资料中包含下列文件，点击文件名可预览资料内容
还剩7页未读，
继续阅读
2024年山东省泰安市岱岳区中考一模物理试题（原卷版+解析版）
展开
这是一份2024年山东省泰安市岱岳区中考一模物理试题（原卷版+解析版），文件包含2024年山东省泰安市岱岳区中考一模物理试题原卷版docx、2024年山东省泰安市岱岳区中考一模物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共32页， 欢迎下载使用。
本试题分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共8页，满分100分。考试时间90分钟。注意事项：
1．答题前，请考生仔细阅读答题卡上的注意事项，并务必按照相关要求作答。
2．考试结束后，监考人员将答题卡收回。
第Ⅰ卷（选择题 共35分）
一、选择题（本题共15题，1~10题每题2分，11~15题每题3分，共35分。每题只有一个正确答案，多选、错选均不得分；把正确答案的序号用铅笔涂在答题卡的规定位置）
1. 下列估测最接近实际的是（ ）
A. 泰安最低气温为-30℃B. 八年级物理课本的宽度约18cm
C. 中学生绕着400m操场跑一圈的时间约为30sD. 家用空调正常工作时的电流约为1A
【答案】B
【解析】
【详解】A．泰安是山东省的一个地级市，泰安市的年平均温度为12.2℃，年最低温度一般为-7.3℃。故A不符合题意；
B．八年级物理课本的宽度可能因不同版本、出版社或地区而有所差异。但通常，一个八年级物理课本的宽度大约在15cm到20cm之间。八年级物理课本的宽度约18cm，这个估计是在一个合理的范围内，故B符合题意；
C．距离是400m，假设中学生的平均跑步速度为5m/s。则跑完所用时间
故C不符合题意；
D．家用空调正常工作的电流大小与其额定功率有关。在一般情况下，家用空调的功率在1000~3500W之间，具体取决于房间的大小。对于1000W左右的家用空调，其正常工作时的电流大约为4.5A，故D不符合题意。
故选B。
2. 2024年春节联欢晚会上一首《上春山》为大家所熟悉。歌曲旋律朗朗上口，歌词包含多首古诗词，它带给我们对于春天的美好希望，引起大家的共鸣。下列有关说法中正确的是（ ）
A. 现场观众听到的美妙歌声是通过空气传播的
B. 歌声在空气中传播的速度是
C. 现场观众听到歌声的大小只与距演员的远近有关
D. 欣赏歌曲期间，观众把手机调至静音是在阻断噪声的传播
【答案】A
【解析】
【详解】A．气体可以传声，现场观众听到的美妙歌声是通过空气传播的，故A正确；
B．音乐在空气中传播的速度是340m/s，故B错误；
C．现场观众听到歌声的大小只与距演员的远近和发声体的振幅有关，故C错误；
D．观众在比赛现场把手机调成静音状态，防止了声音的产生，目的是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选A。
3. 2024年2月20日，泰安出现降霰现象，霰属于固态降雪中的一种，是高空中的水蒸气遇冷变成的小冰粒，多在下雪前或下雪时相伴出现。下列自然现象与霰的形成属于相同物态变化的是（ ）
A. 白露沾草B. 白霜铺地C. 冰雪消融D. 滴水成冰
【答案】B
【解析】
【详解】霰属于固态降雪中的一种，是高空中的水蒸气遇冷变成的小冰粒，是凝华现象。
A．露是空气中的水蒸气液化成的小水珠，故A不符合题意；
B．霜是空气中的水蒸气凝华成的小冰晶，故B符合题意；
C．冰雪消融，物体由固态变为液态，是熔化现象，故C不符合题意；
D．水结冰，物体由液态变为固态，是凝固现象，故D不符合题意。
故选B。
4. 泰安是我们美丽的家乡，下列有关泰安或泰山的描述中可用光的反射规律解释的是（ ）
A. 观看泰山日出时能看到地平线以下的太阳
B. 泰山皮影戏
C. 泰安天平湖美丽的倒影
D. 雨后泰山美丽彩虹
【答案】C
【解析】
【详解】A．观看泰山日出时能看到地平线以下的太阳，是由于光经过不均匀的大气层时发生的折射形成的，故A不符合题意；
B．泰山皮影戏，是由于光的直线传播形成的，故B不符合题意；
C．泰安天平湖美丽的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意；
D．雨后泰山美丽的彩虹，属于光的色散，是由于光的折射形成的，故D不符合题意。
故选C。
5. 下列做法中符合安全用电原则的是（ ）
A. 有金属外壳的大功率用电器必须使用三脚插头
B. 使用测电笔时，手必须接触笔尖金属部分
C. 低于220V的电压对人体来说都是安全的
D. 家住楼房可以将电动车停放在楼道内进行充电
【答案】A
【解析】
【详解】A．有金属外壳的大功率用电器必须使用三脚插头，使得金属外壳接地，防止用电器漏电时发生触电事故，故A符合题意；
B．使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属部分，故B不符合题意；
C．一般情况下，不高于36 V的电压为对人体安全的电压，故C不符合题意；
D．电动车充电时若发生短路会引发火灾，所以不可以将电动车停放在楼道内进行充电，故D不符合题意。
故选A。
6. 寒假期间小明和家人去哈尔滨冰雪大世界游玩，如图是小明同学坐在滑冰车上，爸爸施加30N的水平推力F，使他沿水平冰面向右匀速直线运动了一段距离。随后撤去水平推力，小明又向前滑行了一段距离后停了下来。若不计空气阻力，冰面粗糙程度相同，则下列说法正确的是（ ）
A. 在匀速直线运动过程中，小明受到的重力和他对滑冰车的压力是一对平衡力
B. 撤去水平推力后，小明和滑冰车的惯性将随之减小
C. 在撤去水平推力后，滑冰车受到冰面的摩擦力等于30N
D. 若在滑行过程中，所受力全部消失，小明和滑冰车将最终保持静止状态
【答案】C
【解析】
【详解】A．重力和他对滑冰车的压力是相同方向上的力，不是平衡力，故A错误；
B．一切物体任何时候都有惯性，惯性大小只与物体质量有关。撤去水平推力后，小明和滑冰车质量不变，则其惯性大小不变，故B错误；
C．施加30N的水平推力F，使他沿水平冰面向右匀速直线运动，此时滑动摩擦力等于推力为30N，在撤去水平推力后，滑冰车继续向前滑行，此时压力大小不变，接触面的粗糙程度不变，滑冰车受到冰面的摩擦力不变，仍等于30N，故C正确；
D．根据牛顿第一定律可知，若在滑行过程中，所受力全部消失，小明和滑冰车将做匀速直线运动，故D错误。
故选C。
7. 在物理学习中，常用到多种科学研究方法，下列说法错误的是（ ）
A 根据电磁铁吸引大头针多少来判断磁场强弱运用了等效替代法
B. 探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验，运用了控制变量法
C. 用一根带箭头的直线表示光的传播方向和路径，运用了模型法
D. 在鼓面上放些碎纸屑，用碎纸屑的跳动来反映鼓面的振动，运用了转换法
【答案】A
【解析】
【详解】A．通过观察电磁铁吸引大头针数量的多少来判断磁场强弱，运用了转换法，故A错误，符合题意；
B．探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验，探究了滑动摩擦力与接触面粗糙程度和压力大小的关系，运用了控制变量法，故B正确，不符合题意；
C．光线是一种假想的物理模型，实际是不存在的，用一根带箭头的直线表示光的传播方向和路径，运用了模型法，故C正确，不符合题意；
D．在鼓面上放些碎纸屑，通过观察碎纸屑的跳动来反映鼓面的振动，运用了转换法，故D正确，不符合题意。
故选A。
8. 福建舰是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用平直通长飞行甲板，配置电磁弹射和阻挡装置，满载排水量8万余吨。如图所示为舰载机在航母上起飞时的情景，下列说法正确的是（ ）
A. 舰载机从甲板上起飞时，以舰载机为参照物，航母是静止的
B. 舰载机升空后，不再受到重力的作用
C. 电磁弹射是将电能转化为机械能
D. 舰载机被加速水平弹射过程中机械能不变
【答案】C
【解析】
【详解】A．舰载机从甲板上起飞时，以舰载机为参照物，航母的相对位置改变，是运动的，故A错误；
B．舰载机升空后，仍然受到竖直向下的重力的作用，故B错误；
C．电磁弹射利用的是通电导体在磁场中受力运动的原理，是将电能转化为机械能，故C正确；
D．舰载机被加速水平弹射过程中，质量和高度不变，重力势能不变，速度增加，则动能增加，所以机械能变大，故D错误。
故选C。
9. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向右端移动时，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表的示数变大，电流表的示数不变
B. 电压表V的示数与电流表的示数比值不变
C. 电压表V的示数不变，灯泡L的亮度变大
D. 电路的总功率变大
【答案】D
【解析】
【详解】由图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测滑动变阻器的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源电压。电源电压大小不变，所以电压表示数不变。将滑动变阻器的滑片向右端移动时，滑动变阻器阻值减小，其两端的电压不变，由可知，滑动变阻器的电流增大，即电流表A1示数增大。由并联电路各支路互不影响可知，流过灯泡L的电流不变。又因为并联电路总电流等于各支路电流之和，所以总电流增大，即电流表A2示数增大。
A．电流表的示数变大，电流表的示数变大，故A错误；
B．由可知，电压表V的示数与电流表的示数比值与滑动变阻器的电阻值相等，滑动变阻器阻值变小，所以该比值也变小，故B错误；
C．灯泡L的亮度由灯泡的实际功率决定，灯泡两端的电压以及流过灯泡的电流均未发生变化，所以由可知，灯泡的功率没有发生变化，所以灯泡的亮度不变，故C错误；
D．由可知，电源电压不变，电路的总电流变大，总功率变大，故D正确。
故选D。
10. 某实验小组利用图甲探究“凸透镜成像的规律”实验，移动蜡烛并调整光屏的位置，得到的数据如下表所示，则下列说法正确的是（ ）
A. 此凸透镜的焦距为20cm
B. 第1次实验的成像规律与摄像头成像原理相同
C. 第6次实验时，将光屏移动至适当的位置可在光屏上得到放大的像
D. 第5次实验得到的像比第2次实验得到的像要小
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据物距等于像距等于20cm，等于两倍的焦距，故焦距为10cm，故A错误；
B．第1次实验的成像规律，物距等于30cm，大于两倍的焦距，成的是倒立的缩小的实像，与摄像头成像原理相同，故B正确；
C．第6次实验时，物距为7cm，成的是正立的放大的虚像，光屏上无法承接到虚像，故C错误；
D．根据凸透镜成像规律可知，物体靠近，像远离，像变大，从第5次实验与第2次实验相比，物距变小，故第5次实验得到的像比第2次实验得到的像要大，故D错误。
故选B。
11. 下列四幅图的说法中正确的是（ ）
①如图甲，用塑料管把瓶中的饮料吸到嘴里这是利用了流体在流速大的地方压强小的原理
②如图乙，当水蒸气冲开橡胶塞时，橡胶塞机械能转化为水蒸气的内能
③如图丙，奥斯特实验说明通电导线周围存在磁场
④如图丁，闭合开关后U形磁体保持静止，导线ab从图示位置竖直向上运动时，灵敏电流计指针将发生偏转
A. ①③正确B. 只有③正确C. ③④正确D. ②④正确
【答案】B
【解析】
【详解】①用塑料管把瓶中的饮料吸到嘴里这是利用了大气压强的原理，故①错误；
②当水蒸气冲开橡胶塞时，水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，故②错误；
③奥斯特实验通电导线周围小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，故③正确；
④闭合开关后U形磁体保持静止，导线ab从图示位置竖直向上运动时，没有切割磁感线，灵敏电流计指针将不会发生偏转，故④错误；
故B正确，ACD错误。
故选B。
12. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，电路正常工作。一段时间后，灯泡L突然熄灭，电路中只有一个电表示数变小。电阻R或灯泡L仅有一个出现了故障，其它元件均完好。下列说法中正确的是（ ）
①可能灯泡L断路 ②可能灯泡L短路 ③可能电阻R断路 ④可能电阻R短路
A. 只有①②正确B. 只有③④正确
C. 只有①③正确D. 只有①②③正确
【答案】A
【解析】
【详解】电路正常工作时，R与灯泡L串联，电流表测量电路中电流，电压表V测L两端的电压。
①若灯泡L断路，电路中无电流，电流表示数变为0，即电流表示数变小，电压表测量电源电压，电压表示数变大，故①正确；
②若灯泡L短路，电路中阻值变小，根据可知，电路中电流变大，即电流表示数变大，电压表V示数为0，电压表示数变小，故②正确；
③若电阻R断路，电路中无电流，电流表示数变为0，即电流表示数变小，电压表V与电源两极之间是断开的，没有示数，即电压表示数变小，故③错误；
④若电阻R短路，电路中阻值变小，根据可知，电路中电流变大，即电流表示数变大，电压表测量电源电压，电压表示数变大，故④错误。
综上所述，故A正确，BCD错误。
故选A。
13. 如图所示，两个相同的烧杯中分别装满甲、乙两种不同的液体，把A、B两球（）分别轻轻放入两杯液体中，静止后如图所示。如果A、B两球排开液体的重力相等，则下列说法正确的是（ ）
①甲液体的密度小于乙液体
②乙液体对容器底部的压强较大
③A、B球两球所受浮力相等
④若把B球放置在甲液体中，则B球最终将漂浮
A. 只有②④正确B. 只有③正确：
C. 只有①②③正确D. ①②③④都正确
【答案】C
【解析】
【详解】①由图可知，A、B两球浸没在液体中，VA=VA排，VB=VB排，由于VA>VB，所以VA排>VB排；由于A、B两球排开液体的重力相等，所以ρ甲gVA排=ρ乙gVB排，由于VA排>VB排，所以ρ甲<ρ乙，①正确；
②由图可知，液体深度相等，且ρ甲<ρ乙，根据p=ρgh可知，甲液体对容器底部的压强较小，②正确；
③由于A、B两球排开液体的重力相等，根据阿基米德原理可知，A、B两球受到的浮力相等，③正确；
④由A两球浸没在液体中可知ρ甲液<ρ甲且ρ甲<ρ乙，所以ρ甲液<ρ乙，若把B球放置在甲液体中，则B球最终将沉底，④错误；
综上所述，故C正确，ABD错误。
故选C。
14. 用两个相同的电加热器给质量和初温相同的甲、乙两种物质加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，下列说法正确的是（ ）
①乙物质的吸热能力小于甲物质的吸热能力
②0~10min甲、乙两种物质吸收的热量之比为2∶1
③甲、乙两种物质的比热容之比为1∶2
④当甲、乙两物质都升高至60℃，甲、乙两种物质吸收的热量之比为1∶2
A. 只有①②正确B. 只有③正确
C. 只有②④正确D. 只有③④正确
【答案】D
【解析】
【详解】由题知，用两个相同的电加热器加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，则0~10min甲、乙两种物质吸收的热量之比为1∶1；由图像可以看出，当甲、乙两物质都从10℃升高至60℃，甲需要加热10min，乙需要加热20min，乙的加热时间更长，吸收热量更多，则乙物质的吸热能力大于甲物质的吸热能力，吸收的热量之比为
根据，质量相同，温度变化量相同，则比热容和吸收的热量成正比，所以甲、乙两种物质的比热容之比也为1∶2。综上，①②错误，③④正确。故ABC错误，D正确。
故选D。
15. 如图所示，电源电压U恒定，，滑动变阻器的规格为“18Ω，1A”，电流表的量程为“0~0.6A”，小灯泡上标有“3V，1.5W”字样（灯丝电阻不变）。当S闭合，、都断开，滑片滑至中点时，电流表的示数为0.4A，在不损坏电路元件的前提下，若移动滑动变阻器至某一阻值时，此时电路消耗的最大功率为；当S、、都闭合时，为保证电路元件安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值为，此时接着移动滑片，使电路消耗总功率最小为。则下列说法中正确的是（ ）
① ② ③ ④
A. 只有①③正确B. 只有②④正确
C. 只有①②正确D. 只有①③④正确
【答案】D
【解析】
【详解】①当S闭合，、都断开，滑动变阻器与灯泡串联工作，滑片滑至中点时，滑动变阻器的阻值为
灯泡的电阻为
根据串联电路电流处处相等的特点，结合欧姆定律可知
故①正确；
②在不损坏电路元件的前提下，若移动滑动变阻器至某一阻值时，不能使电流表的电流大于0.6A，滑动变阻器的电流大于1A，小灯泡的电流不大于额定电流
综上所述，电路中最大的电流为0.5A，此时电路消耗的最大功率为
故②错误；
③当S、、都闭合时，灯泡被短路，此时滑动变阻器与电阻并联，此时通过的电流为
根据并联电路干路电流等于各支路电流之和，以及并联电路各个用电器两端的电压都相等，电流表最大电流0.6A可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值为
故③正确；
④根据并联电路相互独立，互不影响的特点，当滑动变阻器的电功率最小时电路的电功率最小，根据可知，滑动变阻器阻值最大时电功率最小为
电路消耗总功率最小为
故④正确。
综上所述，故ABC错误，D正确。
故选D。
第Ⅱ卷（非选择题 共65分）
二、填空题（每空2分，共8分）
16. 地磁场的两极和地理的两极并不重合，方向略有偏差，我国宋代学者______是最早记述这一现象的人。
【答案】沈括
【解析】
【详解】在北宋学者沈括的《梦溪笔谈》中，记载了磁针所指方向不完全指南北这一事实，说明地磁场的两极和地理的两极并不重合，方向略有偏差，故沈括是世界上最早发现这一事实的人。
17. 小明同学站在平面镜前5米处，若他向平面镜走近2米，则在镜中“他”与小明之间的距离为______米。
【答案】6
【解析】
【详解】小明同学站在平面镜前5米处，若他向平面镜走近2米，则他距离平面镜的距离为
5m-2m=3m
根据平面镜成像特点可知，像与物到镜面的距离相等，即像到平面镜距离也为3m，则镜中“他”与小明之间的距离为
3m+3m=6m
18. 如图所示，轻质杠杆OB可绕O点转动，杠杆长0.4m，，将重1.5N的物体悬挂在B点，在A处悬挂弹簧测力计使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数为______N。
【答案】2
【解析】
【详解】根据杠杆平衡原理可知，弹簧测力计的示数为
19. 重力为20N的木块被水平推力压着静止在粗糙的竖直墙面上、当推力F的大小增大至60N时，木块所受墙面的摩擦力大小为______N。
【答案】20
【解析】
【详解】用推力F=50N压木块时，木块处于静止状态，在竖直方向上，重力和静摩擦力平衡，则木块受到的摩擦力
f=G=20N
当推力增大为60N时，木块仍然静止，摩擦力仍等于重力，则木块所受墙面的摩擦力大小仍为20N。
三、作图题（每题3分，共6分）
20. 请作出图中与凸透镜折射光线对应的入射光线。
【答案】
【解析】
【详解】经过凸透镜光心的入射光线经凸透镜折射后传播方向不改变，经过焦点的入射光线经凸透镜折射后折射光线与主光轴平行，如下图所示：
21. 如图所示，闭合开关，请在相应括号中用“N”“S”标出通电螺线管磁极的极性，用“+”“-”标出电源的极性。
【答案】
【解析】
【详解】根据磁极间相互作用的规律，螺线管右端为S极，左端为N极，根据安培定则，大拇指指向N极，其余四指顺势握住螺线管，四指方向为电流方向，故电流是从右端流出，左端流入，故电源的左端为负极，右端为正极。如图所示
四、实验题（第22题5分，第23题9分，第24题12分，共26分）
22. 小明同学用如图甲所示的实验装置探究冰的熔化规律。
（1）实验时某时刻温度计的示数如图乙所示，此时的温度是______℃；
（2）由丙图可知，冰在熔化过程中吸收热量，温度______；
（3）在第10min时内能______（选填“大于”“小于”或“等于”）在第5min时的内能；
（4）若这次熔化中，试管中装有30g的冰，那么冰在第10min-15min吸收的热量为______J。
【答案】 ①. 10 ②. 不变 ③. 大于 ④. 692
【解析】
【详解】（1）[1]如图乙所示温度计的分度值为1℃，此时的温度是10℃。
（2）[2]由丙图可知，在10~15min加热时间内，冰正在熔化过程中，吸收热量，温度保持0℃不变。
（3）[3]在加热过程中，物体吸收热量，内能增加，温度不变，故在第10min时内能大于在第5min时的内能。
（4）[4]物体在15~25min内完全熔化为液态的水，吸收的热量为
由于相同时间吸收的热量相同，冰在第10min-15min吸收的热量为
23. 学校物理学习小组只用天平、烧杯、水、细线来测量小石块的密度，如图所示，请完成下面的实验。
（1）把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端______处，天平指针静止时在分度盘上的位置如图甲所示，应将横梁上的平衡螺母向______（填“左”或“右”）调节，直到天平平衡；
（2）用天平测量小石块的质量，天平平衡时，记下小石块的质量；
（3）在烧杯内装入适量的水，用天平测量烧杯和水的总质量为；
（4）将装有水的烧杯放在天平左盘，用细线系着小石块使其浸没在水中，石块不接触烧杯，水无溢出，进行再次测量，当天平平衡时，测量数据如图乙所示，则测量值______g；
（5）计算小石块的密度为______。
【答案】 ①. 零刻度线 ②. 左 ③. 61.2 ④.
【解析】
【详解】（1）[1]调节天平时，先将天平置于水平桌面上, 将游码移至标尺左端零刻度线处，再进行调平。
[2]从图甲可以看到，指针往右偏，说明右端较重，此时应将平衡螺母向左调节，直到天平平衡。
（4）[3]当天平平衡时，测量数据如图乙所示，则测量值
（5）[4]由题意可知，当小石块放入烧杯后排开水的质量是
所以排开水的体积是
小石块完全浸没，所以，小石块的密度是
24. 如图所示为小明测量电阻的实验，已知电源电压恒定
（1）图甲中有一条导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线，补画一条线将电路连接正确______；
（2）小明在某次实验时电压表的示数如图乙所示，若要使电阻两端电压为2.6V，应将滑动变阻器的滑片向______（选填“左”或“右”）端移动，记录此时电流表的示数如图丙所示，则此时电阻的阻值为______；
（3）在实验中，小明进行了多次测量。则下列实验与此操作目的相同的是（ ）
A．探究杠杆平衡条件 B．用刻度尺测量物体长度 C．探究平面镜成像特点
（4）小红利用该电路还进行了“探究电流和电压的关系”的实验。闭合开关后，不断调节滑动变阻器的滑片，多次改变电阻两端的电压并记录对应的电流值如下表所示，由此可以归纳出的结论是：当电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成______；
（5）实验完成后，小华利用图丁所示的电路测量额定电压为的小灯泡的额定功率，其中电源电压为U，为已知阻值的定值电阻，请完成下述实验步骤，并写出相应表达式。
①闭合开关、，断开，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为______；
②闭合开关______，断开______， ______记录电压表的示数为；
③小灯泡额定功率表达式为：______（用已知物理量和测量物理量表示）。
【答案】 ①. ②. 左 ③. ④. B ⑤. 正比 ⑥. ⑦. 、 ⑧. ⑨. 保持滑片位置不变 ⑩.
【解析】
【详解】（1）[1]原电路中，电阻和电压表没有连入电路中，电阻应与电流表串联，电压表与电阻并联，且电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出，如图：
（2）[2]此时电压表的量程为0～3V，分度值是0.1V；根据电压表的指针位置可知：电压表的示数为2.2V，接下来要使电阻两端电压为2.6V，根据串联分压规律，应将滑动变阻器的滑片向左移动，减小电路中的电阻。
[3]由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，电流为0.26A。则此时电阻的阻值为
（3）[4]在实验中，小明进行了多次测量，是为了取平均值减小测量结果的误差，探究杠杆平衡条件和探究平面镜成像特点，多次测量是为了寻找普遍规律；用刻度尺测量物体长度多次测量取平均值减小测量结果的误差。
故选B。
（4）[5]由表中数据可知，电压增大为原来的几倍，通过定值电阻的电流也增大为原来的几倍，由此可以归纳出的结论是：电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比。
（5）①[6]闭合开关、，断开，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为；
②[7][8][9]根据串联分压原理，为了保证灯泡电压不变，需要保持滑片位置不变，闭合开关、，断开，此时电压表测量灯泡和滑动变阻器两端的电压，记录电压表的示数为；则定值电阻两端的电压为
根据串联电路电流处处相等的特点，通过电阻的电流与小灯泡的额定电流相等，即
③[10]小灯泡额定功率表达式为
五、计算题（第25题6分，第26题7分，第27题12分，共25分）
25. 汽车使人们的出行更加便捷。小明一家驾驶某款汽车周末出游，以20m/s的速度匀速行驶了54km，已知该车发动机输出功率为20kW，此次行驶过程中完全燃烧了4kg的汽油，已知汽油的热值，求：
（1）此次行驶过程中牵引力做的功；
（2）完全燃烧4kg的汽油放出的热量；
（3）该款汽车发动机的效率。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）此次行驶过程中汽车所用的时间为
此次行驶过程中牵引力做的功
（2）完全燃烧4kg的汽油放出的热量
（3）该款汽车发动机的效率
答：（1）此次行驶过程中牵引力做的功；
（2）完全燃烧4kg汽油放出的热量；
（3）该款汽车发动机的效率。
26. 如图所示，小明同学在用滑轮组匀速提升重为600N物体，物体在10s内上升了1m，若他对绳子施加拉力F的方向始终竖直向下，此时他对水平地面的压强为，该滑轮组的机械效率为80%，他的双脚与水平地面的接触面积为，求：
（1）小明对绳子的拉力F；
（2）拉力F做功的功率；
（3）小明同学的重力。
【答案】（1）375N；（2）75W；（3）590N
【解析】
【详解】（1）由图可知，绳子的股数n=2，根据
可得，他对绳子的拉力
（2）拉力F做功
拉力F做功的功率
（3）因为他对地面的压力和地面的支持力是相互作用力，大小相等，所以
则人的重力
答：（1）对绳子的拉力为375N；
（2）拉力F做功的功率75W；
（3）该同学的重力为590N。
27. 某物理兴趣小组设计的地下蓄水池水位监测及排水电路，如图所示，已知控制电路的电源电压恒为12V，为定值电阻，为置于池底的压敏电阻，其阻值随上方水的压强的变化关系如图表所示，已知电磁铁线圈中的电流大于等于60mA时，蓄水池达到警戒水位，衔铁被吸合，工作电路会启动电动机排水泵将水排出，保证蓄水池的安全。已知蓄水池最低水位为50cm，此时电流表示数为0.04A。求：
（1）当蓄水池处于最低水位时，水对蓄水池底部的压强；
（2）当蓄水池处于最低水位时，定值电阻在1min内消耗的电能；
（3）若将电阻换为阻值为150Ω的电阻，此时恰好能启动电动机排水泵将水排出，求蓄水池的警戒水位。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）当蓄水池处于最低水位时，水对蓄水池底部的压强为
（2）分析电路可知，控制电路中、串联，电流表测电路电流。由表格数据可知，当蓄水池处于最低水位时，，此时电流表示数为0.04A，则控制电路总电阻为
则定值电阻阻值为
则定值电阻在1min内消耗的电能为
（3）依题意可知，恰好启动电动机排水泵将水排出时，控制电路电流为60mA，则总电阻为
此时，则阻值为
根据表格数据解得阻值与压强关系式为，所以当阻值为时，水的压强为，则蓄水池的警戒水位为
答：（1）当蓄水池处于最低水位时，水对蓄水池底部的压强为；
（2）当蓄水池处于最低水位时，定值电阻在1min内消耗的电能为；
（3）若将电阻换为阻值为150Ω的电阻，此时恰好能启动电动机排水泵将水排出，蓄水池的警戒水位为。实验序号
1
2
3
4
5
6
物距u/cm
30
25
20
15
12
7
像距v/cm
15
16.5
20
30
34.5
实验次数
电压（V）
电流（A）
1
1.5
0.15
2
2.2
0.22
3
2.5
0.25
4
3
0.3
（）
5
5.5
6
6.5
7
……
（Ω）
260
225
190
155
120
……
本试题分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共8页，满分100分。考试时间90分钟。注意事项：
1．答题前，请考生仔细阅读答题卡上的注意事项，并务必按照相关要求作答。
2．考试结束后，监考人员将答题卡收回。
第Ⅰ卷（选择题 共35分）
一、选择题（本题共15题，1~10题每题2分，11~15题每题3分，共35分。每题只有一个正确答案，多选、错选均不得分；把正确答案的序号用铅笔涂在答题卡的规定位置）
1. 下列估测最接近实际的是（ ）
A. 泰安最低气温为-30℃B. 八年级物理课本的宽度约18cm
C. 中学生绕着400m操场跑一圈的时间约为30sD. 家用空调正常工作时的电流约为1A
【答案】B
【解析】
【详解】A．泰安是山东省的一个地级市，泰安市的年平均温度为12.2℃，年最低温度一般为-7.3℃。故A不符合题意；
B．八年级物理课本的宽度可能因不同版本、出版社或地区而有所差异。但通常，一个八年级物理课本的宽度大约在15cm到20cm之间。八年级物理课本的宽度约18cm，这个估计是在一个合理的范围内，故B符合题意；
C．距离是400m，假设中学生的平均跑步速度为5m/s。则跑完所用时间
故C不符合题意；
D．家用空调正常工作的电流大小与其额定功率有关。在一般情况下，家用空调的功率在1000~3500W之间，具体取决于房间的大小。对于1000W左右的家用空调，其正常工作时的电流大约为4.5A，故D不符合题意。
故选B。
2. 2024年春节联欢晚会上一首《上春山》为大家所熟悉。歌曲旋律朗朗上口，歌词包含多首古诗词，它带给我们对于春天的美好希望，引起大家的共鸣。下列有关说法中正确的是（ ）
A. 现场观众听到的美妙歌声是通过空气传播的
B. 歌声在空气中传播的速度是
C. 现场观众听到歌声的大小只与距演员的远近有关
D. 欣赏歌曲期间，观众把手机调至静音是在阻断噪声的传播
【答案】A
【解析】
【详解】A．气体可以传声，现场观众听到的美妙歌声是通过空气传播的，故A正确；
B．音乐在空气中传播的速度是340m/s，故B错误；
C．现场观众听到歌声的大小只与距演员的远近和发声体的振幅有关，故C错误；
D．观众在比赛现场把手机调成静音状态，防止了声音的产生，目的是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选A。
3. 2024年2月20日，泰安出现降霰现象，霰属于固态降雪中的一种，是高空中的水蒸气遇冷变成的小冰粒，多在下雪前或下雪时相伴出现。下列自然现象与霰的形成属于相同物态变化的是（ ）
A. 白露沾草B. 白霜铺地C. 冰雪消融D. 滴水成冰
【答案】B
【解析】
【详解】霰属于固态降雪中的一种，是高空中的水蒸气遇冷变成的小冰粒，是凝华现象。
A．露是空气中的水蒸气液化成的小水珠，故A不符合题意；
B．霜是空气中的水蒸气凝华成的小冰晶，故B符合题意；
C．冰雪消融，物体由固态变为液态，是熔化现象，故C不符合题意；
D．水结冰，物体由液态变为固态，是凝固现象，故D不符合题意。
故选B。
4. 泰安是我们美丽的家乡，下列有关泰安或泰山的描述中可用光的反射规律解释的是（ ）
A. 观看泰山日出时能看到地平线以下的太阳
B. 泰山皮影戏
C. 泰安天平湖美丽的倒影
D. 雨后泰山美丽彩虹
【答案】C
【解析】
【详解】A．观看泰山日出时能看到地平线以下的太阳，是由于光经过不均匀的大气层时发生的折射形成的，故A不符合题意；
B．泰山皮影戏，是由于光的直线传播形成的，故B不符合题意；
C．泰安天平湖美丽的倒影，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C符合题意；
D．雨后泰山美丽的彩虹，属于光的色散，是由于光的折射形成的，故D不符合题意。
故选C。
5. 下列做法中符合安全用电原则的是（ ）
A. 有金属外壳的大功率用电器必须使用三脚插头
B. 使用测电笔时，手必须接触笔尖金属部分
C. 低于220V的电压对人体来说都是安全的
D. 家住楼房可以将电动车停放在楼道内进行充电
【答案】A
【解析】
【详解】A．有金属外壳的大功率用电器必须使用三脚插头，使得金属外壳接地，防止用电器漏电时发生触电事故，故A符合题意；
B．使用测电笔时，手必须接触笔尾金属体，不能接触笔尖金属部分，故B不符合题意；
C．一般情况下，不高于36 V的电压为对人体安全的电压，故C不符合题意；
D．电动车充电时若发生短路会引发火灾，所以不可以将电动车停放在楼道内进行充电，故D不符合题意。
故选A。
6. 寒假期间小明和家人去哈尔滨冰雪大世界游玩，如图是小明同学坐在滑冰车上，爸爸施加30N的水平推力F，使他沿水平冰面向右匀速直线运动了一段距离。随后撤去水平推力，小明又向前滑行了一段距离后停了下来。若不计空气阻力，冰面粗糙程度相同，则下列说法正确的是（ ）
A. 在匀速直线运动过程中，小明受到的重力和他对滑冰车的压力是一对平衡力
B. 撤去水平推力后，小明和滑冰车的惯性将随之减小
C. 在撤去水平推力后，滑冰车受到冰面的摩擦力等于30N
D. 若在滑行过程中，所受力全部消失，小明和滑冰车将最终保持静止状态
【答案】C
【解析】
【详解】A．重力和他对滑冰车的压力是相同方向上的力，不是平衡力，故A错误；
B．一切物体任何时候都有惯性，惯性大小只与物体质量有关。撤去水平推力后，小明和滑冰车质量不变，则其惯性大小不变，故B错误；
C．施加30N的水平推力F，使他沿水平冰面向右匀速直线运动，此时滑动摩擦力等于推力为30N，在撤去水平推力后，滑冰车继续向前滑行，此时压力大小不变，接触面的粗糙程度不变，滑冰车受到冰面的摩擦力不变，仍等于30N，故C正确；
D．根据牛顿第一定律可知，若在滑行过程中，所受力全部消失，小明和滑冰车将做匀速直线运动，故D错误。
故选C。
7. 在物理学习中，常用到多种科学研究方法，下列说法错误的是（ ）
A 根据电磁铁吸引大头针多少来判断磁场强弱运用了等效替代法
B. 探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验，运用了控制变量法
C. 用一根带箭头的直线表示光的传播方向和路径，运用了模型法
D. 在鼓面上放些碎纸屑，用碎纸屑的跳动来反映鼓面的振动，运用了转换法
【答案】A
【解析】
【详解】A．通过观察电磁铁吸引大头针数量的多少来判断磁场强弱，运用了转换法，故A错误，符合题意；
B．探究“影响滑动摩擦力大小的因素”实验，探究了滑动摩擦力与接触面粗糙程度和压力大小的关系，运用了控制变量法，故B正确，不符合题意；
C．光线是一种假想的物理模型，实际是不存在的，用一根带箭头的直线表示光的传播方向和路径，运用了模型法，故C正确，不符合题意；
D．在鼓面上放些碎纸屑，通过观察碎纸屑的跳动来反映鼓面的振动，运用了转换法，故D正确，不符合题意。
故选A。
8. 福建舰是我国完全自主设计建造的首艘弹射型航空母舰，采用平直通长飞行甲板，配置电磁弹射和阻挡装置，满载排水量8万余吨。如图所示为舰载机在航母上起飞时的情景，下列说法正确的是（ ）
A. 舰载机从甲板上起飞时，以舰载机为参照物，航母是静止的
B. 舰载机升空后，不再受到重力的作用
C. 电磁弹射是将电能转化为机械能
D. 舰载机被加速水平弹射过程中机械能不变
【答案】C
【解析】
【详解】A．舰载机从甲板上起飞时，以舰载机为参照物，航母的相对位置改变，是运动的，故A错误；
B．舰载机升空后，仍然受到竖直向下的重力的作用，故B错误；
C．电磁弹射利用的是通电导体在磁场中受力运动的原理，是将电能转化为机械能，故C正确；
D．舰载机被加速水平弹射过程中，质量和高度不变，重力势能不变，速度增加，则动能增加，所以机械能变大，故D错误。
故选C。
9. 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S，将滑动变阻器的滑片向右端移动时，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表的示数变大，电流表的示数不变
B. 电压表V的示数与电流表的示数比值不变
C. 电压表V的示数不变，灯泡L的亮度变大
D. 电路的总功率变大
【答案】D
【解析】
【详解】由图可知，灯泡与滑动变阻器并联，电流表A1测滑动变阻器的电流，电流表A2测干路电流，电压表测电源电压。电源电压大小不变，所以电压表示数不变。将滑动变阻器的滑片向右端移动时，滑动变阻器阻值减小，其两端的电压不变，由可知，滑动变阻器的电流增大，即电流表A1示数增大。由并联电路各支路互不影响可知，流过灯泡L的电流不变。又因为并联电路总电流等于各支路电流之和，所以总电流增大，即电流表A2示数增大。
A．电流表的示数变大，电流表的示数变大，故A错误；
B．由可知，电压表V的示数与电流表的示数比值与滑动变阻器的电阻值相等，滑动变阻器阻值变小，所以该比值也变小，故B错误；
C．灯泡L的亮度由灯泡的实际功率决定，灯泡两端的电压以及流过灯泡的电流均未发生变化，所以由可知，灯泡的功率没有发生变化，所以灯泡的亮度不变，故C错误；
D．由可知，电源电压不变，电路的总电流变大，总功率变大，故D正确。
故选D。
10. 某实验小组利用图甲探究“凸透镜成像的规律”实验，移动蜡烛并调整光屏的位置，得到的数据如下表所示，则下列说法正确的是（ ）
A. 此凸透镜的焦距为20cm
B. 第1次实验的成像规律与摄像头成像原理相同
C. 第6次实验时，将光屏移动至适当的位置可在光屏上得到放大的像
D. 第5次实验得到的像比第2次实验得到的像要小
【答案】B
【解析】
【详解】A．根据物距等于像距等于20cm，等于两倍的焦距，故焦距为10cm，故A错误；
B．第1次实验的成像规律，物距等于30cm，大于两倍的焦距，成的是倒立的缩小的实像，与摄像头成像原理相同，故B正确；
C．第6次实验时，物距为7cm，成的是正立的放大的虚像，光屏上无法承接到虚像，故C错误；
D．根据凸透镜成像规律可知，物体靠近，像远离，像变大，从第5次实验与第2次实验相比，物距变小，故第5次实验得到的像比第2次实验得到的像要大，故D错误。
故选B。
11. 下列四幅图的说法中正确的是（ ）
①如图甲，用塑料管把瓶中的饮料吸到嘴里这是利用了流体在流速大的地方压强小的原理
②如图乙，当水蒸气冲开橡胶塞时，橡胶塞机械能转化为水蒸气的内能
③如图丙，奥斯特实验说明通电导线周围存在磁场
④如图丁，闭合开关后U形磁体保持静止，导线ab从图示位置竖直向上运动时，灵敏电流计指针将发生偏转
A. ①③正确B. 只有③正确C. ③④正确D. ②④正确
【答案】B
【解析】
【详解】①用塑料管把瓶中的饮料吸到嘴里这是利用了大气压强的原理，故①错误；
②当水蒸气冲开橡胶塞时，水蒸气的内能转化为橡胶塞的机械能，故②错误；
③奥斯特实验通电导线周围小磁针发生偏转，说明通电导线周围存在磁场，故③正确；
④闭合开关后U形磁体保持静止，导线ab从图示位置竖直向上运动时，没有切割磁感线，灵敏电流计指针将不会发生偏转，故④错误；
故B正确，ACD错误。
故选B。
12. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，电路正常工作。一段时间后，灯泡L突然熄灭，电路中只有一个电表示数变小。电阻R或灯泡L仅有一个出现了故障，其它元件均完好。下列说法中正确的是（ ）
①可能灯泡L断路 ②可能灯泡L短路 ③可能电阻R断路 ④可能电阻R短路
A. 只有①②正确B. 只有③④正确
C. 只有①③正确D. 只有①②③正确
【答案】A
【解析】
【详解】电路正常工作时，R与灯泡L串联，电流表测量电路中电流，电压表V测L两端的电压。
①若灯泡L断路，电路中无电流，电流表示数变为0，即电流表示数变小，电压表测量电源电压，电压表示数变大，故①正确；
②若灯泡L短路，电路中阻值变小，根据可知，电路中电流变大，即电流表示数变大，电压表V示数为0，电压表示数变小，故②正确；
③若电阻R断路，电路中无电流，电流表示数变为0，即电流表示数变小，电压表V与电源两极之间是断开的，没有示数，即电压表示数变小，故③错误；
④若电阻R短路，电路中阻值变小，根据可知，电路中电流变大，即电流表示数变大，电压表测量电源电压，电压表示数变大，故④错误。
综上所述，故A正确，BCD错误。
故选A。
13. 如图所示，两个相同的烧杯中分别装满甲、乙两种不同的液体，把A、B两球（）分别轻轻放入两杯液体中，静止后如图所示。如果A、B两球排开液体的重力相等，则下列说法正确的是（ ）
①甲液体的密度小于乙液体
②乙液体对容器底部的压强较大
③A、B球两球所受浮力相等
④若把B球放置在甲液体中，则B球最终将漂浮
A. 只有②④正确B. 只有③正确：
C. 只有①②③正确D. ①②③④都正确
【答案】C
【解析】
【详解】①由图可知，A、B两球浸没在液体中，VA=VA排，VB=VB排，由于VA>VB，所以VA排>VB排；由于A、B两球排开液体的重力相等，所以ρ甲gVA排=ρ乙gVB排，由于VA排>VB排，所以ρ甲<ρ乙，①正确；
②由图可知，液体深度相等，且ρ甲<ρ乙，根据p=ρgh可知，甲液体对容器底部的压强较小，②正确；
③由于A、B两球排开液体的重力相等，根据阿基米德原理可知，A、B两球受到的浮力相等，③正确；
④由A两球浸没在液体中可知ρ甲液<ρ甲且ρ甲<ρ乙，所以ρ甲液<ρ乙，若把B球放置在甲液体中，则B球最终将沉底，④错误；
综上所述，故C正确，ABD错误。
故选C。
14. 用两个相同的电加热器给质量和初温相同的甲、乙两种物质加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，下列说法正确的是（ ）
①乙物质的吸热能力小于甲物质的吸热能力
②0~10min甲、乙两种物质吸收的热量之比为2∶1
③甲、乙两种物质的比热容之比为1∶2
④当甲、乙两物质都升高至60℃，甲、乙两种物质吸收的热量之比为1∶2
A. 只有①②正确B. 只有③正确
C. 只有②④正确D. 只有③④正确
【答案】D
【解析】
【详解】由题知，用两个相同的电加热器加热，在相等时间内液体吸收的热量相等，则0~10min甲、乙两种物质吸收的热量之比为1∶1；由图像可以看出，当甲、乙两物质都从10℃升高至60℃，甲需要加热10min，乙需要加热20min，乙的加热时间更长，吸收热量更多，则乙物质的吸热能力大于甲物质的吸热能力，吸收的热量之比为
根据，质量相同，温度变化量相同，则比热容和吸收的热量成正比，所以甲、乙两种物质的比热容之比也为1∶2。综上，①②错误，③④正确。故ABC错误，D正确。
故选D。
15. 如图所示，电源电压U恒定，，滑动变阻器的规格为“18Ω，1A”，电流表的量程为“0~0.6A”，小灯泡上标有“3V，1.5W”字样（灯丝电阻不变）。当S闭合，、都断开，滑片滑至中点时，电流表的示数为0.4A，在不损坏电路元件的前提下，若移动滑动变阻器至某一阻值时，此时电路消耗的最大功率为；当S、、都闭合时，为保证电路元件安全，滑动变阻器接入电路的最小阻值为，此时接着移动滑片，使电路消耗总功率最小为。则下列说法中正确的是（ ）
① ② ③ ④
A. 只有①③正确B. 只有②④正确
C. 只有①②正确D. 只有①③④正确
【答案】D
【解析】
【详解】①当S闭合，、都断开，滑动变阻器与灯泡串联工作，滑片滑至中点时，滑动变阻器的阻值为
灯泡的电阻为
根据串联电路电流处处相等的特点，结合欧姆定律可知
故①正确；
②在不损坏电路元件的前提下，若移动滑动变阻器至某一阻值时，不能使电流表的电流大于0.6A，滑动变阻器的电流大于1A，小灯泡的电流不大于额定电流
综上所述，电路中最大的电流为0.5A，此时电路消耗的最大功率为
故②错误；
③当S、、都闭合时，灯泡被短路，此时滑动变阻器与电阻并联，此时通过的电流为
根据并联电路干路电流等于各支路电流之和，以及并联电路各个用电器两端的电压都相等，电流表最大电流0.6A可知，滑动变阻器接入电路的最小阻值为
故③正确；
④根据并联电路相互独立，互不影响的特点，当滑动变阻器的电功率最小时电路的电功率最小，根据可知，滑动变阻器阻值最大时电功率最小为
电路消耗总功率最小为
故④正确。
综上所述，故ABC错误，D正确。
故选D。
第Ⅱ卷（非选择题 共65分）
二、填空题（每空2分，共8分）
16. 地磁场的两极和地理的两极并不重合，方向略有偏差，我国宋代学者______是最早记述这一现象的人。
【答案】沈括
【解析】
【详解】在北宋学者沈括的《梦溪笔谈》中，记载了磁针所指方向不完全指南北这一事实，说明地磁场的两极和地理的两极并不重合，方向略有偏差，故沈括是世界上最早发现这一事实的人。
17. 小明同学站在平面镜前5米处，若他向平面镜走近2米，则在镜中“他”与小明之间的距离为______米。
【答案】6
【解析】
【详解】小明同学站在平面镜前5米处，若他向平面镜走近2米，则他距离平面镜的距离为
5m-2m=3m
根据平面镜成像特点可知，像与物到镜面的距离相等，即像到平面镜距离也为3m，则镜中“他”与小明之间的距离为
3m+3m=6m
18. 如图所示，轻质杠杆OB可绕O点转动，杠杆长0.4m，，将重1.5N的物体悬挂在B点，在A处悬挂弹簧测力计使杠杆在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数为______N。
【答案】2
【解析】
【详解】根据杠杆平衡原理可知，弹簧测力计的示数为
19. 重力为20N的木块被水平推力压着静止在粗糙的竖直墙面上、当推力F的大小增大至60N时，木块所受墙面的摩擦力大小为______N。
【答案】20
【解析】
【详解】用推力F=50N压木块时，木块处于静止状态，在竖直方向上，重力和静摩擦力平衡，则木块受到的摩擦力
f=G=20N
当推力增大为60N时，木块仍然静止，摩擦力仍等于重力，则木块所受墙面的摩擦力大小仍为20N。
三、作图题（每题3分，共6分）
20. 请作出图中与凸透镜折射光线对应的入射光线。
【答案】
【解析】
【详解】经过凸透镜光心的入射光线经凸透镜折射后传播方向不改变，经过焦点的入射光线经凸透镜折射后折射光线与主光轴平行，如下图所示：
21. 如图所示，闭合开关，请在相应括号中用“N”“S”标出通电螺线管磁极的极性，用“+”“-”标出电源的极性。
【答案】
【解析】
【详解】根据磁极间相互作用的规律，螺线管右端为S极，左端为N极，根据安培定则，大拇指指向N极，其余四指顺势握住螺线管，四指方向为电流方向，故电流是从右端流出，左端流入，故电源的左端为负极，右端为正极。如图所示
四、实验题（第22题5分，第23题9分，第24题12分，共26分）
22. 小明同学用如图甲所示的实验装置探究冰的熔化规律。
（1）实验时某时刻温度计的示数如图乙所示，此时的温度是______℃；
（2）由丙图可知，冰在熔化过程中吸收热量，温度______；
（3）在第10min时内能______（选填“大于”“小于”或“等于”）在第5min时的内能；
（4）若这次熔化中，试管中装有30g的冰，那么冰在第10min-15min吸收的热量为______J。
【答案】 ①. 10 ②. 不变 ③. 大于 ④. 692
【解析】
【详解】（1）[1]如图乙所示温度计的分度值为1℃，此时的温度是10℃。
（2）[2]由丙图可知，在10~15min加热时间内，冰正在熔化过程中，吸收热量，温度保持0℃不变。
（3）[3]在加热过程中，物体吸收热量，内能增加，温度不变，故在第10min时内能大于在第5min时的内能。
（4）[4]物体在15~25min内完全熔化为液态的水，吸收的热量为
由于相同时间吸收的热量相同，冰在第10min-15min吸收的热量为
23. 学校物理学习小组只用天平、烧杯、水、细线来测量小石块的密度，如图所示，请完成下面的实验。
（1）把天平放在水平桌面上，将游码移至标尺左端______处，天平指针静止时在分度盘上的位置如图甲所示，应将横梁上的平衡螺母向______（填“左”或“右”）调节，直到天平平衡；
（2）用天平测量小石块的质量，天平平衡时，记下小石块的质量；
（3）在烧杯内装入适量的水，用天平测量烧杯和水的总质量为；
（4）将装有水的烧杯放在天平左盘，用细线系着小石块使其浸没在水中，石块不接触烧杯，水无溢出，进行再次测量，当天平平衡时，测量数据如图乙所示，则测量值______g；
（5）计算小石块的密度为______。
【答案】 ①. 零刻度线 ②. 左 ③. 61.2 ④.
【解析】
【详解】（1）[1]调节天平时，先将天平置于水平桌面上, 将游码移至标尺左端零刻度线处，再进行调平。
[2]从图甲可以看到，指针往右偏，说明右端较重，此时应将平衡螺母向左调节，直到天平平衡。
（4）[3]当天平平衡时，测量数据如图乙所示，则测量值
（5）[4]由题意可知，当小石块放入烧杯后排开水的质量是
所以排开水的体积是
小石块完全浸没，所以，小石块的密度是
24. 如图所示为小明测量电阻的实验，已知电源电压恒定
（1）图甲中有一条导线连接错误，请在错误的导线上打“×”，并用笔画线代替导线，补画一条线将电路连接正确______；
（2）小明在某次实验时电压表的示数如图乙所示，若要使电阻两端电压为2.6V，应将滑动变阻器的滑片向______（选填“左”或“右”）端移动，记录此时电流表的示数如图丙所示，则此时电阻的阻值为______；
（3）在实验中，小明进行了多次测量。则下列实验与此操作目的相同的是（ ）
A．探究杠杆平衡条件 B．用刻度尺测量物体长度 C．探究平面镜成像特点
（4）小红利用该电路还进行了“探究电流和电压的关系”的实验。闭合开关后，不断调节滑动变阻器的滑片，多次改变电阻两端的电压并记录对应的电流值如下表所示，由此可以归纳出的结论是：当电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成______；
（5）实验完成后，小华利用图丁所示的电路测量额定电压为的小灯泡的额定功率，其中电源电压为U，为已知阻值的定值电阻，请完成下述实验步骤，并写出相应表达式。
①闭合开关、，断开，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为______；
②闭合开关______，断开______， ______记录电压表的示数为；
③小灯泡额定功率表达式为：______（用已知物理量和测量物理量表示）。
【答案】 ①. ②. 左 ③. ④. B ⑤. 正比 ⑥. ⑦. 、 ⑧. ⑨. 保持滑片位置不变 ⑩.
【解析】
【详解】（1）[1]原电路中，电阻和电压表没有连入电路中，电阻应与电流表串联，电压表与电阻并联，且电流从电表的正接线柱流入、负接线柱流出，如图：
（2）[2]此时电压表的量程为0～3V，分度值是0.1V；根据电压表的指针位置可知：电压表的示数为2.2V，接下来要使电阻两端电压为2.6V，根据串联分压规律，应将滑动变阻器的滑片向左移动，减小电路中的电阻。
[3]由图乙可知，电流表的量程为0~0.6A，分度值为0.02A，电流为0.26A。则此时电阻的阻值为
（3）[4]在实验中，小明进行了多次测量，是为了取平均值减小测量结果的误差，探究杠杆平衡条件和探究平面镜成像特点，多次测量是为了寻找普遍规律；用刻度尺测量物体长度多次测量取平均值减小测量结果的误差。
故选B。
（4）[5]由表中数据可知，电压增大为原来的几倍，通过定值电阻的电流也增大为原来的几倍，由此可以归纳出的结论是：电阻一定时，通过电阻的电流与电阻两端的电压成正比。
（5）①[6]闭合开关、，断开，电压表测灯泡两端的电压，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数为；
②[7][8][9]根据串联分压原理，为了保证灯泡电压不变，需要保持滑片位置不变，闭合开关、，断开，此时电压表测量灯泡和滑动变阻器两端的电压，记录电压表的示数为；则定值电阻两端的电压为
根据串联电路电流处处相等的特点，通过电阻的电流与小灯泡的额定电流相等，即
③[10]小灯泡额定功率表达式为
五、计算题（第25题6分，第26题7分，第27题12分，共25分）
25. 汽车使人们的出行更加便捷。小明一家驾驶某款汽车周末出游，以20m/s的速度匀速行驶了54km，已知该车发动机输出功率为20kW，此次行驶过程中完全燃烧了4kg的汽油，已知汽油的热值，求：
（1）此次行驶过程中牵引力做的功；
（2）完全燃烧4kg的汽油放出的热量；
（3）该款汽车发动机的效率。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）此次行驶过程中汽车所用的时间为
此次行驶过程中牵引力做的功
（2）完全燃烧4kg的汽油放出的热量
（3）该款汽车发动机的效率
答：（1）此次行驶过程中牵引力做的功；
（2）完全燃烧4kg汽油放出的热量；
（3）该款汽车发动机的效率。
26. 如图所示，小明同学在用滑轮组匀速提升重为600N物体，物体在10s内上升了1m，若他对绳子施加拉力F的方向始终竖直向下，此时他对水平地面的压强为，该滑轮组的机械效率为80%，他的双脚与水平地面的接触面积为，求：
（1）小明对绳子的拉力F；
（2）拉力F做功的功率；
（3）小明同学的重力。
【答案】（1）375N；（2）75W；（3）590N
【解析】
【详解】（1）由图可知，绳子的股数n=2，根据
可得，他对绳子的拉力
（2）拉力F做功
拉力F做功的功率
（3）因为他对地面的压力和地面的支持力是相互作用力，大小相等，所以
则人的重力
答：（1）对绳子的拉力为375N；
（2）拉力F做功的功率75W；
（3）该同学的重力为590N。
27. 某物理兴趣小组设计的地下蓄水池水位监测及排水电路，如图所示，已知控制电路的电源电压恒为12V，为定值电阻，为置于池底的压敏电阻，其阻值随上方水的压强的变化关系如图表所示，已知电磁铁线圈中的电流大于等于60mA时，蓄水池达到警戒水位，衔铁被吸合，工作电路会启动电动机排水泵将水排出，保证蓄水池的安全。已知蓄水池最低水位为50cm，此时电流表示数为0.04A。求：
（1）当蓄水池处于最低水位时，水对蓄水池底部的压强；
（2）当蓄水池处于最低水位时，定值电阻在1min内消耗的电能；
（3）若将电阻换为阻值为150Ω的电阻，此时恰好能启动电动机排水泵将水排出，求蓄水池的警戒水位。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）当蓄水池处于最低水位时，水对蓄水池底部的压强为
（2）分析电路可知，控制电路中、串联，电流表测电路电流。由表格数据可知，当蓄水池处于最低水位时，，此时电流表示数为0.04A，则控制电路总电阻为
则定值电阻阻值为
则定值电阻在1min内消耗的电能为
（3）依题意可知，恰好启动电动机排水泵将水排出时，控制电路电流为60mA，则总电阻为
此时，则阻值为
根据表格数据解得阻值与压强关系式为，所以当阻值为时，水的压强为，则蓄水池的警戒水位为
答：（1）当蓄水池处于最低水位时，水对蓄水池底部的压强为；
（2）当蓄水池处于最低水位时，定值电阻在1min内消耗的电能为；
（3）若将电阻换为阻值为150Ω的电阻，此时恰好能启动电动机排水泵将水排出，蓄水池的警戒水位为。实验序号
1
2
3
4
5
6
物距u/cm
30
25
20
15
12
7
像距v/cm
15
16.5
20
30
34.5
实验次数
电压（V）
电流（A）
1
1.5
0.15
2
2.2
0.22
3
2.5
0.25
4
3
0.3
（）
5
5.5
6
6.5
7
……
（Ω）
260
225
190
155
120
……
相关试卷
2024年山东省泰安市一中九年级中考一模考试物理试题（原卷版+解析版）： 这是一份2024年山东省泰安市一中九年级中考一模考试物理试题（原卷版+解析版），文件包含2024年山东省泰安市一中九年级中考一模考试物理试题原卷版docx、2024年山东省泰安市一中九年级中考一模考试物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共30页， 欢迎下载使用。
2024年山东省泰安市岱岳区中考一模物理试题： 这是一份2024年山东省泰安市岱岳区中考一模物理试题，共8页。
2024年山东省泰安市东平县中考一模物理试题（原卷版+解析版）： 这是一份2024年山东省泰安市东平县中考一模物理试题（原卷版+解析版），文件包含2024年山东省泰安市东平县中考一模物理试题原卷版docx、2024年山东省泰安市东平县中考一模物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共31页， 欢迎下载使用。
