中考物理并联电路的电流规律专项练习

这是一份中考物理并联电路的电流规律专项练习，共10页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题(本大题共10小题，共20.0分)
1. 如图所示电路中，电源电压保持不变，当闭合开关S后，移动滑片P下列说法中正确的是（ ）
A. 滑片P向右移动时，电压表、电流表示数都变大
B. 滑片P向左移动时，电压表示数变大，电流表示数变小
C. 滑片P向左移动时，电压表、电流表示数都不变
D. 滑片P向右移动时，电压表示数不变，电流表示数变大
2. 如图所示，在探究“并联电路的电流关系”时，小明用电流表分别测出A、B、C三处的电流为IA=0.4A，IB=0.2A，IC=0.2A，记录数据后，他下一步应该做的最合理的操作是（ ）
A. 分析数据，得出结论 B. 改变电源电压，再测出几组电流值 C. 换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值 D. 换用电流表的另一量程，再测出一组电流值
3. 如图甲所示的电路中，闭合开关，两灯泡均发光，且两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示，通过灯泡L1和L2的电流分别为（ ）
A. 2.2A 0.44A B. 0.42A 1.8A C. 1.76A 0.44 A D. 0.44A 2.2 A
4. 在如图甲所示的电路图中，开关S闭合后，A1的示数为1.2A，A2的示数如图乙所示，下列判断准确的是（ ）
A. 通过L1的电流为1.2A B. 通过L1的电流为0.2A C. 通过L2的电流为0.2A D. 通过L2的电流为1.0A
5. 如图所示电路，电流表A1、A2、A3的示数分别为I1、I2、I3，它们之间的关系是（ ）
A. I1=I2+I3 B. I1=I2=I3 C. I1=I3-I2 D. I1＜I2＜I3
6. 小阳在家中看电视，感觉室内较冷，他打开了电暖气取暖，下列说法正确的是（ ）
A. 电视机中的电流小了 B. 电视机两端的电压变大了 C. 家庭电路的总电阻变大了 D. 家庭电路的总功率变大了
7. 下列说法中正确的是（ ）
A. 正电荷移动的方向就是电流的方向 B. 长度越长、横截面积越大，导体的电阻越大 C. 用电器的额定电压越高，其额定功率就越大 D. 教室里再多开几盏灯，电路中总电流会变大
8. 如图所示电路中，当开关S闭合，甲乙两表为电压表时，两表示数之比U甲：U乙为3：2，当开关S断开，甲乙两表为电流表时，两表示数之比I甲：I乙为（ ）
A. 2：1 B. 3：1 C. 3：2 D. 1：3
9. 如图所示，电路中，闭合开关S后，两表示数如图所示，则（ ）
A. 甲表是A1表，L2中的电流是0.6A B. 甲表是A1表，L2中的电流是0.4A C. 甲表是A2表，L2中的电流是1.0A D. 甲表是A2表，L2中的电流是0.4A
10. 下列说法错误的是（ ）
A. 并联电路的干路电流等于各支路电流之和 B. 使用精密仪器和改进实验方法可以避免误差 C. 用安培定则可判断通电螺线管的极性 D. 1kW•h=3.6×106J
二、多选题(本大题共4小题，共12.0分)
11. 如图所示电路，下列说法正确的是（ ）
A. 只闭合开关s1和s2时，灯L1、L2并联，电流表测L1、L2的电流之和
B. 只闭合开关s1和s3时，灯L2短路，电流表测通过灯L1的电流
C. 只闭合开关s2和s3时，形成了短路，灯L1、L2将会被烧坏
D. 只闭合开关s2和s3时，灯L1、L2并联，电流表测通过灯L1的电流
12. 如图所示是兴趣小组研究并联电路电流特点的实物图，实验中保持电源电压不变，先闭合开关S（ ）
A. 甲表有示数，乙表没有示数 B. 再闭合开关S1，甲表示数变大，乙表示数变小 C. 再闭合开关S1，甲表示数变大，乙表示数不变 D. 再闭合开关S1，甲表示数大于乙表示数
13. 如图是探究并联电路中电流规律实验的电路图．关于该实验下列说法中正确的是（ ）
A. 要测干路电流，电流表可以串联在图中的A处 B. 实验只需要测得一组支路的电流值 C. 应选用相同规格的灯泡进行实验 D. 通过实验可得出的结论是IA=IB+IC
14. 在如图甲电路中，闭合开关S后，两个灯泡都能发光，电流表A1、A2的指针均在图乙所示的位置，下列说法正确的是（ ）
A. 电路的总电流为1.5A B. 通过灯L1、L2的电流都为0.3A C. 通过灯L1的电流为1.2A D. 电流表A1的示数是1.2A
三、填空题(本大题共19小题，共38.0分)
15. 通过小灯泡L和定值电阻R的电流跟其两端电压的关系分别如图所示．由图可得当把小灯泡L和定值电阻R并联在电压为4V的电路中，干路电流为______A，通电100s，电路中消耗的电能是______J．
16. 如图所示是一种LED手电筒，它用两节干电池做电源，由6个LED并联组成，每只LED的额定电流为15mA，则这种LED手电筒正常工作时的总电流为______A．
17. 如图所示，闭合开关S后，电流表的示数为0.3A，电流表的示数为0.1A，则通过电阻R2的电流为______A，电阻R1和R2阻值之比为______；若只将电源电压提高至原来的2倍，则此时电流表的示数为______A．
18. 如图甲所示，闭合开关，两灯正常发光，电流表A1的示数为0.6A，电流表A2是数如图乙所示，则通过L2的电流是______A，若L1的电阻是5Ω，电路两端电压是______v．
19. 在如图所示的电路中，闭合开关后，电流表A1的示数为0.5A，电流表A2的示数为0.9A，则灯泡L2中的电流是______A；此时若灯泡L2的电阻为10Ω，则电源电压为______V．
20. 教室中有6盏日光灯，若通过每盏灯的电流为200mA，总电流为______A．街道上的路灯同时亮同时灭，它们的连接方式是______联．
21. 如图所示，电源电压为12V，并且保持不变，滑动变阻器的最大阻值为18Ω，小灯泡标有“6V 3W”字样．注意：请你分析并画出相应的等效电路图．
（1）灯泡正常工作时的电阻和电流各为多少？
（2）当S闭合，S1，S2都断开，灯泡正常工作时，滑动变阻器接入电路中的阻值为多大？
（3）保持滑片位置不变，闭合S、S1、S2，电流表示数变化了2A，R0的阻值是多少？
22. 某同学在做“用电流表测量电流”的实验中所用的电路如图所示，他按电路图正确连接电路并连通开关S后，电流表A1、A2的示数分别为0.5A和1.5A．则通过电阻R1的电流为______，通过电阻器R2的电流为______．
23. 某校已装有“220V 40W”电灯20盏，“220V 60W”电灯10盏，全部正常工作的总电流为______A，应选用直径______mm的熔断器，（见下表）
几种常见的熔断器的规格
24. 如图甲，开关闭合后，两个电流表的示数分别是0.5A、0.3A，则小灯L2中的电流是______A；乙图中，电源电压是5V，开关闭合后，电压表示数是2V，则L1两端电压为______V．
25. 根据图中情况可得出关于电流的结论是： ______ （选填“并联”或“串联”）电路中 ______ 路电流等于 ______ 路电流之和．
26. 如图所示，电源电压保持不变，只闭合开关S2，灯泡L1与L2为 ______ 联；若闭合开关S1和S3，此时电路中A点电流和B点电流的大小关系为IA ______ IB（选填“大于”“小于”或“等于”）．
27. 如图所示，是电路元件甲、乙的电流与电压变化规律图象．当甲、乙两元件串联后接在某电路中时，测得通过它们的电流为0.3A，那么电源电压是 ______ V；当甲、乙两元件并联后接在某电路中，若测得甲、乙两元件的干路电流为0.5A，则乙元件两端电压为 ______ V．
28. 在家庭电路中，电灯、插座、电视机的连接方式是 ______ （选填“串联”或“并联”）．使用的用电器越多，干路中的电流 ______ （选填“越大”或“越小”）．
29. 如图是小灯泡L和定值电阻R的电流与电压关系的图象．现将它们并联后接在电压为2V的电源两端，则干路中的电流是______A，小灯泡L的实际电功率是______W．
30. 如图所示的电路中，电源电压不变，将滑片P向左移动的过程中，示数始终不变的电表是 ______ ．当滑片P移至左端时，断开电键S，电压表V示数与电流表A示数的比值将 ______ （选填“变大”、“不变”或“变小”）．
31. 我们在考试时用到的2B铅笔中的石墨是 ______ （填“导体”或“绝缘体”）．如果你家中同时使用的用电器越多，干路中的电流将 ______ ．
32. 已知两个电阻R1：R2=2：5，如果把它们串联在电路中，则通过它们的电流之比I1：I2= ______ ，它们两端的电压之比U1：U2= ______ ；如果把它们并联在电路中，通过它们的电流之比I′1：I′2= ______ ．
33. 家庭电路中共有5盏电灯和一台电视机在工作，它们的连接方式是 ______ ，一盏电灯的工作电流为0.3A，电视机的工作电流为0.5A，家庭电路中的总电流为 ______ A．
四、实验探究题(本大题共5小题，共30.0分)
34. 阅读下面短文，回答问题．
电热膜
电热膜是一种新型的电热器件，如图甲所示是一种常见的电热膜．电热膜是在绝缘的聚酯薄膜表面，经过特殊工艺加工形成一条条薄的导电墨线，导电墨线两端与金属导线相连，形成网状结构，其内部结构如图乙所示．
电热膜通电工作时没有发红、炽热或发光现象的产生．它与被加热的物体直接接触，产生的热量很快传给被加热物体，所以电热膜本身的温度并不太高，不易氧化，使用寿命长．在制造电热膜时，会出现不同区域的导电墨线厚度不均匀的现象，厚的导电墨线电阻小．导电墨线的电阻随温度变化的关系如图丙所示，这种温度特性的优点是，它不会因厚度不均匀而出现严重的发热不均、局部过热的现象，这是电热丝所不具备的，它保证了电热膜各处的温度均匀．
（1）电热膜取暖器工作时，室内空气温度升高是通过______方式增加空气内能的．
（2）某根导电墨线的局部导电材料脱落，如图丁中A部分，这根导电墨线的电阻会______
A．变大 B．变小 C．不变 D．以上三种情况均有可能
（3）与传统的电热丝加热器相比，电热膜取暖器的发热效率高，原因是______．
（4）将图戊中一块电热膜接入电路，正常工作时金属导线中A、B处电流分别为IA和IB，则IA______IB（选填“＞”、“＜”或“=”）．
（5）电热膜不会因厚度不均而出现局部过热的现象，原因是电热丝电阻随温度的升高而______，温度高时发热功率______．（选填“增大”、“减小”或“不变”）
35. 在“用电压表测电压”实验中，电压表______直接接在电源两端（选填“能”或“不能”），所测电压不得超过它的______．在探究并联电路中电阻的规律时，小王同学分别按图（a）、（b）所示电路连接电路，图（b）中电阻R为他选择代替图（a）中并联的电阻R1和R2的电阻，则选择的电阻应满足：______保持不变时，电流表A3的示数与电流表______示数相同（选填“A1”或“A2”）
36. 小华选择了满足实验要求的电源、两块电流表和阻值已知的电阻R0，测量电阻RX的阻值，并连接了部分实验电路，如图所示．
（1）请你帮小华完成图所示的实验电路的连接，要求：电流表A2测量通过电阻R0的电流．
（2）电流表A1、A2的示数分别用I1、I2表示，请用I1、I2和R0表示RX．
RX=______．
37. 完成下列3小题
（1）图甲是安装在木板正面的部分电路，其中a、b、c、d是穿过木板的接线柱，两个灯座的两端分别接在两个接线柱上，安装两个相同的小灯泡L1、L2．木板背面的部分接线柱之间有导线相连着，从而使木板正背两面的电路组成一个完整的电路．闭合开关通电后，两灯都能正常发光．
①小明说出了判断两灯是串联还是并联的正确方法：用手将其中一个小灯泡取掉，若另一个灯泡仍发光，则说明两灯的连接方式是 ______ ，否则是另一种连接方式．
②小丽在电源和开关之间串联接入电流表，闭合开关，两灯亮，电流表示数如图乙所示，可初步判断通过L1的电流可能是 ______ A，也可能是 ______ A．
（2）小明利用如图所示的电路检验并联电路干路电流是否等于各支路电流之和，其中有一根导线接错了，请在这根错误的导线上打“×”，再画出改接的导线．
（3）举重比赛有甲、乙、丙三个裁判，其中甲为主裁判，乙和丙为副裁判．若裁判认定杠铃已被举起，就按一下自己面前的按钮开关，要求主裁判和至少一个副裁判按下自己面前的按钮开关时，指示杠铃被举起的灯泡L才亮．
38. 小柯利用如图甲所示的电路探究电流与电阻的关系，已知电源电压为6V且保持不变，实验所用电阻R的阻值分别为5Ω、10Ω、20Ω，滑动变阻器的规格为“30Ω 2A”．
（1）请设计实验数据记录表，画在虚线框内．
（2）小柯将5欧的电阻接入电路，闭合开关，调节滑动变阻器使电压表示数为2伏，读出相应的电流值记录在表格中；然后更换电阻重复上述实验．当接入20欧的电阻时，发现无论怎样调节滑动变阻器，电压表示数都无法达到2伏，其原因是 ______ ．
（3）小柯用图乙所示的电路测未知电阻RX的阻值，图中R0为定值电阻，他先将导线a端接到电流表“-”接线柱上，电流表示数为I1，然后将导线a端接到电流表“3”接线柱上，电流表示数为I2，则RX的阻值为 ______ （用I1、I2、R0表示）
五、计算题(本大题共10小题，共80.0分)
39. 如图所示，电源电压U保持不变，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω．当S闭合、S1断开，P在b端时，灯泡L的功率为0.4W，电流表的示数为0.2A；当S、S1均闭合，P在a端时，电流表的示数为1.5A．求：
（1）灯L的电阻RL和电源电压；
（2）电阻R1的阻值．（不考虑温度对电阻的影响）
40. 图示电路中，电源电压保持不变，电阻R1的阻值为20Ω．当开关S1闭合、S2断开时，电流表示数为0.3A；当开关S1、S2均闭合时，电流表示数变为0.5A．求：
（1）电源电压；
（2）电阻R2的阻值；
（3）当开关S1、S2均闭合时，电路消耗的总功率．
41. 某兴趣小组设计了如图所示电路，AB为裸导线，CD、EF是材料、粗细完全相同的均匀裸电阻丝，其电阻与长度成正比．AB、CD平行放置，并用导线与电流表、开关S1和电源相连，电源电压为U=10V，EF垂直放置在AB、CD的中点间，且接触良好，CD=2EF，A、C两点间接有开关S2．现只闭合开关S1，电流表示数为I1=1A；若把EF从两中点间向左边移动一段距离后，电流表示数为I2=I1；若把EF从两中点间向右边移动一段距离后，电流表示数为I3=2I1．求：
（1）在上述EF向左、向右移动过程中，电路总电阻的变化量大小△R左、△R右各为多少？
（2）电流表示数为I2时，EF消耗的功率与电路消耗的总功率之比为多少？
（3）把EF移动到B、D两点间，再闭合两开关，电路消耗的总功率为多少？
42. 在学习欧姆定律之后，老师请同学们设计一个测未知电阻Rx的电路．
（1）小明同学设计的电路如图1所示．R0为已知阻值的电阻，当s1闭合s2断开时，电流表读数为I；当s1、s2都闭合时，电流表读数为I1．请你写出小明同学测Rx的表达式．Rx=______
（2）小红设计了一种不同于小明同学设计的测量电路，如图2所示．请你将图3中的器材按图2电路连接起来（用笔连线表示导线），要求滑动变阻器的滑片P处于最右端时，连入电路的阻值最大．
（3）小红设计的电路中，电源电压为12V，调节滑动变阻器的滑片P，使电流表的示数为0.2A时，电压表的示数恰为8V，求：
①Rx的电阻值；
②变阻器连入电路的电阻；
③滑动变阻器消耗的电功率．
43. 在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为40欧，R2为60欧．电键K闭合时，电流表A1的示数为0.3安．求：
（1）电源电压U；
（2）电流表A的示数I；
（3）电阻R2消耗的电功率P2．
44. 如图所示电路，电源电压不变，R1的电阻为20Ω．只闭合开关S1时，电流表的读数为0.3A；S1、S2都闭合时，电流表的读数为0.5A．求：
（1）电源电压；
（2）S1、S2都闭合时R2的电功率．
45. 如图所示的电路图中，把端点A、B接在电压U不变的电源两端，当闭合开关S1，断开开关S2时，电压表的示数为U1，电流表A1的示数为I1．把端点C、D接在电压U不变的电源两端，当断开开关S1，闭合开关S2时，电压表的示数为U2，电流表A2的示数为I2．把端点C、B接在电压U不变的电源两端，当闭合开关S1、S2时，电流表A1的示数为I3，电流表A2的示数为I4．把端点A、D接在电压U不变的电源两端，当断开开关S1、闭合开关S2时，电流表A2的示数为I5．已知：U1：U2=3：4，I3：I4=5：3，R1=R2，U2=10V．
求：
（1）R1：R3；
（2）I2：I5；
（3）电源两端电压U．
46. 如图所示的电路．电阻R为5Ω．当开关s断开时，电流表的示数为2A；当开关S闭合时，电流表的示数为3A，此时小灯泡L正常发光．
求：（1）电源电压；
（2）小灯泡L的额定功率．
47. 灯L1和L2并联，如图所示，电流表 A的示数为1.2A，A1的示数为0.9A，则电流表A2的示数为多少A？
48. 如图，已知电流表A1、A2、A3示数分别为0.1A、0.2A、0.3A，求电流表A4、A5的示数．
六、综合题(本大题共2小题，共20.0分)
49. 如图所示的电路中，电源电压保持不变，电阻R1=10Ω．当开关S1闭合、S2断开时，电流表的示数为0.6A；当开关S1、S2都闭合时，电流表的示数为0.9A．
请你计算：
（1）电源电压；
（2）R2的阻值．
50. 在探究“并联电路电流规律”的实验中：
（1）请你利用图所示的器材设计并画出电路图，要求：开关S控制整个电路，电流表A1测通过干路的电流，电流表A2测通过等L2的电流．
（2）在图所示的实物图中，用笔画代替导线按你设计的电路图连接好实际电路．（L1、L2电流不超过0.6A；连线不能用铅笔且不能与别的线交叉）
（3）合上开关S后，电流表A1和A2示数分别如图所示，则L1的电流是______，L2的电流是______．
2018届中考物理专项练习--并联电路的电流规律（含答案、全国通用）
【答案】
1. D 2. C 3. C 4. C 5. C
6. D 7. D 8. D 9. B 10. B
11. AB 12. AD 13. AD 14. AC
15. 1.2；480
16. 0.09
17. 0.2；2：1；0.6
18. 0.9；3
19. 0.4；4
20. 1.2；并
21. 解：（1）根据P=UI可得：
灯泡正常工作时的电流I额===0.5A，
根据欧姆定律可得：
灯泡的电阻RL===12Ω；
（2）当S闭合，S1、S2都断开时，等效电路图如图所示：
∵灯泡正常工作，
∴电路中的电流I=I额=0.5A，
∵串联电路的总电压等于各分电压之和，
∴滑动变阻器两端的电压U滑=U-U额=12V-6V=6V，
∴R滑===12Ω；
（3）当闭合S、S1、S2时，等效电路图如图所示：
∵电阻越并越小、小于任何一个分电阻，
∴此时电路中的总电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，即此时电流表的示数I′=0.5A+2A=2.5A，
此时滑动变阻器的电流：
I滑===1A，
∵并联电路的干路电流等于各支路电流之和，
∴通过R0的电流I0=I′-I滑=2.5A-1A=1.5A，
R0===8Ω．
答：（1）灯泡正常工作时的电阻为12Ω，电流为0.5A；
（2）当S闭合，S1，S2都断开，灯泡正常工作时，滑动变阻器接入电路中的阻值为12Ω；
（3）R0的阻值是8Ω．
22. 1A；0.5A
23. 6.4；1.25
24. 0.2；3
25. 并联；干；各支
26. 串；小于
27. 5；2
28. 并联；越大
29. 0.8；1.2
30. 电压表；变大
31. 导体；变大
32. 1：1；2：5；5：2
33. 并联；2
34. 热传递；A；通电工作时，没有发红、炽热现象；＜；增大；减小
35. 能；量程；电源电压；A1
36.
37. 并联；0.3；0.15
38. 原因是变阻器的最大电阻太小；．
39. 解：（1）灯泡与滑动变阻器串联，灯泡两端的电压UL===2V，灯L的电阻RL===10Ω，
所以电路总电阻R=RL+R2=10Ω+50Ω=60Ω，电源电压U=ILR=0.2A×60Ω=12V．
答：灯L的电阻RL和电源电压分别为10Ω和12V．
（2）灯泡与电阻R1并联，通过灯泡的电流I===1.2A，通过电阻R1的电流I1=I总-I=1.5A-1.2A=0.3A，
所以电阻R1的阻值R1===40Ω．
答：电阻R1的阻值为40Ω．
40. 解：（1）当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，
电源的电压U=I1R1=0.3A×20Ω=6V；
（2）当开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，
I2=I-I1=0.5A-0.3A=0.2A，
R2===30Ω；
（3）当开关S1、S2均闭合时，电路消耗的总功率，
P=UI=6V×0.5A=3W．
答：（1）电源电压为6V；
（2）电阻R2的阻值为30Ω；
（3）当开关S1、S2均闭合时，电路消耗的总功率为3W．
41. 解：（1）根据欧姆定律可得：
EF垂直放置在AB、CD的中点间时电路中的电阻R中===10Ω，
把EF从两中点间向左边移动一段距离后电路中的总电阻R左====12.5Ω，
把EF从两中点间向右边移动一段距离后电路中的总电阻R右====5Ω，
∴△R左=R左-R中=12.5Ω-10Ω=2.5Ω，△R右=R中-R右=10Ω-5Ω=5Ω；
（2）设EF、CF、DF三段电阻丝的电阻为R，则EF垂直放置在AB、CD的中点间时电路中的电阻：
R中=2R=10Ω，
解得：R=5Ω，
把EF从两中点间向左边移动一段距离后，电路中的总电阻：
R左=12.5Ω，
∵串联电路中各处的电流相等，
∴根据P=I2R可得：
PEF：P总=I22R：I22×R左=R：R左=5Ω：12.5Ω=2：5；
（3）把EF移动到B、D两点间，再闭合两开关时，EF段电阻和CD段电阻并联，
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴EF段电阻和CD段电阻消耗的电功率：
PEF===20W，PCD===10W，
电路消耗的总功率：
P=PEF+PCD=20W+10W=30W．
答：（1）在EF向左、向右移动过程中，电路总电阻的变化量大小△R左、△R右各为2.5Ω、5Ω；
（2）电流表示数为I2时，EF消耗的功率与电路消耗的总功率之比为2：5；
（3）把EF移动到B、D两点间，再闭合两开关，电路消耗的总功率为30W．
42.
43. 解：由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流．
（1）∵并联电路各支路两端的电压相等，
∴电源的电压U=U1=I1R1=0.3A×40Ω=12V；
（2）根据欧姆定律可得：
R2支路的电流I2===0.2A，
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴干路上的电流I=I1+I2=0.3A+0.2A=0.5A；
（3）电阻R2消耗的电功率：
P2=UI2=12V×0.2A=2.4W．
答：（1）电源电压为12V；
（2）电流表A的示数为0.5A；
（3）电阻R2消耗的电功率为2.4W．
44. 解：（1）只闭合S1时，由欧姆定律可得：
电源电压：U=U1=I1R1=0.3A×20Ω=6V；
（2）开关S2闭合时，两电阻并联，通过R1的电流不变，则由并联电路的电流规律可得：
通过R2的电流：I2=I-I1=0.5A-0.3A=0.2A；
则R2消耗的电功率：P2=UI2=6V×0.2A=1.2W；
答：（1）电源电压为6V；（2）R2消耗的电功率为1.2W．
45. 解：电源U接在A、B两端，当闭合开关S1，断开开关S2时，电路连接如图甲所示；
电源U接在C、D两端，当断开开关S1，闭合开关S2时，电路连接如图乙所示；
电源U接在B、C两端，当闭合开关S1、S2时，电路连接如图丙所示；
电源U接在A、D两端，当断开开关S1、闭合开关S2时，电路连接如图丁所示．
（1）丙图中：
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴===，
甲、乙两图中：
∵I=，
∴==×=×=，
解得：=，
∵电源两端电压U不变，
∴===，
解得：R1=R2=R4，
∴==；
（2）∵乙、丁两图中电源两端电压不变，
∴===
（3）乙图中：串联电路电阻的分压特点可知，
电源的电压为U=U2=2×10V=20V．
答：（1）R1：R3为5：3；
（2）I2：I5为3：2；
（3）电源两端电压为20V．
46. 已知：R=5Ω，I电阻=2A，I=3A
求：U，P
解：（1）电源电压为 U=I电阻R=2A×5Ω=10V；
（2）灯泡的额定电流为 I灯泡=I-I电阻=3A-2A=1A，
灯泡的额定功率为 P灯泡=UI灯泡=10V×1A=10W．
答：（1）电源电压为10V；
（2）小灯泡L的额定功率为10W．
47. 解：由图可知，灯L1和L2并联，电流表A测干路电流，因此干路电流I=1.2A；
电流表A1测灯L1电流，通过灯L1的电流I1=IA1=0.9A，
由并联电路特点知，通过灯L2的电流为I2=I-I1=1.2A-0.9A=0.3A；
答：电流表A2的示数为0.3A．
48. 已知：I1=0.1A，I2=0.2A，I3=0.3A；
求：I4、I5．
解：设电流由左侧流入，则分为两支，一支流入灯泡和A1，另一支流入A4；然后再分两支流：一是流入第二个灯泡和A2，另一支流入第三个灯泡和A3；A1及A2中的电流混合后流入A5；故三个灯泡为并联；如图所示：
A4测量流过A2、A3的电流；A5测量流过A1、A2的电流，
根据并联电路的电流特点得：
电流表A4示数I4=I2+I3=0.2A+0.3A=0.5A；
电流表A5示数I5=I1+I2=0.1A+0.2A=0.3A．
答：电流表A4、A5的示数分别为0.5A、0.3A．
49. 解：（1）当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，
由I=可得，电源的电压：
U=I1R1=0.6A×10Ω=6V；
（2）当开关S1、S2都闭合时，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过R1的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R2的电流：
I2=I-I1=0.9A-0.6A=0.3A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，R2===20Ω．
答：（1）电源电压为6V；
（2）R2的阻值为20Ω．
50. 0.2A；0.3A
【解析】
1.
解：（1）因电源的电压不变，
所以无论怎么移动滑动变阻器的滑片P，电压表的示数不变；
（2）滑片P向右移动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变小，
由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流变大；
因为并联电路两端电压不变，而定值电阻R1的阻值不变，所以根据欧姆定律可知通过R1的电流不变；
又因为并联电路干路电流等于各支路电流之和，所以干路中的电流变大，即电流表A的示数变大；
反之，滑片P向左移动时，电流表A的示数变小．
故选D．
由电路图可知，R1和R2并联，电流表A测干路电流，电压表测电源的电压；
（1）根据电源的电压不变可知电压表的示数不变；
（2）根据滑片P的移动判断接入电路电阻的变化，再根据欧姆定律和并联电路电流规律可知电路中电流的变化．
本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表的影响，解决此类问题要判断滑动变阻器在电路中电阻的变化，再利用并联电路的特点和欧姆定律来判断电压和电流的变化．
2.
解：小明同学测出三处电流之后，为避免结论的片面性和偶然性，应多测几组实验数据，所以应换用不同规格的小灯泡，再测出几组电流值，分析得出结论，AB错误，C正确；
换用更大量程，只能增大误差，所以D错误．
故选C．
在探究电学规律时，为得到广泛的结论，防止实验数据的偶然性，应多测几组实验数据，对数据进行分析才能找到规律性的结论．
此题考查了在探究并联电路电流中的实验要求，为了避免实验结果的偶然性，应多次测量几组数据．
3.
解：分析电路可知：两灯并联，电流表A1测的是干路电流，电流表A2测的是L2所在支路的电流；
已知两个完全相同的电流表指针偏转均如图乙所示，
由于并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，所以A1选择的量程是0～3A，分度值为0.1A，所以电流表A1的示数为I总=2.2A，即干路电流为2.2A；电流表A2选择的量程是0～0.6A，分度值是0.02A，所以电流表的示数为I2=0.44A，即通过灯L2的电流为0.44A；那么通过灯L1的电流大小为：I1=I总-I2=2.2A-0.44A=1.76A．
故选C．
分析电路可知：两灯并联，电流表A1测的是干路电流，电流表A2测的是L2所在支路的电流；由于并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和，所以电流表A1选用的应该是大量程（0～3A），A2选用的是小量程（0～0.6A）；然后根据相应量程下的分度值和指针位置来进行读数．结合并联电路的电流特点即可求出通过各灯的电流大小．
对于这类题目要先分析电路的构成，然后结合串、并联电路的特点和电表的读数方法进行分析．
4.
解：由图甲可知，两灯泡并联，电流表A1在干路中，是测量干路中的电流即总电流，I=1.2A；
电流表A2是测量支路L2中的电流，A2选量程为0-0.6A，示数I2=0.2A；
因为并联电流电流的规律：I=I1+I2，
所以通过支路L1的电流：
I1=I-I2=1.2A-0.2A=1A，故ABD错、C正确．
故选C．
先确定电路的连接方式和两个电流表的位置、示数，然后根据并联电路中电流的规律I=I1+I2求出通过各灯泡的电流．
本题考查了串联电路的电流特点，确定两个电流表的位置是关键．
5.
解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1、A2分别测两支路电流，电流表A3测干路电流，
由并联电路特点可知，I3=I1+I2，则I1=I3-I2，故AB错误，C正确；因为不知道两灯泡间的电阻关系，
因此不知道电流表A1、A2示数间的关系，故D错误；
故选C．
根据电路图分析电路结构，明确各电路元件间的连接关系，然后根据并联电路特点分析答题．
本题考查了并联电路的电流规律，是一道基础题，分析清楚电路结构、熟练应用并联电路特点即可正确解题．
6.
解：A、家庭电路中各用电器是并联的，工作时互不影响，所以打开电暖气取暖，对电视机中的电流没有影响，故选项说法错误；
B、家庭电路中各用电器是并联的，各用电器两端的电压都等于电源电压，故选项说法错误；
C、家庭电路中各用电器是并联的，根据电阻越并越小的规律可知，打开电暖气取暖，电路的总电阻变小了，故选项说法错误；
D、家庭电路中各用电器工作时的功率之和，就是电路中的总功率，所以电暖气取暖，电路的总功率变大了，故选项说法正确．
故选D．
家庭电路中各用电器是并联的，工作时互不影响，根据并联电路的特点、并联电阻的规律、并联电路功率的特点等对照选项可做出判断．
本题考查了并联电路中的电流、电压、电阻、电功率等特点，是一道综合题，要求我们对基本的规律有一个熟练的掌握，但总体难度不大．
7.
解：A、正电荷的定向移动方向为电流方向，正电荷无规则运动的方向与电流方向无关，故A错误；
B、导体电阻由导体材料、长度与横截面积决定，在材料一定的情况下，长度越长、横截面积越小的导体电阻越大，故B错误；
C、用电器的额定功率由其额定电压与额定电流决定，用电器额定电压高，其额定功率不一定大，故C错误；
D、教室里再多开几盏灯，电路中总电流会变大，故D正确；
故选D．
A、正电荷的定向移动方向是电流的方向；
B、导体电阻由导体材料、长度与横截面积决定；
C、用电器的额定功率由其额定电压与额定电流决定；
D、教室里的灯时并联的，由并联电路特点可知，开的灯越多，电路中的总电流越大．
本题考查了电流方向、影响导体电阻的因素、额定功率的决定因素、并联电路特点，涉及的知识点较多，但难度不大，掌握基础知识即可正确解题．
8.
解：（1）当开关S闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，两电阻两端的电压之比： ===，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由I=可得，两电阻的阻值之比： ===；
（2）当开关S断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2支路的电流，电流表乙测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，通过两电阻的电流之比： ===，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，两电流表的示数之比： ===．
故选D．
（1）当开关S闭合，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，甲电压表测电源的电压，乙电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压特点求出两电阻两端的电压之比，根据串联电路的电流特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比；
（2）当开关S断开，甲乙两表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过R2支路的电流，电流表乙测干路电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两支路的电流之比，根据并联电路的电流特点求出干路电流之比．
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合与断开、不同电表时电路串并联的辨别以及电表所测电路元件的判断．
9.
解：开关闭合后，电路为并联电路，甲表测量干路中的电流，乙表测量L2支路中的电流，
从电流表的连接可以看出A1接入电路的量程为大量程，所以甲表是A1表，故CD错误；
A2接入电路的量程为小量程，示数为0.4A；则L2支路中的电流为0.4A，故A错误，B正确．
故选B．
根据电流表的正确使用方法以及并联电路中干路中的电流和支路电流的关系进行分析．
知道电流表的正确使用方法，会识别串联电路和并联电路，并且知道电路中电流的关系．
10.
解：
A、由并联电路中电流的规律可知，并联电路的干路电流等于各支路电流之和；故A正确．
B、误差是在测量过程中产生的测量值与真实值之间的差异，这种差异不同于错误，它是在测量方法正确的情况下产生的，只可以减小误差，却不能避免误差．故B错误；
C、用右手握通电螺线管，四指指向电流方向，拇指指向就是N极，这是利用安培定则判断通电螺线管的极性，故C正确；
D、1kW•h=1000W×3600s=3.6×106J，故D正确．
故选B．
（1）并联电路中干路电流等于各支路电流之和；
（2）误差是在测量过程中产生的测量值与真实值这间的差异，这种差异不同于错误，它是在测量方法正确的情况下产生的，只可以减小，却不能避免．
（3）由安培定则判断出磁场的方向，从而可判断电螺线管的极性．
（4）1kW•h=3.6×106J．
本题考查并联电路中电流特点，误差及其减小方法、安培定则（右手螺旋定则）等，是一道综合性较强的题目．
11.
解：（1）只闭合开关s1和s2时，电流的流向如图：
两灯泡并联，电流表测L1、L2的电流之和，故A正确；
（2）只闭合开关s1和s3时，电流如图：
灯L2短路，电流表测通过灯L1的电流，故B正确；
（3）只闭合开关s2和s3时，电流如图所示：
电流表相当于导线，会造成电源短路，烧坏电源和电流表，故CD不正确．
故选AB．
（1）基本的电路分串联电路和并联电路两种，串联电路中电流只有一条流通路径，并联电路中电流有多条流通路径．
（2）处处连通的电路叫做通路；某处断开的电路叫做开路，也叫断路；短路是指电流两极不经过用电器直接连通的电路．
此题考查了实际电路的辨认，在分析电路时要根据电路的三种状态进行分析．
12.
解：（1）先闭合开关S，电流从正极出发经开关S、甲电流表、灯泡L2回负极，电流表甲测L2的电流，则甲表有示数，乙表无电流经过，故没有示数，故A正确；
（2）再闭合S1，两灯泡并联，电流表甲测干路电流，电流表乙测L2支路电流，电流表甲示数变大，甲表示数大于乙表示数，因为S1断开时乙表的示数为0，再S1闭合时，乙表有示数，因此这个过程乙表的示数变大．故D正确，BC错误．
故选AD．
析清楚图示电路结构，明确各电路元件的连接方式，然后应用并联电路特点与欧姆定律分析答题．
本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构是正确解题的关键，分析清楚电路结构后应用并联电路特点与欧姆定律可以解题．
13.
解：
由图可知，灯泡L1、L2并联；
A、由图可知，A在干路中，要测干路电流，电流表可以串联在图中的A处，故A正确；
BC、要探究并联电路中电流规律，使结论具有普遍性，应采用不同规格的灯泡进行多次实验，故B、C错误；
D、并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，即IA=IB+IC，故D正确．
故选AD．
（1）根据电路图，应用分支法分析清楚电路结构，在并联电路中干路的电流等于支路电流之和；
（2）一次实验数据得出的结论具有偶然性，为得出普遍结论，应使用不同规格的器材进行多次实验，然后得出结论．
本题考查了实验器材选择、电路分析以及并联电路中干路电流的规律，涉及的内容较多，但属于基础知识掌握范围．
14.
解：
由图甲可知，两灯并联，两电流表A1和A2分别测量的是干路和支路电流，
并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以由于干路电流大于支路电流，A1测量干路电流，故A1选用的是大量程，由b图可知干路电流为I=1.5A，故A正确、D错误；
A2测量通过灯泡L2的电流，故A2选择的是小量程，所以L2的电流为I2=0.3A；
由并联电路电流的规律I=I1+I2可得，通过灯L1的电流：I1=I-I2=1.5A-0.3A=1.2A．故C正确，B错误．
故选AC．
由图甲可知两电流表分别测量的是干路和支路电流，由图乙可读数，则通过L2电流，可由并联电路电流的规律求得L1的电流．
学会读数，对于同一个电流表由两个量程：0.6A和3A．它们之间是5倍的关系．所以示数小的是支路电流，示数大的是干路电流．
15.
解：当把小灯泡L和定值电阻R并联在电压为4V的电路中，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，UR=UL=U=4V，
由图象可知，通过的电流为IR=0.4A，IL=0.8A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，干路电流：
I=IL+IR=0.8A+0.4A=1.2A，
通电100s，电路中消耗的电能：
W=UIt=4V×1.2A×100s=480J．
故答案为：1.2；480．
把小灯泡L和定值电阻R并联在电压为4V的电路中时，根据并联电路的电压特点可知它们两端的电压，根据图象读出通过的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流，根据W=UIt求出通电100s电路中消耗的电能．
本题考查了并联电路的特点和电功公式的应用，关键是从图象中获取有用的信息．
16.
解：已知，6个LED并联，每只LED的额定电流I1=15mA
正常工作时的总电流为I=6I1=6×15mA=90mA=0.09A．
故答案为：0.09．
根据并联电路中干路电流等于各支路电流之和求出正常工作时的总电流．
本题考查并联电路的电流特点，是一道基础题．
17.
解：通过电阻R2的电流：I2=I-I1=0.3A-0.1A=0.2A；
电阻R1和R2阻值之比：R1：R2=：=I2：I1=0.2A：0.1A=2：1；
只将电源电压提高至原来的2倍，则电路中总电阻不变，由I=可知，干路电流变为原来的2倍，因此电流表A的示数为0.6A．
故答案为：0.2；2：1；0.6．
根据电流图可知，R1、R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量R1中的电流；
（1）根据并联电路电流的规律可知通过电阻R2的电流；
（2）并联电路两端电压相等，根据R=可知电阻R1和R2阻值之比；
（3）根据I=可知干路电流与原来电流的关系，从而求出电流表A的示数．
本题考查了并联电路的特点、欧姆定律，是一道基础题；分析清楚电路结构是正确解题的前提，熟练掌握并灵活应用并联电路特点、欧姆定律是解题的关键．
18.
解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测L1支路的电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，且电流表A1的示数为0.6A，
所以，干路电流大于0.6A，即电流表A2的量程为0～3A，分度值为0.1A，干路电流I=1.5A，
则通过L2的电流：
I2=I-I1=1.5A-0.6A=0.9A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=可得，电路两端的电压：
U=I1R1=0.6A×5Ω=3V．
故答案为：0.9；3．
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A2测干路电流，电流表A1测L1支路的电流，根据并联电路的电流特点结合电流表A1的示数确定电流表A2的量程，根据分度值读出干路电流，进一步求出通过L2的电流，再根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电路两端电压．
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的应用，正确的判断电流表A2的量程是关键．
19.
解：
由电路图可知，两灯并联，A1测L1的电流，A2测干路的电流，所以干路电流0.9A，L1的电流0.5A，
由并联电路的电流特点可得灯泡L2中的电流：
I2=I-I1=0.9A-0.5A=0.4A；
灯泡L2的电阻为10Ω，由并联电路的电压特点和欧姆定律可得电源电压：
U=U2=I2R2=0.4A×10Ω=4V．
故答案为：0.4；4．
由图知，两灯并联，A1测L1的电流，A2测干路的电流，根据并联电路的电流特点计算L2的电流；
根据并联电路电压特点和欧姆定律计算电源电压．
本题考查了并联电路的电流、电压特点和欧姆定律的应用，正常分析电路和识别电流表所测电流是关键．
20.
解：
教室里的灯是并联的，根据并联电路的电流特点可得，总电流：
I=6×0.2A=1.2A；
街道上的路灯同时亮、同时熄，但一灯坏时，其它灯仍能亮，故路灯是并联的．
故答案为：1.2；并．
根据并联电路的电流特点计算总电流；根据家用电器间能独立工作，互不影响，分析路灯的连接方式．
本题考查并联电路的识别和电流特点的应用，属于一道基础题．
21.
（1）小灯泡正常工作时的功率和额定功率相等，根据I=求出灯泡正常工作时的电流，根据欧姆定律求出灯泡的电阻；
（2）当S闭合，S1、S2都断开时，灯L和滑动变阻器串联；灯泡正常工作时的电流和额定电流相等，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器接入电路中的阻值；
（3）当闭合S、S1、S2时，R0与滑动变阻器并联，电流表测干路电流；根据电阻越并越小、小于任何一个分电阻，可知此时电路中的电阻变小，根据欧姆定律可知电路中的电流变大，根据题意可得此时电流表的示数，根据欧姆定律求出通过滑动变阻器的电流，再根据并联电路的电流特点求出R0的电流，最后欧姆定律求出R0的阻值．
本题考查了串联电路的特点和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率的计算，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别和知道灯泡正常工作时的电压和额定电压相等、此时的电流和额定电流相等．
22.
解：从图看出A2在干路中，测干路中的电流，A1与R2串联，在支路中，测R2中的电流，故两灯为并联关系．
所以通过电阻器R2中的电流为0.5A，通过R1中的电流=1.5A-0.5A=1A．
故本题答案为：1A；0.5A．
判断出两个电阻的连接方式，再根据并联电路的电流特点：干路中的电流等于各支路电流之和计算．
本题考查串并联电路的判断和电流表的使用，解题的关键是由并联电路的电流特点分析解答．
23.
解：∵P=UI，∴灯“220V 40W”的额定电流I1===A，
灯“220V 60W”的额定电流I2===A，
干路电流I=n1I1+n2I2=20×A+10×A≈6.4A；
因为电路电流为6.4A，要保证电路正常工作，
熔断丝额定电流应比6.4A稍大，由表中数据可知，
1.02mm熔断丝的额定电流是6A＜6.4A，
1.25mm熔断丝的额定电流是7.5A＞6.4A，
因此应选1.25mm的熔断丝．
故答案为：6.4；1.25．
由灯泡铭牌可知灯泡的额定电压与额定功率，由电功率的变形公式可以求出灯泡正常工作时的电流；
然后由并联电路的特点求出干路电流；熔断丝的额定电流应稍大于电路正常工作时的最大电流，根据表中数据选择熔断丝的规格．
本题考查了求干路电流、选择熔断器等问题，熟练应用电功率公式的变形公式、并联电路的特点即可正确解题．
24.
解：（1）因为两个灯泡并列连接在电路里，两灯泡是并联连接；因为电流表A1测量干路中的电流，则I=0.5A，
流过灯L1的电流I1=0.3A，则流过灯L2的电流I2=0.5A-0.3A=0.2A．
（2）由图可知，电压表测量灯泡L2两端电压，即U2=2V，已知U=5V，
则L1两端电压U1=U-U2=5V-2V=3V．
故答案为：0.2；3．
（1）并联电路是指各用电器并列连接起来的电路，根据并联电路的特点判断两灯泡的关系；由于电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量L1中的电流，然后根据电流表中指针的位置以及串联电路中电流的规律计算出电流的大小即可．
（2）已知电源电压和电压表示数，根据串联分压的特点可求得L1两端电压．
本题会正确识别串并联电路，会根据电路中电流的规律判断电流表的量程，并能准确读出电流值．
25.
解：由并联电路的电流规律可知，并联电路里，干路中的电流等于各支路中的电流之和，
即IC=IA+IB．
故答案为：并联；干；各支．
由图可知，两灯泡并联，并联电路里，干路中的电流等于各支路中的电流之和．
本题主要考查串并联电路的辨别、串并联电路的电流规律等，属电学的基本规律的考查，是我们学习的重点．
26.
解：（1）由图可知，只闭合开关S2，电流从电源流出经过灯泡L1、L2回到电源负极，则灯泡L1与L2为串联；
若闭合开关S1和S3，电流电源正极流出分成两支，分别通过灯泡L1、L2，汇合后回到电源负极，所以灯泡L1、L2 并联；
（2）闭合开关S1和S3，L1、L2并联，A点处于L1支路上，B点处于干路上，由于并联电路中干路电流等于各支路电流之和，则：IA＜IB．
故答案为：串；小于．
（1）电路元件的连接有串联和并联两种方式：把几个用电器首尾相接连入电路为串联电路；把几个用电器首首相接、尾尾相接，再连入电路，为并联电路；
（2）根据并联据电路中干路电流等于各支路电流之和即可判断A点电流和B点电流的大小关系．
解决此类问题要结合串联电路、并联电路和基本电路的特点选择合适的开关组合．
27.
解：（1）当甲、乙两元件串联后接在某电路中时，测得通过它们的电流为0.3A，
由图象可知，两元件两端的电压分别为U甲=3V，U乙=2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压：
U=U甲+U乙=3V+2V=5V；
（2）当甲、乙两元件并联后接在某电路中，且甲、乙两元件的干路电流为0.5A时，
因并联电路中各支路两端的电压相等，干路电流等于各支路电流之和，
所以，由图象可知，当U′=U甲′=U乙′=2V，I甲=0.2A，I乙=0.3A时，干路电流I=I甲+I乙=0.2A+0.3A=0.5A．
故答案为：5；2．
（1）当甲、乙两元件串联后接在某电路中时，通过它们的电流相等，根据图象读出两元件两端的电压，根据并联电路的电压特点求出电源的电压；
（2）当甲、乙两元件并联后接在某电路中，它们两端的电压相等，干路电流等于各支路电流之和，根据图象读出符合题意的电流和电压．
本题考查了串并联电路的特点的灵活应用，从图象中读出符合题意的电流和电压是关键．
28.
解：在家庭照明电路中，电键应与被控制的电灯串联连接，家中各用电器互不影响，因此电灯、插座、电视机是并联连接．
干路中的电流等于各支路电流之和，因此同时开启的用电器越多，电路中的总电流大．
故答案为：并联；越大．
家庭电路中，用电器和控制该用电器的开关串联；各用电器之间是并联，并联电路干路电流等于各支路电流之和，用电器越多，电路电流越大．
掌握家庭电路中各用电器之间的连接，用电器和开关之间的连接以及并联电路中电流的规律．
29.
解：将灯泡和定值电阻并联在2V电路中时，因并联电路中各支路两端的电压相等，所以，UR=UL=2V，由图象可知，通过的电流为IR=0.2A，IL=0.6A，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流：I=IL+IR=0.6A+0.2A=0.8A；小灯泡L的实际电功率为：PL=UIL=2V×0.6A=1.2W．
故答案为：0.8；1.2．
（1）根据图象读出通过的电流，利用并联电路的电流特点求出干路电流．
（2）根据公式P=UI小灯泡L的实际电功率．
本题考查了并联电路的特点和电功率的应用，关键是从图象中得出灯泡和R电流与电压之间的关系．
30.
解：（1）∵电源的电压不变，
∴电压表的示数不变；
将滑片P向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大；
∵I=可知，该支路的电流变小，即电流表A1的示数变小；
∵并联电路各支路独立工作、互不影响，
∴R1支路的电流不变；
∵并联电路干路电流等于各支路电流之和，
∴干路电流变小，即电流表A的示数变小．
（2）当滑片P移至左端时，断开电键S，电压表仍侧电源的电压，即电压表的示数不变；
而此时R1支路断路，电流表A只测通过滑动变阻器的电流，所以电流表A的示数变小；
故电压表V示数与电流表A示数的比值将变大．
故答案为：电流表；变大．
由电路图可知，R1、R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，A1测R2支路的电流；
（1）根据滑片的移动可知接入电路电阻的变化，根据欧姆定律可知滑动变阻器支路电流的变化；根据并联电路各用电器独立工作、互不影响可知通过R1支路的电流不变，再根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化．
（2）当滑片P移至左端时，断开电键S时，电路为滑动变阻器的简单电路，电压表仍侧电源的电压，根据并联电路各用电器独立工作、互不影响可知此时电流表A的示数变化，进一步得出电压表V示数与电流表A示数的比值的变化．
本题考查电路的动态分析，一是注意首先应明确滑动变阻器的接法，根据滑片的移动得出接入电阻的变化，再由整体利用欧姆定律得出电路中电流的变化，最后再分析各部分电路的各物理量的变化；二是注意开关由闭合到断开时电路的变化．
31.
解：
（1）2B铅笔芯是石墨制成，石墨是导体；
（2）在家庭电路中，各用电器互不影响，因此各用电器是并联的，干路中的电流等于各支路电流之和，因此同时开启的用电器越多，电路中的总电流变大．
故答案为：导体；变大．
（1）常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液、石墨等；
（2）家庭电路中，各用电器之间是并联，并联电路干路电流等于各支路电流之和，用电器越多，电路电流越大．
本题考查了学生对导体、并联电路中电流的规律的了解与掌握，属于基础题目，难度不大．
32.
解：已知R1：R2=2：5
因为串联电路中处处电流相等，所以I1：I2=1：1；
又因为串联电路起分压作用，则各电阻两端的电压之比等于电阻之比，所以U1：U2=R1：R2=2：5．
因为并联电路两端电压相等，所以U1：U2=1：1；
又因为并联电路起分流作用，则各支路电流等于电阻的反比，所以I1：I2=R2：R1=5：2．
故答案为：1：1，2：5；5：2．
串联电路中，处处电流相等；串联电路起分压作用，并且电压之比等于电阻之比；
并联电路中，并联电路两端电压相等；并联电路起分流作用，并且各支路电流等于电阻的反比．
掌握串并联电路的电流、电压规律，以及串联电路起分压作用，并联电路起分流作用，会根据比值关系进行解题．
33.
解：因为家庭电路中各用电器之间既可以单独工作又互不影响，因此家庭电路中的电灯和电视机间的连接方式为并联．
在并联干路中的电流等于各支路电流之和，因此家庭电路中的总电流：I=0.3A×5+0.5A=2A．
故答案为：并联；2．
并联电路中各用电器既可以单独工作又互不影响．
在并联电路中，干路中的电流等于各支路电流之和．
掌握家庭电路中各用电器的连接方式为并联连接和并联电路的电流规律．
34.
解：（1）电热膜取暖器工作时放出热量，室内空气吸收热量，温度升高，是通过热传递的方式使得室内温度升高；
（2）A部分的凹形会导致横截面积变小，电阻变大；
（3）此题可以从原文中获取答案：电热膜通电工作时，没有发红、炽热现象；
（4）因为墨线是并联的．如图中，若通过每条墨线的电流为I，则IA=3I，IB=9I，因此IA＜IB ；
（5）从丙图可以看出随温度升高而增大，发热功率减小；
故答案为：（1）热传递；（2）A；（3）通电工作时，没有发红、炽热现象；（4）＜；（5）增大；减小．
（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，二者是等效的；
（2）影响电阻大小的因素有材料、长度和横截面积；
（3）电热膜通电工作时没有发红、炽热现象产生，它与被加热物体直接接触，产生的热量很快传给被加热物体；
（4）并联电路中，干路电流等于各支路电流之和；
（5）根据图象分析导电墨线电阻随温度变化的关系得出结论．
本题考查学生阅读相关材料掌握相关知识，注重理解能力的考查，是中考常见温度的考查．
35.
解：在使用电压表时，电压表要与被测电路并联，即电压表能直接连到电源的两端，即此时相当于测量电源电压；电流要从正接线柱入，负接线柱出，被测电压不能超过电压表的量程；
图（b）中电阻R是替代图（a）中并联电阻R1和R2的电阻，根据等效替代法，要使接入电路的效果相同，则电路两端的电压和电流都应相同，即电源电压相同，干路上的电流相同，所以电流表A3的示数与电流表A1的示数相等．
故答案为：能；量程；电源电压；A1．
（1）在使用电压表时，电压表要与被测电路并联，电流要从正接线柱入，负接线柱出，被测电压不能超过电压表的量程；
（2）等效替代法是在保证某种效果（特性和关系）相同的前提下，将实际的、复杂的物理问题和物理过程转化为等效的、简单的、易于研究的物理问题和物理过程来研究和处理的方法．
本题考查了电流表的使用以及“等效替代法”在物理学中的应用．知道电阻R替代并联电阻R1和R2的电阻时，效果相同的物理含义是指电阻在电路两端的电压相同的条件下，电阻对电路中产生的电流相同．
36.
解：（1）电阻R0与测量电阻RX并联，电流表A2与R0串联，电流表A1位于干路测量干路电流，然后与电源开关组成电路，如下图所示：
（2）∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴通过RX的电流：
IX=I1-I2，
∵并联电路中各支路两端的电压相等，
∴根据欧姆定律可得：
U=I2R0=IXRX，即I2R0=（I1-I2）RX，
解得：RX=．
故答案为：
（1）如上图所示；
（2）．
（1）实验中没有电压表，有两块电流表，两电流表已经串联在一块，且电流表A2测量通过电阻R0的电流，说明电流表A1测干路电流，电流表A2测R0支路的电流，据此连接电路图；
（2）根据并联电路的电流特点求出通过RX的电流，利用并联电路中各支路两端的电压相等和欧姆定律分别表示出电阻R0、Rx两端的电压建立等式即可求出Rx的阻值．
本题考查了测电阻实验原理图的设计，在没有电压表或电流表时一般要利用串联电路的电流相等和并联电路电压相等的特点设计电路图．
37.
解：（1）用手将其中一个小灯泡取掉，若另一灯泡仍发光，则说明两灯的连接方式是并联，否则是串联．
电流表示数如图乙所示，电流表的量程是0.6A，每一个小格的示数是0.02A，电流表的读数为0.3A．如果两灯串联，则可初步判断通过灯L1的电流可能是0.3A，如果两灯并联，则通过每一只灯泡的电流为总电流的一半，所以通过灯泡L1的电流也可能是0.15A．
（2）要探究并联电路的电流关系，应将两灯泡并联，三个电流表分别测量干路和支路电流，所以需通过改动L2与负极相连的导线，将负极与灯泡L2相连的导线改接左下电流表的负接线柱，导线3接错了，正确的电路图如图所示：
（3）由题意可知，当两个副裁判对应的按钮可以单独工作、并且互不影响，而主裁判的按钮与副裁判的按钮工作时相互影响，因此两个副裁判对应的开关乙和丙并联连接后与主裁判对应的开关甲串联连接，如下图所示：
故答案为：（1）①并联；②0.3；0.15；（2）见上图；（3）见上图；
本题主要考查两个方面的知识：
（1）用拆除法判断电路的连接方式：将其中一个用电器拆掉，若另一个用电器正常工作，则两用电器属于并联；若另一个用电器不能正常工作，则属于串联．
串并联电路中电流的大小关系：串联电路中各处电流相等；并联电路中，若两个用电器完全相同，则通过每个用电器的电流相等．
（2）要探究并联电路的电流关系，需要使两灯泡并联，分别测出干路和支路的电流．
（3）由题意可知，主裁判和至少一个副裁判都按下自己面前的按钮时，指示杠铃被举起的灯泡L才亮；根据串联电路电路中各元件相互影响和并联电路中各元件互不影响进行判断．
此图考查了串并联电路的判断、电流表的读数、实物图的连接和电路的设计等知识点，是一道综合题，有一定的难度．
38.
解：（1）探究电流与电阻的关系，应记录电阻和对应的电流大小，为得出普遍性的规律，要多次测量，如下所示：
（2）调节滑动变速器使电压表示数为2伏，根据串联电路电压的规律，变阻器的电压U滑=6V-2V=4V，变阻器的电阻是定值电阻电压的倍，根据分压原理，当接入20欧的电阻时，变阻器连入电路中的电阻为定值电阻的2倍，即2×20Ω=40Ω＞30Ω，故发现无论怎样调节滑动变阻器，电压表示数都无法达到2伏，其原因是变阻器的最大电阻太小；
（3）他先将导线a端接到电流表“-”接线柱上，电流表示数为I1，此时电流表测量两电阻并联的总电流；然后将导线a端接到电流表“3”接线柱上，电流表示数为I2，此时电流表测通过R0的电流，根据欧姆定律I=，此时R0的电压即电源电压：
U=I2R0；
因定值电阻的电压始终为电源电压，由欧姆定律，通过R0的电流大小不变，根据并联电路电流的规律，通过待测电阻的电流IX=I2-I1，由欧姆定律，待测电阻：
RX=．
故答案为：（1）如上所示；（2）原因是变阻器的最大电阻太小；（3）．
（1）根据实验要测量的物理量和归纳法的要求设计表格；
（2）探究电流与电阻的关系时，要控制电压表示数不变，根据串联电路电压的规律和分压原理，确定当接入20Ω的电阻时变阻器连入电路中的电阻大小，与题中变阻器的规格比较分析原因；
（3）分析电路的连接，由欧姆定律求电源电压；根据支路电流不变，由并联电路电流的规律求出待测电阻的电流，由欧姆定律求待测电阻大小．
本题探究电流与电阻的关系，考查实验表格的设计、对器材的要求及并联电路的规律及欧姆定律的运用．
39.
（1）当S闭合、S1断开，P在b端时，滑动变阻器阻值最大，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测量总电流，根据公式P=UI可求灯泡两端的电压，再利用公式R=求出灯L的电阻RL，根据串联电路电阻的特点求出总电阻，最后利用公式U=IR求出电源电压．
（2）当当S、S1均闭合，P在a端时，灯泡与电阻R1并联，滑动变阻器短路，电流表测量干路电流，已知电源电压和灯L的电阻，根据公式I=求出通过灯泡的电流，根据并联电路电流的特点可求通过电阻R1的电流，最后利用公式R=求出电阻R1的阻值．
本题考查电压、电阻、电流的计算，关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，重点是串联电路电阻的规律和并联电路电流的规律，难点是知道开关断开与变化，以及滑片移动的过程中电路的变化情况．
40.
（1）当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
（2）当开关S1、S2均闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流；根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，根据欧姆定律求出电阻R2的阻值；
（3）根据P=UI求出当开关S1、S2均闭合时，电路消耗的总功率．
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活运用，关键是开关闭合前后电路连接的判断，是一道难度不大的计算题．
41.
（1）只闭合开关S1时，EF和DF段电阻串联，根据欧姆定律求出三种情况下电路中的总电阻，然后求出电路总电阻的变化量△R左和△R右的大小；
（2）根据电阻的串联结合EF在两中点间时电路的总电阻求出EF段的电阻，又知道电流表示数为I2时电路中的总P=I2R求出EF消耗的功率与电路消耗的总功率之比；
（3）把EF移动到B、D两点间，再闭合两开关时，EF段电阻和CD段电阻并联，根据并联电路的电压特点和P=得出他们消耗的电功率，两者之和即为电路消耗的总功率．
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律、电功率公式的应用，分清EF移动时电路的连接方式是解决本题的关键．
42.
解：（1）当开关s1闭合s2断开时，电流表读数为I，电流表测量的是电阻的R0电流，所以的R0两端的电压为IR0，当s1、s2都闭合时，定值电阻与未知电阻并联，所以未知电阻两端的电压也为IR0，电流表读数为I1，此时通过未知电阻的电流值为I1-I，故未知电阻的电阻为：．
（2）小红设计的是根据伏安法来测量未知电阻的阻值，所以电流表与未知电阻串联，电压表与未知电阻并联，通过滑动变阻器与未知电阻串联来改变未知电阻两端的电压值和通过未知电阻的电流值．根据滑动变阻器的滑片P处于最右端时，连入电路的阻值最大这一信息可知，滑动变阻器必须将A接线柱接入电路，故滑动变阻器接入的接线柱为A、D或A、C．答案如图所示．
（3）从题意获取信息，未知电阻两端的电压为8V，通过未知电阻的电流为0.2A，所以根据公式：Rx===40Ω；
滑动变阻器与未知电阻串联，所以通过滑动变阻器的电流也为0.2A，电路中的总电压为12V，未知电阻两端的电压为8V，所以滑动变阻器两端的电压为4V，故滑动变阻器接入的电阻为：R连===20Ω；
滑动变阻器消耗的电功率为：P变=U变I变=4V×0.2A=0.8W．
答：①Rx的电阻值为40Ω；
②变阻器连入电路的电阻为20Ω；
③滑动变阻器消耗的电功率为0.8W．
（1）小明设计的电路图是两个电阻并联，所用的是一个电流表，这种测量电阻阻值的方法为安阻法，通过开关的断开和闭合得出未知电阻两端的电压，然后根据电流表两次示数差得出通过未知电阻的电流，最后根据公式R=得出未知电阻的阻值．
（2）小红设计的是伏安法测电阻，通过电流表测量出通过未知电阻的电流，电压表测量出未知电阻两端的电压值，故电流表串联在电路中，电压表与未知电阻并联，且量程选择0～15V，根据题目的要求滑片P处于最右端时，连入电路的阻值最大，所以滑动变阻器一定接A接线柱．
（3）由题意获取未知电阻两端的电压值和电流值，根据公式R=计算出未知电阻的阻值；由滑动变阻器与未知电阻串联，结合串联电路中电流、电压的特点得出滑动变阻器的电流和它两端的电压，进而得出滑动变阻器接入的阻值和滑动变阻器消耗的电功率．
此题是一道综合性较强的实验题和计算题．学生在利用安阻法测量未知电阻的阻值时，关键要理解好未知电阻与定值电阻并联使得它们两端的电压相等．计算时能够较好的利用欧姆定律及其变形公式进行相关的计算．
43.
由电路图可知，两电阻并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流．
（1）根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出电源的电压；
（2）根据欧姆定律求出R2支路的电流，再根据并联电路的电流特点求出电流表A的示数；
（3）根据P=UI求出电阻R2消耗的电功率P2．
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，因条件已给出，难度不大．
44.
（1）只闭合S1时，只R1接入电路，则由欧姆定律可求得电源电压；
（2）两开关均闭合时，两电阻并联，因电源电压不变，故通过R1的电流不变，故由并联电路的电流规律可得出通过R2的电流，由功率公式可求得R2的功率．
本题重点在于理解并联电路的电流规律及电压不变，则通过R1电流将不变．
45.
根据题意先画出四种情况下的等效电路图：
（1）由图丙可知R3、R4并联，根据并联电路两端的电压相等求出两电阻的阻值之比，根据甲、乙两图中电压表的示数和欧姆定律及R3、R4两电阻的之间关系求出I1与I2的电流之比；根据甲、乙两图中电源的电压不变和电流关系、和R1、R2之间的关系求出这三电阻之间的关系，进一步求出R1：R3的值；
（2）根据乙、丁两图中电源两端电压不变求出求出电流I2与I5的比值；
（3）根据乙图中串联电路电阻的分压特点求出电源的电压．
本题考查了学生对串、并联电路的判断，串联电路的特点以及欧姆定律的应用．本题难点在于很多同学无法将四种状态下的电流关系及电压关系联系在一起，故无法找到突破口．解答此类问题时，可将每一种情况中的已知量和未知量都找出来，仔细分析找出各情况中的关联，即可列出等式求解．
46.
（1）开关断开时，电流表的示数则为通过电阻R中的电流；然后利用U=IR求出电源电压；
（2）开关断开时，为基本电路，电流表测量R中的电流，闭合开关后，电阻R和灯L并联，并且通过电阻R中的电流不变，而电流表此时测量干路电流，因此根据并联电路，干路电流等于各支路电流之和求出通过灯L中的电流，又由并联电路两端的电压等于电源电压，直接利用P=UI即可求出额定功率．
本题的重点知道并联电路的电压和电流规律，然后根据欧姆定律的变形公式以及电功率的计算公式直接进行计算．
47.
分析电路图可知，两灯泡并联，电流表A测干路电流，电流表A1测灯L1电流，电流表A2测灯L2电流，由并联电路特点分析答题．
解决此类问题的关键是知道并联电路的电流规律--干路中的电流等于各支路电流之和，即I=I1+I2．
48.
由图可知三电阻为并联关系，A4测量流过A2、A3的电流；A5测量流过A1、A2的电流，则由并联电路的电流规律可得出两电流表的示数．
本题重点在于明确电路的性质，同时能准确找到各电表所测量的对象，则利用并联电路的电流规律可得出正确结果．
49.
（1）当开关S1闭合、S2断开时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
（2）当开关S1、S2都闭合时，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R2的阻值．
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律的灵活应用，知道开关S2闭合前后通过R1的电流不变是关键．
50.
解：
（1）灯L1和L2并联，开关S和电流表A1应串联接在干路上，电流表A2与灯L2串联，电路图如下图所示：
（2）从电源正极出发，先把电源、开关、电流表A1、灯泡L2、电流表A2串联接入电路，再把灯泡L1与灯泡L2与电流表A2的两端，实物电路图如下图所示：
（3）两个电流用的量程都为0～0.6A，分度值为0.02A，所以A1的示数为0.5A，即L1的电流为0.5A；A2的示数为0.3A，即L2中的电流为0.3A；
∵并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
∴L1的电流I1=I-I2=0.5A-0.3A=0.2A．
故答案为：
（1）电路图如上图所示；
（2）实物电路图如上图所示；
（3）0.2A；0.3A．
（1）由题意可知，灯L1和L2并联，电流表A1测量电路的总电流，开关控制整个电路，说明开关和电流表A1应串联接在干路上；电流表A2测L2电流，因此电流表A2与灯L2串联，据此实物电路图；根据以上分析作出电路图；从电源正极出发，先连接干路，再连接支路，完成实验电路的连接．
（2）根据电流表的量程和分度值读出两电流表的示数，利用并联电路的电流特点求出通过L1的电流．
本题主要考查了电路图的设计与实物电路的连接，在设计电路图时注意串联电路和并联电路的概念．在按照电路图连接实物电路时，可以从电源的一个极出发，注意各元件的连接次序也要与电路图相同．同时注意电流表、电压表的使用规则．
直径（mm）
额定电流（A）
熔断电流（A）
直径（mm）
额定电流（A）
熔断电流（A）
0.71
3
6
1.02
6
12
0.81
3.75
7.5
1.25
7.5
15
0.98
5
10
1.51
10
20
实验次数
电阻/Ω
电流/A
1


2


3