2024年安徽省阜阳市重点中学中考物理一模试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年安徽省阜阳市重点中学中考物理一模试卷（含详细答案解析），共19页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.寒假期间，家在南方的小东一家去哈尔滨旅游，体验到了北方冬季生活的乐趣。对以下北方冬季景象中包含的物态变化判断错误的是( )
A. 雪是水蒸气凝华形成的
B. 早晨窗玻璃内表面上的冰花是水凝固形成的
C. 冰雕慢慢变小是因为冰发生了升华
D. 雾凇的形成过程是需要放热的
2.如图A是甲、乙两种液体内部的压强与深度关系的图像，设甲液体的密度为ρ甲，乙液体的密度为ρ乙，把同一木块放入分别盛有甲、乙两种液体的容器中(如图B所示)，a、b两容器的液面相平齐。则下列判断正确的是( )
A. a容器中盛的是甲液体B. b容器中液体对容器底部的压强大
C. 木块在a中受的浮力大D. 木块底部在b中受到的压强大
3.如图所示，已知斜面长5m，高3m。利用这个滑轮装置将重为100N的物体在5s内从斜面的底端匀速拉到顶端，绳端拉力为50N。不计绳重及绳与滑轮的摩擦，关于此过程中下列判断正确的是( )
A. 绳端移动的距离是6mB. 拉力做功的功率为30W
C. 物体在斜面上受到的摩擦力为40ND. 该过程的机械效率为60%
4.如图所示是一个装有静电除尘纸的拖把，扫地时除尘纸与地板摩擦后，可以轻松地将附近的灰尘和头发清扫干净。下列说法正确的是( )
A. 静电除尘纸和地面摩擦创造了电荷
B. 静电除尘纸和地面摩擦后与地面带有同种电荷
C. 静电除尘纸吸附灰尘利用了带电体可以吸引轻小物体
D. 静电除尘纸吸附灰尘利用了异种电荷相互吸引
5.如图所示的电路，电源电压保持不变，闭合开关S，忽略灯丝电阻变化，在保证各元件安全的条件下，滑动变阻器的滑片从最右端向左移动的过程中，下列判断正确的是( )
A. 电压表V示数变小，灯的亮度变亮
B. 电流表A1示数变大，电流表A2示数不变
C. 两个电流表示数都变大
D. 电压表V示数与电流表A2示数的比值变大
6.在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验中，小明用铁钉制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。闭合开关S，下列分析判断正确的是( )
A. 电磁铁甲上端是S极
B. 电磁铁甲、乙能吸引大头针，其原因是通电导体在磁场中受到力的作用
C. 电磁铁乙吸引的大头针比电磁铁甲多，说明通过电磁铁乙的电流大于通过电磁铁甲的电流
D. 仅对调电源的正负极，电磁铁甲和乙吸引大头针的数目均不变
7.如图甲所示的电路R1为定值电阻。电源电压保持不变。当闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从B端移到A端、两电表示数的关系如图乙所示。下列判断错误的是( )
A. 电源电压为3V
B. R1的电阻为10Ω
C. 滑动变阻器R2的最大阻值是30Ω
D. 滑片P滑到AB中点时电阻R1的电功率是0.225W
二、填空题：本大题共9小题，共18分。
8.百米赛跑过程中，甲、乙两运动员同时从起点出发，由西向东跑步，乙的速度大于甲，某时刻两运动员的位置如图所示，以乙运动员为参照物，则甲运动员在向______(选填“西”或“东”)运动。
9.如图所示的是我国出土的世界上发现的年代最早、至今尚可演奏的乐器“贾湖骨笛”。演奏者吹奏骨笛时要按压不同的孔洞，这样可以改变笛声的______(选填“音调”、“响度”或“音色”)。
10.如图所示，小明用大小为50N的力F将质量为1kg的物体压在竖直的墙壁上，F的方向垂直于墙，使物体沿墙面向下做匀速直线运动。则物体受到的摩擦力f=______ N。
11.如图所示，搭载“天舟六号”货运飞船的长征七号遥七运载火箭于2023年5月10日在文昌航天发射场发射升空。在火箭加速升空过程中，运载火箭的燃料燃烧获得的内能转化为火箭的______能。
12.如图甲为小阳举着哑铃的前臂骨骼，可将其视为如图乙所示的杠杆。不计前臂自重，小阳的肱二头肌能施加的最大拉力F1=750N，他平时锻炼时最大能举起质量为25kg的哑铃，则OA：OB=______。
13.城市楼房中很多有“暖气”，一般采用热水循环的方式将热量带到房屋中取暖。若某户家庭暖气片中100kg的水温度降低2℃，则水放出的热量是______ J。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]。
14.小明用自制的电磁小船(如图所示)放在水中判断方向。开关S闭合前，小船船头(右端)指向东边。闭合开关S，船头在地磁场的作用下，将______(选填“顺时针”或“逆时针”)偏转。
15.如图所示电路，电源电压恒定，R1=30Ω，闭合开关S，断开开关S1，电流表示数是0.3A，当闭合S、S1时，发现电流表示数变化了0.2A；则R2=______Ω。
16.如图所示，两盏电灯L1、L2接在家庭电路中。当开关S1、S2都闭合时，电灯L1亮，L2不亮，用测电笔分别接触A、B、C、D、E、F点时，发现测电笔只接触F点时氖管不发光，接触其他点时氖管都发光，则电路中的故障原因可能是______。
三、作图题：本大题共1小题，共2分。
17.如图所示，一束光从水中斜射到水面，将发生反射和折射，请在图中画出反射光线和大致的折射光线。
四、实验探究题：本大题共3小题，共16分。
18.如图所示的是小明探究凸透镜成像规律的实验装置及有关实验现象。图乙中，物体是“F”形状的光源；图丙中 A、B图是眼睛观察物体不清晰的两种情形。请你回答下列问题：
(1)一束平行光通过凸透镜后在光屏上得到一个最小最亮的光点，如图甲所示。将图甲中的凸透镜放在光具座上，再将标有“F”形状的光源放在凸透镜左侧22.5cm刻度处，移动放在凸透镜右侧的光屏直至光屏上成一个清晰的像(如图乙所示)，此时所成的像是一个倒立的、______(选填“放大”或“缩小”)的像。
(2)保持凸透镜和光源的位置不变，小明将一副眼镜放于光源“F”和凸透镜之间，光屏上的像变得模糊，将光屏向靠近凸透镜的方向移动后，光屏上又承接到清晰的像，那么该眼镜可以矫正图丙中______(选填“A”或“B”)图所示眼睛的情形。
(3)保持凸透镜的位置不动，将光源“F”移至15cm刻度处，在凸透镜和光源之间观察到光源的形状如图丁所示，移动透镜右侧的光屏，直至在图乙A处所示的方向上观察到光屏上有一清晰的像，该像是图丁中的______(选填“a”“b”“c”或“d”)图。
19.小明学习了密度知识后，用天平和量筒来测量酸奶的密度，其实验操作如下：
(1)把天平放在水平桌面上，将游码移到零刻度线处，调节平衡螺母使天平平衡。用已调节好的天平测得空烧杯的质量为37.4g；接着把酸奶倒入烧杯中，测得烧杯和酸奶的总质量(如图甲所示)；然后把烧杯中的酸奶倒入量筒中(如图乙所示)，则酸奶的密度ρ=______kg/m3。
(2)实验后分析，小明认为自己测得的酸奶密度值偏大，其原因是______。
20.小红同学用图甲所示的电路测量小灯泡的电功率，小灯泡上标有“2.5V”字样。
(1)图甲中有一根导线连接错误，请在该导线上打“×”，并用笔重新画一根正确连接的导线。
(2)小红同学改正了错误的接线，将电路重新连接好，闭合开关后，发现电流表和电压表的示数都很大，且电压表的示数为电源电压，发生这种现象的原因可能是______。
(3)解决上述问题后，小红测量了多组数据并根据所测数据绘制成如图乙所示的I−U图像，可得出小灯泡的额定功率为______ W。
五、计算题：本大题共3小题，共20分。
21.如图所示是我国自行设计研制的AG600全状态新构型灭火飞机。若该飞机以270km/h的速度匀速直线航行20min，消耗航空燃油1.35t，飞机发动机的功率为2.25×107W。(航空燃油的热值为4×107J/kg)求：
(1)飞机在航行过程中的阻力。
(2)发动机的效率。
22.小明同学根据自己所学的知识制作了密度计(能测液体密度的器材)，他选用了一个高12cm。底面积为5cm2的圆柱形直管，并在里面装有金属小颗粒，如图所示。密度计总重0.3N，当密度计竖直漂浮在某种液体中时，浸入该液体中的深度为6cm，此时在密度计与液面相平的a点处可以标上该液体的密度值。求：
(1)密度计在液体中竖直漂浮时，液体对密度计底部的压强是多大？
(2)在a点处所标出的该液体的密度是多少？
(3)密度计所能测量的液体密度的最小值(此时密度计刚好能竖直浸没在液体中)是多少？
23.如图甲所示的电路，电源电压恒定，定值电阻R1的阻值为16Ω，滑动变阻器R2的最大阻值是40Ω，小灯泡的额定电压为6V，通过小灯泡的电流与其两端电压的关系如图乙所示。当开关S2闭合，S1、S3断开时，滑动变阻器接入电路中的阻值为4Ω，小灯泡恰好正常发光。求：
(1)电源电压；
(2)当开关S1、S2、S3都闭合时，将滑动变阻器的滑片P移到中点，求1min内电路消耗的总电能；
(3)当灯泡的实际功率为0.6W时，试判断电路中开关的断开、闭合情况及R1、R2接入电路的电阻大小。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、雪是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故A正确；
B、寒冷的冬天，室内温度较高，空气中有大量的水蒸气，而玻璃窗温度较低，室内玻璃窗周围的水蒸气遇到温度低的玻璃会发生凝华现象结冰，玻璃窗就会出现“冰花”，附着在玻璃的内侧。故B错误；
C、冰雕慢慢变小是固体变成气体的现象，属于升华现象，故C正确；
D、雾凇是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，凝华放热，故D正确。
故选：B。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。其中，熔化、汽化、升华吸收热量，凝固、液化、凝华放出热量。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
2.【答案】A
【解析】解：
C、由图B可知，同一木块在甲、乙两种液体中都处于漂浮状态，根据物体的浮沉条件可知，F浮甲=F浮乙=G，即浮力相等，故C错误；
A、由图A可知，当甲、乙两液体的深度相同时，甲中的压强大于乙中的压强，由p=ρgh可知：ρ甲>ρ乙；
由图B知，V排aρb，所以a容器中盛的是密度大的甲液体，b容器中盛的是密度小的乙液体，故A正确；
B、由于a、b两容器的液面相平齐，即液体的深度相等，已知ρa>ρb，根据p=ρgh可知：a容器中液体对容器底部的压强大，故B错误；
D、由图B可知，木块上表面受到液体的压力都为0，
由于F浮甲=F浮乙，则根据浮力产生的原因可知，木块下表面受到液体的压力相等，
同一木块，其底面积不变，根据p=FS可知，木块底部在a和b中受到的压强相等，故D错误。
故选：A。
(1)根据物体漂浮条件判断木块在a、b中受的浮力大小关系；
(2)根据图象比较甲、乙两种液体的密度关系，由图B知，V排a(3)根据p=ρgh判断液体对容器底部的压强；
(4)根据浮力产生的原因，结合p=FS分析判断木块底部在a、b中受的压强大小关系。
此题考查液体压强公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的应用，还涉及到浮力产生的原因，压强定义式的应用，是一道综合性很强的题目，关键是看懂图象，并利用各种公式结合图示进行分析，有一定难度。
3.【答案】D
【解析】解：A、由图可知，n=2，绳端移动的距离为s=nL=2×5m=10m，故A错误；
B、拉力做的功为：
W总=Fs=50N×10m=500J，
拉力做功的功率为：
P=W总t=500J5s=100W，故B错误；
C、利用该装置所做的有用功：W有=Gh=100N×3m=300J，
则额外功：W额=W总−W有=500J−300J=200J，
若不计轮重、绳重和摩擦，由W额=fL可知，物体在斜面上受到的摩擦力：f=W额L=200J5m=40N，但题中未说明不计轮重，因此物体在斜面上受到的摩擦力小于40N，故C错误；
D、该过程的机械效率为：
η=W有W总×100%=300J500J×100%=60%，故D正确。
故选：D。
(1)根据滑轮组装置确定绳子股数，利用s=nL′求出绳端移动的距离；
(2)根据W总=Fs求出拉力做的功，利用P=W总t求出拉力做功的功率；
(3)根据W=Gh求出该装置的有用功，若不计轮重、绳重和摩擦，根据W总=W有+W额求额外功，根据W额=fL求出物体在斜面上受到的摩擦力，再结合题目实际分析物体在斜面上受到的摩擦力；
(4)利用η=W有W总×100%求该过程的机械效率。
本题考查了速度公式、功和机械效率公式的应用，明确有用功、总功和额外功是解题的关键。
4.【答案】C
【解析】解：A.静电的实质是电子在物体间发生了转移，并没有创造电荷，故A错误；
B.静电除尘纸和地面摩擦时，一个物体失去电子，另一个物体得到电子，所以它们带有异种电荷，故B错误；
CD.静电除尘纸吸附灰尘，利用了带电体可以吸引轻小物体的性质，故C 正确、D错误。
故选：C。
(1)摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体；
(2)带电体具有吸引轻小物体的性质。
此题考查了带电体的性质，从两个角度考查了摩擦起电的实质，正确理解概念是解答的基础。
5.【答案】B
【解析】解：由电路图可知，闭合开关S，灯泡和滑动变阻器并联，电流表A2测通过灯泡的电流，电流表A1测干路电流，电压表测电源两端电压；
A、因电源电压不变，所以滑片移动时，即电压表V的示数不变；因并联电路各支路互不影响，则移动滑片时，通过灯泡的电流和实际功率均不变，则灯泡的亮度不变，故A错误；
BC、通过灯泡的电流不变，即电流表A2的示数不变；
滑动变阻器的滑片P从最右端向左移动的过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变小，由欧姆定律可知，通过滑动变阻器的电流增大，根据并联电路的电流规律可知，干路电流增大，即电流表A1示数变大，故B正确、C错误；
D、因为电压表V的示数不变、电流表A2的示数不变，所以电压表V的示数和电流表A2示数的比值不变，故D错误。
故选：B。
分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后用应用并联电路的特点与欧姆定律分析答题。
本题是一道动态电路的分析题，分析清楚电路结构、灵活应用并联电路的特点和欧姆定律是解题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：A、根据电流方向结合安培定则可知，甲的下端为S极，其上端为N极，故A错误；
B、电磁铁吸起大头针，说明通电螺线管具有磁性，不是因为通电导体在磁场中受到力的作用，故B错误；
C、两电磁铁串联，则通过甲、乙的电流是相同的，电磁铁乙吸引的大头针比电磁铁甲多，说明电磁铁乙的线圈匝数大于电磁铁甲的，故C错误；
D、将电池正负极对调，电路中的电流方向会发生改变，导致电磁铁的极性也会发生改变，但不能增强磁性，所以电磁铁不会吸起更多的大头针，故D正确。
故选：D。
(1)安培定则，用右手握住通电螺线管，使四指弯曲与电流方向一致，那么大拇指所指的那一端是通电螺线管的N极；
(2)电磁铁吸起大头针，说明通电螺线管具有磁性，
(3)影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小和线圈的匝数，知道电流越大、线圈匝数越多，电磁铁的磁性越强；
(3)根据甲、乙的相同点和不同点，利用控制变量法分析。
(4)根据影响电磁铁磁性强弱的因素解答。
此题是探究影响电磁铁磁性强弱的因素，主要考查了电磁铁磁极的判断，一定掌握右手螺旋定则的内容。同时考查了影响电磁铁磁性强弱的因素，注意转换法和控制变量法在此实验中的应用。
7.【答案】C
【解析】解：由图甲知，闭合开关，R1、R2串联，电流表测量电路的电流，电压表测量定值电阻R1两端的电压。
A、由图甲知，当滑动变阻器的滑片P从B端移到A端，滑动变阻器接入电路的阻值为0，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，示数最大，由图乙可知，电源的电压U=3V，故A正确；
B、根据欧姆定律I=UR可知R1的阻值：R1=U1I小=1V0.1A=10Ω，故B正确；
C、当滑动变阻器的滑片滑到B端时，R2接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，
由图乙可知，电路中的电流I小=0.1A，R1两端的电压U1=1V，因串联电路中总电压等于各部分电路两端电压之和，所以，R2两端的电压：
U2=U−U1=3V−1V=2V，
由I=UR可得滑动变阻器R2的最大阻值：R2大=U2I小=2V0.1A=20Ω，故C错误；
D、因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，滑片P滑到AB中点时，电路中的电流：
I=UR1+12R2=3V10Ω+12×20Ω=0.15A，
电阻R1的电功率：
P1=I2R1=(0.15A)2×10Ω=0.225W，故D正确。
故选：C。
(1)当滑动变阻器的滑片滑到A端时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，根据图像读出电源的电压；
(2)根据欧姆定律求出R1的阻值；
(3)当滑动变阻器的滑片滑到B端时，R2接入电路中的电阻最大，电路中的电流最小，根据图像读出电路中的最小电流和R1两端的电压，根据串联电路的电压特点求出R2两端的电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器R2的最大阻值；
(4)滑片P滑到AB中点时，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，再根据P=I2R求出电阻R1的电功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，正确的判断两电流表的示数对应的位置关系是关键。
8.【答案】西
【解析】解：甲乙运动员都由西向东跑步，乙的速度大于甲，所以甲乙之间的位置在发生变化，如果以乙为参照物，甲在向西运动。
故答案为：西。
被研究物体相对于参照物，位置没有发生变化，就说物体是静止的，反之，就说物体是运动的。
本题考查了参照物的问题，属于基础题。
9.【答案】音调
【解析】解：用手指按住不同的孔，改变了里面空气柱振动的长度，从而改变频率，改变声音的音调。
故答案为：音调。
音调是指声音的高低，其大小和发声体的振动频率有关。
本题考查了声音的产生以及音调的相关知识，属于声学中比较基础的内容，相对比较简单。
10.【答案】9.8
【解析】解：物体沿墙面向下做匀速直线运动，处于平衡状态，摩擦力等于重力为：f=G=mg=1kg×9.8N/kg=9.8N。
故答案为：9.8。
根据G=mg计算物体的重力，物体沿墙面向下做匀速直线运动，处于平衡状态，据此分析。
本题考查了摩擦力的大小，属于基础题目。
11.【答案】机械
【解析】解：火箭的燃料燃烧过程中，化学能转化为内能，内能再转化为火箭的机械能。
故答案为：机械。
火箭点火发射的过程是内能转化为机械能。
本题考查了能量的转化，属于基础题。
12.【答案】1：3
【解析】解：由图可知，支点是O点，肱二头肌对前臂施加的拉力F1为动力，哑铃对手的压力为阻力F2，
则阻力：F2=G=mg=25kg×10N/kg=250N；
由图知，L1=OA、L2=OB，
根据杠杆的平衡条件可知F1×OA=F2×OB，即750N×OA=250N×OB，
则OA：OB=250N：750N=1：3。
故答案为：1：3。
肱二头肌对前臂施加的拉力F1为动力，哑铃对手的压力(等于哑铃的重力)为阻力F2，利用杠杆的平衡条件解答。
本题考查了杠杆的平衡条件的应用，是一道基础题。
13.【答案】8.4×105
【解析】解：水放出的热量：
Q放=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×2℃=8.4×105J。
故答案为：8.4×105。
已知水的质量、比热容、水温降低知，根据Q吸=cmΔt求水放出的热量。
本题考查了放热公式Q放=cmΔt的应用，属于基础题目。
14.【答案】顺时针
【解析】解：根据安培定则，右手握住导线，让弯曲的四指指向电流方向，大拇指所指的左端是通电螺线管的N极，则右端(船头)是S极，所以最终它会指向南方，船头偏转的方向是顺时针。
故答案为：顺时针。
根据安培定则的内容判断闭合开关S，电磁小船的船头(右端)为电磁铁的哪极；
根据指南的一端叫S极，指北的一端为N级判定船头在地磁场的作用下，偏转方向。
解答此题要掌握安培定则、地磁场等知识，是一道基础题。
15.【答案】45
【解析】解：闭合开关S，断开开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，
由I=UR可得，电源的电压：U=I1R1=0.3A×30Ω=9V，
当闭合S、S1时，R1与R2并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R1的电流不变，电流表示数的变化量即为通过R2的电流，则I2=0.2A，
因并联电路中各支路两端电压相等，所以，R2的阻值：R2=UI2=9V0.2A=45Ω。
故答案为：45。
(1)闭合开关S，断开开关S1时，电路为R1的简单电路，电流表测通过R1的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
(2)当闭合S、S1时，R1与R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，电流表示数的变化量即为通过R2的电流，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出R2的阻值。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律公式的应用，知道电流表示数的变化量即为通过R2的电流是关键。
16.【答案】EF之间断路
【解析】解：当测电笔的笔尖接触电线时，氖管发光，表示接触的是火线；
当开关S1、S2都闭合时，电灯L1亮，L2不亮，用测电笔分别接触A、B、C、D、E、F点时，发现测电笔只接触F点时氖管不发光，这说明F与火线之间是断开的；A、B、C、D、E点的氖管发光，说明与火线之间是接通的，所以故障是EF之间断路。
故答案为：EF之间断路。
测电笔在使用时，应将笔尖接触导线，手接触笔尾的金属体，这样就可以形成回路；如果接触的是火线，氖管会发光；灯不亮的原因可能是断路或者短路，结合测电笔检测时氖管的发光情况判断具体的故障位置。
本题考查家庭电路故障的分析，相对比较简单，属于基础题。
17.【答案】解：过入射点O做法线MN，从而确定了入射光线位于法线的右侧，然后根据反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角做出对应的反射光线OB。
光从水中斜射入空气，折射角大于入射角，由此在法线左侧做出对应的折射光线OC。
如下图所示：

【解析】光的反射定律：反射光线、入射光线、法线在同一个平面内，反射光线与入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角；
光的折射规律：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线、入射光线分居法线两侧，当光由空气斜射进入水中或其它透明介质中时，折射光线向靠近法线方向偏折，折射角小于入射角；当光由水中或其它透明介质斜射进入空气中时，折射光线向远离法线法线偏折，折射角大于入射角，画出折射光线。
在两种透明介质的界面上，折射和反射一般是同时发生的，反射光线与入射光线在同种介质中，折射光线和入射光线在不同种介质中，做光路图时，要注意实线和虚线，光线要画箭头等细节。
18.【答案】缩小 B c
【解析】解：(1)由图甲知，焦点到凸透镜的距离为10.0cm，所以凸透镜的焦距为f=10.0cm；光源放在凸透镜左侧22.5cm刻度处，此时u>2f，光屏上成倒立缩小的实像；
(2)小明将一副眼镜放于光源“F”和凸透镜之间，将光屏靠近透镜方向移动适当距离后，光屏上再次呈现清晰的像，这说明像提前会聚了，即该眼镜片对光线具有会聚作用，所以是凸透镜；凸透镜可以矫正远视眼，即可以矫正图丙中B图所示眼睛的情形；
(3)将光源“F”移至15cm刻度处，此时物距大于一倍焦距小于二倍焦距，此时光屏上成倒立、放大的实像，因此，在图乙A处所示方向观察到光屏上的像是图丁中的c图。
故答案为：(1)缩小；(2)B；(3)c。
(1)由图甲判断凸透镜焦距，u>2f时，光屏上成倒立缩小的实像；
(2)凸透镜对光有会聚作用；凸透镜可以矫正远视眼；
(3)物距大于一倍焦距小于二倍焦距，此时光屏上成倒立、放大的实像，据此分析。
本题探究凸透镜成像规律的实验，熟记凸透镜成像规律是解题关键。
19.【答案】1.1×103 将酸奶倒入量筒时，烧杯上有残留，导致测量酸奶的体积偏小
【解析】解：(1)由图甲知，标尺的分度值为0.2g，所以烧杯和酸奶的总质量为50g+20g+10g+1.4g=81.4g，
由图乙知量筒中酸奶的体积为40cm3。
量筒中酸奶的质量为m=81.4g−37.4g=44g，
酸奶的密度ρ=mV=44g40cm3=1.1g/cm3=1.1×103kg/m3
(3)由题意知，当将酸奶倒入量筒时，不能倒干净，所以所测酸奶的体积偏小，根据公式ρ=mV，所测的密度偏大。
故答案为：(1)1.1×103；(2)将酸奶倒入量筒时，烧杯上有残留，导致测量酸奶的体积偏小。
(1)天平平衡时物体的质量等于右盘中砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值。注意标尺的分度值。认清量筒的分度值，然后读出酸奶的体积。根据公式ρ=mV计算出酸奶的密度。
(2)根据操作过程分析测量的物理量，由于将酸奶从烧杯倒入量筒时不能完全倒干净，从而造成体积的测量有误，根据体积的偏差来判断密度的大小。
此题是测量酸奶的密度实验，要求学生掌握液体密度测量的原理。实验过程不可避免地存在误差，我们在设计实验时，应该考虑到导致误差增大的因素，可能的情况下进行优化设计，以达到减小误差的目的。
20.【答案】滑动变阻器连入电路电阻太小 0.625
【解析】解：(1)测量小灯泡的电功率实验中，电压表与小灯泡并联，如图所示：
(2)电流表和电压表的示数都很大，表示电路通路，电压表的示数为电源电压，则滑动变阻器两端电压为零，根据分压原理可知，滑动变阻器连入电路电阻为零，原因可能是滑动变阻器连入电路电阻太小；
(3)由图乙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.25A，则小灯泡额定功率为：
P=UI=2.5V×0.25A=0.625W。
故答案为：(1)见解答图；(2)滑动变阻器连入电路电阻太小；(3)0.625。
(1)测量小灯泡的电功率实验中，电压表与小灯泡并联；
(2)电流表和电压表的示数都很大，表示电路通路，根据分压原理分析作答；
(3)根据图乙确定灯泡额定电流，利用P=UI求出灯泡额定功率。
本题测小灯泡额定功率实验，考查了电路连接、注意事项、实验操作、功率的计算等知识。
21.【答案】解：(1)已知飞机发动机的功率P=2.25×107W，飞机匀速航行的速度v=270km/h=75m/s，
由P=Wt=Fst=Fv可知飞机航行过程中的牵引力为：F=Pv=2.25×107W75m/s=3×105N，
由二力平衡的条件可知飞机航行过程中的阻力为：f=F=3×105N；
(2)这些燃油完全燃烧放出的热量为：Q放=qm=4×107J/kg×1.35×103kg=5.4×1010J；
由P=Wt可知飞机发动机做的功为：W=Pt=2.25×107W×20×60s=2.7×1010J，
则发动机的效率为：η=WQ放=2.7×1010J5.4×1010J=50%。
答：(1)飞机在航行过程中的阻力为3×105N；
(2)发动机的效率是50%。
【解析】(1)已知飞机发动机的功率和匀速航行的速度，根据P=Wt=Fst=Fv可知飞机航行过程中的牵引力；
(2)已知消耗的航空燃油的质量和燃油的热值，根据Q放=qm可求出消耗的航空燃油完全燃烧放出的热量；
已知飞机发动机的功率和航行时间，根据P=Wt可求出飞机发动机做的功；再根据η=WQ放求出发动机的效率。
本题考查了热值、热机效率和功、功率的计算公式的应用，需要熟练掌握相关的公式及变形式。
22.【答案】解：(1)已知玻璃管浸入水中的深度h=6cm=0.06m，玻璃管底部受到管外水对它向上的压强p=ρgh=1000kg/m3×10N/kg×0.06m=600Pa；
(2)玻璃管处于漂浮，则F浮=G=0.3N，根据F浮=ρ液gV排可得：ρ液=F浮gV排=F浮gSh=0.3N10N/kg×5×10−4m2×6×10−2m=1.0×103kg/m3，故a点处所标出的该液体的密度是1.0×103kg/m3；
(3)根据F浮=ρ液gV排可知，密度计排开液体的体积达到最大，所能测量的液体密度的最小值，
所以，根据漂浮条件可知：F浮′=F浮水=G，
即：ρ最小gV排最大=ρ水gV排水，
所以，ρ最小gSL=ρ水gSh，
则ρ最小=hLρ水=×1000kg/m3=500kg/m3。
答：(1)密度计在液体中竖直漂浮时，液体对密度计底部的压强是600Pa；
(2)在a点处所标出的该液体的密度是1.0×103kg/m3；
(3)密度计所能测量的液体密度的最小值(此时密度计刚好能竖直浸没在液体中)是500kg/m3。
【解析】(1)密度计在水中竖直漂浮时，已知玻璃管底在水中所处的深度，根据液体压强公式p=ρgh即可求得玻璃管底部受到管外水对它向上的压强；
(2)密度计漂浮，密度计受到的浮力等于密度计的重力。根据F浮=ρ液gV排可知求得a处的示数；
(3)根据F浮=ρ液gV排可知，密度计所能测量的液体密度的最小值，即密度计排开液体的体积达到最大，所以根据密度计最大长度利用F浮=ρ液gV排=G即可求出。
本题考查物体漂浮时浮力和重力的关系，根据浮力公式求出浸入的深度，再根据液体压强公式求出底部所受压强，本题的关键是注意密度计的重力不变。
23.【答案】解：
(1)由甲图可知当开关S2闭合，S1、S3断开时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，
由题意可知，滑动变阻器R2接入电路中的阻值为4Ω时，小灯泡恰好正常发光，
因串联电路中各处的电流相等，且小灯泡正常发光时的电压UL=6V，
所以，由图乙可知，电路中的电流I=IL=0.5A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=UL+IR2=6V+0.5A×4Ω=8V；
(2)由甲图可知当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡被短接，R1与R2并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，通过定值电阻R1的电流：
I1=UR1=8V16Ω=0.5A，
将滑动变阻器的滑片P移到中点，变阻器R2的接入电阻：R2′=12R2大=12×40Ω=20Ω，
通过滑动变阻器R2的电流：
I2=UR2′=8V20Ω=0.4A，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过干路电流：
I=I1+I2=0.5A+0.4A=0.9A，
则在t=1min=60s内电路消耗的总电能：
W=UIt=8V×0.9A×60s=432J；
(3)由乙图可知，当灯泡两端的电压为2V时，灯泡中通过的电流为0.3A，由P=UI可知灯泡的实际功率为0.6W，所以当灯泡的实际功率为0.6W时，灯泡两端的电压为U′L=2V，灯泡中通过的电流为I′L=0.3A；
因为电源电压为8V高于2V，所以灯泡要串联一个电阻，根据串联电路规律可得，需要串联的电阻两端的电压：
U′=U−U′L=8V−2V=6V，
欧姆定律可得，需要串联的电阻值：R′=U′I′=U′I′L=6V0.3A=20Ω<40Ω(滑动变阻器R2的最大阻值是40Ω)，
若开关S1、S2闭合，S3断开时，R1与R2并联后的总电阻与灯泡L串联，因为电阻并联后的总电阻值小于任何一个支路的电阻，所以R1与R2并联后的总电阻小于16Ω，一定小于R′，故此方案不合适；
由此可知，当灯泡的实际功率为0.6W时，开关S2闭合，S1、S3断开，灯泡L与滑动变阻器R2串联，变阻器的接入电阻值R2=R′=20Ω。
答：(1)电源电压为8V；
(2)当开关S1、S2、S3都闭合时，将滑动变阻器的滑片P移到中点，1min内电路消耗的总电能是432J；
(3)当灯泡的实际功率为0.6W时，开关S2闭合，S1、S3断开，R1断路，灯泡L与滑动变阻器R2串联，变阻器的接入电阻值为20Ω。
【解析】(1)由甲图可知当开关S2闭合，S1、S3断开时，灯泡L与滑动变阻器R2串联，当R2接入电路中的阻值为4Ω时，小灯泡恰好正常发光，根据图象读出通过灯泡的电流即为电路中的电流，根据串联电路的特点和欧姆定律求出电源的电压；
(2)由甲图可知当开关S1、S2、S3都闭合时，灯泡被短接，R1与R2并联，电流表测干路电流，将滑动变阻器的滑片P移到中点，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出干路中的电流，利用W=UIt求出1min内电路消耗的总电能；
(3)由乙图可知，当灯泡两端的电压为2V时，灯泡中通过的电流为0.3A，由P=UI可知灯泡的实际功率为0.6W，所以当灯泡的实际功率为0.6W时，灯泡两端的电压为2V，灯泡中通过的电流为0.3A；因为电源电压为8V高于2V，所以灯泡要串联一个电阻，根据串联电路规律和欧姆定律计算需要串联的电阻值，由此判断电路中开关的断开、闭合情况及R1、R2接入电路的电阻大小。
本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息和知道额定电压下灯泡正常发光是关键。