2024年江苏省苏州市吴中区中考物理模拟试卷（含解析）

这是一份2024年江苏省苏州市吴中区中考物理模拟试卷（含解析），共30页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

1.学校附近的居民，早上总能听到喇叭播放的跑操音乐声。下列说法正确的是( )
A. 音乐声是由于空气振动产生的B. 音乐声通过空气传入居民耳中
C. 音乐声在空气中传播速度为3×108m/sD. 声音的音调可用音量旋钮调节
2.下列物态变化的说法，正确的是( )
A. 谷雨时节雨的形成是凝固
B. 白露时节露的形成是汽化
C. 霜降时节霜的形成是凝华
D. 大雪时节雪的形成是升华
3.下列光现象中，由光的直线传播形成的是( )
A. 光的色散B. 钢笔移位
C. 小孔成像D. 水中倒影
4.在如图所示的跳水比赛中，关于运动员利用跳板起跳过程总涉及到的物理知识，下列说法中不正确的是( )
A. 运动员能被弹起说明力可以改变物体的运动状态
B. 跳板被压弯说明力可以改变物体的形状
C. 运动员对跳板的压力和跳板对运动员的支持力始终是一对相互作用力
D. 运动员受到的重力和跳板对运动员的支持力始终是一对平衡力
5.图示为我国新型反潜巡逻机，其机尾的“棍子”叫做磁异探测器，它能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为大小变化的电流，从而发现潜艇的存在。下列图能反映磁异探测器工作原理的是( )
A. B.
C. D.
6.下列说法中正确的是( )
A. 组成物质的分子之间，只存在引力，不存在斥力
B. 组成物质的大量分子在做无规则运动
C. 0℃的物体具有的内能为零
D. 物体的内能越大则其机械能越大
7.目前很多学校配备了自动防疫检测系统，只有体温正常且戴口罩的人方可进入校园。为此，小明同学设计了一个模拟电路，准备对校门控制系统进行改进，当检测到进校人员体温正常时，开关S1会自动闭合，又检测到该人正确带口罩时，开关S2会自动闭合，学校电动门才会自动开启。下列电路符合设计要求的是( )
A. B. C. D.
8.对图中所示光现象的描述正确的是( )
A. 图甲中，漫反射的光线杂乱无章不遵循光的反射定律
B. 图乙中，水中倒影说明了光的折射
C. 图丙中，光的色散现象说明白光是由各种色光混合而成的
D. 图丁中，平面镜成像时进入眼睛的光线是由像发出的
9.被斜向上抛出的小球在空中飞行过程中经过不同位置时的能量情况如图所示，下列判断中错误的( )
A. 经过B、D两位置时小球的高度相同
B. 经过B、E两位置时小球的速度大小相同
C. C位置可能为最高点
D. 从A到B位置的过程中，小球的动能变化量小于重力势能变化量
10.甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，静止放置在水平桌面上，将同种材料制作的实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，如图所示，则( )
A. A的重力大于B的重力B. A受到的浮力小于B受到的浮力
C. 甲杯中液体的密度小于乙杯中液体的密度D. 甲杯和乙杯对水平桌面的压强相等
11.如图甲所示的电路，电源电压恒定且不超过20V，滑动变阻器R上标有“30Ω 1A”字样，滑片移动到某一位置时，电流表和电压表指针位置如图乙、丙所示，再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的12处，各元件安全且前后两次定值电阻R0的功率变化不小于1W。则( )
A. R0阻值为2.5ΩB. R0阻值为10ΩC. R0阻值为12.5ΩD. R0阻值为50Ω
二、非选择题（共78分）
12.自然界和日常生活中有很多有趣的声现象，例如：笑树能发出笑声是因为果实的外壳上面有许多小孔，经风一吹，壳里的籽撞击壳壁，使其______发声，这种声音是通过______传入我们耳中的。
13.“大树底下好乘凉”，如图所示，从物理学角度可知乘凉的区域实际是大树的______(选填“影子”“实像”或“虚像”)，其原理是______。
14.如图所示，当足球离开同学的脚后，足球的运动状态______(选填“改变”或“不变”)。足球在空中下落过程中，重力对足球______(选填“有”或“没有”)做功。
15.红外线测温仪是利用红外线______效应工作的，其中______图能反映测温过程中红外线的传播情况(填“甲”或“乙”)。
16.如图所示，两根水平玻璃棒中间放上两个乒乓球，通过空心塑料管向两球间用力吹气，观察到的现象是______，此现象说明______。
17.有一个物体重500N，放在水平桌面上静止不动。现用20N的水平力向右推它，但没有推动，此时它所受到的摩擦力大小是______N，此时摩擦力的方向是______，(选填向左或向右)当用40N的力水平向右推它结果使它匀速直线运动，此时它所受到的摩擦力大小是______N；又改用45N的力水平向右推它，此时它受到的摩擦力大小是______N。
18.在如图所示的电路中，电源电压不变，当电键闭合后，滑动变阻器的滑片P向右移动时，电流表A1的示数将______，电压表V的示数将______，电压表V与电流表A2的示数的比值将______。(选填“变小”、“不变”或“变大”)
19.学习密度知识后，刘明同学用实验测量某品牌酸奶的密度：
(1)调节天平横梁平衡时，指针偏向分度盘中央红线的右侧，此时应向______(选填“右”或“左”)移动平衡螺母，才能使天平平衡。
(2)如图所示甲、乙、丙图是他按顺序进行实验的示意图；根据图中的数据填入下表中的空格中。

(3)在以上实验中，烧杯壁会残留部分酸奶而导致实验结果______(选填“偏大”或“偏小”)，如何做才能避免由此实验产生的实验误差？______。
20.阅读短文，回答问题。
彩球温度计“彩球温度计”是一种精美的居家装饰品，也是一种很特别的温度计，可用于粗略地测量环境温度。如图甲所示，玻璃管中装有对温度敏感的液体，当外界温度变化时，玻璃管中液体的密度会随之变化，液体中装有体积相同的五颜六色的彩球，每个彩球都标注有特定的温度。当彩球都在玻璃管中静止，不再运动时，所有上浮彩球中最下方一个彩球标注的温度表示所测的环境温度。

当外界温度降低时，液体中有部分彩球上浮至“彩球温度计”的上部(彩球体积变化可忽略)。图乙是某温度时彩球温度计中的彩球稳定后的分布情况。
(1)图乙“彩球温度计”中彩球______(选填彩球编号)上标注的温度是当时的环境温度。
(2)如果图甲是另一温度时彩球稳定后的分布情况，则______(选填“甲”或“乙”)“彩球温度计”所处环境温度较高。
(3)彩球a标注的温度______(选填“高于”或“低于”)彩球c标注的温度。
21.根据光的折射规律作折射光线。
22.某插排内部除了三孔插座外，还内置了一个USB供电模块，通过两根线和家庭电路相连，三孔插座和供电模块由总开关控制，请用笔画线代替导线将电路图补充完整。
23.用瓶盖起子开瓶盖，请在图中画出作用在A处的最小动力F1及力臂L1和阻力F2
24.如图所示，请标出通电螺线管的N、S极；并用箭头标出磁感线的方向．
25.小张同学探究凸透镜的成像规律，将一焦距为10cm的凸透镜固定在水平放置的光具座的50cm刻线处，如图所示。
(1)实验前，应将烛焰中心、透镜光心、光屏中心的位置调整在______。
(2)将蜡烛移到0刻线位置，光屏的位置如图所示，为了能在光屏上找到烛焰清晰的像，应将光屏向______(选填“左”或“右“)移动。
(3)实验中，光屏上已成清晰的、缩小的像，固定蜡烛，在光屏和凸透镜间放上自己所配戴的近视眼镜，若仍要在光屏上成清晰的像，则需将光屏向______(选填“靠近”或“远离“)凸透镜的方向移动，此时所成的清晰像为______(选填“实”或“虚”)像。
(4)小张同学将点燃的蜡烛移动到光具座贴近40cm刻线时，然而无论怎样移动光屏，都不能得到烛焰清晰的像，这是因为：
①如果蜡烛在40cm刻线左侧贴近，此时所成的像______，成像特点类似于______(选填“幻灯机”或“放大镜”)。
②如果蜡烛在40cm刻线右侧贴近，此时所成的像______。
26.探究小组在探究液体压强的实验中进行了如图所示的操作。

(1)实验中，探究液体压强的工具是______；
(2)甲、乙两图是探究液体压强与______的关系，实验中液体内部压强的大小变化是通过______反映出来的；
(3)对比丙、丁得出：液体压强与盛液体的容器形状______(选填“有关”、“无关”)；
(4)为了探究液体压强与液体密度的关系，小组成员将压强计的探头先后放入水和煤油中的某一深度处，发现U形管两侧液面高度差几乎不变，下面改进操作不能使实验效果更加明显的是______。
A.将U形管换成更细的
B.U形管中换用密度更小的液体
C.将烧杯中的水换成盐水
D.使探头在水和煤油中的深度加大
27.在探究“凸透镜成像规律”“实验中如图所示：

(1)如图甲所示，凸透镜位置固定，发光的小灯泡放在40.0cm刻度线位置时，移动光屏发现光屏上始终能呈现一个面积大小不变的光斑，则该凸透镜的焦距为______cm；
(2)在图甲中再次移动蜡烛至45cm刻度线处，则观察到的像是图丙中的______(选填“1”、“2”、“3”或“4”)，此时将蜡烛向______(选填“左”、“右”)移动，观察到的像会变大；
(3)图乙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像(未画出)，______(选填“照相机”、“投影仪”和“放大镜”)就是利用这一成像规律工作的；
(4)保持图乙中蜡烛和光屏不动，只移动凸透镜到______刻度线处，光屏上可以再次呈现清晰的像；
(5)实验小组又借来同学的眼镜并将其靠近凸透镜左侧(如图丁)，发现光屏上的像变模糊，向右移动光屏又出现清晰的像，则该同学佩戴的是______眼镜。(选填“近视”、“远视”)
28.小华同学用图甲的电路图探究“电流与电阻的关系”，实验中所用的定值电阻分别是5Ω、10Ω、15Ω、20Ω，电源电压为6V不变，滑动变阻器“20Ω，1A”。

(1)请根据图甲所示的电路图用笔画线代替导线将图乙所示的实物连接成完整电路。
(2)连接正确后开始实验，实验过程中，需要改变定值电阻，观察电流的变化，为科学地得出实验结论，当每次更换电阻后，都要移动滑动变阻器的滑片，此时他眼睛应注意观察______(填序号)；
A.变阻器滑片
B.电压表
C.电流表
D.电源
(3)同组的两个同学先后进行实验，并作出I−R图象如图(2)所示，______图(选填“甲”或“乙”)实验操作中不符合要求，是：______；
(4)按照上述正确的一组数据继续探究：小华用30Ω的定值电阻代替原来的电阻进行实验，发现无论怎样移动滑片电压表示数都______(选填“大于”或“小于”)3V，为了能够继续完成实验，并能使电压表示数调到3V，他可以______。
(5)在上述实验中当接入的定值电阻为10Ω时，滑动变阻器和该电阻的功率之比为k1，若接入20Ω电阻时该比值为k2，则k1 ______k2(选填“>”“=”或“<”)。
29.小芳设想完成两个探究实验，首先她探究了某个LED发光的颜色与通过其电流方向的关系，如图1所示。

(1)该LED在两次实验中发光情况如图2所示，两次实验线圈均在转动，线圈1顺时针转动，由此可知线圈2 ______(选填“顺时针”或“逆时针”)转动。
(2)如图3，导体棒a与该LED相连；在某磁场中，使a垂直于纸面左右往复运动(虚线为运动轨迹)，LED交替发出红、黄光，则该过程a中电流方向______(选填“不变”或”变化”)，该磁场可能的分布包括图4中哪些选项______(填序号)。
(3)小芳还设想利用升降台让球越弹越高.将球从M点竖直向下以某速度抛出，球经静止在位置Ⅰ的台面反弹后，到达的最高点为N(图5中未标出)。经台面反弹后上升过程球的动能______(选填“增大”“减小”或“不变”)，N ______(选填“可能”或“不可能”)比M高。球从N点下降时，台面已升至合适的位置Ⅱ并保持静止，球再次经反弹后，到达的最高点P ______(选填“可能”或“不可能”)比N高。
30.工人用如图甲所示的滑轮组利用箱子运送建材上楼，每次运送量不定。滑轮组的机械效率随建材重量变化的图象如图乙所示，滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，g取10N/kg。
(1)动滑轮的重力是多大？
(2)若工人在1min内将建材匀速竖直向上提升了12m，作用在钢绳上的拉力为200N，求拉力的功率；
(3)当滑轮组的机械效率为80%时，运送建材的重力是多大？
31.如图所示，电源电压不变，定值电阻R0=10Ω，电流表量程为0～3A，小灯泡标有“6V，3W”字样(不考虑温度对灯丝电阻的影响)。当开关S闭合，S1、S2断开，滑动变阻器滑片P从b端滑动到某一位置时，变阻器接入电路中的阻值减小了10Ω，电流表示数变化了0.2A，此时小灯泡恰好正常发光。
(1)电源电压是多大？
(2)S闭合，S1、S2断开时，为保证电路安全，滑动变阻器的取值范围是多少？
(3)S、S1、S2都闭合，为保证电路安全，求滑动变阻器的最大功率。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：A、喇叭播放的跑操音乐声是由于喇叭内纸盆振动产生的，故A错误；
B、音乐声通过空气传入居民耳中，故B正确；
C、声在15℃空气中传播速度为340m/s，故C错误；
D、调节音量按钮实质上是在改变声音的响度，故D错误。
故选：B。
(1)(2)声音是由物体的振动产生的，声音能够在固体、液体和气体中传播；
(3)声在15℃空气中传播速度为340m/s；
(4)音调指声音的高低，是由物体振动的频率决定的，响度指声音的强弱，是由物体振动的振幅决定的。
本题考查了声音的产生、传播以及声音的特征，属于声学基础知识的考查。
2.【答案】C
【解析】解：A、雨主要是云层中的水蒸气遇冷液化形成的，故A不正确；
B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，故B不正确；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华形成的，故C正确；
D、雪是云层中的水蒸气遇冷凝华形成的，故D不正确。
故选：C。
物质由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固；由液态变为气态的过程叫汽化，由气态变为液态的过程叫液化；物质由固态直接变为气态的过程叫升华，由气态直接变为固态的过程叫凝华。
判断一种现象是什么物态变化，一定要分析现象原来和现在的状态，然后根据六种物态变化的定义进行判断。
3.【答案】C
【解析】解：A、从图中可以看出，太阳光通过三棱镜后，由于不同色光的折射率不同，所以出现的色散现象，属于折射现象。故A不符合题意；
B、钢笔移位”，是由于光线通过玻璃、空气进入人的眼睛时，光线的传播方向发生改变而形成的现象，属于光的折射现象。故B不符合题意；
C、小孔成像属于光沿直线传播现象。故C符合题意；
D、平静的水面相当于平面镜，水中倒影是平面镜成像现象，属于光的反射。故D不符合题意；
故选：C。
(1)光沿直线传播的现象：影子，小孔成像，激光准直等；
(2)光的反射是指光线在传播的过程中遇到障碍物被反射出去的现象，比如平面镜成像，看见不发光的物体；
(3)光的折射是指光线从一种介质斜射入另一种介质时，光的传播方向发生改变的现象，比如透镜成像，光的色散；
根据四幅图中形成的原理不同，对其进行分类，并选出符合要求的选项。
此题主要通过各种事例考查了学生对光的反射、光的直线传播、光的折射的理解。要注意这几种现象的本质，在学习过程中要注意区分。对于生活中的现象要善于总结。在日常生活中学习用所学知识解释有关现象。
4.【答案】D
【解析】解：A、运动员能被弹起说明力可以改变物体的运动状态，说法正确；
B、跳板被压弯说明力可以改变物体的形状，说法正确；
C、运动员对跳板的压力和跳板对运动员的支持力，大小相等、方向相反、作用在同一直线上，作用在不同物体上，因此始终是一对相互作用力，说法正确；
D、因为运动员在跳板上时，其不是一直保持静止，不属于平衡状态，因此运动员受到的重力和跳板对运动员的支持力并非始终是一对平衡力，故说法错误。
故选：D。
(1)力可以改变物体的形状，也可以改变物体的运动状态；
(2)一对平衡力必须符合四个条件，即大小相等、方向相反、作用在同一物体上、作用在同一直线上，而一对相互作用力与平衡力的唯一区别是，作用在不同的物体上。
此题解答的易错点是：物体在一对平衡力的作用下，应该是保持平衡状态，如果不是平衡状态，则肯定不是受到平衡力。
5.【答案】C
【解析】解：由题意可知，磁异探测器能将潜艇经过海域引起的磁场强弱变化转化为大小变化的电流，即通过磁场可以产生电流，符合磁生电的特点，因此，可判断其利用了电磁感应的原理，与发电机的原理相同。
A、图示为奥斯特实验，是电流的磁效应，故不符合题意；
B、图示是通电导体在磁场中受力，是电动机的原理，故不符合题意；
C、图中开关闭合后，在外力作用下使导体左右移动，切割磁感应线，则电流表指针发生偏转，说明此时有感应电流产生，这是电磁感应现象，是发电机的工作原理。符合题意；
D、图中有电源，是电动机的原理，故不符合题意。
故选：C。
磁异探测器最终将信号转换为变化的电流；因此是一个发电机，利用了电磁感应原理。分析下面四幅图，找出发电机的原理即可。
解答本题的关键要能从题意中分析出该装置为发电机，利用了电磁感应的原理，再逐一进行判断。
6.【答案】B
【解析】解：A、分子之间同时存在引力和斥力，故A错误；
B、分子在永不停息地做无规则运动，故B正确；
C、因为分子的热运动永不停息，所以内能不会为零，故C错误；
D、内能和机械能是两种完全不同的能量，所以内能大，机械能不一定大，故D错误。
故选：B。
(1)分子间存在相互作用的引力和斥力。
(2)组成物质的分子总在不停地做无规则运动，从而产生扩散现象。
(3)任何物体都具有内能。
(4)内能是不同于机械能的另一种形式的能量。
深入理解分子动理论内容、内能概念，区分机械能和内能，可解答此题。
7.【答案】D
【解析】解：进校人员在体温正常且佩戴口罩的情况下，电动机方可工作开启电动门，即两个开关都闭合电路才能接通，只闭合其中任一开关，电路不能连通，故两开关串联后再与电动机串联，只有D正确。
故选：D。
根据进校人员在体温正常且佩戴口罩的情况下，电动机方可工作开启电动门可确两开关的连接方式确定电路的连接。
本题考查根据要求设计电路图，关键是根据“进校人员在体温正常且佩戴口罩的情况下，电动机方可工作开启电动门“确定两开关串联。
8.【答案】C
【解析】解：
A、漫反射的光线尽管杂乱无章，但每条光线仍然遵循光的反射定律，该选项说法错误。
B、平静的水面相当于平面镜，景物在水中成像是平面镜成像现象，故属于光的反射，该选项说法错误；
C、白光通过三棱镜时，因为不同颜色的光通过玻璃时偏折的角度不同，白光通过三棱镜分解成红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫七色光，该选项说法正确；
D、平面镜成虚像，虚像是反射光线的反向延长线会聚而成的，虚像不会发出光线。该选项说法错误。
故选：C。
(1)一束平行光射到粗糙的物体表面时，反射光不再平行，而是射向各个方向，这种反射叫做漫反射，漫反射和镜面反射都遵循光的反射定律；
(2)光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；
(3)太阳通过玻璃三棱镜后，被分解为绚丽的七色光，从上往下依次是红、橙、黄、绿、蓝、靛、紫，这种现象称为光的色散，说明了白光不是单色光，不同颜色的光折射时的偏折程度不同；
(4)平面镜成像时，物体经平面镜反射后，反射光线进入人的眼睛。
本题通过几个日常生活中的现象考查了对光的反射、近视眼及其矫正、光的色散以及漫反射的理解与掌握，在学习过程中要善于利用所学知识解释有关现象，达到学以致用的目的。
9.【答案】D
【解析】解：A.由图可知，B、D位置的重力势能相同，小球的质量不变，所以B、D位置的高度相同，故A正确；
B.动能的大小与质量和速度有关，由图可知，BE位置的动能相同，质量不变，所以经过BE两位置时小球的速度大小相同，故B正确；
C.重力势能的大小与质量和高度有关，由图可知，C位置的重力势能最大，质量不变，C位置可能为最高点，故C正确；
D.机械能包括动能和势能，由图可知，小球中E位置的机械能小于A位置的机械能，说明小球整个过程机械能减小，小球从A到B的过程中，重力势能增大，动能减小，动能转化为重力势能，机械能减小，小球的动能变化量大于重力势能变化量，故D错误。
故选：D。
动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关，机械能为动能、势能的和。
本题考查了影响动能、重力势能大小的因素和机械能的变化，属于基础题。
10.【答案】A
【解析】解：
A.根据题意可知，甲、乙两相同的容器中装有体积相等的两种液体，将实心物体A、B分别放入两容器中，静止时液面等高，则甲液体与A排开液体的体积之和等于乙液体与B排开液体的体积之和，由图可知，A处于漂浮状态，A排开液体的体积小于物体的体积，B处于悬浮状态，B排开液体的体积等于物体的体积，所以A的体积大于B的体积，实心物体A、B由同种材料制作，则密度相等，根据m=ρV得到A的质量大于B的质量，根据G=mg可知，A的重力大于B的重力，故A正确；
BC.由图可知，A处于漂浮状态，A受到的浮力等于其重力，A的密度小于甲液体的密度；B处于悬浮状态，B受到的浮力等于其重力，B的密度等于乙液体的密度；因为A的重力大于B的重力，所以A受的浮力大于B受到的浮力；实心物体A、B由同种材料制作，密度相等，则甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，故BC错误；
D.由题可知甲杯中液体的体积等于乙杯中液体的体积，甲杯中液体的密度大于乙杯中液体的密度，由m=ρV可知甲杯中液体的质量大于乙杯中液体的质量，根据G=mg可知，甲杯中液体的重力大于乙杯中液体的重力，A的重力大于B的重力，甲杯和乙杯对水平桌面的压力等于液体、物体和杯子的总重力，两个杯子是相同的，重力相同，所以甲杯对水平桌面的压力大于乙杯对水平桌面的压力，两个杯子的底面积相等，由p=FS可知甲杯对水平桌面的压强大于乙杯对水平桌面的压强，故D错误。
故选：A。
(1)首先根据题目中给出的条件判断，判断实心物体A、B的体积关系，又知实心物体A、B由同种材料制作，利用密度公式判断其质量关系，再利用重力公式判断其重力关系；
(2)根据物体浮沉条件判定浮力的大小关系；
(3)根据物体浮沉条件，结合图示判断两种液体的密度关系；
(4)根据m=ρV可知两液体的质量的大小关系，根据G=mg可知两液体的重力的大小关系，因容器对桌面的压力等于容器、液体和物体的重力之和，据此得出两杯对桌面的压力大的大小关系，由压强公式判断出甲杯和乙杯对桌面压强的关系。
此题考查物体浮沉条件，密度、质量、液体压强公式的应用，涉及到的知识点较多，综合性很强，属于难题。
11.【答案】B
【解析】解：如图甲所示，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量滑动变阻器的电压，由于滑动变阻器能够允许最大电流为1A，所以，由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，此时电路中的电流I1=0.5A，设电源电压为U。
①若丙电压表选用0～3V量程，则此时滑动变阻器的电压为2.5V，则定值电阻的阻值为R定1=U定1I定1=U−①
此时定值电阻的功率为P定1=I定12R定1=(0.5A)2R定1，
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的12处。
Ⅰ若满偏的是电流表，则此时电路中的电流为0.6A，电压表的示数为U滑1=12×3V=1.5V，
定值电阻的阻值为R定1=U定1I定1=U−②
根据定值电阻的阻值不变，由①②解得U=7.5V，R定1=10Ω，
此时定值电阻的功率为P定11=I定112R定1=(0.6A)2×10Ω=3.6W，
则前后两次定值电阻R1的功率变化ΔP1=P定11−P定1=3.6W−(0.5A)2×10Ω=1.1W>1W，符合题意；
Ⅱ若电压表满偏，则电流表示数为I定2=12×0.6A=0.3A，
则定值电阻的大小为R定12=U定2I定2=U−3V0.3A，
根据定值电阻的阻值不变，可以列等式为R定12=U−−3V0.3A，
解得U=3.75V，R定12=2.5Ω，
此时定值电阻的功率为P定12=I定122R定11=(0.43)2R定12=(0.3A)2×2.5Ω=0.225W，
则前后两次定值电阻R1的功率变化ΔP1=P定1−P定12=(0.5A)2×2.5Ω−0.32W=0.305W<1W，不符合题意，舍去；
②若丙图电压表选择大量程，则此时滑动变阻器的电压为12.5V，则定值电阻的阻值为R定2=U定2I定2=U−③
此时定值电阻的功率为P定2=I定22R定2=(0.5A)2R定2，
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的12处；
Ⅰ若满偏的是电流表，则此时电路中的电流为0.6A，电压表的示数为U滑1=12×15V=7.5V，
定值电阻的阻值为R定2=U定2I定2=U−④
根据定值电阻的阻值不变，由③④可得U=37.5V，
电源电压恒定且不超过20V，舍去；
Ⅱ若电压表满偏，则电流表示数为I定22=12×0.6A=0.3A，
则滑动变阻器的阻值为R滑22=U滑22I滑22=15V0.3A=50Ω，
滑动变阻器R的最大阻值是30Ω，故舍去；综上所述，定值电阻的阻值为10Ω。故B符合题意，ACD不符合题意。
故选：B。
如图甲所示，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表测量滑动变阻器的电压，由于滑动变阻器能够允许最大电流为1A，所以，由图乙可知，电流表的量程为0～0.6A，此时电路中的电流I1=0.5A，设电源电压为U；
①若丙电压表选用小量程，读出滑动变阻器的电压，根据欧姆定律和P=UI列出定值电阻阻值和定值电阻功率的表达式；
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的12处；
Ⅰ若满偏的是电流表，求出电压表的示数，根据欧姆定律列出定值电阻的表达式，根据定值电阻的阻值不变，求出定值电阻的阻值和电源电压；根据P=UI算出定值电阻的功率，比较前后两次定值电阻的功率变化量是否符合题意：
Ⅱ若电压表满偏，求出电流表示数，根据欧姆定律列出定值电阻阻值表达式，根据定值电阻的阻值不变，求出电源电压和定值电阻的阻值，根据P=UI求出定值电阻的功率，比较前后两次定值电阻的功率变化量是否符合题意；
②若丙图电压表选择大量程，读数滑动变阻器的电压，列出定值电阻阻值的表达式和定值电阻功率的表达式；
再将滑片移动到另一位置时，其中一个电表指针刚好达到所选量程的最大刻度值处，另一个电表指针在所选量程最大刻度值的12处；
Ⅰ若满偏的是电流表，算出电压表的示数，列出定值电阻阻值的表达式，根据定值电阻的阻值不变，求出电源电压，判断是否符合题意：
Ⅱ若电压表满偏，算出电流表示数，求出滑动变阻器的阻值，判断是否符合题意；
根据以上的讨论得出定值电阻的阻值。
本题考查串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的综合应用，正确确定电流表的量程和电压表可能的示数是关键。
12.【答案】振动 空气
【解析】解：笑树能发出笑声是因为果实的外壳上面有许多小孔，经风一吹，壳里的籽撞击壳壁，使其振动发声，这种声音是通过空气传入我们耳中的。
故答案为：振动；空气。
声音是由物体的振动产生的；声音的传播需要介质。
本题考查的是声音产生和传播的条件，属于基础性题目。
13.【答案】影子 光的直线传播
【解析】解：光沿直线传播，在光的传播过程中大树的叶子挡住了部分光线，所以在地上形成了影子，可供乘凉；
故答案为：影子；光的直线传播。
光在同种均匀介质中沿直线传播。
本题考查了光沿直线传播的现象，是一道简单题。
14.【答案】改变 有
【解析】解：(1)当足球离开同学的脚后，足球的运动方向和速度大小发生改变，足球的运动状态改变。
(2)足球在空中下落过程中，足球在重力的方向上通过一定距离，所以重力对它做了功。
故答案为：改变；有。
运动方向或速度大小发生改变即运动状态改变；若物体在力的方向上移动一段距离，我们就说力对物体做了功。
本题考查了运动状态的判断、力是否做功的判断，是一道简单题。
15.【答案】热 乙
【解析】解：红外线测温仪，它是利用红外线的热效应工作的，主要通过传感器接收人体和其它物体所发出的红外线辐射的能量来测定体温，故乙图能反映测温过程中红外线的传播情况。
故答案为：热；乙。
红外线测温仪利用了红外线的热效应，主要通过传感器接收人体和其它物体所发出的红外线辐射的能量来测定体温。
本题考查了红外线的应用和测温枪的工作原理，是一道基础题。
16.【答案】两乒乓球向中间靠拢 气体流速大的位置压强小
【解析】解：向两球间用力吹气，会观察到两个乒乓球相互靠近，是因为两球之间的空气流速大，即两球之间的压强小；两球外侧的空气流速小，即两球外侧的压强大，所以两球在两侧较大压强的作用下被压向中间。
故答案为：两乒乓球向中间靠拢；气体流速大的位置压强小。
流体压强与流速的关系：流体在流速大的地方压强小，在流速小的地方压强大。
掌握流体流速和压强的关系，并能用流体压强知识解释有关问题。
17.【答案】20 向左 40 40
【解析】解：
(1)用20N的力推静止在水平桌面上的物体，没有推动，物体处于静止状态，是由于物体和桌面之间存在摩擦力，并且水平方向受到的静摩擦力和推力是一对平衡力，两个力的大小相等，方向相反，即此物体受到的摩擦力等于20N，摩擦力的方向向左；
(2)用40N的力推这个物体匀速直线前进，水平方向受到的滑动摩擦力和拉力是一对平衡力，两个力的大小相等，所以此时物体受到的摩擦力等于40N；
(3)若推力增加到45N，由于压力和接触面的粗糙程度未变，所以摩擦力的大小不变，仍为40N。
故答案为：20；向左；40；40。
①物体静止或做匀速直线运动时，处于平衡状态，受到的力为平衡力，二力平衡时大小相等；
②二力平衡力的条件：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上，作用在同一物体上；
③影响摩擦力大小的因素：压力大小和接触面的粗糙程度。
此题考查了二力平衡条件的应用及影响摩擦力大小的因素，特别注意推力增大，但摩擦力不变，此时物体做加速运动。
18.【答案】不变 不变 变大
【解析】解：如图，小灯泡和滑动变阻器并联，电压表测量并联支路(电源电压)电压，电流表A1测量通过小灯泡的电流，电流表A2测量通过干路的电流；
因为电源电压保持不变，电压表测量并联支路电压或电源电压，所以电压表V的示数不变；
由于并联电路各个支路互不影响，所以通过小灯泡的电流不变，电流表A1的示数不变；
滑动变阻器的滑片P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大，由I=UR知电路中的电流变小；
根据并联电路电流的规律知通过干路的电流变小，电流表A2的示数变小；
所以电压表V与电流表A2的示数的比值将变大。
故答案为：不变；不变；变大。
分析电路图，小灯泡和滑动变阻器并联，电压表测量并联支路(电源电压)电压，电流表A1测量通过小灯泡的电流，电流表A2测量通过干路的电流；
当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电源电压保持不变，电压表的示数不变；根据并联电路各个支路互不影响判断出通过小灯泡电流的变化；根据欧姆定律可知通过R电流的变化；由并联电路电流的规律判断出电压表V与电流表A2的示数比值的变化。
本题考查了学生对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用并联特点和欧姆定律是关键。
19.【答案】左 33.4 82 40 1.215×103 偏大 为防止容器壁粘液体影响所测结果，要先测烧杯、酸奶总质量，再将酸奶倒入量筒测体积，并测倒走酸奶后烧杯的质量
【解析】解：(1)根据天平的调解原则：右偏左调，左偏右调，先快后慢。此时应该向左移动平衡螺母。
故答案为 左。
(2)空杯的质量=20g+10g+3.4g=33.4g；
杯和酸奶的质量=50g+20g+10g+2g=82g；
酸奶的体积即量筒的读数为40mL；
根据密度公式ρ=mv，酸奶的质量=总质量−空烧杯质量=82g−33.4g=48.6g；
ρ酸奶=48.6g40cm3=1.215g/cm3；单位转化：1.215g/cm3=1.215×103kg/m3
故答案为 33.4；82；40；1.215×103。
(3)因为烧杯壁会残留部分酸奶，所以酸奶的体积减小了，根据密度公式，质量不变，体积减小，密度值就增大了，所以结果偏大。
为防止容器壁粘液体影响所测结果，要先测烧杯、酸奶总质量，再将酸奶倒入量筒测体积，并测倒走酸奶后烧杯的质量。这样就避免了误差的产生。
故答案为 偏大；为防止容器壁粘液体影响所测结果，要先测烧杯、酸奶总质量，再将酸奶倒入量筒测体积，并测倒走酸奶后烧杯的质量。
利用实验求物质的密度历来是中考的重点，密度是单位体积物体所含物质的多少。求解密度，需测两个物理量--质量和体积，在实验室中，质量用天平来测，体积测量往往需用量筒和量杯，应当掌握天平和量筒的正确使用和读数。
(1)天平的调节原则：右偏左调，左偏右调，先快后慢。
(2)天平的分度值是0.2g，读数为砝码质量加游码对应的刻度值；量筒分度值为2mL，平视液面最低处读数。
(3)利用密度公式ρ=mv，求出密度。
本题目是测定密度的常规实验题，利用实验求物质的密度历来是中考的重点，密度是单位体积物体所含物质的多少。求解密度，需测两个物理量--质量和体积，在实验室中，质量用天平来测，体积测量往往需用量筒和量杯，应当掌握天平和量筒的正确使用和读数。同时考查学生对密度的基本计算。本题增加了难度如：填表格中酸奶的密度单位是kg/m3，容易出错。
20.【答案】c 甲 高于
【解析】解：
(1)当彩球都在玻璃管中静止，不再运动时，所有上浮彩球中最下方一个彩球标注的温度表示所测的环境温度，由图乙知，彩球c上标注的温度是当时的环境温度；
(2)玻璃管中液体对温度敏感，液体的质量一定时，当外界温度升高时，液体膨胀，体积变大，由ρ=mV，可知液体密度减小；
由图知，甲中彩球下沉，乙中彩球上浮，甲中彩球小于乙中彩球受到的浮力，每个彩球的体积相等，由F浮=ρ液gV排可知，甲中液体小于乙中液体密度，所以甲中液体温度较高，即甲所处环境温度较高；
(3)当外界气温降低时，容器内液体的体积变小、密度变大，当液体的密度大于小球的密度时，小球就上浮，按小球上浮的先后顺序，先上浮的小球的密度最小，对应标注的温度最高；最后上浮的小球的密度最大，对应的标注温度最低。由图乙知，a球标注的温度高于c球标注的温度。
故答案为：(1)c；(2)甲；(3)高于。
(1)当彩球都在玻璃管中静止，不再运动时，所有上浮彩球中最下方一个彩球标注的温度表示所测的环境温度，据此分析解答；
(2)比较甲、乙中彩球受到浮力的大小关系，由阿基米德原理可得甲和乙中液体密度的大小关系，从而判断所处环境温度的高低；
(3)当液体温度降低时，密度变大，当液体密度大于彩球密度时，彩球上浮，据此分析判断彩球上浮的顺序与对应标注温度关系。
本题考查了密度公式、物体浮沉条件的应用，认真审题，灵活利用好物体浮沉与密度的关系是关键。
21.【答案】解：首先做出法线，已知入射光线与界面的夹角为60°，则入射角为90°−60°=30°，当光从空气中斜射入水中时，折射光线将向靠近法线的方向偏折，即折射角小于入射角，如下图所示：

【解析】折射定律的内容：折射光线、入射光线、法线在同一个平面内，折射光线与入射光线分居法线两侧，光由空气斜射入水中时，折射光线向法线偏折，折射角小于入射角。
光的折射作图，记住角的大小关系：由空气斜射入水，折射角小，由水斜射入空气，折射角大。即空气中的光线和法线的夹角总是大的。
22.【答案】解：
由题知，三孔插座和供电模块可以独立工作，则两者是并联的，而三孔插座和供电模块由总开关控制，说明开关在干路上，且开关应接在火线上，由此按家庭电路连接的要求补画电路如图所示：

【解析】先确定三孔插座和供电模块的连接方式，开关要接在火线和所控制的用电器之间；
三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
家庭电路的连接，要掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用的安全性。
23.【答案】解：
用起子开瓶盖时，根据使用情况可知，图中起子与瓶盖上面接触的点O为支点；
动力作用在A处，当动力臂等于OA时，动力臂最长，根据杠杆平衡条件可知，此时动力最小；
连接OA，即为动力臂L1，过动力作用点A作力臂OA的垂线，方向向上，标出力的符号F1；
阻力作用在起子与瓶盖下面的接触点，方向向下。如下图所示：

【解析】使用杠杆时，支点指的是杠杆绕着转动的点，阻力是阻碍杠杆转动的力，力臂是支点到力的作用线的距离。
根据杠杆平衡的条件F1L1=F2L2，在阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长。
本题考查了力和力臂的画法，明确动力臂越长越省力是解题的关键。
24.【答案】解：电源右侧为正极，则电流由右侧流入，根据安培定则：用右手握住螺线管，使四指所指的方向为电流的方向，则大拇指所指的左侧为N极，右侧为S极，外部磁感线由N指向S.如图所示：

【解析】由电源方向可知电流方向，由安培定则可判出磁极方向及磁感线方向，再在图中标出即可．
安培定则涉及三个方向：电流方向；磁场方向；线圈绕向，告诉其中的两个可以确定第三个．其中的电流方向经常与电源的正负极联系在一起，磁场方向经常与磁感线方向、周围小磁针的NS极联系在一起．
25.【答案】(1)同一高度上； (2)左；(3)远离；实；(4)①是倒立放大的实像；幻灯机；②是正立放大的虚像。
【解析】(1)应将透镜、蜡烛火焰、光屏的中心调到同一高度，像才能呈在光屏的中央位置；
(2)当蜡烛位于0刻度线处，凸透镜位于50cm刻度线时，此时的物距为50cm，凸透镜的焦距为10cm，物距大于二倍焦距，像位于一倍焦距和二倍焦距之间，所以要向左移动光屏；
(3)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，实验中，光屏上已成清晰的、缩小的像，此时固定蜡烛和凸透镜，在光屏和凸透镜间放上凹透镜，若仍要在光屏上成清晰的像，由于光线发散，会延迟会聚，则需将光屏向远离凸透镜的方向移动，此时所成的清晰像仍为实像；
(4)①如果蜡烛在40cm刻线左侧贴近，此时的物距略微大于一倍焦距，成倒立放大的实像，应用为幻灯机；
②如果蜡烛在40cm刻线右侧贴近，此时的物距略微小于一倍焦距，成正立放大的虚像。
故答案为：(1)同一高度上； (2)左；(3)远离；实；(4)①是倒立放大的实像；幻灯机；②是正立放大的虚像。
(1)探究凸透镜成像的实验时，在桌面上依次放蜡烛、凸透镜、光屏，三者在同一条直线上，三者的中心大致在同一高度，像才能呈在光屏的中央位置；
(2)凸透镜成像的规律是：当物距大于二倍焦距时，物体成倒立缩小的实像，像距小于二倍焦距大于一倍焦距，根据这种情况制成了照相机；
(3)凹透镜对光线有发散作用，近视镜就是根据这个原理制成的；
(4)根据凸透镜成像的三种情况进行判断：u>2f，成倒立、缩小的实像；2f>u>f，成倒立、放大的实像；u此题是探究凸透镜成像的规律，难度不大。
26.【答案】液体压强计 液体深度 液体压强计U形管两边液面的高度差 无关 A
【解析】解：(1)实验中，探究液体压强的工具是液体压强计，通过液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；
(2)甲、乙两图中液体相同，乙中液体深度较大，故是探究液体压强与深度的关系，根据转换法，实验中液体内部压强的大小变化是通过液体压强计U形管两边液面的高度差反映出来的；
(3)丙、丁实验中，液体的密度和深度相同，容器形状不同，而U形管两边液面的高度差相同，故对比丙、丁、得出液体压强与盛液体的容器形状关。
(4)小明将压强计的探头先后放入水和煤油中的某一深度处，发现U形管两侧液面高度差几乎不变，说明这两次实验中，液体对探头的压强几乎相等。若我们想明显地观察到两次实验的区别，就应该想办法，让U形管内液面的高度差有很大的差别。
A、烧杯内的液体对探头产生的压强一定时，U形管两边的高度差一定，与U形管的粗细无关，则该方法不能使实验效果更加明显，故A符合题意；
B、烧杯内的液体对探头产生的压强一定时，将U形管中换用密度更小的液体后，根据p=ρgℎ可知U形管两侧液面的高度差增大，能使实验效果更加明显，故B不符合题意；
C、将烧杯中的水换成盐水后，在探头深度不变的情况下，盐水对探头的压强更大，这将导致左侧压强计中液柱的高度差更大，能使实验效果更加明显，故C不符合题意；
D、使探头在水和煤油中的深度加大，探头受到的液体压强增大，则U形管两侧液面的高度差增大，能使实验效果更加明显，故D不符合题意。
故选：A。
故答案为：(1)液体压强计；(2)液体深度；液体压强计U形管两边液面的高度差；(3)无关；(4)A。
(1)(2)用液体压强计显示液体内部压强的大小，液体压强计U形管两边液面的高度差来判断的，高度差越大说明此时的液体压强越大，采用了转换法；液体压强与液体的深度和密度有关，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变；
(3)根据丙、丁实验中找出相同因素和不同因素，根据转换法得出液体压强与不同因素的关系；
(4)液体的压强只跟液体的深度和密度有关，金属盒在液体的密度越大、液体密度越大，产生的压强越大，U形管两侧的高度差越大，实验现象越明显；液体对金属盒产生的压强一定时，U形管两边的高度差一定，与U形管的粗细无关；若U形管中换用密度小的液体，则高度差增加，实验现象越明显。
本题探究影响液体压强大小的因素，考查转换法、控制变量法及p=ρgℎ的运用。
27.【答案】10.0 4 左 投影仪 65.0cm 近视
【解析】解：(1)根据焦点和焦距的定义可知，当小灯泡距离透镜为50.0cm−40.0cm=10.0cm时，在右侧无论怎样移动光屏，发现光屏上始终是一个大小不变的圆形光斑，说明小灯泡在凸透镜是焦点上，则该透镜的焦距为10.0cm；
(2)在图甲中再次移动蜡烛至45cm刻度线处，此时物距小于焦距时，成正立、放大的虚像，则观察到的像是图丙中的4；
要使观察到的像会变大，根据凸透镜成虚像时，物距增大，像变大可知，此时应将蜡烛向左移动；
(3)图乙中烛焰在光屏上恰好成一清晰的像，此时物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，在光屏上成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；
(4)图乙中物距u=50.0cm−35.0cm=15.0cm，v=80.0cm−50.0cm=30.0cm，凸透镜成倒立放大的实像，根据光的折射中光路是可逆的，当v=15.0cm，u=30.0cm时，凸透镜成倒立缩小的实像，故当凸透镜在65cm刻度线处，符合v=15.0cm，u=30.0cm，所以把凸透镜移动65.0cm刻度线处；
(5)实验小组又借来同学的眼镜并将其靠近凸透镜左侧(如图丁)，发现光屏上的像变模糊，向右移动光屏又出现清晰的像，说明该眼镜对光线具有发散作用，使光线推迟会聚，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用，故该同学佩戴的是近视眼镜。
故答案为：(1)10.0；(2)4；左；(3)投影仪；(4)65.0cm；(5)近视。
(1)凸透镜能将从焦点发出的光会聚后平行于主轴，而焦距即为焦点到光心的距离；
(2)物距小于焦距时，成正立、放大的虚像；凸透镜成虚像时，物距增大，像变大；
(3)根据2f>u>f时，在光屏上成倒立放大的实像，投影仪就是利用此原理制成的；
(4)光的折射中，光路是可逆的；
(5)近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线有发散作用。
凸透镜成像的几种情况是凸透镜成像习题的重要依据，一定要熟练掌握：
u>2f，成倒立缩小的实像，2f>v>f；
u=2f，成倒立等大的实像，v=2f；
2f>u>f，成倒立放大的实像，v>2f；
u28.【答案】B 乙 没有移动滑动变阻器的滑片，使R两端电压不变 大于 换用阻值更大的滑动变阻器(或减小电源电压) =
【解析】解：(1)图中应该把电压表的负接线柱与定值电阻的右端相连：
(2)探究电流与电阻的关系时，应该固定定值电阻两端的电压一定，所以当接入不同阻值的电阻后，应该移动滑动变阻器滑片，眼睛注视着电压表。
(3)图甲中电压值为：5Ω×0.6A=10Ω×0.3A=15Ω×0.2A=3V，图乙中电压值：5Ω×0.6A≠10Ω×0.4A，没有固定定值电阻两端的电压不变。所以操作乙不符合要求。
(4)通过(3)中图甲可知，定值电阻两端的电压应该固定为3V不变，又因为电源电压为6V，根据串联电路电压之比等于电阻之比，当定值电阻接30Ω时，要使电压固定3V不变，滑动变阻器的阻值也应该为30Ω，而滑动变阻器的最大阻值是20Ω，所以，电压表的示数要大于3V，要想完成实验可以换用阻值更大的滑动变阻器或减小电源电压。
(5)通过(4)中分析，实验时滑动变阻器的阻值始终等于定值电阻的阻值，因为滑动变阻器和定值电阻始终串联，电流相等，它们的功率之比等于电阻之比，始终等于1。
故答案为：(1)如图所示；(2)B；(3)乙；没有移动滑动变阻器，使R两端电压不变；(4)大于；换用阻值更大的滑动变阻器(或减小电源电压)；(5)=。
(1)连接实物图时要注意电表的正负接线柱；
(2)滑动变阻器的作用是控制电阻两端的电压一定，因此移动滑片时眼睛要注视着电压表；
(3)探究电流与电阻关系实验时要控制电阻两端的电压不变；
(4)实验时滑动变阻器的作用时保持定值电阻两端的电压不变；
(5)分析串联电路中电功率的关系时一般用P=I2R来讨论。
此题考查了控制变量法，探究电流与电阻的关系实验要控制电压一定；要通过串联电路的分压问题，明确当定值电阻的阻值增大时，也要使滑动变阻器的阻值增大，才能保证电压不变。
29.【答案】顺时针 变化 ①③④ 减小 可能 不可能
【解析】解：(1)线圈1顺时针转动，LED二极管发红光；线圈2的磁场方向发生了改变，此时LED二极管发黄光，根据LED二极管的管脚可知，电路中电流的方向也发生了改变；磁场方向、电流方向同时发生了变化，导体受力方向不变，所以线圈2也是顺时针转动；
(2)在某磁场中，使a垂直于纸面左右往复运动(虚线为运动轨迹)，a中产生的电流随运动方向改变而改变，因此两个LED交替发光；
电路中能产生感应电流，说明导体做切割磁感线运动，①③④中的导体都做切割磁感线运动，而②中的导体运动方向与磁感线方向相同，没有切割磁感线，不会产生感应电流，二极管不发光。
(3)将球从M点竖直向下以某一速度抛出，此时具有的机械能为动能和重力势能之和，球经静止在位置a的台面反弹后，在上升过程，球的速度减小，球的动能减小，小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功，所以小球的机械能减小，若克服摩擦阻力做功小于最开始的动能，到达的最高点为N点比M点高，若克服摩擦阻力做功大于最开始的动能，到达的最高点为N点比M点低，若克服摩擦阻力做功等于最开始的动能，到达的最高点为N点与M点一样高；球从N点下降时，台面已升至合适的位置b并保持静止，球再次经台面反弹后，由于小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功，小球的机械能减小，到达的最高点P比N点低。
故答案为：(1)顺时针；(2)变化； ①③④；(3)减小；可能；不可能。
(1)通电导体在磁场中的受力方向与电流方向、磁场的方向有关；
(2)根据二极管的发光情况分析电流的方向是否发生变化；闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动，导体中会产生感应电流；
(3)物体的质量越大，速度越大，物体具有的动能就越大；
物体的质量越大，所处的高度越高，物体的重力势能就越大；
小球在运动过程中要克服摩擦阻力做功。
本题考查了通电导体在磁场中受力运动、产生感应电流的条件、二极管的应用、机械能的转化，难度不大，但容易出错。
30.【答案】解：
(1)由图象可知，当建材重为G1=400N时，滑轮组的机械效率η1=50%，
由于滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，
则滑轮组的机械效率：η1=W有用W总=W有用W有用+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动
所以动滑轮的重力：G动=1−η1η1×G1=1−50%50%×400N=400N；
(2)1min内绳子自由端移动的距离s=2ℎ=2×12m=24m，
拉力做的功：W=Fs=200N×24m=4800J；
拉力的功率：P=Wt=4800J60s=80W；
(3)当滑轮组的机械效率为80%时，根据η=W有用W总=W有用W有用+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动可得此时运送建材的重力：
G2=η2G动1−η2=80%×400N1−80%=1600N。
答：(1)动滑轮的重力是400N；
(2)拉力的功率为80W；
(3)当滑轮组的机械效率为80%时，运送建材的重力是1600N。
【解析】(1)滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，利用η=W有用W总=W有用W有用+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动求出动滑轮的重力；
(2)首先确定滑轮组绳子有效股数，然后利用s=nℎ求出绳子自由端移动的距离，再利用W=Fs求出拉力做的功；利用P=Wt求出功率；
(3)利用η=W有用W总=W有用W有用+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动求出运送建材的重力。
此题考查重力、功和功率、滑轮组的机械效率的计算，关键是滑轮和钢绳的摩擦力及绳重忽略不计，滑轮组绳子有效股数的确定和η=W有用W总=W有用W有用+W额=GℎGℎ+G动ℎ=GG+G动的应用。
31.【答案】解：(1)由P=UI得小灯泡正常发光的电流为：
IL=PLUL=3W6V=0.5A；
由I=UR得灯泡的电阻为：RL=ULIL=6V0.5A=12Ω；
当开关S闭合，S1、S2断开，该电路为滑动变阻器R和小灯泡L的串联电路，电流表测电路中的电流；
由题知滑片P从b滑至某一位置时，其接入电路的阻值变小，电路中的电流变大；
当滑片P从b端滑至某一位置时，灯泡正常发光，则电路中的电流为：I=IL=0.5A，
则电源电压为：U=UL+UR=6V+IR=6V+0.5A×(RP−10Ω)---①；
当滑片P在b端时，电路中的电流为：I′=I−0.2A=0.5A−0.2A=0.3A，
则电源电压为：U=I′(RL+RP)=0.3A×(12Ω+RP)---②；
联立①②可解得：RP=13Ω，U=7.5V；
(2)S闭合，S1、S2断开时，为保证电路安全，当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，灯正常发光，此时接入的电阻R小=RP−10Ω=3Ω；当变阻器接入电路的电阻最大，电路安全，故滑动变阻器的取值范围3Ω−13Ω。
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，L被短路，该电路为滑动变阻器R和定值电阻R0的并联电路，电流表测干路的电流；
通过R0的电流为：
I0=UR0=7.5V10Ω=0.75A，
已知电流表量程为0～3A，则干路电流最大I=3A，
由并联电路的电流特点可知通过R的最大电流为：
IR大=I大−I0=3A−0.75A=2.25A，
则滑动变阻器的最大功率为：
P大=I大U=2.25A×7.5V=16.875W。
答：(1)电源电压是7.5V；
(2)滑动变阻器的取值范围3Ω−13Ω；
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，调节滑片P，在保证电路安全的前提下，滑动变阻器R的最大功率是16.875W。
【解析】(1)利用P=UI可算出小灯泡正常发光的电流，由I=UR可求出灯泡的电阻；当开关S闭合，S1、S2断开，该电路为滑动变阻器R和小灯泡L的串联电路，电流表测电路中的电流；滑片P从b端滑至某一位置时，其接入电路的阻值变小，电路中的电流变大，利用P=UI求出灯泡正常发光时的电流，进而可求出滑片P在b端时电路中的电流；分别利用欧姆定律将滑片P在b端和某位置时的电源电压表示出来，将两组表达式联立即可解出滑动变阻器的最大阻值和电源电压；
(2)S闭合，S1、S2断开时，为保证电路安全，当滑动变阻器接入电路的电阻最小时，灯正常发光，根据(1)中移动的电阻确定最小电阻，结合滑动变阻器的最大值得出滑动变阻器的取值范围；
(3)当开关S、S1、S2都闭合时，L被短路，该电路为滑动变阻器R和定值电阻R0的并联电路，电流表测干路的电流；并联电路中各个支路两端的电压均等于电源电压，利用欧姆定律求出通过R0的电流，并联电路中各个支路之间互不影响；已知电流表的量程，即干路电流最大值，据此求出通过滑动变阻器的最大电流，利用P=UI求出滑动变阻器的最大功率。
本题考查了对欧姆定律和电功率计算公式的应用，解题关键是利用电源电压不变，通过解方程组的方法求出电源电压和滑动变阻器的最大阻值。物理量/单位
空杯的质量m/g
杯和酸奶的质量m/g
酸奶的体积V/mL
酸奶的密度ρ/kg⋅m−3
测量值
______
______
______
______