2024年山东省青岛市滨海学校中考物理模拟试卷（一）（含详细答案解析）

这是一份2024年山东省青岛市滨海学校中考物理模拟试卷（一）（含详细答案解析），共26页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.下列有关单位换算关系，不正确的是( )
A. 1Pa=1N/m2B. 1J=1N⋅mC. 1J=1N⋅sD. 1W=1J/s
2.下列说法正确的是( )
A. 热机和电动机在能量的转化方式上是不同的
B. 电磁波与声波类似，也有频率、波长和波速，需要介质传播
C. 科学家用中子轰击铀235原子核，使其发生核聚变反应，释放巨大的能量
D. 压强的单位是帕斯卡，为了纪念他首先用实验的方法测出了大气压强的数值
3.如图所示，杠杆水平静止，当拉力F绕作用点A转动时，为保持杠杆水平平衡，F大小随θ(F方向与水平方向的夹角)变化关系图象符合实际的是( )
A.
B.
C.
D.
4.如图所示，两轻弹簧a、b悬挂一小铁球处于平衡状态，a弹簧与竖直方向成30∘角，b弹簧水平，a、b的劲度系数分别为k1、k2。则两弹簧的伸长量x1与x2之比为( )
A. k1k2B. k2k1C. 2k2k1D. k22k1
5.如图所示，烧杯中有水，水中倒扣着一玻璃瓶，瓶内水面比烧杯内水面低，当烧杯中的水被加热到一定温度时( )
A. 烧杯和瓶内的水可能都会沸腾
B. 烧杯中的水可能会沸腾，瓶内的水一定不会沸腾
C. 烧杯中的水一定不会沸腾，瓶内的水可能会沸腾
D. 烧杯和瓶内的水一定都不会沸腾
6.如图所示，水平放置的“H”形容器，右侧装有植物油，左侧可能装有水或酒精，中间用一个可以无摩擦移动的活塞密封，活塞处于静止状态。则下列说法中(已知ρ水>ρ植物油>ρ酒精)( )
①左侧可能装有酒精
②左侧可能装有水
③若想让活塞向右侧移动，可以在a处水平吹气
④若想让活塞向右侧移动，可以在b处水平吹气
A. 只有①④正确B. 只有②④正确C. 只有①③正确D. 只有②③正确
7.小亮同学用滑轮组提升物体，绳子自由端竖直移动的距离随时间变化的关系如图中图线a所示，物体上升的高度随时间变化的关系如图中图线b所示。已知物体的质量为900g，所用动滑轮的质量为100g，绳子自由端的拉力F为2.6N，g取10N/kg。在0∼2s的过程中，下列说法中错误的是( )
A. 物体上升速度为0.025m/s
B. 拉力F的功率为0.13W
C. 滑轮组的有用功为0.45J
D. 滑轮组的机械效率小于90%
8.如图所示，有一电路暗盒，盒内有一电源和一定值电阻，A、B、C为表面的三个接线柱．现有一实验灯泡的红、蓝两线头分别去接触三个接线柱，测试结果如下表所示，则下列判断中正确的是( )
A. A，B间连接的是电阻；A，C间连接的是电源
B. B，C间连接的是电阻；A，C间连接的是电源
C. B，C间连接的是电阻；A，B间连接的是电源
D. A，C间连接的是电阻；B，C间连接的是电源
9.如图电路中。开关闭合后，发现灯L1比L2亮，下列分析正确的是( )
A. 通过L1的电流比通过L2的电流大B. L1的实际功率比L2的实际功率小
C. L1的电阻比L2的电阻小D. L1两端电压比L2两端电压大
二、多选题：本大题共6小题，共18分。
10.下列关于物理概念和现象的说法中，错误的是( )
A. 站在海边看见水中的贝壳是光的折射形成的
B. 额定电功率大的灯泡比额定电功率小的灯泡要亮
C. 物体放出热量，温度一定降低
D. 磁场对放入其中的导体会产生力的作用
11.如图所示，将焦距为10cm的凸透镜固定在光具座50cm刻度线处，此时在光屏中心已成烛焰清晰的像，下列说法正确的是( )
A. 此时烛焰在光屏上的成像特点与投影仪成像特点相同
B. 若蜡烛和光屏不动，把透镜向左移动，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的像
C. 若蜡烛移至45cm刻度线处，移动光屏，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的像
D. 在图示中的烛焰和凸透镜之间放一副远视镜，将光屏左移可再次成清晰的像
12.如图所示，每个滑轮重6N，物体A重100N，物体B重60N，F1=16N，F2=8N，此时物体A相对于地面静止，物体B以0.1m/s的速度在物体A表面向左做匀速直线运动，绳重及滑轮转轴的摩擦等次要因素忽略不计。下列说法正确的是( )
A. 拉力F2的功率为0.8W
B. 滑轮组的机械效率为75%
C. 如果增大F2，物体A可能向左运动
D. 物体A受到地面水平向右2N的摩擦力
13.如图甲所示，底面积为S0的柱形容器内盛有密度为ρ0的液体，木块用轻质细线固定在容器底部且浸没，此时细线对木块的拉力为T。将细线剪断，木块最终漂浮且露出水面的体积为25，如图乙。下列说法正确的是( )
A. 木块的体积为5T2ρ0g
B. 木块所受的重力为32T
C. 乙图中容器对桌面的压力小于甲图
D. 甲、乙两图中，甲中液体对容器底部的压强大于乙
14.如图所示的电路中，闭合开关S，当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示。已知电源电压保持不变，下列判断正确的是( )
A. U1I不变，ΔU1ΔI不变
B. U2I变大，ΔU2ΔI变大
C. U2I变大，ΔU2ΔI不变
D. U3I变大，ΔU3ΔI变大
15.王璐同学设计了一个道路限载报警器(图甲)，R0 是变阻器，R是压敏电阻．R的电阻大小随压力大小变化关系如图乙所示，当超载车辆通过压敏电阻时，限载报警器就会报警，调试好电路，闭合开关S1和S2，当超载车辆通过时，限载报警器会铃响，一般交通主干道的抗压能力一般比村道路要强得多，若把村道路限载报警器应用到主干道，就要适当调高报警器的限载重量，下列操作可行的是( )
A. 把变阻器R0的滑片适当左移
B. 把电源1的电压适当增大
C. 把弹簧AB的A端适当左移
D. 把电磁铁C适当右移，S，断开开关S1和S2，调节滑动变阻器的滑片
三、填空题：本大题共1小题，共2分。
16.爸爸驾车送小明上学，在行车时小明看到方向盘前的中控台上放有两包香烟，如图甲；某时他看到香烟突然向中控台的左侧移动，如图乙。此时是因为车突然______(选填“加速”、“减速”、“左转”或“右转”)时，香烟具有惯性造成的。此过程中香烟在前挡风玻璃中像的大小______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。在车内吸烟，烟味会很快遍布全车，是因为______。
四、实验探究题：本大题共3小题，共18分。
17.小明设计了用吸盘测量大气压值的实验，可选用测量工具有刻度尺、弹簧测力计、秒表和天平。请完成以下问题：
(1)实验步骤：
①如图所示，将塑料吸盘压在光滑的水平玻璃板上，挤出里面的空气；
②用细绳将小桶与吸盘挂钩相连接，为方便实验操作，应向小桶中缓慢添加______(选填“砝码”或“细沙”)，直到吸盘恰好脱离玻璃板；
③用天平测出小桶和里面物体的总质量m；
④用刻度尺测量______(写出相关物理量及其符号)；
⑤大气压强表达式为：______(用所测量的物理量的符号表示)。
(2)为了减小误差，下列做法可行的是______。
A.减小吸盘的直径
B.减小塑料桶的质量
C.在吸盘上沾点水后再压在玻璃板上
18.小明在进行“伏安法测量小灯泡电功率”的实验中，电源电压恒为3V，小灯泡标有“2.5V”字样。
(1)如图甲，在连接的实物图中，有一根导线连接错误，在这根线上打“×”，并在图中改正。
(2)正确连接电路后，移动滑动变阻器的滑片在不同的位置，小灯泡R−U图象如图乙。由图象可知，当所加电压为2.5V时，灯丝的电阻为______Ω，小灯泡的额定功率为______W。
(3)小华同学在没有电流表的情况下，利用已知电阻R设计了如图丙的电路，也测出了小灯泡的额定功率，将下列实验步骤补充完整：
①正确连接电路后，闭合开关S；
②S1、S2分别掷向a和c，调节滑片P，使电压表示数为2.5V；
③______，测出电阻R两端的电压U；
④小灯泡的额定功率表达式P额=______(用已知量和测量量符号表示)。
19.小明在老师的指导下用小球和弹簧等器材进行了如下实验与探究(不考虑空气阻力)：让小球从某高度处由静止开始下落到竖直放置的轻质弹簧上(如图甲)，在刚接触轻弹簧的瞬间(如图乙)，小球速度为5.0m/s。从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短(如图丙)的整个过程中，得到小球的速度v和弹簧缩短的长度Δx之间的关系如图丁所示，其中A为曲线的最高点，已知该轻弹簧每受到0.1N的压力就缩短0.5cm，并且轻质弹簧在全过程中始终发生弹性形变。
(1)小球从接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，速度的变化情况是______(填字母)；
A.一直变大
B.一直变小
C.先变大后变小
D.先变小后变大
(2)当小球的速度减小为5.0m/s时，弹簧产生的弹力F与小球的重力G的关系为：F ______G(大于/小于/等于)；
(3)当弹簧的压缩量最大时，小球的速度为______，小球处于______(平衡/非平衡)态；
(4)实验中所用小球的重力为______ N，全过程中，弹簧产生弹力的最大值为______ N。
五、计算题：本大题共6小题，共48分。
20.如图所示，底面积为1m2的圆柱形薄壁容器装满水，一光束沿AO射向水面，方向保持不变，反射光线在足够长的水平光屏EF上形成光点Q.打开水阀K，水流出，水位下降，光点在光屏上移动，容器中的水已流出150kg，则光点移动了______ cm；若池中水流干净，光点共移动50cm，则池水总质量为______ kg。
21.如图所示，甲、乙两个薄壁圆柱形容器置于水平桌面上，两容器底部用一根细管相连，开始阀门K关闭。甲容器底面积为S甲=300cm2，甲盛有深度为h甲=0.2m的某种液体，乙容器中放有一个密度为ρ木=0.5×103kg/m3，底面积S木=100cm2、高为h木=0.2m的圆柱形木块，乙容器的底面积为S乙=200cm2。(g取10N/kg)
(1)求木块对乙容器底部的压强；
(2)若甲容器中液体对容器底部的压强是木块对乙容器底部压强的2倍，求液体的密度；
(3)打开阀门，让液体从甲容器流入乙容器，当木块对乙容器底部的压力恰好为零时，求液体对乙容器底部的压力。
22.某地区利用当地丰富的太阳能资源发电，供生产生活使用。
(1)小明家将太阳能转化的电能储存到电源中，给热水壶和电暖气供电。开关S控制电路中所有用电器，开关S1控制热水壶的加热电阻R1(“220V 484W”)，开关S2控制电暖气的加热电阻R2(“220V 2420W”)。闭合所有开关，R1、R2同时工作，R1每分钟放出2.4×104J的热量，求R2的实际功率；(R1和R2的阻值不随温度变化)
(2)已知在一段时间内，垂直于太阳光的1m2面积上每1秒接收的太阳能为500J，如图所示，太阳光与水平面夹角为60∘、面积为4m2的太阳能电池板竖直放置。太阳能电池板将太阳能直接转化为电能的效率为20%，求1分钟内通过该太阳能电池板获得的电能。
23.如图甲所示，斜面的夹角为30∘，在水平路面上行驶的汽车通过滑轮组拉着浸入水中的重9×104N，底面积为100dm2的柱形货物A向上匀速运动。如图乙所示，将A拉至斜面后，物体A以2m/s的速度运动时，汽车对绳的拉力的功率为180kW。不计绳、滑轮的质量和摩擦，g=10N/kg。求：
(1)将A置于水平地面时对地面的压强；
(2)如图甲所示，当A有30dm浸入水中时，汽车对绳的拉力；
(3)如图乙所示，将A拉至斜面后装置的机械效率。
24.如图甲所示，A、B是边长均为10cm的正方体，已知A的质量为0.2kg，B的重力为16N，将一轻质弹簧的两端分别固定在A、B表面的中央，构成一个连接体后放入水平桌面上的平底圆柱形容器内。再向容器中缓慢加入一定量的水，直至连接体对容器底的压力恰好为0，已知弹簧原长为10cm，弹簧弹力F的大小与弹簧的形变量ΔL的关系如图乙所示。容器的底面积为200cm2，容器足够深。上述过程中弹簧始终在竖直方向伸缩，弹簧的质量与体积均忽略不计。求：
(1)物体A的重力；
(2)加水前，连接体对容器底的压强p1；
(3)加水后，当连接体对容器底的压力恰好为0时，容器中的水对容器底部的压强p2。
25.如图所示是一直流电动机提升重物的装置。已知重物质量m=50kg，电源电压U=110V保持不变，电动机线圈的电阻R=4Ω，不计各处摩擦，当电动机以某一速度匀速向上提升重物时，电路中的电流I=5A，g=10N/kg。
求：(1)电源的输出功率；
(2)电动机线圈电阻R的发热功率；
(3)电动机做有用功的功率；
(4)试从能量转化和守恒的角度，求重物上升的速度大小。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A、由公式p=FS可得压强单位是N/m2，用Pa取代N/m2，所以1Pa=1N/m2，故A正确；
BC、由公式W=Fs可得功的单位是N⋅m，用J取代N⋅m，所以1J=1N⋅m，故B正确，C错误；
D、由公式P=Wt可得功率单位是J/s，用W取代，所以1W=1J/s，故D错误。
故选：C。
根据压强、功、功率的计算公式，可得出相应的物理单位。
深入理解物理公式中得出的单位，知道各单位间的关系，可解答此题。
2.【答案】A
【解析】解：A、热机是将内能转化为机械能，电动机是将电能转化为机械能，它们在能量的转化方式上是不同的，故A正确。
B、电磁波与声波类似，也有频率、波长和波速，不需要介质传播，故B错误。
C、科学家用中子轰击铀235原子核，使其发生核裂变反应，释放巨大的能量，故C错误。
D、托里拆利首先用实验的方法测出了大气压强的数值，不是帕斯卡，故D错误。
故选：A。
(1)热机是将内能转化为机械能，电动机是将电能转化为机械能。
(2)电磁波不需要介质传播。
(3)科学家用中子轰击铀235原子核，使其发生核裂变反应。
(4)托里拆利是第一个用实验的方法测出了大气压强的数值的科学家。
本题考查了能量转化、电磁波、核裂变及第一个测量大气压大小的物理学家，是基础题目。
3.【答案】B
【解析】解：杠杆水平静止，当拉力F绕作用点A点转动，θ逐渐变大时，F的力臂先变大后变小，阻力和阻力臂大小不变，根据杠杆的平衡条件F1L1=F2L2可知，F先变小后变大；当θ=90∘时，动力臂最大，动力最小；当θ=180∘时，动力臂为0，不会出现这种情况，故B正确。
故选：B。
通过测力计和水平方向的夹角变化，找出力臂的变化情况，结合杠杆平衡条件得出动力的大小变化。
本题考查了力臂的变化、杠杆平衡条件的应用，难度不大。
4.【答案】C
【解析】解：对小球的受力方向，受重力和两个弹簧的弹力，如图根据平衡条件，有F2F1=sin30∘=12，
根据胡克定律，有：F1=k1x1，
F2=k2x2；
解得：x1x2=2k2k1，
故选：C。
对小球受力分析，受到重力和两个弹簧的弹力，根据平衡条件并运用合成法得到两个弹力之比，再结合胡克定律求解出伸长量之比。
本题考查共点力平衡条件的运用，有一定难度。
5.【答案】B
【解析】解：烧杯中有水，水中倒扣着一玻璃瓶，瓶内水面比烧杯内水面低，玻璃瓶内的压强大于外界压强。
烧杯内的水在一定气压下，达到水的沸点，还能不断吸收热量，能沸腾。
玻璃瓶内的气压高，水的沸点高，玻璃瓶内的水要从烧杯中的水吸收热量，玻璃瓶内的水最高达到烧杯内水的沸点，不能达到玻璃瓶内水的沸点，玻璃瓶内的水一定不能沸腾。
故选：B。
液体沸腾的条件：达到沸点，不断吸收热量。
液体的沸点跟气压有关，气压越高，沸点越高。
本题首先根据玻璃瓶内外的水面高不同，判断玻璃瓶内外的气压大小，判断沸点的高低。再根据沸腾的条件进行判断是否能沸腾。
6.【答案】A
【解析】解：
①②由图知，活塞处于静止状态，则左右两侧受到液体的压强是相同的，且左侧液体的深度要大于右侧液体的深度，根据p=ρgh可知，左侧液体的密度要小于右侧液体的密度，已知右侧装有植物油，且ρ水>ρ植物油>ρ酒精，所以左侧装的液体为酒精，故①正确、②错误；
③④若想让活塞向右侧移动，则需要减小右侧上方的气体压强，可以在b处吹气，b处空气的流速变快，气体压强变小，在压强差的作用下，活塞会向右移动，故④正确、③错误。
故选：A。
根据液体压强公式和给出液体密度值的关系进行分析；流体压强与流速的关系：流速越大的地方，压强越小；流速越小的地方，压强越大。
本题考查了流体的压强与流速的关系、液体内部压强公式的应用，难度不大。
7.【答案】B
【解析】解：A.物体上升速度为：v=ht=5cm2s=2.5cm/s=0.025m/s，故A正确；
B.绳子自由端移动的距离随时间变化的关系如图线a所示，绳子自由端的速度为v′=st=20cm2s=10cm/s=0.1m/s，
拉力F的功率P=Wt=Fst=Fv′=2.6N×0.1m/s=0.26W，故B错误；
C.在0∼2s的过程中，滑轮组的有用功W有=Gh=mgh=0.9kg×10N/kg×0.05m=0.45J，故C正确；
D.由图线可知，物体升高5cm时，自由端移动20cm，承担物种的绳子股数为n=sh=20cm5cm=4，
滑轮组的机械效率为η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=0.9kg×10N/kg4×2.6N≈86.5%，所以滑轮组的机械效率小于90%，故D正确。
故选：B。
(1)根据图线b和公式v=st可求物体上升的速度；
(2)根据图线a和公式v=st求出绳子自由端的速度，根据P=Wt=Fst=Fv可求拉力F的功率；
(3)有用功W有用=Gh；
(4)由图线ab和s=nh可知动滑轮上绳子的有效段数n，滑轮组的机械效率为η=W有用W总=GhFs=GhFnh=Gnh可求。
本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、功率、机械效率的计算，计算时注意单位统一。
8.【答案】A
【解析】解：红线头接A接线柱、蓝线头接C接线柱，灯正常发光，说明AC之间只有电源；
红线头接A接线柱、蓝线头接B接线柱，灯不亮，说明AB之间无电源；
红线头接B接线柱、蓝线头接C接线柱，灯光暗淡，说明BC之间有电源和电阻；
红线头接B接线柱、蓝线头接A接线柱，不亮，说明AB之间无电源；
综合以上分析，得电路图如图所示，
故选A.
分析表格中提供的信息，得出当把实验灯接在AB、AC、BC之间时的灯的发光情况，逐一分析判断得出连接方式．
黑盒子问题是电学中的难点，关键是根据提供的现象分析电路的连接，并画出电路图．
9.【答案】D
【解析】解：
(1)由图可知，两个灯泡串联，因串联电路中电流处处相等，所以通过两灯的电流相等；
灯泡的亮度由灯泡的实际功率决定，L1比L2亮，所以L1的实际功率比L2的实际功率大，故AB错误；
(2)两灯的电流相等，且L1的实际功率较大，由P=I2R可知，L1的电阻比L2的电阻大，故C错误；
由U=IR知，L1两端电压比L2两端电压大，故D正确。
故选：D。
由图可知两灯串联，由串联电路电流特点可知两灯电流的大小关系；
灯泡亮度由灯泡的实际功率决定，由L1比L2亮可知两灯实际功率关系，从而判断两灯电阻和电压关系。
本题考查串联电路特点、欧姆定律以及电功率公式的应用，关键知道灯泡的亮度是由其实际功率所决定的。
10.【答案】BCD
【解析】解：
A、站在海边看见水中的贝壳是贝壳的虚像，是光的折射形成的，故A正确；
B、灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的，与额定功率无关，故B错误；
C、物体放出热量，温度不一定降低，例如晶体在凝固过程中，放出热量，内能减小，温度不变，故C错误；
D、通电导体在磁场中受到力的作用，只是导体，不一定受到磁场力，故D错误。
故选：BCD。
(1)光线在同种不均匀介质中传播或者从一种介质斜射入另一种介质时，就会出现光的折射现象，例如水池底变浅、水中筷子变弯、海市蜃楼等都是光的折射形成的；
(2)灯泡的亮度是由灯泡的实际功率决定的；
(3)物体放出热量，温度可能不变；
(4)磁场对放入其中的通电导体会产生力的作用。
本题考查了光的折射现象、温度与热量之间的关系、实际功率、磁场对通电导体的作用，难度不大。
11.【答案】BD
【解析】解：A、由图可知，物距大于像距，成的是倒立、缩小的实像，其应用是照相机，故A错误；
B、根据光路可逆可知，蜡烛和光屏不动，把透镜向左移动，可在光屏上呈现烛焰清晰放大的像，故B正确；
C、若蜡烛移至45cm刻度线处，uD、在图示中的烛焰和凸透镜之间放一副远视镜，远视镜是会聚透镜，对光线由会聚作用，成的像要靠近凸透镜，故将光屏左移可再次成清晰的像，故D正确。
故选：BD。
(1)当u>2f、f(2)想使蜡烛在光屏上所成像变大，应减小物距，增大像距；
(3)当u(4)远视镜是会聚透镜，对光线有会聚作用。
本题考查了凸透镜成像规律及特点的应用，理解凸透镜成像的规律是关键。
12.【答案】BD
【解析】解：
A、由图可知，滑轮组绳子的有效股数n=3，则绳子自由端移动的速度v2=nvB=3×0.1m/s=0.3m/s，
则F2的功率：P2=W总t=F2s2t=F2v2=8N×0.3m/s=2.4W，故A错误；
D、因绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，
所以，由F=1n(G动+f)可得，物体B受到的摩擦力fB=nF2−G动=3×8N−6N=18N，
因物体A对物体B水平向右的摩擦力和物体B对物体A水平向左的摩擦力是一对相互作用力，
所以，物体B对物体A水平向左的摩擦力：fB′=fB=18N，
因物体A静止时处于平衡状态，其合力为零，
所以，由F1此时物体A受到水平向右的拉力F1和地面对A的摩擦力f、物体B对物体A水平向左的摩擦力fB′作用处于平衡状态，
由物体A受到的合力为零可得：F1+f=fB′，
则地面对A的摩擦力大小为：f=fB′−F1=18N−16N=2N，方向水平向右，故D正确。
B、该滑轮组的机械效率：η=W有W总=fBsBF2s2=fBsBF2nsB=fBnF2=18N3×8N×100%=75%，故B正确；
C、如果增大F2，动滑轮对下方绳子的拉力也增大，B将做加速运动，但B对A的压力大小和接触面的粗糙程度不变，则B与A之间的摩擦力大小不变，A受到的拉力F1、地面的摩擦力不变，则A还是处于静止状态，故C错误。
故选：BD。
(1)由图可知n=3，绳子自由端移动的速度v=nv物；利用P=Wt=Fst=Fv求出拉力F2做功的功率；
(2)绳重及滑轮转轴处的摩擦等次要因素忽略不计，根据F=1n(G动+f)求出物体B受到的摩擦力；物体A对物体B水平向右的摩擦力和物体B对物体A水平向左的摩擦力是一对相互作用力，二力大小相等，方向相反，据此求出物体B对物体A摩擦力的大小和方向；物体A静止时处于平衡状态，其合力为零，比较拉力F1和物体B对物体A摩擦力的大小判断得出地面对物体A摩擦力的方向，然后对物体A受力分析列出等式求出地面对A的摩擦力大小；
(3)利用公式η=W有W总=fs物Fs=fs物Fns物=fnF求出滑轮组的机械效率；
(4)滑动摩擦力的大小与压力大小和接触面的粗糙程度有关，先分析A受到B的摩擦力的大小变化，再确定A的运动状态是否变化。
本题考查了功率公式和滑轮组的省力公式、机械效率公式、影响滑动摩擦力大小因素、二力平衡条件以及相互作用力等知识的综合应用，正确得出物体间摩擦力的大小和方向是关键，有一定的难度。
13.【答案】ABD
【解析】解：A.甲图中，木块受力的浮力等于重力加上细线对木块的拉力之和，
G+T=F浮=ρ0Vg……①
图乙中，木块漂浮，浮力大小和重力大小相等，可得：
G=F浮′=ρ0(1−25)Vg……②
联立①②两式可得
V=5T2ρ0g，
故A正确；
B.图乙中，木块漂浮，重力大小和浮力大小相等，即
G=F浮′=35ρ0Vg=35ρ0g5T2ρ0g=32T，
故B正确；
C.两图中容器对桌面的压力均为
F=G总=G木块+G液体+G容器，
所以，乙图中容器对桌面的压力等于甲图，故C错误；
D.甲、乙两图中，液体的密度相同，由p=ρgh可知，甲图中液体的深度更大，所以甲中液体对容器底部的压强大于乙，故D正确。
故选：ABD。
(1)甲图中，对木块进行受力分析可得表达式；图乙中，木块漂浮，浮力大小和重力大小相等，联立两式从而可得木块的体积；
(2)图乙中，木块漂浮，重力大小和浮力大小相等；
(3)两图中容器对桌面的压力均为F=G总=G木块，乙图中容器对桌面的压力等于甲图；
(4)甲、乙两图中，液体的密度相同，由p=ρgh可知，甲图中液体的深度更大，可知甲、乙中液体对容器底部的压强大小关系。
本题考查物体的浮沉条件及其应用，密度的计算与公式的应用，液体压强的比较大小，压力，阿基米德原理的应用等，知识点多，难度适中。
14.【答案】AC
【解析】解：由电路图知三个电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R2两端的电压，电压表V3测量定值电阻R1和滑动变阻器R2两端的总电压；
A、R1是于定值电阻，则U1I=ΔU1ΔI=R1，因此U1I不变，ΔU1ΔI不变，故A正确；
BC、U2I=R2变大。根据欧姆定律得：U2=U−I(R1+R3)，得ΔU2ΔI=R1+R0不变，故B错误，C正确；
D、当滑动变阻器的滑片P向下滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，因U3I=R1+R2，R1不变，R2变大，则U3I变大。根据欧姆定律得：U3=U−IR0，则知ΔU3ΔI=R0不变，故D错误。
故选：AC。
由电路图知三个电阻串联，电流表测量电路中的电流，电压表V1测量定值电阻R1两端的电压，电压表V2测量滑动变阻器R2两端的电压，电压表V3测量定值电阻R1和滑动变阻器R2两端的总电压，对于定值电阻，有R=UI=ΔUΔI；对于可变电阻，可根据欧姆定律分析ΔUΔI与R0的关系，从而作出判断。
本题要注意对于定值电阻，是线性元件，有R=UI=ΔUΔI；对于可变电阻，可根据欧姆定律分析ΔUΔI与R0的关系。
15.【答案】AC
【解析】【分析】
本题考查了学生对电磁继电器的工作原理的掌握，注重了物理和生活的联系，加强了学生应用能力的考查，是中考的热点。
分析乙图中压敏电阻的特点，结合欧姆定律和杠杆的相关知识得到调高报警器的限载重量的方法。
【解答】
A.由乙图可知，压敏电阻的阻值随着压力的增大而减小，因此要想提高报警器的限载重量，必须增大电路中的电阻，减小电磁铁电路中的电流，即可以把变阻器R0的滑片适当左移，故A正确；
B.把电源1的电压适当增大，会降低报警器的限载量，故B不符合题意；
CD.观察甲图发现，衔铁和弹簧的部分实际上是一个杠杆，如果不改变电磁铁电路的电流，可以让衔铁不那么容易被吸下来，因此弹簧向左移或者电磁铁向左移都会达到目的．故C正确，D错误。
故选AC。
16.【答案】右转 不变 烟分子在不停地做无规则运动
【解析】解：(1)惯性是一切物体固有的性质，当汽车突然向右转弯时，香烟由于惯性仍然保持原来的运动状态，所以香烟会向左侧移动；
(2)挡风玻璃相当于平面镜，由于光的反射成正立、等大的虚像，所以此过程中香烟的像的大小不变；
(3)吸烟时，由于烟分子在不停地做无规则运动，扩散到空气中，所以烟味会很快遍布全车。
故答案为：右转；不变；烟分子在不停地做无规则运动。
(1)一切物体都有保持原来运动状态不变的性质叫惯性，结合题意和惯性知识判断此时车的运动情况。
(2)挡风玻璃相当于平面镜，平面镜所称的像与物体等大；
(3)一切物质的分子在永不停息地做无规则运动，吸烟时，烟分子在空气中进行扩散，是分子运动的结果。
此题主要考查学生对于惯性、分子热运动以及平面镜成像原理的理解和掌握。对惯性现象的分析，关键是明确所涉及到的物体运动状态发生怎样的改或将要发生怎样的改变，同时结合物体受到的力进行判断。
17.【答案】细沙 吸盘的直径d4mgπd2 C
【解析】解：(1)②用小桶通过细绳与吸盘挂钩相连接，向小桶中缓慢添加细沙，添加细沙质量增加缓慢且质量连续，用细沙更精确；直到吸盘恰好脱离玻璃板；
④用刻度尺测量塑料吸盘的直径d，吸盘的面积S=π(d2)2；
⑤吸盘脱离玻璃板时，小桶对吸盘的拉力(即桶和细砂的重力)等于大气压对吸盘的压力，
则大气压强p=FS=GS=mgπ(d2)2=4mgπd2。
(2)A、减小吸盘的质量，可以减小误差，但减小吸盘的直径，不能减小误差。
B、减小塑料桶的质量，不能减小误差。
C、在吸盘上沾点水后再压在玻璃板上排尽吸盘内有空气，可以减小误差。
故AB错误，C正确。故选C。
故答案为：(1)②细沙；④吸盘的直径d；⑤4mgπd2；(2)C。
(1)把塑料吸盘按压在光滑水平的玻璃板上，挤出塑料吸盘内的空气，则吸盘在外界大气压的作用下被紧压在玻璃板上；向小桶中缓慢添加细沙，添加细沙与钩码相比质量增加缓慢且质量连续，用细沙更精确，在不计塑料挂钩的质量的情况下，要使吸盘脱离玻璃板，小桶对吸盘的拉力应等于大气压对吸盘的压力。
(2)吸盘及挂钩、细绳的质量等都会造成误差。
解决本题的关键是在弄清测量大气压强实的验原理，然后才能分析出实验需要注意的事项，才能计算出大气压强的值。
18.【答案】100.625保持滑动变阻器滑片位置不变，S1、S2分别掷向b和d2.5V×UR
【解析】解：(1)图甲电路中，电流表与变阻器串联后再与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，实验中，电流表、滑动变阻器、灯应串联，电压表与灯并联，如图所示：
(2)当灯泡两端加电压为2.5V，灯泡正常发光，由图象知，此时灯泡丝电阻为10Ω，
通过灯丝的电流IL=U额RL=2.5V10Ω=0.25A，
小灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；
(3)实验步骤：
①正确连接电路后，闭合开关S；
②S1、S2分别掷向a和c，调节滑片P，使电压表示数为2.5V，
此时灯泡、R、滑动变阻器串联，电压表测灯泡两端电压，故灯泡正常发光；
③保持滑动变阻器滑片位置不变，S1、S2分别掷向b和d，测出电阻R两端的电压U；
由于电路的连接没有改变，所以灯泡仍然正常发光，由串联电路特点和欧姆定律可得灯泡正常发光的电流：
I=IR=UR；
④小灯泡的额定功率表达式P额=U额I=2.5V×UR。
故答案为：(1)见上图；(2)10；0.625；(3)③保持滑动变阻器滑片位置不变，S1、S2分别掷向b和d；④2.5V×UR。
(1)图中，电流表与变阻器串联后再与灯并联，电压表串联在电路中是错误的，电流表应与灯串联，电压表与灯并联；
(2)由图象读出灯泡两端电压为2.5V时的电阻，由欧姆定律计算此时灯丝电流；由P=UI计算灯泡的额定功率；
(3)有电压表和已知阻值的定值电阻，根据电路图和实验步骤，利用串联电路特点和欧姆定律得到灯泡正常发光时电流，即可计算出灯泡的额定功率。
本题是测灯泡额定功率的实验，考查了实物电路的连接、串联电路特点、欧姆定律的电功率公式的应用，本题中特殊方法测电功率，关键是根据电路特点和欧姆定律，利用电压表和已知阻值电阻间接测出灯泡正常发光的电流。
19.【答案】C 大于 0 非平衡 212.2
【解析】解：(1)由图丁知，从小球接触弹簧到将弹簧压缩至最短的过程中，小球下落速度的变化情况是先变大后变小，故选C。
(2)①由小球的速度图象知，开始小球的速度增大，说明小球的重力大于弹簧对它的弹力，当△x为0.2m时，小球的速度最大，然后减小，说明当△x为0.2m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力。当小球的速度减小为5.0m/s时，小球的重力小于弹簧对它的弹力。
(3)当弹簧的压缩量最大时，小球的速度减小为0，此时，弹簧形变量最大，小球受到竖直向上的弹力最大，还受到重力的作用，弹力大于重力，小球处于非平衡状态，将加速上升。
(4)当△x为0.1m时，小球的重力等于弹簧对它的弹力。该轻质弹簧每受到0.1N的压力就缩短0.5cm，
故当△x为0.1m时，小球受到的压力为F=0.1N×10cm0.5cm=2N，
小球受到弹簧对它的弹力F等于其重力G，即
F=G=mg=2N，
弹簧的最大缩短量为
△x最大=0.61m=61cm，
所以
F最大=0.2N/cm×61cm=12.2N。
故答案为：(1)C；(2)大于；(3)0；非平衡；(4)2；12.2。
(1)由图丁分析回答；
(2)根据物体的运动情况，若动力大于阻力，则物体加速运动；若动力小于阻力，则物体减速运动，
当弹簧的压缩量最大时，小球的处于瞬间静止状态；
当弹簧的压缩量最大时，小球的速度减小为0m/s，此时，弹簧形变量最大，小球受到竖直向上的弹力最大，还受到重力的作用，小球处于非平衡状态，将加速上升，弹力大于重力；
(3)根据图象中小球的运动情况，结合题目中给出的条件便可求出小球的重力，根据G=mg求出小球的质量，从而可得弹簧产生弹力的最大值。
本题考查力与运动的关系及和G=mg的运用，关键是从图中获取有效的信息，难度较大。
20.【答案】30 250
【解析】解：入射光线AO射到水面，水面将光线反射到Q点。反射光OQ和入射光AO满足反射定律，入射角为45∘，反射角也为45∘。
当水面下降时，入射光线AO保持不变，入射点将随着水面下降而移到O′，如图乙，由于入射光AO没变，入射角也没变，故反射角也不变，仍为45∘，则在O′点反射的光线O′Q′//OQ右移，如图乙。
根据几何关系，QQ′//OP，OQ//O′Q′，所以OP=QQ′，
因为入射角为45∘，所以ΔOO′P是等腰直角三角形，所以O′M=12OP，
所以当光斑在EF上向右移动s时，水面将下降h=12s。
①容器中的水流出m=150kg，
设水面下降的高度为h，则由ρ=mV得：
m=ρ水V水=1.0×103kg/m3×1m2×h=150kg，
解得：h=0.15m=15cm，
光点移动距离s=2h=2×15cm=30cm；
②当光点共移动s′=50cm，水面将下降h′=12s′=12×50cm=25cm。
池水总质量：
m′=ρ水V水′=ρ水Sh′1.0×103kg/m3×1m2×0.25m=250kg，
故答案为：30；250。
根据光的反射定律及几何知识可得出，当光斑在EF上向右移动s时，水面将下降h=12s；
容器中流出的水的质量m=ρ水V水=ρ水sh.据此分析求解。
本题的关键是：入射光不变、反射面改变时，反射光的光路图怎样变化，要能画出光路图，观察几何图形的关系，应用几何知识解决水面下降的深度，因此解答此题要求学生具备一定的学科综合能力。此题属于难题。
21.【答案】解：(1)木块对容器的压力等于木块的重力F=G=ρ木S木h木g=0.5×103kg/m3×100×10−4m2×0.2m×10N/kg=10N，
木块对乙容器底部的压强p=FS木=10N100×10−4m2=1000Pa；
(2)若甲容器中液体对容器底部的压强是木块对乙容器底部压强的2倍，则液体对容器甲的压强p′=2p=2×1000Pa=2000Pa，
液体的密度ρ液=p′gh液=2000Pa10N/kg×0.2m=1×103kg/m3；
(3)打开阀门，让液体从甲容器流入乙容器，当木块对乙容器底部的压力恰好为零时，木块受到的浮力等于重力F浮=G=10N，
木块排开液体的体积V排=F浮ρ液g=10N1×103kg/m3×10N/kg=1×10−3m3，
乙容器中液面的高度h=V排S木=1×10−3m3100×10−4m2=0.1m，
此时水对容器底的压强为：
p′=ρ水gh水乙=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.1m=1000Pa，
水对容器底的压力为：
F′=p′S乙=1000Pa×200×10−4m2=20N。
答：(1)木块对乙容器底部的压强1000Pa；
(2)液体的密度为1×103kg/m3；
(3)液体对乙容器底部的压力为20N。
【解析】(1)由F=G=ρ木S木h木g可得木块对容器的压力等于木块的重力，根据p=FS可得木块对乙容器底部的压强；
(2)若甲容器中液体对容器底部的压强是木块对乙容器底部压强的2倍，可知液体对容器甲的压强，由p=ρgh可得液体的密度；
(3)根据漂浮条件得出木块漂浮时受到的浮力，根据G=mg=ρVg和F浮=ρgV排计算木块排开水的体积，根据V=Sh计算木块浸入水中的深度即乙中的水深，根据p=ρgh算出水对乙容器底部的压强，由F=pS算出水对乙容器底部的压力。
本题考查密度、浮力、压强的综合计算，确定水面相平时水的深度是解题的一个关键，难度较大。
22.【答案】解：(1)由P=U2R可得，加热电阻R1的阻值：R1=U2P1=(220V)2484W=100Ω，
加热电阻R2的阻值：R2=U2P2=(220V)22420W=20Ω，
开关S控制电路中所有用电器，开关S1控制R1，开关S2控制R2，说明两电热电阻是并联的，
闭合所有开关，Rl、R2同时工作，R1每分钟放出2.4×104J的热量，
则此时Rl的实际功率：Pl实=W1t=Q1t=2.4×104J60s=400W，
由并联电路特点和P=U2R可知：
P1实P2实=U实2R1U实2R2=R2R1=20Ω100Ω=15；所以，P2实=5Pl实=5×400W=2000W；
(2)由题知，垂直于太阳光的1m2面积上每1秒接收的太阳能为500J，
则太阳光与水平面夹角为60∘，面积为4m2时的太阳能电池板竖直放置时1分钟接收的太阳能：
E太阳能=500J/(m2⋅s)×4m2×60s×sin⁡30∘=6×104J，
因太阳能电池板将太阳能直接转化为电能的效率为20%，
所以1分钟内通过该太阳能电池板获得的电能：W=20%E太阳能=20%×6×104J=1.2×104J。
答：(1)R2的实际功率为2000W；
(2)1分钟内通过该太阳能电池板获得的电能为1.2×104J。
【解析】(1)由P=U2R先计算两加热电阻的阻值，根据并联电路中电功率与电阻关系计算R2的实际功率；
(2)由题知，垂直于太阳光的1m2面积上每1秒接收的太阳能为500J；先计算太阳光与水平面夹角为60∘时，太阳能电池板1分钟接收的太阳能，再由效率公式计算太阳能电池板获得的电能。
本题考查对太阳能发电的认识、电功率公式的应用以及能量的转化等，体现物理来源于生活，服务于生活，是一道好题。
23.【答案】解：(1)A对水平地面的压力等于A的重力，即F=G=9×104N，则将A置于水平地面时对地面的压强为：
p=FS=9×104N100×10−2m2=9×104Pa；
(2)当A有30dm浸入水中时，物体A受到的浮力为：
F浮=ρ水gV排=ρ水gSh=1.0×103kg/m3×10N/kg×100×30×10−3m3=3×104N，
滑轮组下端受到的拉力为F拉=G−F浮=9×104N−3×104N=6×104N；
由图可知，n=3，不计绳、滑轮的质量和摩擦，汽车对绳的拉力为：
F=1nF拉=13×6×104N=2×104N；
(3)斜面的夹角为30∘，设斜面高为h，则斜面的长度为2h；
将A拉至斜面后装置的机械效率为：
η=W有W总=GhPt=GhP2hv=GP2v=9×104N180×103W×22m/s×100%=50%。
答：(1)将A置于水平地面时对地面的压强为9×104Pa；
(2)当A有30dm浸入水中时，汽车对绳的拉力为2×104N；
(3)将A拉至斜面后装置的机械效率为50%。
【解析】(1)A对水平地面的压力等于A的重力，根据p=FS求出压强；
(2)根据阿基米德原理求出物体A在水中受到的浮力，利用力的合成求出作用在滑轮组下端的拉力；根据滑轮组装置确定绳子股数，不计绳、滑轮的质量和摩擦，利用F=1nF拉求出汽车对绳的拉力；
(3)斜面的夹角为30∘，设斜面高为h，则斜面的长度为2h；根据η=W有W总=GhPt=GhP2hv=GP2v求出将A拉至斜面后装置的机械效率。
本题考查了压强公式、浮力公式、功率公式和滑轮组拉力公式以及滑轮组机械效率公式的应用，明确滑轮组绳子的有效股数是关键。
24.【答案】解：(1)物体A的重力为GA=mAg=0.2kg×10N/kg=2N；
(2)加水前，物体B对桌面的压力等于物体A、B的重力之和，可得：物体B对桌面的压力F总=GA+GB=2N+16N=18N，
物体B与容器底的接触面积为S=a2=(0.1m)2=0.01m2，
所以加水前，连接体对桌面的压强p1=F总S=18N0.01m2=1.8×103Pa；
(3)当连接体对容器底的压力恰好为0时，由受力分析可知，物体A、B受到的浮力之和等于物体A、B的重力之和，即F浮=GA+GB=18N，
B受到的浮力FB浮=GB排=ρ水gVB排=1×103kg/m3×10N/kg×(0.1m)3=10N，
A受到的浮力FA浮=F浮−FB浮=18N−10N=8N，
A排开液体的体积VA排=FA浮ρ水g=8N1×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3，
A浸入水面的深度hA=VA排a2=8×10−4m30.01m2=0.08m，
弹簧上的弹力F2=FA浮−GA=8N−2N=6N，
由图乙可知，此时弹簧的伸长量ΔL′=3cm，容器中水的总深度
h水=h+ΔL′+L原长+a=0.08m+0.03m+0.1m+0.1m=0.31m，
所以容器中的水对容器底部的压强为
p2=ρ水gh水=1×103kg/m3×10N/kg×0.31m=3100Pa。
答：(1)物体A的重力为2N；
(2)桌面受到的压强p1为1.8×103Pa；
(3)容器中的水对容器底部的压强p2为3100Pa。
【解析】(1)由G=mg可得物体A的重力；
(2)加水前，物体B对桌面的压力等于物体A、B的重力之和，由p=FS可得加水前连接体对桌面的压强；
(3)当连接体对容器底的压力恰好为0时，此时物体A、B受到的浮力之和等于物体A、B的重力之和，由F浮=G排=ρgV排可得物体B受到的浮力，从而知物体A受到的浮力，由F浮=G排=ρgV排可得此时物体A排开液体的体积，根据V=Sh可得物体A浸入水面的深度，由受力分析知此时弹簧上的弹力，由图乙可知此时弹簧的伸长量，从而可得容器中水的总深度，由p=ρgh可得容器中的水对容器底部的压强。
本题考查密度、受力分析、力的平衡、压强及阿基米德原理等知识，综合性强，(3)是难点，关键是明确弹簧的伸长量。
25.【答案】解：(1)电源的输出功率P出=UI=110V×5A=550W；
(2)电动机线圈电阻R的发热功率P热=I2R=(5A)2×4Ω=100W；
(3)因能量守恒，电动机对重物做的功的功率为：P有用=P出−P热=550W−100W=450W；
(4)匀速向上提升重物时：F=G=mg=50kg×10N/kg=500N，
由P=Wt=Fht=F⋅vtt=Fv可得，
重物上升的速度大小v=P有用F=450W500N=0.9m/s。
答：(1)电源的输出功率为550W；
(2)电动机线圈电阻R的发热功率为100W；
(3)电动机做有用功的功率为450W；
(4)重物上升的速度大小为0.9m/s。
【解析】(1)已知电源电压和电路中的电流，可利用公式P出=UI计算电源的输出功率；
(2)已知线圈的电阻和通过线圈的电流，可利用公式P热=I2R计算发热功率；
(3)因为能量守恒，可利用公式P有用=P出−P热计算有用功率；
(4)利用P有用=Fv的变形公式计算速度。
本题考查了利用电功率的公式P=UI和P=I2R计算电功率，以及利用P=Fv的变形公式计算速度，实验次数
实验过程
实验现象
(灯泡发光情况)
1
红线头接A接线柱
蓝线头接C接线柱
正常发光
蓝线头接B接线柱
不亮
2
红线头接B接线柱
蓝线头接C接线柱
灯光暗淡
蓝线头接A接线柱
不亮