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2024年山东省滨州市滨城区中考一模物理试题（原卷版+解析版）
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这是一份2024年山东省滨州市滨城区中考一模物理试题（原卷版+解析版），共32页。试卷主要包含了本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，答卷前，考生务必用0，第Ⅱ卷必须用0， 下列关于压强的说法中正确的是， 取两个相同的验电器甲和乙等内容，欢迎下载使用。
温馨提示：
1.本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。共8页。满分100分。考试用时90分钟。考试结束后，将试题卷和答题卡一并交回。
2.答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座号填写在试题卷和答题卡规定的位置上。
3.第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答案不能答在试题卷上。
4.第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置，不能写在试题卷上；如需改动，选划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带。不按以上要求作答的答案无效。
第Ⅰ卷（选择题共48分）
一、选择题（本题包括15小题，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~12小题只有一项符合题目要求，选对得3分；第13~15小题，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）
1. 下列数据最接近实际的是（ ）
A. 中学生课桌的高度约80cm
B. 成年人正常步行的速度约1.1km/h
C. 人体的安全电压是36V
D. 家用空调的电功率约为100W
2. 下列关于声现象的描述和分析，正确的是（ ）
A. 图甲：敲鼓发出的声音是由鼓槌的振动产生的
B. 图乙：用不同力度拨动直尺发出声音的音调不同
C. 图丙：悬挂的乒乓球接触正在发声的音叉被弹开，说明声音可以传递能量
D. 图丁：北京动物园的“隔音蛟龙”作用是在传播过程中控制噪声的
3. 诗词是我国优秀的文化遗产，下列诗句中所指的物态变化现象分析正确的是（ ）
A. 天接云涛连晓雾，星河欲转千帆舞——“雾”的形成是汽化现象，需要吸热
B. 可怜九月初三夜，露似真珠月似弓——“露”的形成是液化现象，需要放热
C. 柴门闻犬吠，风雪夜归人——“雪”的形成是凝固现象，需要放热
D. 月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠——“霜”的形成是凝华现象，需要吸热
4. 小明和小华都选用如图甲所示的实验装置“探究水沸腾前后温度变化的特点”；乙图是绘制的实验数据图像；丙图是将沸腾的水倒入烧瓶后倒置，向烧瓶底部浇冷水的情境。下列有关分析正确的是（ ）
A. 甲图：给烧杯加热是通过做功方式改变水的内能
B. 乙图：水沸腾过程温度保持不变，需持续吸热
C. 乙图：造成小明和小华加热水至沸腾时间不同的原因是水的初温不同
D. 丙图：说明水沸腾过程不需持续吸热
5. 如图是某小组同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中的一个情景，此时光屏上呈现清晰的像，由此可知（ ）
A. 此时光屏上成倒立放大的实像，与照相机的成像原理相同
B. 仅将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上无法呈现出清晰的像
C. 将蜡烛远离透镜，要想在光屏上呈现清晰的像，应将光屏靠近透镜
D. 随着蜡烛越烧越短，呈现在光屏上的像也会上下移动
6. 我国高铁技术已处于世界领先水平，下列有关说法正确的是（ ）
A. 匀速行驶动车组转弯时其运动状态不变
B. 动车刹车时不能立即停下来，是因为受到了惯性的作用
C. 动车铁轨下方铺放枕木，是通过增大受力面积来增大压强的
D. 静坐的乘客对座椅的压力与乘客受到的支持力是一对相互作用力
7. 下列关于压强的说法中正确的是（ ）
A. 用久的菜刀要磨一磨，是通过减小菜刀刃部的受力面积来增大压强的
B. 拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而减小的原理
C. 在物理学史上，马德堡半球实验第一次测量出了大气压强的准确数值
D. 飞机升力是由于机翼上表面的空气流速小于下表面的空气流速产生的
8. 《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具——“高转筒车”（如图）。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中。下列说法正确的是（ ）
A. 这是一台“永动机”
B. 水在输送过程中重力势能不变
C. 转轮转速越快输水做功功率越大
D. 上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮
9. 取两个相同的验电器甲和乙（如图），使甲带负电，乙不带电，下列分析正确的是（ ）
A. 甲验电器带负电是因为它得到了原子
B. 甲验电器的金属箔片张开是由于同种电荷相互排斥
C. 用橡胶棒连接两金属球，金属箔片的张角都会发生改变
D. 用金属棒连接两金属球的瞬间，棒中电流方向由甲到乙
10. 如图所示，电源电压U恒定，闭合开关S1和S2，在滑动变阻器滑片向上移动过程中
A. 灯泡L的亮度不变B. R2两端的电压变大
C. 电流表A1的示数变大D. A2电流表的示数变大
11. 如图是一般住宅户内配电系统方框图，下列说法正确的是（ ）
A. E处应接入空气开关，F处接入电能表
B. 若空气开关自动跳闸，一定是发生了短路
C. 发现有人触电，应立即用手拉开
D. 控制电灯的开关连接错误
12. 现代电动汽车为了节能，都安装了能量回收装置，在汽车刹车时，将机械能转化为电能，为汽车提供后续的能量，下列四个装置中与此原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
13. 如图所示，是某学习小组在做“测量固体密度”实验时的部分场景。下列选项正确的是（ ）
A. 天平使用前指针位置如图甲所示，使天平平衡，平衡螺母应向左调
B. 天平平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，该固体的质量为27.4g
C. 放入固体前后量筒的示数如图丙所示，该固体的体积为
D. 多次测量后绘制图像如图丁所示，该固体的密度为
14. 如图甲所示装置，小欢用力F向下拉绳子，使物体M在水平地面匀速移动，地面ab、bc粗糙程度不同。物体M重为400N，动滑轮重为5N，ab=2m，bc=3m。物体M从a点到c点过程中，拉力F与M移动距离的关系如图乙，不考虑物体大小对运动的影响，忽略绳子重力及滑轮转轴摩擦，对此过程的分析，下列结论正确的是（ ）
A. 绳子自由端移动距离为15m
B. 拉力F做的功为840J
C. 拉力F在ab段做的额外功等于在bc段做的额外功
D. 物体从ab段到bc段，滑轮组的机械效率变大
15. 如图甲所示，电源电压恒定，两块电压表的量程均为0~15V，电流表量程是为0~0.6A。当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，灯L恰好正常发光，两块电压表和电流表示数的变化关系如图乙所示，下列说法中正确的是（ ）
A. 电源电压为10V
B. 灯泡L的额定功率为2.4W
C. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω
D. 滑片位于a端时，通电1分钟R0产生的热量是192J
第II卷（非选择题共52分）
二、填空题（每题2分，共6分）
16. 如图所示，一个质量为200g的物体被大小为5N水平力压在竖直墙面时静止，水平力减为2.5N时刚好匀速下滑，此时物块受到的滑动摩擦力大小是______N，匀速下滑0.5m过程中水平力对物体做功是______J。（g取10N/kg）
17. 如图是某电加热器的工作电路图，电加热器有“高温”和“低温”两挡，其中，。当开关，闭合时电路电流是______A。该电加热器低温挡正常工作5min产生的热量是______J。
18. 如图是新型纯电动无人驾驶小巴车，该车是智能驾驶汽车，配备激光雷达和多个高清摄像头，根据预设站点导航自动停靠，最高时速可达40公里，汽车行驶靠电动机驱动，电能属于______（选填“一次能源”或“二次能源”），汽车导航定位是靠______传递信息。
三、作图实验探究题（本题共4个小题，19题4分，20题7分，21题7分，22题8分，共26分）
19. 如图，用细线把一个小球悬挂起来，将小球拉到位置A，松开手后小球在A、B、C点之间来回摆动。画出小球在位置A时的受力示意图。
20. 请根据图中凸透镜折射后的光线，作出凸透镜的入射光线和经平面镜反射后的光线。
21. 如图甲所示，小滨在网上看到一个神奇的实验，利用四个梯形的塑料片，就可以将手机上的影像成在空中，形成具有“3D”效果的“全息投影”。小滨利用如图乙所示的装置，来探究“平面镜成像的特点”。
（1）实验时，小滨选择玻璃板而没选择平面镜，是为了便于确定______；
（2）图乙小滨将一个点燃的蜡烛放在玻璃板前面，将另一个大小相同的蜡烛在玻璃后面移动，直到它与前面蜡烛的像______。小滨改变蜡烛的位置多次实验，分别确定了物与像的三组位置，如图丙所示，分析图中数据可知：像与物______；实验中选取同样大小的蜡烛是为了______；
（3）通过上面的实验过程，能够看出平面镜所成的像与物体大小相等。但小滨认为若要更准确地得出这个结论，还应该______（填写正确选项前的字母），再做几次实验才有说服力；
A.更换一个较厚的玻璃板 B.再找来另外两个大小相同的蜡烛
（4）为了看到与网上视频相同的效果，小滨将两个七号电池平放在桌面上，如图丁所示，并调整玻璃板与桌面的夹角，直到无论在左侧还是右侧观察，都能看到电池的像垂直立在桌面上方。若要达到这种效果，两个玻璃板与水平桌面的夹角应为______度（锐角），眼睛在左侧通过玻璃板看到电池的垂直立在桌面上方的像是______（填“左”或“右”）侧电池的像。
22. 小彬用如图所示的装置研究液体内部的压强。
（1）图1装置是测量液体内部压强仪器。它的探头是由空金属盒蒙上橡皮膜构成的。如果液体内部存在压强，放在液体里的薄膜就会______，形管左右两侧液面就会产生高度差；
（2）根据图2、图3所示现象可以研究：液体内部压强大小与______的关系。根据研究得出的结论，拦河坝应设计成______（选填“下宽上窄”或“下窄上宽”）的形状；
（3）如图3、图4所示，保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，观察形管左右两侧液面的变化，得出结论：______；
（4）为研究液体内部压强大小是否与液体密度有关，小彬接着将浓盐水缓慢倒入图3所示容器的水中（液体未溢出、探头位置不变），静置待均匀混合后，观察到形管左右两侧液面发生了变化，得出液体内部压强大小与液体密度有关的结论。小彬得出结论的实验过程是______（选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是：______；
（5）通过学习，小彬利用掌握的液体压强知识测量实验所用盐水的密度，过程如下：
①向如图5所示容器中左侧倒入适量的水，橡皮膜向右凸起；
②再向容器中的右侧缓慢倒入盐水，直至橡皮膜恢复原状；
③测得水面到橡皮膜中心的深度为；
测得盐水液面到橡皮膜中心的深度为；
④可推导出该盐水密度的表达式为=______（用、、表示）。
23. 小明使用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，电压为3V的电源以及规格为“10Ω，0.5A”的滑动变阻器等器材，来“探究电流与电阻的关系”。
（1）他首先将5Ω的电阻接入了图甲的电路中，检查时发现电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确______；
（2）电路正确连接后，闭合开关时发现，此时电压表和电流表均无示数，他判断产生此现象的原因是______（选填“定值电阻”或“滑动变阻器”）断路。排除故障后移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，则此时电压表示数为______V；
（3）当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，需向______（选填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片；
（4）如果只利用现有器材，让四个电阻单独接入电路都可完成实验，定值电阻两端的电压应控制在2V~______V之间；
（5）小明按上述方法，更换不同阻值的电阻进行了多次实验后，得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______；
（6）完成上面实验后，小明又设计了图丙所示的电路来测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，已知电源电压为7V，的阻值为10Ω，请完成以下实验步骤：
①开关和闭合、断开，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关和闭合、断开，此时电压表示数为3V；再将滑动变阻器的滑片移到最左端，此时电压表示数为5V，电路中的电流为______A；③小灯泡正常发光时的电阻=______Ω。（结果保留一位小数）
四、综合应用题（本题共2个小题，23题10分，24题10分，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位。）
24. 如图甲所示，底面积为200cm2、重为10N的薄壁柱形容器放在水平桌面上，容器内盛有深度为10cm的水；如乙图把棱长为10cm的实心正方体A（不吸水），用细线悬挂固定在该容器正上方静止时，正方体A有的体积浸入水中（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）甲图容器中水对容器底的压强；
（2）乙图正方体A受到的浮力；
（3）相比甲图，乙图中水对容器底增大的压强大小；
（4）解开细线，将正方体A缓缓放入水中，正方体A静止后（容器中水未溢出），相比甲图，容器对桌面的压强增大了1000Pa，求正方体A的密度。
25. 甲图是一款恒温箱的内部原理电路图，工作电压220V，电热丝的阻值为44Ω；控制电路电源电压为8V，继电器线圈的电阻，滑动变阻器（调温电阻）的最大阻值为130Ω；热敏电阻的阻值随温度t变化的关系如乙图所示。和均置于恒温箱中，当继电器线圈中电流达到50mA，继电器的衔铁会把弹簧片吸到左边，右边工作电路断电停止加热。求：
（1）加热时，经过的电流?
（2）当最高控温设置在时，滑动变阻器接人电路中的阻值应为多少?
（3）利用恒温箱把1kg的牛奶从加热到，牛奶吸收多少热量?（牛奶的比热容（））
（4）把1kg的牛奶从加热到需要2min，则该恒温箱的加热效率为多少?（结果精确到0.1%）
二0二四年九年级复习质量检测
物理试题（A）
温馨提示：
1.本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。共8页。满分100分。考试用时90分钟。考试结束后，将试题卷和答题卡一并交回。
2.答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座号填写在试题卷和答题卡规定的位置上。
3.第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答案不能答在试题卷上。
4.第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置，不能写在试题卷上；如需改动，选划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带。不按以上要求作答的答案无效。
第Ⅰ卷（选择题共48分）
一、选择题（本题包括15小题，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~12小题只有一项符合题目要求，选对得3分；第13~15小题，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）
1. 下列数据最接近实际的是（ ）
A. 中学生课桌的高度约80cm
B. 成年人正常步行的速度约1.1km/h
C. 人体的安全电压是36V
D. 家用空调的电功率约为100W
【答案】A
【解析】
【详解】A．中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故A符合题意；
B．成年人正常步行的速度在
1.1m/s=1.1×3.6km/h≈4km/h
左右，故B不符合题意；
C．经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的，故C不符合题意；
D．家用空调额定功率在1000W以上，故D不符合题意。
故选A。
2. 下列关于声现象的描述和分析，正确的是（ ）
A. 图甲：敲鼓发出的声音是由鼓槌的振动产生的
B. 图乙：用不同力度拨动直尺发出声音的音调不同
C. 图丙：悬挂的乒乓球接触正在发声的音叉被弹开，说明声音可以传递能量
D. 图丁：北京动物园的“隔音蛟龙”作用是在传播过程中控制噪声的
【答案】D
【解析】
【详解】A．声音是由物体振动产生的，因此敲鼓发出的声音是由鼓面的振动产生的，故A错误；
B．用不同力度拨动直尺，直尺振动的幅度不同，因此发出声音的响度不同，故B错误；
C．悬挂的乒乓球接触正在发声的音叉被弹开，说明声音是由物体振动产生的，故C错误；
D．控制噪声的途径有声源处、传播过程中、人耳处，因此北京动物园的“隔音蛟龙”作用是在传播过程中控制噪声的，故D正确。
故选D。
3. 诗词是我国优秀的文化遗产，下列诗句中所指的物态变化现象分析正确的是（ ）
A. 天接云涛连晓雾，星河欲转千帆舞——“雾”的形成是汽化现象，需要吸热
B. 可怜九月初三夜，露似真珠月似弓——“露”的形成是液化现象，需要放热
C. 柴门闻犬吠，风雪夜归人——“雪”的形成是凝固现象，需要放热
D. 月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠——“霜”的形成是凝华现象，需要吸热
【答案】B
【解析】
【详解】A．雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，需要放热，故A错误；
B．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，需要放热，故B正确；
C．雪是水蒸气在寒冷的高空急剧降温，凝华成冰晶形成的，需要放热，故C错误；
D．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成固态，需要放热，故D错误。
故选B。
4. 小明和小华都选用如图甲所示的实验装置“探究水沸腾前后温度变化的特点”；乙图是绘制的实验数据图像；丙图是将沸腾的水倒入烧瓶后倒置，向烧瓶底部浇冷水的情境。下列有关分析正确的是（ ）
A. 甲图：给烧杯加热是通过做功方式改变水的内能
B. 乙图：水沸腾过程温度保持不变，需持续吸热
C. 乙图：造成小明和小华加热水至沸腾时间不同的原因是水的初温不同
D. 丙图：说明水沸腾过程不需持续吸热
【答案】B
【解析】
【详解】A．实验时，给盛水的烧杯加热，水吸收热量，通过热传递的方式改变水的内能，故A错误；
B．水沸腾过程中，吸收热量，温度不变，故B正确；
C．读图乙可以看出，在同样加热的情况下，小华的升温较慢，其原因应该是水的质量不同，故C错误；
D．在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，瓶内气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此，水会重新沸腾起来，故D错误。
故选B。
5. 如图是某小组同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中的一个情景，此时光屏上呈现清晰的像，由此可知（ ）
A. 此时光屏上成倒立放大的实像，与照相机的成像原理相同
B. 仅将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上无法呈现出清晰的像
C. 将蜡烛远离透镜，要想在光屏上呈现清晰的像，应将光屏靠近透镜
D. 随着蜡烛越烧越短，呈现在光屏上的像也会上下移动
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图知此时物距小于像距，即说明光屏上成倒立、放大的实像，幻灯机就是利用该原理制成的，故A不符合题意；
B．根据光路可逆知，若不移动凸透镜，只将蜡烛和光屏位置互换，现在的物距等于原来的像距，现在的像距等于原来的物距，所以能再次在光屏成清晰的像，故B不符合题意；
C．将蜡烛远离透镜时，物距增大，像距减小，要想在光屏上呈现清晰的像，应将光屏靠近透镜，故C符合题意；
D．由于此时成倒立的实像，随着蜡烛越烧越短，则在光屏上的像会向上运动，故D不符合题意。
故选C
6. 我国高铁技术已处于世界领先水平，下列有关说法正确的是（ ）
A. 匀速行驶的动车组转弯时其运动状态不变
B. 动车刹车时不能立即停下来，是因为受到了惯性的作用
C. 动车铁轨下方铺放枕木，是通过增大受力面积来增大压强的
D. 静坐的乘客对座椅的压力与乘客受到的支持力是一对相互作用力
【答案】D
【解析】
【详解】A．匀速行驶的动车组转弯时，其运动方向发生了改变，所以其运动状态发生了改变，故A错误；
B．动车刹车时不能立即停下来，是因为动车具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误；
C．动车铁轨下方铺放枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故C错误；
D．静坐乘客对座椅的压力与乘客受到的支持力，这两个力分别作用在座椅和乘客上，且大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故D正确。
故选D。
7. 下列关于压强的说法中正确的是（ ）
A. 用久的菜刀要磨一磨，是通过减小菜刀刃部的受力面积来增大压强的
B. 拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而减小的原理
C. 在物理学史上，马德堡半球实验第一次测量出了大气压强的准确数值
D. 飞机升力是由于机翼上表面的空气流速小于下表面的空气流速产生的
【答案】A
【解析】
【详解】A．用久的菜刀要磨一磨，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A正确；
B．拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而增大，故B错误；
C．马德堡半球实验首次证明大气压的存在，托里拆利实验第一次测量出了大气压强的准确数值，故C错误；
D．飞机机翼为流线型，即上方为凸型，下方是平的；等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小。因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力，故D错误。
故选A。
8. 《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具——“高转筒车”（如图）。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中。下列说法正确的是（ ）
A. 这是一台“永动机”
B. 水在输送过程中重力势能不变
C. 转轮转速越快输水做功功率越大
D. 上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮
【答案】C
【解析】
【详解】A．“高转筒车”转动时，需要水能提供动力，如果没有水能，它将不能转动，因此不是“永动机”，根据能量守恒定律可知，世界上不存在“永动机”，故A错误；
B．水从河里被输送到上方的田里，高度增加了，因此水的重力势能变大，故B错误；
C．转轮转速越快，相同时间内对水做的功越多，根据公式可知，功率越大，故C正确；
D．上、下两个转轮的轴都是固定不动的，因此都可看做定滑轮，故D错误。
故选C。
9. 取两个相同的验电器甲和乙（如图），使甲带负电，乙不带电，下列分析正确的是（ ）
A. 甲验电器带负电是因为它得到了原子
B. 甲验电器的金属箔片张开是由于同种电荷相互排斥
C. 用橡胶棒连接两金属球，金属箔片的张角都会发生改变
D. 用金属棒连接两金属球的瞬间，棒中电流方向由甲到乙
【答案】B
【解析】
【详解】A．甲验电器带负电是因为它得到了电子，故A错误；
B．甲验电器的金属箔片张开是由于同种电荷相互排斥，故B正确；
C．橡胶棒是绝缘体，用橡胶棒连接两金属球，金属箔片的张角不会发生变化，故C错误；
D．自由电子的定向移动方向与电流方向相反，金属杆和金属球接触的一瞬间，自由电子的移动方向从甲到乙，金属杆中电流方向是从乙到甲，故D错误。
故选B。
10. 如图所示，电源电压U恒定，闭合开关S1和S2，在滑动变阻器滑片向上移动过程中
A. 灯泡L的亮度不变B. R2两端的电压变大
C. 电流表A1的示数变大D. A2电流表的示数变大
【答案】A
【解析】
【详解】由图可知，闭合两只开关，定值电阻R2被短路，滑动变阻器R1与灯泡L并联，电流表A1测量干路电流，A2测量通过灯泡的电流；当滑动变阻器滑片向上滑动时，滑动变阻器接入电路电阻增大；
A、由于并联电路各支路用电器工作过程互不影响，所以滑片滑动时，灯泡亮度不变，故A正确；
B、由于R2被短路，所以R2两端的电压为0，故B错误；
C、灯泡电阻不变，滑动变阻器接入电路电阻增大，所以总电阻增大；由于电源电压不变，总电阻增大，由I=可知干路电流减小，即电流表A1的示数变小，故C错误；
D、电流表A2测量通过灯泡的电流，由于灯泡电阻和两端电压不变，由I=可知通过灯泡的电流不变，即电流表A2的示数不变，故D错误．
11. 如图是一般住宅户内配电系统方框图，下列说法正确是（ ）
A. E处应接入空气开关，F处接入电能表
B. 若空气开关自动跳闸，一定是发生了短路
C. 发现有人触电，应立即用手拉开
D. 控制电灯的开关连接错误
【答案】D
【解析】
【详解】A．家庭电路中，进户线进入家庭后首先要安装电能表，然后再安装空气开关，故A错误；
B．空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路电流过大的原因有两个：一是短路；二是总功率过大，故B错误；
C．当发现有人触电时，首先要做的是切断电源。如果立即用手拉，由于人体导体，拉人者也会触电，故C错误；
D．如图可知，控制灯泡的开关接在了零线上，这样即使开关断开，灯泡仍然带电，非常危险，正确的接法是开关接在火线上，故D正确。
故选D。
12. 现代电动汽车为了节能，都安装了能量回收装置，在汽车刹车时，将机械能转化为电能，为汽车提供后续的能量，下列四个装置中与此原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可知，汽车刹车时的能量回收装置是利用电磁感原理工作的，其工作时闭合电路中的线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能。
A．将通电导线靠近小磁针后，小磁针会发生偏转，说明电流周围有磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；
B．电铃的主要部件是电磁铁，是利用电流的磁效应工作的，故B不符合题意；
C．对着动圈式话筒说话，声波引起膜片振动，会带动线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能，其原理是电磁感应现象，故C符合题意；
D．动圈式扬声器工作时，通电线圈在磁场中受到力振动，将电能转化为机械能而发声，故D不符合题意。
故选C。
13. 如图所示，是某学习小组在做“测量固体密度”实验时的部分场景。下列选项正确的是（ ）
A. 天平使用前指针位置如图甲所示，为使天平平衡，平衡螺母应向左调
B. 天平平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，该固体的质量为27.4g
C. 放入固体前后量筒的示数如图丙所示，该固体的体积为
D. 多次测量后绘制图像如图丁所示，该固体的密度为
【答案】AD
【解析】
【详解】A．图甲中天平使用前，指针偏右，说明右侧重，因此应向左移动平衡螺母，故A正确；
B． 由图乙可知，固体的质量
故B错误；
C．由图丙可知，固体放入前，量筒中水的体积
固体放入水中浸没，量筒中的总体积
则固体的体积
故C错误；
D．根据图示可知，m-V图像为一条过原点的斜线，则固体的密度
故D正确。
故选AD。
14. 如图甲所示装置，小欢用力F向下拉绳子，使物体M在水平地面匀速移动，地面ab、bc粗糙程度不同。物体M重为400N，动滑轮重为5N，ab=2m，bc=3m。物体M从a点到c点过程中，拉力F与M移动距离的关系如图乙，不考虑物体大小对运动的影响，忽略绳子重力及滑轮转轴摩擦，对此过程的分析，下列结论正确的是（ ）
A. 绳子自由端移动的距离为15m
B. 拉力F做的功为840J
C. 拉力F在ab段做的额外功等于在bc段做的额外功
D. 物体从ab段到bc段，滑轮组的机械效率变大
【答案】BD
【解析】
【详解】A．由图可知，绳子段数有2段，物体移动的距离
s物=2m+3m=5m
则绳子自由端移动距离为
s=5m×2=10m
故A错误；
B．由图乙可知，物体M从a点到b点过程中，拉力F'=60N，绳子自由端移动距离
s'=2m×2=4m
拉力F做的功为
W'=F's'=60N×4m=240J
物体M从b点到c点过程中，拉力F"=100N，绳子自由端移动距离
s"=3m×2=6m
拉力F做的功为
W"=F"s"=100N×6m=600J
则拉力F做的总功为
W=240J+600J=840J
故B正确；
C．忽略绳子重力及滑轮转轴摩擦，拉力F在ab段做的额外功
W额'=G动sab=5N×2m=10J
拉力F在bc段做的额外功
W额"=G动sbc=5N×3m=15J
所以拉力F在ab段做的额外功小于在bc段做的额外功，故C错误；
D．在ab段，滑轮组的机械效率
在bc段，滑轮组的机械效率
故D正确。
故选BD。
15. 如图甲所示，电源电压恒定，两块电压表的量程均为0~15V，电流表量程是为0~0.6A。当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，灯L恰好正常发光，两块电压表和电流表示数的变化关系如图乙所示，下列说法中正确的是（ ）
A. 电源电压为10V
B. 灯泡L的额定功率为2.4W
C. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω
D. 滑片位于a端时，通电1分钟R0产生的热量是192J
【答案】ACD
【解析】
【详解】当开关S闭合后，滑动变阻器R、定值电阻R0、灯泡L串联接入电路，电压表V1测量定值电阻R0两端电压，电压表V2测量定值电阻R0和灯泡L两端电压，电流表测量电路电流，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端的过程中，滑动变阻器阻值越来越小，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流在逐渐增大，电压表V1和电压表V2的示数都将增大，R0是定值电阻，电压表V1示数变化图像是一条直线，灯泡L的阻值随温度的变化而改变，电压表V2示数变化图像是逐渐上升的曲线。
A．由图乙可知，当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，滑动变阻器R阻值为0，只有定值电阻R0、灯泡L串联接入电路，此时电压表V2测量定值电阻R0和灯泡L两端电压即为电源电压U=10V，故A正确；
B．当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，灯L恰好正常发光，此时电流表示数最大为I额=0.4A，电压表V2为电源电压10V，电压表V1测量定值电阻R0两端电压为8V，由串联电路电压规律可知灯L恰好正常发光时两端电压
U额=10V-8V=2V
灯泡L的额定功率
P额=U额I额=2V×0.4A=0.8W
故B错误；
C． 当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P在最右端时，电路中的电阻最大，电流最小为IR=0.1A，电压表V2测量定值电阻R0和灯泡L两端电压为8V，由A分析知电源电压U=10V，根据串联电路电压规律可得此时滑动变阻器R两端电压UR=2V，滑动变阻器R的最大阻值
故C正确；
D．滑片位于a端时，此时电流表示数最大Imax=0.4A，电压表V1测量定值电阻R0两端电压为8V，通电1分钟R0产生的热量
Q=W=UImaxt=8V×0.4A×60s=192J
故D正确。
故选ACD。
第II卷（非选择题共52分）
二、填空题（每题2分，共6分）
16. 如图所示，一个质量为200g的物体被大小为5N水平力压在竖直墙面时静止，水平力减为2.5N时刚好匀速下滑，此时物块受到的滑动摩擦力大小是______N，匀速下滑0.5m过程中水平力对物体做功是______J。（g取10N/kg）
【答案】 ①. 2 ②. 0
【解析】
【详解】[1]物体在竖直方向上受竖直向下的重力G、竖直向上的滑动摩擦力f，物体匀速下滑，处于平衡状态，由平衡条件得滑动摩擦力大小是
f=G=mg=0.2kg×10N/kg=2N
[2]水平力与物体的运动方向垂直，所以水平力对物体不做功，即做功为 0J。
17. 如图是某电加热器的工作电路图，电加热器有“高温”和“低温”两挡，其中，。当开关，闭合时电路电流是______A。该电加热器低温挡正常工作5min产生的热量是______J。
【答案】 ①. 5 ②. 66000
【解析】
【详解】[1]当开关，闭合时，只有电阻R1接入电路中，电路电流为
[2]由图知道，当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点知道，此时电路中的总电阻最大，由知道，电路中的总功率最小，电加热器处于低温挡；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的电阻阻值最小，总功率最大，电加热器处于高温挡，低温挡的功率为
由知道，该电加热器低温挡正常工作5min产生的热量
Q=W=P低t=220W×5×60s=6.6×104=66000J
18. 如图是新型纯电动无人驾驶小巴车，该车是智能驾驶汽车，配备激光雷达和多个高清摄像头，根据预设站点导航自动停靠，最高时速可达40公里，汽车行驶靠电动机驱动，电能属于______（选填“一次能源”或“二次能源”），汽车导航定位是靠______传递信息。
【答案】 ①. 二次能源 ②. 电磁波
【解析】
【详解】[1]电能是由其他形式的能量转化而来的，因此属于二次能源。
[2]电磁波可以传递信息，因此汽车导航定位是靠电磁波传递信息的。
三、作图实验探究题（本题共4个小题，19题4分，20题7分，21题7分，22题8分，共26分）
19. 如图，用细线把一个小球悬挂起来，将小球拉到位置A，松开手后小球在A、B、C点之间来回摆动。画出小球在位置A时的受力示意图。
【答案】
【解析】
【详解】小球在A位置时，受到竖直向下的重力和细线对小球的拉力，如图所示：
20. 请根据图中凸透镜折射后的光线，作出凸透镜的入射光线和经平面镜反射后的光线。
【答案】
【解析】
【详解】经凸透镜折射后的光线过焦点，说明入射光线平行于主光轴，据此作出凸透镜的入射光线；先过平面镜的入射点垂直于镜面作出法线，再根据反射角等于入射角在法线右侧作出反射光线，如下图：
21. 如图甲所示，小滨在网上看到一个神奇的实验，利用四个梯形的塑料片，就可以将手机上的影像成在空中，形成具有“3D”效果的“全息投影”。小滨利用如图乙所示的装置，来探究“平面镜成像的特点”。
（1）实验时，小滨选择玻璃板而没选择平面镜，是为了便于确定______；
（2）图乙小滨将一个点燃的蜡烛放在玻璃板前面，将另一个大小相同的蜡烛在玻璃后面移动，直到它与前面蜡烛的像______。小滨改变蜡烛的位置多次实验，分别确定了物与像的三组位置，如图丙所示，分析图中数据可知：像与物______；实验中选取同样大小的蜡烛是为了______；
（3）通过上面的实验过程，能够看出平面镜所成的像与物体大小相等。但小滨认为若要更准确地得出这个结论，还应该______（填写正确选项前的字母），再做几次实验才有说服力；
A.更换一个较厚的玻璃板 B.再找来另外两个大小相同的蜡烛
（4）为了看到与网上视频相同的效果，小滨将两个七号电池平放在桌面上，如图丁所示，并调整玻璃板与桌面的夹角，直到无论在左侧还是右侧观察，都能看到电池的像垂直立在桌面上方。若要达到这种效果，两个玻璃板与水平桌面的夹角应为______度（锐角），眼睛在左侧通过玻璃板看到电池的垂直立在桌面上方的像是______（填“左”或“右”）侧电池的像。
【答案】 ①. 像的位置 ②. 重合 ③. 到镜面的距离相等 ④. 探究像与物的大小关系 ⑤. B ⑥. 45 ⑦. 左
【解析】
【详解】（1）[1]玻璃板有透光性，既能成像，又能确定像的位置，实验时，小滨选择玻璃板而没选择平面镜，是为了确定像的位置。
（2）[2] [3][4]根据平面镜成像的特点可知，像与物大小相等，像与物的连线与镜面垂直，像到平面镜的距离等于物体到平面镜的距离。所以实验中，小滨将一个点燃的蜡烛放在玻璃板前面，将另一个大小相同的蜡烛在玻璃后面移动，直到它与前面蜡烛的像完全重合；分析图中数据可知：像与物到平面镜的距离相等；实验中选取同样大小的蜡烛是为了比较像与物的大小关系。
（3）[5]一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，才能保证结论的正确，所以应改变蜡烛到镜面的距离，多做几次实验。
故选B。
（4）[6]调整玻璃板与桌面的夹角，直到无论在左侧还是右侧观察，都能看到电池的像垂直立在桌面上方，根据像与物关于镜面对称，则若要达到这种效果，两个玻璃板与水平桌面的夹角应为
[7]根据像与物关于镜面对称，眼睛在左侧通过a玻璃板看到电池的垂直立在桌面上方的像是左侧电池的像。
22. 小彬用如图所示的装置研究液体内部的压强。
（1）图1装置是测量液体内部压强的仪器。它的探头是由空金属盒蒙上橡皮膜构成的。如果液体内部存在压强，放在液体里的薄膜就会______，形管左右两侧液面就会产生高度差；
（2）根据图2、图3所示现象可以研究：液体内部压强大小与______的关系。根据研究得出的结论，拦河坝应设计成______（选填“下宽上窄”或“下窄上宽”）的形状；
（3）如图3、图4所示，保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，观察形管左右两侧液面的变化，得出结论：______；
（4）为研究液体内部压强大小是否与液体密度有关，小彬接着将浓盐水缓慢倒入图3所示容器的水中（液体未溢出、探头位置不变），静置待均匀混合后，观察到形管左右两侧液面发生了变化，得出液体内部压强大小与液体密度有关的结论。小彬得出结论的实验过程是______（选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是：______；
（5）通过学习，小彬利用掌握的液体压强知识测量实验所用盐水的密度，过程如下：
①向如图5所示容器中的左侧倒入适量的水，橡皮膜向右凸起；
②再向容器中的右侧缓慢倒入盐水，直至橡皮膜恢复原状；
③测得水面到橡皮膜中心的深度为；
测得盐水液面到橡皮膜中心的深度为；
④可推导出该盐水密度的表达式为=______（用、、表示）。
【答案】 ①. 向内凹陷 ②. 深度 ③. 下宽上窄 ④. 液体内相同深度各个方向压强大小相等 ⑤. 错误 ⑥. 没有控制深度相同 ⑦.
【解析】
【详解】（1）[1]如果液体内部存在压强，那么液体中的薄膜（在这里指的是橡皮膜）就会受到这个压强的作用而发生形变，从而使得U形管左右两侧液面产生高度差。
（2）[2]图2和图3所示的现象展示了液体内部压强与深度的关系。在图2中，液体深度较浅，压强较小；在图3中，液体深度较深，压强较大。因此，这两个图可以研究液体内部压强大小与深度的关系。
[3]由于液体内部的压强随深度的增加而增大，为了承受更大的水压，拦河坝应设计成下宽上窄的形状。
（3）[4]如图3和图4所示，探头在液体中的深度保持不变，但方向发生了变化。观察U形管左右两侧液面的变化，我们可以发现，不论探头的方向如何变化，液面的高度差都保持不变。这说明在液体内部同一深度处，液体向各个方向的压强相等。
（4）[5][6]小彬保持图3中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面高度差增大，由于没有控制深度不变，所以不能探究液体压强跟液体密度的关系，故结论是错误的。
（5）[7]根据液体压强公式，在橡皮膜恢复原状的情况下，左侧的水和右侧的盐水对橡皮膜的压强相等。因此有
可以得到盐水密度的表达式为：
23. 小明使用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，电压为3V的电源以及规格为“10Ω，0.5A”的滑动变阻器等器材，来“探究电流与电阻的关系”。
（1）他首先将5Ω的电阻接入了图甲的电路中，检查时发现电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确______；
（2）电路正确连接后，闭合开关时发现，此时电压表和电流表均无示数，他判断产生此现象的原因是______（选填“定值电阻”或“滑动变阻器”）断路。排除故障后移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，则此时电压表示数为______V；
（3）当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，需向______（选填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片；
（4）如果只利用现有器材，让四个电阻单独接入电路都可完成实验，定值电阻两端的电压应控制在2V~______V之间；
（5）小明按上述方法，更换不同阻值的电阻进行了多次实验后，得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______；
（6）完成上面实验后，小明又设计了图丙所示的电路来测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，已知电源电压为7V，的阻值为10Ω，请完成以下实验步骤：
①开关和闭合、断开，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关和闭合、断开，此时电压表示数为3V；再将滑动变阻器的滑片移到最左端，此时电压表示数为5V，电路中的电流为______A；③小灯泡正常发光时的电阻=______Ω。（结果保留一位小数）
【答案】 ①. ②. 滑动变阻器 ③. 2 ④. 右 ⑤. 2.5 ⑥. 反比 ⑦. 0.2 ⑧. 8.3
【解析】
【详解】（1）[1]原电路图电压表串联在电路中是错误的，在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：
（2）[2]电压表和电流表均无示数，说明电路中有断路，电压表并联在定值电阻两端，若定值电阻断路，电压表有示数，所以故障为滑动变阻器断路。
[3]电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程0～0.6A，分度值0.02A，其示数为0.4A，则定值电阻两端电压为
UR=I1R1=0.4A×5Ω=2V
即电压表示数为2V。
（3）[4]将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，定值电阻两端的电压变大，要保持其两端电压不变，需增大滑动变阻器分得的电压，即增大滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑片应向右移动。
（4）[5]由图乙可知，电流表选用小量程，滑动变阻器允许通过的最大电流为0.5A，即电路中最大电流为0.5A，当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最大电压为
UV大=I大R定小=0.5A×5Ω=2.5V
（5）[6]因电流与电阻的乘积为一定值，故可得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
（6）①[7]开关S、S1闭合、S2断开，此时灯泡和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为2.5V；由串联电路的电压规律可知，电压表的示数为
U'=7V-2.5V=4.5V
②保持滑动变阻器位置不动，开关S、S2闭合、S1断开，此时滑动变阻器的最大电阻和R0串联，电压表测滑片右侧电阻丝的电压，已知此时电压表示数为3V；再将滑动变阻器滑片调到最左端，滑动变阻器的最大电阻仍然和R0串联，电压表测整个滑动变阻器两端的电压，此时电压表示数为5V，根据串联电路电压的规律，定值电阻两端的电压为
U0=7V-5V=2V
由欧姆定律，电路中的电流为
③[8]在②中，因电压表接在滑片上，故电流经定值电阻后经滑动变阻器的全部电阻丝回到电源负极，因此在移动滑片过程中，电路中的电流不变，电压表测滑片右侧部分电阻丝的电压；故当电压表示数为3V时，由欧姆定律，滑动变阻器连入电路的电阻
由串联电路电流特点和欧姆定律，在①中，灯正常发光时灯的电流为
小灯泡正常发光时的电阻为
四、综合应用题（本题共2个小题，23题10分，24题10分，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位。）
24. 如图甲所示，底面积为200cm2、重为10N的薄壁柱形容器放在水平桌面上，容器内盛有深度为10cm的水；如乙图把棱长为10cm的实心正方体A（不吸水），用细线悬挂固定在该容器正上方静止时，正方体A有的体积浸入水中（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）甲图容器中水对容器底的压强；
（2）乙图正方体A受到的浮力；
（3）相比甲图，乙图中水对容器底增大的压强大小；
（4）解开细线，将正方体A缓缓放入水中，正方体A静止后（容器中水未溢出），相比甲图，容器对桌面的压强增大了1000Pa，求正方体A的密度。
【答案】（1）1.0×103Pa；（2）6N；（3）300Pa；（4）2×103kg/m3
【解析】
【详解】解：（1）水对容器底的压强
（2）正方体A排开液体的体积
A物体受到的浮力是
（3）根据力的作用是相互的，A物体受到向上6N的浮力，则水就受到A物体向下6N的压力，所以水对容器底增大的压强是
（4）将A物体放入水中后容器对桌面的压强增大了1000Pa，则容器对桌面增大的压力是
容器对桌面增大的压力大小等于A物体的重力，即
A物体的质量为
A物体的密度为
答：（1）甲图容器中水对容器底的压强为1.0×103Pa；
（2）乙图正方体A受到的浮力为6N；
（3）相比甲图，乙图中水对容器底增大的压强为300Pa；
（4）正方体A的密度为2×103kg/m3。
25. 甲图是一款恒温箱的内部原理电路图，工作电压220V，电热丝的阻值为44Ω；控制电路电源电压为8V，继电器线圈的电阻，滑动变阻器（调温电阻）的最大阻值为130Ω；热敏电阻的阻值随温度t变化的关系如乙图所示。和均置于恒温箱中，当继电器线圈中电流达到50mA，继电器的衔铁会把弹簧片吸到左边，右边工作电路断电停止加热。求：
（1）加热时，经过的电流?
（2）当最高控温设置在时，滑动变阻器接人电路中的阻值应为多少?
（3）利用恒温箱把1kg的牛奶从加热到，牛奶吸收多少热量?（牛奶的比热容（））
（4）把1kg的牛奶从加热到需要2min，则该恒温箱的加热效率为多少?（结果精确到0.1%）
【答案】（1）；（2）；（3）；（4）
【解析】
【详解】解：（1）如图，恒温箱加热时，经过的电流为
（2）如图乙所示，当最高控温设置在时，热敏电阻，继电器线圈中电流达到50mA，则图甲中三个电阻串联的总电阻为
则滑动变阻器接人电路中的阻值应为
（3）利用恒温箱把1kg的牛奶从加热到，牛奶吸收多少热量为
（4）如图甲，恒温箱将牛奶加热这2min需要消耗的电能为
则该恒温箱的加热效率为
答：（1）加热时，经过的电流为；
（2）当最高控温设置在时，滑动变阻器接人电路中的阻值应为；
（3）恒温箱把1kg的牛奶从加热到，牛奶吸收热量为；
（4）该恒温箱的加热效率为。
温馨提示：
1.本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。共8页。满分100分。考试用时90分钟。考试结束后，将试题卷和答题卡一并交回。
2.答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座号填写在试题卷和答题卡规定的位置上。
3.第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答案不能答在试题卷上。
4.第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置，不能写在试题卷上；如需改动，选划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带。不按以上要求作答的答案无效。
第Ⅰ卷（选择题共48分）
一、选择题（本题包括15小题，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~12小题只有一项符合题目要求，选对得3分；第13~15小题，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）
1. 下列数据最接近实际的是（ ）
A. 中学生课桌的高度约80cm
B. 成年人正常步行的速度约1.1km/h
C. 人体的安全电压是36V
D. 家用空调的电功率约为100W
2. 下列关于声现象的描述和分析，正确的是（ ）
A. 图甲：敲鼓发出的声音是由鼓槌的振动产生的
B. 图乙：用不同力度拨动直尺发出声音的音调不同
C. 图丙：悬挂的乒乓球接触正在发声的音叉被弹开，说明声音可以传递能量
D. 图丁：北京动物园的“隔音蛟龙”作用是在传播过程中控制噪声的
3. 诗词是我国优秀的文化遗产，下列诗句中所指的物态变化现象分析正确的是（ ）
A. 天接云涛连晓雾，星河欲转千帆舞——“雾”的形成是汽化现象，需要吸热
B. 可怜九月初三夜，露似真珠月似弓——“露”的形成是液化现象，需要放热
C. 柴门闻犬吠，风雪夜归人——“雪”的形成是凝固现象，需要放热
D. 月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠——“霜”的形成是凝华现象，需要吸热
4. 小明和小华都选用如图甲所示的实验装置“探究水沸腾前后温度变化的特点”；乙图是绘制的实验数据图像；丙图是将沸腾的水倒入烧瓶后倒置，向烧瓶底部浇冷水的情境。下列有关分析正确的是（ ）
A. 甲图：给烧杯加热是通过做功方式改变水的内能
B. 乙图：水沸腾过程温度保持不变，需持续吸热
C. 乙图：造成小明和小华加热水至沸腾时间不同的原因是水的初温不同
D. 丙图：说明水沸腾过程不需持续吸热
5. 如图是某小组同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中的一个情景，此时光屏上呈现清晰的像，由此可知（ ）
A. 此时光屏上成倒立放大的实像，与照相机的成像原理相同
B. 仅将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上无法呈现出清晰的像
C. 将蜡烛远离透镜，要想在光屏上呈现清晰的像，应将光屏靠近透镜
D. 随着蜡烛越烧越短，呈现在光屏上的像也会上下移动
6. 我国高铁技术已处于世界领先水平，下列有关说法正确的是（ ）
A. 匀速行驶动车组转弯时其运动状态不变
B. 动车刹车时不能立即停下来，是因为受到了惯性的作用
C. 动车铁轨下方铺放枕木，是通过增大受力面积来增大压强的
D. 静坐的乘客对座椅的压力与乘客受到的支持力是一对相互作用力
7. 下列关于压强的说法中正确的是（ ）
A. 用久的菜刀要磨一磨，是通过减小菜刀刃部的受力面积来增大压强的
B. 拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而减小的原理
C. 在物理学史上，马德堡半球实验第一次测量出了大气压强的准确数值
D. 飞机升力是由于机翼上表面的空气流速小于下表面的空气流速产生的
8. 《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具——“高转筒车”（如图）。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上的竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中。下列说法正确的是（ ）
A. 这是一台“永动机”
B. 水在输送过程中重力势能不变
C. 转轮转速越快输水做功功率越大
D. 上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮
9. 取两个相同的验电器甲和乙（如图），使甲带负电，乙不带电，下列分析正确的是（ ）
A. 甲验电器带负电是因为它得到了原子
B. 甲验电器的金属箔片张开是由于同种电荷相互排斥
C. 用橡胶棒连接两金属球，金属箔片的张角都会发生改变
D. 用金属棒连接两金属球的瞬间，棒中电流方向由甲到乙
10. 如图所示，电源电压U恒定，闭合开关S1和S2，在滑动变阻器滑片向上移动过程中
A. 灯泡L的亮度不变B. R2两端的电压变大
C. 电流表A1的示数变大D. A2电流表的示数变大
11. 如图是一般住宅户内配电系统方框图，下列说法正确的是（ ）
A. E处应接入空气开关，F处接入电能表
B. 若空气开关自动跳闸，一定是发生了短路
C. 发现有人触电，应立即用手拉开
D. 控制电灯的开关连接错误
12. 现代电动汽车为了节能，都安装了能量回收装置，在汽车刹车时，将机械能转化为电能，为汽车提供后续的能量，下列四个装置中与此原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
13. 如图所示，是某学习小组在做“测量固体密度”实验时的部分场景。下列选项正确的是（ ）
A. 天平使用前指针位置如图甲所示，使天平平衡，平衡螺母应向左调
B. 天平平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，该固体的质量为27.4g
C. 放入固体前后量筒的示数如图丙所示，该固体的体积为
D. 多次测量后绘制图像如图丁所示，该固体的密度为
14. 如图甲所示装置，小欢用力F向下拉绳子，使物体M在水平地面匀速移动，地面ab、bc粗糙程度不同。物体M重为400N，动滑轮重为5N，ab=2m，bc=3m。物体M从a点到c点过程中，拉力F与M移动距离的关系如图乙，不考虑物体大小对运动的影响，忽略绳子重力及滑轮转轴摩擦，对此过程的分析，下列结论正确的是（ ）
A. 绳子自由端移动距离为15m
B. 拉力F做的功为840J
C. 拉力F在ab段做的额外功等于在bc段做的额外功
D. 物体从ab段到bc段，滑轮组的机械效率变大
15. 如图甲所示，电源电压恒定，两块电压表的量程均为0~15V，电流表量程是为0~0.6A。当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，灯L恰好正常发光，两块电压表和电流表示数的变化关系如图乙所示，下列说法中正确的是（ ）
A. 电源电压为10V
B. 灯泡L的额定功率为2.4W
C. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω
D. 滑片位于a端时，通电1分钟R0产生的热量是192J
第II卷（非选择题共52分）
二、填空题（每题2分，共6分）
16. 如图所示，一个质量为200g的物体被大小为5N水平力压在竖直墙面时静止，水平力减为2.5N时刚好匀速下滑，此时物块受到的滑动摩擦力大小是______N，匀速下滑0.5m过程中水平力对物体做功是______J。（g取10N/kg）
17. 如图是某电加热器的工作电路图，电加热器有“高温”和“低温”两挡，其中，。当开关，闭合时电路电流是______A。该电加热器低温挡正常工作5min产生的热量是______J。
18. 如图是新型纯电动无人驾驶小巴车，该车是智能驾驶汽车，配备激光雷达和多个高清摄像头，根据预设站点导航自动停靠，最高时速可达40公里，汽车行驶靠电动机驱动，电能属于______（选填“一次能源”或“二次能源”），汽车导航定位是靠______传递信息。
三、作图实验探究题（本题共4个小题，19题4分，20题7分，21题7分，22题8分，共26分）
19. 如图，用细线把一个小球悬挂起来，将小球拉到位置A，松开手后小球在A、B、C点之间来回摆动。画出小球在位置A时的受力示意图。
20. 请根据图中凸透镜折射后的光线，作出凸透镜的入射光线和经平面镜反射后的光线。
21. 如图甲所示，小滨在网上看到一个神奇的实验，利用四个梯形的塑料片，就可以将手机上的影像成在空中，形成具有“3D”效果的“全息投影”。小滨利用如图乙所示的装置，来探究“平面镜成像的特点”。
（1）实验时，小滨选择玻璃板而没选择平面镜，是为了便于确定______；
（2）图乙小滨将一个点燃的蜡烛放在玻璃板前面，将另一个大小相同的蜡烛在玻璃后面移动，直到它与前面蜡烛的像______。小滨改变蜡烛的位置多次实验，分别确定了物与像的三组位置，如图丙所示，分析图中数据可知：像与物______；实验中选取同样大小的蜡烛是为了______；
（3）通过上面的实验过程，能够看出平面镜所成的像与物体大小相等。但小滨认为若要更准确地得出这个结论，还应该______（填写正确选项前的字母），再做几次实验才有说服力；
A.更换一个较厚的玻璃板 B.再找来另外两个大小相同的蜡烛
（4）为了看到与网上视频相同的效果，小滨将两个七号电池平放在桌面上，如图丁所示，并调整玻璃板与桌面的夹角，直到无论在左侧还是右侧观察，都能看到电池的像垂直立在桌面上方。若要达到这种效果，两个玻璃板与水平桌面的夹角应为______度（锐角），眼睛在左侧通过玻璃板看到电池的垂直立在桌面上方的像是______（填“左”或“右”）侧电池的像。
22. 小彬用如图所示的装置研究液体内部的压强。
（1）图1装置是测量液体内部压强仪器。它的探头是由空金属盒蒙上橡皮膜构成的。如果液体内部存在压强，放在液体里的薄膜就会______，形管左右两侧液面就会产生高度差；
（2）根据图2、图3所示现象可以研究：液体内部压强大小与______的关系。根据研究得出的结论，拦河坝应设计成______（选填“下宽上窄”或“下窄上宽”）的形状；
（3）如图3、图4所示，保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，观察形管左右两侧液面的变化，得出结论：______；
（4）为研究液体内部压强大小是否与液体密度有关，小彬接着将浓盐水缓慢倒入图3所示容器的水中（液体未溢出、探头位置不变），静置待均匀混合后，观察到形管左右两侧液面发生了变化，得出液体内部压强大小与液体密度有关的结论。小彬得出结论的实验过程是______（选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是：______；
（5）通过学习，小彬利用掌握的液体压强知识测量实验所用盐水的密度，过程如下：
①向如图5所示容器中左侧倒入适量的水，橡皮膜向右凸起；
②再向容器中的右侧缓慢倒入盐水，直至橡皮膜恢复原状；
③测得水面到橡皮膜中心的深度为；
测得盐水液面到橡皮膜中心的深度为；
④可推导出该盐水密度的表达式为=______（用、、表示）。
23. 小明使用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，电压为3V的电源以及规格为“10Ω，0.5A”的滑动变阻器等器材，来“探究电流与电阻的关系”。
（1）他首先将5Ω的电阻接入了图甲的电路中，检查时发现电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确______；
（2）电路正确连接后，闭合开关时发现，此时电压表和电流表均无示数，他判断产生此现象的原因是______（选填“定值电阻”或“滑动变阻器”）断路。排除故障后移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，则此时电压表示数为______V；
（3）当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，需向______（选填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片；
（4）如果只利用现有器材，让四个电阻单独接入电路都可完成实验，定值电阻两端的电压应控制在2V~______V之间；
（5）小明按上述方法，更换不同阻值的电阻进行了多次实验后，得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______；
（6）完成上面实验后，小明又设计了图丙所示的电路来测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，已知电源电压为7V，的阻值为10Ω，请完成以下实验步骤：
①开关和闭合、断开，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关和闭合、断开，此时电压表示数为3V；再将滑动变阻器的滑片移到最左端，此时电压表示数为5V，电路中的电流为______A；③小灯泡正常发光时的电阻=______Ω。（结果保留一位小数）
四、综合应用题（本题共2个小题，23题10分，24题10分，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位。）
24. 如图甲所示，底面积为200cm2、重为10N的薄壁柱形容器放在水平桌面上，容器内盛有深度为10cm的水；如乙图把棱长为10cm的实心正方体A（不吸水），用细线悬挂固定在该容器正上方静止时，正方体A有的体积浸入水中（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）甲图容器中水对容器底的压强；
（2）乙图正方体A受到的浮力；
（3）相比甲图，乙图中水对容器底增大的压强大小；
（4）解开细线，将正方体A缓缓放入水中，正方体A静止后（容器中水未溢出），相比甲图，容器对桌面的压强增大了1000Pa，求正方体A的密度。
25. 甲图是一款恒温箱的内部原理电路图，工作电压220V，电热丝的阻值为44Ω；控制电路电源电压为8V，继电器线圈的电阻，滑动变阻器（调温电阻）的最大阻值为130Ω；热敏电阻的阻值随温度t变化的关系如乙图所示。和均置于恒温箱中，当继电器线圈中电流达到50mA，继电器的衔铁会把弹簧片吸到左边，右边工作电路断电停止加热。求：
（1）加热时，经过的电流?
（2）当最高控温设置在时，滑动变阻器接人电路中的阻值应为多少?
（3）利用恒温箱把1kg的牛奶从加热到，牛奶吸收多少热量?（牛奶的比热容（））
（4）把1kg的牛奶从加热到需要2min，则该恒温箱的加热效率为多少?（结果精确到0.1%）
二0二四年九年级复习质量检测
物理试题（A）
温馨提示：
1.本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分。共8页。满分100分。考试用时90分钟。考试结束后，将试题卷和答题卡一并交回。
2.答卷前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的姓名、准考证号、座号填写在试题卷和答题卡规定的位置上。
3.第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。答案不能答在试题卷上。
4.第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应的位置，不能写在试题卷上；如需改动，选划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用涂改液、胶带纸、修正带。不按以上要求作答的答案无效。
第Ⅰ卷（选择题共48分）
一、选择题（本题包括15小题，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~12小题只有一项符合题目要求，选对得3分；第13~15小题，有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）
1. 下列数据最接近实际的是（ ）
A. 中学生课桌的高度约80cm
B. 成年人正常步行的速度约1.1km/h
C. 人体的安全电压是36V
D. 家用空调的电功率约为100W
【答案】A
【解析】
【详解】A．中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右，故A符合题意；
B．成年人正常步行的速度在
1.1m/s=1.1×3.6km/h≈4km/h
左右，故B不符合题意；
C．经验证明，只有不高于36V的电压对人体才是安全的，故C不符合题意；
D．家用空调额定功率在1000W以上，故D不符合题意。
故选A。
2. 下列关于声现象的描述和分析，正确的是（ ）
A. 图甲：敲鼓发出的声音是由鼓槌的振动产生的
B. 图乙：用不同力度拨动直尺发出声音的音调不同
C. 图丙：悬挂的乒乓球接触正在发声的音叉被弹开，说明声音可以传递能量
D. 图丁：北京动物园的“隔音蛟龙”作用是在传播过程中控制噪声的
【答案】D
【解析】
【详解】A．声音是由物体振动产生的，因此敲鼓发出的声音是由鼓面的振动产生的，故A错误；
B．用不同力度拨动直尺，直尺振动的幅度不同，因此发出声音的响度不同，故B错误；
C．悬挂的乒乓球接触正在发声的音叉被弹开，说明声音是由物体振动产生的，故C错误；
D．控制噪声的途径有声源处、传播过程中、人耳处，因此北京动物园的“隔音蛟龙”作用是在传播过程中控制噪声的，故D正确。
故选D。
3. 诗词是我国优秀的文化遗产，下列诗句中所指的物态变化现象分析正确的是（ ）
A. 天接云涛连晓雾，星河欲转千帆舞——“雾”的形成是汽化现象，需要吸热
B. 可怜九月初三夜，露似真珠月似弓——“露”的形成是液化现象，需要放热
C. 柴门闻犬吠，风雪夜归人——“雪”的形成是凝固现象，需要放热
D. 月落乌啼霜满天，江枫渔火对愁眠——“霜”的形成是凝华现象，需要吸热
【答案】B
【解析】
【详解】A．雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，需要放热，故A错误；
B．露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，需要放热，故B正确；
C．雪是水蒸气在寒冷的高空急剧降温，凝华成冰晶形成的，需要放热，故C错误；
D．霜是空气中的水蒸气遇冷凝华成固态，需要放热，故D错误。
故选B。
4. 小明和小华都选用如图甲所示的实验装置“探究水沸腾前后温度变化的特点”；乙图是绘制的实验数据图像；丙图是将沸腾的水倒入烧瓶后倒置，向烧瓶底部浇冷水的情境。下列有关分析正确的是（ ）
A. 甲图：给烧杯加热是通过做功方式改变水的内能
B. 乙图：水沸腾过程温度保持不变，需持续吸热
C. 乙图：造成小明和小华加热水至沸腾时间不同的原因是水的初温不同
D. 丙图：说明水沸腾过程不需持续吸热
【答案】B
【解析】
【详解】A．实验时，给盛水的烧杯加热，水吸收热量，通过热传递的方式改变水的内能，故A错误；
B．水沸腾过程中，吸收热量，温度不变，故B正确；
C．读图乙可以看出，在同样加热的情况下，小华的升温较慢，其原因应该是水的质量不同，故C错误；
D．在瓶底浇冷水后，瓶内温度降低，水蒸气液化，瓶内气体压强减小，因为水的沸点会随气压的减小而降低，因此，水会重新沸腾起来，故D错误。
故选B。
5. 如图是某小组同学在“探究凸透镜成像规律”的实验中的一个情景，此时光屏上呈现清晰的像，由此可知（ ）
A. 此时光屏上成倒立放大的实像，与照相机的成像原理相同
B. 仅将蜡烛和光屏的位置互换，光屏上无法呈现出清晰的像
C. 将蜡烛远离透镜，要想在光屏上呈现清晰的像，应将光屏靠近透镜
D. 随着蜡烛越烧越短，呈现在光屏上的像也会上下移动
【答案】C
【解析】
【详解】A．由图知此时物距小于像距，即说明光屏上成倒立、放大的实像，幻灯机就是利用该原理制成的，故A不符合题意；
B．根据光路可逆知，若不移动凸透镜，只将蜡烛和光屏位置互换，现在的物距等于原来的像距，现在的像距等于原来的物距，所以能再次在光屏成清晰的像，故B不符合题意；
C．将蜡烛远离透镜时，物距增大，像距减小，要想在光屏上呈现清晰的像，应将光屏靠近透镜，故C符合题意；
D．由于此时成倒立的实像，随着蜡烛越烧越短，则在光屏上的像会向上运动，故D不符合题意。
故选C
6. 我国高铁技术已处于世界领先水平，下列有关说法正确的是（ ）
A. 匀速行驶的动车组转弯时其运动状态不变
B. 动车刹车时不能立即停下来，是因为受到了惯性的作用
C. 动车铁轨下方铺放枕木，是通过增大受力面积来增大压强的
D. 静坐的乘客对座椅的压力与乘客受到的支持力是一对相互作用力
【答案】D
【解析】
【详解】A．匀速行驶的动车组转弯时，其运动方向发生了改变，所以其运动状态发生了改变，故A错误；
B．动车刹车时不能立即停下来，是因为动车具有惯性，惯性不是力，不能说受到惯性的作用，故B错误；
C．动车铁轨下方铺放枕木，是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强的，故C错误；
D．静坐乘客对座椅的压力与乘客受到的支持力，这两个力分别作用在座椅和乘客上，且大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，是一对相互作用力，故D正确。
故选D。
7. 下列关于压强的说法中正确的是（ ）
A. 用久的菜刀要磨一磨，是通过减小菜刀刃部的受力面积来增大压强的
B. 拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而减小的原理
C. 在物理学史上，马德堡半球实验第一次测量出了大气压强的准确数值
D. 飞机升力是由于机翼上表面的空气流速小于下表面的空气流速产生的
【答案】A
【解析】
【详解】A．用久的菜刀要磨一磨，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A正确；
B．拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而增大，故B错误；
C．马德堡半球实验首次证明大气压的存在，托里拆利实验第一次测量出了大气压强的准确数值，故C错误；
D．飞机机翼为流线型，即上方为凸型，下方是平的；等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小。因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力，故D错误。
故选A。
8. 《天工开物》中记载有一种自动引水灌溉工具——“高转筒车”（如图）。使用时下方转轮安装在河道中，流水驱动轮子转动，系在传动绳索上竹筒将水从河里源源不断输送到上方农田中。下列说法正确的是（ ）
A. 这是一台“永动机”
B. 水在输送过程中重力势能不变
C. 转轮转速越快输水做功功率越大
D. 上、下两个转轮可分别看作定滑轮和动滑轮
【答案】C
【解析】
【详解】A．“高转筒车”转动时，需要水能提供动力，如果没有水能，它将不能转动，因此不是“永动机”，根据能量守恒定律可知，世界上不存在“永动机”，故A错误；
B．水从河里被输送到上方的田里，高度增加了，因此水的重力势能变大，故B错误；
C．转轮转速越快，相同时间内对水做的功越多，根据公式可知，功率越大，故C正确；
D．上、下两个转轮的轴都是固定不动的，因此都可看做定滑轮，故D错误。
故选C。
9. 取两个相同的验电器甲和乙（如图），使甲带负电，乙不带电，下列分析正确的是（ ）
A. 甲验电器带负电是因为它得到了原子
B. 甲验电器的金属箔片张开是由于同种电荷相互排斥
C. 用橡胶棒连接两金属球，金属箔片的张角都会发生改变
D. 用金属棒连接两金属球的瞬间，棒中电流方向由甲到乙
【答案】B
【解析】
【详解】A．甲验电器带负电是因为它得到了电子，故A错误；
B．甲验电器的金属箔片张开是由于同种电荷相互排斥，故B正确；
C．橡胶棒是绝缘体，用橡胶棒连接两金属球，金属箔片的张角不会发生变化，故C错误；
D．自由电子的定向移动方向与电流方向相反，金属杆和金属球接触的一瞬间，自由电子的移动方向从甲到乙，金属杆中电流方向是从乙到甲，故D错误。
故选B。
10. 如图所示，电源电压U恒定，闭合开关S1和S2，在滑动变阻器滑片向上移动过程中
A. 灯泡L的亮度不变B. R2两端的电压变大
C. 电流表A1的示数变大D. A2电流表的示数变大
【答案】A
【解析】
【详解】由图可知，闭合两只开关，定值电阻R2被短路，滑动变阻器R1与灯泡L并联，电流表A1测量干路电流，A2测量通过灯泡的电流；当滑动变阻器滑片向上滑动时，滑动变阻器接入电路电阻增大；
A、由于并联电路各支路用电器工作过程互不影响，所以滑片滑动时，灯泡亮度不变，故A正确；
B、由于R2被短路，所以R2两端的电压为0，故B错误；
C、灯泡电阻不变，滑动变阻器接入电路电阻增大，所以总电阻增大；由于电源电压不变，总电阻增大，由I=可知干路电流减小，即电流表A1的示数变小，故C错误；
D、电流表A2测量通过灯泡的电流，由于灯泡电阻和两端电压不变，由I=可知通过灯泡的电流不变，即电流表A2的示数不变，故D错误．
11. 如图是一般住宅户内配电系统方框图，下列说法正确是（ ）
A. E处应接入空气开关，F处接入电能表
B. 若空气开关自动跳闸，一定是发生了短路
C. 发现有人触电，应立即用手拉开
D. 控制电灯的开关连接错误
【答案】D
【解析】
【详解】A．家庭电路中，进户线进入家庭后首先要安装电能表，然后再安装空气开关，故A错误；
B．空气开关自动跳闸的原因是电流过大，引起家庭电路电流过大的原因有两个：一是短路；二是总功率过大，故B错误；
C．当发现有人触电时，首先要做的是切断电源。如果立即用手拉，由于人体导体，拉人者也会触电，故C错误；
D．如图可知，控制灯泡的开关接在了零线上，这样即使开关断开，灯泡仍然带电，非常危险，正确的接法是开关接在火线上，故D正确。
故选D。
12. 现代电动汽车为了节能，都安装了能量回收装置，在汽车刹车时，将机械能转化为电能，为汽车提供后续的能量，下列四个装置中与此原理相同的是（ ）
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可知，汽车刹车时的能量回收装置是利用电磁感原理工作的，其工作时闭合电路中的线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能。
A．将通电导线靠近小磁针后，小磁针会发生偏转，说明电流周围有磁场，是电流的磁效应，故A不符合题意；
B．电铃的主要部件是电磁铁，是利用电流的磁效应工作的，故B不符合题意；
C．对着动圈式话筒说话，声波引起膜片振动，会带动线圈做切割磁感线运动，电路中产生感应电流，将机械能转化为电能，其原理是电磁感应现象，故C符合题意；
D．动圈式扬声器工作时，通电线圈在磁场中受到力振动，将电能转化为机械能而发声，故D不符合题意。
故选C。
13. 如图所示，是某学习小组在做“测量固体密度”实验时的部分场景。下列选项正确的是（ ）
A. 天平使用前指针位置如图甲所示，为使天平平衡，平衡螺母应向左调
B. 天平平衡时，右盘中的砝码和游码的位置如图乙所示，该固体的质量为27.4g
C. 放入固体前后量筒的示数如图丙所示，该固体的体积为
D. 多次测量后绘制图像如图丁所示，该固体的密度为
【答案】AD
【解析】
【详解】A．图甲中天平使用前，指针偏右，说明右侧重，因此应向左移动平衡螺母，故A正确；
B． 由图乙可知，固体的质量
故B错误；
C．由图丙可知，固体放入前，量筒中水的体积
固体放入水中浸没，量筒中的总体积
则固体的体积
故C错误；
D．根据图示可知，m-V图像为一条过原点的斜线，则固体的密度
故D正确。
故选AD。
14. 如图甲所示装置，小欢用力F向下拉绳子，使物体M在水平地面匀速移动，地面ab、bc粗糙程度不同。物体M重为400N，动滑轮重为5N，ab=2m，bc=3m。物体M从a点到c点过程中，拉力F与M移动距离的关系如图乙，不考虑物体大小对运动的影响，忽略绳子重力及滑轮转轴摩擦，对此过程的分析，下列结论正确的是（ ）
A. 绳子自由端移动的距离为15m
B. 拉力F做的功为840J
C. 拉力F在ab段做的额外功等于在bc段做的额外功
D. 物体从ab段到bc段，滑轮组的机械效率变大
【答案】BD
【解析】
【详解】A．由图可知，绳子段数有2段，物体移动的距离
s物=2m+3m=5m
则绳子自由端移动距离为
s=5m×2=10m
故A错误；
B．由图乙可知，物体M从a点到b点过程中，拉力F'=60N，绳子自由端移动距离
s'=2m×2=4m
拉力F做的功为
W'=F's'=60N×4m=240J
物体M从b点到c点过程中，拉力F"=100N，绳子自由端移动距离
s"=3m×2=6m
拉力F做的功为
W"=F"s"=100N×6m=600J
则拉力F做的总功为
W=240J+600J=840J
故B正确；
C．忽略绳子重力及滑轮转轴摩擦，拉力F在ab段做的额外功
W额'=G动sab=5N×2m=10J
拉力F在bc段做的额外功
W额"=G动sbc=5N×3m=15J
所以拉力F在ab段做的额外功小于在bc段做的额外功，故C错误；
D．在ab段，滑轮组的机械效率
在bc段，滑轮组的机械效率
故D正确。
故选BD。
15. 如图甲所示，电源电压恒定，两块电压表的量程均为0~15V，电流表量程是为0~0.6A。当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，灯L恰好正常发光，两块电压表和电流表示数的变化关系如图乙所示，下列说法中正确的是（ ）
A. 电源电压为10V
B. 灯泡L的额定功率为2.4W
C. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω
D. 滑片位于a端时，通电1分钟R0产生的热量是192J
【答案】ACD
【解析】
【详解】当开关S闭合后，滑动变阻器R、定值电阻R0、灯泡L串联接入电路，电压表V1测量定值电阻R0两端电压，电压表V2测量定值电阻R0和灯泡L两端电压，电流表测量电路电流，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端的过程中，滑动变阻器阻值越来越小，电路总电阻变小，根据欧姆定律可知，电路中的电流在逐渐增大，电压表V1和电压表V2的示数都将增大，R0是定值电阻，电压表V1示数变化图像是一条直线，灯泡L的阻值随温度的变化而改变，电压表V2示数变化图像是逐渐上升的曲线。
A．由图乙可知，当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，滑动变阻器R阻值为0，只有定值电阻R0、灯泡L串联接入电路，此时电压表V2测量定值电阻R0和灯泡L两端电压即为电源电压U=10V，故A正确；
B．当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P从最右端b移至最左端时，灯L恰好正常发光，此时电流表示数最大为I额=0.4A，电压表V2为电源电压10V，电压表V1测量定值电阻R0两端电压为8V，由串联电路电压规律可知灯L恰好正常发光时两端电压
U额=10V-8V=2V
灯泡L的额定功率
P额=U额I额=2V×0.4A=0.8W
故B错误；
C． 当开关S闭合后，滑动变阻器R的滑片P在最右端时，电路中的电阻最大，电流最小为IR=0.1A，电压表V2测量定值电阻R0和灯泡L两端电压为8V，由A分析知电源电压U=10V，根据串联电路电压规律可得此时滑动变阻器R两端电压UR=2V，滑动变阻器R的最大阻值
故C正确；
D．滑片位于a端时，此时电流表示数最大Imax=0.4A，电压表V1测量定值电阻R0两端电压为8V，通电1分钟R0产生的热量
Q=W=UImaxt=8V×0.4A×60s=192J
故D正确。
故选ACD。
第II卷（非选择题共52分）
二、填空题（每题2分，共6分）
16. 如图所示，一个质量为200g的物体被大小为5N水平力压在竖直墙面时静止，水平力减为2.5N时刚好匀速下滑，此时物块受到的滑动摩擦力大小是______N，匀速下滑0.5m过程中水平力对物体做功是______J。（g取10N/kg）
【答案】 ①. 2 ②. 0
【解析】
【详解】[1]物体在竖直方向上受竖直向下的重力G、竖直向上的滑动摩擦力f，物体匀速下滑，处于平衡状态，由平衡条件得滑动摩擦力大小是
f=G=mg=0.2kg×10N/kg=2N
[2]水平力与物体的运动方向垂直，所以水平力对物体不做功，即做功为 0J。
17. 如图是某电加热器的工作电路图，电加热器有“高温”和“低温”两挡，其中，。当开关，闭合时电路电流是______A。该电加热器低温挡正常工作5min产生的热量是______J。
【答案】 ①. 5 ②. 66000
【解析】
【详解】[1]当开关，闭合时，只有电阻R1接入电路中，电路电流为
[2]由图知道，当开关S1闭合，S2断开时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点知道，此时电路中的总电阻最大，由知道，电路中的总功率最小，电加热器处于低温挡；当开关S1、S2都闭合时，只有R1工作，电路中的电阻阻值最小，总功率最大，电加热器处于高温挡，低温挡的功率为
由知道，该电加热器低温挡正常工作5min产生的热量
Q=W=P低t=220W×5×60s=6.6×104=66000J
18. 如图是新型纯电动无人驾驶小巴车，该车是智能驾驶汽车，配备激光雷达和多个高清摄像头，根据预设站点导航自动停靠，最高时速可达40公里，汽车行驶靠电动机驱动，电能属于______（选填“一次能源”或“二次能源”），汽车导航定位是靠______传递信息。
【答案】 ①. 二次能源 ②. 电磁波
【解析】
【详解】[1]电能是由其他形式的能量转化而来的，因此属于二次能源。
[2]电磁波可以传递信息，因此汽车导航定位是靠电磁波传递信息的。
三、作图实验探究题（本题共4个小题，19题4分，20题7分，21题7分，22题8分，共26分）
19. 如图，用细线把一个小球悬挂起来，将小球拉到位置A，松开手后小球在A、B、C点之间来回摆动。画出小球在位置A时的受力示意图。
【答案】
【解析】
【详解】小球在A位置时，受到竖直向下的重力和细线对小球的拉力，如图所示：
20. 请根据图中凸透镜折射后的光线，作出凸透镜的入射光线和经平面镜反射后的光线。
【答案】
【解析】
【详解】经凸透镜折射后的光线过焦点，说明入射光线平行于主光轴，据此作出凸透镜的入射光线；先过平面镜的入射点垂直于镜面作出法线，再根据反射角等于入射角在法线右侧作出反射光线，如下图：
21. 如图甲所示，小滨在网上看到一个神奇的实验，利用四个梯形的塑料片，就可以将手机上的影像成在空中，形成具有“3D”效果的“全息投影”。小滨利用如图乙所示的装置，来探究“平面镜成像的特点”。
（1）实验时，小滨选择玻璃板而没选择平面镜，是为了便于确定______；
（2）图乙小滨将一个点燃的蜡烛放在玻璃板前面，将另一个大小相同的蜡烛在玻璃后面移动，直到它与前面蜡烛的像______。小滨改变蜡烛的位置多次实验，分别确定了物与像的三组位置，如图丙所示，分析图中数据可知：像与物______；实验中选取同样大小的蜡烛是为了______；
（3）通过上面的实验过程，能够看出平面镜所成的像与物体大小相等。但小滨认为若要更准确地得出这个结论，还应该______（填写正确选项前的字母），再做几次实验才有说服力；
A.更换一个较厚的玻璃板 B.再找来另外两个大小相同的蜡烛
（4）为了看到与网上视频相同的效果，小滨将两个七号电池平放在桌面上，如图丁所示，并调整玻璃板与桌面的夹角，直到无论在左侧还是右侧观察，都能看到电池的像垂直立在桌面上方。若要达到这种效果，两个玻璃板与水平桌面的夹角应为______度（锐角），眼睛在左侧通过玻璃板看到电池的垂直立在桌面上方的像是______（填“左”或“右”）侧电池的像。
【答案】 ①. 像的位置 ②. 重合 ③. 到镜面的距离相等 ④. 探究像与物的大小关系 ⑤. B ⑥. 45 ⑦. 左
【解析】
【详解】（1）[1]玻璃板有透光性，既能成像，又能确定像的位置，实验时，小滨选择玻璃板而没选择平面镜，是为了确定像的位置。
（2）[2] [3][4]根据平面镜成像的特点可知，像与物大小相等，像与物的连线与镜面垂直，像到平面镜的距离等于物体到平面镜的距离。所以实验中，小滨将一个点燃的蜡烛放在玻璃板前面，将另一个大小相同的蜡烛在玻璃后面移动，直到它与前面蜡烛的像完全重合；分析图中数据可知：像与物到平面镜的距离相等；实验中选取同样大小的蜡烛是为了比较像与物的大小关系。
（3）[5]一次实验不具备代表性，应采取同样的实验方案多做几次，才能保证结论的正确，所以应改变蜡烛到镜面的距离，多做几次实验。
故选B。
（4）[6]调整玻璃板与桌面的夹角，直到无论在左侧还是右侧观察，都能看到电池的像垂直立在桌面上方，根据像与物关于镜面对称，则若要达到这种效果，两个玻璃板与水平桌面的夹角应为
[7]根据像与物关于镜面对称，眼睛在左侧通过a玻璃板看到电池的垂直立在桌面上方的像是左侧电池的像。
22. 小彬用如图所示的装置研究液体内部的压强。
（1）图1装置是测量液体内部压强的仪器。它的探头是由空金属盒蒙上橡皮膜构成的。如果液体内部存在压强，放在液体里的薄膜就会______，形管左右两侧液面就会产生高度差；
（2）根据图2、图3所示现象可以研究：液体内部压强大小与______的关系。根据研究得出的结论，拦河坝应设计成______（选填“下宽上窄”或“下窄上宽”）的形状；
（3）如图3、图4所示，保持探头在水中的深度不变，改变探头的方向，观察形管左右两侧液面的变化，得出结论：______；
（4）为研究液体内部压强大小是否与液体密度有关，小彬接着将浓盐水缓慢倒入图3所示容器的水中（液体未溢出、探头位置不变），静置待均匀混合后，观察到形管左右两侧液面发生了变化，得出液体内部压强大小与液体密度有关的结论。小彬得出结论的实验过程是______（选填“正确”或“错误”）的，判断的依据是：______；
（5）通过学习，小彬利用掌握的液体压强知识测量实验所用盐水的密度，过程如下：
①向如图5所示容器中的左侧倒入适量的水，橡皮膜向右凸起；
②再向容器中的右侧缓慢倒入盐水，直至橡皮膜恢复原状；
③测得水面到橡皮膜中心的深度为；
测得盐水液面到橡皮膜中心的深度为；
④可推导出该盐水密度的表达式为=______（用、、表示）。
【答案】 ①. 向内凹陷 ②. 深度 ③. 下宽上窄 ④. 液体内相同深度各个方向压强大小相等 ⑤. 错误 ⑥. 没有控制深度相同 ⑦.
【解析】
【详解】（1）[1]如果液体内部存在压强，那么液体中的薄膜（在这里指的是橡皮膜）就会受到这个压强的作用而发生形变，从而使得U形管左右两侧液面产生高度差。
（2）[2]图2和图3所示的现象展示了液体内部压强与深度的关系。在图2中，液体深度较浅，压强较小；在图3中，液体深度较深，压强较大。因此，这两个图可以研究液体内部压强大小与深度的关系。
[3]由于液体内部的压强随深度的增加而增大，为了承受更大的水压，拦河坝应设计成下宽上窄的形状。
（3）[4]如图3和图4所示，探头在液体中的深度保持不变，但方向发生了变化。观察U形管左右两侧液面的变化，我们可以发现，不论探头的方向如何变化，液面的高度差都保持不变。这说明在液体内部同一深度处，液体向各个方向的压强相等。
（4）[5][6]小彬保持图3中金属盒的位置不变，并将一杯浓盐水倒入烧杯中搅匀后，液体的深度增大，密度增大，U形管左右液面高度差增大，由于没有控制深度不变，所以不能探究液体压强跟液体密度的关系，故结论是错误的。
（5）[7]根据液体压强公式，在橡皮膜恢复原状的情况下，左侧的水和右侧的盐水对橡皮膜的压强相等。因此有
可以得到盐水密度的表达式为：
23. 小明使用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，电压为3V的电源以及规格为“10Ω，0.5A”的滑动变阻器等器材，来“探究电流与电阻的关系”。
（1）他首先将5Ω的电阻接入了图甲的电路中，检查时发现电路中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔画线代替导线将电路连接正确______；
（2）电路正确连接后，闭合开关时发现，此时电压表和电流表均无示数，他判断产生此现象的原因是______（选填“定值电阻”或“滑动变阻器”）断路。排除故障后移动滑动变阻器的滑片，电流表示数如图乙所示，则此时电压表示数为______V；
（3）当定值电阻由5Ω换为10Ω时，为达到实验要求，需向______（选填“左”或“右”）调节滑动变阻器的滑片；
（4）如果只利用现有器材，让四个电阻单独接入电路都可完成实验，定值电阻两端的电压应控制在2V~______V之间；
（5）小明按上述方法，更换不同阻值的电阻进行了多次实验后，得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成______；
（6）完成上面实验后，小明又设计了图丙所示的电路来测量额定电压为2.5V的小灯泡正常发光时的电阻，已知电源电压为7V，的阻值为10Ω，请完成以下实验步骤：
①开关和闭合、断开，移动滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光；
②保持滑动变阻器滑片位置不变，将开关和闭合、断开，此时电压表示数为3V；再将滑动变阻器的滑片移到最左端，此时电压表示数为5V，电路中的电流为______A；③小灯泡正常发光时的电阻=______Ω。（结果保留一位小数）
【答案】 ①. ②. 滑动变阻器 ③. 2 ④. 右 ⑤. 2.5 ⑥. 反比 ⑦. 0.2 ⑧. 8.3
【解析】
【详解】（1）[1]原电路图电压表串联在电路中是错误的，在探究电流与电阻的关系实验中，定值电阻、滑动变阻器和电流表串联，电压表并联在定值电阻两端，如下图所示：
（2）[2]电压表和电流表均无示数，说明电路中有断路，电压表并联在定值电阻两端，若定值电阻断路，电压表有示数，所以故障为滑动变阻器断路。
[3]电流表示数如图乙所示，电流表选用小量程0～0.6A，分度值0.02A，其示数为0.4A，则定值电阻两端电压为
UR=I1R1=0.4A×5Ω=2V
即电压表示数为2V。
（3）[4]将定值电阻由5Ω改接成10Ω的电阻，定值电阻两端的电压变大，要保持其两端电压不变，需增大滑动变阻器分得的电压，即增大滑动变阻器接入电路的电阻，所以滑片应向右移动。
（4）[5]由图乙可知，电流表选用小量程，滑动变阻器允许通过的最大电流为0.5A，即电路中最大电流为0.5A，当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最大电压为
UV大=I大R定小=0.5A×5Ω=2.5V
（5）[6]因电流与电阻的乘积为一定值，故可得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比。
（6）①[7]开关S、S1闭合、S2断开，此时灯泡和滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，当灯泡正常发光时，灯泡两端的电压为2.5V；由串联电路的电压规律可知，电压表的示数为
U'=7V-2.5V=4.5V
②保持滑动变阻器位置不动，开关S、S2闭合、S1断开，此时滑动变阻器的最大电阻和R0串联，电压表测滑片右侧电阻丝的电压，已知此时电压表示数为3V；再将滑动变阻器滑片调到最左端，滑动变阻器的最大电阻仍然和R0串联，电压表测整个滑动变阻器两端的电压，此时电压表示数为5V，根据串联电路电压的规律，定值电阻两端的电压为
U0=7V-5V=2V
由欧姆定律，电路中的电流为
③[8]在②中，因电压表接在滑片上，故电流经定值电阻后经滑动变阻器的全部电阻丝回到电源负极，因此在移动滑片过程中，电路中的电流不变，电压表测滑片右侧部分电阻丝的电压；故当电压表示数为3V时，由欧姆定律，滑动变阻器连入电路的电阻
由串联电路电流特点和欧姆定律，在①中，灯正常发光时灯的电流为
小灯泡正常发光时的电阻为
四、综合应用题（本题共2个小题，23题10分，24题10分，共20分。解答时应写出必要的文字说明、公式和演算步骤，只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题目，答案中必须明确写出数值和单位。）
24. 如图甲所示，底面积为200cm2、重为10N的薄壁柱形容器放在水平桌面上，容器内盛有深度为10cm的水；如乙图把棱长为10cm的实心正方体A（不吸水），用细线悬挂固定在该容器正上方静止时，正方体A有的体积浸入水中（ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg）求：
（1）甲图容器中水对容器底的压强；
（2）乙图正方体A受到的浮力；
（3）相比甲图，乙图中水对容器底增大的压强大小；
（4）解开细线，将正方体A缓缓放入水中，正方体A静止后（容器中水未溢出），相比甲图，容器对桌面的压强增大了1000Pa，求正方体A的密度。
【答案】（1）1.0×103Pa；（2）6N；（3）300Pa；（4）2×103kg/m3
【解析】
【详解】解：（1）水对容器底的压强
（2）正方体A排开液体的体积
A物体受到的浮力是
（3）根据力的作用是相互的，A物体受到向上6N的浮力，则水就受到A物体向下6N的压力，所以水对容器底增大的压强是
（4）将A物体放入水中后容器对桌面的压强增大了1000Pa，则容器对桌面增大的压力是
容器对桌面增大的压力大小等于A物体的重力，即
A物体的质量为
A物体的密度为
答：（1）甲图容器中水对容器底的压强为1.0×103Pa；
（2）乙图正方体A受到的浮力为6N；
（3）相比甲图，乙图中水对容器底增大的压强为300Pa；
（4）正方体A的密度为2×103kg/m3。
25. 甲图是一款恒温箱的内部原理电路图，工作电压220V，电热丝的阻值为44Ω；控制电路电源电压为8V，继电器线圈的电阻，滑动变阻器（调温电阻）的最大阻值为130Ω；热敏电阻的阻值随温度t变化的关系如乙图所示。和均置于恒温箱中，当继电器线圈中电流达到50mA，继电器的衔铁会把弹簧片吸到左边，右边工作电路断电停止加热。求：
（1）加热时，经过的电流?
（2）当最高控温设置在时，滑动变阻器接人电路中的阻值应为多少?
（3）利用恒温箱把1kg的牛奶从加热到，牛奶吸收多少热量?（牛奶的比热容（））
（4）把1kg的牛奶从加热到需要2min，则该恒温箱的加热效率为多少?（结果精确到0.1%）
【答案】（1）；（2）；（3）；（4）
【解析】
【详解】解：（1）如图，恒温箱加热时，经过的电流为
（2）如图乙所示，当最高控温设置在时，热敏电阻，继电器线圈中电流达到50mA，则图甲中三个电阻串联的总电阻为
则滑动变阻器接人电路中的阻值应为
（3）利用恒温箱把1kg的牛奶从加热到，牛奶吸收多少热量为
（4）如图甲，恒温箱将牛奶加热这2min需要消耗的电能为
则该恒温箱的加热效率为
答：（1）加热时，经过的电流为；
（2）当最高控温设置在时，滑动变阻器接人电路中的阻值应为；
（3）恒温箱把1kg的牛奶从加热到，牛奶吸收热量为；
（4）该恒温箱的加热效率为。
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