（湖南长沙卷）2022年中考物理第一次模拟考试（全解全析）

这是一份（湖南长沙卷）2022年中考物理第一次模拟考试（全解全析），共15页。

2.必须在答题卡上答题，在草稿纸、试题卷上答题无效；
3.答题时，请考生注意各大题题号后面的答题提示；
4.请勿折叠答题卡，保持字体工整、笔迹清晰、卡面清洁；
5.答题卡上不得使用涂改液、涂改胶和贴纸；
6.本学科试卷共四大题，考试时量60分钟，满分100分。
一、选择题（本大题共12小题，每小题3分，共36分。第1~10题为单选题，每小题只有1个选项符合题意。第11、12题为多选题，每小题有两个答案符合题意，选对但少选得2分，错选得0分。请将符合题意的选项用2B铅笔填涂在答题卡相应位置）
1.关于重力的一些说法，正确的是（ ）。
A．在空中飞行的物体不受重力的作用；
B．重的方向总是垂直向下；
C．重力的作用点可能不在物体上；
D．质量与重力成正比
【答案】C。
【解析】
A、重力是由于地球的吸引而使物体受到的力，其施力物体是地球，在空中飞行的物体也受到重力作用，故A错误；
B、重力的方向总是竖直向下，故B错误；
C、物体的重心与物体的形状和质量分布情况有关，可以在物体上，比如实心球，也可以在物体外，比如均匀圆环，故C正确；
D、物体的质量和重力的关系是：物体所受的重力与其质量成正比，故D错误。故选C。
2.如图所示的现象中，下列分析正确的是（ ）。
A.甲图：弹奏古筝时，手在不同位置按弦，目的是为了改变发出声音的响度；
B.乙图：发声的音叉轻触系在绳上的乒乓球，球多次被弹开，说明发声体在振动；
C.丙图：医生用 B 超检查胎儿的发育情况，说明声音可以传递能量；
D.丁图：摩托车上装有消声器，是为了在传播过程中阻断噪声的传播
【答案】B。
【解析】A.甲图中手按压古筝不同位置的弦时，是为了改变弦的振动频率，从而改变发出声音的音调，故A错误；
B.乙图中发声的音叉轻触系在绳上的乒乓球，乒乓球多次被弹开，利用放大法，说明发声体在振动，故B正确；
C.丙图中医生用B超检查胎儿的发育情况，是因为声音可以传递信息，故C错误；
D.丁图中的摩托车上装有消声器，是在声源处阻断噪声的传播，故D错误。故选B。
3.《诗经》“蒹葭”一诗中写道：“蒹葭苍苍，白露为霜”，说法正确的是（ ）.
A.霜是由露水凝固形成的，“白露为霜”从物理的角度说是正确的；
B.露水是霜熔化形成的，“白露为霜”从物理的角度说是正确的；
C.露水形成的温度要比霜形成的温度还要低一些；
D.要形成霜，一是空气中含有较多的水蒸气，二是有比较冷（ 0℃ 以下）的物体
【答案】D。
【解析】A.霜是空气中的水蒸气遇冷凝华而成的小冰晶，故A错误；
B.露是空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，故B错误；
C.露水是水蒸气遇冷液化形成，霜是水蒸气骤然遇冷凝华形成，所以露水形成的温度比霜形成的温度要高一些，故C错误；
D.霜是空气中的水蒸气在温度低于0℃时，遇冷凝华而成的小冰晶。所以要形成霜，一是空气中含有较多的水蒸气，二是有比较冷（0℃以下）的物体，故D正确。故选D。
4.生活中处处有物理。下列说法不正确的是（ ）。
A.用吸管从瓶中吸牛奶利用了大气压强；
B.茶壶、锅炉水位计利用了连通器的原理；
C.高空拋物是违法行为，重物从高空下落时重力势能会转化为巨大的动能；
D.动车进站时，旅客不能越过安全黄线，原因是流体中流速大的位置压强大
【答案】D。
【解析】A.当用吸管吸牛奶时，先吸走的是管中的空气，使管内变为真空，这时大气压就压着牛奶进入管中，从而进入人的嘴中，利用了大气压，故A正确，A不符合题意；
B.茶壶的壶身和壶嘴与大气连通，并且壶身和壶嘴的底部相连通，是连通器，在液体不流动时，壶嘴和壶身的液面相平，锅炉水位计的上端和锅炉本身的上端开口，底部相连通，是连通器，在液体不流动时，水位计的液面与锅炉内的水位相平，显示水位的高低，都是利用了连通器的原理，故B正确，B不符合题意；
C.高空拋物是违法行为，重物从高空下落时，质量不变，高度减小，重力势能减小，速度增大，动能增大，即重力势能会转化为动能，故C正确，C不符合题意；
D.动车进站时，动车与黄线内的旅客间的流速大压强小，旅客外侧的流速小压强大，产生的压强差，容易将旅客压向动车，容易发生交通事故，所以旅客不能越过安全黄线，故D错误，D符合题意。故选D。
5.如图所示，所有开关都闭合时，下列电路属于串联电路的是（ ）。
A. B.C. D.
【答案】A。
【解析】A.电压表相当于断路，开关闭合后，故两灯泡首尾相连，故是串联，故A符合题意；
B.两电阻存在多条支路，两电阻并联，故B不符合题意；
C.开关都闭合后，存在两条支路，故是并联，故C不符合题意；
D.开关都闭合，存在两条支路，是并联，故D不符合题意。故选A。
6.关于温度、热量、内能的关系，下列说法正确的是（ ）。
A.冰熔化时吸收热量，内能增加，分子的运动越来越剧烈；
B.物体的温度升高，一定是从外界吸收了热量；
C.对物体做功，它的内能一定增加，温度不一定升高；
D.物体的温度升高，内能一定增加
【答案】D。
【解析】A.冰熔化时吸收热量，内能增加，温度不变，分子的运动与温度有关，所以分子运动剧烈程度不变，A错；
B.物体的温度升高，可是是外界对物体做了功，或者是从外界吸收了热量，B错；
C.对物体做功，如果同时向外传递热量，它的内能可能不变，C错；
D.物体的温度升高，内能一定增加，说法正确；故选D。
7.“珍爱生命、注意安全”是同学们日常生活中必须具有的意识，下列说法中错误的是（ ）。
A．如果发生触电事故，应立即切断电源，然后施救；
B．打雷下雨时，不能站在大树下避雨；
C．严禁攀爬输电铁塔；
D．许多家用电器在没有三孔插座的情况下，可以把三脚插头上最长的插头去掉，插入二孔插座中使用
【答案】D。
【解析】A、如果发生触电事故，应立即切断电源，然后施救．正确；
B、雷雨天，人不能在大树底下避雨，否则可能会被雷击中，正确；
C、输电铁塔输送的是高压电甚至是超高压电，盲目攀爬可能引起触电，正确；
D、大功率及有金属外壳的用电器，必须使用三孔插座，接好地线，以防外壳带电危及人身安全，错误。
故选D。
8.下列现象中，能利用流体压强规律解释的是（ ）。
A. 用活塞式抽水机抽水；B. 用塑料吸管吸饮料；
C. 盆景自动供水装置；D. 伞面被大风“吸”起
【答案】D。
【解析】A.活塞式抽水机工作时，其内部压强小于外界大气压，低处的水在大气压的作用下流入抽水机内，是利用大气压工作的，故A不符合题意；
B.用塑料吸管吸饮料时，吸管内的气压小于外界大气压，饮料在大气压的作用下被压入吸管，是利用大气压工作的，故B不符合题意；
C.盆景自动供水装置中，瓶内的水在大气压的作用下不会流出瓶外，是利用大气压工作的，故C不符合题意；
D.伞的形状是上凸下平，风吹过时，流过伞上方的空气流速大于下方的空气流速，因流体流速越大的位置压强越小，故伞上方的气压小于下方的气压，使得伞受到向上的压力差而被 大风“吸”起，故D不符合题意。故选D。
9.如图所示，闭合开关S，下列说法正确的是（ ）。
A．如果电源的a端是正极，则通电螺线管的左端是N极；
B．如果电源的a端是正极，则小磁针的B端是S极；
C．如果滑动变阻器的滑片向右移动，通电螺线管的磁性会增强；
D．如果滑动变阻器的滑片向左调节，电流表示数会变小
【答案】B。
【解析】AB．如果电源的a端是正极，电流从左端流入，右端流出，根据安培定则知道，此时通电螺线管的右端是N极，左端是S极，由磁极间的相互作用规律知道，小磁针的B端为S极，故A错误，B正确；
C．如果滑动变阻器的滑片向右移动，连入电路的电阻变大，电流变小，通电螺线管的磁性会减弱，故C错误；
D．滑动变阻器的滑动片P向左端移动，连入电路的电阻变小，电流变大，即电流表示数会变大，故D错误。
10.2022年第24届冬季奥林匹克运动会将在我国举行，如图是滑雪运动员正在训练的场景，下列说法正确的是（ ）。
A．使用雪橇滑雪是通过减小压力来减小压强的；
B．运动员加速滑行时，地面对雪橇的支持力与雪橇对地面的压力是一对相互作用力；
C．当运动员匀速直线滑行时，雪橇的重力与地面对雪橇的支持力是一对平衡力；
D．运动员冲过终点后不能立即停止滑行，是由于运动员受到惯性力的作用
【答案】B。
【解析】A.使用雪橇滑雪，人的重力不发生改变故压力不变，雪橇增大了接触面积，从而减小了压强；
B.相互作用力满足两个力作用在两个物体上，大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，对面对雪橇的支持力作用在雪橇上，雪橇对地面的压力作用在地面上，且满足大小相等，方向相反，作用在同一直线，为相互作用力；
C.雪橇的重力及地面对雪橇的支持力均作用在雪橇上，但大小不相等、方向相反、作用在同一直线上，不为平衡力；
D.惯性不是力，是物体的一种性质，只与物体质量有关。
11.下列有关机械能的说法中正确的是（ ）。
A．只要有力对物体做功，物体的机械能就改变；
B．在平衡力作用下运动的木块的动能保持不变；
C．推出的铅球在下落过程中增加的动能是由重力势能转化来的；
D．如果物体通过的路程与所用时间的比值不变，则物体的机械能不变
【答案】BC。
【解析】A、力对物体做功，物体的机械能不一定改变，如给轮胎打气时，对打气筒做功，打气筒发热，即打气筒的内能增加，机械能不变，故A错误；
B、在平衡力作用下运动的木块，质量和速度均不变，因此动能保持不变；故B正确；
C、推出的铅球在下落过程中，质量不变，速度增加，高度减小，因此重力势能减小、动能增加，即增加的动能是由重力势能转化来的；故C正确；
D、物体通过的路程与所用时间的比值等于速度，物体的质量和速度不变，说明动能不变，机械能等于动能和势能之和，因此机械能可能增加，可能减小，也可能不变，故D错误。故选BC。
12.如图甲所示，电源电压不变，小灯泡的额定电压为3V，第一次只闭合开关S1、S3、变阻器R的滑片从最下端滑至最上端。第二次只闭合开关S2，将滑动变阻器R的滑片从最下端向上滑至中点时，电压表V2的示数为1.5V，滑至最上端时，小灯泡正常发光。图乙是两次实验中电流表A与电压表V1、V2示数关系的图象。下列说法正确的是（ ）。
A．小灯泡的额定功率为0.9W；
B．定值电阻R0的阻值为10Ω；
C．滑动变阻器R的最大阻值为15Ω；
D．两次实验中，电路的最小功率为0.36W
【答案】BCD。
【解析】第一次只闭合开关S1、S3，定值电阻与变阻器串联，电压表V1测电源电压，电流表测电路的电流，当变阻器R的滑片滑至最上端时，为定值电阻的简单电路，因电压表V1测电源电压，故V1示数保持不变；第二次只闭合开关S2，灯与变阻器串联，电压表电压表V1测电源电压，V2测灯的电压，电流表测电路的电流，将滑动变阻器R的滑片从最下端向上滑至中点再滑至最上端时，变阻器连入电路的电阻逐渐变小，最后为0，由欧姆定律，电路的电流变大，灯的电压变大，故图中左边的曲线表示电流表A与电压表V2示数关系的图象，竖线表示电流表随V1的变化关系：
A、小灯泡的额定电压为3V，在第二次操作中，滑片滑至最上端时，因灯正常发光，故电源电压为3V，由图知，此时的电流最大为0.25A，故灯的额定功率：P＝UI＝3V×0.25A＝0.75W，A错误；
B、在第一操作中，滑片从最下端滑至最上端时，V1的示数不变，为定值电阻的简单电路，此时电路的电流应最大，由图中竖线可知，电路的最大电流为0.3A，由欧姆定律，
R0＝＝＝10Ω，B正确；
C、在第二次操作中，滑片在中点时，由串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：
R滑中＝＝＝7.5Ω，故滑动变阻器R的最大阻值为15Ω，C正确；
D、由乙图知，第一次操作中电路的最小电流小于第二次操作中电路的最小电流，在第一次操作中，当滑片滑到最下端时，电路的电阻最大，由串联电阻的规律和欧姆定律，电路的最小电流：
I小1＝＝＝0.12A，
两次实验中，电路的最小功率为：P小1＝I小1×U＝0.12A×3V＝0.36W，D正确。
二、填空题（本大题共5小题，11空，每空2分，共22分）
13.我国具有完全自主知识产权的百万千瓦核电技术电站“华龙一号”首堆年底即将投产，核燃料在核反应堆中发生的是 （填“裂变”或“聚变”），核能是 （填“可再生”或“不可再生”）能源。
【答案】裂变；不可再生。
【解析】（1）核电站是利用原子核发生裂变释放能量来发电的；
（2）核能短期不能得到补充，是不可再生能源。
14.东湖公园的湖边垂柳成荫，水面倒影如镜，湖水清澈见底，从物理学角度看：“垂柳成荫”是由于光的 形成的，“清澈见底”是由于光的 形成的。
【答案】直线传播；折射。
【解析】光在同种均匀介质中沿直线传播，柳树的枝叶挡住了光线的传播，所以有了树荫的形成，即“垂柳成荫”是由于光的直线传播形成的；
清澈见底的池水看起来比实际浅，是因为光线从水中斜射入空气时发生折射现象而形成的虚像。
15.体积为0.5m3的钢瓶内装有密度为6kg/m3的氧气，某次电焊中用去了其中1/3，则钢瓶内剩余氧气的质量为_______kg，剩余氧气的密度为_______kg/m3。
【答案】2；4。
【解析】原来氧气的质量为m=ρV=6kg/m3×0.5m3=3kg，故钢瓶内剩下氧气的质量为×3kg=2kg
剩余氧气的密度：ρ剩===4kg/m3。
16.华为手机的超级快充充电器最大充电电流可达5A．现有华为某一型号的电池，容量为4200mAh（其中“mA”为电流的单位“毫安”，“h”为时间的单位“小时”），假设充电器始终以最大充电电流充电，且把电池充满，只需要________min．如果将此电池电量全部用完，然后停下家里其它用电器，只给手机充电，充满后发现标有“3000revs/（kW•h）”字样的电能表转了63转，则充电消耗的电能为________kW•h。
【答案】50.4；0.021。
【解析】（1）已知I＝5A＝5×103mA，
由I＝可得，t＝＝＝0.84h＝50.4min，
“3000revs/（kW•h）”表示电路中的用电器每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转3000r，
则电能表转盘转动63圈消耗的电能：W＝kW•h＝0.021kW•h。
17.现有一热敏电阻，其阻值R随温度t的升高面减小，部分数据如表所示，利用它可以制作温度报警器，其电路的一部分如图所示，图中两个虚线框内一个接热敏电阻，一个接定值电阻，电源电压恒为12V。当图中的输出电压达到或超过8V时，便触发报警器（图中未画出）报警，不考虑报警器对电路的影响。要求环境温度达到或超过40℃时开始报警，则热敏电阻应接在虚线框______（填数字）内，另一虚线框内定值电阻阻值为______kΩ。若将虚线框内两元件对调，则报警器报警的最高温度为______℃。

【答案】2；2.2；10。
【解析】（1） 热敏电阻温度升高阻值减小，要求环境温度达到或超过40℃时开始报警，电源电压一定，热敏电阻阻值减小，在串联电路中分压减小，输出电压达到或超过8V时，便触发报警器报警，所以需要把热敏电阻放在2处。
（2）40℃热敏电阻阻值1.1kΩ，电源电压12V，定值电阻分压8V，则热敏电阻分压4V，故定值电阻阻值为热敏电阻两倍，即2.2kΩ。
（3） 若将虚线框内两元件对调，热敏电阻分压8V，定值电阻分压4V，定值电阻2.2 kΩ，根据串联分压规律，热敏电阻4.4 kΩ，由表格，温度10℃，则报警器报警的最高温度为10℃。
三、实验题（本大题共5小题，第18题6分，第19题6分，第20题4分，第21题6分，第22题7分，共29分）
18.甲图中物体A的长度是 cm；乙图中温度计的示数是 ℃；常用的液体温度计是利用测温液体 的性质工作的。
【答案】3.05（3.03～3.07）；－6；热胀冷缩。
【解析】甲图刻度尺分度值是1mm，长度是从4.00cm到7.05cm，则物体A的长度为两数值之差，即3.05cm；
乙图是读温度计的示数，分度值是1℃，液柱的上表面在0℃以下6小格处，记作－6℃。
液体温度计是利用测温液体热胀冷缩的性质工作的。
19.如图所示，用焦距为10cm的凸透镜做“探究凸透镜成像规律”的实验。
（1）为了使像成在光屏中央，应调节烛焰和光屏的中心位于凸透镜的___________上。
（2）如图所示，当蜡烛距离凸透镜 15cm 时，移动光屏，可在光屏上找到一个清晰的倒立、_______（填“放大”“等大”或“缩小”）的实像。在照神相机、投影仪、放大镜中，成像情况与之类似的是___________。
（3）当光屏上成清晰的像时，用白纸遮住凸透镜的上半部分，则烛焰的像亮度将___________。
【答案】同一高度；放大；投影仪；变暗。
【解析】（1）为了使像成在光屏中央，便于观察，应调节烛焰和光屏的中心位于凸透镜的同一高度上。
（2）由图中可知，当蜡烛距离凸透镜 15cm 时，此时物距大于一倍焦距小于二倍焦距，故此时所成的像为倒立、放大的实像；成像情况与之类似的是投影仪。
（3）用白纸遮住凸透镜的上半部分时，凸透镜的剩余部分对光仍然具有偏折能力，但因遮住了上半部分，故入射光线将减少，因此烛焰的像亮度将变暗。
20.某物理兴趣小组进行“电与磁的关系”的实验探究，在水平桌面上按照如图所示装置进行实验，闭合开关，使铜棒在水平金属轨道上快速左右运动，观察到灵敏电流计的指针发生偏转，这一现象与 （选填“电动机”或“发电机”）的工作原理相同；若灵敏电流计指针向右偏转，小磁针a端向通电螺线管偏转，则a端是 极。
【答案】发电机；N。
【解析】（1）由灵敏电流计的指针发生偏转可知，此时电路中有感应电流产生，所以这一现象与发电机的工作原理相同；
（2）由灵敏电流计的指针向右偏转可知，感应电流从其正接线柱流入，从而判断出通电螺线管中的电流方向，通过右手螺旋定则可判断出通电螺线管的右端是S极，再根据异名磁极相互吸引可判断出小磁针的a端是N极。
21.在“探究通电导体中电流与电阻的关系”实验中，电源电压为4.5V且保持不变，滑动变阻器的规格为20Ω 2A，选用30Ω、25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω的定值电阻R随机正确接入电路。
（1）（2分）用笔画线代替导线将图甲实物电路连接完整，要求滑动变阻器的滑片P向A端移动时，电路中电流变大，导线不得交叉；
（2）图乙是小致根据测得实验数据绘制的电流I随电阻R变化图象，由图象可知，记录数据时R两端电压为___________V；
（3）某次实验，更换电阻后，没有移动滑动变阻器的滑片P，直接闭合开关，此时电压表示数为1.5V，则刚拆下电阻R的阻值为___________Ω。
【答案】（2）3；（3）20。
【解析】（1）[1]根据题意，滑动变阻器的滑片P向A端移动时，电路中电流变大，电阻变小，所以将滑动变阻器A端与定值电阻串联，如图：
（2）[2]根据乙图可知，当电阻为10Ω时，电流为0.3A，则电压为U=IR=0.3A×10Ω=3V；
故R两端电压为3V。
（3）[3]设此时的电阻为，此时滑动变阻器两端的电压为；
根据串联分压可知：；
所以
更换电阻前，R两端的电压为3V不变，则滑动变阻器两端的电压为U滑 =U-UR =4.5V-3V=1.5V；
设拆下的电阻为R，根据串联分压；
所以R=2R滑
由题意，更换电阻后，没有移动滑动变阻器的滑片P，即滑动变阻器的电阻没有变，则R=4R′
由题意，选用30Ω、25Ω、20Ω、15Ω、10Ω、5Ω的定值电阻R随机正确接入电路，所以满足条件的电阻只能是R′=5Ω，R=20Ω；即刚拆下电阻R的阻值为20Ω。
22.为了直观验证阿基米德原理，小明改进了实验装置，如图所示，把弹簧测力计上端固定在铁架台上，用粗铁丝做一个框，挂在弹簧测力计挂钩上，在粗铁丝框上端悬吊一个金属块，下面放一小杯。铁架台的支架上放置一只溢水杯，溢水杯跟金属块、粗铁丝框、小杯都不接触。
（1）首先平稳缓慢地抬高放有溢水杯的支架，使金属块完全浸没入水中，但不与溢水杯底部接触，（如图甲→乙→丙），在此过程中，弹簧测力计示数：F甲________F丙（填“＞”、“＝”或“＜”）。
（2）然后再平稳缓慢地降低溢水杯支架，使金属块完全离开水面（如图丁），可以计算出图丙中金属块所受到的浮力约为________牛，此时浮力的测量数值将比真实数值_______（填“偏大”或“偏小”）。
【答案】（1）＝；（2）1.2；偏大。
【解析】（1）平稳缓慢地抬高溢水杯支架，使金属块完全浸没入水中（如图甲→乙→丙），图甲中弹簧测力计示数为金属块、粗铁丝框、小杯的总重力，图乙、丙中弹簧测力计示数为金属块对测力计的拉力、粗铁丝框、小杯和溢出水的重力之和，由于金属块对测力计的拉力等于金属块的重力与金属块受到的浮力之差，根据阿基米德原理可知：金属块受到的浮力等于排开液体所受的重力，所以，弹簧测力计示数保持不变，即：F甲＝F丙；
由图丙、丁可知，弹簧测力计的分度值为0.2N，图丁G＝4.4N，图丙F示＝3.2N，图丙中金属块所受到的浮力约为：F浮＝G﹣F示＝4.4N﹣3.2N＝1.2N；
金属块完全离开水面时要带出一些小水滴，使重力G测的数值偏大，根据F浮＝G﹣F示可知，此时浮力的测量数值比真实数值将偏大。
四、计算题（本大题共2小题，第23题6分，第24题7分，共13分）
23.每天都会有许多全国各地的人民群众，来到天安门广场观看升国旗仪式。天安门广场上的国旗，每天都会准时同太阳一起升起，25000次零失误。这是护卫国旗的战士们，一天一个两万步，两年一个新长征的训练缔造的奇迹。天安门广场上的国旗总重为175N，升旗时(如图)，国旗上升高度为30m，所用时间为2分07秒。求解下列问题：
(1)国旗上升的平均速度是多少？(保留一位小数)
(2)将国旗沿竖直方向匀速升高30m，拉力对国旗做的功是多少？
(3)若某持枪战士总重约为700N，估算该战士站立时对水平地面的压强。
【解析】(1)国旗上升的时间为2分07秒，即t =127s国旗上升的平均速度 ；
(2)国旗匀速上升过程中拉力做的功；
(3)战士双脚与地面的接触面积约 (合理即可)，战士对水平地面的压强 ；
故答案为：（1）0.2m/s；（2）5250J；（3）。
24.在如图所示的电路中，电源电压，小灯泡L标有“4V、16W”的字样（电源电压和小灯泡的阻值均保持不变），为定值电阻，滑动变阻器标有“20Ω、1A”的字样，电流表A的量程为0~0.6A。求：
（1）小灯泡L的电阻；
（2）当开关闭合断开时，电压表的示数为4V，工作5分钟消耗的电能；
（3）当开关断开闭合时，在电路安全的情况下，小灯泡电功率的变化范围。
【答案】（1）10Ω；（2）240J；（3）。
【解析】（1）小灯泡的电阻为；
（2）当开关闭合断开时，电阻与小灯泡L串联，电压表V测量的是小灯泡两端的电压，电阻两端的电压；
流过的电流；
工作5分钟消耗的电能；
（3）当开关断开闭合时，小灯泡L与滑动变阻器串联。小灯泡的额定电流
滑动变阻器允许通过的最大电流为1A，电流表允许通过的最大电流为0.6A，灯泡允许通过的最大电流0.4A，此时电路允许通过的最大电流，小灯泡的最大功率，
当滑动变阻器阻值最大时，整个电路的电阻；
此时通过小灯泡的最小电流；
小灯泡的最小功率；
答：（1）小灯泡L的电阻为10Ω；（2）工作5分钟消耗的电能为240J；（3）小灯泡电功率的变化范围为。