【解答】解：家庭电路中，如果同时接入电路的用电器过多时，电路中总功率过大，则可则干路中电流过大，产生热量过多，容易发生火灾，这就是我们所说的“超负荷”，而用电器电阻过大、电源电压过高不是造成“超负荷”的原因，而只是用电器个数过多，其总功率不大，也不会“超负荷”。只ABC不合题意，D符合题意。
10．福建舰是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，配备了全球领先的电磁弹射装置。如图所示，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，弹射车受到强大的推力带动舰载机快速起飞。下列实验中，与电磁弹射装置工作原理一致的是（ ）
A．B．C．D．
【答案】A
【解答】解：由题意可知，电磁弹射装置的弹射车与战斗机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强大电流时，即可受到强大的推力，由此可知其工作原理是通电导体在磁场中受力而运动；
A．图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射车的工作原理相同，故A正确；
B．说明通电导线周围有磁场，故B错误；
C．图中没有电源，是闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应原理，故C错误；
D．说明通电导线周围有磁场，故D错误。
11．如图所示是“探究不同物质吸热升温现象”和“比较不同燃料燃烧时放出的热量”的实验，关于这两个实验，下列说法正确的是（ ）
A．研究对象都是容器中被加热的物体
B．甲图是通过加热时间来反映物体吸收热量的多少，乙图是通过温度计上升的示数来比较燃料燃烧放出热量的多少
C．甲、乙两实验中都要控制燃料的质量相同、被加热物体的质量相同
D．除了图中所示的测量器材，两个实验都要用到天平和秒表
【答案】B
【解答】解：A、甲中研究对象是容器中被加热的物体；而乙中研究对象是不同的燃料，A错误；
B、根据转换法，甲图是通过加热时间来反映物体吸收热量的多少；乙图是通过温度计上升的示数来比较燃料燃烧放出热量的多少，B正确；
C、实验中只要两个相同的酒精灯加热相同时间放出的热量就相同，没有必要控制燃料的质量相同，C错误；
D、乙实验中，只要两种不同燃料全部燃烧完即可，故没有必要用到秒表，D错误，
12．如图所示的电路中，电源电压保持不变，R1＝10Ω；开关S1闭合，S2、S3断开时，电压表的示数为U1，R2消耗的功率为P2；当开关S1、S2、S3都闭合时，电压表的示数为U1，R2消耗的功率为P2′，且电流表A1的示数为0.9A；已知U1：U1′＝1：6，P2：P2′＝1：9，下列结论正确的是（ ）
A．R3＝20Ω
B．电源电压为8V
C．开关S1闭合，S2、S3断开时，电路消耗的总功率为0.6W
D．当开关S1、S2、S3都闭合时，P2′＝18W
【答案】C
【解答】解：BD、当开关S1闭合，S2、S3断开时，三只定值电阻串联，电压表测量R1两端电压。
因串联电路中各处的电流相等，则此时电路中的电流为I串＝＝；
电阻R2消耗的功率为P2＝I串2R2＝R2；
当开关S1、S2、S3都闭合时，三只电阻并联，电流表A1测量通过R1、R2的总电流，电流表A2测量整个电路的电流，此时电压表测R1两端电压，也是测电源电压，即U1′＝U。
此时通过R1的电流为I1＝＝，通过R2的电流为I2＝IA1﹣I1＝0.9A﹣
电阻R2消耗的功率为P2′＝R2＝（0.9A﹣）2R2；
已知＝，即＝，
已知U1：U1′＝1：6，解得U1＝1V，U1′＝6V，即电源电压U为6V；
开关S1、S2、S3都闭合时，三只电阻并联，R1消耗的功率为：P1＝＝，
R2消耗的功率为：P2′＝＝＝1.8W，故BD错误。
A、当开关S1闭合，S2、S3断开时，电流表A2示数为I＝＝＝0.1A，
由题意和欧姆定律可得：＝＝＝＝，
化简可得R2+R3＝5R1＝5×10Ω＝50Ω；
已知＝，代入数值得＝，解得：R2＝20Ω；则R3＝50Ω﹣20Ω＝30Ω，故A错误；
C、当开关S1闭合，S2、S3断开时，电路消耗的总功率为P＝UI＝6V×0.1A＝0.6W，故C正确；
第Ⅱ卷（非选择题）
填空题（本大题共7小题，每空1分，共20分）
13．2022年3月23日，中国空间站进行了第二次太空授课，如图，王亚平将冰墩墩用手指轻轻一推，冰墩墩慢慢飘向一两米外的叶光富，在两人之间来回运动。以运动的冰墩墩为参照物，王亚平是 运动 （选填“运动”或“静止”）的。同学们能通过声音来分辨是哪位航天员在说话，是因为不同航天员声音的 音色 （选填“音色”、“音调”、“响度”）不同。
【答案】运动；音色。
【解答】解：（1）以运动的冰墩墩为参照物，王亚平与冰墩墩之间发生了位置的变化，王亚平是运动的；
（2）同学们能通过声音来分辨是哪位航天员在说话，是因为不同的人声音的音色不同。
14．如图所示，完全相同的甲、乙两球分别由橡皮筋OA和无弹细线OB系于O点，（OA＜OB，先后从水平位置由静止开始释放，不计空气阻力。两球到达O点正下方C点时，橡皮筋与细线长度恰好相等。摆下过程中，乙球的 重力势 能转化为 动 能，两球下落到C点的过程中重力做功分别为W甲、W乙，两球在C点时的机械能分别为E甲、E乙，则它们的大小关系为W甲 ＝ W乙，E甲 ＜ E乙。
【答案】重力势；动；＝；＜。
【解答】解：该过程中乙小球下落时将重力势能转化为动能；由题知，两球的质量相同，则重力相等，
当两球到达悬点正下方C点时，两球下落的高度相同，根据W＝Gh可知，该过程中小球重力所做功W甲＝W乙；两球到达C点时，乙小的重力势能全部转化为动能，甲球的重力势能转化为动能和弹性势能，由于初始的重力势能相同，所以两球到达P点时，甲球的机械能比乙小。
15．如图所示，在室温为10℃的房间内有一块冰漂浮在装有水的盆中（不考虑汽化和升华），一段时间后发现冰块变小了，在这段时间内，冰的浮力会 变小 （选填“变大”、“变小”或“不变”），水对盆底的压强会 不变 （选填“增大”、“减小”或“不变”）。
【答案】变小；不变。
【解答】解：因为冰化成水的质量不变，冰块漂浮时，则：F浮＝G排＝G冰，一段时间后发现冰块变小了，冰化成水，冰质量减小，重力减小，在这段时间内，冰的浮力会变小；
由阿基米德原理可知：F浮＝G排＝ρ水gV排＝G水，
冰化成水的体积等于冰排开水的体积，水面深度不变，根据p＝ρgh可知，水对盆底的压强不变。
16．如图是吊臂上的滑轮组示意图，钢绳末端的拉力F使重物竖直匀速上升，已知重物重3×104N，每个滑轮重150N，物体在30s内上升了3m，若不计绳重与摩擦，则滑轮克服自身重力做功为 450 J；拉力的功率为 3015 W；滑轮组的机械效率为 99.5% （结果保留至0.1%）。
【答案】450；3015；99.5%
【解答】解：由图知，滑轮组有一个动滑轮，不计绳重与摩擦，克服动滑轮做的额外功：
W额＝G动h＝150N×3m＝450J；
克服重物重力做的有用功：W有＝Gh＝3×104N×3m＝9×104J，
拉力做的总功：W总＝W有+W额＝9×104J+450J＝9.045×104J，
拉力的功率：P＝＝＝3015W；
滑轮组的机械效率：η＝＝≈99.5%。
17．汽油发动机工作时，汽油必须和吸进的空气成适当的比例，才能形成可以有效燃烧的混合气，这就是空燃比（可燃混合气中空气质量与燃油质量之比），某总排量为2.0L的四冲程发动机的空燃比为22：1，混合燃气的密度为1.5kg/m3，则发动机做一次功，燃料燃烧产生的热量为 6×103 J，当发动机曲轴每分钟转速为3000转时，此时汽车输出的机械功率为60kW，则该发动机每秒钟做功 25 次，此时该发动机的效率是 40 %（汽油的热值为4.6×107J/kg）。
【答案】6×103；25；40。
【解答】解：（1）一个工作循环吸入混合物的体积：V＝2L＝2×10﹣3m3；
一个工作循环吸入混合物的质量：m混＝ρ混V＝1.5kg/m3×2×10﹣3m3＝3×10﹣3kg；
一个工作循环吸入汽油的质量m油＝m混＝×3×10﹣3kg＝×10﹣3kg；
发动机做一次功，燃料燃烧产生的热量为：Q放＝qm油＝4.6×107J/kg××10﹣3kg＝6×103J；
（2）汽油机的转速为3000r/min，说明1s内汽油机曲轴的转动次数等于50次，一个工作循环中，曲轴转动两周，对外做功一次，1s内曲轴转动50次，对外做功25次；
（3）1s内高温高压的燃气推动活塞做功25次，1s内汽油燃烧释放的热量：
Q放总＝25Q放＝25×6×103J＝1.5×105J，
根据公式P＝可知，发动机1s做功为：W＝Pt＝6×104W×1s＝6×104J；
该车发动机的效率：η＝＝×100%＝40%。
18．电热饮水机通过机内温控开关S进行自动控制，有加热和保温两挡。电路原理如图所示。电源电压恒为220V，当开关S接a时，电路处于 加热 挡，此时电流为5A，此时电路消耗的功率为 1100 W；该饮水机在加热状态工作100s，产生的热量为 1.1×105 J；当开关S接b时，电路消耗的功率为44W。保温状态下，电阻R1两端电压为 8.8 V。
【答案】加热；1100；1.1×105；8.8。
【解答】解：（1）由题知，当开关S接a时，只有电阻R1接入电路，电阻较小，由P＝知电功率较大，电路处于加热状态；
当开关S接b时，两电阻串联，电阻较大，由P＝知电功率较小，电路处于保温状态；
饮水机加热功率：P加热＝UI加热＝220V×5A＝1100W；
在加热状态工作100s，产生的热量：Q加热＝W加热＝P加热t＝1100W×100s＝1.1×105J；
（2）加热状态时，只有R1接入电路中，由I＝可得，R1的阻值：R1＝＝＝44Ω，
当开关S接b时，电路处于保温状态，此时两电阻串联，
通过R1的电流：I1＝I保温＝＝＝0.2A，所以，电阻R1两端电压：U1＝I1R1＝0.2A×44Ω＝8.8V。
19．如图甲所示电路中，电源电压保持不变，小灯泡L标有“6V 3W”字样，其电阻随温度的变化而变化，滑动变阻器Rp规格为“xΩ 1A”。闭合S1、断开S2，将滑片从最右端向左移，滑动变阻器两端的电压U随电流I变化关系如图乙所示，滑动变阻器的阻值调节至图乙中A点时，滑动变阻器的功率为0.75W，RP两端电压为 5 V；断开S1、闭合S2，在保证电路安全的前提下，先将滑片P滑至某一位置，小灯泡恰好正常发光，再将滑片P滑至某一端点，小灯泡电功率变化了2.7W，则当小灯泡L最暗时，滑动变阻器的功率为 1.8 W。
【答案】5；1.8。
【解答】解：（1）由于小灯泡标有“6V 3W”字样，即额定电压为6V，额定功率为3W，根据公式P＝可知，小灯泡正常工作时的电阻为RL＝＝＝12Ω；只闭合 S1，电阻R与滑动变阻器串联，将滑片从最右端向左移，滑动变阻器的阻值调节至图乙中A点时，滑动变阻器的功率为0.75W，由乙图可知，这时滑动变阻器的电流为0.15A；根据P＝UI可知，这时RP两端电压为：UP＝＝＝5V；
（2）只闭合 S1，电阻R与滑动变阻器串联，设电源电压为U，电阻R的阻值为R，由图乙可知，当电路的电流为0.1A时，滑动变阻器两端的电压为8V，根据串联电路的电压规律和欧姆定律可知电源电压为：
U＝8V+0.1A×R﹣﹣﹣﹣﹣①
滑片位于A点时，电路的电流为0.15A，而变阻器两端的电压为5V，根据串联电路的电压规律和欧姆定律可知电源电压为；U＝5V+0.15A×R﹣﹣﹣﹣﹣﹣﹣②
联立上面两式解得电源电压为：U＝14V，定值电阻R＝60Ω；
由I＝得滑动变阻器的最大阻值为：RP最大＝＝＝80Ω；
断开S1、闭合S2，在保证电路安全的前提下，先将滑片P滑至某一位置，小灯泡恰好正常发光，此时的功率为3W；再将滑片P滑至某一端点，小灯泡电功率变化了 2.7W，可知小灯泡的电功率应该是减小，所以当小灯泡的实际功率为3W﹣2.7W＝0.3W时，这时小灯泡最暗，设这时滑动变阻器的电压为U滑，小灯泡两端的电压为：
UL＝14V﹣U滑，串联电路的电流处处相等，小灯泡的电流等于变阻器的电流，即IL＝I滑＝＝，
由题意可知：PL最小＝ULIL＝（14V﹣U滑）×＝0.3W，
最后解得U滑为2V或12V，当为2V的时候，小灯泡两端的电压为12V，已经大于小灯泡的额定电压，所以2V是不可能的，则只能为12V，这时滑动变阻器的功率为：
P’＝＝＝1.8W，即小灯泡L最暗时的滑动变阻器的功率为1.8W。
三．作图题（本大题共3小题，每题2分，共6分）
20．如图所示，小静到鞋店买鞋，她站在镜子MN前看自己穿着新鞋时的效果。请画出小静的眼睛B点看到新鞋A点在平面镜中所成像的光路图。
【答案】见解析
【解答】解：在平面镜的另一侧作出新鞋的点A的对称点A′，即为A在平面镜中的像；
连接像点与眼睛B点与镜面相交于一点O，即为入射点，连接AO、OB，则AO是入射光线，OB为反射光线，如图所示：
21．如图所示为体育课上两同学配合做仰卧起坐情景，该过程可以视为杠杆，以屁股O点为支点，腰部肌肉的拉力为动力F，重力G为阻力，请画出该杠杆阻力臂l。
【答案】见解析
【解答】解：重力G为阻力，由支点O向G作垂线标出力臂l2，如图所示：
22．请在图中用笔画线代替导线将两个标有“220V 40W”电灯和开关接入电路中，要求开关同时控制两个电灯，且灯正常工作。
【答案】见解析
【解答】解：家庭电路中两盏灯是并联的，两盏灯由一个开关控制，开关接在干路上，火线首先过开关再入灯泡，如图所示：
四．实验探究题（本大题共6小题，每空1分，共35分）
23．小红煮饭时喜欢用大火，认为水开后也要用大火，这样煮饭快；小明说，可以开始的时候用大火，等水开后改用小火。到底是谁的说法合理呢？小红和小明想用实验证明，于是准备用如图所示的器材探究：水在沸腾前后温度变化的特点。
（1）他们自下而上组装好器材后开始实验，实验过程中发现有水蒸气在温度计上发生了 液化 （填写物态变化名称），使温度计管壁模糊，很难看清示数，如果增加一个 纸盖 （填写器材名称）就能解决这个问题。
（2）小红和小明分别用火焰大小不同的两个酒精灯对相同质量的水进行加热，观察水在沸腾前后的现象和温度的变化情况，将所测得的数据记录在表格中。
请根据小明的实验数据用平滑的曲线画出温度与时间的关系图像。
（3）从表中数据可以看出，水温较低时加热2min时间水升高的温度与水温较高时加热2min时间水升高的温度不同。其主要原因是：随着水的温度升高， C 。
A.水的质量变化了；B.水的比热容变化了；
C.相同时间内水向空气传递的热量不同；D.相同时间酒精灯传递给水的热量不同。
（4）进一步分析图像或数据可得出实验结论是 水沸腾时，吸热，温度不变 。对比两组数据发现，水沸腾后如果按照 小明 （选填“小红”或“小明”）说法做，既能煮好饭又能节省燃料。
【答案】（1）液化；纸盖；（2）见解析图；（3）C；（4）水沸腾时，吸热，温度不变；小明。
【解答】解：水蒸气在温度计上液化为小水珠，使温度计管壁模糊，很难看清示数，如果增加一个纸盖就能解决这个问题；
（2）根据小明的实验数据用平滑的曲线画出温度与时间的关系图像如下：
（3）AB、水沸腾前，水的质量和比热容不变，故正确；
C、根据Q＝cmΔt可知，温度差增大，1min时间水向空气传递的热量不同，故C正确；
D、相同时间酒精灯传递给水的热量不变，故D错误；
故选：C；
（4）分析图像或数据可得出实验结论：水沸腾过程中的特点，吸热但温度保持不变；开始的时候用大火，等水开后改用小火，这样可煮好饭又能节省燃料，故小明说法对。
24．小冬和小宇用不同的凸透镜看书上的字时，他们惊奇地发现透过凸透镜分别看到正立放大的像和倒立放大的像，如图甲所示，于是他们决定探究“凸透镜成像的规律和什么因素有关”。
（1）根据图甲的现象，他们提出了凸透镜成像的大小、正倒可能与 物体到透镜的距离 有关。
（2）小冬同学选用甲图的凸透镜进行实验，他让凸透镜正对太阳，得到图乙所示的光路图：
①该透镜的焦距为 10.0 cm；
②调节好实验装置后，小冬将烛焰放在距该凸透镜30.0cm处时，移动光屏至距凸透镜14.0cm处时，在光屏呈现出烛焰的“像”，但不清晰，在此基础上，小冬应该进行的操作是 来回移动光屏，直到光屏上出现最清晰的像 ；
③小冬把烛焰放在位于凸透镜焦点以内的位置固定，在透镜另一侧可以观察到放大的虚像。若将一不透明的光屏置于图中虚线处，如图丙所示，眼睛位置不动能否看到蜡烛的像？ 能 （选填“能”、“不能”或“不一定能”）。
（3）小宇换用了甲图中另一块凸透镜进行实验，发现如图丁所示的现象，从A处入射一条光线即入射光线为AC，出射光线即折射光线为CB，且AO＜OB。已知OB＝10cm，该凸透镜的焦距可能是 A ；
A．f＝4cm；B．f＝5cm；C．f＝8cm；D．f＝12cm。
【答案】（1）物体到透镜的距离；①10.0；②来回移动光屏，直到光屏上出现最清晰的像；③能；（3）A。
【解答】解：（1）甲图两种情景中凸透镜不同，透镜与课本的距离也不同，成像性质不同，故成像的正倒、大小可能与透镜以及物体到透镜的距离有关。
（2）①凸透镜对光线有会聚作用，可把平行光线会聚到凸透镜的焦点，焦距指的是焦点到光心的距离。由此可知该凸透镜的焦距为60.0cm﹣50.0cm＝10.0cm；
②在光屏呈现出烛焰的“像”，但不清晰，此时应来回移动光屏，直到光屏上出现最清晰的像；
③当物距u＝5cm＜f时，物体通过凸透镜成放大的虚像，虚像不能成在光屏上，并且虚像和物体在同一侧，所以应从右侧透过凸透镜直接观察，不透明的光屏不能挡阻虚像，故眼睛仍能观察到烛焰的虚像；
（2）根据题意可知，AO＜OB，A点成像在B点，则像距大于物距，满足f＜u＜2f，成倒立、放大的实像；像距OB＝10cm，且v＞2f，即10cm＞2f，解得f＜5cm，故选：A。
25．小明在测量物质密度的实验中，进行了如下操作：
（1）天平调平后，测量浓盐水的密度。
①用天平测烧杯的质量为32g。
②用天平测烧杯和浓盐水的总质量，盘中砝码及游码的位置如图甲所示，读数为 92 g。
③将烧杯中的浓盐水倒入量筒中，液面的位置如图乙所示，为 50 mL。为减小误差，以上操作合理的顺序是 ②③① （填序号），则浓盐水的密度为 1.2 g/cm3。
（2）小明又想用天平和一杯浓盐水（已知浓盐水的密度为ρ0）及其他辅助器材测量一个质地均匀的萝卜的密度。
①把萝卜轻轻放入浓盐水中，待静止后，如图丙所示，在萝卜上标记出液面的位置。
②取出萝卜擦干，用刀沿着记号将萝卜切成a、b两块，用天平测出a、b两块的质量分别为m1、m2，则这个萝卜的密度的表达式为ρ＝ （用m1、m2、ρ0表示）。
【答案】（1）92；50；②③①；1.2；（2）。
【解答】解：（1）由图甲可知，烧杯和浓盐水的总质量为：m1＝50g+20g+20g+2g＝92g，
由图乙可知，量筒中浓盐水的体积为：V＝50mL＝50cm3；
如果按照小明的步骤操作，将浓盐水倒入量筒中时，不可能把烧杯内的浓盐水全部倒入量筒内，导致测量的浓盐水的体积偏小，由密度公式可知所测密度偏大，所以为了减小误差，合理的测量液体密度的步骤为：用天平测烧杯和浓盐水的总质量；再把烧杯中的浓盐水倒入量筒中，记下量筒中浓盐水体积；最后用天平称出空烧杯的质量；所以合理的实验顺序是②③①；
量筒中浓盐水的质量为：m＝m总﹣m杯＝92g﹣32g＝60g，浓盐水的密度为：ρ＝＝＝1.2g/cm3；
（2）把物体轻轻放入浓盐水中漂浮时，物体受到的浮力和物体的重力平衡，则物体受到的浮力为：F浮＝G＝（m1+m2）g，由F浮＝ρ液gV排得b块物体的体积为：Vb＝V排＝＝＝，
物体密度的表达式为：ρ＝＝＝。
26．某同学骑车时发现，不踩踏脚板，车也能滑行一段距离，在不同的路面上多次尝试后猜想：车滑行的距离可能与路面的粗糙程度和速度有关。为探究其中的奥秘，他在水平桌面上搭成一斜面，用小球做实验，并用毛巾、棉布、木板等改变水平桌面的粗糙程度。
（1）为探究小球滑行距离与水平面粗糙程度的关系，同学们先后三次将小球从斜面上的同一高度由静止释放，三次实验结果如图甲所示，由此得到结论。通过进一步推理可以得出结论：运动的物体如果不受阻力作用，将做匀速直线运动。
（2）在上述（1）的三次实验中，若小球克服毛巾的摩擦力做的功为W1，小球克服木板的摩擦力做的功为W2，则W1 ＝ W2（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
（3）为了模拟研究汽车超速带来的安全隐患，同学们又设计了如图乙所示的探究实验：将A、B两个小球先后从同一装置，高分别为hA、hB的位置滚下（mA＜mB，hA＞hB），推动小木块运动一段距离后静止，同组的小红认为他这样设计实验得出的结论有问题，理由是 没有控制两个小球的质量相等 ，在如图乙所示的甲、乙两次实验中，木块移动过程中受到的摩擦力分别为f甲、f乙，则f甲 ＝ f乙（选填“＞”、“＜”或“＝”）。
【答案】（2）＝；（3）没有控制两个小球的质量相等；＝。
【解答】解：（2）在本实验中，小球的动能都用来克服摩擦力做功了，由于小球质量和速度相同，所以三次的动能相同，做的功也相同。
（3）要模拟研究汽车超速带来的安全隐患，应使速度不同但质量相同的小球撞击木块，由图乙知，小球的质量不同，这种设计不合理；
在图乙所示的甲、乙两次实验中，木块移动过程中对接触面的压力和接触面的粗糙程度没变，受到的摩擦力不变，则f甲＝f乙。
27．暑假小明跟父母到海边玩，他光着脚踩在沙滩上，感到沙子烫脚，踏入水中时，觉得水比较凉，他猜想不同物质吸热能力可能不同，为验证他的猜想，小明设计了相应实验：
（1）如图甲所示，两只烧杯中需要分别装入初温相同且 质量 相等的液体A和液体B用相同的酒精灯加热，并用玻璃棒不断搅拌，每隔相同的时间记录一次温度，根据实验数据绘制成温度与时间的关系图像，如图乙所示。实验中两种液体吸收热量的多少可通过 加热时间 来比较。
（2）若A和B中有一种是水，另一种液体为煤油，已知水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃），则煤油的比热容是 2.1×103 J/（kg•℃）。
（3）如图丙是我国沿海地区和卤陆沙漠地区同一天气温变化曲线，请你判断沿海地区一天气温变化所对应的曲线是 D （选填“C”或“D”）。
【答案】（1）质量；加热时间；（2）2.1×103；（3）D。
【解答】解：（1）根据比较不同物质吸热能力的方法，要控制不同物质的吸热能力相同，如图甲所示，两只烧杯中需要分别装入初温相同且质量相等的液体A和液体B用相同的酒精灯加热；如图乙所示，根据转换法，实验中两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来比较；
（2）根据图乙可知，升高60℃，A、B的加热时间分别为10min和20min，由转换法，A和B的吸热之比为1：2＝0.5，则B的吸热能力强，B为水，根据Q＝cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，若B液体的比热容为4.2×103J/（kg•℃），则煤油的比热容为：
c＝0.5×4.2×103J/（kg•℃）＝2.1×103J/（kg•℃）；
（3）根据公式Q＝cmΔt可知，质量相同的砂石和水，从太阳处吸收相同的热量后，升高的温度Δt和比热c成反比，砂石的比热小于水的比热，因此水的温度升的慢，从丙图像可以看出曲线C的温度升的高，因此曲线C是内陆城市一天气温变化所对应的曲线，D是沿海城市一天气温变化所对应的曲线。
28．小明用伏安法测量小灯泡的电阻，待测小灯泡L1的额定电压为2.5V，电源电压为3V。
（1）如图甲是小明连接的实物图，闭合开关，电压表示数接近为 3 V，移动滑动变阻器的滑片，小灯泡L1不亮，经检查是有一根导线连接错误，请你在图甲中连接错误的导线上打“×”并补画出正确的连线。
（2）电路连接正确后，闭合开关，电压表示数如图乙所示，要测量小灯泡L1正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片向 左 移动（选填“左”或“右”）。
（3）小明进行了多次测量，将所得数据及发光情况填入下表，由表格可知小灯泡L正常发光时的电阻为 8.3 Ω（保留一位小数），在交流讨论过程中，小华发现该组有一次实验中的电流值是编造的。你认为是第 3 次，判断的理由是： 第3次灯丝电阻比前两次都小 。
（4）小明又在没有电流表可用的情况下，增加一个已知阻值为R0的定值电阻，设计了图丙电路测出了另一小灯泡L2正常发光时的电阻，若已知小灯泡L2的额定电流I额，则在方框 1 （选填“1”或“2”）接小灯泡L2，另一个方框接定值电阻，闭合开关S，S1接a，调节滑动变阻器滑片，是电压表示数为 2.5V ，此时灯泡正常发光。
【答案】（1）3；见解析；（2）左；（3）8.3；3；第3次灯丝电阻比前两次都小；（4）1；2.5V。
【解答】解：（1）由甲图知，滑动变阻器与灯泡并联了，而电压表串联在电路中，示数接近电源电压3V，是错误的，应将滑动变阻器与灯泡串联，将电压表与灯泡并联，改正后如下图所示：
（2）灯在额定电压下正常发光，图乙中电压选用小量程，分度值为0.1V，示数为2.1V，小于灯的额定电压2.5V，应增大灯的电压，根据串联电路电压的规律，应减小变阻器的电压，由分压原理，应减小变阻器连入电路中的电阻大小，故滑片向左移动，直到电压表示数为额定电压；
（3）由表格中的数据可知，灯的电压为2.5V时，灯的电流为0.3A，由欧姆定律可知小灯泡L正常发光时的电阻为：RL＝≈8.3Ω；
同理，第1、3次灯的电阻分别为：R1＝≈7.7Ω；R3＝≈6Ω；
因灯的电阻随温度的升高而变大，故第3次电流值是编造的，判断的理由是：第3次灯丝电阻比前两次都小；
（4）小明又在没有电流表可用的情况下，增加一个已知阻值为R0的定值电阻，设计了图丙电路测出了另一小灯泡L2的额定功率，若已知小灯泡L2的额定电压，根据上面的分析，则在方框2接小灯泡L2；1接定值电阻，将S1打到a，先将电压表与灯并联，通过移动滑片的位置，使灯的电压为额定电压；保持滑片位置不动，通过开关的转换，使电压表测灯与定值电阻的电压，因此时各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，可求出此时定值电阻的电压，由欧姆定律可求出灯的额定电流，根据P＝UI可求出灯的额定功率；
若已知小灯泡L2的额定电流，则在方框1接小灯泡L2，将S1打到a，通过移动滑片使电压表示数为I额R0，此时灯正常发光，保持滑片的位置不变，将S1打到b，电压表测灯与定值电阻的电压，因电路的连接关系没有改变，各电阻的大小和通过的电流不变，灯仍正常发光，根据串联电路电压的规律可得出灯的额定电压，根据P＝UI写出灯的额定功率的表达式。
五．计算题（本大题共2小题，29题7分，30题8分，共15分）
29．近年来，独轮电动平衡车深受年轻人的喜爱，下表是某型号独轮电动平衡车的部分数据，则
（1）该车充满电后，若以最大速度行驶，能行驶的最长时间是多少小时？
（2）质量为50kg的人驾驶该车，在水平地面上匀速行驶，若所受阻力为总重力的0.2倍，此时该车受到的牵引力是多大？
（3）质量为50kg的人站在该车上静止时，车对水平地面的压强是多大？
【答案】（1）该车充满电后，若以最大速度行驶，能行驶的最长时间是1.5h；
（2）该车受到的牵引力是120N；
（3）质量为50kg的人站在该车上静止时，车对水平地面的压强是2×105Pa。
【解答】解：（1）由表中数据可知，该车充满电行程24km，最大速度16km/h，则行驶的最长时间为：
t＝＝＝1.5h；
（2）质量为50kg的人驾驶该车，在水平地面上匀速行驶，若所受阻力为总重力的0.2倍，则阻力为：
f＝0.2G总＝0.2（m车+m人）g＝0.2×（10kg+50kg）×10N/kg＝120N，
因车在水平地面上匀速行驶，故F＝f＝120N；
（3）车对水平地面的压力：F压＝G总＝（m车+m人）g＝（10kg+50kg）×10N/kg＝600N，
车对水平地面的压强：
p＝＝＝2×105Pa。
30．为节约用水，小华为农场的储水箱设计了一个自动抽水控制装置。如图，水箱高为1m，容积为0.8m3。在空水箱底部竖直放置一个重5N的长方体，长方体高为1m、底面积为0.02m2，上端通过绝缘轻质硬杆与控制电路的压敏电阻R接触，此时压敏电阻受到的压力为零。压敏电阻R的阻值随压力F的增大而减小，部分数据如表。控制电路电源电压U＝12V，定值电阻R0为保护电阻。当控制电路的电流I≥0.5A时，电磁铁将衔铁吸下，工作电路断开，水泵停止给储水箱抽水。
（1）若水泵电动机的额定功率为440W，正常工作时通过的电流是多少？
（2）若水泵电动机的电阻约为20Ω，它正常工作10min，产生的焦耳热是多少？
（3）要使储水箱装满水时水泵恰好能自动停止工作，R0应为多少？
【答案】（1）若水泵电动机的额定功率为440W，正常工作时通过的电流是2A；
（2）若水泵电动机的电阻约为20Ω，它正常工作10min，产生的焦耳热是4.8×104J；
（3）要使储水箱装满水时水泵恰好能自动停止工作，R0应为10Ω。
【解答】解：（1）由图可知，水泵正常工作时电压为220V，
由P＝UI可得，正常工作时通过的电流是：IM＝＝＝2A；
（2）水泵电动机正常工作10min产生的热量：Q＝RMt＝（2A）2×20Ω×10×60s＝4.8×104J；
（3）长方体的体积：V＝Sh＝0.02m2×1m＝0.02m3，
长方体浸没在水中，其排开水的体积：V排＝V＝0.02m3，
则长方体受到的浮力：F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×0.02m3＝200N，
此时压敏电阻受到的压力：F压＝F浮﹣G＝200N﹣5N＝195N，
由表可知，此时压敏电阻的阻值：R压＝14Ω，
由I＝可知，控制电路的总电阻：R总＝＝＝24Ω，
根据串联电路的电阻特点控制，定值电阻的阻值：R0＝R总﹣R压＝24Ω﹣14Ω＝10Ω。
时间/min
0
2
4
6
8
10
12
14
16
小明（小火）
温度/℃
50
56.2
69
81.2
88.5
93.2
97
97
97
小红（大火）
温度/℃
50
64.5
76.5
87
97
97
97
97
97
实验次数
电压U/V
电流I/A
灯泡发光情况
1
2.0
0.26
比正常发光暗
2
2.5
0.30
正常发光
3
3.0
0.50
比正常发光亮
质量
10kg
轮胎与地面接触面积
30cm2
最大速度
16km/h
充满电行程
24km
压力F/N
180
185
190
195
200
压敏电阻R/Ω
18
17
16
14
12
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