2024年上海市世外集团校中考物理模拟试卷（二）（解析版）

这是一份2024年上海市世外集团校中考物理模拟试卷（二）（解析版），共17页。试卷主要包含了填空题，综合题等内容，欢迎下载使用。
1．（2分）在原子核中，带正电的粒子是（ ）
A．质子B．中子C．电子D．核子
2．（2分）拉二胡时，手指在琴弦上面上下移动，这样做主要是改变二胡发出声音的（ ）
A．响度B．音调C．音色D．传播方向
3．（2分）下列物体中所受重力约为5牛的是（ ）
A．一瓶矿泉水B．一只鸡蛋
C．一枚铅笔D．一枚针
4．（2分）已知某物体透过凸透镜，在距离透镜10厘米的光屏上成缩小的像，若将物体移动到距离凸透镜5厘米处，则此时成（ ）
A．缩小的实像B．等大的实像
C．放大的实像D．放大的虚像
5．（2分）如图所示，O为轻质杠杆的支点，B点挂一重物，为使杠杆在水平位置平衡，若在B点或在A点施加一个力并使该力最小，该力应沿（ ）
A．F1方向B．F2方向C．F3方向D．F4方向
6．（2分）甲车从P出发、乙车从Q点出发，甲、乙相向而行，它们的s﹣t图像分别如图（a）（b）所示。乙比甲早出发1s，甲到Q点时，乙距离P点1m，求此时乙到Q的距离可能为（ ）
A．2米B．3米C．8米D．10米
二、填空题（共23分）
7．（3分）一节新干电池的电压为 伏。家庭电路中，教室里的日光灯与电风扇是 的（选填“串联”或“并联”）；将一根导线置于静止的小磁针上方，当导线通电时小磁针发生偏转，此现象表明电流周围存在 。
8．（3分）电梯上升过程中，以电梯轿厢为参照物，轿厢内的乘客是 的（选填“运动”或“静止”），重力势能 ，其惯性 （后两空均选填“增大”、“不变”或“减小”）。
9．（3分）载人飞船返回舱在返回降落过程中高速进入地球大气层，返回舱表面因摩擦温度升高，此过程是通过 （选填“做功”或“热传递”）的方式使返回舱表面的内能 。返回舱降至一定高度后，打开降落伞进一步减速，此过程动能 （后两空均选填“增大”、“不变”或“减小”）。
10．（3分）如图所示，运动员用力向后蹬地，就能加速向前滑，这表明力的作用是 ，力可以改变物体的 ；滑行中冰刀与冰面之间的摩擦属于 摩擦。
11．（3分）如图（a）、（b）所示，物体A、B重均为20牛，不计滑轮重及摩擦，当用力F1以速度v1匀速提升物体A时，力F1为 牛；当用力F2以速度v1匀速提升物体B时，力F2为 牛；若用力F3以速度v2匀速提升物体B，且v1＜v2，则F2 F3（选填“＞”“＝”或“＜”）。
12．（4分）在如图所示的电路中，电源电压为U0，电阻R1、R2的阻值均为R0。闭合开关S，发现电流表示数有变化。已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1或R2上。
①电路中发生的故障可能为 。
②现通过接入一个电压表来进一步确定故障，请写出电压表连接的位置 、闭合开关S后电压表的示数及对应的故障 。
13．（4分）为了解发电厂发出的电能为什么需要用高压输电线送往各地。小明查阅资料得知：（a）由于电流的热效应，远距离输电的导线很长，导线电阻不能忽略不计，远距离输电时在导线上的电能损耗非常可观。（b）输电线的发热功率损耗P损＝I线U线。（c）发电厂到用户的距离确定、输电线电阻阻值一般是确定的。（d）发电站的输出电功率是一定的，它等于输出电压和输出电流的乘积，即P＝IU。（e）输出电流和输电线上的电流相等。远距离输电如图6所示。
①结合所学知识及上述信息，分析说明为什么发电厂到用户输电线的电阻阻值一般是确定的。 。
②结合所学知识及上述信息，分析说明高压输电的原因。 。
三、作图题（共4分）请用2B铅笔将图画在答题纸的相应位置。
14．（2分）根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A′B′。
15．（2分）在如图所示的电路中，以笔画线代替导线，补两根导线，要求：使两灯并联，电键S闭合后两灯发光，电流表只测灯L2的电流。
四、综合题（共31分）
16．（3分）质量为1千克的水温度下降10℃，求水放出的热量Q放。[c水＝4.2×103焦/（千克•℃）]
17．（4分）物体在50牛的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，10秒内前进了2米。求此过程中拉力所做的功W和功率P。
18．（10分）在如图所示电路中，电源电压为18伏且保持不变，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样，通过电阻R1的电流为1.8安。
①求电阻R1的阻值。
②若在电路中接入一个电流表，电流表量程可以更换，表盘如图（b）所示，在电路各元件都能安全工作的情况下移动变阻器滑片，使电流表达到满偏，请通过分析判断电流表所接位置及滑动变阻器R2接入电路中的阻值变化范围。
19．（9分）如图所示，水平地面上置有圆柱体甲和轻质薄壁圆柱形容器乙。甲的底面积为1×10﹣2米2、高为0.25米、质量为5千克。乙容器足够高，底面积为2×10﹣2米2，盛有0.1米深的水。
①求甲的密度ρ甲。
②求甲对地面的压强p甲。
③将甲竖直放入乙容器中，求此时水对乙容器平底部的压强p水。
20．（5分）小明同学做“测定小灯泡电功率”的实验，电源电压为1.5伏整数倍且保持不变，待测小灯上标有“0.22A”字样，滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样，其他器材齐全且完好。实验过程中，小明先正确串联实验器材，再将电压表并联接入电路中，移动变阻器滑片至阻值最大处。闭合开关，记录实验数据。又移动滑片继续实验，部分实验数据记录在表中。最后，他将滑片移至变阻器另一端，此时电压表和电流表示数的乘积约为1.1瓦。他用其中一组数据成功计算出小灯泡的额定电功率。
①测定小灯泡电功率的实验原理是 。
②分析计算电源电压的大小。
③分析计算小灯的额定电功率
2024年上海市世外集团校中考物理模拟试卷（二）
参考答案与试题解析
一、选择题（共12分）下列各题均只有一个正确选项，请将正确选项的代号用2B铅笔填涂在答题纸的相应位置。更改答案时，用橡皮擦去，重新填涂。
1．（2分）在原子核中，带正电的粒子是（ ）
A．质子B．中子C．电子D．核子
【分析】在原子结构中，原子是由原子核和带负电的核外电子构成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的。
【解答】解：根据原子结构的相关知识可知，原子中带正电的微粒是质子。
故选：A。
【点评】此题考查了原子结构的相关基础知识，题目的难度很小，记住相关的基础知识即可解决此题。
2．（2分）拉二胡时，手指在琴弦上面上下移动，这样做主要是改变二胡发出声音的（ ）
A．响度B．音调C．音色D．传播方向
【分析】物理学中把声音的高低称为音调，音调的高低与发声体的振动快慢有关，物体振动越快，音调就越高。
【解答】解：手指在琴弦上面上下移动，改变了弦振动部分的长度，使得振动快慢就会不一样，故发出声音的音调就会不同。
故选：B。
【点评】解决此类问题要结合音调的定义进行分析解答。
3．（2分）下列物体中所受重力约为5牛的是（ ）
A．一瓶矿泉水B．一只鸡蛋
C．一枚铅笔D．一枚针
【分析】结合对生活的了解和对力的单位N的认识，选出符合实际的选项即可。
【解答】解：根据重力公式G＝mg可得重力为5N的物体的质量：
m＝＝＝0.5kg＝500g；
A、一瓶矿泉水的质量在500g左右，故A符合题意；
B、一枚鸡蛋的质量在50g左右，故B不符合题意；
C、一只铅笔的质量约为6g，故C不符合题意；
D、一枚针的质量在1g左右，故D不符合题意。
故选：A。
【点评】本题考查了对重力的估测，属于基础题目。
4．（2分）已知某物体透过凸透镜，在距离透镜10厘米的光屏上成缩小的像，若将物体移动到距离凸透镜5厘米处，则此时成（ ）
A．缩小的实像B．等大的实像
C．放大的实像D．放大的虚像
【分析】根据像的性质、像距的大小判定焦距的大小，然后根据物距和焦距的关系分析成像的性质。
【解答】解：某物体透过凸透镜在距离透镜10厘米的光屏上成缩小的像，此时的像是倒立、缩小的实像，则2f＞10cm＞f，所以5cm＜f＜10cm，
若将物体移动到距离凸透镜5厘米处（即物距u＝5cm），因5cm＜f （即物距小于焦距），所以此时成正立放大的虚像，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了凸透镜成像规律的应用，属于基础题。
5．（2分）如图所示，O为轻质杠杆的支点，B点挂一重物，为使杠杆在水平位置平衡，若在B点或在A点施加一个力并使该力最小，该力应沿（ ）
A．F1方向B．F2方向C．F3方向D．F4方向
【分析】由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小。所以要判断哪个动力最小，就看哪个动力对应的动力臂最长。支点与动力作用点之间的连线就是最长的动力臂，与这条动力臂垂直的力即为最小动力。
【解答】解：由图可知，O为支点，B点挂一重物，阻力方向向下；要使该力最小，由杠杆平衡条件F1L1＝F2L2可知，在阻力和阻力臂都一定的情况下，动力臂越长则动力越小；
由图可知，OB对应的动力臂最长，所以该力应沿F1方向。
故选：A。
【点评】首先判断最小力的力臂，一般找支点和作用点之间的最长距离为最大力臂，在该点施加的力才最小。确定好最小的力，还要根据杠杆情况判断施力方向。
6．（2分）甲车从P出发、乙车从Q点出发，甲、乙相向而行，它们的s﹣t图像分别如图（a）（b）所示。乙比甲早出发1s，甲到Q点时，乙距离P点1m，求此时乙到Q的距离可能为（ ）
A．2米B．3米C．8米D．10米
【分析】根据图像利用速度公式求出甲、乙的速度；设PQ之间的距离为s，利用速度公式和甲、乙时间相等列出方程，求出PQ之间的距离，进而求出此时乙到Q可能的距离。
【解答】解：由图（a）（b）可知甲的速度v甲＝＝＝3m/s，乙的速度v乙＝＝＝2m/s，
乙比甲早出发1s，则乙提前通过的路程为s0＝v't0＝2m/s×1s＝2m，
设PQ之间的距离为s，
当甲到Q点时，乙距离P点1m，且乙尚未到达P点时，有＝，代入数据可得＝，解得：s＝9m，
甲到Q点时，乙到Q的距离为9m﹣1m＝8m；
当甲到Q点时，乙距离P点1m，且乙已经通过P点时，有＝，代入数据可得＝，解得：s＝3m，
甲到Q点时，乙到Q的距离为3m+1m＝4m。
故选：C。
【点评】本题考查速度公式的应用，关键是根据条件要进行分类讨论，本题有一定难度。
二、填空题（共23分）
7．（3分）一节新干电池的电压为 1.5 伏。家庭电路中，教室里的日光灯与电风扇是 并联 的（选填“串联”或“并联”）；将一根导线置于静止的小磁针上方，当导线通电时小磁针发生偏转，此现象表明电流周围存在 磁场 。
【分析】（1）一节新干电池的电压为1.5伏；
（2）我国家庭电路中各用电器的额定电压一般是220V，只有并联在家庭电路中，各用电器才能正常工作，并且互不影响；
（3）奥斯特实验：在静止的小磁针上方，放一根与磁针平行的导线，给导线通电时磁针将偏转，说明了通电导体周围存在磁场。
【解答】解：（1）一节新干电池的电压为1.5伏；
（2）在家庭电路中，电饭煲与空调之间工作相互不影响，是以并联的方式连接；
（3）在静止的小磁针上方，放一根导线，给导线通电时磁针将偏转，说明了通电导体周围存在磁场。
故答案为：1.5；并联；磁场。
【点评】本题考查了干电池的电压、家用电器正常连接方法、电流的磁效应。
8．（3分）电梯上升过程中，以电梯轿厢为参照物，轿厢内的乘客是 静止 的（选填“运动”或“静止”），重力势能 增大 ，其惯性 不变 （后两空均选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【分析】（1）在研究物体运动时，要选择参照的标准，即参照物，物体的位置相对于参照物发生变化，则运动，不发生变化，则静止。
（2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越大。
（3）惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系。
【解答】解：电梯上升过程中，以电梯轿厢为参照物，轿厢内的乘客与电梯之间没有位置变化，乘客是静止的；
此过程中，乘客的质量不变，高度变大，所以其重力势能增大，其惯性不变。
故答案为：静止；增大；不变。
【点评】此题主要考查了运动和静止的相对性、惯性和重力势能大小的影响因素，具有较强的综合性，难度不大。在判断物体运动和静止时，关键看物体相对于参照物的位置是否发生了变化。
9．（3分）载人飞船返回舱在返回降落过程中高速进入地球大气层，返回舱表面因摩擦温度升高，此过程是通过 做功 （选填“做功”或“热传递”）的方式使返回舱表面的内能 增大 。返回舱降至一定高度后，打开降落伞进一步减速，此过程动能 减小 （后两空均选填“增大”、“不变”或“减小”）。
【分析】改变物体内能的两种方式：做功和热传递；动能的大小与质量、速度有关。
【解答】解：返回舱进入大气层后的降落过程中，舱体表面与气体分子剧烈摩擦，克服摩擦做功，机械能转化为内能，内能增加，温度上升，这是通过做功的方式改变了舱体表面的内能；
返回舱降至一定高度后，打开降落伞进一步减速，此过程中返回舱的质量不变，速度变小，动能减小。
故答案为：做功；增大；减小。
【点评】本题考查了改变内能的方法、动能的大小变化，属于基础题。
10．（3分）如图所示，运动员用力向后蹬地，就能加速向前滑，这表明力的作用是 相互的 ，力可以改变物体的 运动状态 ；滑行中冰刀与冰面之间的摩擦属于 滑动 摩擦。
【分析】（1）力是物体对物体的作用，物体间力的作用是相互的，物体受到力的同时，也对另一个物体施加了力；
（2）力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态；
（3）一个物体在另一个物体表面滑动产生的摩擦属于滑动摩擦。
【解答】解：在比赛中，运动员用力向后蹬冰面，就可以向前运动，这是由于物体间力的作用是相互的；
运动员用力蹬地，加速向前滑，运动员由静止变为运动，说明力可以改变物体的运动状态；
在滑行的过程中，冰刀在冰面上滑动，所以冰刀与冰面之间的摩擦是滑动摩擦；
故答案为：相互的；运动状态；滑动。
【点评】本题考查了力的相互性、力的作用效果和摩擦力的分类，要求学生要理论联系实际，多观察，多分析。
11．（3分）如图（a）、（b）所示，物体A、B重均为20牛，不计滑轮重及摩擦，当用力F1以速度v1匀速提升物体A时，力F1为 20 牛；当用力F2以速度v1匀速提升物体B时，力F2为 10 牛；若用力F3以速度v2匀速提升物体B，且v1＜v2，则F2 ＝ F3（选填“＞”“＝”或“＜”）。
【分析】不计摩擦时，定滑轮不省力也不费力；
不计滑轮重及摩擦，使用动滑轮可以省一半力，即F＝G物；
匀速拉动物体上升时，拉力的大小不变。
【解答】解：定滑轮实质是等臂杠杆，不计摩擦时，不省力也不费力，所以F1＝GA＝20N；
不计滑轮重及摩擦，使用动滑轮可以省一半力，即F2＝GB＝×20N＝10N；
匀速拉动物体上升时，拉力的大小不变，F2＝F3。
故答案为：20；10；＝。
【点评】本题考查了定滑轮和动滑轮的特点，属于基础题。
12．（4分）在如图所示的电路中，电源电压为U0，电阻R1、R2的阻值均为R0。闭合开关S，发现电流表示数有变化。已知电路中仅有一处故障，且只发生在电阻R1或R2上。
①电路中发生的故障可能为 R1短路或R2短路 。
②现通过接入一个电压表来进一步确定故障，请写出电压表连接的位置 R1两端 、闭合开关S后电压表的示数及对应的故障 电压表示数为0，则电阻R1短路；电压表示数为U0，则电阻R2短路 。
【分析】由图知电路两电阻是串联，电流表测量电路中的电流；闭合开关S前后，电流表示数变化，说明闭合开关后电路中有电流，不能是断路，只有一个短路；把电压表并联在某电阻两端，根据示数分析电路故障。
【解答】解：①由图知电路两电阻是串联，电流表测量电路中的电流；闭合开关S前后，电流表示数变化，说明闭合开关后电路中有电流，不能是断路，只有一个短路，故障可能是R1短路或R2短路；
②通过接入一个电压表来进一步确定故障，请写出电压表连接的位置R1两端，闭合开关S后，
电压表示数为0，说明电压表被短路，则电阻R1短路；
电压表示数等于电源电压，为U0，则电阻R2短路。
故答案为：①R1短路或R2短路； ②R1两端；电压表示数为0，则电阻R1短路；电压表示数为U0，则电阻R2短路。
【点评】本题考查串联电路故障的分析，属于中档题。
13．（4分）为了解发电厂发出的电能为什么需要用高压输电线送往各地。小明查阅资料得知：（a）由于电流的热效应，远距离输电的导线很长，导线电阻不能忽略不计，远距离输电时在导线上的电能损耗非常可观。（b）输电线的发热功率损耗P损＝I线U线。（c）发电厂到用户的距离确定、输电线电阻阻值一般是确定的。（d）发电站的输出电功率是一定的，它等于输出电压和输出电流的乘积，即P＝IU。（e）输出电流和输电线上的电流相等。远距离输电如图6所示。
①结合所学知识及上述信息，分析说明为什么发电厂到用户输电线的电阻阻值一般是确定的。 因为导体的电阻与材料、长度、粗细有关，发电厂到用户的距离确定，导线长度确定，且导线材料、粗细确定，所以阻值确定 。
②结合所学知识及上述信息，分析说明高压输电的原因。 因为P损＝I线U线，根据欧姆定律，U线＝I线R线，所以P损＝I2线R线。由于R线是确定的，要减小P损，只能减小I线。且I＝I线，又因为P＝IU一定，所以要减小I，必须升高输出电压U 。
【分析】（1）导体的电阻与长度、材料、横截面积、温度有关。
（2）
【解答】解：（1）因为导体的电阻与材料、长度、粗细有关，发电厂到用户的距离确定，导线长度确定，且导线材料、粗细确定，所以阻值确定。
（2）因为P损＝I线U线，根据欧姆定律，U线＝I线R线，所以P损＝I2线R线。由于R线是确定的，要减小P损，只能减小I线。且I＝I线，又因为P＝IU一定，所以要减小I，必须升高输出电压U。
故答案为：（1）因为导体的电阻与材料、长度、粗细有关，发电厂到用户的距离确定，导线长度确定，且导线材料、粗细确定，所以阻值确定；（2）因为P损＝I线U线，根据欧姆定律，U线＝I线R线，所以P损＝I2线R线。由于R线是确定的，要减小P损，只能减小I线。且I＝I线，又因为P＝IU一定，所以要减小I，必须升高输出电压U。
【点评】本题考查电能的输送及电功率的相关计算，难度一般。
三、作图题（共4分）请用2B铅笔将图画在答题纸的相应位置。
14．（2分）根据平面镜成像特点，在图中画出物体AB在平面镜MN中所成的像A′B′。
【分析】首先要知道平面镜成像的特点：像与物到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、大小相等、左右相反，即像与物关于平面镜对称；
其次掌握本题的基本作法：作出两个端点A、B的像点，连接像点即为物体AB在平面镜中的像。
【解答】解：
根据平面镜成像的特点，先作出物体AB的端点A、B在平面镜中的对称点A′、B′，连接A′、B′点即为物体AB在平面镜中的像，注意辅助线和像用虚线，如图所示：
【点评】在平面镜成像作图中，若作出物体在平面镜中所成的像，要先根据像与物关于平面镜对称，先作出端点和关键点的像点，再用虚线连接各点即为物体的像。
15．（2分）在如图所示的电路中，以笔画线代替导线，补两根导线，要求：使两灯并联，电键S闭合后两灯发光，电流表只测灯L2的电流。
【分析】由题意可知，两灯并联，电键S闭合后两灯发光说明电键位于干路，电流表只测灯L2的电流说明电流表与L2串联，据此连接实物电路图。
【解答】解：由题意可知，两灯并联，电键S位于干路，电流表与L2串联，实物图的连接如下图所示：
【点评】本题考查了实物电路图的连接，根据题意得出电路元件的连接方式是关键。
四、综合题（共31分）
16．（3分）质量为1千克的水温度下降10℃，求水放出的热量Q放。[c水＝4.2×103焦/（千克•℃）]
【分析】根据Q放＝cmΔt求出水放出的热量。
【解答】解：水放出的热量：Q放＝c水mΔt＝4.2×103J/（kg•℃）×1kg×10℃＝4.2×104J。
答：水放出的热量Q放为4.2×104J。
【点评】本题考查热量的简单计算，是一道基础题。
17．（4分）物体在50牛的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，10秒内前进了2米。求此过程中拉力所做的功W和功率P。
【分析】知道水平拉力的大小和前进的距离，根据W＝Fs求出拉力做的功，根据P＝求出功率的大小。
【解答】解：拉力做的功：
W＝Fs＝50N×2m＝100J；
拉力的功率：
P＝＝＝10W。
答：此过程中拉力做的功为100J，功率为10W。
【点评】本题考查了功和功率的计算，难度不大，是一道较为简单的计算题。
18．（10分）在如图所示电路中，电源电压为18伏且保持不变，滑动变阻器R2上标有“20Ω 2A”字样，通过电阻R1的电流为1.8安。
①求电阻R1的阻值。
②若在电路中接入一个电流表，电流表量程可以更换，表盘如图（b）所示，在电路各元件都能安全工作的情况下移动变阻器滑片，使电流表达到满偏，请通过分析判断电流表所接位置及滑动变阻器R2接入电路中的阻值变化范围。
【分析】①由图（a）所示电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联。已知通过R1的电流，根据并联电路的电压规律和欧姆定律求得R1的阻值；
②根据题意确定电流表位置，结合欧姆定律求得变阻器允许接入电路的最小值，从而得出其接入电路的阻值变化范围。
【解答】解：①由图（a）所示电路图可知，电阻R1与滑动变阻器R2并联。
由并联电路的电压规律可知，U1＝U2＝U＝18V，
通过电阻R1的电流为1.8A，则R1的阻值：
R1＝＝＝10Ω；
②A、并联电路各支路互不影响，即R1支路电流为1.8A，且不变。若将电流表接入此支路，则电流表不能满偏，故电流表不能接在R1支路中；
B、电流表接在R2支路中，因为允许通过滑动变阻器的最大电流为2A，
若电流表选0～0.6A量程，则通过R2的最大电流为I2大＝0.6A，
此时滑动变阻器接入电路的最小阻值为：R2小＝＝＝30Ω＞20Ω，不合题意，故电流表不能选0～0.6A量程；
若电流表选0～3A量程，则通过R2的最大电流为I2大＝2A，
此时滑动变阻器R2接入电路的最小阻值为：R2小＝＝＝9Ω，
滑动变阻器接入电路的阻值变大时，通过它的电流变小，所以它接入电路的最大阻值为20Ω，
则滑动变阻器R2接入电路的阻值范围为9～20Ω；
C、若电流表接在干路中，由并联电路的电流规律可知，I＝I1+I2＝1.8A+I2＞0.6A，故电流表选0～3安量程，此时通过R2的最大电流为：I2大＝I大﹣I1＝3A﹣1.8A＝1.2A，
滑动变阻器R2接入电路的最小阻值为：R2小＝＝＝15Ω，
滑动变阻器接入电路的阻值变大时，通过它的电流变小，干路中的电流也变小，所以它接入电路的最大阻值为20Ω，则滑动变阻器R2接入电路的阻值范围为15～20Ω。
答：①电阻R1的阻值为10Ω；
②电流表接在R2支路中，且电流表选0～3A量程时，滑动变阻器R2接入电路的阻值范围为9～20Ω；电流表接在干路中，且电流表选0～3A量程时，滑动变阻器R2接入电路的阻值范围为15～20Ω。
【点评】本题考查并联电路的特点、欧姆定律的应用，难点在第②问，正确判断电流表的位置和所选量程是关键。
19．（9分）如图所示，水平地面上置有圆柱体甲和轻质薄壁圆柱形容器乙。甲的底面积为1×10﹣2米2、高为0.25米、质量为5千克。乙容器足够高，底面积为2×10﹣2米2，盛有0.1米深的水。
①求甲的密度ρ甲。
②求甲对地面的压强p甲。
③将甲竖直放入乙容器中，求此时水对乙容器平底部的压强p水。
【分析】①求出圆柱体甲的体积，然后利用密度公式计算其密度；
②根据p＝可求出甲对地面的压强；
③假设将甲竖直放入乙容器中未浸没，根据体积关系可求出容器中水的深度，从而判断出甲是否被浸没，根据p＝ρgh可求出此时水对乙容器平底部的压强。
【解答】解：①圆柱体甲的体积：
V甲＝S甲h甲＝1×10﹣2m2×0.25m＝2.5×10﹣3m3，
则甲的密度为：ρ甲＝＝＝2×103kg/m3；
②圆柱体甲的重力为：G甲＝m甲g＝5kg×10N/kg＝50N，
则圆柱体甲对地面的压强为：p甲＝＝＝＝5000Pa；
③设甲放入乙容器后未浸没，则
h水＝＝＝0.2m＜0.25m，
故假设成立，此时水对乙容器平底部的压强为：
p水＝ρ水gh水＝1×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝2×103Pa。
答：①甲的密度为2×103kg/m3；
②甲对地面的压强为5000Pa；
③将甲竖直放入乙容器中，此时水对乙容器平底部的压强为2×103Pa。
【点评】此题考查压强的大小计算、密度公式及其应用等，难度较大。
20．（5分）小明同学做“测定小灯泡电功率”的实验，电源电压为1.5伏整数倍且保持不变，待测小灯上标有“0.22A”字样，滑动变阻器上标有“20Ω 1A”字样，其他器材齐全且完好。实验过程中，小明先正确串联实验器材，再将电压表并联接入电路中，移动变阻器滑片至阻值最大处。闭合开关，记录实验数据。又移动滑片继续实验，部分实验数据记录在表中。最后，他将滑片移至变阻器另一端，此时电压表和电流表示数的乘积约为1.1瓦。他用其中一组数据成功计算出小灯泡的额定电功率。
①测定小灯泡电功率的实验原理是 P＝UI 。
②分析计算电源电压的大小。
③分析计算小灯的额定电功率
【分析】（1）测定小灯泡电功率的实验原理是P＝UI；
（2）根据串联电路电压的规律求出电源电压可能的值，根据电源电压为1.5伏的整数倍确定灯的额定电压大小；
（3）在第2次操作中由欧姆定律求出电路中的电流即灯的额定电流，根据P＝UI求出灯的额定功率。
【解答】解：①测定小灯泡电功率的实验原理是P＝UI；
②滑动变阻器的最大电阻为：RP大＝20Ω，电路中最小电流为：I小＝0.14A；
则此时滑动变阻器两端电压为：UP大＝I小Rp大＝0.14A×20Ω＝2.8V，电压表接在小灯两端；
滑动变阻器连入电路电阻为RP＝0时，IL≥0.22A，
则UL＝＝＝5V，
U＝UP+UL，
则3.5V＜U＜5V，
且 U 为1.5V整数倍，
所以U＝4.5V；
③序号3中，小灯两端电压UL＝U＝4.5V时，通过小灯的电流为：I3＝＝＝0.24A＞0.22A，
所以第2组实验数据下小灯正常发光，UL2＝3.5V，I2＝0.22A，
P额＝U额I额＝3.5V×0.22A＝0.77W。
故答案为：①P＝UI；②电源电压的大小为4.5V；③分小灯的额定电功率为0.77W。
【点评】本题测定小灯泡的电功率，考查实验原理、串联电路的规律及欧姆定律的运用，正确判断电压表的连接及电源电压大小是关键，对学生的推理能力和分类讨论能力要求较高，有一定难度。序号
UV（伏）
IA（安）
UVIA（瓦）
1
0.14
2
3.5
3
1.1
序号
UV（伏）
IA（安）
UVIA（瓦）
1
0.14
2
3.5
3
1.1