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2024年安徽省马鞍山市花山区马鞍山东方实验学校中考一模物理试题（原卷版+解析版）
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这是一份2024年安徽省马鞍山市花山区马鞍山东方实验学校中考一模物理试题（原卷版+解析版），文件包含2024年安徽省马鞍山市花山区马鞍山东方实验学校中考一模物理试题原卷版docx、2024年安徽省马鞍山市花山区马鞍山东方实验学校中考一模物理试题解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共24页， 欢迎下载使用。
注意事项：
1．物理试卷共四大题23小题，满分70分。物理与化学的考试时间共120分钟。
2．试卷包括“试题卷”和“答题卷”两部分。请务必在“答题卷”上答题，在“试题卷”上答题是无效的。
3．本试卷中g值取10N/kg。
一、填空题（本大题共10小题，每题2分，共20分）
1. 宁马城际铁路是一条跨省跨市的都市圈通勤铁路，仅需30分钟即可实现我市与南京的互通互达。目前，江东大道段正在架设箱梁，如图。在缓慢匀速的提升过程中，箱梁所受拉力的平衡力是______施加的。
【答案】地球
【解析】
【详解】在缓慢匀速的提升过程中，箱梁处于平衡状态，其所受拉力与重力符合二力平衡条件，是一对平衡力，所以可知箱梁所受拉力的平衡力是地球施加的。
2. 如图的实验可说明：声音可以传递能量。该实验在月球______（“可以”或“无法”）完成。
【答案】无法
【解析】
【详解】若实验在太空中进行，由于太空中处于真空状态，没有空气，不能传播声音，因此左边的音叉不会振动，小球也不会被弹起，无法说明声音可以传递能量，因此该实验在月球无法完成。
3. 小军正在研究“空气与玻璃表面的反射和折射现象”，如图。经判断，折射角为______°。
【答案】40
【解析】
【详解】根据反射规律及折射规律，结合由图可知，CO为入射光线，OA为反射光线，OB为折射光线，MM＇为界面，NN＇为法线，折射角为
90°-50°=40°
4. 如图，是家庭电路的一部分。若进户零线（ae段）断路，其他部分完好，闭合开关后，能使测电笔氖管发光的点有______。（填错或漏填均不给分）
【答案】a、b、c、d
【解析】
【详解】若进户零线（ae段）断路，用测电笔测试a点时，此时a点与大地之间的电压变为220V，电流会经测电笔、人体流向大地，所以测电笔的氖管发光；同理，用测电笔测试b、c、d点时，能使测电笔氖管发光。
5. 由某晶体熔化时的“温度——时间”图像可知：该晶体的熔点为50℃。但初三的我们还能分析出：该物质处于液态与固态时的比热容之比为______。
【答案】5∶2
【解析】
【详解】晶体熔化过程中质量保持不变。由图像可知，给该晶体的固体加热4分钟升高的温度为，给该晶体的液体加热4分钟升高的温度为
用相同的加热设备加热相同的时间，吸收的热量相同，根据公式可知，该物质处于液态与固态时的比热容之比为
6. 甲、乙两物体在同一平直的路面上运动，且维持各自运动状态不变，它们的部分图像如图所示，经过______s，甲、乙相距300m。
【答案】10s或50
【解析】
【详解】由题图可知，甲物体的运动速度为
乙物体的运动速度为
①结合图像可知，在10s时，甲物体在300m处，乙物体在0m处，此时甲、乙物体相距300m；②在30s时，甲乙两物体相遇，相距0m；在t秒后，甲、乙物体相距300m，此时应满足
即
解得t=20s，所以再经过
30s+20s=50s
后，甲乙两物体相距300m。
7. 汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其图像如图，设汽车在行驶过程中所受阻力不变，大小为，在0~10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功是______J。
【答案】8×105
【解析】
【详解】由题图可知，10s后汽车做速度大小为20m/s的匀速直线运动，当汽车匀速直线运动时，牵引力与阻力是一对平衡力，即F=f，汽车行驶时的功率为
由于汽车以恒定功率行驶，故在0~10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功为
8. 如图所示，轻质杠杆可绕某点在竖直面内转动，在A点施加60N的力，可提升物体质量的最大值为______。
【答案】13kg
【解析】
【详解】如图所示：
当O为支点，OA为动力臂时，动力臂是最大的，动力和阻力臂大小不变，根据杠杆的平衡条件可知，此时的阻力是最大的；根据三角形知识可知，动力臂为
阻力臂为L2=6cm，根据杠杆的平衡条件可知，此时的阻力即物体的最大重力为
可提升物体质量的最大值为
9. 莲莲家的电热水壶有“烧水”和“保温”两个挡，如图所示是其内部简化电路，已知，。电热水壶处于“烧水”挡，通电1min该电热水壶消耗电能______J。
【答案】5.28×104
【解析】
【详解】由图可知，当开关S与触电1接触时，R1、R2串联，此时电路电阻较大，根据公式可知，功率较小，为“保温”挡；当开关S与触电2接触，R1被短路，此时电路电阻较小，功率较大，为“烧水”挡。电热水壶处于“烧水”挡，通电1min该电热水壶消耗电能
10. 如图，滑片P位于滑动变阻器的中点，在a，b间加上60V的电压时，c，d间的电压表示数为20V，若在c，d间加上60V的电压，同样的电压表接在a，b间，则此时电压表的示数为______V。
【答案】30
【解析】
【详解】滑片P位于滑动变阻器的中点，在a，b间加上60V的电压时，c，d间的电压表示数为20V，此时电压表与变阻器下半部分并联后与变阻器上半部分串联，设变阻器内阻为2R，电压表内阻为RV，当在ab间加上60V的电压时，cd间的电压表示数为20V，由串联电路电压的规律，则ac电压为
60V−20V=40V
电压表与变阻器下半部分并联的电阻为
根据分压原理，变阻器上半部分与R并的电阻之比等于电压之比，即
即
解得；若在c、d间加上60V的电压，此时电压表与变阻器上部分串联后与下部分并联，即R与电压表内阻串联后再与R并联，R与电压表内阻串联后的电压为60V，因RV=R，根据分压原理，电压表接在a、b间，则此时电压表的示数为30V。
二、选择题（本大题共7小题，每题2分，共14分）
11. “不知庭霰今朝落，疑是林花昨夜开”是描写“霰”的诗句。“霰”是高空的水蒸气遇到冷空气直接凝结成的小冰粒，呈白色不透明的圆锥形或球形的颗粒。下列与“霰”的形成过程相同的是（ ）
A. “草上露水凝，天气一定晴”B. “十月打了霜，来年粮满仓”
C. “大雾不过晌，过晌听雨响”D. “化雪地结冰，上路要慢行”，
【答案】B
【解析】
【详解】根据题意可知，“霰”是高空的水蒸气遇到冷空气直接凝结成的小冰粒，由气态直接变成固态，属于凝华现象。
A．露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故A不符合题意；
B．霜是空气中的水蒸气遇冷直接形成的小冰晶，属于凝华现象，故B符合题意；
C．雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故C不符合题意；
D．化雪，由固态雪变成液态水，发生的是熔化现象，故D不符合题意。
故选B。
12. 经过初中的物理学习，我们对生活中的物理现象有了一定认知，下列说法正确的是（ ）
A. 甲图：水瓶琴，敲击时，发声体是瓶内的空气柱
B. 乙图：电动机模型，原理：电磁感应
C. 丙图：花香四溢，这是扩散现象
D. 丁图：动滑轮，实质：省力杠杆，支点是B点
【答案】C
【解析】
【详解】A．水瓶琴，敲击时，发声体是瓶子及水，故A错误；
B．乙图是电动机模型，其原理是通电线圈在磁场中受力转动，故B错误；
C．花香四溢是由于分子的无规则运动，花香分子扩散到空气中，故C正确；
D．丁图中动滑轮实质是省力杠杆，其支点是A，故D错误。
故选C。
13. 初中，我们一起学习、一起成长，那些有趣的实验深深地印在我们的脑海中，看看下列操作，正确的是（ ）
A. “凸透镜成像”实验，成虚像时，遮挡一半透镜，观察到的像大小和完整度均不变
B. “测滑轮组机械效率”实验，为方便读数，可提着重物在静止状态下读数
C. “空气压缩引火仪”实验，活塞下压时的能量转化与汽油机的做功冲程相同
D. “探究I-R关系”实验，换接阻值更大的大电阻后，无论怎样调节滑片，电压表的示数无法回到既定值，可适当增加电源电压
【答案】A
【解析】
【详解】A．“凸透镜成像”实验，成虚像时，遮挡一半透镜，物体的所有光线仍可以通过另一半透镜，因此观察到的像大小和完整度均不变，故A正确；
B．“测滑轮组机械效率”实验，应考虑绳与滑轮之间的摩擦，因此不能在提着重物在静止状态下读数，故B错误；
C．“空气压缩引火仪”实验，活塞下压时机械能转化为内能，汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，故能量转化不同，故C错误；
D．“探究I-R关系”实验，应控制定值电阻两端电压一定，换接阻值更大的大电阻后，根据串联分压可知，定值电阻两端电压变大，无论怎样调节滑片，电压表的示数无法回到既定值，说明滑动变阻器最大阻值太小了。此时换用更大阻值的滑动变阻器或可适当减小电源电压，故D错误。
故选A
14. 如图，霞儿用10N的水平拉力F拉滑轮，使足够长的物体A以0.2m/s的速度在水平地面上匀速运动，弹簧测力计的示数为3N。若不计滑轮重、弹簧测力计重、绳重和滑轮摩擦，则下列说法中正确的是（ ）
A. B受到3N的摩擦力，方向：水平向左
B. 滑轮移动的速度为0.4m/s
C. 绳子拉物体A的功率为1W
D. 在运动过程中若将拉力F增大，测力计的示数也会增大
【答案】C
【解析】
【详解】A．B处于平衡状态，B在水平方向上受到向左的拉力和A给它的向右的摩擦力的作用，由平衡条件得：B受到的摩擦力
f=F=3N
方向水平向右，故A错误；
B．物体A的移动速度为0.2m/s，所以动滑轮的移动速度为0.1m/s，故B错误；
C．由图可知，滑轮为动滑轮，绳子拉力为F的一半，是5N，物体A以0.2m/s的速度运动，因此功率为
P==Fv=5N×0.2m/s=1W
故C正确；
D．测力计对B的拉力与A对B的摩擦力是一对平衡力，在运动过程中，将拉力F增大，由于B和A之间的摩擦力不变，所以测力计的示数不变，故D错误。
故选C。
15. 然然连接了一个神奇的电路，如图。当电源电压保持不变，闭合开关S，将变阻器滑片P向左移动时（ ）
A. 灯L的实际功率不变，电压表示数变大B. 灯L的额定功率变大，电压表示数变大
C. 灯L亮度不变，电压表示数不变D. 电流表示数变大，电压表示数变大
【答案】A
【解析】
【详解】由图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器右部分的电压，电流表测电路电流。将变阻器滑片P向左移动时，接入电路中的电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流不变，因此灯泡L亮度不变，实际功率不变，电压表测量部分的电阻变大，电压变大，因此电压表示数变大，灯L的额定功率是一定的，不会变。
故选A。
16. 如图所示，小球从A点静止释放运动到C，B为最低点，C为最高点，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 小球运动到B点时，只受2个力，且大小相等
B. 小球运动到B点，若剪断细绳，在惯性的作用下，小球不会立即竖直下落
C. 从A到B的过程中，动能减小，重力势能增大
D. 小球运动到C点，在剪断细绳且失去所有外力的情况下，小球将保持静止
【答案】D
【解析】
【详解】A．小球运动到B点时，受到重力和绳子的拉力作用，小球处于非平衡状态，这两个力大小不相等，故A错误；
B．小球运动到B点，剪断细线，只受重力作用，但同时小球由于具有惯性，仍向右运动，所以小球不会立即竖直下落。惯性是物体的固有属性，不能说在惯性作用下，故B错误；
C．从A到B的过程中，小球的重力势能转化为动能，重力势能减小，动能增大，故C错误；
D．小球运动到C点瞬间速度为0，根据牛顿第一定律可知，在剪断细绳且失去所有外力的情况下，小球将保持静止，故D正确。
故选D。
17. 如图1是“浮沉子”：装有适量水的小瓶开口朝下漂浮在大瓶内的水面上，拧紧大瓶的瓶盖使其密封，两瓶内均有少量空气。将小瓶视为圆柱形容器，底面积为S，忽略其壁厚（即忽略小瓶自身的体积）。当小瓶漂浮时，简化模型如图2所示，此时大瓶内的气压为p0，小瓶内空气柱的高度为h，手握大瓶施加适当的压力，使小瓶下沉并恰好悬浮在图3所示的位置。将倒置的小瓶和小瓶内的空气看成一个整体A，A的质量为m，水的密度为ρ水，下列说法错误的是（ ）
A. 小瓶内空气被压缩，浮力减小，故而下沉
B. 图3，浮沉子所受浮力大小等于mg
C. 图2、3中，浮沉子内部空气密度之比为
D. 图2中，浮沉子内的空气压强为
【答案】C
【解析】
【详解】A．当施加适当的压力握大瓶时，小瓶内的空气被压缩，体积变小，根据F浮=ρ液V排g可知，浮力减小，所以下沉，故A正确，不符合题意；
B．由图3可知，A处于悬浮状态，由物体的浮沉条件可知，图3中A所受浮力
F浮=G=mg
故B正确，不符合题意；
C．图2中小瓶内空气的体积为
V空气2=Sh
由图3可知，A处于悬浮状态，由物体的悬浮条件可知，图3中A所受浮力
F浮=G=mg
由F浮=ρ液V排g可知，图3中A排开水的体积
因为忽略小瓶自身的体积，所以图3中空气的体积为，由于图2和图3中小瓶内空气的质量不变，由可知，图2和图3中小瓶内空气的密度之比
故C错误，符合题意；
D．已知浮沉子的质量为m，瓶对封闭的空气的压力等于瓶子的重力，即
F=G=mg
所以瓶子产生的压强
浮沉子内空气的压强等于大气压强与瓶的压强之和，所以
故D正确，不符合题意。
故选C。
三、实验题（本大题共3小题，每空2分，共20分）
18. 春雷同学想测量一块不规则瓷片的密度。
（1）图甲所示的天平，应______，直至天平平衡；
（2）用调节好的天平测量瓷片的质量，砝码和游码如图乙所示；
（3）他发现瓷片放不进量筒，改用如图丙所示的方法测瓷片的体积。已知m1=75g，m2=105g，则瓷片的密度ρ为______kg/m3；
（4）该方法测出瓷片密度______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
【答案】 ①. 将游码归零，再调节平衡螺母 ②. 2.12×103 ③. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲可知，游码未归零，根据天平的使用方法，应将游码归零，再调节平衡螺母，直至天平平衡。
（3）[2]由图乙可知，瓷片的质量为
m=50g+10g+3.6g=63.6g
由图丙可知，瓷片的体积等于加入水的体积，即
瓷片的密度
（4）[3]实验中，虽然取出瓷片时会带出部分水，但加水时已补充上，因此体积测量是准确的，根据可知，测出的瓷片密度不变。
19. 萍萍姐姐在探究“动能的影响因素”时，进行了如图所示的实验：将A、B、C三个小球先后从同一装置高分别为hA、hB、hC的位置自静止滚下（mA=mBhB），推动放置在同一位置的小木块运动一段距离后静止。请根据生活经验和所学的物理探究方法，对以下问题进行判断：
（1）三次实验中，______球到达斜面底部时具有的动能最大；（选填“A”、“B”和“C”）
（2）选择______两个图所示实验进行比较，可用来研究超载安全隐患；
（3）甲、乙两次实验中，木块移动时受到的摩擦力分别为f甲、f乙，则f甲______ f乙。（选填“>”、“<”“=”）
【答案】 ①. C ②. 甲、丙 ③. =
【解析】
【详解】（1）[1]根据转化法的思想，用木块移动的距离反映小球的动能，丙图木块运动的距离最远，故C球的动能最大。
（2）[2]超载是指汽车的速度一定时，质量越大动能越大，因此根据控制变量法，应选择到达水平面的速度相等，质量不同的A、C小球进行实验，故选甲、丙两实验。
（3）[3]滑动摩擦力与压力大小和接触面粗糙程度有关，甲、乙两次实验中木块压力大小和接触面粗糙程度均不变，故f甲=f乙。
20. 大程正在用图甲电路测量小灯泡电功率，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电流为0.2A，额定电压小于3V。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整______；
（2）某时刻电流表示数如图乙、要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______（填“左”或“右”）端移动，使电流表示数为0.2A；
（3）移动滑片P，记录多组数据，绘制成“”图像。根据图丙所给信息，计算出小灯泡的额定功率是______W；
（4）分析本题的测量目的和方法，可知测出的额定功率______。选填（“偏大”、“偏小”或“不变”）
【答案】 ①. ②. 右 ③. 0.5 ④. 偏大
【解析】
【详解】（1）[1]因为小灯泡的额定电压小于3V，所以电压表应选择小量程与灯泡并联，如图所示
（2）[2]由图甲知，电流表使用小量程，分度值为0.02A，由图乙知，电流表示数为0.12A，小于灯泡的额定电流，要测量小灯泡的额定功率，应使电流表示数等于额定电流，根据串联电路和欧姆定律特点，应将滑片向右移动，减小电路中电阻，使电流表示数增大到0.2A。
（3）[3]由图丙所示图像可知，通过灯泡的电流等于额定电流0.2A时，灯泡两端电压等于2.5V，则灯泡的额定功率为
（4）[4]在本实验中，电压表与小灯泡并联，根据并联分流原理，当电流表的示数等于0.2A时，通过小灯泡的实际电流小于0.2A，根据P=UI可知，测出的额定功率偏大。
三、计算题（本大题共3小题，第21题4分，第2题5分，第23题7分，共16分）
21. 卡式炉是以灌装丁烷气为主要燃料的炉子，又叫便携式丁烷气炉。如果某品牌的卡式炉热效率为63%，用掉的丁烷气可以将40kg初温为15℃的水加热到45℃。求：
（1）水所吸收的热量；
（2）丁烷气体的热值。
【答案】（1）5.04×106J；（2）4×107J/m3
【解析】
【详解】解：（1）水所吸收的热量为
（2）丁烷气放出的热量为
丁烷气体的热值为
答：（1）水所吸收热量为5.04×106J；
（2）丁烷气体的热值为4×107J/m3。
22. 乐乐站在水平高台上用如图所示的滑轮组匀速竖直向上提升重物，拉力F的大小为150N。将重为360N的货物匀速提升2m。若乐乐的重力为640N，与地面接触的总面积，已知动滑轮重90N且不计绳重和摩擦，求：
（1）滑轮组的机械效率；
（2）若仍用该滑轮组提升另一货物，提升过程中乐乐对水平高台的压强为，求所提升货物的重力。
【答案】（1）80%；（2）390N
【解析】
【详解】解：（1）由题图可知，滑轮组的绳子承重股数为n=3，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率为
（2）根据可得，若仍用该滑轮组提升另一货物，提升过程中乐乐对水平高台的压力为
根据物体间力的作用是相互的可知，水平高台对乐乐的支持力为
对人受力分析可得
故绳子自由端对人的拉力为
根据物体间力的作用是相互的可知，乐乐对绳子自由端的拉力为
所以有
因为不计绳重和摩擦，根据
可得，所提升货物的重力为
答：（1）滑轮组机械效率为80%；
（2）所提升货物的重力为390N。
23. 六六家附近正在施工，临时用导线将电水壶和即热式电水龙头接入家中电能表[3000r/（kW·h）]，如图所示。电水壶的规格为“220V 1210W”，电水龙头的规格为“220V 2420W”。当电路中单独使用电水壶烧水时，电能表转盘在120s时间内转动了100r。导线、电水壶和电水龙头的电阻不随温度变化。求：
（1）电水壶的电阻；
（2）导线的电阻；
（3）若电水龙头也同时使用，电水壶的实际功率如何变化。
【答案】（1）40Ω；（2）8.4Ω；（3）不变
【解析】
【详解】解：（1）电水壶的规格为“220V 1210W”，根据可得，电水壶的电阻为
（2）当电路中单独使用电水壶烧水时，消耗的电能为
此时电路的总功率为
根据可得，此时电水壶和导线的总电阻为
由于导线和电水壶串联在电路中，则导线的电阻为
（3）若电水龙头也同时使用，电水壶和电水龙头并联，电水壶的电阻不变，电压不变，根据可知，实际功率不变。
答：（1）电水壶的电阻为40Ω；
（2）导线的电阻为8.4Ω；
（3）若电水龙头也同时使用，电水壶的实际功率不变
注意事项：
1．物理试卷共四大题23小题，满分70分。物理与化学的考试时间共120分钟。
2．试卷包括“试题卷”和“答题卷”两部分。请务必在“答题卷”上答题，在“试题卷”上答题是无效的。
3．本试卷中g值取10N/kg。
一、填空题（本大题共10小题，每题2分，共20分）
1. 宁马城际铁路是一条跨省跨市的都市圈通勤铁路，仅需30分钟即可实现我市与南京的互通互达。目前，江东大道段正在架设箱梁，如图。在缓慢匀速的提升过程中，箱梁所受拉力的平衡力是______施加的。
【答案】地球
【解析】
【详解】在缓慢匀速的提升过程中，箱梁处于平衡状态，其所受拉力与重力符合二力平衡条件，是一对平衡力，所以可知箱梁所受拉力的平衡力是地球施加的。
2. 如图的实验可说明：声音可以传递能量。该实验在月球______（“可以”或“无法”）完成。
【答案】无法
【解析】
【详解】若实验在太空中进行，由于太空中处于真空状态，没有空气，不能传播声音，因此左边的音叉不会振动，小球也不会被弹起，无法说明声音可以传递能量，因此该实验在月球无法完成。
3. 小军正在研究“空气与玻璃表面的反射和折射现象”，如图。经判断，折射角为______°。
【答案】40
【解析】
【详解】根据反射规律及折射规律，结合由图可知，CO为入射光线，OA为反射光线，OB为折射光线，MM＇为界面，NN＇为法线，折射角为
90°-50°=40°
4. 如图，是家庭电路的一部分。若进户零线（ae段）断路，其他部分完好，闭合开关后，能使测电笔氖管发光的点有______。（填错或漏填均不给分）
【答案】a、b、c、d
【解析】
【详解】若进户零线（ae段）断路，用测电笔测试a点时，此时a点与大地之间的电压变为220V，电流会经测电笔、人体流向大地，所以测电笔的氖管发光；同理，用测电笔测试b、c、d点时，能使测电笔氖管发光。
5. 由某晶体熔化时的“温度——时间”图像可知：该晶体的熔点为50℃。但初三的我们还能分析出：该物质处于液态与固态时的比热容之比为______。
【答案】5∶2
【解析】
【详解】晶体熔化过程中质量保持不变。由图像可知，给该晶体的固体加热4分钟升高的温度为，给该晶体的液体加热4分钟升高的温度为
用相同的加热设备加热相同的时间，吸收的热量相同，根据公式可知，该物质处于液态与固态时的比热容之比为
6. 甲、乙两物体在同一平直的路面上运动，且维持各自运动状态不变，它们的部分图像如图所示，经过______s，甲、乙相距300m。
【答案】10s或50
【解析】
【详解】由题图可知，甲物体的运动速度为
乙物体的运动速度为
①结合图像可知，在10s时，甲物体在300m处，乙物体在0m处，此时甲、乙物体相距300m；②在30s时，甲乙两物体相遇，相距0m；在t秒后，甲、乙物体相距300m，此时应满足
即
解得t=20s，所以再经过
30s+20s=50s
后，甲乙两物体相距300m。
7. 汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，其图像如图，设汽车在行驶过程中所受阻力不变，大小为，在0~10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功是______J。
【答案】8×105
【解析】
【详解】由题图可知，10s后汽车做速度大小为20m/s的匀速直线运动，当汽车匀速直线运动时，牵引力与阻力是一对平衡力，即F=f，汽车行驶时的功率为
由于汽车以恒定功率行驶，故在0~10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功为
8. 如图所示，轻质杠杆可绕某点在竖直面内转动，在A点施加60N的力，可提升物体质量的最大值为______。
【答案】13kg
【解析】
【详解】如图所示：
当O为支点，OA为动力臂时，动力臂是最大的，动力和阻力臂大小不变，根据杠杆的平衡条件可知，此时的阻力是最大的；根据三角形知识可知，动力臂为
阻力臂为L2=6cm，根据杠杆的平衡条件可知，此时的阻力即物体的最大重力为
可提升物体质量的最大值为
9. 莲莲家的电热水壶有“烧水”和“保温”两个挡，如图所示是其内部简化电路，已知，。电热水壶处于“烧水”挡，通电1min该电热水壶消耗电能______J。
【答案】5.28×104
【解析】
【详解】由图可知，当开关S与触电1接触时，R1、R2串联，此时电路电阻较大，根据公式可知，功率较小，为“保温”挡；当开关S与触电2接触，R1被短路，此时电路电阻较小，功率较大，为“烧水”挡。电热水壶处于“烧水”挡，通电1min该电热水壶消耗电能
10. 如图，滑片P位于滑动变阻器的中点，在a，b间加上60V的电压时，c，d间的电压表示数为20V，若在c，d间加上60V的电压，同样的电压表接在a，b间，则此时电压表的示数为______V。
【答案】30
【解析】
【详解】滑片P位于滑动变阻器的中点，在a，b间加上60V的电压时，c，d间的电压表示数为20V，此时电压表与变阻器下半部分并联后与变阻器上半部分串联，设变阻器内阻为2R，电压表内阻为RV，当在ab间加上60V的电压时，cd间的电压表示数为20V，由串联电路电压的规律，则ac电压为
60V−20V=40V
电压表与变阻器下半部分并联的电阻为
根据分压原理，变阻器上半部分与R并的电阻之比等于电压之比，即
即
解得；若在c、d间加上60V的电压，此时电压表与变阻器上部分串联后与下部分并联，即R与电压表内阻串联后再与R并联，R与电压表内阻串联后的电压为60V，因RV=R，根据分压原理，电压表接在a、b间，则此时电压表的示数为30V。
二、选择题（本大题共7小题，每题2分，共14分）
11. “不知庭霰今朝落，疑是林花昨夜开”是描写“霰”的诗句。“霰”是高空的水蒸气遇到冷空气直接凝结成的小冰粒，呈白色不透明的圆锥形或球形的颗粒。下列与“霰”的形成过程相同的是（ ）
A. “草上露水凝，天气一定晴”B. “十月打了霜，来年粮满仓”
C. “大雾不过晌，过晌听雨响”D. “化雪地结冰，上路要慢行”，
【答案】B
【解析】
【详解】根据题意可知，“霰”是高空的水蒸气遇到冷空气直接凝结成的小冰粒，由气态直接变成固态，属于凝华现象。
A．露是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故A不符合题意；
B．霜是空气中的水蒸气遇冷直接形成的小冰晶，属于凝华现象，故B符合题意；
C．雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，属于液化现象，故C不符合题意；
D．化雪，由固态雪变成液态水，发生的是熔化现象，故D不符合题意。
故选B。
12. 经过初中的物理学习，我们对生活中的物理现象有了一定认知，下列说法正确的是（ ）
A. 甲图：水瓶琴，敲击时，发声体是瓶内的空气柱
B. 乙图：电动机模型，原理：电磁感应
C. 丙图：花香四溢，这是扩散现象
D. 丁图：动滑轮，实质：省力杠杆，支点是B点
【答案】C
【解析】
【详解】A．水瓶琴，敲击时，发声体是瓶子及水，故A错误；
B．乙图是电动机模型，其原理是通电线圈在磁场中受力转动，故B错误；
C．花香四溢是由于分子的无规则运动，花香分子扩散到空气中，故C正确；
D．丁图中动滑轮实质是省力杠杆，其支点是A，故D错误。
故选C。
13. 初中，我们一起学习、一起成长，那些有趣的实验深深地印在我们的脑海中，看看下列操作，正确的是（ ）
A. “凸透镜成像”实验，成虚像时，遮挡一半透镜，观察到的像大小和完整度均不变
B. “测滑轮组机械效率”实验，为方便读数，可提着重物在静止状态下读数
C. “空气压缩引火仪”实验，活塞下压时的能量转化与汽油机的做功冲程相同
D. “探究I-R关系”实验，换接阻值更大的大电阻后，无论怎样调节滑片，电压表的示数无法回到既定值，可适当增加电源电压
【答案】A
【解析】
【详解】A．“凸透镜成像”实验，成虚像时，遮挡一半透镜，物体的所有光线仍可以通过另一半透镜，因此观察到的像大小和完整度均不变，故A正确；
B．“测滑轮组机械效率”实验，应考虑绳与滑轮之间的摩擦，因此不能在提着重物在静止状态下读数，故B错误；
C．“空气压缩引火仪”实验，活塞下压时机械能转化为内能，汽油机的做功冲程将内能转化为机械能，故能量转化不同，故C错误；
D．“探究I-R关系”实验，应控制定值电阻两端电压一定，换接阻值更大的大电阻后，根据串联分压可知，定值电阻两端电压变大，无论怎样调节滑片，电压表的示数无法回到既定值，说明滑动变阻器最大阻值太小了。此时换用更大阻值的滑动变阻器或可适当减小电源电压，故D错误。
故选A
14. 如图，霞儿用10N的水平拉力F拉滑轮，使足够长的物体A以0.2m/s的速度在水平地面上匀速运动，弹簧测力计的示数为3N。若不计滑轮重、弹簧测力计重、绳重和滑轮摩擦，则下列说法中正确的是（ ）
A. B受到3N的摩擦力，方向：水平向左
B. 滑轮移动的速度为0.4m/s
C. 绳子拉物体A的功率为1W
D. 在运动过程中若将拉力F增大，测力计的示数也会增大
【答案】C
【解析】
【详解】A．B处于平衡状态，B在水平方向上受到向左的拉力和A给它的向右的摩擦力的作用，由平衡条件得：B受到的摩擦力
f=F=3N
方向水平向右，故A错误；
B．物体A的移动速度为0.2m/s，所以动滑轮的移动速度为0.1m/s，故B错误；
C．由图可知，滑轮为动滑轮，绳子拉力为F的一半，是5N，物体A以0.2m/s的速度运动，因此功率为
P==Fv=5N×0.2m/s=1W
故C正确；
D．测力计对B的拉力与A对B的摩擦力是一对平衡力，在运动过程中，将拉力F增大，由于B和A之间的摩擦力不变，所以测力计的示数不变，故D错误。
故选C。
15. 然然连接了一个神奇的电路，如图。当电源电压保持不变，闭合开关S，将变阻器滑片P向左移动时（ ）
A. 灯L的实际功率不变，电压表示数变大B. 灯L的额定功率变大，电压表示数变大
C. 灯L亮度不变，电压表示数不变D. 电流表示数变大，电压表示数变大
【答案】A
【解析】
【详解】由图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表测滑动变阻器右部分的电压，电流表测电路电流。将变阻器滑片P向左移动时，接入电路中的电阻不变，根据欧姆定律可知，电路中的电流不变，因此灯泡L亮度不变，实际功率不变，电压表测量部分的电阻变大，电压变大，因此电压表示数变大，灯L的额定功率是一定的，不会变。
故选A。
16. 如图所示，小球从A点静止释放运动到C，B为最低点，C为最高点，不计空气阻力，下列说法正确的是（ ）
A. 小球运动到B点时，只受2个力，且大小相等
B. 小球运动到B点，若剪断细绳，在惯性的作用下，小球不会立即竖直下落
C. 从A到B的过程中，动能减小，重力势能增大
D. 小球运动到C点，在剪断细绳且失去所有外力的情况下，小球将保持静止
【答案】D
【解析】
【详解】A．小球运动到B点时，受到重力和绳子的拉力作用，小球处于非平衡状态，这两个力大小不相等，故A错误；
B．小球运动到B点，剪断细线，只受重力作用，但同时小球由于具有惯性，仍向右运动，所以小球不会立即竖直下落。惯性是物体的固有属性，不能说在惯性作用下，故B错误；
C．从A到B的过程中，小球的重力势能转化为动能，重力势能减小，动能增大，故C错误；
D．小球运动到C点瞬间速度为0，根据牛顿第一定律可知，在剪断细绳且失去所有外力的情况下，小球将保持静止，故D正确。
故选D。
17. 如图1是“浮沉子”：装有适量水的小瓶开口朝下漂浮在大瓶内的水面上，拧紧大瓶的瓶盖使其密封，两瓶内均有少量空气。将小瓶视为圆柱形容器，底面积为S，忽略其壁厚（即忽略小瓶自身的体积）。当小瓶漂浮时，简化模型如图2所示，此时大瓶内的气压为p0，小瓶内空气柱的高度为h，手握大瓶施加适当的压力，使小瓶下沉并恰好悬浮在图3所示的位置。将倒置的小瓶和小瓶内的空气看成一个整体A，A的质量为m，水的密度为ρ水，下列说法错误的是（ ）
A. 小瓶内空气被压缩，浮力减小，故而下沉
B. 图3，浮沉子所受浮力大小等于mg
C. 图2、3中，浮沉子内部空气密度之比为
D. 图2中，浮沉子内的空气压强为
【答案】C
【解析】
【详解】A．当施加适当的压力握大瓶时，小瓶内的空气被压缩，体积变小，根据F浮=ρ液V排g可知，浮力减小，所以下沉，故A正确，不符合题意；
B．由图3可知，A处于悬浮状态，由物体的浮沉条件可知，图3中A所受浮力
F浮=G=mg
故B正确，不符合题意；
C．图2中小瓶内空气的体积为
V空气2=Sh
由图3可知，A处于悬浮状态，由物体的悬浮条件可知，图3中A所受浮力
F浮=G=mg
由F浮=ρ液V排g可知，图3中A排开水的体积
因为忽略小瓶自身的体积，所以图3中空气的体积为，由于图2和图3中小瓶内空气的质量不变，由可知，图2和图3中小瓶内空气的密度之比
故C错误，符合题意；
D．已知浮沉子的质量为m，瓶对封闭的空气的压力等于瓶子的重力，即
F=G=mg
所以瓶子产生的压强
浮沉子内空气的压强等于大气压强与瓶的压强之和，所以
故D正确，不符合题意。
故选C。
三、实验题（本大题共3小题，每空2分，共20分）
18. 春雷同学想测量一块不规则瓷片的密度。
（1）图甲所示的天平，应______，直至天平平衡；
（2）用调节好的天平测量瓷片的质量，砝码和游码如图乙所示；
（3）他发现瓷片放不进量筒，改用如图丙所示的方法测瓷片的体积。已知m1=75g，m2=105g，则瓷片的密度ρ为______kg/m3；
（4）该方法测出瓷片密度______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。
【答案】 ①. 将游码归零，再调节平衡螺母 ②. 2.12×103 ③. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]由图甲可知，游码未归零，根据天平的使用方法，应将游码归零，再调节平衡螺母，直至天平平衡。
（3）[2]由图乙可知，瓷片的质量为
m=50g+10g+3.6g=63.6g
由图丙可知，瓷片的体积等于加入水的体积，即
瓷片的密度
（4）[3]实验中，虽然取出瓷片时会带出部分水，但加水时已补充上，因此体积测量是准确的，根据可知，测出的瓷片密度不变。
19. 萍萍姐姐在探究“动能的影响因素”时，进行了如图所示的实验：将A、B、C三个小球先后从同一装置高分别为hA、hB、hC的位置自静止滚下（mA=mB
（1）三次实验中，______球到达斜面底部时具有的动能最大；（选填“A”、“B”和“C”）
（2）选择______两个图所示实验进行比较，可用来研究超载安全隐患；
（3）甲、乙两次实验中，木块移动时受到的摩擦力分别为f甲、f乙，则f甲______ f乙。（选填“>”、“<”“=”）
【答案】 ①. C ②. 甲、丙 ③. =
【解析】
【详解】（1）[1]根据转化法的思想，用木块移动的距离反映小球的动能，丙图木块运动的距离最远，故C球的动能最大。
（2）[2]超载是指汽车的速度一定时，质量越大动能越大，因此根据控制变量法，应选择到达水平面的速度相等，质量不同的A、C小球进行实验，故选甲、丙两实验。
（3）[3]滑动摩擦力与压力大小和接触面粗糙程度有关，甲、乙两次实验中木块压力大小和接触面粗糙程度均不变，故f甲=f乙。
20. 大程正在用图甲电路测量小灯泡电功率，电源电压恒为3V，小灯泡的额定电流为0.2A，额定电压小于3V。
（1）请用笔画线代替导线，将图甲中的实物电路连接完整______；
（2）某时刻电流表示数如图乙、要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______（填“左”或“右”）端移动，使电流表示数为0.2A；
（3）移动滑片P，记录多组数据，绘制成“”图像。根据图丙所给信息，计算出小灯泡的额定功率是______W；
（4）分析本题的测量目的和方法，可知测出的额定功率______。选填（“偏大”、“偏小”或“不变”）
【答案】 ①. ②. 右 ③. 0.5 ④. 偏大
【解析】
【详解】（1）[1]因为小灯泡的额定电压小于3V，所以电压表应选择小量程与灯泡并联，如图所示
（2）[2]由图甲知，电流表使用小量程，分度值为0.02A，由图乙知，电流表示数为0.12A，小于灯泡的额定电流，要测量小灯泡的额定功率，应使电流表示数等于额定电流，根据串联电路和欧姆定律特点，应将滑片向右移动，减小电路中电阻，使电流表示数增大到0.2A。
（3）[3]由图丙所示图像可知，通过灯泡的电流等于额定电流0.2A时，灯泡两端电压等于2.5V，则灯泡的额定功率为
（4）[4]在本实验中，电压表与小灯泡并联，根据并联分流原理，当电流表的示数等于0.2A时，通过小灯泡的实际电流小于0.2A，根据P=UI可知，测出的额定功率偏大。
三、计算题（本大题共3小题，第21题4分，第2题5分，第23题7分，共16分）
21. 卡式炉是以灌装丁烷气为主要燃料的炉子，又叫便携式丁烷气炉。如果某品牌的卡式炉热效率为63%，用掉的丁烷气可以将40kg初温为15℃的水加热到45℃。求：
（1）水所吸收的热量；
（2）丁烷气体的热值。
【答案】（1）5.04×106J；（2）4×107J/m3
【解析】
【详解】解：（1）水所吸收的热量为
（2）丁烷气放出的热量为
丁烷气体的热值为
答：（1）水所吸收热量为5.04×106J；
（2）丁烷气体的热值为4×107J/m3。
22. 乐乐站在水平高台上用如图所示的滑轮组匀速竖直向上提升重物，拉力F的大小为150N。将重为360N的货物匀速提升2m。若乐乐的重力为640N，与地面接触的总面积，已知动滑轮重90N且不计绳重和摩擦，求：
（1）滑轮组的机械效率；
（2）若仍用该滑轮组提升另一货物，提升过程中乐乐对水平高台的压强为，求所提升货物的重力。
【答案】（1）80%；（2）390N
【解析】
【详解】解：（1）由题图可知，滑轮组的绳子承重股数为n=3，不计绳重和摩擦，滑轮组的机械效率为
（2）根据可得，若仍用该滑轮组提升另一货物，提升过程中乐乐对水平高台的压力为
根据物体间力的作用是相互的可知，水平高台对乐乐的支持力为
对人受力分析可得
故绳子自由端对人的拉力为
根据物体间力的作用是相互的可知，乐乐对绳子自由端的拉力为
所以有
因为不计绳重和摩擦，根据
可得，所提升货物的重力为
答：（1）滑轮组机械效率为80%；
（2）所提升货物的重力为390N。
23. 六六家附近正在施工，临时用导线将电水壶和即热式电水龙头接入家中电能表[3000r/（kW·h）]，如图所示。电水壶的规格为“220V 1210W”，电水龙头的规格为“220V 2420W”。当电路中单独使用电水壶烧水时，电能表转盘在120s时间内转动了100r。导线、电水壶和电水龙头的电阻不随温度变化。求：
（1）电水壶的电阻；
（2）导线的电阻；
（3）若电水龙头也同时使用，电水壶的实际功率如何变化。
【答案】（1）40Ω；（2）8.4Ω；（3）不变
【解析】
【详解】解：（1）电水壶的规格为“220V 1210W”，根据可得，电水壶的电阻为
（2）当电路中单独使用电水壶烧水时，消耗的电能为
此时电路的总功率为
根据可得，此时电水壶和导线的总电阻为
由于导线和电水壶串联在电路中，则导线的电阻为
（3）若电水龙头也同时使用，电水壶和电水龙头并联，电水壶的电阻不变，电压不变，根据可知，实际功率不变。
答：（1）电水壶的电阻为40Ω；
（2）导线的电阻为8.4Ω；
（3）若电水龙头也同时使用，电水壶的实际功率不变
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