广东省茂名市高州中学2023-2024学年高一下学期期中考试物理（中考班）试题

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1．B【详解】A．曲线运动加速度可以恒定，也可以不恒定，A错误；
B．物体做曲线运动时，速度方向时刻改变，速度的变化量一定不为零，根据加速度的定义式可知：物体做曲线运动时，加速度一定不为零，B正确；
C．物体做曲线运动时，可能受恒力的作用，例如平抛运动，C错误；
D．物体做曲线运动的条件是加速度方向与速度方向不在同一直线上，D错误。故选B。
2．C【详解】AD．根据题意可知，船在静水中的速度大于水流速度，通过调整船头方向，小船可以到达正对岸，此时小船渡河位移最短为，由几何关系可得，小船的渡河时的合速度为
渡河时间为故AD错误；
B．若船头始终朝向正对岸，小船渡河过程中，沿河岸做匀速直线运动，同时垂直河岸也做匀速直线运动，则合运动为匀速直线运动，小船在河水中航行的轨迹是一条直线，故B错误；
C．当船头垂直于河岸渡河时，所用时间最短，最短的时间为 故C正确。
3．C【详解】AB．笔杆上的各个点都做同轴转动，所以角速度，周期都是相等的，故AB错误；
C．根据可知，笔杆上的点离O点越近，做圆周运动的线速度就越小，故C正确；
D．笔杆上的各点做匀速圆周运动的向心力都需要是由杆的弹力来提供，故D错误；故选C。
4．D【详解】表演荡秋千的同学做圆周运动，对该同学进行受力分析，在最低点处
代入数据，解得每根绳子平均承受的拉力故选D。
D【详解】A．“天通一号”卫星位于36000公里距离的地球同步轨道，所以轨道半径都一样，与卫星质量无关，故选项A错误；
B．根据可得地球卫星的环绕速度大小
可知第一宇宙速度7.9km/s是近地卫星的环绕速度，也是地球卫星绕地球做匀速圆周运动的最大环绕速度，而同步卫星的轨道半径要大于近地卫星的轨道半径，从表达式可以发现，同步卫星运行的线速度一定小于第一宇宙速度，故选项B错误；
C．它们若在除赤道所在平面外的任意点实现了“同步”，那它们的运动轨道所在平面与受到地球的引力就不在一个平面上，这是不可能的，所以同步卫星不可能经过北京的正上空，故选项C错误；
D．根据万有引力提供向心力得
根据地球表面万有引力等于重力得
由以上两等式得，所以它们的向心加速度约为地面上物体的重力加速度的，故选项D正确。
6．C【详解】A.根据图像可知：前5s内的加速度：，所以根据牛顿第二定律：，联立解得：，A错误
B.5秒末达到额定功率，根据功率方程：，B错误
C.当汽车速度25m/s时，牵引力：，根据牛顿第二定律得：，代入数据解得：，C正确
D.当牵引力等于阻力时，速度最大：，D错误
7．B【详解】A．滑雪运动员从O点飞出后做平抛运动，根据几何知识B落点的高度是A落点高度的一半，根据得A错误；
BCD．根据题意A、B做平抛运动得位移与水平方向夹角相等，则根据位移与水平方向夹角正切值有得
则运动员A、B到达斜面时的速度之比
运动员A、B到达斜面时速度方向与水平方向夹角的正切值之比为
B正确，CD错误。故选B。
8．BD【详解】A．图甲中，传动装置转动过程中a，b两点的线速度速度相等，角速度不相等，A错误；
B．根据平抛运动的规律可知图乙中，无论用多大的力打击，A、B两钢球总是同时落地，B正确；
C．根据
可知，图丙中，汽车通过拱桥顶端的速度越大，汽车对桥面的压力就越小，C错误；
D．图丁中，火车以大于规定速度经过外轨高于内轨的弯道，火车有做离心运动的趋势，外轨对火车有侧压力，D正确。故选BD。
9．BCD【详解】A．甲图中，物体A将弹簧压缩的过程中，弹力对A做负功，则A机械能减小，选项A错误；
B．乙图中，物体B在大小等于摩擦力大小、方向沿斜面向下的拉力作用下，沿斜面下滑时，除重力以外的其他力做功的代数和为零，则B机械能守恒，选项B正确；
C．丙图中，A加速下落、B加速上升过程中，只有重力做功，则A、B系统机械能守恒，选项C正确；
D．丁图中，系在轻绳一端的小球向下摆动时，只有重力做功，摆线的拉力不做功，则小球的机械能守恒，选项D正确。故选BCD。
10．BD【详解】A．重力所做的功
所以小车克服重力所做的功是，故A错误；
B．对小车从A运动到B的过程中运用动能定理得故B正确；
C．由于推力为恒力，则推力对小车做的功故C错误；
D．设克服阻力做的功为W，由动能定理可得
得故D正确。故选BD。
11．（6分） A D A
【详解】（1）[1]本实验采用的科学方法是控制变量法。故选A。
（2）[2]在图示情景中，两球的质量不等，转动半径相等，塔轮半径相同，则角速度相等，则装置正在探究的是向心力的大小与物体质量的关系，故选D。
（3）[3]探究向心力F与角速度ω的关系，应保证小球做圆周运动的质量和半径均相同，塔轮半径不同，则将质量相同的小球分别放在挡板A和挡板C处。
12． （10分） 丙 （1分） 左 （1分） 0.98 0.49 0.48 在误差允许的范围内，重物的机械能守恒
【详解】（1）[1]因为只有一个同学操作有误，而丙同学与甲乙同学测量值差距较大，故丙同学操作错误；
（2）[2]与重物连接一端做匀加速直线运动，根据匀加速直线运动的性质，相邻两点之间的位移差值越大，故纸带的左端与重物相连；
[3]根据平均速度公式
[4]由重力势能表达式
[5]由动能表达式
[6]动能与势能的差值在可接受范围内，动能的变化量与势能的变化量大致相等。故实验的结论为：在误差允许的范围内，重物的机械能守恒。
13．（10分）（1）5m/s；（2）0.4s；（3）2m
【详解】（1）滑雪者在平台上滑行过程，由动能定理
代入数据求得，滑雪者从平台边缘离开的速度为v=5m/s
（2）滑雪者离开平台后做平抛运动竖直方向有
水平方向有x=vt
联立计算得出t=0.4s，x=2m
14．（12分）（1），；（2）
【详解】（1）依题意，线速度为
向心加速度为
（2）根据圆周运动规律，在最高点A时有
在最低点C时有
故
15．（16分）【答案】（1）1J；（2）5N；（3）不能冲出C点；（4）或
【详解】（1）滑块在M点的机械能为
滑块由M运动到D的过程，根据动能定理有
解得
滑块在D点，有，解得
根据牛顿第三定律可知滑块运动到D点时对轨道的压力大小为5N，方向竖直向上；
（3）滑块由M点运动到BC轨道的最高点，根据动能定理有
解得，所以不能冲出C点；
（4）滑块由M点至BC轨道的最高点，根据动能定理有
所以或