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山东省威海市乳山市银滩高级中学2023-2024学年高二下学期4月模块考试化学试题（含答案）
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这是一份山东省威海市乳山市银滩高级中学2023-2024学年高二下学期4月模块考试化学试题（含答案），共17页。试卷主要包含了 答题前，考生务必用0， 第Ⅱ卷必须用0， 下列说法错误的是等内容，欢迎下载使用。
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。满分100分，考试时间90分钟。考试结束后，将答卷纸和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷(共40分)
注意事项
1. 答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的班级、姓名、座号、准考证号填写在答题卡和试卷规定的位置上，并将答题卡上的考号、科目、试卷类型涂好。
2. 第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，答案不能答在试卷上。
3. 第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔在答卷纸各题的答题区域内作答；不能写在试题卷上，不按以上要求作答的答案无效。
可能用到的相对原子质量：H 1;He 4;Li 7;B 11;C 12;N 14;0 16;Na 23;Mg 24;Al 27;S 32;Cl 35.5;K 39;Ca 40;Ti 48;C 59；Cu 64;Zn 65;Y 89;Ag 108;Mn 55;Sn 119;I 127;Ba 137；La 139.
一、选择题：本题共20小题，每小题1分，共20分.每小题只有一个选项符合题目要求.
1. 化学与生活联系密切，下列说法正确的是
A. 肥皂与纯碱都可去除油污，但两者去污原理不同
B. 乙二醇溶液用作汽车防冻液，乙二醇与甘油互为同系物
C. 木糖醇[CH2OH(CHOH)3CH2OH]是常用的甜味剂，和葡萄糖同属于单糖
D. 福尔马林是良好杀菌剂，主要利用了甲醛的强氧化性
2. 下列化学用语使用正确的是
A. CH3CH(C2H5)2的名称：2－乙基丁烷B. 氟乙烷的空间填充模型：
C. 2－乙基－1，3－丁乙烯的键线式： D. 甲醛的电子式：
3. 下列说法正确的是
A. 蛋白质只能由蛋白酶催化水解
B. 淀粉经一系列水解反应后，就可酿造成酒
C. 用水可分离苯、溴苯的混合物
D. 判断皂化反应基本完成的依据是静置后的反应液不分层
4. 下列关于高分子材料制备方法错误的是
A. 氯丁橡胶( )由2－氯－1，3－丁二烯经加聚反应制备
B. 聚丙烯酸甲酯( )由丙烯酸和甲醇经缩聚反应制备
C. AS树脂( )由苯乙烯和丙烯腈经加聚反应制备
D. 涤纶( )由对苯二甲酸和乙二醇经缩聚反应制备
5. 如图为有机物X(只含C、H、O)的球棍模型图。不同颜色的球代表不同的原子，小球之间的“棍”代表化学键(如单键、双键等)。下列有关M的说法错误的是
A. X难溶于水B. X有3种官能团
C. X的不饱和度为8D. X中所有碳原子一定共平面
6. 下列装置或操作能达到相应实验目的的是
7. 某药物成分M具有生物活性，结构如图所示。下列说法错误的是
A. M的分子式为C27H28NO4
B. M可与Na2CO3溶液反应
C. M能发生氧化反应、还原反应和消去反应
D. 1mlM分别与足量盐酸和NaOH反应，消耗HCl和NaOH的物质的量之比为1：2
8. 下列说法错误的是
A. 分子式为C6H12的烯烃可能的结构(不考虑立体异构)有13种
B. 立方烷()经硝化可得到六硝基立方烷，其可能的结构有3种
C. 甘氨酸和丙氨酸混合，在一定条件下可生成3种二肽
D. 分子式为C4H8O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，若不考虑立体异构，这些酸和醇重新组合可形成12种酯
9. 绿原酸具有抗病毒、抗氧化的功效，可由奎尼酸和咖啡酸通过酯化反应合成。下列说法错误的是
A 可用质谱法区分奎尼酸和咖啡酸
B. 咖啡酸分子中羟基和苯环相互影响，使羟基和苯环上的氢原子活性均增强
C. 1ml奎尼酸发生催化氧化反应最多能消耗2mlO2
D. 奎尼酸六元环上的一溴代物与咖啡酸苯环上的一溴代物种类数目相同
10. 有机物M、N、P之间存在如图转化关系，下列说法错误的是
A. 1mlM与1mlBr2加成，所得产物有2种
B. N可能的结构有两种
C. 检验N中Cl原子所需试剂的先后顺序：NaOH溶液，稀HNO3，AgNO3溶液
D. P在一定条件下能与乙二酸缩聚形成高聚物
11. “新冠病毒”由蛋白质外壳和单链核酸组成，怕酒精，不耐高温。下列你认为符合科学的是
A. 病毒仅由碳、氢、氧三种元素组成
B. 核酸属于烃类有机物
C. 医用酒精能用于消毒是因为它具有强氧化性
D. 现代化学分析测试中，可用元素分析仪确定“新冠病毒”中的元素
12. 如图所示三种烃均为稠环芳烃，下列说法错误的是
A. 图中每种烃的所有原子均处同一平面B. 萘的一溴代物有两种
C. 蒽和菲互为同分异构体D. 萘和蒽是同系物关系
13. 下列实验操作能达到相应实验目的的是
14. 香叶醇和橙花醇具有令人愉快的玫瑰和橙花的香气，是非常贵重的香料，它们可以用月桂烯合成。下列有关说法中错误的是
A. 乙酸橙花酯的分子式为
B. 月桂烯所有的碳原子都可能在同一平面上
C. 等物质的量的月桂烯和发生反应①，副产物至少有7种
D. 香叶醇和橙花醇互为顺反异构体
15. 番木鳖酸具有一定的抗炎、抗菌活性，结构简式如图。下列说法错误的是
A. 1ml该物质与足量饱和NaHCO3溶液反应，可放出22.4L(标准状况)CO2
B. 一定量的该物质分别与足量Na、NaOH反应，消耗二者物质的量之比为5：1
C. 1ml该物质最多可与1mlH2发生加成反应
D. 该物质可被酸性KMnO4溶液氧化
16. 醇Mukaiyama氧化反应是制备醛酮的一种重要方法，其反应历程可简单表示如下(其中R′，R″可以是烃基或)
下列说法错误的是
A. 反应a中有不饱和键的形成B. 反应b为取代反应
C. 反应c为水解反应D. 该反应机理的总反应中有2种有机物生成
17. 下列说法错误的是
A. 葡萄糖和麦芽糖可以用新制氢氧化铜悬浊液鉴别
B. 乙醇与氢卤酸的反应中乙醇分子断裂碳氧键而失去羟基
C. 分子式为的有机物的两种同分异构体可以利用红外光谱区别
D. 醇分子中的氢氧键不如水分子中的氢氧键容易断裂这是因为醇分子中的烷基具有推电子作用
18. 下列说法错误的是
A. 的名称是2，2，3，3－四甲基戊烷
B. 乙醇的官能团为羟基，1 ml羟基含有的电子数为9NA
C. 液化石油气的主要成分C3H8、C4H10与圆白菜叶子表层中的二十九烷一定互为同系物
D. 柠檬烯( )与3，3，4，4－四甲基－1，5－己二烯互为同分异构体
19. 下列说法正确的是
A. 聚乙烯、2－丁炔、环己烯均能使酸性溶液褪色
B. 苯不能与氢气发生加成反应，甲苯能与氢气发生加成反应，是因为侧链对苯环的影响
C. 0.1ml某气态链烃充分燃烧可以生成7.2g水，则该烃不能使溴水褪色
D. 0.5ml某气态烃能与1mlHCl发生加成反应，加成产物又可与发生取代反应，则此气态烃可能为
20. 苹果因含有邻苯二酚()等邻酚结构的化合物易发生褐变，其反应过程如图所示，下列说法错误的是
+2++H2O
A. 褐变的原因是邻苯二酚易被氧化B. 邻苯二酚与苯酚互为同系物
C. 邻苯醌分子中所有原子一定共平面D. 邻苯二酚遇到溶液会显紫色
二、选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分.每小题有一个或两个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.
21. 在实验室中进行下列操作，不能达到实验目的的是
22. 谷氨酸单钠是味精的主要成分，利用发酵法制备味精的流程如图：
下列说法错误的是
A. 可用红外光谱仪测定谷氨酸中所含官能团种类
B. 1ml葡萄糖中含有手性碳原子的数目为3.01×1024
C. α－酮戊二酸最多可与3mlH2发生加成反应
D. “中和”时，需严格控制Na2CO3的用量
23. 2022年1月，全国首个肝癌创新药阿可拉定获批上市，其分子结构如图甲，下列说法正确的是
A. 阿可拉定所有碳原子可能共平面B. 阿可拉定存在对映异构和顺反异构
C. 阿可拉定与乙互为同分异构体D. 1ml阿可拉定最多可与3mlNaOH反应
24. 邻苯二甲酸肝(X)是重要的化工原料，分子中所有原子在同一平面上。用X合成高分子化合物(Z)的合成路线如图，下列说法正确的是
A. X的二氯代物有4种B. Y的同分异构体中，能与Na反应的只有一种
C. 高分子材料Z可降解D. 聚合过程中有小分子生成
25. 共价有机框架(COF)是一类具有平面、多孔网状结构的材料，其在催化、能量储存等领域有潜在的应用。一种COF材料的合成如图所示，下列说法正确的是
A. BDT分子中B、O、S的杂化方式相同B. HHTP的核磁共振氢谱有2组峰
C. 合成COF的过程中发生了取代反应D. 也可与BDT合成COF材料
班级__________________姓名______________考号__________________
2023-2024学年度第二学期高二4月模块检测
化学试题第Ⅱ卷(共60分)
三、非选择题：本题共6小题，共60分。
26. 如图装置中有机物样品在电炉中充分燃烧，通过测生成的CO2和H2O的质量，确定有机物分子式。
（1）A装置是提供实验所需的O2，B装置中浓硫酸的作用是___ ____。
（2）若实验中所取样品只含C、H、O三种元素中的两种或三种，称取0.44 g样品，经充分反应后，D管质量增加0.36g，E管质量增加0.88g，已知该物质的相对分子质量为44，则该样品的化学式为______ ____。
（3）若该有机物的核磁共振氢谱如图所示，峰面积之比为1：3则其结构简式为_____ _____；若符合下列条件，则该有机物的结构简式为_____ _____。
①环状化合物②只有一种类型的氢原 子
（4）经测定维生素C又称为抗坏血酸其分子结构如图所示，
①该分子中含有的含氧官能团为_____ _____，分子中碳原子的轨道杂化类型为_____ _____； 根据电负性大小，抗坏血酸中显+1价的碳原子有_______个。
②该分子中有_______个手性碳原子，因而具有旋光性。
③维生素C易溶，在水中呈酸性，其易溶于水的原因是_____ ___ _____。呈酸性的原因是碳碳双键_______(填“推电子”或“吸电子”)使氧氢键更易断裂呈酸性。
27. 化合物F是制备某治疗幽门螺旋杆菌药物的中间体，其合成路线如图：
回答下列问题：（1）A的结构简式为____ ____；B中官能团的名称为____ ____，同时满足下列条件的B的同分异构体有_____种。
①含有苯环 ②能发生银镜反应和水解反应 ③有4种不同化学环境的氢
（2）试剂a为___ _____；设计A→B的目的是____ ____。
（3）C→D的反应方程式为___ ___ _____。
（4）若E→F历经两步反应：E中间体X(C8H10N2S2O)F，则X的结构简式为____ ____。
28. 有机物H是一种用于治疗胃肠道疾病的芳香酯类药物，合成路线如图：
已知B的核磁共振氢谱有4组峰，请回答下列问题：
（1）A的同分异构体中，一氯代物只有4种的芳香烃的名称是___ _____；B的结构简式为___ _____。
（2）B→C的反应类型是___ _____；D→E的化学方程式为___ _____。
（3）F在一定条件下生成高分子化合物的化学方程式为____ ___ ____，两分子F一定条件下反应形成含有六元环(苯环除外)的有机物的结构简式为___ _____。
（4）G→H的化学方程式为____ ___ ____。
（5）H有多种芳香族同分异构体，符合下列条件的同分异构体共有_____种(不考虑立体异构)。
①含有－COOH；②能因反应使溴水褪色；③苯环上有两个取代基
29. 某研究小组按下列路线合成抗癌药物盐酸苯达莫司汀。
已知：①RXRNHR′ ②
回答下列问题：（1）写出A→B的化学方程式__ ______；B→C的反应类型为_____。
（2）化合物H的结构简式是____ ____；将苯达莫司汀制成盐酸盐的目的是_____。
（3）写出同时符合下列条件的化合物B的同分异构体的结构简式_____。
①分子中仅含 一种环状结构且分子中不含醚键；②能发生银镜反应，且1ml该物质与足量的银氨溶液反应能生成4mlAg；③分子中共有3种不同化学环境的氢原子。
（4）写出以D为主要原料合成E的路线_____。
30. 抗肿瘤、抗病毒药物中间体K的一种合成路线如图：
已知：①+→②+
回答下列问题：（1）B与足量NaOH溶液反应的化学方程式为_____；L是C与甲醇酯化后的产物，同时满足下列条件的L的同分异构体有_____种，其中核磁共振氢谱峰面积之比为1：2：2：2：1的结构是_____。①能发生银镜反应 ②含有苯环 ③与FeCl3能发生显色反应。
（2）F→G的反应类型为________；G→H的化学方程式为_____。
（3）I结构简式为_____。
（4）参照上述合成路线，写出以乙酸和为主要原料制备合成路线。
31. 有机物是一种重要的有机合成中间体，其合成路线如图：
已知：①B的核磁共振氢谱有三个吸收峰；② ③-CHO++H2O。
（1）B的名称为_______。
（2）反应⑤的反应类型为_______。G的结构简式为_______。
（3）在合成路线中设计⑤和⑨两步反应的目的是_______。
（4）反应⑥的化学方程式为_______。
（5）F与银氨溶液反应的化学方程式为_______。
（6）M为的同分异构体，满足下列条件的M的结构有_______种。任写一种核磁共振
氢谱有4组峰的M的结构简式_______。a.属于芳香族化合物b.1 ml M与足量NaHCO3溶液反应能生成2 ml CO2
答案解析
1. 【答案】A【解析】【详解】A.肥皂是乳化作用，纯碱是与油污发生化学反应，两者原理不同，A正确； B.乙二醇中两个羟基，甘油中有三个羟基，结构不同，不属于同系物，B错误； C.木糖醇只含有羟基，属于醇，不是糖类，C错误； D.福尔马林是良好的杀菌剂，主要利用了甲醛能使蛋白质变质，D错误； 故选A。
2. 【答案】C【解析】【详解】A．CH3CH(C2H5)2的名称：3－甲基戊烷，A错误；B．原子半径：r(C)>r(F)，图中氟乙烷的空间填充模型不符合原子半径大小，B错误；
C．键线式中每一个折点和端点都含有一个碳原子，则2－乙基－1，3－丁乙烯的键线式为： ，C正确；D．甲醛的电子式： ，D错误； 故选C。
3. 【答案】D【解析】【详解】A．蛋白质在酸、碱、酶的条件下均可水解，故A错误；B．淀粉水解最终物质是葡萄糖，葡萄糖在酒化酶的作用下转化成乙醇，故B错误；
C．苯、溴苯互溶，且均不溶于水，因此用水无法分离苯、溴苯的混合物，故C错误；D．皂化反应指油脂在NaOH溶液中水解成高级脂肪酸钠和甘油，油脂是不溶于水的液体，高级脂肪酸钠和甘油均溶于水，因此当静置后的反应液不分层，说明皂化反应基本完成，故D正确；答案为D。
4. 【答案】B【解析】【详解】A．氯丁橡胶( )的单体为2-氯-1，3-丁二烯，由2－氯－1，3－丁二烯经加聚反应可制备氯丁橡胶，故A正确；B．聚丙烯酸甲酯( )的单体为CH2=CHCOOCH3，由CH2=CHCOOCH3经加聚反应可制备聚丙烯酸甲酯，故B错误；C．AS树脂( )的单体为苯乙烯和丙烯腈，由苯乙烯和丙烯腈经加聚反应可制备AS树脂，故C正确；D．涤纶( )的单体为对苯二甲酸和乙二醇，由对苯二甲酸和乙二醇经缩聚反应可制备涤纶，故D正确；故选B。
5. 【答案】D【解析】【分析】根据有机物的结构，可确定该有机物的键线式为 。【详解】A．X分子中含有酚羟基和酯基等，且分子中含碳原子数较多，所以难溶于水，A正确；B．X分子中含有碳碳双键、羟基和酯基，共有3种官能团，B正确；C．X分子中含有3个环、其中有1个苯环，另外还含有2个双键，所以其不饱和度为8，C正确； D．X分子中，苯环上6个碳原子及与苯环直接相连的3个碳原子共平面，其他碳原子不一定共平面，D错误；故选D。
6.【答案】B【解析】【详解】A．配制银氨溶液时，应将氨水滴入硝酸银溶液中，A不正确；B．实验室制备并收集乙烯时，将乙醇与浓硫酸的混合液加热到170℃，用排水法收集，B正确；
C．分离乙醛和乙酸时，采用蒸馏法，但需使用温度计控制蒸气的温度，C不正确；D．除去苯中的苯酚时，应加入NaOH溶液，然后分液，D不正确；故选B。
7. 【答案】A【解析】【详解】A．根据M的结构简式，M的分子式为C27H29NO4，故A说法错误；
B．M中含有酚羟基，酚羟基可与Na2CO3溶液反应，故B说法正确；C．该有机物中含有碳碳双键，能与被酸性高锰酸钾溶液氧化，碳碳双键能与氢气发生加成反应，也叫还原反应，醇羟基所连碳的相邻碳原子上有H，因此可以发生消去反应，故C说法正确；D．M中能与NaOH反应的官能团是酚羟基和酰胺基，各消耗1mlNaOH，即1mlM最多消耗2mlNaOH，M中能与盐酸反应的官能团是酰胺基，因此1mlM能消耗1ml盐酸，因此消耗HCl和NaOH物质的量之比为1∶2，故D说法正确；答案为A。
8. 【答案】C【解析】【详解】A．分子式为C6H12的烯烃，若主链上有6个碳，此时碳碳双键有3个位置，若主链上有5个碳，甲基连在二号碳上，此时碳碳双键有4个位置，若甲基连在三号碳上，此时碳碳双键有3个位置，若主链上有4个碳，两个甲基连在二号碳上，此时碳碳双键有一个位置，两个甲基分别连在2，3号碳上，此时碳碳双键有2个位置，因此可能的结构有3+4+3+1+2=13种，A正确；
B．立方烷经硝化可得到六硝基立方烷，两个氢原子位置是：两个氢原子可能是相邻、同一面的对角线顶点上、通过体心的对角线顶点上，因此可能的结构有3种，B正确；C．甘氨酸和丙氨酸混合在一定条件下形成二肽，甘氨酸与甘氨酸、丙氨酸与丙氨酸脱水可形成2种二肽，甘氨酸的羧基与丙氨酸的氨基，甘氨酸的氨基与丙氨酸的羧基可脱水形成2种二肽，共可生成4种二肽，C错误；D．分子式为C4H8O2的有机物在酸性条件下水解为酸和醇，可能为甲酸和丙醇，其中丙醇有两种结构，可能为乙酸和乙醇，可能为丙酸和甲醇，因此共有3种酸和4种醇，这些酸和醇重新组合可形成3×4=12种酯，D正确；
故答案选C。
9. 【答案】C【解析】【分析】由奎尼酸和绿原酸的结构简式，可得出咖啡酸的结构简式为。【详解】A．奎尼酸和咖啡酸的相对分子质量不同，可用质谱法区分，A正确；B．咖啡酸的结构简式为，分子中羟基和苯环相互影响，使羟基和苯环上的氢原子更容易被取代，活性均增强，B正确；C．1个奎尼酸分子中有3个羟基碳原子上连有氢原子，有1个羟基碳原子上不连有氢原子，则1ml奎尼酸发生催化氧化反应最多能消耗1.5ml O2，C错误；D．奎尼酸六元环上的一溴代物有3种，咖啡酸苯环上的一溴代物也有3种，一溴代物种类数目相同，D正确；故选C。
10. 【答案】B【解析】【分析】N在氢氧化钠醇的作用下加热生成物质M，根据M的结构和N的分子式可知，N的结构简式可能是，一共三种结构，N在氢氧化钠水溶液中水解后，氯原子变为羟基，则P上会有两个羟基，以此解题。【详解】A．由图可知，M中含有2个碳碳双键，其可以发生1,4-加成和1,2-加成，故1mlM与1mlBr2加成，所得产物有2种，A正确；B．由分析可知，N可能的结构有三种，B错误；C．可以用水解反应来检验其中的氯原子，此时要注意在加入硝酸银之前要用硝酸将溶液调到酸性，故所需试剂的先后顺序：NaOH溶液，稀HNO3，AgNO3溶液，C正确；D．由分析可知，P上会有两个羟基，乙二酸中有2个羧基，则两者之间可以发生缩聚形成高聚物，D正确；故选B。
11.【答案】D【解析】【详解】A．“新冠病毒”由蛋白质外壳和单链核酸组成，蛋白质中含有碳、氢、氧、氮等元素，因此病毒不是仅由碳、氢、氧三种元素组成，A错误；B．核酸中含有C、H、O三种元素，因此该物质属于烃类衍生物，而不属于烃，B错误；C．医用酒精能用于消毒是因为医用酒精能够渗透到病毒内部，使病毒的蛋白质因失去水分而失去生理活性，而不是由于它具有强氧化性，C错误；D．元素分析仪可以分析元素种类，故可用元素分析仪确定“新冠病毒”中的元素，D正确；答案选D。
12.【答案】D【解析】【分析】【详解】A．苯环上的所有原子共平面，这些分子都相当于含有苯环结构，所有这几种分子中所有原子都可能共平面，故A正确；B．萘分子中有两种氢原子，有几种氢原子就有几种一溴代物，所以萘的一溴代物有两种，故B正确；C．蒽和菲分子式相同，结构不同，两者互为同分异构体，故C正确；D．结构相似，在分子组成上相差一个或n个-CH2原子团的化合物互为同系物，茶和蒽分子结构不相似，且分子组成也不是相差n个-CH2原子团，所以不是同系物，故D错误；故选：D。
13.【答案】D【解析】【详解】A．由于苯酚与溴水反应生成的三溴苯酚也能溶解在苯中，故在含少量苯酚的苯中加入溴水，不能过滤出而提纯苯，应该向含少量苯酚的苯中加入NaOH溶液后再分液，A不合题意；B．加热KOH、乙醇和1-溴丙烷的混合物，并将气体通入酸性高锰酸钾溶液中，由于乙醇具有挥发性，挥发出的乙醇也能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故通入酸性高锰酸钾溶液之前应该先通入水中除去乙醇，B不合题意；C．由于醛基也能使溴水褪色，向中滴加溴水，不能检验该有机物中含碳碳双键，C不合题意；D．分别向水、乙醇中加入颗粒大小相近的钠粒，可观察到Na与水反应放出的气泡比乙醇更剧烈，可以探究水、乙醇中键断裂的难易程度，D符合题意；故答案为：D。
14【答案】A【解析】【分析】【详解】A．由结构可知分子式为C12H20O2，故A错误；
B．月桂烯分子中双键之间含2个四面体结构的碳，则所有碳原子能共面；C．因分子存在三种不同的碳碳双键，如图所示；1分子物质与1分子HCl加成时，可以在①、②、③的位置上发生加成，H和Cl的位置互换，则有3×2=6种，也可以1分子HCl在①、②之间发生1，4-加成反应，故副产物至少有7种，故C正确；D．香叶醇和橙花醇其实是的分子式一样，结构不一样，互为顺反异构，属于同分异构体，故D正确；故选：A。
15【答案】B【解析】【分析】【详解】A．根据分子的结构简式可知，1 ml该分子中含有1ml -COOH，可与NaHCO3溶液反应生成1mlCO2，在标准状况下其体积为22.4L，A正确；B．1ml分子中含5ml羟基和1ml羧基，其中羟基和羧基均能与Na发生置换反应产生氢气，而只有羧基可与氢氧化钠发生中和反应，所以一定量的该物质分别与足量Na和NaOH反应，消耗二者物质的量之比为6:1，B错误；C．1ml分子中含1ml碳碳双键，其他官能团不与氢气发生加成反应，所以1ml该物质最多可与1mlH2发生加成反应，C正确；D．分子中含碳碳双键和羟基，均能被酸性KMnO4溶液氧化，D正确；故选：B。
16.【答案】C
【解析】
【详解】A．反应a中有S=N不饱和键的形成，故A正确；
B．反应b两个有机物结构断裂S-Cl键与O-H键，形成S-O键和HCl，反应属于取代反应，故B正确；
C．反应c中，有S=N双键断，S—O单键断，C—H单键断，不是水解反应，故C错误；
D．对本题反应进程图象整体分析可得，故在整个反应过程可以看作是催化剂，所以总反应为，总反应中有2种有机物生成，故D正确；
故选：C。
17.【答案】A
18【答案】D
19. 【答案】D
20. 【答案】B
21. 【答案】AB【解析】【详解】A．苯与溴反应生成的HBr中会混有挥发出的Br2会对HBr的检验有干扰，应该先用四氯化碳除去再检验HBr，故A错误；
B．甲苯会被酸性KMnO4溶液氧化为苯甲酸，苯甲酸与苯互溶又引入了新杂质，故B错误；C．向酸性淀汾水解液中滴加碘水，如果观察不到蓝色说明淀粉已经水解完全，故C正确；D．酚类遇FeCl3溶液会显紫色，故D正确；故选AB。
22. 【答案】BC【解析】【详解】A．可用红外光谱仪测定谷氨酸中所含官能团的种类，A项正确；B．一个葡萄糖分子中包含4个手性碳，1ml葡萄糖中含有手性碳原子的数目为4ml，即2.408×1024，B项错误；C．H2不能还原羧基，C项错误；D．谷氨酸含有两个羧基，因此需要控制Na2CO3的用量，若过量，则两个羧基都会和Na2CO3反应，D项正确。答案选BC。
23. 【答案】A【解析】【详解】A．阿可拉定中含有的2个苯环和碳碳双键都是平面结构、所含的饱和碳原子要么是甲基、要么是亚甲基，则所有碳原子可能共平面，故A正确；
B．阿可拉定中没有手性碳原子，没有对映异构，故B错误；C．阿可拉定与乙分子式不同，二者不互为同分异构体，故C错误；D．阿可拉定中含有2个酚羟基，1ml阿可拉定最多可与2mlNaOH反应，故D错误；故选A。
24. 【答案】AC【解析】【详解】A． 的二氯代物有 (1，2)、(1，3)、(1，4)、(2，3)共4种，故A正确；B．Y的同分异构体中，能与Na反应说明其中含有-OH，可能的结构有CH2=CHCH2OH、 ，故B错误；C．高分子材料Z中含有酯基，在碱性或酸性环境中可以水解，故C正确；D．由图可知，该过程是加聚反应，属于化合反应，聚合过程中没有小分子生成，故D错误；故选AC。
25. 【答案】BC【解析】【详解】A．BDT分子中O、S的杂化方式相同，均是sp3杂化，B的杂化方式为sp2，A错误；
B．HHTP的结构对称，分子中含有两类氢原子，其核磁共振氢谱有2组峰，B正确；C．根据反应前后结构简式的变化判断BDT与HHTP通过分子间脱水生成COF，该反应为取代反应，C正确；D．根据反应原理可判断与BDT反应不能合成COF材料，D错误；答案选BC。
26.【答案】（1）吸收氧气中水蒸气或干燥氧气 （2）C2H4O （3） ①. CH3CHO ②. （4） ①. 羟基、酯基 ②. sp3、sp2 ③. 2 ④. 2 ⑤. 维生素C为极性分子，水也是极性分子，相似相溶，且维生素可与水形成氢键，在水中溶解度更大 ⑥. 吸电子【解析】【分析】A中过氧化氢制取氧气，B中浓硫酸干燥氧气，C中有机物充分燃烧生成二氧化碳和水，D中无水氯化钙吸收C中生成的水，E中碱石灰吸收C中生成的二氧化碳；根据D、E质量的增加计算有机物中的组成。【小问1详解】A装置是提供实验所需的O2，浓硫酸具有吸水性，B装置中浓硫酸的作用是干燥氧气。【小问2详解】若实验中所取样品只含C、H、O三种元素中两种或三种，称取0.44 g样品，已知该物质的相对分子质量为44，则样品的物质的量是 ，经充分反应后，D管质量增加0.36g，即反应生成水0.36g，水的物质的量是，有机物分子中含有4个H原子；E管质量增加0.88g，即反应生成二氧化碳0.88g，二氧化碳的物质的量是，有机物分子中含有2个C原子，有机物分子中氧原子数，则该样品的化学式为C2H4O。【小问3详解】若该有机物的核磁共振氢谱如图所示，峰面积之比为1：3，说明有2种环境不同的H原子，则其结构简式为CH3CHO；①环状化合物；②只有一种类型的氢原子，说明结构对称，符合条件的结构简式为。【小问4详解】①分子中含有的含氧官能团为酯基、羟基，单键碳原子有4个价电子对，采用sp3杂化；双键碳原子原子有3个价电子，对采用sp2杂化；电负性O>C>H，有1个C-O键、不含C-H键的碳原子显+1价，抗坏血酸中显+1价的碳原子有(用*标出)，共2个。②连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，分子中有2个手性碳原子(用*标出)。③维生素C为极性分子，水也是极性分子，相似相溶，且维生素可与水形成氢键，所以 维生素C易溶于水；碳碳双键吸电子，使氧氢键更易断裂呈酸性。
27. 【答案】（1） ①. ②. 醚键、酰胺基 ③. 3 （2） ①. 浓H2SO4、浓HNO3 ②. 保护氨基 （3） +KOH→ +CH3COOK
（4） 【解析】【分析】根据A和乙酸酐在氢离子作用下反应生成B，则A为 ，B和浓硝酸、在浓硫酸作用下反应生成C，C在KOH水溶液中反应生成D( )，D在SnCl2/HCl作用下发生反应生成E，E经过两步反应生成F。【小问1详解】根据前面分析得到A的结构简式为 ；B中官能团的名称为醚键、酰胺基，同时满足①含有苯环，②能发生银镜反应和水解反应，则为甲酸酯，③有4种不同化学环境的氢，其B的同分异构体有 共3种；故答案为： ；醚键、酰胺基；3。【小问2详解】B到C发生硝化反应，则试剂a为浓H2SO4、浓HNO3；氨基易被氧化，C到D又变为氨基，因此设计A→B的目的是保护氨基；故答案为：浓H2SO4、浓HNO3；保护氨基。【小问3详解】根据题中信息C→D的反应方程式为 +KOH→ +CH3COOK；故答案为： +KOH→ +CH3COOK。【小问4详解】若E→F历经两步反应：E中间体X(C8H10N2S2O)F，根据E和CS2发生加成反应和X的分子式得到X的结构简式为 ；故答案为： 。
28. 【答案】（1） ①. 1，2，3－三甲基苯 ②.
（2） ①. 消去反应 ②. +2NaOH +2NaBr
（3） ①. n +(n-1)H2O ②. （4） +CH3OH +H2O （5）18【解析】【分析】A发生一氯取代生成B，B的核磁共振氢谱有4组峰，B为 ，B在NaOH醇溶液条件下发生消去反应得到C，C为 ，C与Br2发生加成反应得到D，D为 ，观察E有2个O原子，猜测是发生卤代烃的水解反应，则E为 ，F中有3个O原子，结合E中连接-OH的结构特点，可知是-CH2OH结构被氧化剂氧化为-COOH结构，而C-OH结构不变，则F为 ，F在浓硫酸作用下发生醇的消去，则G为 ，结合H中多了一个C原子，且反应条件是浓硫酸，则G与CH3OH发生酯化反应，H为 。【小问1详解】A的同分异构体中，一氯代物只有4种的芳香烃的名称是1，2，3－三甲基苯；B的结构简式为 。故答案为：1，2，3－三甲基苯； ；【小问2详解】B在NaOH醇溶液条件下发生消去反应得到C，C为 ，B→C的反应类型是消去反应；D→E发生卤代烃的水解反应，化学方程式为 +2NaOH +2NaBr。故答案为：消去反应； +2NaOH +2NaBr；【小问3详解】F在一定条件下发生缩聚反应生成高分子化合物的化学方程式为n +(n-1)H2O，两分子F一定条件下发生酯化反应形成含有六元环(苯环除外)的有机物的结构简式为 。故答案为：n +(n-1)H2O； ；【小问4详解】G→H发生酯化反应，化学方程式为 +CH3OH +H2O。故答案为： +CH3OH +H2O；【小问5详解】H 有多种芳香族同分异构体，符合下列条件的同分异构体共有18种(不考虑立体异构)。①含有－COOH；②能因反应使溴水褪色，说明含有碳碳双键；③苯环上有两个取代基，有以下6种类型， 、 、 、 、 、 ，每个都存在邻、间、对三种异构，共6×3=18，故答案：18。
29. 【答案】（1） ①. +CH3NH2→+HCl ②. 还原反应
（2） ①. ②. 提高药物的水溶性
（3）、 （4）
【解析】【分析】结合已知①可推断B的结构简式为：，结合已知②可推断F的结构简式为：，再经过脱水得到G即 ，G与乙醇酯化得到H，H为。【小问1详解】据分析可知A→B的化学方程式+CH3NH2→+HCl；B→C的反应类型为还原反应，故答案为：+CH3NH2→+HCl；还原反应。【小问2详解】化合物H的结构简式是；有机物苯达莫司汀的水溶性比较差，将苯达莫司汀制成盐酸盐可以提高药物的水溶性，故答案为：；提高药物的水溶性。【小问3详解】该同分异构体要求不含醚键能发生银镜反应，且1ml该物质与足量的银氨溶液反应能生成4mlAg，推断该同分异构体有两个甲酸某酯基，又要满足分子中共有3种不同化学环境的氢原子，则该有机物结构对称，故答案为：、。【小问4详解】结合题中路线，可得以D为主要原料合成E路线：，故答案为：。
30. 【答案】（1） ①. +4NaOH→+3NaCl+2H2O ②. 13 ③. （2） ①. 取代反应 ②. +HBr （3） （4）CH3COOH【解析】【分析】甲苯与氯气发生取代反应生成B为，在氢氧化钠水溶液中发生卤代烃的水解反应，再酸化生成C为，与SOCl2反应生成D为，与(NH4)2S、NH3·H2O反应生成E，E发生反应生成F，F与发生取代反应生成G，G反应生成H，H与CH2=CHCH2Br发生取代反应生成I为，与O3反应生成J，J最后反应生成K。【小问1详解】B为，与足量NaOH溶液反应的化学方程式为+4NaOH→+3NaCl+2H2O。L是与甲醇酯化后的产物，则L为，L的同分异构体能发生银镜反应，说明含有醛基，含有苯环，能与氯化铁发生显色反应说明含有酚羟基，当苯环上有两个取代基时，取代基为-OH和-CH2CHO，此时两个取代基有邻、间、对三种位置关系，当苯环上有三个取代基时，三个取代基为-OH、-CHO和-CH3，当羟基和醛基处于邻位，此时甲基有4个位置，当羟基和醛基处于间位，此时甲基有4个位置，当羟基和醛基处于对位，此时甲基有2个位置，故满足条件的同分异构体有3+4+4+2=13种。其中核磁共振氢谱峰面积之比1：2：2：2：1的结构是。【小问2详解】从图中可知，F与发生取代反应生成G。G→H的化学方程式为+HBr。【小问3详解】根据分析可知，I的结构简式为。【小问4详解】乙酸与SOCl2反应生成，与(NH4)2S、NH3·H2O发生类似D到E的反应生成，与发生信息①的反应生成，最后发生类似J到K的反应生成，合成路线为CH3COOH。
31.【答案】（1）对溴甲苯或4-溴甲苯
（2） ①. 取代反应 ②.
（3）保护酚羟基 （4）2+O22+2H2O
（5）+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓+3NH3+H2O
（6） ①. 10 ②. 或
【解析】
【分析】A的分子式是C7H8，根据物质反应过程中分子骨架不变，可知A是甲苯，A与Br2在FeBr3作用下发生苯环上的取代反应产生B：，在光照时与Cl2发生甲基上的取代反应产生D：，该物质在一定条件下反应产生，被H2O2氧化产生E：，与CH3I发生取代反应产生，该物质含有醇羟基，与O2在Cu催化下加热，发生氧化反应产生，与CH3CHO在NaOH水溶液中加热，反应产生F：，F含有醛基，与银氨溶液发生银镜反应，然后酸化可得G：，G与HI反应产生。
【小问1详解】
B的结构简式为，B的名称是对溴甲苯或4－溴甲苯；
【小问2详解】
反应⑤是与CH3I发生取代反应生成和HI，该反应类型为取代反应；物质G的结构简式为；
【小问3详解】
在合成路线中设计⑤使酚-OH变为-OCH3，在反应⑨中又使-OCH3转化为酚-OH，设计两步反应的目的是保护酚羟基在后续步骤中不被氧化；
【小问4详解】
反应⑥是醇羟基被氧化为醛基，该反应的化学方程式为2+O22+2H2O；
【小问5详解】
F与银氨溶液反应的化学方程式为+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓+3NH3+H2O；
【小问6详解】
满足条件的M的同分异构体有、(邻、间、对位3种)、(甲基在1、2位置2种)、(甲基在1、2、3位置3种)、，共10种；其中核磁共振氢谱有4组峰的结构简式为或。
配制银氨溶液
实验室制备并收集乙烯
A
B
分离乙醛和乙酸
除去苯中的苯酚
C
D
选项
实验操作
实验目的
A
在含少量苯酚的苯中加入溴水，过滤
提纯苯
B
加热KOH、乙醇和1-溴丙烷的混合物，并将气体通入酸性高锰酸钾溶液中
验证消去反应的产物有丙烯
C
向中滴加溴水
检验该有机物中含碳碳双键
D
分别向水、乙醇中加入颗粒大小相近的钠粒
探究水、乙醇中键断裂的难易程度
实验目的
实验操作
A
证明苯与溴反应生成HBr
将产生的气体通入AgNO3溶液中，观察是否产生沉淀
B
除去苯中少量甲苯
向混合物中加入足量酸性KMnO4溶液，充分反应后分液
C
检验淀粉是否水解完全
向酸性淀汾水解液中滴加碘水，观察溶液是否变蓝
D
检验绿茶中是否含有酚类
向茶水中滴加几滴FeCl3溶液，观察溶液是否显紫色
本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。满分100分，考试时间90分钟。考试结束后，将答卷纸和答题卡一并交回。
第Ⅰ卷(共40分)
注意事项
1. 答题前，考生务必用0.5毫米黑色签字笔将自己的班级、姓名、座号、准考证号填写在答题卡和试卷规定的位置上，并将答题卡上的考号、科目、试卷类型涂好。
2. 第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号，答案不能答在试卷上。
3. 第Ⅱ卷必须用0.5毫米黑色签字笔在答卷纸各题的答题区域内作答；不能写在试题卷上，不按以上要求作答的答案无效。
可能用到的相对原子质量：H 1;He 4;Li 7;B 11;C 12;N 14;0 16;Na 23;Mg 24;Al 27;S 32;Cl 35.5;K 39;Ca 40;Ti 48;C 59；Cu 64;Zn 65;Y 89;Ag 108;Mn 55;Sn 119;I 127;Ba 137；La 139.
一、选择题：本题共20小题，每小题1分，共20分.每小题只有一个选项符合题目要求.
1. 化学与生活联系密切，下列说法正确的是
A. 肥皂与纯碱都可去除油污，但两者去污原理不同
B. 乙二醇溶液用作汽车防冻液，乙二醇与甘油互为同系物
C. 木糖醇[CH2OH(CHOH)3CH2OH]是常用的甜味剂，和葡萄糖同属于单糖
D. 福尔马林是良好杀菌剂，主要利用了甲醛的强氧化性
2. 下列化学用语使用正确的是
A. CH3CH(C2H5)2的名称：2－乙基丁烷B. 氟乙烷的空间填充模型：
C. 2－乙基－1，3－丁乙烯的键线式： D. 甲醛的电子式：
3. 下列说法正确的是
A. 蛋白质只能由蛋白酶催化水解
B. 淀粉经一系列水解反应后，就可酿造成酒
C. 用水可分离苯、溴苯的混合物
D. 判断皂化反应基本完成的依据是静置后的反应液不分层
4. 下列关于高分子材料制备方法错误的是
A. 氯丁橡胶( )由2－氯－1，3－丁二烯经加聚反应制备
B. 聚丙烯酸甲酯( )由丙烯酸和甲醇经缩聚反应制备
C. AS树脂( )由苯乙烯和丙烯腈经加聚反应制备
D. 涤纶( )由对苯二甲酸和乙二醇经缩聚反应制备
5. 如图为有机物X(只含C、H、O)的球棍模型图。不同颜色的球代表不同的原子，小球之间的“棍”代表化学键(如单键、双键等)。下列有关M的说法错误的是
A. X难溶于水B. X有3种官能团
C. X的不饱和度为8D. X中所有碳原子一定共平面
6. 下列装置或操作能达到相应实验目的的是
7. 某药物成分M具有生物活性，结构如图所示。下列说法错误的是
A. M的分子式为C27H28NO4
B. M可与Na2CO3溶液反应
C. M能发生氧化反应、还原反应和消去反应
D. 1mlM分别与足量盐酸和NaOH反应，消耗HCl和NaOH的物质的量之比为1：2
8. 下列说法错误的是
A. 分子式为C6H12的烯烃可能的结构(不考虑立体异构)有13种
B. 立方烷()经硝化可得到六硝基立方烷，其可能的结构有3种
C. 甘氨酸和丙氨酸混合，在一定条件下可生成3种二肽
D. 分子式为C4H8O2的有机物在酸性条件下可水解为酸和醇，若不考虑立体异构，这些酸和醇重新组合可形成12种酯
9. 绿原酸具有抗病毒、抗氧化的功效，可由奎尼酸和咖啡酸通过酯化反应合成。下列说法错误的是
A 可用质谱法区分奎尼酸和咖啡酸
B. 咖啡酸分子中羟基和苯环相互影响，使羟基和苯环上的氢原子活性均增强
C. 1ml奎尼酸发生催化氧化反应最多能消耗2mlO2
D. 奎尼酸六元环上的一溴代物与咖啡酸苯环上的一溴代物种类数目相同
10. 有机物M、N、P之间存在如图转化关系，下列说法错误的是
A. 1mlM与1mlBr2加成，所得产物有2种
B. N可能的结构有两种
C. 检验N中Cl原子所需试剂的先后顺序：NaOH溶液，稀HNO3，AgNO3溶液
D. P在一定条件下能与乙二酸缩聚形成高聚物
11. “新冠病毒”由蛋白质外壳和单链核酸组成，怕酒精，不耐高温。下列你认为符合科学的是
A. 病毒仅由碳、氢、氧三种元素组成
B. 核酸属于烃类有机物
C. 医用酒精能用于消毒是因为它具有强氧化性
D. 现代化学分析测试中，可用元素分析仪确定“新冠病毒”中的元素
12. 如图所示三种烃均为稠环芳烃，下列说法错误的是
A. 图中每种烃的所有原子均处同一平面B. 萘的一溴代物有两种
C. 蒽和菲互为同分异构体D. 萘和蒽是同系物关系
13. 下列实验操作能达到相应实验目的的是
14. 香叶醇和橙花醇具有令人愉快的玫瑰和橙花的香气，是非常贵重的香料，它们可以用月桂烯合成。下列有关说法中错误的是
A. 乙酸橙花酯的分子式为
B. 月桂烯所有的碳原子都可能在同一平面上
C. 等物质的量的月桂烯和发生反应①，副产物至少有7种
D. 香叶醇和橙花醇互为顺反异构体
15. 番木鳖酸具有一定的抗炎、抗菌活性，结构简式如图。下列说法错误的是
A. 1ml该物质与足量饱和NaHCO3溶液反应，可放出22.4L(标准状况)CO2
B. 一定量的该物质分别与足量Na、NaOH反应，消耗二者物质的量之比为5：1
C. 1ml该物质最多可与1mlH2发生加成反应
D. 该物质可被酸性KMnO4溶液氧化
16. 醇Mukaiyama氧化反应是制备醛酮的一种重要方法，其反应历程可简单表示如下(其中R′，R″可以是烃基或)
下列说法错误的是
A. 反应a中有不饱和键的形成B. 反应b为取代反应
C. 反应c为水解反应D. 该反应机理的总反应中有2种有机物生成
17. 下列说法错误的是
A. 葡萄糖和麦芽糖可以用新制氢氧化铜悬浊液鉴别
B. 乙醇与氢卤酸的反应中乙醇分子断裂碳氧键而失去羟基
C. 分子式为的有机物的两种同分异构体可以利用红外光谱区别
D. 醇分子中的氢氧键不如水分子中的氢氧键容易断裂这是因为醇分子中的烷基具有推电子作用
18. 下列说法错误的是
A. 的名称是2，2，3，3－四甲基戊烷
B. 乙醇的官能团为羟基，1 ml羟基含有的电子数为9NA
C. 液化石油气的主要成分C3H8、C4H10与圆白菜叶子表层中的二十九烷一定互为同系物
D. 柠檬烯( )与3，3，4，4－四甲基－1，5－己二烯互为同分异构体
19. 下列说法正确的是
A. 聚乙烯、2－丁炔、环己烯均能使酸性溶液褪色
B. 苯不能与氢气发生加成反应，甲苯能与氢气发生加成反应，是因为侧链对苯环的影响
C. 0.1ml某气态链烃充分燃烧可以生成7.2g水，则该烃不能使溴水褪色
D. 0.5ml某气态烃能与1mlHCl发生加成反应，加成产物又可与发生取代反应，则此气态烃可能为
20. 苹果因含有邻苯二酚()等邻酚结构的化合物易发生褐变，其反应过程如图所示，下列说法错误的是
+2++H2O
A. 褐变的原因是邻苯二酚易被氧化B. 邻苯二酚与苯酚互为同系物
C. 邻苯醌分子中所有原子一定共平面D. 邻苯二酚遇到溶液会显紫色
二、选择题：本题共5小题，每小题4分，共20分.每小题有一个或两个选项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分.
21. 在实验室中进行下列操作，不能达到实验目的的是
22. 谷氨酸单钠是味精的主要成分，利用发酵法制备味精的流程如图：
下列说法错误的是
A. 可用红外光谱仪测定谷氨酸中所含官能团种类
B. 1ml葡萄糖中含有手性碳原子的数目为3.01×1024
C. α－酮戊二酸最多可与3mlH2发生加成反应
D. “中和”时，需严格控制Na2CO3的用量
23. 2022年1月，全国首个肝癌创新药阿可拉定获批上市，其分子结构如图甲，下列说法正确的是
A. 阿可拉定所有碳原子可能共平面B. 阿可拉定存在对映异构和顺反异构
C. 阿可拉定与乙互为同分异构体D. 1ml阿可拉定最多可与3mlNaOH反应
24. 邻苯二甲酸肝(X)是重要的化工原料，分子中所有原子在同一平面上。用X合成高分子化合物(Z)的合成路线如图，下列说法正确的是
A. X的二氯代物有4种B. Y的同分异构体中，能与Na反应的只有一种
C. 高分子材料Z可降解D. 聚合过程中有小分子生成
25. 共价有机框架(COF)是一类具有平面、多孔网状结构的材料，其在催化、能量储存等领域有潜在的应用。一种COF材料的合成如图所示，下列说法正确的是
A. BDT分子中B、O、S的杂化方式相同B. HHTP的核磁共振氢谱有2组峰
C. 合成COF的过程中发生了取代反应D. 也可与BDT合成COF材料
班级__________________姓名______________考号__________________
2023-2024学年度第二学期高二4月模块检测
化学试题第Ⅱ卷(共60分)
三、非选择题：本题共6小题，共60分。
26. 如图装置中有机物样品在电炉中充分燃烧，通过测生成的CO2和H2O的质量，确定有机物分子式。
（1）A装置是提供实验所需的O2，B装置中浓硫酸的作用是___ ____。
（2）若实验中所取样品只含C、H、O三种元素中的两种或三种，称取0.44 g样品，经充分反应后，D管质量增加0.36g，E管质量增加0.88g，已知该物质的相对分子质量为44，则该样品的化学式为______ ____。
（3）若该有机物的核磁共振氢谱如图所示，峰面积之比为1：3则其结构简式为_____ _____；若符合下列条件，则该有机物的结构简式为_____ _____。
①环状化合物②只有一种类型的氢原 子
（4）经测定维生素C又称为抗坏血酸其分子结构如图所示，
①该分子中含有的含氧官能团为_____ _____，分子中碳原子的轨道杂化类型为_____ _____； 根据电负性大小，抗坏血酸中显+1价的碳原子有_______个。
②该分子中有_______个手性碳原子，因而具有旋光性。
③维生素C易溶，在水中呈酸性，其易溶于水的原因是_____ ___ _____。呈酸性的原因是碳碳双键_______(填“推电子”或“吸电子”)使氧氢键更易断裂呈酸性。
27. 化合物F是制备某治疗幽门螺旋杆菌药物的中间体，其合成路线如图：
回答下列问题：（1）A的结构简式为____ ____；B中官能团的名称为____ ____，同时满足下列条件的B的同分异构体有_____种。
①含有苯环 ②能发生银镜反应和水解反应 ③有4种不同化学环境的氢
（2）试剂a为___ _____；设计A→B的目的是____ ____。
（3）C→D的反应方程式为___ ___ _____。
（4）若E→F历经两步反应：E中间体X(C8H10N2S2O)F，则X的结构简式为____ ____。
28. 有机物H是一种用于治疗胃肠道疾病的芳香酯类药物，合成路线如图：
已知B的核磁共振氢谱有4组峰，请回答下列问题：
（1）A的同分异构体中，一氯代物只有4种的芳香烃的名称是___ _____；B的结构简式为___ _____。
（2）B→C的反应类型是___ _____；D→E的化学方程式为___ _____。
（3）F在一定条件下生成高分子化合物的化学方程式为____ ___ ____，两分子F一定条件下反应形成含有六元环(苯环除外)的有机物的结构简式为___ _____。
（4）G→H的化学方程式为____ ___ ____。
（5）H有多种芳香族同分异构体，符合下列条件的同分异构体共有_____种(不考虑立体异构)。
①含有－COOH；②能因反应使溴水褪色；③苯环上有两个取代基
29. 某研究小组按下列路线合成抗癌药物盐酸苯达莫司汀。
已知：①RXRNHR′ ②
回答下列问题：（1）写出A→B的化学方程式__ ______；B→C的反应类型为_____。
（2）化合物H的结构简式是____ ____；将苯达莫司汀制成盐酸盐的目的是_____。
（3）写出同时符合下列条件的化合物B的同分异构体的结构简式_____。
①分子中仅含 一种环状结构且分子中不含醚键；②能发生银镜反应，且1ml该物质与足量的银氨溶液反应能生成4mlAg；③分子中共有3种不同化学环境的氢原子。
（4）写出以D为主要原料合成E的路线_____。
30. 抗肿瘤、抗病毒药物中间体K的一种合成路线如图：
已知：①+→②+
回答下列问题：（1）B与足量NaOH溶液反应的化学方程式为_____；L是C与甲醇酯化后的产物，同时满足下列条件的L的同分异构体有_____种，其中核磁共振氢谱峰面积之比为1：2：2：2：1的结构是_____。①能发生银镜反应 ②含有苯环 ③与FeCl3能发生显色反应。
（2）F→G的反应类型为________；G→H的化学方程式为_____。
（3）I结构简式为_____。
（4）参照上述合成路线，写出以乙酸和为主要原料制备合成路线。
31. 有机物是一种重要的有机合成中间体，其合成路线如图：
已知：①B的核磁共振氢谱有三个吸收峰；② ③-CHO++H2O。
（1）B的名称为_______。
（2）反应⑤的反应类型为_______。G的结构简式为_______。
（3）在合成路线中设计⑤和⑨两步反应的目的是_______。
（4）反应⑥的化学方程式为_______。
（5）F与银氨溶液反应的化学方程式为_______。
（6）M为的同分异构体，满足下列条件的M的结构有_______种。任写一种核磁共振
氢谱有4组峰的M的结构简式_______。a.属于芳香族化合物b.1 ml M与足量NaHCO3溶液反应能生成2 ml CO2
答案解析
1. 【答案】A【解析】【详解】A.肥皂是乳化作用，纯碱是与油污发生化学反应，两者原理不同，A正确； B.乙二醇中两个羟基，甘油中有三个羟基，结构不同，不属于同系物，B错误； C.木糖醇只含有羟基，属于醇，不是糖类，C错误； D.福尔马林是良好的杀菌剂，主要利用了甲醛能使蛋白质变质，D错误； 故选A。
2. 【答案】C【解析】【详解】A．CH3CH(C2H5)2的名称：3－甲基戊烷，A错误；B．原子半径：r(C)>r(F)，图中氟乙烷的空间填充模型不符合原子半径大小，B错误；
C．键线式中每一个折点和端点都含有一个碳原子，则2－乙基－1，3－丁乙烯的键线式为： ，C正确；D．甲醛的电子式： ，D错误； 故选C。
3. 【答案】D【解析】【详解】A．蛋白质在酸、碱、酶的条件下均可水解，故A错误；B．淀粉水解最终物质是葡萄糖，葡萄糖在酒化酶的作用下转化成乙醇，故B错误；
C．苯、溴苯互溶，且均不溶于水，因此用水无法分离苯、溴苯的混合物，故C错误；D．皂化反应指油脂在NaOH溶液中水解成高级脂肪酸钠和甘油，油脂是不溶于水的液体，高级脂肪酸钠和甘油均溶于水，因此当静置后的反应液不分层，说明皂化反应基本完成，故D正确；答案为D。
4. 【答案】B【解析】【详解】A．氯丁橡胶( )的单体为2-氯-1，3-丁二烯，由2－氯－1，3－丁二烯经加聚反应可制备氯丁橡胶，故A正确；B．聚丙烯酸甲酯( )的单体为CH2=CHCOOCH3，由CH2=CHCOOCH3经加聚反应可制备聚丙烯酸甲酯，故B错误；C．AS树脂( )的单体为苯乙烯和丙烯腈，由苯乙烯和丙烯腈经加聚反应可制备AS树脂，故C正确；D．涤纶( )的单体为对苯二甲酸和乙二醇，由对苯二甲酸和乙二醇经缩聚反应可制备涤纶，故D正确；故选B。
5. 【答案】D【解析】【分析】根据有机物的结构，可确定该有机物的键线式为 。【详解】A．X分子中含有酚羟基和酯基等，且分子中含碳原子数较多，所以难溶于水，A正确；B．X分子中含有碳碳双键、羟基和酯基，共有3种官能团，B正确；C．X分子中含有3个环、其中有1个苯环，另外还含有2个双键，所以其不饱和度为8，C正确； D．X分子中，苯环上6个碳原子及与苯环直接相连的3个碳原子共平面，其他碳原子不一定共平面，D错误；故选D。
6.【答案】B【解析】【详解】A．配制银氨溶液时，应将氨水滴入硝酸银溶液中，A不正确；B．实验室制备并收集乙烯时，将乙醇与浓硫酸的混合液加热到170℃，用排水法收集，B正确；
C．分离乙醛和乙酸时，采用蒸馏法，但需使用温度计控制蒸气的温度，C不正确；D．除去苯中的苯酚时，应加入NaOH溶液，然后分液，D不正确；故选B。
7. 【答案】A【解析】【详解】A．根据M的结构简式，M的分子式为C27H29NO4，故A说法错误；
B．M中含有酚羟基，酚羟基可与Na2CO3溶液反应，故B说法正确；C．该有机物中含有碳碳双键，能与被酸性高锰酸钾溶液氧化，碳碳双键能与氢气发生加成反应，也叫还原反应，醇羟基所连碳的相邻碳原子上有H，因此可以发生消去反应，故C说法正确；D．M中能与NaOH反应的官能团是酚羟基和酰胺基，各消耗1mlNaOH，即1mlM最多消耗2mlNaOH，M中能与盐酸反应的官能团是酰胺基，因此1mlM能消耗1ml盐酸，因此消耗HCl和NaOH物质的量之比为1∶2，故D说法正确；答案为A。
8. 【答案】C【解析】【详解】A．分子式为C6H12的烯烃，若主链上有6个碳，此时碳碳双键有3个位置，若主链上有5个碳，甲基连在二号碳上，此时碳碳双键有4个位置，若甲基连在三号碳上，此时碳碳双键有3个位置，若主链上有4个碳，两个甲基连在二号碳上，此时碳碳双键有一个位置，两个甲基分别连在2，3号碳上，此时碳碳双键有2个位置，因此可能的结构有3+4+3+1+2=13种，A正确；
B．立方烷经硝化可得到六硝基立方烷，两个氢原子位置是：两个氢原子可能是相邻、同一面的对角线顶点上、通过体心的对角线顶点上，因此可能的结构有3种，B正确；C．甘氨酸和丙氨酸混合在一定条件下形成二肽，甘氨酸与甘氨酸、丙氨酸与丙氨酸脱水可形成2种二肽，甘氨酸的羧基与丙氨酸的氨基，甘氨酸的氨基与丙氨酸的羧基可脱水形成2种二肽，共可生成4种二肽，C错误；D．分子式为C4H8O2的有机物在酸性条件下水解为酸和醇，可能为甲酸和丙醇，其中丙醇有两种结构，可能为乙酸和乙醇，可能为丙酸和甲醇，因此共有3种酸和4种醇，这些酸和醇重新组合可形成3×4=12种酯，D正确；
故答案选C。
9. 【答案】C【解析】【分析】由奎尼酸和绿原酸的结构简式，可得出咖啡酸的结构简式为。【详解】A．奎尼酸和咖啡酸的相对分子质量不同，可用质谱法区分，A正确；B．咖啡酸的结构简式为，分子中羟基和苯环相互影响，使羟基和苯环上的氢原子更容易被取代，活性均增强，B正确；C．1个奎尼酸分子中有3个羟基碳原子上连有氢原子，有1个羟基碳原子上不连有氢原子，则1ml奎尼酸发生催化氧化反应最多能消耗1.5ml O2，C错误；D．奎尼酸六元环上的一溴代物有3种，咖啡酸苯环上的一溴代物也有3种，一溴代物种类数目相同，D正确；故选C。
10. 【答案】B【解析】【分析】N在氢氧化钠醇的作用下加热生成物质M，根据M的结构和N的分子式可知，N的结构简式可能是，一共三种结构，N在氢氧化钠水溶液中水解后，氯原子变为羟基，则P上会有两个羟基，以此解题。【详解】A．由图可知，M中含有2个碳碳双键，其可以发生1,4-加成和1,2-加成，故1mlM与1mlBr2加成，所得产物有2种，A正确；B．由分析可知，N可能的结构有三种，B错误；C．可以用水解反应来检验其中的氯原子，此时要注意在加入硝酸银之前要用硝酸将溶液调到酸性，故所需试剂的先后顺序：NaOH溶液，稀HNO3，AgNO3溶液，C正确；D．由分析可知，P上会有两个羟基，乙二酸中有2个羧基，则两者之间可以发生缩聚形成高聚物，D正确；故选B。
11.【答案】D【解析】【详解】A．“新冠病毒”由蛋白质外壳和单链核酸组成，蛋白质中含有碳、氢、氧、氮等元素，因此病毒不是仅由碳、氢、氧三种元素组成，A错误；B．核酸中含有C、H、O三种元素，因此该物质属于烃类衍生物，而不属于烃，B错误；C．医用酒精能用于消毒是因为医用酒精能够渗透到病毒内部，使病毒的蛋白质因失去水分而失去生理活性，而不是由于它具有强氧化性，C错误；D．元素分析仪可以分析元素种类，故可用元素分析仪确定“新冠病毒”中的元素，D正确；答案选D。
12.【答案】D【解析】【分析】【详解】A．苯环上的所有原子共平面，这些分子都相当于含有苯环结构，所有这几种分子中所有原子都可能共平面，故A正确；B．萘分子中有两种氢原子，有几种氢原子就有几种一溴代物，所以萘的一溴代物有两种，故B正确；C．蒽和菲分子式相同，结构不同，两者互为同分异构体，故C正确；D．结构相似，在分子组成上相差一个或n个-CH2原子团的化合物互为同系物，茶和蒽分子结构不相似，且分子组成也不是相差n个-CH2原子团，所以不是同系物，故D错误；故选：D。
13.【答案】D【解析】【详解】A．由于苯酚与溴水反应生成的三溴苯酚也能溶解在苯中，故在含少量苯酚的苯中加入溴水，不能过滤出而提纯苯，应该向含少量苯酚的苯中加入NaOH溶液后再分液，A不合题意；B．加热KOH、乙醇和1-溴丙烷的混合物，并将气体通入酸性高锰酸钾溶液中，由于乙醇具有挥发性，挥发出的乙醇也能使酸性高锰酸钾溶液褪色，故通入酸性高锰酸钾溶液之前应该先通入水中除去乙醇，B不合题意；C．由于醛基也能使溴水褪色，向中滴加溴水，不能检验该有机物中含碳碳双键，C不合题意；D．分别向水、乙醇中加入颗粒大小相近的钠粒，可观察到Na与水反应放出的气泡比乙醇更剧烈，可以探究水、乙醇中键断裂的难易程度，D符合题意；故答案为：D。
14【答案】A【解析】【分析】【详解】A．由结构可知分子式为C12H20O2，故A错误；
B．月桂烯分子中双键之间含2个四面体结构的碳，则所有碳原子能共面；C．因分子存在三种不同的碳碳双键，如图所示；1分子物质与1分子HCl加成时，可以在①、②、③的位置上发生加成，H和Cl的位置互换，则有3×2=6种，也可以1分子HCl在①、②之间发生1，4-加成反应，故副产物至少有7种，故C正确；D．香叶醇和橙花醇其实是的分子式一样，结构不一样，互为顺反异构，属于同分异构体，故D正确；故选：A。
15【答案】B【解析】【分析】【详解】A．根据分子的结构简式可知，1 ml该分子中含有1ml -COOH，可与NaHCO3溶液反应生成1mlCO2，在标准状况下其体积为22.4L，A正确；B．1ml分子中含5ml羟基和1ml羧基，其中羟基和羧基均能与Na发生置换反应产生氢气，而只有羧基可与氢氧化钠发生中和反应，所以一定量的该物质分别与足量Na和NaOH反应，消耗二者物质的量之比为6:1，B错误；C．1ml分子中含1ml碳碳双键，其他官能团不与氢气发生加成反应，所以1ml该物质最多可与1mlH2发生加成反应，C正确；D．分子中含碳碳双键和羟基，均能被酸性KMnO4溶液氧化，D正确；故选：B。
16.【答案】C
【解析】
【详解】A．反应a中有S=N不饱和键的形成，故A正确；
B．反应b两个有机物结构断裂S-Cl键与O-H键，形成S-O键和HCl，反应属于取代反应，故B正确；
C．反应c中，有S=N双键断，S—O单键断，C—H单键断，不是水解反应，故C错误；
D．对本题反应进程图象整体分析可得，故在整个反应过程可以看作是催化剂，所以总反应为，总反应中有2种有机物生成，故D正确；
故选：C。
17.【答案】A
18【答案】D
19. 【答案】D
20. 【答案】B
21. 【答案】AB【解析】【详解】A．苯与溴反应生成的HBr中会混有挥发出的Br2会对HBr的检验有干扰，应该先用四氯化碳除去再检验HBr，故A错误；
B．甲苯会被酸性KMnO4溶液氧化为苯甲酸，苯甲酸与苯互溶又引入了新杂质，故B错误；C．向酸性淀汾水解液中滴加碘水，如果观察不到蓝色说明淀粉已经水解完全，故C正确；D．酚类遇FeCl3溶液会显紫色，故D正确；故选AB。
22. 【答案】BC【解析】【详解】A．可用红外光谱仪测定谷氨酸中所含官能团的种类，A项正确；B．一个葡萄糖分子中包含4个手性碳，1ml葡萄糖中含有手性碳原子的数目为4ml，即2.408×1024，B项错误；C．H2不能还原羧基，C项错误；D．谷氨酸含有两个羧基，因此需要控制Na2CO3的用量，若过量，则两个羧基都会和Na2CO3反应，D项正确。答案选BC。
23. 【答案】A【解析】【详解】A．阿可拉定中含有的2个苯环和碳碳双键都是平面结构、所含的饱和碳原子要么是甲基、要么是亚甲基，则所有碳原子可能共平面，故A正确；
B．阿可拉定中没有手性碳原子，没有对映异构，故B错误；C．阿可拉定与乙分子式不同，二者不互为同分异构体，故C错误；D．阿可拉定中含有2个酚羟基，1ml阿可拉定最多可与2mlNaOH反应，故D错误；故选A。
24. 【答案】AC【解析】【详解】A． 的二氯代物有 (1，2)、(1，3)、(1，4)、(2，3)共4种，故A正确；B．Y的同分异构体中，能与Na反应说明其中含有-OH，可能的结构有CH2=CHCH2OH、 ，故B错误；C．高分子材料Z中含有酯基，在碱性或酸性环境中可以水解，故C正确；D．由图可知，该过程是加聚反应，属于化合反应，聚合过程中没有小分子生成，故D错误；故选AC。
25. 【答案】BC【解析】【详解】A．BDT分子中O、S的杂化方式相同，均是sp3杂化，B的杂化方式为sp2，A错误；
B．HHTP的结构对称，分子中含有两类氢原子，其核磁共振氢谱有2组峰，B正确；C．根据反应前后结构简式的变化判断BDT与HHTP通过分子间脱水生成COF，该反应为取代反应，C正确；D．根据反应原理可判断与BDT反应不能合成COF材料，D错误；答案选BC。
26.【答案】（1）吸收氧气中水蒸气或干燥氧气 （2）C2H4O （3） ①. CH3CHO ②. （4） ①. 羟基、酯基 ②. sp3、sp2 ③. 2 ④. 2 ⑤. 维生素C为极性分子，水也是极性分子，相似相溶，且维生素可与水形成氢键，在水中溶解度更大 ⑥. 吸电子【解析】【分析】A中过氧化氢制取氧气，B中浓硫酸干燥氧气，C中有机物充分燃烧生成二氧化碳和水，D中无水氯化钙吸收C中生成的水，E中碱石灰吸收C中生成的二氧化碳；根据D、E质量的增加计算有机物中的组成。【小问1详解】A装置是提供实验所需的O2，浓硫酸具有吸水性，B装置中浓硫酸的作用是干燥氧气。【小问2详解】若实验中所取样品只含C、H、O三种元素中两种或三种，称取0.44 g样品，已知该物质的相对分子质量为44，则样品的物质的量是 ，经充分反应后，D管质量增加0.36g，即反应生成水0.36g，水的物质的量是，有机物分子中含有4个H原子；E管质量增加0.88g，即反应生成二氧化碳0.88g，二氧化碳的物质的量是，有机物分子中含有2个C原子，有机物分子中氧原子数，则该样品的化学式为C2H4O。【小问3详解】若该有机物的核磁共振氢谱如图所示，峰面积之比为1：3，说明有2种环境不同的H原子，则其结构简式为CH3CHO；①环状化合物；②只有一种类型的氢原子，说明结构对称，符合条件的结构简式为。【小问4详解】①分子中含有的含氧官能团为酯基、羟基，单键碳原子有4个价电子对，采用sp3杂化；双键碳原子原子有3个价电子，对采用sp2杂化；电负性O>C>H，有1个C-O键、不含C-H键的碳原子显+1价，抗坏血酸中显+1价的碳原子有(用*标出)，共2个。②连有4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，分子中有2个手性碳原子(用*标出)。③维生素C为极性分子，水也是极性分子，相似相溶，且维生素可与水形成氢键，所以 维生素C易溶于水；碳碳双键吸电子，使氧氢键更易断裂呈酸性。
27. 【答案】（1） ①. ②. 醚键、酰胺基 ③. 3 （2） ①. 浓H2SO4、浓HNO3 ②. 保护氨基 （3） +KOH→ +CH3COOK
（4） 【解析】【分析】根据A和乙酸酐在氢离子作用下反应生成B，则A为 ，B和浓硝酸、在浓硫酸作用下反应生成C，C在KOH水溶液中反应生成D( )，D在SnCl2/HCl作用下发生反应生成E，E经过两步反应生成F。【小问1详解】根据前面分析得到A的结构简式为 ；B中官能团的名称为醚键、酰胺基，同时满足①含有苯环，②能发生银镜反应和水解反应，则为甲酸酯，③有4种不同化学环境的氢，其B的同分异构体有 共3种；故答案为： ；醚键、酰胺基；3。【小问2详解】B到C发生硝化反应，则试剂a为浓H2SO4、浓HNO3；氨基易被氧化，C到D又变为氨基，因此设计A→B的目的是保护氨基；故答案为：浓H2SO4、浓HNO3；保护氨基。【小问3详解】根据题中信息C→D的反应方程式为 +KOH→ +CH3COOK；故答案为： +KOH→ +CH3COOK。【小问4详解】若E→F历经两步反应：E中间体X(C8H10N2S2O)F，根据E和CS2发生加成反应和X的分子式得到X的结构简式为 ；故答案为： 。
28. 【答案】（1） ①. 1，2，3－三甲基苯 ②.
（2） ①. 消去反应 ②. +2NaOH +2NaBr
（3） ①. n +(n-1)H2O ②. （4） +CH3OH +H2O （5）18【解析】【分析】A发生一氯取代生成B，B的核磁共振氢谱有4组峰，B为 ，B在NaOH醇溶液条件下发生消去反应得到C，C为 ，C与Br2发生加成反应得到D，D为 ，观察E有2个O原子，猜测是发生卤代烃的水解反应，则E为 ，F中有3个O原子，结合E中连接-OH的结构特点，可知是-CH2OH结构被氧化剂氧化为-COOH结构，而C-OH结构不变，则F为 ，F在浓硫酸作用下发生醇的消去，则G为 ，结合H中多了一个C原子，且反应条件是浓硫酸，则G与CH3OH发生酯化反应，H为 。【小问1详解】A的同分异构体中，一氯代物只有4种的芳香烃的名称是1，2，3－三甲基苯；B的结构简式为 。故答案为：1，2，3－三甲基苯； ；【小问2详解】B在NaOH醇溶液条件下发生消去反应得到C，C为 ，B→C的反应类型是消去反应；D→E发生卤代烃的水解反应，化学方程式为 +2NaOH +2NaBr。故答案为：消去反应； +2NaOH +2NaBr；【小问3详解】F在一定条件下发生缩聚反应生成高分子化合物的化学方程式为n +(n-1)H2O，两分子F一定条件下发生酯化反应形成含有六元环(苯环除外)的有机物的结构简式为 。故答案为：n +(n-1)H2O； ；【小问4详解】G→H发生酯化反应，化学方程式为 +CH3OH +H2O。故答案为： +CH3OH +H2O；【小问5详解】H 有多种芳香族同分异构体，符合下列条件的同分异构体共有18种(不考虑立体异构)。①含有－COOH；②能因反应使溴水褪色，说明含有碳碳双键；③苯环上有两个取代基，有以下6种类型， 、 、 、 、 、 ，每个都存在邻、间、对三种异构，共6×3=18，故答案：18。
29. 【答案】（1） ①. +CH3NH2→+HCl ②. 还原反应
（2） ①. ②. 提高药物的水溶性
（3）、 （4）
【解析】【分析】结合已知①可推断B的结构简式为：，结合已知②可推断F的结构简式为：，再经过脱水得到G即 ，G与乙醇酯化得到H，H为。【小问1详解】据分析可知A→B的化学方程式+CH3NH2→+HCl；B→C的反应类型为还原反应，故答案为：+CH3NH2→+HCl；还原反应。【小问2详解】化合物H的结构简式是；有机物苯达莫司汀的水溶性比较差，将苯达莫司汀制成盐酸盐可以提高药物的水溶性，故答案为：；提高药物的水溶性。【小问3详解】该同分异构体要求不含醚键能发生银镜反应，且1ml该物质与足量的银氨溶液反应能生成4mlAg，推断该同分异构体有两个甲酸某酯基，又要满足分子中共有3种不同化学环境的氢原子，则该有机物结构对称，故答案为：、。【小问4详解】结合题中路线，可得以D为主要原料合成E路线：，故答案为：。
30. 【答案】（1） ①. +4NaOH→+3NaCl+2H2O ②. 13 ③. （2） ①. 取代反应 ②. +HBr （3） （4）CH3COOH【解析】【分析】甲苯与氯气发生取代反应生成B为，在氢氧化钠水溶液中发生卤代烃的水解反应，再酸化生成C为，与SOCl2反应生成D为，与(NH4)2S、NH3·H2O反应生成E，E发生反应生成F，F与发生取代反应生成G，G反应生成H，H与CH2=CHCH2Br发生取代反应生成I为，与O3反应生成J，J最后反应生成K。【小问1详解】B为，与足量NaOH溶液反应的化学方程式为+4NaOH→+3NaCl+2H2O。L是与甲醇酯化后的产物，则L为，L的同分异构体能发生银镜反应，说明含有醛基，含有苯环，能与氯化铁发生显色反应说明含有酚羟基，当苯环上有两个取代基时，取代基为-OH和-CH2CHO，此时两个取代基有邻、间、对三种位置关系，当苯环上有三个取代基时，三个取代基为-OH、-CHO和-CH3，当羟基和醛基处于邻位，此时甲基有4个位置，当羟基和醛基处于间位，此时甲基有4个位置，当羟基和醛基处于对位，此时甲基有2个位置，故满足条件的同分异构体有3+4+4+2=13种。其中核磁共振氢谱峰面积之比1：2：2：2：1的结构是。【小问2详解】从图中可知，F与发生取代反应生成G。G→H的化学方程式为+HBr。【小问3详解】根据分析可知，I的结构简式为。【小问4详解】乙酸与SOCl2反应生成，与(NH4)2S、NH3·H2O发生类似D到E的反应生成，与发生信息①的反应生成，最后发生类似J到K的反应生成，合成路线为CH3COOH。
31.【答案】（1）对溴甲苯或4-溴甲苯
（2） ①. 取代反应 ②.
（3）保护酚羟基 （4）2+O22+2H2O
（5）+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓+3NH3+H2O
（6） ①. 10 ②. 或
【解析】
【分析】A的分子式是C7H8，根据物质反应过程中分子骨架不变，可知A是甲苯，A与Br2在FeBr3作用下发生苯环上的取代反应产生B：，在光照时与Cl2发生甲基上的取代反应产生D：，该物质在一定条件下反应产生，被H2O2氧化产生E：，与CH3I发生取代反应产生，该物质含有醇羟基，与O2在Cu催化下加热，发生氧化反应产生，与CH3CHO在NaOH水溶液中加热，反应产生F：，F含有醛基，与银氨溶液发生银镜反应，然后酸化可得G：，G与HI反应产生。
【小问1详解】
B的结构简式为，B的名称是对溴甲苯或4－溴甲苯；
【小问2详解】
反应⑤是与CH3I发生取代反应生成和HI，该反应类型为取代反应；物质G的结构简式为；
【小问3详解】
在合成路线中设计⑤使酚-OH变为-OCH3，在反应⑨中又使-OCH3转化为酚-OH，设计两步反应的目的是保护酚羟基在后续步骤中不被氧化；
【小问4详解】
反应⑥是醇羟基被氧化为醛基，该反应的化学方程式为2+O22+2H2O；
【小问5详解】
F与银氨溶液反应的化学方程式为+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓+3NH3+H2O；
【小问6详解】
满足条件的M的同分异构体有、(邻、间、对位3种)、(甲基在1、2位置2种)、(甲基在1、2、3位置3种)、，共10种；其中核磁共振氢谱有4组峰的结构简式为或。
配制银氨溶液
实验室制备并收集乙烯
A
B
分离乙醛和乙酸
除去苯中的苯酚
C
D
选项
实验操作
实验目的
A
在含少量苯酚的苯中加入溴水，过滤
提纯苯
B
加热KOH、乙醇和1-溴丙烷的混合物，并将气体通入酸性高锰酸钾溶液中
验证消去反应的产物有丙烯
C
向中滴加溴水
检验该有机物中含碳碳双键
D
分别向水、乙醇中加入颗粒大小相近的钠粒
探究水、乙醇中键断裂的难易程度
实验目的
实验操作
A
证明苯与溴反应生成HBr
将产生的气体通入AgNO3溶液中，观察是否产生沉淀
B
除去苯中少量甲苯
向混合物中加入足量酸性KMnO4溶液，充分反应后分液
C
检验淀粉是否水解完全
向酸性淀汾水解液中滴加碘水，观察溶液是否变蓝
D
检验绿茶中是否含有酚类
向茶水中滴加几滴FeCl3溶液，观察溶液是否显紫色
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