2024年中考第三次模拟考试题：物理（广西卷）（解析版）

这是一份2024年中考第三次模拟考试题：物理（广西卷）（解析版），共20页。试卷主要包含了下列关于热现象的说法正确的是等内容，欢迎下载使用。

注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷 选择题
一、选择题（共16题，共35分。在给出的四个选项中，第 1~13题只有一个选项符合题目要求，选对得2分，选错得0分。第14~16题有多个选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全得2分，有选错得0分。请考生用2B铅笔在答题卡上将选定的答案标号涂黑。）
1．如图所示，常温下的两个烧杯分别盛有冰块和热水，杯口分别盖有玻璃片a、b．一段时间后，观察到玻璃片表面出现小水珠，下列说法中正确的是（ ）
A．小水珠在a的下表面、b的上表面
B．小水珠在a的上表面、b的下表面
C．小水珠都在a、b的上表面
D．小水珠都在a、b的下表面
【答案】B
【解答】解：a杯中放的是冰块，杯外的水蒸气遇冷液化成小水珠附着在玻璃的外表面；
b杯中装的是热水，杯内温度高，杯内的水蒸气遇冷液化成小水珠附着在玻璃的内表面。
故选：B。
2．摄影小组拍摄如图所示的照片中，由于光的直线传播形成的是（ ）
A．露珠下的叶脉放大了B．塔的倒影
C．日食D．海市蜃楼
【答案】C
【解答】解：A、露珠下的叶脉被放大属于凸透镜成像，是由于光的折射形成的，故A错误；
B、塔的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B错误；
C、日食是由于光的直线传播形成的，故C正确；
D、海市蜃楼是由光的折射形成的，故D错误。
故选：C。
3．人的身体中藏有很多“尺”（如图所示），可以帮助我们估测物体的长度、身高170cm的小明，利用自己的身体特征进行了以下估测，其中最接近实际的是（ ）
A．单人课桌长3拃（zhǎ），约0.6m
B．黑板长2.5庭（tuō），约9m
C．教室长15步，约30m
D．文具盒宽4指，约0.005cm
【答案】A
【解答】解：A、单人课桌长3拃，约0.6m，故A正确；
B、黑板长2.5庭（tuō），约2.5m，故B错误；
C、走路时，两脚尖之间的距离在1m左右，15步幅应该在15m左右，故C错误；
D、文具盒宽4指，一指约1cm，约为4cm，故D错误。
故选：A。
4．中国姑娘郑钦文在2024年澳大利亚网球公开赛中获得亚军，实现了中国网球运动员在国际赛场的重大突破。如图是她用球拍击球的精彩瞬间，下列说法正确的是（ ）
A．球拍对球有作用力，球对球拍没有作用力
B．球拍对球的作用力使球拍发生了形变
C．球拍对球的作用力改变了球的运动状态
D．击打瞬间，球只是受力物体，不是施力物体
【答案】C
【解答】解：
A、球拍对球有作用力，力的作用是相互的，球对球拍也有作用力。故A错误；
BC、球拍对球的作用力使球发生了运动状态的改变，故B错误，C正确；
D、击打瞬间，球只是受力物体，也是施力物体。故D错误。
故选：C。
5．哈尔滨、杭州等地将打造低真空超高速磁浮飞行巴士，时速可达1000公里以上。磁浮飞行巴士采用能量回收制动方式，巴士到站前停止动力供应，继续向前运行，内部线圈切割磁感线产生电流，部分机械能转化为电能进行回收。下列四幅图中能反映能量回收原理的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】A
【解答】解：巴士到站前停止动力供应，继续向前运行，内部线圈在磁场中切割磁感线产生感应电流，将机械能转化为电能，这是电磁感应现象；
A、闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生感应电流，这种现象叫电磁感应现象，发电机就是利用该原理来工作的，故A正确；
B、图中装置的主要部件是电磁铁，其工作原理是电流的磁效应，故B错误；
C、图中有电源，是研究通电导体在磁场中受力运动，故C错误；
D、图中的实验为奥斯特实验，是探究电流的磁效应，故D错误。
故选：A。
6．2024年3月4日，世界泳联跳水世界杯蒙特利尔站比赛落幕，中国跳水队包揽全部金牌。跳板跳水运动有起跳、腾空、下落、入水四个阶段，下列说法正确的是（ ）
A．运动员起跳时对跳板的力大于跳板对运动员的力
B．运动员离开跳板腾空后受到平衡力作用
C．运动员下落过程中动能主要转化为重力势能
D．运动员入水后受到竖直向上的浮力
【答案】D
【解答】解：A．运动员对跳板的力和跳板对运动员的力是一对相互作用力，大小相等，故A错误；
B．运动员离开跳板腾空后做变速运动，速度发生了改变，受非平衡力的作用，故B错误；
C．运动员下落过程中速度增大，则动能增大，高度降低，则重力势能减小，重力势能主要转化为动能，故C错误；
D．浮力的方向竖直向上。运动员入水后排开水，受到竖直向上的浮力，故D正确。
故选：D。
7．下列关于热现象的说法正确的是（ ）
A．热机压缩冲程是通过热传递改变内能的
B．尘土飞扬说明分子在永不停息地做无规则运动
C．现代火箭用液态氢作为燃料，是因为液态氢的热值大
D．海边昼夜温差比沙漠中小是因为水的比热容小
【答案】C
【解答】解：A、热机压缩冲程是机械能转化为内能的过程，是通过做功的方式改变内能的，故A错误；
B、尘土飞扬是固态小颗粒的机械运动，不是分子的无规则运动，故B错误；
C、质量相同的燃料完全燃烧，氢的热值比较大，放出热量多，所以现代火箭用液态氢作为燃料，故C正确；
D、沿海地区和沙漠地区相比，沿海地区水多，在相同的吸放热条件下，水的比热容较大，所以海边昼夜温差比沙漠小，故D错误。
故选：C。
8．运动可分为宏观运动和微观运动，分析两种运动的实质，判断下列关于运动的说法中不正确的是（ ）
A．擦黑板时，粉笔灰随着板擦漫天飞舞，粉笔灰的运动是机械运动
B．水结冰后不再流动，水分子还是运动的
C．泡茶的水温度越高，茶香越浓，是因为分子扩散加快
D．物体运动得越快，它的分子无规则运动就越快
【答案】D
【解答】解：A、粉笔灰四处飞扬是物体在运动，属于机械运动，故A不符合题意；
B、水结冰后不再流动，但水分子无时无刻在做无规则运动，故B不符合题意；
C、泡茶的水温度越高，茶香越浓，是因为分子扩散加快，故C不符合题意；
D、分子的无规则运动只跟温度有关，跟物体运动快慢无关，故D符合题意。
故选：D。
9．如图所示，电源电压保持不变，R0为定值电阻，将滑动变阻器的滑片P置于中点，只闭合开关S1时，电压表和电流表均有示数，下列说法正确的是（ ）
A．只闭合S1，滑片P从中点向右移动时，电压表和电流表示数都变小
B．只闭合S1，滑片P从中点向右移动时，电路消耗的电功率减小
C．滑片P不动，断开S1，闭合S2、S3时，电压表和电流表示数都变大
D．滑片P不动，断开S1，闭合S2、S3时，电压表和电流表示数的比值变大
【答案】C
【解答】解：AB、根据电路图可知，只闭合 S1，R0与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流，滑片P从中间向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻减小，根据串联电路分压规律可知，滑动变阻器分担电压变小，电压表示数减小；根据串联电路的电阻规律可知，电路的总电阻减小，总电压不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流变大，电流表示数变大，根据P＝UI可知，电路消耗的电功率增大，故AB错误；
CD、滑片P不动，断开S1，闭合S2、S3时，R0与R滑并联，电压表测电源电压，电流表测通过滑动变阻器的电流；在串联电路中，电源电压等于各用电器两端电压之和，所以此时电压表示数变大，根据欧姆定律可知，电流表的示数变大；两个电阻并联后的总电阻要小于其中任何一个电阻，所以两个电阻并联时的总电阻要小于串联时的总电阻，根据欧姆定律可知，干路中的电流变大；根据R＝可知，电压表和电流表示数的比值为变阻器接入电路的阻值，所以比值不变，故C正确、D错误。
故选：C。
10．“珍爱生命、安全用电”是人们在日常生活中必须具备的用电常识。关于安全用电，下面说法不正确的是（ ）
A．正确使用试电笔测火线时有微弱电流通过人体
B．发现有人触电时，应先切断电源，再把人拉开
C．为了清洁卫生，应经常用湿布擦拭正在工作的台灯
D．用电器的三脚插头中标有“E”的插头连接的是用电器的金属外壳
【答案】C
【解答】解：
A、当笔尖接触火线时，电流会经笔尖、氖管、大电阻、笔尾、人体导向大地，形成通路。这一过程中，人体会成为电路的一部分，会有微弱的电流通过，故A正确；
B、发现有人触电时，应先切断电源，再把人拉开，符合安全用电的要求，故B正确；
C、生活中的水是导体，用湿布擦拭正在工作的台灯易引发触电事故，故C错误；
D、用电器的三脚插头中标有“E”的插头连接的是用电器的金属外壳，故D正确。
故选：C。
11．下列有关声和电磁波的说法正确的是（ ）
A．声和电磁波都能传递信息且都能在真空中传播
B．通过响度分辨不同乐器演奏的声音
C．摩托车的消声器，其作用是在传播过程中减弱噪声
D．利用卫星系统导航，其信息传播的媒介与“B超”不同
【答案】D
【解答】解：A、声音和电磁波都能传递信息，但电磁波能在真空中传播，声音不能在真空中传播，故A错误；
B、人们能辨别不同乐器发出的声音，是因为它们的音色不同，故B错误；
C、摩托车的消音器，其作用是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、卫星导航系统传递信息利用的是电磁波，“B超”是利用超声波，故D正确。
故选：D。
12．水平桌面上两个相同的烧杯中分别装有甲、乙两种不同液体，将两个不同材料制成的正方体A、B（VA＜VB），按如图两种方式放入两种液体中，待静止后B刚好浸没在甲液体中，A刚好浸没在乙液体中，两杯中液面恰好相平。下列说法正确的是（ ）
①甲液体密度小于乙液体密度
②甲液体对杯底的压强等于乙液体对杯底的压强
③物块B受到的浮力大于物块A受到的浮力
④装甲液体的容器对桌面的压力小于装乙液体的容器对桌面的压力
A．①②B．②③C．③④D．①④
【答案】D
【解答】解：
①把A、B两物体作为一个整体，该整体在两液体中都处于漂浮状态，由漂浮条件可知F浮＝GA+GB，则该整体在两液体中受到的浮力相等；由图可知V排甲＝VB，V排乙＝VA，且VA＜VB，所以V排甲＞V排乙；因整体在两液体中受到的浮力相等，且排开甲液体的体积较大，由F浮＝ρ液gV排可知，两液体的密度关系：ρ甲＜ρ乙，故①正确；
②已知ρ甲＜ρ乙，两液体的深度h相同，由p＝ρgh可知，甲液体对杯底的压强小于乙液体对杯底的压强，故②错误；
③因整体受到的浮力相等，即甲液体中B物体受到的浮力等于乙液体中A物体受到的浮力，故③错误；
④两容器中液面恰好相平且容器相同，则液体与物块排开液体的体积之和相同，但V排甲＞V排乙，故甲液体的体积较小，又知ρ甲＜ρ乙，则根据G液＝m液g＝ρ液gV液可知，甲液体的重力较小；整个容器水平桌面的压力F＝G容+GA+GB+G液，因容器相同、则其重力相同，且A、B两物体的重力不变，甲液体的重力较小，故装甲液体的容器对水平桌面的压力较小，故④正确。
故选：D。
13．如图所示的钨丝是将一个白炽灯去除玻璃罩制成的，闭合开关S，小灯泡L发光，钨丝不发光，向钨丝吹气时，小灯泡L变亮，用酒精灯给钨丝加热，小灯泡L逐渐变暗直至熄灭，由实验可知（ ）
A．小灯泡L发光而钨丝不发光是因为通过钨丝的电流小于小灯泡L的电流
B．钨丝的电阻随温度升高而减小
C．给钨丝加热时，电路中的电流变大
D．向钨丝吹气时，钨丝电阻变小
【答案】D
【解答】解：A、闭合开关S，小灯泡L发光，钨丝不发光，因钨丝和小灯泡串联接入电路中，则通过它们的电流大小相等；由于灯丝电阻较大，钨丝电阻较小，灯丝产生的热量较多而发热发光；故A错误；
BC、用酒精灯对白炽灯的钨丝加热，钨丝的温度升高，观察到小灯泡L的亮度明显变暗，说明通过小灯泡L的电流变小，电路中的电流变小，钨丝的电阻随温度升高而增大；故BC错误；
D、向钨丝吹气时，小灯泡L变亮，说明通过小灯泡的电流变大，则钨丝的电阻减小；故D正确。
故选：D。
14．（多选）根据所学的相关物理知识判断，下列说法中正确的是（ ）
A．中国C919大飞机为减轻机体质量，采用了大量强度高、密度小的新型合成材料
B．冬奥会吉祥物“冰墩墩”被宇航员从地面带到空间站，它的质量变成接近于零
C．在称物体质量前，应先估测被测物体的质量，以免超过量程造成对天平的损坏
D．氧气钢瓶内的氧气用掉部分后，罐内剩余氧气的质量将会变小，密度也会减小
【答案】ACD
【解答】解：A、航空器材的体积一定，由m＝ρV可知，材料的密度越小，航空器材的质量越小，所以航空器材采用强度高、密度小的材料制造，故A正确；
B、冰墩墩从地面被带到空间站后，其质量将不变，因为质量是物体的属性，与位置改变无关，故B错误；
C、在称物体质量前，应先估测被测物体的质量，以免超过其量程，对天平的损坏，故C正确；
D、一罐氧气用掉部分后，罐内氧气的质量变小，但体积不变，由ρ＝可知密度变小，故D正确。
故选：ACD。
15．（多选）如图所示，水平桌面上放有甲、乙两平底水杯，分别装有深度相同的水。已知两个杯子重均为1N，底面积均为20cm2，水深10cm，水的密度为1.0×103kg/m3，g取10N/kg（忽略杯壁厚度）。下列说法正确的是（ ）
A．甲杯中水对杯底的压力小于乙杯中水对杯底的压力
B．甲杯杯底对桌面的压强为1.5×103Pa
C．甲杯对桌面的压强小于乙杯对桌面的压强
D．若向两杯水中均投入相同的石块，两杯中的水对杯底的压力增加量相等
【答案】BC
【解答】解：A、由题知，两容器的底面积相同，容器内水的深度h相同，由p＝ρgh可知水对容器底部产生的压强相等，即p甲＝p乙；由F＝pS可知，水对容器底的压力相同，故A错误；
B、甲容器内水的重力G＝mg＝ρ水Vg＝ρ水Shg＝1.0×103kg/m3×20×10﹣4m2×0.1m×10N/kg＝2N，
甲杯杯底对桌面的压力等于容器和水的总重，即F＝1N+2N＝3N，
对桌面的压强p＝＝＝1.5×103Pa，故B正确；
C、比较甲、乙两容器形状可知，甲容器内水的体积小于乙容器内水的体积，由G＝mg＝ρVg可知，甲容器内水的重力小，即甲容器和水的总重小，对桌面的压力小，由p＝可知，对桌面的压强小，故C正确；
D、甲、乙容器的底面积相同，形状不同，若向两杯水中均投入相同的石块，乙容器内水升高的高度小于甲容器内水升高的高度，由p＝ρgh可知，乙容器内水对杯底的压强增加量小，由F＝pS可知，乙杯内水对杯底的压力变化量小，故D错误。
故选：BC。
16．（多选）如图甲所示的电路，电源电压恒定不变，R0为定值电阻，R为滑动变阻器（0～25Ω）。闭合开关，调节滑动变阻器，记录电压表示数U、电流表示数I，作出U﹣I关系图象如图乙所示。则下列判断正确的有（ ）
A．电源电压为2.5V
B．R0的阻值为5Ω
C．当电压表示数为1V时，电路消耗的总功率为1.2W
D．当电压表示数为2V时，滑动变阻器消耗的电功率最大
【答案】BC
【解答】解：AB、由图甲知R0和变阻器R串联，电流表测量串联电路电流，电压表测量R两端电压，由图乙知，当I＝0.2A时，变阻器两端电压U＝2V，当I'＝0.4A时，变阻器两端电压U'＝1V，
则电源电压U总＝U+IR0＝2V+0.2A×R0……①
电源电压U总＝U'+I'R0＝1V+0.4A×R0……②
解方程组得：U总＝3V，R0＝5Ω，故A错误，B正确；
C、当电压表示数为1V时，电路消耗的总功率P总＝U总I'＝3V×0.4A＝1.2W，故C正确；
D、变阻器消耗的功率PR＝（）2R＝＝，则当R＝R0时，滑动变阻器消耗的电功率最大，由串联分压可知，此时电压表电压为电源电压的一半，即当电压表示数为1.5V时，滑动变阻器消耗的电功率最大，故D错误。
故选：BC。
第Ⅱ卷 非选择题
二、填空题（本题共6小题，每空1分，共12分）
17．内窥镜可以直接观察人体内部器官的病变。如图所示，这是医学上常用的内窥镜，它是一种在细管顶端装有小型摄像机的医疗器械。它的镜头相当于一个 凸透镜 ，检查时，要看清患处微小的细节，医生应将内窥镜的镜头 靠近 （选填“靠近”或“远离”）患处。
【答案】凸透镜；靠近
【解答】解：摄像机的镜头相当于凸透镜，成的是倒立、缩小的实像；检查时，要看清患处微小的细节，让观察的位置的像更大，相当于使实像变大，故应增大像距，减小物距，因此应该使内窥镜细管顶端靠近患处。
故答案为：凸透镜；靠近。
18．如图是一个电吹风的电路原理图，图中“扇形”是一个闸刀，电吹风可以吹自然风和热风。在闸刀处于图示位置时，电吹风处在 断路 状态；若要它处于吹热风状态，那么闸刀应该置于 3 （选填“1”“2”或“3”）位置。
【答案】断路；3
【解答】解：在闸刀处于图示位置时，电动机和电热丝均处于断路状态，电吹风处在断路状态，没有工作；若要它处于吹热风状态，电动机和电热丝要同时工作，那么闸刀应该置于3。
故答案为：断路；3。
19．学校教学楼走廊上悬挂“不敢高声语，恐惊读书人”的标语，这里的“高”指声音大，所以指声音的 响度 （选填“音调”、“响度”或“音色”）。在月球上不管宇航员怎么喊话，对面的人都不会听到，因为 月球上是真空，真空不能传声 。
【答案】响度；月球上是真空，真空不能传声。
【解答】解：声音的强弱叫响度，“不敢高声语，恐惊读书人”的标语，这里的“高”指声音大，也就是指声音的响度。
月球上是真空，真空不能传声，宇航员之间不能直接听到对方喊话，依靠无线电话交谈。
故答案为：响度；月球上是真空，真空不能传声。
20．如图所示，小男孩在平直路面上驱动滑板向前滑行，发现路旁的建筑往后退，这是以 滑板 （选填“地面”或“滑板”）为参照物。滑行时，他的脚不断用力向后蹬地，蹬地后双脚站在滑板上，滑板由于 惯性 向前滑行一段距离。
【答案】滑板；惯性。
【解答】解：他向前运动，建筑相对于他不断后退，位置不断改变，所以以滑板为参照物，建筑是后退的；
蹬地后双脚站在滑板上，滑板由于惯性，仍要保持原来的运动状态，会向前滑行一段距离。
故答案为：滑板；惯性。
21．小明关注长沙楼房坍塌救援现场用到了起重机，他设计了如图甲所示模型装置，虚线框内是由两个相同的滑轮安装成的滑轮组。利用该滑轮组提升质量为27kg的物体所用的拉力为100N。物体和绳子自由端的运动情况如图乙所示。不计绳重和摩擦，则滑轮组中动滑轮重 30 N，该滑轮组的机械效率为 90 %。
【答案】30；90。
【解答】解：（1）由图乙可知，物体上升高度h＝2m时，绳子自由端移动距离s＝6m，
由此可知，绳子的段数n＝＝＝3，
物体重力：G＝mg＝27kg×10N/kg＝270N，
不计绳重和摩擦，由F＝（G+G动）可得，滑轮组中动滑轮重：
G动＝nF﹣G＝3×100N﹣270N＝30N；
（2）不计绳重和摩擦，该滑轮组的机械效率：
η＝＝＝＝×100%＝90%。
故答案为：30；90。
22．近年来，全球汽车保有量迅速增长，汽车以汽油作为燃料，汽油属于 不可 （选填“可”或“不可”）再生能源。若某汽车内燃机的效率为30%，完全燃烧10kg汽油对该汽车做的有用功为 1.38×108 J。
【答案】不可；1.38×108
【解答】解：汽油是化石能源，属于不可再生能源。
完全燃烧10kg汽油放出的热量：
Q放＝qm＝4.6×107J/m3×10kg＝4.6×108J；
再根据W有用＝ηQ放＝30%×4.6×108J＝1.38×108J。
故答案为：不可；1.38×108。
三、作图题（共4分）
23．（1）如图所示是小明家卧室照明电路，请用笔画线代替导线，将开关和灯泡接入电路中。
【答案】
【解答】解：根据图示可知，试电笔氖管会发光，这说明下面的线是火线，上面的线为零线；
火线首先进入开关，然后再入灯泡顶端的金属点，零线直接接灯泡的螺丝口，如图所示：
（2）如图是工人利用独轮车搬运砖头的情境，人手向上的力为F，请画出力F的力臂。
【答案】见解答
【解答】解：车脚的中心为支点O，反向沿长力F的作用线，再由O向其作垂线，图中L表示的就是该力的力臂，如图所示。
四、实验探究题（本题共4小题，每空1分，共18分。）
24．为探究冰块熔化时温度的变化特点，张静同学从冰箱内收集了20g冰块，从实验室选取所需器材，请你根据所学知识和张静一起完成以下实验操作和数据处理，并回答实验过程中遇到的问题：
（1）在收集冰块过程中，应该收集颗粒较 小 （选填：“大”、“小”）的冰块。
（2）实验前：A组同学认为，应该在烧杯中加入沸水，并用酒精灯加热烧杯，如甲图所示；B组的同学认为，应该在烧杯中加入温水，且撤去图中的酒精灯。你认为 B （选填：“A”“B”）组同学的思路更加合理。
（3）确定实验思路后正确完成实验并收集实验数据，张静根据收集到的数据绘制出如图乙所示的温度变化图线，由图线可知冰是 晶体 （选填：“晶体”、“非晶体”）。造成AB段和CD段温度变化快慢不同的原因是对应物质的 比热容 不同。
（4）已知水的比热容为4.2×103J/（kg•℃），忽略蒸发和散热对实验的影响，试管内的物质在CD段对应时间内吸收的热量是 336 J。
【答案】（1）小；（2）B；（3）晶体比热容；（4）336。
【解答】解：（1）实验应该选用颗粒较小的冰块，因为小冰块受热均匀；
（2）应该在烧杯中加入温水，且撤去图中的酒精灯，温度上升较慢，便于记录，能正确反映冰熔化时温度的变化规律，故B正确；
（3）由图象知，冰在熔化过程中温度保持不变，所以冰是晶体；质量是物体的一种属性，不随状态的改变而改变，分析图乙图像中AB段和CD段，在相同的时间里吸热相同，物质升高的温度不相同，根据c＝可知其原因是冰和水的比热容不同；
（4）CD阶段2min物质吸收的热量Q＝cm（t﹣t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×0.02kg×4℃＝336J；
因为相同时间内物质吸收的热量相同，则CD阶段物质共吸收了336J的热量。
故答案为：（1）小；（2）B；（3）晶体比热容；（4）336。
25．如图是小明同学实验小组探究“浮力大小与哪些因素有关”的实验装置（在物体未浸入水中时，溢水杯中盛满水或酒精）。
（1）物体完全浸没在水中时所受的浮力为 1 N。
（2）由A、C、D可知，浮力与物体浸没的深度 无关 （选填“有关”或“无关”）。
（3）由A、D、E可知，浮力与液体的密度 有关 （选填“有关”或“无关”）。
实验结果表明，物体在液体中所受浮力大小，跟它浸在液体中的体积有关、跟液体的密度有关。在这个实验中小明还测量出B、C、D、E中排出液体的重力，发现浸在液体中的物体受到向上的浮力，浮力大小等于它排开液体所受的重力。
【拓展】小明在家中利用台秤、玻璃杯、水、玻璃缸、记号笔来测量盐水的密度。实验过程如下：
①将玻璃杯放在台秤上，测出空玻璃杯的质量为m1；
②如图甲所示，向玻璃缸中倒入适量的水，使空玻璃杯漂浮在水面上，用记号笔记下水面在玻璃杯上对应的位置b，此时玻璃杯受到的浮力为 m1g ；
③倒出玻璃缸中的水并擦干净，向玻璃缸里倒入适量的待测盐水，擦干玻璃杯外面的水，使玻璃杯漂浮在盐水面上（如图乙所示）。向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与 b 相平；
④取出玻璃杯并擦干外面的盐水，用台秤测出其总质量为m2；
⑤盐水密度的表达式为ρ盐水＝ •ρ水 （用字母表示，已知水的密度为ρ水）。
【答案】（1）1；（2）无关；（3）有关；【拓展】②m1g；③b；⑤•ρ水。
【解答】解：
（1）物体完全浸没在水中时所受的浮力：F浮＝4N﹣3N＝1N；
（2）由图C、D可知，C、D中的液体都是水，液体的密度相同，物体排开液体的体积不同，测力计的示数不同，物体受到的浮力不同，由此可知：物体在液体中所受浮力的大小跟排开液体的体积有关；
（3）图D、E是探究物体所受的浮力大小与液体密度的关系，控制排开液体的体积相同，液体的密度不同，物体所受浮力大小不同，浮力与液体的密度有关；
【拓展】玻璃杯在水中漂浮，所受浮力：F浮＝G物＝m1g；
向玻璃杯中倒水，直到盐水液面与b相平，玻璃杯两次排开液体的体积相等，
由阿基米德原理可得：ρ水gV排＝m1g，即V排＝﹣﹣﹣﹣﹣（1），
玻璃杯在盐水中漂浮时，所受浮力：F浮′＝G物′＝m2g，
由阿基米德原理可得：ρ盐水gV排＝m2g，即ρ盐水＝﹣﹣﹣﹣（2），
将（1）代入（2）可得，盐水的密度：ρ盐水＝•ρ水。
故答案为：（1）1；（2）无关；（3）有关；【拓展】②m1g；③b；⑤•ρ水。
26．在“测量小灯泡电功率”的实验中，如图所示，若选用的电源电压恒为4.5V，小灯泡的额定电压为2.5V、电阻约为10Ω。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整；
（2）电路连接好后，检查无误，闭合开关后，缓慢移动滑片P，当滑片P移至某位置时，电压表的示数如图乙所示，其读数为 2.3 V；
（3）为了测量小灯泡的额定功率，还应将滑片P缓慢向 B 端移动。当电压表的示数为2.5V时，小灯泡才正常发光，这时电流表的示数如图丙所示，则此小灯泡的额定功率为 0.7 W。
【答案】（1）见解答图；（2）2.3；（3）B；0.7。
【解答】解：（1）在“测量小灯泡电功率”的实验中，电流表要串联在电路中，小灯泡的额定电压为2.5V、电阻约为10Ω，灯泡正常工作的电流约为：
I＝＝＝0.25A；
故电流表应选择0～0.6A的量程，如图所示：
（2）电压表的示数如图乙所示，选择的是0～3V的量程，分度值为0.1V，其读数为2.3V；
（3）为了测量小灯泡的额定功率，应使电压表的示数为2.5V，此时需要增大电流，减小电阻，应继续将滑片P缓慢向B端滑动，
电流表的示数为0.28A，电压为2.5V，则此小灯泡的额定功率为：
P＝UI＝2.5V×0.28A＝0.7W。
故答案为：（1）见解答图；（2）2.3；（3）B；0.7。
27．在“探究串联电路电压的特点”实验中，小梦设计了如图所示的电路。
（1）实验中，应选择规格 不同 （选填“相同”或“不同”）的小灯泡；
（2）如图所示，在测灯L1两端的电压时，闭合开关S，发现灯L1不亮，灯L2发光且电压表示数为零，其原因可能是灯L1 短路 （选填“断路”或“短路”）；
（3）排除故障后，在测完灯L1两端的电压，要测灯L2两端的电压时，同组的小伟认为，保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，即可测量灯L2两端电压。你认为小伟的实验方案是 不可行 （选填“可行”或“不可行”）的，理由是 会导致电压表的正负接线柱接反 。
【答案】（1）不同；（2）短路；（3）不可行；会导致电压表的正负接线柱接反。
【解答】解：（1）为了避免实验的偶然性，使探究得出的结论具有普遍性，应该选取规格不同的小灯泡进行实验。
（2）闭合开关S，灯L2发光说明电路中有电流通过，灯L1不亮，电压表示数为零，则故障可能是灯L1短路。
（3）测出L1两端的电压时，A与电压表的负接线柱相连。若保持电压表的B连接点不动，只断开A连接点，并改接到C连接点上，不能测量出L2的电压，因为会造成电流从负接线柱流入了，即电压表的正负接线柱接反了。
故答案为：（1）不同；（2）短路；（3）不可行；会导致电压表的正负接线柱接反。
五、计算题（本题共9小题，28题9分，29题10分，30题12分，共31分）
28．如图，是一辆环保“微型公交”，满载时静止在水平地面上，总质量为3000kg，轮胎与地面的总接触面积恒为600cm2。求：
（1）满载时它对地面的压强是多少帕？
（2）满载时车上有10人，平均体重700N，车的质量是多少？
【答案】（1）满载时它对地面的压强是5×105Pa；
（2）空车的质量是2300kg。
【解答】解：（1）由题意可知，该车满载时静止在水平地面上，总质量为3000kg，该车的总重力为：
G总＝mg＝3000kg×10N/kg＝30000N；
该车满载时对地面的压力大小也等于该车的重力，即压力为30000N，轮胎与地面的总接触面积为：
S＝600cm2＝600×10﹣4m2＝0.06m2，
根据压强公式可知，满载时它对地面的压强为：
p＝＝＝5×105Pa；
（2）满载时车上有10人，平均体重700N，这些人的总重力为：
G人＝10G人＝10×700N＝7000N，
该车满载的总重力为30000N，则空车的重力为：
G车＝G总﹣G人＝30000N﹣7000N＝23000N，
空车的质量为：
m车＝＝＝2300kg。
答：（1）满载时它对地面的压强是5×105Pa；
（2）空车的质量是2300kg。
29．如图所示杠杆AB可绕O点在竖直平面内转动，AO：OB＝2：3，D是OB的中点，滑轮重为100N。第一次在B点施加竖直向下的拉力F时，杠杆在水平位置平衡，底面积为0.04m2的物体M对水平地面的压强为7500Pa；第二次在D点施加同样竖直向下的拉力F时，杠杆在水平位置平衡，物体M对水平地面的压强为15000Pa（不计杠杆重、绳重和摩擦）。
（1）求第一次施加拉力时，物体M对地面的压力；
（2）求拉力F的大小。
【答案】（1）第一次施加拉力时，物体M对地面的压力为300N；
（2）拉力F的大小为200N。
【解答】解：（1）由p＝得，正方体M对水平地面的压力：
F压＝p1S＝7500Pa×0.04m2＝300N；
（2）因正方体M对水平地面的压力和地面对正方体M的支持力是一对相互作用力，
所以，正方体M受到的支持力F支持＝F压＝300N，
把动滑轮和正方体M看做整体，受到竖直向上地面的支持力、两股竖直向上绳子的拉力和竖直向下总重力处于平衡状态，
当在B点施加大小为F的竖直向下的拉力时，杠杆在水平位置平衡，
由杠杆的平衡条件可得：F•OB＝FA•AO，
则作用在A端绳子的拉力FA＝F＝F，
由整体受到的合力为零可得：F支持+2FA＝G动+G，即300N+3F＝100N+G﹣﹣﹣﹣﹣①
当在D点施加大小为F的竖直向下的拉力时，杠杆在水平位置平衡，
由杠杆的平衡条件可得：F•OD＝FA′•AO，
则作用在A端绳子的拉力FA′＝F＝F＝F，
正方体M对水平地面的压力：
F压′＝p2S＝15000Pa×（0.2m）2＝600N，
则正方体M受到的支持力F支持′＝F压′＝600N，
把动滑轮和正方体M看做整体，受到竖直向上地面的支持力、两股竖直向上绳子的拉力和竖直向下总重力处于平衡状态，
由整体受到的合力为零可得：F支持′+2FA′＝G动+G，即600N+F＝100N+G﹣﹣﹣﹣②
由①②可得：F＝200N，G＝800N。
答：（1）第一次施加拉力时，物体M对地面的压力为300N；
（2）拉力F的大小为200N。
30．在物理项目多元探究学习活动中，某科技小组的同学设计了如图甲所示的船只升降实验模型。模型中的船厢A和所盛水的总重为5N，圆柱形浮筒B底面积为100cm2，重为18N。电路中电源电压恒定，R0为定值电阻，压敏电阻Rx（表面绝缘，厚度不计）固定于容器C底部，上表面积为50cm2，Rx阻值随所受水的压力变化关系如图乙所示。关闭排水阀，向C中注入适量水后关闭进水阀，装置静止时，测得C中水深为20cm，B浸入水中的深度为7cm（未浸没），闭合开关S，此时电流表示数I1＝30mA；再次打开进水阀，向C中缓慢注入一定质量的水，浮筒B上升，使A下降30cm，稳定后电流表示数I2＝24mA。若不计绳重和摩擦，水的密度，g取10N/kg，求：
（1）B浸入水中的深度为7cm时所受的浮力；以及动滑轮的重力；
（2）C中水深为20cm时Rx阻值；
（3）电路中电源电压值。
【答案】（1）B浸入水中的深度为7cm时所受的浮力为7N；动滑轮的重力为4N；
（2）C中水深为20cm时Rx阻值为100Ω；
（3）电路中电源电压值为4.8V。
【解答】解：（1）当B浸入水中的深度为7cm时，浸入水中的体积：
VB＝SBhB＝100×10﹣4m2×7×10﹣2m＝7×10﹣4m3，
由F浮＝ρ液gV排可得，B浸入水中的深度为7cm时所受的浮力：
F浮＝ρ水gV排＝1.0×103kg/m3×10N/kg×7×10﹣4m3＝7N；
模型中的船厢A和所盛水的总重为5N，由图甲可知滑轮组绳子有效段数n＝3，
绳子对动滑轮的拉力：
F1＝3GA＝3×5N＝15N，
浮筒B对动滑轮向下的拉力：
F2＝GB﹣F浮＝18N﹣7N＝11N，
对动滑轮进行受力分析可知：
F1＝F2+G动，
所以，G动＝F1﹣F2＝15N﹣11N＝4N；
（2）根据p＝ρgh可得当水深为20cm时，水对容器C底部压强为：
p＝ρgh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×20×10﹣2m＝2×103Pa，
由p＝可得容器底部受到的压力：
F＝pSC＝2×103Pa×50×10﹣4m2＝10N，
由图乙可知，当压力为10N时，Rx＝100Ω；
（3）在容器C中注水后，船厢A的总重力不变，滑轮组绳子的拉力不变，则浮筒B受到竖直向上的拉力不变，由F浮＝G﹣F拉可知，浮筒B受到的浮力不变，
当浮筒B浸入水中的深度仍为7cm时，在容器C中再注入一定质量的水，浮筒B将上升，使船厢A下降30cm，浮筒B浸入水中的深度不变，此时水面上升高度
Δh＝×30cm＝10cm，
容器底部受到水的压强的增加量：
Δp＝ρ水gΔh＝1.0×103kg/m3×10N/kg×10×10﹣2m＝1000Pa，
容器底部受到水的压力的增加量：
ΔF＝ΔpSC＝1000Pa×50×10﹣4m2＝5N，
压敏电阻受到的总压力：
F′＝F+ΔF＝10N+5N＝15N，
由图乙可知，此时Rx′＝140Ω，
根据欧姆定律I＝可得电源电压：
U＝I1（Rx+R0）＝0.03A×（100Ω+R0） ①
U＝I2（Rx′+R0）＝0.024A×（140Ω+R0） ②
由①②解得：R0＝60Ω，U＝4.8V。
答：（1）B浸入水中的深度为7cm时所受的浮力为7N；动滑轮的重力为4N；
（2）C中水深为20cm时Rx阻值为100Ω；
（3）电路中电源电压值为4.8V。