资料中包含下列文件，点击文件名可预览资料内容
还剩6页未读，
继续阅读
信息必刷卷03（武汉专用）-2024年中考物理考前信息必刷卷（湖北武汉专用）
展开
这是一份信息必刷卷03（武汉专用）-2024年中考物理考前信息必刷卷（湖北武汉专用），文件包含信息必刷卷03武汉专用原卷版docx、信息必刷卷03武汉专用解析版docx、信息必刷卷03武汉专用参考答案docx等3份试卷配套教学资源，其中试卷共26页， 欢迎下载使用。
物 理（武汉专用）
武汉市中考物理考试主要考察学生对物理学科基础知识的掌握程度和应用能力，包括选择题、填空题、计算题、实验题等题型。考试形式一般为笔试，满分70分，考试时间为70分钟。选择题重难点考查内容与以往有所变化，需要密切关注。
新考法：选择题考查板块题目分布与以往差别不大，实验探究比重大，计算题依然为力学综合计算，电学板块变化大，如12题电热综合；
第一，重视物理学科素养的考查。第二，增加实际应用题的比重。第三，尝试物理与其他学科的融合命题。
第四，关注命题难度和题型的调整。
强化基础知识的学习与整合是备考过程中的关键环节。物理作为一门基础学科，要求考生对基础概念和原理有深入的理解和掌握。考生应注重构建完整的知识体系，理解各知识点之间的内在联系，以提高综合运用能力。通过系统梳理和整合知识，考生能够更好地应对考试中的各种题型和考点。实验在物理备考中占据重要地位。作为一门实验科学，物理的学习和实践紧密相连。考生应重视实验的学习和操作，掌握实验原理、方法和技能。通过亲自动手进行实验，考生能够更加深入地理解物理知识，培养实验设计和操作能力。这将有助于考生在中考中的实验题目部分取得好成绩，提升整体成绩水平。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷（选择题）
一、选择题（本题共12小题，每小题只有一个选项符合体育，每小题3分，共36分。）
1．关于光现象的说法正确的是（ ）
A．甲图是光的漫反射现象，因反射光线射向各个方向，故漫反射不遵循光的反射定律
B．乙图中人通过镜子能看到视力表的像，利用了光沿直线传播的知识
C．丙图小明和小猫通过平面镜可以互相看到对方，说明反射时光路是可逆的
D．丁图中影子是由光的反射形成的
【解答】解：A．由图可知，平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射，漫反射同样遵守光的反射定律，故A错误。
B．乙图中在镜中看到视力表的像属于平面镜成像，平面镜成像原理是光的反射规律，故B错误；
C．丙图中小聪和小猫相互看到，说明在反射时光路是可逆的，故C正确；
D．手影是光的直线传播形成的，故D错误。
故选：C。
2．下列四幅图中，关于声现象的描述错误的是（ ）
A．图1中蝙蝠靠超声波发现昆虫，这个方法叫做回声定位
B．图2中弹奏古筝时，手在不同位置按压琴弦，目的是为了改变发出声音的响度
C．图3中逐渐抽出玻璃罩中的空气，听到闹钟声的响度变小
D．图4中把振动的音叉抵在牙齿上可以听到音叉发出的声音，这是骨传导
【解答】解：A、蝙蝠捕食昆虫时利用超声波的反射，回声定位，故A正确；
B、演奏时，手在不同的位置按压琴弦，琴弦的长度不同，振动的频率不同，是为了改变音调，故B错误；
C、声音传播需要介质，真空不能传声，逐渐抽出真空罩中的空气，闹钟的声音会越来越小，即响度变小，故C正确；
D、振动的音叉尾部抵在牙齿上，可以清楚地听到音叉发出的声音，这是利用固体传声（骨传声）的原理，故D正确。
故选：B。
3．关于比热容，下列说法正确的是（ ）
A．比热容是物质自身的性质，与质量，状态，吸收或放出的热量均无关
B．相同质量的铝和铜，吸收了相同的热量，铝上升的温度高（c铝＞c铜）
C．沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区的昼夜温差较大，这主要是因为海水吸收的热量少，砂石吸收的热量多
D．我国北方楼房中的“暖气”用水作为介质是利用水的比热容大
【解答】解：
A、比热容是物质本身的一种特性，决定于物质的种类和状态，与其它因素无关，故A错误；
B、已知c铝＞c铜，对于相同质量的铝和铜，吸收了相同的热量，由公式Δt＝知，铜上升的温度高，故B错误；
C、因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。故C错误；
D、家中的“暖气”用水做介质，主要利用水的比热容较大的特性。故D正确。
故选：D。
4．有关物态变化在生活中的应用，下列说法错误的是（ ）
A．甲图中，坎儿井主要是利用地下水的温度低、空气流通慢从而减慢水的蒸发
B．乙图中，简易冰箱利用纱布上的水蒸发吸热保证饭菜不容易变馊
C．丙图中，液化石油气主要采用降低温度的方法使气体液化储存在钢瓶内
D．丁图中，冬天在菜窖里放几桶水是利用水结冰放热来保存蔬菜
【解答】解：A、坎儿井是新疆吐鲁番地区庞大的地下灌溉工程，坎儿井在地下，井内的水温比外界低，可以降低液体的温度、减少水暴露在空气中的面积、减慢水面空气的流速，从而减少水的蒸发，故A正确；
B、纱布中的水蒸发吸热，放在通风效果好的地方，空气流通加快，能够促进纱布纤维中水分蒸发，水蒸发吸热，周围的温度会降低，可以使食物保持较低的温度，这样饭菜就不会变馊了。故B正确；
C、液化气是利用常温下压缩体积的方法使石油气液化储存在钢瓶内的，故C错误；
D、冬天贮菜时，人们常在地窖里放几桶水，液态的水遇冷凝固为固态的冰，同时放出热量，使菜窖的温度不至于过低而将菜冻坏，故D正确。
故选：C。
5．如图是探究“阻力对物体运动的影响”的实验装置，下列说法正确的是（ ）
A．小车到达水平面后，在惯性的作用下，会继续向前运动
B．水平面越粗糙，小车的速度减小得越慢
C．小车在下滑过程中小车的重力势能全部转化为小车的动能和内能
D．若斜面和水平面的粗糙程度相同，小车在斜面上受到的摩擦力比平面上受到的摩擦力小
【解答】解：
A、惯性是物体的一种性质，不是说惯性是作用，故A错误；
B、水平表面越粗糙，小车的速度减小得越快，故B错误；
C、小车在下滑过程中小车的重力势能转化为小车的动能、内能、以及接触面的内能，故C错误；
D、若斜面和水平面的粗糙程度相同，小车对斜面的压力小于自身重力，小车对水平面的压力等于自身重力，即车对斜面的压力小于对水平面的压力，说明小车在斜面上受到的摩擦力比在平面上受到的摩擦力小，故D正确。
故选：D。
6．关于电磁波，下列说法不正确的是（ ）
A．作为信息的载体，电磁波频率越高，相同时间内可以传输的信息越多
B．导线中电流的迅速变化会在空间激起电磁波
C．微波是一种无线电波，微波通信时可以沿地球表面绕射
D．同种介质中，电磁波的波长与频率成反比
【解答】解：A、从信息理论角度分析可知：作为载体的无线电波，频率越高，相同时间内传输的信息就越多，故A正确；
B、导线中电流的迅速变化会在空间激起电磁波，故B正确；
C、微波是一种无线电波，沿直线传播，不能沿地球表面绕射，故C错误；
D、在同种介质中，波速一定，由公式v＝λf可知，波长与频率成反比，故D正确。
故选：C。
7．如图所示，在“探究影响压力作用效果的因素”的实验中，下列说法错误的是（ ）
A．甲、乙两次实验中，小桌对海绵压力的大小相等
B．甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显
C．甲、乙两次实验，说明压力作用的效果跟受力面积有关
D．为了完成整个实验，可以将乙图中的砝码取下来，并将看到的实验现象和甲图中的对比
【解答】解：A、实验中，物体对受压面的压力等于物体的重力，故甲、乙两次实验中，小桌对海绵压力的大小相等，故A正确；
B、根据转换法，甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显，故B正确；
C、甲、乙两次实验，受力面积不同而压力相同，故说明压力作用的效果跟受力面积的大小有关，故C正确；
D、为了完成整个实验，还要研究压力作用效果与压力大小有关，要控制受力面积相同，故可以将乙图中的砝码取下来，并将看到的实验现象和乙图中的对比，故D错误。
故选：D。
8．双轮电动平衡车越来越受到人们的喜爱，如图所示，质量为40kg的小红驾驶平衡车在平直的路面上向右匀速行驶，5min通过的路程为900m，已知平衡车的质量为10kg，轮胎与地面的总接触面积为25cm2，下列说法正确的是（ ）
A．平衡车的车轮受到水平向左的摩擦力
B．平衡车的重力与地面对它的支持力是平衡力
C．小红驾驶平衡车时，车对地面的压强为2×104Pa
D．平衡车所受阻力为总重的0.2倍，则平衡车输出功率为300W
【解答】解：A、平衡车的车轮受到的摩擦力的方向向前，与车子前进的方向相同，平衡车的车轮受到水平向右的摩擦力，故A错误；
B、平衡车和人的总重力等于地面对平衡车的支持力，则平衡车受到的重力与地面对它的支持力大小不相等，所以它们不是一对平衡力，故B错误；
C、小红和平衡车对地面的压力为：
F＝G总＝（m车+m人）g＝（10kg+40kg）×10N/kg＝500N，
平衡车对地面的压强为：
p＝＝＝2×105 Pa，故C错误；
D、车在水平地面上匀速行驶时，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，
则平衡车受到的牵引力：
F牵引＝F阻＝0.2G总＝0.2m总g＝0.2×（10kg+40kg）×10N/kg＝100N；
平衡车输出功率为：
P＝＝＝＝300W，故D正确。
故选：D。
9．两个相同的小灯泡，单独接在两节干电池组成的电源两端都能发光。当其连接成如图所示的电路，闭合开关后，小灯泡L1和L2也都发光，下列说法正确的是（ ）
A．此时小灯泡L1比L2亮一些，是因为通过的L1电流大于通过L2的电流
B．过了一会，两个灯泡都熄灭了，可能是因为L1短路
C．用一根导线接在小灯泡L2两端，L2熄灭，L1变亮
D．用一根导线接在AB两点，会损坏灯泡
【解答】解：A、由图知，串联电路中电流处处相等，闭合开关后，小灯泡L1和L2也都发光，L1和L2电流相等，故A错误；
B、开关闭合后，过了一会两灯突然都熄灭，电路断路，不能是L1短路，如是L1短路L2亮，故B错误；
C、用一根导线接在小灯泡L2两端，L2熄灭，电路电阻变小，电流变大，L1变亮，故C正确；
D、闭合开关，两只灯泡串联，都发光。若把一根导线接在AB的两点，L2被短路不能发光，但L1仍然有电流通过，照常发光。同时电源电压全部加在L2两端，所以亮度增大，故D错误。
故选：C。
10．关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．图甲的连接方式符合安全用电的原则
B．图乙的方式使用螺丝刀试电笔接触火线，氖管不会发光
C．图丙空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路造成的
D．图丁接在该电能表上的用电器同时工作时总功率不能超过550W
【解答】解：A.如图甲，开关与灯泡串联，并且开关应该连接火线，图中开关连接的是零线，故A错误；
B．使用测电笔时，正确的握法应该是手要与测电笔的笔尾接触，笔尖接触火线；使火线、测电笔、人体、大地形成回路，氖管才会发光，图中手没有接触笔尾金属体，故B正确；
C．在家庭电路中空气开关“跳闸”，可能是由于发生了短路，也可能是用电器总功率过大，故C错误；
D．如图丁，额定电压为220V，能长时间正常工作的最大电流为5A，则最大总功率为P＝UI＝220V×5A＝1100W，故D错误。
故选：B。
11．如图是有关“电与磁”的四幅图，对电与磁的关系描述正确的是（ ）
A．如图甲，奥斯特实验证实了磁能产生电
B．如图乙，由小磁针静止时N极的指向可以判断螺线管的a端与电源正极连接
C．如图丙，扬声器与发电机工作原理相同
D．如图丁，话筒与电动机工作原理相同
【解答】解：A、图甲，奥斯特实验证实了电能生磁，即通电导体的周围存在磁场，故A错误；
B、图乙，根据小磁针静止时N极的指向可知：通电螺线管的右端是N极，左端是S极，根据安培定则，电流方向从a到b，可以判断螺线管的a端与电源正极连接，故B正确；
C、图丙，扬声器与电动机工作原理相同，都是利用通电导体在磁场中要受到力的作用，故C错误；
D、图丁，话筒与发电机工作原理相同，都是利用电磁感应现象来工作的，故D错误。
故选：B。
12．小华按如图所示的电路图测量小灯泡的电功率，其中具体有：额定电压为2.5V的小灯泡，“35Ω 1A”的滑动变阻器等元件，检查无误后，闭合开关就直接记录了第一组数据，以下说法不正确的是（ ）
A．表格中第2组数据明显是错误的
B．小华所用电源电压是4V
C．其它器材不变，若用一个定值电阻替换灯泡，就可以用来探究电流与电压和电阻的关系
D．无论灯变亮还是变暗，小灯泡电压变化量与电流变化量的比值一定等于滑动变阻器电压变化量与电流变化量的比值
【解答】解：A、由第2组数据可知，灯泡的电阻为：
R2＝＝≈11.3Ω，
第3组灯泡的电阻为：
R3＝＝≈8.1Ω＜R2，
因灯丝电阻随温度的升高而增大，第3组灯泡的电阻应该大于第2组灯泡的电阻，而R3＜R2，所以表格中第2组数据是错误的，故A正确；
B、检查无误后，闭合开关，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律和第1组数据可知，电源电压为：
U＝U1+I1R滑＝0.5V+0.1A×35Ω＝4V，故B正确；
C、在探究电流与电阻的关系实验中，需更换不同阻值的定值电阻，而本实验中只用一个定值电阻替换灯泡，所以只能探究电流与电压的关系，不能探究电流与电阻的关系，故C错误；
D、因为串联电路处处电流相等，因此小灯泡的电流变化量一定等于变阻器的电流变化量；因为电源电压不变，灯泡两端电压和滑动变阻器两端电压之和等于电源电压，故小灯泡的电压变化量一定等于变阻器的电压变化量，所以无论灯变亮还是变暗，小灯泡电压变化量与电流变化量的比值一定等于滑动变阻器电压变化量与电流变化量的比值，故D正确。
故选：C。
第II卷（非选择题）
二、非选择题（共7小题，共34分）
13．如图是同步通信卫星，板状的两翼是太阳能电池板，它把太阳能转化成 电 能，供卫星使用；若以地球做参照，同步卫星是 静止 的；现在许多长途电话是以地球同步卫星做中继站，打这种长途电话会感到对方的反应有点延迟。假设某通信卫星距离地球18000km，则打电话会延迟 0.12 s。
【解答】解：（1）太阳能电池板可以把太阳能转化成电能，供卫星使用；
（2）若以地球做参照，同步卫星的位置没有发生改变，所以是静止的；
（3）卫星无线电波传播的距离：s＝18000km×2＝36000km；
由速度公式得，延迟时间：
t＝＝＝0.12s。
故答案为：电；静止；0.12。
14．在“探究感应电流产生的条件”实验中，闭合开关，移动导体AB在蹄形磁体中斜向左上运动，电流表指针 会 偏转（选填“会”或“不会”）；保持AB棒运动方向不变，将磁体N、S极对调，重复实验，是为了探究感应电流方向与 磁场方向 的关系，在这个实验中机械能转化为 电 能。
【解答】解：闭合开关，让导体AB在蹄形磁体中斜向左上运动，导体AB切割磁感线，会产生感应电流，因此电流表指针会偏转。
保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验时，只有磁场的方向发生了改变，因此是为了探究感应电流的方向与磁场方向的关系。
在此过程中，消耗机械能，产生电能，主要是将机械能转化为电能。
故答案为：会；磁场方向；电。
15．小红同学在测小石块的密度时，操作步骤如下：
（1）把天平放在水平桌面上，将游码移到左端零刻度线处，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应将平衡螺母向 右 （选填“左”、“右”）调节，使天平横梁在水平位置平衡。
（2）小红选用了一小石块，用天平测出它的质量如甲图所示，然后用量筒测出体积如图乙所示，则所测小石块的密度为 2.17×103 kg/m3
（3）请画出乙图中小石块对量筒压力示意图。
【解答】解：（1）指针偏向分度盘的左侧，平衡螺母应向右调节，直至天平水平平衡；
（2）如图甲所示，天平标尺的分度值是0.2g，石块的质量等于游码质量与游码对应刻度值之和：m＝20g+20g+3.4g＝43.4g；
由图乙可知，量筒分度值为2mL，量筒读数，视线应该与量筒内凹液面的底部相平，由图乙所示量筒可知，测得石块的体积：V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3；
所以石块的密度ρ＝＝＝2.17g/cm3＝2.17×103kg/m3；
（3）在量筒底部沿垂直向下方向画一条带箭头的线段，并用F表示；如下图所示：
故答案为：（1）右；（2）2.17×103；（3）如上图所示。
16．小明同学利用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律。
（1）一个焦距未知的凸透镜，小明用一束平行光正对凸透镜照射，移动光屏，直到光屏上出现很小、很亮的光斑，如图甲所示。则凸透镜的焦距是 10.0 cm。
（2）如图乙所示，将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上。点燃蜡烛，调整它们的高度到合适的位置。将凸透镜固定在50cm刻度线处，蜡烛移动到20cm刻度线处，向 远离 （填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动光屏，直到出现烛焰倒立、 缩小 的清晰实像。
（3）将蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜更换成另一个焦距为9cm的凸透镜，光屏上的像变模糊了，此现象与 近视眼 （填“近视眼”或“远视眼”）成因相似。
【解答】解：（1）如图，让一束平行光正对凸透镜照在凸透镜后的光屏上，接收到一个最小、最亮的光斑，这个光斑是凸透镜的焦点，焦点跟光心之间的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为f＝60.0cm﹣50.0cm＝10.0cm。
（2）凸透镜的焦距为10.0cm，将凸透镜固定在50cm刻度线处，造烛移动到20cm刻度线处，物距u＝50cm﹣20cm＝30cm＞2f，
成倒立、缩小的实像，f＜v＜2f，所以光屏向右移动，移动到60cm到70cm刻线之间，所以光屏远离凸透镜。
（3）原来凸透镜的焦距是10.0cm，更换成另一个焦距为9cm的凸透镜，凸透镜的焦距变小，折光能力变强，使像成在视网膜的前方，和近视眼的成因相似。
故答案为：（1）10.0；（2）远离；缩小；（3）近视眼。
17．在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，这时应将左端的平衡螺母向 右 （填“左”或“右”）端调节，使杠杆保持 水平静止 ，达到平衡状态。
（2）杠杆平衡后，小英同学在图甲所示的A位置挂上两个钩码，可在B位置挂上 3 个钩码，使杠杆在水平位置平衡。
（3）取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的B点，当弹簧测力计由竖直向下逐渐转至斜向下拉的过程中（如图乙），杠杆始终在水平位置平衡，测力计的示数 变大 （填“变大”“变小”或”不变”）。
【解答】解；（1）杠杆的左端下沉，说明这一侧力与力臂的乘积大，应将平衡螺母向右调节，使杠杆保持水平静止，达到平衡状态；
（2）设每个钩码重为G，根据杠杆的平衡条件可得，2G×15cm＝nG×10cm，
解得n＝3，即应在杠杆右边B处挂同样的钩码3个；
当杠杆平衡后，在A、B两点下方同时增加一个钩码，则有5G×3L＞7G×2L，左侧力与力臂的乘积大于右侧，故逆时针旋转，不能在水平位置平衡；
（3）如图乙所示，保持A点不变，若B点拉力F由竖直向下逐渐转至斜向下拉，即向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大，则测力计示数变大。
故答案为：（1）右；水平静止；（2）3；（3）变大。
18．小明使用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，电压为3V的电源以及规格为“10Ω，0.5A”的滑动变阻器等器材，来“探究电流与电阻的关系”。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于最 右 （选填“左”或“右”）端。
（2）小明将5Ω的定值电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端电压为2V，读出并记录电流表示数；保持滑动变阻器的滑片位置不变，把5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻后，直接闭合开关，电压表的示数将 大于 （选填“大于”“小于”或“等于”）2V，此时应将滑动变阻器的滑片在原来基础上向 右 （选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数再次达到2V，记录电流表的示数。
（3）完成实验探究后，小明得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 反比 。
（4）小明分别将5Ω和10Ω的电阻接入电路进行实验时，在电压表示数不变的情况下，滑动变阻器消耗的电功率之比为 2：1 。
（5）如果只利用现有器材，让四个电阻单独接入电路都可完成实验，定值电阻两端的电压应控制在2V～ 2.5 V之间。
【解答】解：（1）闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，由图可知应移至最右端；
（2）实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动；
（3）因电流与电阻的乘积为一定值，故可得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
（4）小明将5Ω和10Ω电阻分别接入电路，因定值电阻两端的电压保持不变，根据欧姆定律可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，故电路中电流之比为：I1：I2＝10Ω：5Ω＝2：1；因电源电压和定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压不变，由P＝UI可知，在电压不变时，电功率与电流成正比，故两次实验滑动变阻器消耗的电功率之比为2：1；
（5）由图甲可知，电流表选用小量程，滑动变阻器允许通过的最大电流为0.5A，即电路中最大电流为0.5A，当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最大电压为：UV大＝I大R定小＝0.5A×5Ω＝2.5V。
故答案为：（1）右；（2）大于；右；（3）反比；（4）2：1；（5）2.5。
四．计算题（共1小题）
19．中国自行研制的国之重器“新光华”号半潜船有两个足球场那么大，是海上的“大力神叉车”，也是我国最大、世界第二大的10万吨级半潜船，它通过本身压水舱中压载水的调整，把装货甲板潜入水中，以便将所要承运的不可分割的特大件货物（如驳船、游艇、舰船、钻井平台等）从指定位置浮入半潜船的装货甲板上，定位后排放压水舱中压载水，直至半潜船上浮至预定的水线，如图甲所示，“新光华”号半潜船，在运载货物时通常采用两种方式：一是如图乙所示的“非浮载”方式；二是为了运载更重货物时，采用的如图丙所示的“浮载”方式，其主要参数如表：
（海水密度取1×103kg/m3，1节＝1.8km/h）
（1）“新光华”号半潜船处在最大下潜状态时，船底所受海水的压强为多少Pa？
（2）半潜船处在最大下潜状态时，船底面积为1dm2船板所受海水的压力约为多少？
（3）若半潜船以最大非浮载装货时，船和货物排开海水的体积为V1。该半潜船在某次工作中为了运载更重的货物，采取了浮载方式装货，当达到最大浮载时，船和货物所排开海水的体积为V2，则此时船和货物所排开海水的体积增大多少？
【解答】解：（1）“新光华”号半潜船处在最大下潜状态时，船底所受海水的压强：
p＝ρ海水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×30m＝3×105Pa；
（2）半潜船处在最大下潜状态时，由p＝可得，船底面积为1dm2船板所受海水的压力：
F＝pS＝3×105Pa×1×10﹣2m3＝3000N；
（3）半潜船以最大非浮载装货时所受的浮力：
F浮1＝G船+G1＝G船+m1g＝G船+7×104×103kg×10N/kg＝G船+7×108N，
当半潜船以最大浮载方式装货时所受的浮力：
F浮2＝G船+G2＝G船+m2g＝G船+10×104×103kg×10N/kg＝G船+1×109N，
当半潜船以最大浮载方式装货时，船和货物所受浮力增大量：
ΔF浮＝F浮2﹣F浮1＝（G船+1×109N）﹣（G船+7×108N）＝3×108N，
由F浮＝ρ液gV排可得，此时船和货物所排开海水的体积增大量：
V2﹣V1＝ΔV排＝＝＝3×104m3。
答：（1）“新光华”号半潜船处在最大下潜状态时，船底所受海水的压强为3×105Pa；
（2）半潜船处在最大下潜状态时，船底面积为1dm2船板所受海水的压力约为3000N；
（3）此时船和货物所排开海水的体积增大3×104m3。
序号
1
2
3
4
5
U/V
0.5
1.7
2.1
2.5
2.8
I/A
0.1
0.15
0.26
0.28
0.3
总长/m
22.5
船宽
68
设计吃水/m
18.6
最大下潜吃水/m
30
最大载货（非浮载）/万吨
7
最大载货（浮载）/万吨
10
发动机输出功率/kW
1.6×106
最大航速/节
14.5
物 理（武汉专用）
武汉市中考物理考试主要考察学生对物理学科基础知识的掌握程度和应用能力，包括选择题、填空题、计算题、实验题等题型。考试形式一般为笔试，满分70分，考试时间为70分钟。选择题重难点考查内容与以往有所变化，需要密切关注。
新考法：选择题考查板块题目分布与以往差别不大，实验探究比重大，计算题依然为力学综合计算，电学板块变化大，如12题电热综合；
第一，重视物理学科素养的考查。第二，增加实际应用题的比重。第三，尝试物理与其他学科的融合命题。
第四，关注命题难度和题型的调整。
强化基础知识的学习与整合是备考过程中的关键环节。物理作为一门基础学科，要求考生对基础概念和原理有深入的理解和掌握。考生应注重构建完整的知识体系，理解各知识点之间的内在联系，以提高综合运用能力。通过系统梳理和整合知识，考生能够更好地应对考试中的各种题型和考点。实验在物理备考中占据重要地位。作为一门实验科学，物理的学习和实践紧密相连。考生应重视实验的学习和操作，掌握实验原理、方法和技能。通过亲自动手进行实验，考生能够更加深入地理解物理知识，培养实验设计和操作能力。这将有助于考生在中考中的实验题目部分取得好成绩，提升整体成绩水平。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、考生号等填写在答题卡和试卷指定位置上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷（选择题）
一、选择题（本题共12小题，每小题只有一个选项符合体育，每小题3分，共36分。）
1．关于光现象的说法正确的是（ ）
A．甲图是光的漫反射现象，因反射光线射向各个方向，故漫反射不遵循光的反射定律
B．乙图中人通过镜子能看到视力表的像，利用了光沿直线传播的知识
C．丙图小明和小猫通过平面镜可以互相看到对方，说明反射时光路是可逆的
D．丁图中影子是由光的反射形成的
【解答】解：A．由图可知，平行光线入射到粗糙的反射面上，反射光线射向四面八方，这种反射是漫反射，漫反射同样遵守光的反射定律，故A错误。
B．乙图中在镜中看到视力表的像属于平面镜成像，平面镜成像原理是光的反射规律，故B错误；
C．丙图中小聪和小猫相互看到，说明在反射时光路是可逆的，故C正确；
D．手影是光的直线传播形成的，故D错误。
故选：C。
2．下列四幅图中，关于声现象的描述错误的是（ ）
A．图1中蝙蝠靠超声波发现昆虫，这个方法叫做回声定位
B．图2中弹奏古筝时，手在不同位置按压琴弦，目的是为了改变发出声音的响度
C．图3中逐渐抽出玻璃罩中的空气，听到闹钟声的响度变小
D．图4中把振动的音叉抵在牙齿上可以听到音叉发出的声音，这是骨传导
【解答】解：A、蝙蝠捕食昆虫时利用超声波的反射，回声定位，故A正确；
B、演奏时，手在不同的位置按压琴弦，琴弦的长度不同，振动的频率不同，是为了改变音调，故B错误；
C、声音传播需要介质，真空不能传声，逐渐抽出真空罩中的空气，闹钟的声音会越来越小，即响度变小，故C正确；
D、振动的音叉尾部抵在牙齿上，可以清楚地听到音叉发出的声音，这是利用固体传声（骨传声）的原理，故D正确。
故选：B。
3．关于比热容，下列说法正确的是（ ）
A．比热容是物质自身的性质，与质量，状态，吸收或放出的热量均无关
B．相同质量的铝和铜，吸收了相同的热量，铝上升的温度高（c铝＞c铜）
C．沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区的昼夜温差较大，这主要是因为海水吸收的热量少，砂石吸收的热量多
D．我国北方楼房中的“暖气”用水作为介质是利用水的比热容大
【解答】解：
A、比热容是物质本身的一种特性，决定于物质的种类和状态，与其它因素无关，故A错误；
B、已知c铝＞c铜，对于相同质量的铝和铜，吸收了相同的热量，由公式Δt＝知，铜上升的温度高，故B错误；
C、因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。故C错误；
D、家中的“暖气”用水做介质，主要利用水的比热容较大的特性。故D正确。
故选：D。
4．有关物态变化在生活中的应用，下列说法错误的是（ ）
A．甲图中，坎儿井主要是利用地下水的温度低、空气流通慢从而减慢水的蒸发
B．乙图中，简易冰箱利用纱布上的水蒸发吸热保证饭菜不容易变馊
C．丙图中，液化石油气主要采用降低温度的方法使气体液化储存在钢瓶内
D．丁图中，冬天在菜窖里放几桶水是利用水结冰放热来保存蔬菜
【解答】解：A、坎儿井是新疆吐鲁番地区庞大的地下灌溉工程，坎儿井在地下，井内的水温比外界低，可以降低液体的温度、减少水暴露在空气中的面积、减慢水面空气的流速，从而减少水的蒸发，故A正确；
B、纱布中的水蒸发吸热，放在通风效果好的地方，空气流通加快，能够促进纱布纤维中水分蒸发，水蒸发吸热，周围的温度会降低，可以使食物保持较低的温度，这样饭菜就不会变馊了。故B正确；
C、液化气是利用常温下压缩体积的方法使石油气液化储存在钢瓶内的，故C错误；
D、冬天贮菜时，人们常在地窖里放几桶水，液态的水遇冷凝固为固态的冰，同时放出热量，使菜窖的温度不至于过低而将菜冻坏，故D正确。
故选：C。
5．如图是探究“阻力对物体运动的影响”的实验装置，下列说法正确的是（ ）
A．小车到达水平面后，在惯性的作用下，会继续向前运动
B．水平面越粗糙，小车的速度减小得越慢
C．小车在下滑过程中小车的重力势能全部转化为小车的动能和内能
D．若斜面和水平面的粗糙程度相同，小车在斜面上受到的摩擦力比平面上受到的摩擦力小
【解答】解：
A、惯性是物体的一种性质，不是说惯性是作用，故A错误；
B、水平表面越粗糙，小车的速度减小得越快，故B错误；
C、小车在下滑过程中小车的重力势能转化为小车的动能、内能、以及接触面的内能，故C错误；
D、若斜面和水平面的粗糙程度相同，小车对斜面的压力小于自身重力，小车对水平面的压力等于自身重力，即车对斜面的压力小于对水平面的压力，说明小车在斜面上受到的摩擦力比在平面上受到的摩擦力小，故D正确。
故选：D。
6．关于电磁波，下列说法不正确的是（ ）
A．作为信息的载体，电磁波频率越高，相同时间内可以传输的信息越多
B．导线中电流的迅速变化会在空间激起电磁波
C．微波是一种无线电波，微波通信时可以沿地球表面绕射
D．同种介质中，电磁波的波长与频率成反比
【解答】解：A、从信息理论角度分析可知：作为载体的无线电波，频率越高，相同时间内传输的信息就越多，故A正确；
B、导线中电流的迅速变化会在空间激起电磁波，故B正确；
C、微波是一种无线电波，沿直线传播，不能沿地球表面绕射，故C错误；
D、在同种介质中，波速一定，由公式v＝λf可知，波长与频率成反比，故D正确。
故选：C。
7．如图所示，在“探究影响压力作用效果的因素”的实验中，下列说法错误的是（ ）
A．甲、乙两次实验中，小桌对海绵压力的大小相等
B．甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显
C．甲、乙两次实验，说明压力作用的效果跟受力面积有关
D．为了完成整个实验，可以将乙图中的砝码取下来，并将看到的实验现象和甲图中的对比
【解答】解：A、实验中，物体对受压面的压力等于物体的重力，故甲、乙两次实验中，小桌对海绵压力的大小相等，故A正确；
B、根据转换法，甲图中小桌对海绵压力作用的效果比乙图中的明显，故B正确；
C、甲、乙两次实验，受力面积不同而压力相同，故说明压力作用的效果跟受力面积的大小有关，故C正确；
D、为了完成整个实验，还要研究压力作用效果与压力大小有关，要控制受力面积相同，故可以将乙图中的砝码取下来，并将看到的实验现象和乙图中的对比，故D错误。
故选：D。
8．双轮电动平衡车越来越受到人们的喜爱，如图所示，质量为40kg的小红驾驶平衡车在平直的路面上向右匀速行驶，5min通过的路程为900m，已知平衡车的质量为10kg，轮胎与地面的总接触面积为25cm2，下列说法正确的是（ ）
A．平衡车的车轮受到水平向左的摩擦力
B．平衡车的重力与地面对它的支持力是平衡力
C．小红驾驶平衡车时，车对地面的压强为2×104Pa
D．平衡车所受阻力为总重的0.2倍，则平衡车输出功率为300W
【解答】解：A、平衡车的车轮受到的摩擦力的方向向前，与车子前进的方向相同，平衡车的车轮受到水平向右的摩擦力，故A错误；
B、平衡车和人的总重力等于地面对平衡车的支持力，则平衡车受到的重力与地面对它的支持力大小不相等，所以它们不是一对平衡力，故B错误；
C、小红和平衡车对地面的压力为：
F＝G总＝（m车+m人）g＝（10kg+40kg）×10N/kg＝500N，
平衡车对地面的压强为：
p＝＝＝2×105 Pa，故C错误；
D、车在水平地面上匀速行驶时，受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，
则平衡车受到的牵引力：
F牵引＝F阻＝0.2G总＝0.2m总g＝0.2×（10kg+40kg）×10N/kg＝100N；
平衡车输出功率为：
P＝＝＝＝300W，故D正确。
故选：D。
9．两个相同的小灯泡，单独接在两节干电池组成的电源两端都能发光。当其连接成如图所示的电路，闭合开关后，小灯泡L1和L2也都发光，下列说法正确的是（ ）
A．此时小灯泡L1比L2亮一些，是因为通过的L1电流大于通过L2的电流
B．过了一会，两个灯泡都熄灭了，可能是因为L1短路
C．用一根导线接在小灯泡L2两端，L2熄灭，L1变亮
D．用一根导线接在AB两点，会损坏灯泡
【解答】解：A、由图知，串联电路中电流处处相等，闭合开关后，小灯泡L1和L2也都发光，L1和L2电流相等，故A错误；
B、开关闭合后，过了一会两灯突然都熄灭，电路断路，不能是L1短路，如是L1短路L2亮，故B错误；
C、用一根导线接在小灯泡L2两端，L2熄灭，电路电阻变小，电流变大，L1变亮，故C正确；
D、闭合开关，两只灯泡串联，都发光。若把一根导线接在AB的两点，L2被短路不能发光，但L1仍然有电流通过，照常发光。同时电源电压全部加在L2两端，所以亮度增大，故D错误。
故选：C。
10．关于家庭电路和安全用电，下列说法正确的是（ ）
A．图甲的连接方式符合安全用电的原则
B．图乙的方式使用螺丝刀试电笔接触火线，氖管不会发光
C．图丙空气开关跳闸，一定是家庭电路出现短路造成的
D．图丁接在该电能表上的用电器同时工作时总功率不能超过550W
【解答】解：A.如图甲，开关与灯泡串联，并且开关应该连接火线，图中开关连接的是零线，故A错误；
B．使用测电笔时，正确的握法应该是手要与测电笔的笔尾接触，笔尖接触火线；使火线、测电笔、人体、大地形成回路，氖管才会发光，图中手没有接触笔尾金属体，故B正确；
C．在家庭电路中空气开关“跳闸”，可能是由于发生了短路，也可能是用电器总功率过大，故C错误；
D．如图丁，额定电压为220V，能长时间正常工作的最大电流为5A，则最大总功率为P＝UI＝220V×5A＝1100W，故D错误。
故选：B。
11．如图是有关“电与磁”的四幅图，对电与磁的关系描述正确的是（ ）
A．如图甲，奥斯特实验证实了磁能产生电
B．如图乙，由小磁针静止时N极的指向可以判断螺线管的a端与电源正极连接
C．如图丙，扬声器与发电机工作原理相同
D．如图丁，话筒与电动机工作原理相同
【解答】解：A、图甲，奥斯特实验证实了电能生磁，即通电导体的周围存在磁场，故A错误；
B、图乙，根据小磁针静止时N极的指向可知：通电螺线管的右端是N极，左端是S极，根据安培定则，电流方向从a到b，可以判断螺线管的a端与电源正极连接，故B正确；
C、图丙，扬声器与电动机工作原理相同，都是利用通电导体在磁场中要受到力的作用，故C错误；
D、图丁，话筒与发电机工作原理相同，都是利用电磁感应现象来工作的，故D错误。
故选：B。
12．小华按如图所示的电路图测量小灯泡的电功率，其中具体有：额定电压为2.5V的小灯泡，“35Ω 1A”的滑动变阻器等元件，检查无误后，闭合开关就直接记录了第一组数据，以下说法不正确的是（ ）
A．表格中第2组数据明显是错误的
B．小华所用电源电压是4V
C．其它器材不变，若用一个定值电阻替换灯泡，就可以用来探究电流与电压和电阻的关系
D．无论灯变亮还是变暗，小灯泡电压变化量与电流变化量的比值一定等于滑动变阻器电压变化量与电流变化量的比值
【解答】解：A、由第2组数据可知，灯泡的电阻为：
R2＝＝≈11.3Ω，
第3组灯泡的电阻为：
R3＝＝≈8.1Ω＜R2，
因灯丝电阻随温度的升高而增大，第3组灯泡的电阻应该大于第2组灯泡的电阻，而R3＜R2，所以表格中第2组数据是错误的，故A正确；
B、检查无误后，闭合开关，此时滑动变阻器接入电路的阻值最大，根据串联电路电压规律结合欧姆定律和第1组数据可知，电源电压为：
U＝U1+I1R滑＝0.5V+0.1A×35Ω＝4V，故B正确；
C、在探究电流与电阻的关系实验中，需更换不同阻值的定值电阻，而本实验中只用一个定值电阻替换灯泡，所以只能探究电流与电压的关系，不能探究电流与电阻的关系，故C错误；
D、因为串联电路处处电流相等，因此小灯泡的电流变化量一定等于变阻器的电流变化量；因为电源电压不变，灯泡两端电压和滑动变阻器两端电压之和等于电源电压，故小灯泡的电压变化量一定等于变阻器的电压变化量，所以无论灯变亮还是变暗，小灯泡电压变化量与电流变化量的比值一定等于滑动变阻器电压变化量与电流变化量的比值，故D正确。
故选：C。
第II卷（非选择题）
二、非选择题（共7小题，共34分）
13．如图是同步通信卫星，板状的两翼是太阳能电池板，它把太阳能转化成 电 能，供卫星使用；若以地球做参照，同步卫星是 静止 的；现在许多长途电话是以地球同步卫星做中继站，打这种长途电话会感到对方的反应有点延迟。假设某通信卫星距离地球18000km，则打电话会延迟 0.12 s。
【解答】解：（1）太阳能电池板可以把太阳能转化成电能，供卫星使用；
（2）若以地球做参照，同步卫星的位置没有发生改变，所以是静止的；
（3）卫星无线电波传播的距离：s＝18000km×2＝36000km；
由速度公式得，延迟时间：
t＝＝＝0.12s。
故答案为：电；静止；0.12。
14．在“探究感应电流产生的条件”实验中，闭合开关，移动导体AB在蹄形磁体中斜向左上运动，电流表指针 会 偏转（选填“会”或“不会”）；保持AB棒运动方向不变，将磁体N、S极对调，重复实验，是为了探究感应电流方向与 磁场方向 的关系，在这个实验中机械能转化为 电 能。
【解答】解：闭合开关，让导体AB在蹄形磁体中斜向左上运动，导体AB切割磁感线，会产生感应电流，因此电流表指针会偏转。
保持AB棒运动方向不变，仅将磁体N、S极对调，重复上述实验时，只有磁场的方向发生了改变，因此是为了探究感应电流的方向与磁场方向的关系。
在此过程中，消耗机械能，产生电能，主要是将机械能转化为电能。
故答案为：会；磁场方向；电。
15．小红同学在测小石块的密度时，操作步骤如下：
（1）把天平放在水平桌面上，将游码移到左端零刻度线处，发现指针偏向分度盘的左侧，此时应将平衡螺母向 右 （选填“左”、“右”）调节，使天平横梁在水平位置平衡。
（2）小红选用了一小石块，用天平测出它的质量如甲图所示，然后用量筒测出体积如图乙所示，则所测小石块的密度为 2.17×103 kg/m3
（3）请画出乙图中小石块对量筒压力示意图。
【解答】解：（1）指针偏向分度盘的左侧，平衡螺母应向右调节，直至天平水平平衡；
（2）如图甲所示，天平标尺的分度值是0.2g，石块的质量等于游码质量与游码对应刻度值之和：m＝20g+20g+3.4g＝43.4g；
由图乙可知，量筒分度值为2mL，量筒读数，视线应该与量筒内凹液面的底部相平，由图乙所示量筒可知，测得石块的体积：V＝40mL﹣20mL＝20mL＝20cm3；
所以石块的密度ρ＝＝＝2.17g/cm3＝2.17×103kg/m3；
（3）在量筒底部沿垂直向下方向画一条带箭头的线段，并用F表示；如下图所示：
故答案为：（1）右；（2）2.17×103；（3）如上图所示。
16．小明同学利用如图所示的装置探究凸透镜成像的规律。
（1）一个焦距未知的凸透镜，小明用一束平行光正对凸透镜照射，移动光屏，直到光屏上出现很小、很亮的光斑，如图甲所示。则凸透镜的焦距是 10.0 cm。
（2）如图乙所示，将蜡烛、凸透镜、光屏依次安装在光具座上。点燃蜡烛，调整它们的高度到合适的位置。将凸透镜固定在50cm刻度线处，蜡烛移动到20cm刻度线处，向 远离 （填“靠近”或“远离”）凸透镜的方向移动光屏，直到出现烛焰倒立、 缩小 的清晰实像。
（3）将蜡烛和光屏的位置不变，将凸透镜更换成另一个焦距为9cm的凸透镜，光屏上的像变模糊了，此现象与 近视眼 （填“近视眼”或“远视眼”）成因相似。
【解答】解：（1）如图，让一束平行光正对凸透镜照在凸透镜后的光屏上，接收到一个最小、最亮的光斑，这个光斑是凸透镜的焦点，焦点跟光心之间的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距为f＝60.0cm﹣50.0cm＝10.0cm。
（2）凸透镜的焦距为10.0cm，将凸透镜固定在50cm刻度线处，造烛移动到20cm刻度线处，物距u＝50cm﹣20cm＝30cm＞2f，
成倒立、缩小的实像，f＜v＜2f，所以光屏向右移动，移动到60cm到70cm刻线之间，所以光屏远离凸透镜。
（3）原来凸透镜的焦距是10.0cm，更换成另一个焦距为9cm的凸透镜，凸透镜的焦距变小，折光能力变强，使像成在视网膜的前方，和近视眼的成因相似。
故答案为：（1）10.0；（2）远离；缩小；（3）近视眼。
17．在“探究杠杆平衡条件”的实验中：
（1）将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，这时应将左端的平衡螺母向 右 （填“左”或“右”）端调节，使杠杆保持 水平静止 ，达到平衡状态。
（2）杠杆平衡后，小英同学在图甲所示的A位置挂上两个钩码，可在B位置挂上 3 个钩码，使杠杆在水平位置平衡。
（3）取下B位置的钩码，改用弹簧测力计拉杠杆的B点，当弹簧测力计由竖直向下逐渐转至斜向下拉的过程中（如图乙），杠杆始终在水平位置平衡，测力计的示数 变大 （填“变大”“变小”或”不变”）。
【解答】解；（1）杠杆的左端下沉，说明这一侧力与力臂的乘积大，应将平衡螺母向右调节，使杠杆保持水平静止，达到平衡状态；
（2）设每个钩码重为G，根据杠杆的平衡条件可得，2G×15cm＝nG×10cm，
解得n＝3，即应在杠杆右边B处挂同样的钩码3个；
当杠杆平衡后，在A、B两点下方同时增加一个钩码，则有5G×3L＞7G×2L，左侧力与力臂的乘积大于右侧，故逆时针旋转，不能在水平位置平衡；
（3）如图乙所示，保持A点不变，若B点拉力F由竖直向下逐渐转至斜向下拉，即向右倾斜时，此时F的力臂变短，根据杠杆的平衡条件，力变大，则测力计示数变大。
故答案为：（1）右；水平静止；（2）3；（3）变大。
18．小明使用阻值为5Ω、10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻各一个，电压为3V的电源以及规格为“10Ω，0.5A”的滑动变阻器等器材，来“探究电流与电阻的关系”。
（1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片P应位于最 右 （选填“左”或“右”）端。
（2）小明将5Ω的定值电阻接入电路中，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片，使定值电阻两端电压为2V，读出并记录电流表示数；保持滑动变阻器的滑片位置不变，把5Ω的定值电阻换成10Ω的定值电阻后，直接闭合开关，电压表的示数将 大于 （选填“大于”“小于”或“等于”）2V，此时应将滑动变阻器的滑片在原来基础上向 右 （选填“左”或“右”）端移动，直到电压表的示数再次达到2V，记录电流表的示数。
（3）完成实验探究后，小明得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成 反比 。
（4）小明分别将5Ω和10Ω的电阻接入电路进行实验时，在电压表示数不变的情况下，滑动变阻器消耗的电功率之比为 2：1 。
（5）如果只利用现有器材，让四个电阻单独接入电路都可完成实验，定值电阻两端的电压应控制在2V～ 2.5 V之间。
【解答】解：（1）闭合开关前，需将滑动变阻器的滑片移至最大阻值处，由图可知应移至最右端；
（2）实验中，当把5Ω的电阻换成10Ω的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故应把滑动变阻器滑片向右滑动；
（3）因电流与电阻的乘积为一定值，故可得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；
（4）小明将5Ω和10Ω电阻分别接入电路，因定值电阻两端的电压保持不变，根据欧姆定律可知，在电压不变时，电流与电阻成反比，故电路中电流之比为：I1：I2＝10Ω：5Ω＝2：1；因电源电压和定值电阻两端的电压不变，根据串联电路电压规律，滑动变阻器两端电压不变，由P＝UI可知，在电压不变时，电功率与电流成正比，故两次实验滑动变阻器消耗的电功率之比为2：1；
（5）由图甲可知，电流表选用小量程，滑动变阻器允许通过的最大电流为0.5A，即电路中最大电流为0.5A，当电路中电流最大，定值电阻阻值最小时，定值电阻两端电压最大，故定值电阻两端最大电压为：UV大＝I大R定小＝0.5A×5Ω＝2.5V。
故答案为：（1）右；（2）大于；右；（3）反比；（4）2：1；（5）2.5。
四．计算题（共1小题）
19．中国自行研制的国之重器“新光华”号半潜船有两个足球场那么大，是海上的“大力神叉车”，也是我国最大、世界第二大的10万吨级半潜船，它通过本身压水舱中压载水的调整，把装货甲板潜入水中，以便将所要承运的不可分割的特大件货物（如驳船、游艇、舰船、钻井平台等）从指定位置浮入半潜船的装货甲板上，定位后排放压水舱中压载水，直至半潜船上浮至预定的水线，如图甲所示，“新光华”号半潜船，在运载货物时通常采用两种方式：一是如图乙所示的“非浮载”方式；二是为了运载更重货物时，采用的如图丙所示的“浮载”方式，其主要参数如表：
（海水密度取1×103kg/m3，1节＝1.8km/h）
（1）“新光华”号半潜船处在最大下潜状态时，船底所受海水的压强为多少Pa？
（2）半潜船处在最大下潜状态时，船底面积为1dm2船板所受海水的压力约为多少？
（3）若半潜船以最大非浮载装货时，船和货物排开海水的体积为V1。该半潜船在某次工作中为了运载更重的货物，采取了浮载方式装货，当达到最大浮载时，船和货物所排开海水的体积为V2，则此时船和货物所排开海水的体积增大多少？
【解答】解：（1）“新光华”号半潜船处在最大下潜状态时，船底所受海水的压强：
p＝ρ海水gh＝1×103kg/m3×10N/kg×30m＝3×105Pa；
（2）半潜船处在最大下潜状态时，由p＝可得，船底面积为1dm2船板所受海水的压力：
F＝pS＝3×105Pa×1×10﹣2m3＝3000N；
（3）半潜船以最大非浮载装货时所受的浮力：
F浮1＝G船+G1＝G船+m1g＝G船+7×104×103kg×10N/kg＝G船+7×108N，
当半潜船以最大浮载方式装货时所受的浮力：
F浮2＝G船+G2＝G船+m2g＝G船+10×104×103kg×10N/kg＝G船+1×109N，
当半潜船以最大浮载方式装货时，船和货物所受浮力增大量：
ΔF浮＝F浮2﹣F浮1＝（G船+1×109N）﹣（G船+7×108N）＝3×108N，
由F浮＝ρ液gV排可得，此时船和货物所排开海水的体积增大量：
V2﹣V1＝ΔV排＝＝＝3×104m3。
答：（1）“新光华”号半潜船处在最大下潜状态时，船底所受海水的压强为3×105Pa；
（2）半潜船处在最大下潜状态时，船底面积为1dm2船板所受海水的压力约为3000N；
（3）此时船和货物所排开海水的体积增大3×104m3。
序号
1
2
3
4
5
U/V
0.5
1.7
2.1
2.5
2.8
I/A
0.1
0.15
0.26
0.28
0.3
总长/m
22.5
船宽
68
设计吃水/m
18.6
最大下潜吃水/m
30
最大载货（非浮载）/万吨
7
最大载货（浮载）/万吨
10
发动机输出功率/kW
1.6×106
最大航速/节
14.5
相关试卷
信息必刷卷01（苏州专用）-2024年中考物理考前信息必刷卷（江苏苏州专用）： 这是一份信息必刷卷01（苏州专用）-2024年中考物理考前信息必刷卷（江苏苏州专用），文件包含信息必刷卷01苏州专用原卷版docx、信息必刷卷01苏州专用解析版docx、信息必刷卷01苏州专用参考答案docx等3份试卷配套教学资源，其中试卷共40页， 欢迎下载使用。
信息必刷卷05（南京专用）：2024年中考物理考前信息必刷卷： 这是一份信息必刷卷05（南京专用）：2024年中考物理考前信息必刷卷，文件包含信息必刷卷05南京专用原卷版docx、信息必刷卷05南京专用解析版docx、信息必刷卷05南京专用参考答案docx等3份试卷配套教学资源，其中试卷共45页， 欢迎下载使用。
信息必刷卷05（成都专用）--2024年中考物理考前信息必刷卷： 这是一份信息必刷卷05（成都专用）--2024年中考物理考前信息必刷卷，文件包含信息必刷卷05成都专用原卷版docx、信息必刷卷05成都专用解析版docx、信息必刷卷05成都专用参考答案docx等3份试卷配套教学资源，其中试卷共44页， 欢迎下载使用。
