2024年天津市河东区中考物理一模试卷（含详细答案解析）

这是一份2024年天津市河东区中考物理一模试卷（含详细答案解析），共20页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

1.下列关于体育运动场景的描述和分析，正确的是( )
A. 田径场上400m比赛的整个过程中，运动员的运动状态保持不变
B. 投出的篮球在空中飞行时，若受到的力突然消失，它将立刻静止
C. 跳远运动员起跳前的助跑，是为了增大惯性
D. 足球场上滚动的足球慢慢停下来，是因为受到阻力的作用
2.水平桌面上放有-本物理书。处于静止状态，关于书和桌面受力情况，下列说法正确的( )
A. 书受到重力与书对桌面的压力是同一个力
B. 书受到重力与桌面对书的支持力是一对平衡力
C. 书对桌面的压力与桌面对书支持力是一对平衡力
D. 书受到重力与桌面对书的支持力是一对相互作用力
3.小红想了解吊车直立在地面上的支撑直杆所受的力，她仿照简易吊车的结构组成如图所示的三角支架，绳的一端绕在手指上，杆的一端顶在掌心，在A处挂一重物时，绳对手指以及杆对掌心均有作用力，对这两个作用力方向的判断正确的是( )
A. B. C. D.
4.连通器在日常生产和生活中有着广泛的应用，在下列所示的事例中，不是利用连通器原理工作的是( )
A. 茶壶B. U 形“反水弯”
C. 船闸D. 活塞式抽水机
5.如图所示，意大利科学家托里拆利用该装置最早测出了标准大气压的值；若在海拔为864.4m的盘山最高峰“挂月峰”做这个实验，测得的水银柱高度将( )
A. 小于760 mm
B. 等于760 mm
C. 大于760 mm
D. 无法判断
6.下列关于压强的说法中正确的是( )
A. 用久的菜刀要磨一磨，是通过减小菜刀刃部的受力面积来增大压强的
B. 拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而减小的原理
C. 在物理学史上，马德堡半球实验第一次测量出了大气压强的准确数值
D. 飞机升力是由于机翼上表面的空气流速小于下表面的空气流速产生的
7.毛主席在《沁园春⋅雪》一词中写到：“一代天骄，成吉思汗，只识弯弓射大雕”。对于“弯弓”的过程中所蕴含的物理知识，下列理解正确的是( )
A. “弯弓”发生的塑性形变B. “弯弓”说明力可以改变物体的运动状态
C. “弯弓”的过程中弓的弹性势能增大D. “弯弓”的过程中弓的机械能不变
8.
9.如图所示的单摆，摆球在摆动过程中，下列说法正确的是( )
A. a处动能最大B. a到b过程中，重力势能先变小后变大
C. 处的重力势能最大D. b到a过程中，动能先变小后变大
10.注意观察图中赛艇的船桨，它也是一种杠杆，其工作特点是( )
A. 省力，费距离
B. 费力，省距离
C. 既省力，又省距离
D. 不省力，也不省距离
二、多选题：本大题共3小题，共9分。
11.如图所示，甲、乙两质地均匀的正方体放在水平地面上，它们的边长之比L甲：L乙=1：2。质量之比m甲：m乙=2：3，甲、乙的密度分别为ρ甲、ρ乙，甲、乙对地面的压强分别为p甲、p乙，下列计算正确的是( )
A. ρ甲：ρ乙=8：3B. ρ甲：ρ乙=16：3
C. p甲：p乙=2：3D. p甲：p乙=8：3
12.在测量滑轮组机械效率的实验中，用如图所示的滑轮组先匀速提升重为G1的物体，额外功与有用功之比为1：3；再匀速提升重为G2的物体，先后两次绳子自由端的拉力之比为4：5。若不计绳重和摩擦，则( )
A. G1：G2=3：4
B. G1：G2=2：3
C. 提升重为G1的物体时，该滑轮组的机械效率为75%
D. 先后两次滑轮组的机械效率之比为15：16
13.用同种材料制成质量相等的方形盒和实心玩具鱼，把玩具鱼密封在盒内，将盒放入水中，盒在水中静止时的位置如图所示，材料密度为ρ，盒的体积为V，水的密度为ρ水，则( )
A. 玩具鱼的质量为ρ水V2B. 盒与玩具鱼的体积之比为ρ：ρ水
C. 水对盒下表面的压力为ρ水gVD. 盒空心部分的体积为V−ρ水V2ρ
三、填空题：本大题共6小题，共24分。
14.李老师参加了2023年宜昌马拉松比赛，在比赛过程中，以李老师为参照物，站在路旁的啦啦队员是______的(选填“运动”或“静止”)，赛后成绩证书上显示其全程平均配速为4min10s/km，则他全程的平均速度为______m/s。
15.一个空的塑料药瓶，瓶口扎上橡皮膜，竖直地浸入水中，一次瓶口朝上，一瓶口朝下，这两次药瓶在水里的位置相同如图所示，两次橡皮膜都向______(选填“内侧”或“外侧”)凹，______(选填“甲”或“乙”)凹进去的更多。
16.某同学拿着如图所示的自制气压计从山下走到山上，细管中的水柱将______(选填“上升”“下降”或“不变”)；在高原边防哨所，战士们日常生活中必须使用压力锅做饭，是因为增大锅内的气压，可以使水的沸点______(选填“升高”“降低”或“不变”)。
17.“奋斗者”号是我国自主研发建造的第一艘万米级全海深潜水器。某次执行任务时，“奋斗者”号在马里亚纳海沟成功坐底，坐底深度为10909m。当“奋斗者”号下潜到1×104m深处时，其总质量为36t，体积为30m3(海水密度取1.0×103kg/m3。“奋斗者”号上浮和下潜是靠______大小实现的，下潜到1×104m深处时受到海水浮力为______ N。(g=10N/kg)
18.某工人在水平地面上，用100N水平推力以0.5m/s的速度匀速推动重500N的物体，使它沿水平方向移动10m，该过程中工人所做的功是______J，水平推力的功率是______W。
19.如图所示，小明正在做俯卧撑，把他的身体看作一个杠杆，O为支点，A为重心，他的体重为600N.地面对手的支持力F的力臂是______m，力F的大小为______N。
四、实验探究题：本大题共3小题，共18分。
20.小薛同学在海河边捡到了一块漂亮的鹅卵石，他用天平和量筒测量鹅卵石的密度。请你帮他完成下列内容。
(1)他设计了下列实验步骤：
①用调节好的天平测出鹅卵石的质量m；
②根据密度的公式，算出鹅卵石的密度ρ；
③向量筒中倒入适量的水，读出水的体积V1；
④将鹅卵石浸没在量筒内的水中，读出鹅卵石和水的总体积V2。
下列实验步骤顺序中最佳的是______(选填字母)。
(2)如图甲所示，小薛在调节天平横梁平衡过程中的错误操作是______。
(3)小薛纠正错误后，重新调节天平平衡并测量鹅卵石的质量，当天平平衡时右盘砝码和游码如图乙所示，鹅卵石的质量为______ g；由图丙可知鹅卵石的体积为______cm3，计算出鹅卵石的密度为______g/cm3。
(4)若鹅卵石磨损后，它的密度将______。(选填“变大”“变小”或“不变”)
21.小智发现妈妈购买的防滑地垫的A面比B面更粗糙，为了比较A、B两个面的防滑性，小智利用商家赠送的小块地垫样品和弹簧测力计进行了下列探究：
(1)如图甲、乙，分别将B、A面与同一水平地面接触，用弹簧测力计水平______拉动小块地垫，根据______原理可知滑动摩擦力大小等于弹簧测力计示数。
(2)小智发现完成甲、乙两次实验测得的滑动摩擦力都很小，比较不出A、B两个面的防滑性，于是又找来一个铁块，在原水平地面上进行了如图丙所示的实验。通过比较甲、丙两次实验，发现当接触面粗糙程度相同时，______越大，滑动摩擦力越______。
(3)为了完成探究，保持其他条件不变，在丙图实验的基础上小智只将______，测出滑动摩擦力的大小为2.2N，通过与丙图实验测得的滑动摩擦力相比，选择地垫______(填“A”或“B”)面铺在地面上，能更有效地防止地垫在地面上滑动。
22.在一次课外活动中，老师让物理小组的同学们测葡萄酒的密度。除了葡萄酒，老师还提供的器材有：一个已经调零的弹簧测力计、一个烧杯、一个正方体木块(内部嵌有铁钉，其平均密度小于葡萄酒的密度，表面经处理后不吸水)、一把刻度尺、若干细线。请你利用上述器材(器材均满足实验需求)，帮助他们设计一个实验方案，测出葡萄酒的密度。要求：
(1)写出主要实验步骤及需要测量的物理量；
(2)写出葡萄酒密度的数学表达式。(用已知量和测得量表示)
五、计算题：本大题共2小题，共13分。
23.如图所示的实验装置，斜面长L=2m，高h=0.5m，秒表每格1s，重为1N的小车在沿斜面方向、大小为0.3N的拉力F作用下，从底端匀速到达顶端，秒表变化如图(指针转动未超过一周)。求：
(1)拉力的功率；
(2)斜面的机械效率；
(3)斜面受到的摩擦力。
24.如图1所示，一个底面积为3S0的薄壁圆柱形容器放在水平桌面上，将一横截面积为S0、高度为h0的均匀实心圆柱体A竖直放在容器底部，现向容器内缓慢注入某种液体，圆柱体始终直立，圆柱体对容器底部的压力与注入液体质量的关系如图2所示。求：
(1)液体的密度；
(2)圆柱体受到的最大浮力；
(3)圆柱体对容器底的最小压强。
六、综合题：本大题共1小题，共6分。
25.平江石牛寨地质公园中玻璃桥使用的特种玻璃，具备极强的耐压耐磨抗冲击的特性。现有一块该特种玻璃，质量为25kg，体积为0.01m3，求：
(1)这块玻璃所受的重力；
(2)这块玻璃的密度；
(3)一名质量为60kg的游客静止站立在桥上，与桥面总接触面积为0.04m2，此游客对桥面的压强大小。
答案和解析
1.【答案】D
【解析】解：A、田径场上400m比赛的整个过程中，运动员的运动状态会发生改变，故A错误；
B、投出的篮球在空中飞行时，若受到的力突然消失，它将做匀速直线运动，故B错误；
C、跳远运动员起跳前的助跑，是为了利用惯性让运动员取得更好的成绩，运动员的惯性不变，故C错误；
D、足球场上滚动的足球慢慢停下来，是因为受到阻力的作用，改变了它的运动状态，故D正确。
故选：D。
(1)运动员在田径场上400m比赛的整个过程中，运动状态改变。
(2)一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态。
(3)惯性是一切物体的固有属性，无论是固体、液体或气体，无论物体是运动还是静止，一切物体都具有惯性。
(4)力可以改变物体的运动状态。
本题主要考查的是惯性、牛顿第一定律，运动和力的关系，属于基础性题目。
2.【答案】B
【解析】解：A、物理书放在水平桌面上静止，书受到的重力和书对桌面的压力大小相等，但不是一个力。故A错误；
B、书受到重力与桌面对书的支持力，大小相等、方向相反、在同一直线上、并且都作用在物理书上，符合二力平衡条件，是一对平衡力。故B正确；
C、书对桌面的压力与桌面对书的支持力分别作用在书桌和书上，不符合二力平衡条件，不是平衡力。故C错误；
D、书受到的重力是地球作用给物体的；桌面对书的支持力是桌面作用的；二者不具有作用力和反作用力的关系；故D错误；
故选：B。
(1)二力平衡的条件：大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于同一物体上。缺一不可。
(2)力的作用是相互的，两个相互的作用力大小相等、方向相反、在同一直线上、作用于两个不同的物体上。
此题主要考查我们对于物体所受力的分析和二力平衡的条件。要明确作用力与反作用力和平衡力之间的区别。
3.【答案】D
【解析】解：绳的一端绕在手指上，杆的一端顶在掌心，在A处挂一重物时，绳对手指的力沿着绳子指向A点，杆对掌心的作用力水平向左，故D正确，ABC错误。
故答案为：D。
(1)力是物体对物体的作用；物体间力的作用是相互的。
(2)简易吊车的结构是一个杠杆。
会根据实际情况分析物体的受力示意图。
4.【答案】D
【解析】解：上端开口、下端连通的容器叫做连通器；
A、茶壶上端开口、下端连通，是利用连通器的原理工作的，故A不符合题意。
B、回水弯成U形，水不流动时，U形管里的水相平，可以防止下水道里的气味散发出来，属于连通器的应用；故B不符合题意。
C、船闸的闸室可以分别与上游、下游组成连通器，是利用连通器的原理工作的，故C不符合题意；
D、活塞式抽水机是利用大气压来工作的，不是利用连通器原理工作的，故D符合题意；
故选：D。
连通器：上端开口下端连通的容器。连通器里只有一种液体时，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的。
本题考查生活中常见的连通器原理的应用，同时干扰选项干扰设计到大气压强的应用，考试需要准确区分各物理知识点及其应用。此点中考出现概率很高。
5.【答案】A
【解析】解：托里拆利实验中，管内水银柱高度等于外界大气压，在标准状态下，大气压值为760mm汞柱。
将装置放到山上测量水银柱的高度时，大气压随高度的增加而减小，故所能支持的水银柱高度也变小，故水银柱高度将小于760 mm。
故选：A。
托里拆利实验中管内水银柱的高度与外界大气压有关。
本题考查了托里拆利实验中影响水银柱高度的因素，管内水银柱的高度只与当时的大气压有关，而与玻璃管的粗细、是否倾斜、以及水银槽中的水银的多少无关。
6.【答案】A
【解析】解：
A、用久的菜刀要磨一磨，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强，故A正确；
B、拦河坝设计成下宽上窄，利用了液体压强大小随深度增加而增大，故B错误；
C、马德堡半球实验首次证明大气压的存在，托里拆利实验第一次测量出了大气压强的准确数值，故C错误；
D、飞机机翼为流线型，即上方为凸型，下方是平的；等质量的空气在相同的时间内同时通过机翼的上表面和下表面，由于上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过机翼上表面的流速大，通过下表面的流速较小。因为机翼上方的空气流速大，压强较小；机翼下方的空气流速小，压强大，所以机翼受到一个向上的压强差，飞机受到向上的升力，故D错误。
故选：A。
(1)压强的大小与压力和受力面积有关；
(2)液体内部压强随着深度的增加而增大；
(3)马德堡半球实验首次证明大气压的存在；
(4)流体压强与流速的关系：流体流速越大的位置，压强越小；流速越小的位置，压强越大。
此题考查了流体压强和流速的关系、液体内部压强的特点、增大压强的方法、大气压存在的验证等知识点，是一道综合题。
7.【答案】C
【解析】解：A、“弯弓”发生的弹性形变，故A错误；
B、“弯弓”说明力可以改变物体的形状，故B错误；
C、“弯弓”的过程中弓的弹性形变越来越大，故弹性势能增大，故C正确；
D、“弯弓”的过程中弓的机械能变大，故D错误。
故选：C。
(1)塑性形变是指外力解除后不能恢复到原状的形变；
(2)力可以使物体发生形变，也可以改变物体的运动状态；
(3)弹性势能与物体的形变程度有关；
(4)物体具有的机械能是指动能和势能的总和。
本题考查了力的作用效果与能量之间的转变，属于基础题。
8.【答案】

【解析】
9.【答案】B
【解析】解：A、据题意可知，单摆从a点静止后会向O点运动，所以在a点时所处的高度最大，速度最小，故重力势能最大，动能最小，故A错误；
B、据题意可知，单摆从a点静止后会向O点运动，速度变大，从O点向b点运动，速度变小，高度增加，所以该过程中，动能先变大，后变小，重力势能先变小后变大，故B正确；
C、据上面的分析可知，单摆在O点是位置最低，故重力势能最小，故C错误；
D、同理，单摆b到a过程中，质量不变，速度先变大，后变小，高度先变小，后变大，所以动能先变大后变小，重力势能先变小，后变大，故D错误；
故选：B。
(1)物体的动能和物体的质量、速度有关；重力势能和物体的质量、高度有关；
(2)判断出题目选项中每个情境的速度、高度的变化，即可判断正误。
知道并理解动能、重力势能大小的影响因素是解决该题的关键。
10.【答案】B
【解析】解：船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，费力但省距离，故ACD错误、B正确。
故选：B。
结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。
本题考查了杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
11.【答案】BD
【解析】解：AB、甲、乙两质地均匀的正方体放在水平地面上，它们的体积之比为：V甲V乙=L甲3L乙3=18，
密度之比为：ρ甲ρ乙=m甲V甲m乙V乙=m甲m乙×V乙V甲=23×81=163，故A错误，B正确；
CD、根据F=G=mg可知它们对地面的压力之比F甲F乙=G甲G乙=m甲gm乙g=23；
甲、乙的底面积之比S甲S乙=L甲2L乙2=14；
甲、乙对地面的压强之比p甲p乙=F甲S甲F乙S乙=F甲F乙×S乙S甲=23×41=83，故C错误，D正确。
故选：BD。
(1)已知它们的边长之比，计算出它们的体积之比，再根据密度公式计算出密度之比；
(2)根据F=G=mg可知它们对地面的压力之比；根据面积公式得出甲、乙的底面积之比，根据p=FS得出甲、乙对地面的压强之比。
本题考查了密度公式、压强公式的灵活运用，要注意p=FS适用于一切求压强的计算。
12.【答案】ACD
【解析】解：
AB、由题意可知，使用滑轮组匀速提升重为G1的物体时，额外功与有用功之比为1：3，
因不计绳重和摩擦时，克服物体重力所做的功为有用功，克服动滑轮重力所做的功为额外功，
所以，由W=Gh可得：W额W有=G动hG1h=G动G1=13，即G动=G13，
因使用同一个滑轮组先后匀速提升重为G1和G2的物体时，两次绳子自由端的拉力之比为4：5，
所以，由F=1n(G+G动)可得：
F1F2=1n(G1+G动)1n(G2+G动)=G1+G动G2+G动=G1+G13G2+G13=45，
解得：G1G2=34，故A正确、B错误；
C、不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动，
提升重为G1的物体时，该滑轮组的机械效率为η1=G1G1+G动=G1G1+G13=75%，故C正确；
D、则先后两次滑轮组的机械效率之比：
η1η2=G1G1+G动G2G2+G动=G1G1+G134G134G13+G13=1516，故D正确。
故选：ACD。
(1)不计绳重和摩擦时，克服物体重力所做的功为有用功，克服动滑轮重力所做的功为额外功，根据W=Gh表示出使用滑轮组匀速提升重为G1的物体时额外功与有用功之比即可求出物体浮重力G1和动滑轮重力之间的关系；使用同一个滑轮组先后匀速提升重为G1和G2的物体时，两次绳子自由端的拉力之比为4：5，根据F=1n(G+G动)求出物体G1与G2的比值；
(2)不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率η=W有W总=GhGh+G动h=GG+G动，据此求出先后两次滑轮组的机械效率之比。
本题考查了使用滑轮组拉力的计算，利用好关系：不计摩擦和绳重，拉力F=1n(G+G动)。
13.【答案】AD
【解析】解：
A、由于方形盒和实心玩具鱼整体悬浮时，总重力等于浮力，即G总=F浮=ρ水gV，
则玩具鱼的重力G1=12G总=12×ρ水gV，玩具鱼的质量m1=G1g=12ρ水gVg=12ρ水V，故A正确；
B、假设方形盒和实心玩具鱼分别为m，则玩具鱼的体积V1=，方形盒和实心玩具鱼的总重力G总=2mg，
根据阿基米德原理得盒的体积V=F浮ρ水g=G总ρ水g=2mgρ水g=2mρ水，
所以盒与玩具鱼的体积之比VV1=2mρ水mρ=2ρρ水，故B错误；
C、根据压力差法可知，水对盒的浮力等于水对盒下表面的压力减去水对盒上表面的压力，所以水对盒下表面的压力大于水对盒的浮力，即水对盒下表面的压力大于ρ水gV，故C错误；
D、根据盒与玩具鱼的体积之比2ρρ水，变形得实心玩具鱼的体积V1=ρ水V2ρ，
因为同种材料制成质量相等的方形盒和实心玩具鱼，所以方形盒中材料的体积等于实心玩具鱼的体积，即V方盒=V1，则盒空心部分的体积V空心=V−V方盒=V−V1=V−ρ水V2ρ，故D正确。
故选：AD。
(1)根据方形盒和实心玩具鱼整体悬浮时，浮力等于总重力，据此列式求出玩具鱼的质量；
(2)假设方形盒和实心玩具鱼分别为m，利用密度公式和阿基米德原理分别表示出盒与玩具鱼的体积，据此求二者体积之比；
(3)根据压力差法分析水对盒下表面的压力与浮力的大小关系；
(4)盒空心部分的体积等于盒的体积减去盒的材料的体积，据此分析判断出答案。
本题考查了密度公式的应用、浮沉条件的应用、阿基米德原理的应用，有一定的难度。
14.【答案】运动 4
【解析】解：以李老师为参照物，站在路旁的啦啦队员与李老师之间的位置不断发生变化，因此站在路旁的啦啦队员是运动的。
由赛后成绩证书可知，李老师跑完全程s=1km=1000m，所用时间t=4min10s=250s，
他全程的平均速度：
v=st=1000m250s=4m/s；
故答案为：运动；4。
(1)在研究机械运动时，被假定为不动的物体叫参照物，如果物体的位置相对于参照物不断改变，物体是运动的；如果物体的位置相对于参照物的位置没有改变，则物体是静止的；
(2)根据v=st代入总路程和总时间，可求得平均速度。
此题考查的是运动和静止的相对性、平均速度的计算；在处理变速运动的题时，无论中间的速度如何变化，只需用总路程除以总时间即可求出平均速度。
15.【答案】内侧 乙
【解析】解：因为液体内部向各个方向都有压强，所以两次橡皮膜都向内侧凹；
橡皮膜朝下时，浸入水的深度大，根据p=ρgh可知，瓶口朝下比瓶口朝上橡皮膜受到的压强大，乙凹进得更多。
故答案为：内侧；乙。
根据液体压强的特点分析解答，液体压强特点：
①液体内部朝各个方向都有压强，在同一深度，液体向各个方向的压强相等；
②液体的压强随深度的增加而增大；
③不同液体的压强还跟密度有关，深度一定时，液体的密度越大，压强越大。
本题考查了液体压强的特点，以及根据现象分析总结结论的能力。
16.【答案】上升 升高
【解析】解：
只有瓶内气体的压强大于外界大气压时，它才能压着水柱升到瓶口之上；拿着自制气压计从山下走到山上，高度增加，大气压会随高度的增加而减小，外界大气压变小，瓶内气压大于外界大气压，会进一步向外压水柱，所以细管中的水柱将会上升；
在高原边防哨所，战士们日常生活中必须使用压力锅做饭，是因为增大锅内的气压，可以使水的沸点升高。
故答案为：上升；升高。
(1)大气压不是一成不变的，与高度、天气都有关，且随高度的增加而减小。
(2)气压与海拔高度有关，海拔越高，气压越低；沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。
本题考查大气压强与高度的关系及沸点与气压的关系，属于基础题。
17.【答案】改变自身重力 3×105
【解析】解：“奋斗者”号上浮和下潜是靠改变自身重力大小实现的；
奋斗者”号下潜到1×104m深处时受到海水浮力为：F浮=ρ海水gV排=ρ海水gV=1.0×103kg/m3×10N/kg×30m3=3×105N。
故答案为：改变自身重力；3×105。
(1)潜水器(潜水艇)通过改变自身重力来实现上浮或下沉的；
(2)根据F浮=ρ水gV排可求出奋斗者”号下潜到1×104m深处时受到海水浮力。
此题主要考查的是学生对液体压强公式、阿基米德原理、物体浮沉条件的理解和掌握，综合性较强，难度不大。
18.【答案】1×10350
【解析】解：该过程中工人所做的功：
W=Fs=100N×10m=1×103J，
水平推力的功率：
P=Wt=Fst=Fv=100N×0.5m/s=50W。
故答案为：1×103；50。
知道工人施加的水平推力和物体移动的距离，根据W=Fs求出该过程中工人所做的功，又知道物体运动的速度，根据P=Wt=Fst=Fv求出水平推力的功率。
本题考查了功和功率的计算，灵活的应用公式是关键。
19.【答案】1.5360
【解析】解：由图示可知，O为支点，地面对手的支持力的力臂L=0.6m+0.9m=1.5m；
由杠杆平衡条件得：FL=GLG，即F×1.5m=600N×0.9m，
解得：F=360N。
故答案为：1.5；360。
支点到力的作用线的距离是力臂，由图示可以求出力的力臂；应用杠杆平衡的条件可以求出地面对手的支持力。
本题考查了杠杆的平衡条件的应用，读懂题由图获取足够的信息是解题的关键。
20.【答案】①③④② 调节天平平衡前游码未归零 27102.7不变
【解析】解：(1)测量固体密度时，应先测固体的质量，再测固体的体积，最后根据密度公式，计算出固体密度，所以正确的实验步骤顺序为：①③④②。
(2)在调节天平的平衡螺母前，要先将标尺上的游码移到零刻度处。
(3)由图乙可知，标尺的分度值为0.2g，砝码的质量为20g、5g，游码所对应的刻度值为2g，所以鹅卵石的质量为m=20g+5g+2g=27g，
由图丙可知，量筒的分度值为2mL，根据液面所在的位置可得，量筒中水的体积为30mL=30cm3，放入鹅卵石后的总体积为40mL=40cm3，所以鹅卵石的体积为
V=40cm3−30cm3=10cm3，
根据密度公式可得，鹅卵石的密度为ρ=mV=27g10cm3=2.7g/cm3；
(4)密度是物质的一种特性，它不随质量、体积的改变而改变，所以鹅卵石磨损后，它的密度将不变。
故答案为：(1)①③④②；(2)调节天平平衡前游码未归零；(3)27；10；2.7；(4)不变。
(1)用天平测量固体密度(大于水的密度)的步骤：
天平放在水平面上，游码归零，调节天平的横梁平衡；
用天平测量固体的质量；
量筒中倒入适量的水，测量水的体积；
把固体浸没在水中，测量水和固体的总体积；
根据密度公式，计算固体的密度。
(2)在调节天平的平衡螺母前，要先将标尺上的游码移到零刻度处；
(3)鹅卵石的质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值；
鹅卵石的体积由量筒中水的体积和放入鹅卵石后的总体积之差算出；
最后利用公式ρ=mV计算鹅卵石的密度；
(4)密度是物质的一种特性，它不随质量、体积的改变而改变。
本题考查了天平的调节、量筒读数、天平的读数、固体密度的测量方法等，掌握原理，学习中学会以不变应万变。
21.【答案】匀速直线 二力平衡 压力 大 A、B两个面对调 A
【解析】解：(1)实验时用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在水平桌面上做匀速直线运动，根据二力平衡原理，可知滑动摩擦力的大小等于拉力的大小；
(2)比较甲、丙两次实验，得出结论：接触面粗糙程度相同时，丙中压力大，测力计示数也大，即压力越大，滑动摩擦力越大；
(3)探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，要控制压力大小相同，故将A、B两个面对调，可探究滑动摩擦力的大小与接触面粗糙程度的关系，地垫A面铺在地上时，弹簧测力计的示数大，能更有效地防止地垫在地面上滑动；
故答案为：(1)匀速直线；二力平衡；(2)压力；大；(3)A、B两个面对调；A。
(1)根据二力平衡的条件分析；
(2)(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，根据图中现象得出结论。
本题探究滑动摩擦力的大小与哪些因素有关，考查实验原理、测力计读数及控制变量法的运用，体现了对过程和方法的考查。
22.【答案】解：(1)测量步骤：
①用刻度尺测量出自制正方体的棱长L；
②将木块轻轻放入水中，使其漂浮在水面上，用刻度尺测出木块浸入水后露出的长度L水；
③将木块轻轻放入待测葡萄酒中漂浮，用刻度尺测出浸入葡萄酒后露出的长度L葡萄酒；
(2)设木块的横截面积为S，木块在水和葡萄酒中都处于漂浮状态，则F浮水=F浮葡萄酒，
即ρ水gS(L−L水)=ρ葡萄酒gSg(L−L葡萄酒)，
解得ρ葡萄酒=L−L水L−L葡萄酒×ρ水。
【解析】(1)漂浮在液面上的物体所受浮力等于物体的重力，该木块在水和葡萄酒中都处于漂浮状态，所受浮力一样，都等于木块的重力；
(2)由F浮=ρgV排可知，浮力相同时，利用F浮水=F浮葡萄酒和F浮=ρgV排可推导出葡萄酒密度的数学表达式。
此题主要考查同学对测液体密度实验的设计能力，属于难题。
23.【答案】解：
(1)已知F=0.3N，L=2m，
拉力所做的功为W总=FL=0.3N×2m=0.6J，
秒表的指针转动了5个格，做功所需要的时间为：t=5×1s=5s，
拉力的功率：P=W总t=0.6J5s=0.12W。
(2)W有用=Gh=1N×0.5m=0.5J，
斜面的机械效率：η=W有用W总×100%=×100%≈83.3%；
(3)额外功W额外=W总=W有用=0.6J−0.5J=0.1J，
由W额=fL可得，斜面受到的摩擦力：
f=W额L=0.1J2m=0.05N。
答：(1)拉力的功率为0.12W；
(2)斜面的机械效率为83.3%；
(3)斜面受到的摩擦力为0.05N。
【解析】(1)小车在拉力的作用下从底端匀速到达顶端，从而可知小车在拉力的方向上移动的距离，已知拉力的大小，可利用公式W=Fs计算拉力所做的功，从图可知，秒表的指针转动了5个格，秒表每格1s，从而可知做功所需要的时间，再利用公式P=Wt计算拉力的功率。
(2)拉力所做的功为总功，克服重力所做的功为有用功，已知小车的重力和小车上升的高度，可利用公式W=Gh计算有用功，最后利用公式η=W有用W总计算机械效率。
(3)总功减去有用功即为额外功，由W额=fs可求得斜面受到的摩擦力。
本题为机械效率的题目，要准确的找到有用功和总功，并可以利用公式进行计算，然后再由时间求出功率。
24.【答案】解：(1)由图2可知，圆柱体对容器底部的压力始终不为零，表明物体的密度大于液体的密度，
当注入液体的质量为m0时，圆柱体恰好浸没，
此时薄壁圆柱形容器内液体的体积：V液=(S容−SA)h0=(3S0−S0)h0=2S0h0，
则液体的密度：ρ液=m液V液=m02S0h0；
(2)圆柱体浸没时受到的浮力最大，此时圆柱体排开液体的体积：V排=S0h0，
则圆柱体受到的最大浮力：F浮=ρ液gV排=m02S0h0×g×S0h0=12m0g；
(3)由图2可知，容器内没有液体时圆柱体对容器底部的压力为F0，
因物体对水平面的压力和自身的重力相等，
所以，圆柱体的重力：G=F0，
圆柱体浸没时，受到的浮力最大，其对容器底的压力最小，对容器底的压强最小，
圆柱体对容器底的最小压力：F=G−F浮=F0−12m0g，
则圆柱体对容器底的最小压强：p=FSA=F0−12m0gS0=2F0−m0g2S0。
答：(1)液体的密度为m02S0h0；
(2)圆柱体受到的最大浮力为12m0g；
(3)圆柱体对容器底的最小压强为2F0−m0g2S0。
【解析】(1)由图2可知，圆柱体对容器底部的压力始终不为零，表明物体的密度大于液体的密度，且注入液体的质量为m0时圆柱体恰好浸没，根据V液=(S容−SA)h0求出此时薄壁圆柱形容器内液体的体积，利用ρ=mV求出液体的密度；
(2)圆柱体浸没时受到的浮力最大，此时圆柱体排开液体的体积和自身的体积相等，根据F浮=ρ液gV排求出圆柱体受到的最大浮力；
(3)由图2可知，容器内没有液体时圆柱体对容器底部的压力即为圆柱体的重力，圆柱体浸没时，受到的浮力最大，其对容器底的压力最小，对容器底的压强最小，圆柱体对容器底的最小压力等于自身的重力减去受到的浮力，利用p=FS求出圆柱体对容器底的最小压强。
本题考查了密度公式和阿基米德原理、固体压强公式的综合应用等，根据图2得出圆柱体的重力和判断出注入液体的质量为m0时圆柱体恰好浸没是关键。
25.【答案】解：(1)已知该特种玻璃质量为25kg，它受到的重力是：G=mg=25kg×10N/kg=250N；
(2)玻璃的密度为：ρ=mV=25kg0.01m3=2.5×103kg/m3；
(3)游客静止站立在桥上，对桥面的压力等于人的重力，即F=G人=m人g=60kg×10N/kg=600N，
人与桥面总接触面积为0.04m2，此游客对桥面的压强是：p=FS=600N0.04m2=1.5×104Pa。
答：(1)这块玻璃所受的重力为250N；
(2)这块玻璃的密度为2.5×103kg/m3；
(3)此游客对桥面的压强为1.5×104Pa。
【解析】(1)已知该特种玻璃的质量，根据G=mg计算它受到的重力；
(2)利用公式ρ=mV计算出玻璃的密度；
(3)游客静止站立在桥上，对桥面的压力等于人的重力，已知与地面的总接触面积，根据p=FS计算游客对桥面的压强。
本题考查了重力、固体密度和压强的计算，难度不大，属于基础题目。