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    广东省茂名市电白区2023-2024学年高二下学期期中考试物理试卷

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    这是一份广东省茂名市电白区2023-2024学年高二下学期期中考试物理试卷,共14页。试卷主要包含了AC,BC,AB等内容,欢迎下载使用。


    2023~2024学年度第二学期期中考试
    高二物理(选择性考试)参考答案
    1.B
    A.麦克斯韦预言了电磁波的存在,赫兹通过实验捕捉到了电磁波,故A错误;
    B.根据麦克斯韦电磁场理论,在电磁波中,电场和磁场随时间和空间做周期性变化,故B正确;
    C.只要空间某处的电场或磁场发生周期性变化,就会在其周围产生电磁波,故C错误;
    D.电磁波频率越高,电磁波越容易发射,故D错误;
    2.B
    A.该图中从入口射入的正电荷受向上的电场力和向上的洛伦兹力,电荷向上偏转,则该结构不能成为速度选择器,选项A错误;
    B.该图中从入口射入的正电荷受向下的电场力和向上的洛伦兹力,当二力相等时电荷沿直线从出口射出,则该结构能成为速度选择器,选项B正确;
    C.该图中从入口射入的正电荷受向下的电场力和向下的洛伦兹力,电荷向下偏转,则该结构不能成为速度选择器,选项C错误;
    D.该图中从入口射入的正电荷受向下的电场力和向下的洛伦兹力,电荷向下偏转,则该结构不能成为速度选择器,选项D错误。
    3.C
    A.电磁炮的本质是电磁发射技术,不是大功率的发电机,故A错误;
    B.若通入与图示方向相反的电流,弹丸也能发射出去,故B错误;
    C.电磁炮是将电磁能量转化为弹丸的动能,则其他条件不变的情况下,弹丸的质量越小,发射速度越大,故C正确;
    D.根据安培定则可知,两导轨中的强电流(如图示)在导轨之间产生的磁场方向竖直向上,故D错误。
    4.A
    地磁场方向由南向北,根据右手定则,车厢顶部电势高于车厢底部,根据
    可知电势差大小约为。
    5.D
    A.当磁铁静置于易拉罐附近时,铝制易拉罐不会被磁化,也不会发生静电感应,不会被磁铁吸引,AB错误;
    CD.当磁铁快速向易拉罐靠近时,发生电磁感应现象,易拉罐内产生环形电流会受到安培力的作用而改变运动状态,故C错误,D正确。
    6.A
    A.白炽灯泡额定电压为、阻值为,灯泡恰好正常发光,则输出电流的有效值为
    故A正确;
    B.图中电流为正弦式交变电流,则输出电流的最大值为
    故B错误;
    CD.根据图乙可知,周期为0.2s,则频率为
    故CD错误。
    故选A。
    7.C
    A.根据理想变压器特点可知
    故可知
    故A错误;
    B.输电线上损失的功率为
    故B错误;
    C.若用户端负载增加,则通过降压变压器副线圈的电流I4增大,根据
    则输电电流增大,输电线上损耗的电压ΔU增大,因为发电厂的输出电压不变,所以不变,由
    得电压变小,故C正确;
    D.输电线上的电流
    故D错误。
    故选C。
    8.AC
    A.若两导线中通以等大同向电流,根据安培定则和左手定则可知,两导线相互吸引,两导线中点分别位于b、b'点,故A正确;
    B.当两导线通入反向等大电流Im时,根据安培定则可得,两导线在O点处方向相同,矢量和不为0,B错误;
    C.由于同向和反向电流最大值都一样,但是同向电流相互吸引,反向电流相互排斥,距离越远磁场越小。故反向电流排斥力小于通向电流的吸引力,故ab>ac,C正确;
    D.若两导线均通入图乙所示交变电流,则电流始终同向,一个周期内在最低点两次,因此发声的频率与交变电流的频率不同,D错误。
    9.BC
    A.因为舰载机与金属棒一起减速运动,则产生的感应电动势减小,感应电流减小,安培力减小,则加速度减小,不是匀减速直线运动,故A错误;
    B.根据右手定则可知金属棒R中感应电流方向M→R→P,故B正确;
    C.金属棒向右运动时,受到向左的安培力使其减速,故可知金属棒产生的最大感应电动势为以共同速度v0进入磁场的瞬间,此时根据闭合电路的欧姆定律可知最大电流为
    最大加速度
    故C正确;
    D.轨道一端MP间所接电阻为R,其他电阻均不计。所以金属棒ab中产生的焦耳热为0,故D错误。
    10.AB
    A.因原线圈电压有效值不变,根据
    可知,副线圈两端电压不变,选项A正确;
    BC.出现火警时,阻值减小,则副线圈电流变大,通过的电流变大,则P=IU可知,副线圈的功率变大,即原线圈输入功率变大,选项B正确,C错误;
    D.因副线圈电压不变,而和两端电压变大,可知两端电压减小,选项D错误。
    11. 右 左 大于 等于
    (1)[1]根据题意,当闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下,说明B线圈中磁通量变大时,引起的感应电流使灵敏电流计的指针向右偏;故将A线圈中迅速插入铁芯时,B线圈中磁通量增大,灵敏电流计指针将向右偏转。
    (2)[2]A线圈插入B线圈后,开关由闭合到断开时,B线圈中磁通量减小,灵敏电流计指针将向左偏转。
    (3)[3][4]根据公式
    在相同的情况下,第一次快速滑动,所用时间小,可得
    根据公式
    可知通过线圈导线横截面电荷量的大小关系是
    12. C; 副; 原副线圈两端电压U与匝数N成正比,即:; 原
    (1)[1]A.为确保实验安全,应该降低输出电压,实验中要求原线圈匝数大于副线圈匝数,A错误;
    B.因为变压器是靠电磁感应工作,如果变压器铁芯是用整块铁芯,则在电磁的作用下,会产生很大的涡流发热,当热量达到一定程度时,会损坏铁芯和线圈,B错误;
    C.研究变压器电压和匝数的关系,用到控制变量法,可以先保持原线圈电压、匝数不变,改变副线圈匝数,研究副线圈匝数对副线圈电压的影响,C正确;
    D.变压器的铁芯B没有安装在铁芯A上,导致铁芯没有闭合,则得出副线圈的电压为0,D错误。
    故选C。
    (2)[2]变压器的原、副线圈选择不同的匝数,利用多用电表测量相应电压,由数据可知N1一定是副线圈的匝数。
    [3]由表可知,原副线圈两端电压U与匝数N成正比,即
    (3)[4]变压器的输入功率约等于输出功率,如果是理想变压器输入功率等于输出功率,因为是变压器,所以原线圈的电压大于副线圈的电压,而功率又相等,所以原线圈的电流就小于副线圈的电流,原线圈电流小所以导线就比副线圈细,故应将较细的线圈作为原线圈。
    13.(10分)(1) 0.1 N,方向沿斜面向上;(2)0.5A;(3)20 Ω
    (1)金属棒静止在金属导轨上,受重力、支持力、安培力3个力而平衡
    F安=mgsin30°(2分)
    代入数据得
    F安=0.1 (1分)
    方向沿斜面向上(1分)
    由 F安=(2分)
    解得
    I=0.5 (1分)
    (3)设滑动变阻器接入电路的阻值为R0,根据闭合电路欧姆定律得:
    E=I(R0+R+r)(2分)
    解得
    R=-R0-r=20 Ω(1分)
    14.(13分)(1);(2);(3)
    (1)作出电子在磁场中运动的轨迹如图所示,由几何关系知运动半径
    R=(1分)

    (2分)

    (1分)
    (2)由
    (2分)
    得电子在磁场中运动周期
    (1分)
    电子在磁场中运动轨迹所对圆心角为30°,则运动时间
    (2分)
    (3)电子在电场中加速时有
    (2分)
    解得PQ间电压
    (1分)
    由题意分析知
    (1分)
    15.(15分)(1);(2);(3)9
    (1)设橡胶带匀速运动的速率为,根据法拉第电磁感应定律,可知
    (2分)
    根据闭合回路的欧姆定律,可知
    (2分)
    解得
    (1分)
    (2)根据题意可知,流过金属棒的电流为
    (2分)
    则安培力的大小为
    (2分)
    一根金属条经过磁场区域安培力做的功
    (2分)
    (3)由上述分析可知,每根金属条经过磁场区整个电路产生的
    (1分)
    电阻R上产生的
    (1分)
    根据题意,设一共有根金属条通过磁场区域,则
    (1分)
    解得
    (1分)
    则一共有9根金属条通过磁场区域。
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