广东省广州市执信中学2023-2024学年高三下学期4月月考物理试题
展开一、单项选择题:本题共7小题,每小题4分,共28分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.在三星堆考古发现中,考古人员对“祭祀坑”中出土的碳屑样本通过年代检测,推算出文物的年代。其中的衰变方程为,则( )
A.发生的是α衰变B.在的衰变过程中质子数守恒
C.是来源于原子外层的电子D.的比结合能比的要小
2.普通的交流电压表不能直接用来测量高压输电线路间的电压,通常要通过电压互感器来连接。图(b)为电压互感器示意图,ab端所接线圈的匝数较少,工作时ab端电压为,cd端所接线圈的匝数较多,工作时cd端电压为,现利用这个电压互感器通过普通的交流电压表测量图(a)中输电导线间的高电压,下列说法中正确的是( )
A.ab接MN、cd接电压表,
B.ab接MN、cd接电压表,
C.cd接MN、ab接电压表,
D.cd接MN、ab接电压表,
3.国内首台新型墙壁清洁机器人——“蜘蛛侠”是由青岛大学学生自主设计研发的,“蜘蛛侠”利用8只“爪子”上的吸盘吸附在接触面上,通过“爪子”交替伸缩,就能在墙壁和玻璃上自由移动。如图所示,“蜘蛛侠”在竖直玻璃墙面上由A点沿直线匀减速爬行到右上方B点,在这一过程中,设“蜘蛛侠”除重力外所受其他各个力的合力为F,下列各图中表示该合力F的方向可能正确的是( )
A.B.C.D.
4.如图所示,我国的球面射电望远镜(FAST)是世界上最大的单口径射电望远镜,被称为“超级天眼”。“天眼眼眶”的直径为D,其所在处地磁场的磁感应强度大小为B,与“眼眶”平面平行、垂直的分量大小分别为、,则( )
A.穿过“眼眶”的磁通量大小为
B.、、三者大小关系满足
C.在地球自转的过程中,穿过“眼眶”磁通量的变化量为0
D.在地球自转的过程中,穿过“眼眶”磁通量的变化量为
5.2022年10月,我国成功将“夸父一号”卫星发射升空。该卫星绕地球的运动看成匀速圆周运动,距地面高度约为。如图所示,“夸父一号”随地球绕太阳公转过程中,其绕地球运动的轨道平面与地球公转轨道平面保持固定的取向,使太阳光能照射到“夸太阳父一号”。下列说法正确的是( )
A.“夸父一号”绕地球运动的轨道与地球公转轨道在同一平面内
B.“夸父一号”绕地球转动的线速度小于地球的第一宇宙速度
C.“夸父一号”在任意时刻的加速度相同
D.“夸父一号”绕地球转动的周期大于地球自转的周期
6.如图所示,一束光由半圆形玻璃砖的右侧面沿半径射入,经AB界面折射后分为红光和紫光两束光,则下列说法正确的是( )
A.b光是红光,则a光是紫光
B.现将入射光绕O点逆时针转动,则a光先消失
C.分别用a、b光在同一个双缝干涉实验装置上做实验,a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距
D.在半圆形玻璃中,b光的传播时间小于a光的传播时间
7.在冰壶比赛中,某队员利用红壶去碰撞对方的蓝壶,两者在大本营(图中圆形区域)中心发生对心碰撞如图甲所示,碰撞前后两壶运动的图线如图乙中实线所示,其中红壶碰撞前后的图线平行,两冰壶质量相等,则( )
A.两壶发生了弹性碰撞B.碰后蓝壶速度为
C.碰后蓝壶移动的距离为D.碰后红壶所受摩擦力小于蓝壶所受摩擦力
二、多项选择题:本题共3小题,每小题6分,共18分。在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求。全部选对的得6分,选对但不全的得3分,选错的得0分。
8.图甲为某高压直流输电线上使用的“正方形绝缘间隔棒”,它将长直导线、、、间距固定为,图乙为其截面图,O为几何中心,、、、中通有等大同向电流。则( )
A.O点的磁感应强度为零
B.、之间的相互作用力为排斥力
C.受到、、的作用力的合力方向指向O
D.仅将中电流变为0,O点磁感应强度方向沿正方形的对角线指向
9.如图甲所示,紧挨但不粘连的两物块P、Q静止放置在光滑水平地面上.时,水平方向的力F作用于P上,以水平向右为正方向,F随时间变化的规律如图乙所示.下列关于P运动的速度v及加速度a随时间t变化的图像可能正确的是( )
A.B.
C.D.
10.如图甲,某水电站建筑工地用发动机沿倾斜光滑轨道将建材拉到大坝顶上,已知轨道的倾角,每次从大坝底端向上拉建材的过程中,发动机所做的功与位移的关系如图乙所示。图乙中x<6m时图线为直线,当x=6m时发动机达到额定功率,6m
A.建材在前6s做匀加速运动,加速度大小为3m/s2
B.从6m到18m的过程中,建材做加速度增大的加速运动
C.发动机的额定功率为5400W
D.建材能达到的最大速度为9m/s
第二部分非选择题(54分)
三、实验题(请将答案写在答卷的相应空格处,共14分.)
11.(8分)某兴趣小组利用轻弹簧与刻度尺设计了一款加速度测量仪,如图甲所示。轻弹簧的右端固定,左端与一小车固定,小车与测量仪底板之间的摩擦阻力可忽略不计。在小车上固定一指针,装置静止时,小车的指针恰好指在刻度尺正中间,图中刻度尺是按一定比例的缩小图,其中每一小格代表的长度为1cm。测定弹簧弹力与形变量的关系图线如图乙所示:用弹簧测力计测定小车的重力,读数如图丙所示。重力加速度g取10m/s2。
(1)根据弹簧弹力与形变量的关系图线可知,弹簧的劲度系数k= N/m。(保留两位有效数字)
(2)某次测量小车所在位置如图丁所示,则小车的加速度方向为水平向 (填“左”或“右”)、大小为 m/s2。
(3)若将小车换为一个质量更小的小车,其他条件均不变,那么该加速度测量仪的量程将 。(选填“不变”“增大”或“减小”)
(4)加速度测量仪制作完成后,将刻度尺不同刻度对应的加速度大小标在尺上。在测量某次运动的过程中,该同学观察到指针由读数较大的位置逐渐变小到读数几乎为0。则在这段时间内该运动可能为 。
A.匀加速直线运动B.匀减速直线运动
C.加速度减小的减速运动D.加速度减小的加速运动
12.(6分)为了描绘一个标有“5V 3W”手持小电风扇的伏安特性曲线,实验小组需选用实验器材组成电路。让小电风扇两端的电压从0逐渐增加到5V。实验室中有如下器材可选用:
A.电池组(电动势为5V,内阻约为)
B.被测小电风扇
C.电压表(量程为,内阻约为)
D.电压表(量程为,内阻约为)
E.毫安表(量程为,内阻)
F.滑动变阻器(最大阻值为,额定电流为)
G.滑动变阻器(最大阻值为,额定电流为)
H.定值电阻,
I.开关和导线若干
(1)实验中电压表应选 (填“C”或“D”),滑动变阻器应选 (填“F”或“G”)。
(2)本实验需将毫安表改为量程为的电流表,则应将定值电阻 (填“”或“”)与毫安表 (填“串联”或“并联”)。
(3)若描绘出小电风扇两端电压和流过毫安表电流的图像如图所示,发现从0开始增加电压,直到点图线是直线,其余为曲线,则小电风扇电机线圈的电阻是 (保留两位有效数字)。
四、计算题(3小题,共40分,解答应写出必要的文字说明,方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位)
13.(10分)气象气球是进行高空气象观测的平台。首先用聚脂薄膜材料制成气球的球皮,然后对它充以比空气密度小的气体,之后密封好,气球就可以携带仪器升空探测了。某气象气球升至地球平流层时,平流层的气压为P。从早上至中午,由于阳光照射,气球内气体的内能增加了,气球有微小膨胀,半径由膨胀到,已知早上气球内气体温度为。假设气球内的气体压强始终等于平流层气压,求:
(1)中午时气球内气体的温度
(2)早上至中午气球内气体吸收的热量Q。
14.(14分)如图甲所示,两间距为d的水平放置的平行金属板M、N,M板某处C放有粒子源,C的正上方的N板D处开有一个可穿过粒子的小孔。间距L=2d的平行金属导轨P、Q与金属板M、N相连,导轨上存在一垂直纸面向里、大小为B的匀强磁场,一导体棒ab贴紧PQ以一定的初速度向右匀速进入磁场。在ab进入磁场的瞬间,粒子源飘出一个初速度视为零、质量为m、带电量为q的粒子,在M、N间加速后从D处射出.在N板的上方(并与D点相切)有一个内圆半径R1=d、外圆半径R2=3d的圆环形匀强磁场,其大小也为B、方向垂直纸面向外,两圆的圆心O与C、D在一竖直线上.不计粒子重力,忽略平行板外的电场以及磁场间的相互影响。
(1)C处飘出的粒子带何种电荷?已知ab棒的速度为v0,求粒子到达N板时速度v;
(2)为了不让粒子进入内圆半径为R1的无磁场区域,试求出ab棒的速度v0最大值v0m;
(3)若ab棒的速度只能是,为了实现粒子不进入半径为R1的内圆无磁场区域,可以控制金属导轨P、Q的磁场宽度(如图乙所示),求该磁场宽度s的范围。
15.(16分)某户外大型闯关游戏“渡河”环节中,甲从高为的固定光滑水上滑梯滑下,乙坐在气垫船一侧固定位置上操控气垫船,在滑梯底部等候甲。气垫船与滑梯底部相切靠在一起,如图所示。甲滑上气垫船的同时,乙立即启动引擎,在恒定的牵引力F作用下驾驶气垫船沿着直线运动。假设船不会侧翻,甲和乙不会相撞,甲与气垫船之间的动摩擦因数,水对气垫船的阻力f恒为484N,甲的质量,气垫船与乙的总质量,汽垫船长度,忽略其他阻力以及甲滑到滑梯底端的能量损失,同时将甲视为质点,重力加速度取,求:
(1)甲刚滑上气垫船时的速度;
(2)为保证甲不会滑离气垫船,牵引力F应满足的条件?
参考答案:
1.D
【解析】A.衰变时电荷数和质量数都守恒,由此可知X为,所以发生的是β衰变,故A错误;
BC.射线的电子是由原子核内中子转化为质子释放出来的,不是来源于原子外层的电子;从方程可以看出,反应前后的质子数增加了,故BC错误;
D.衰变成,故比更稳定,可知的比结合能比的要小,故D正确。
故选D。
2.C
【解析】电压互感器的作用是使大电压变成小电压,根据变压器原理可知,应使匝数多的接入输入端,即cd接MN、ab接电压表,由变压器匝数与电压的关系可得
故选C。
3.D
【解析】由题意知,“蜘蛛侠”由A点沿直线匀减速爬行到右上方B点,即加速度方向和速度方向相反,在竖直平面内蜘蛛侠加速度方向应该是从B指向A,根据牛顿第二定律在竖直平面内蜘蛛侠所受合力方向应该是从B指向A,重力方向竖直向下,根据力的平行四边形定则可以判断所受其他各个力的合力F方向,只有D项符合。
故选D。
4.C
【解析】A.根据磁通量定义式可得穿过“眼眶”的磁通量大小为
故A错误;
B.由题意,可知
故B错误;
CD.地球自转90°或180°的过程中,“超级天眼”相对地球的位置没变,穿过“眼眶”的磁通量没有发生变化,所以磁通量的变化量为零,故C正确,D错误。
故选C。
5.B
【解析】A.根据题意可知“夸父一号”始终能接收到太阳光,如果“夸父一号”绕地球运动的轨道与地球公转轨道在同一平面内,则某段时间,“夸父一号”会转到地球的阴影区二接受不到太阳光,故A错误;
BD.根据万有引力提供向心力可得
可得
,
可知卫星轨道越高,线速度越小,周期越大,则“夸父一号”绕地球转动的线速度小于地球的第一宇宙速度,“夸父一号”绕地球转动的周期小于同步卫星的周期,即小于地球自转的周期,故B正确 ,D错误;
C.“夸父一号”在任意时刻的加速度大小相等,但是方向不相同,故C错误。
故选B。
6.C
【解析】A.因为玻璃对b光的偏折程度大于a光,所以玻璃对b光的折射率大于对a光的折射率,所以b光频率高,光子能量大,是紫光,故A错误。
B.根据 可知,b光临界角小,现将入射光绕O点逆时针转动,则b光先消失,故B错误;
C.b光频率高,波长短,根据 可知,分别用a、b光在同一个双缝干涉实验装置上做实验,a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距,故C正确;
D.根据 ,所以在半圆形玻璃中,b光速度小,路程相同,则b光时间长,故D错误。
故选C。
7.C
【解析】AB.由图知:碰前红壶的速度v0=1.0m/s,碰后速度为v′0=0.2m/s,可知,碰后红壶沿原方向运动,设碰后蓝壶的速度为v,取碰撞前红壶的速度方向为正方向,根据动量守恒定律可得
代入数据解得
碰撞过程机械能有损失,碰撞为非弹性碰撞, AB错误;
C.根据速度图像与坐标轴围成的面积表示位移,可得,碰后蓝壶移动的位移大小
C正确;
D.根据图像的斜率表示加速度,知碰后红壶的加速度大于蓝壶的加速度,两者的质量相等,由牛顿第二定律知碰后红壶所受摩擦力大于蓝壶所受的摩擦力,D错误。
故选C。
8.AC
【解析】A.根据右手螺旋定则和对称性可知,、、、四等大同向电流在O点的合磁感应强度为零,故A正确;
B.、电流方向相同,可知、之间的相互作用力为吸引力,故B错误;
C.分别受到、、的吸引力,其中、对的吸引力合力指向O,对的吸引力也指向O,则受到、、的作用力的合力方向指向O,故C正确;
D.仅将中电流变为0,、在O点合磁感应强度为零,根据右手螺旋定则可知,在O点磁感应强度方向沿正方形的对角线指向,即O点磁感应强度方向沿正方形的对角线指向,故D错误。
故选AC。
9.AD
【解析】在0~t1时间内,F沿正方向,则PQ两物体加速度相同,大小为
随着F随时间的均匀减小,两物体做加速度均匀减小的加速运动;在t1~t2时间内,F沿负方向,则此后PQ脱离,Q做匀速运动,P做减速运动,此时P的加速度
由对称性可知,在力F大小相同的位置,a2>a1,可知P速度减为零的时间小于t1,则选项AD正确,BC错误。
故选AD。
10.ACD
【解析】A.因W-x图像的斜率等于拉力F,可知建材在前6s所受的拉力恒定不变,则做匀加速运动,拉力
则加速度大小为
选项A正确;
B.当x=6m时发动机达到额定功率,此后建材要做加速运动,根据P=Fv,只能做加速度不断减小的加速运动,选项B错误;
C.x=6m时建材的速度大小为
发动机的额定功率为
P=Fv1=5400W
选项C正确;
D.x=18m时货物达到最大速度
选项D正确。
故选ACD。
11. 20 左 5 增大 CD/DC
【解析】(1)由胡克定律
可知弹簧的劲度系数为
(2)由图丙可得弹簧测力计的示数为
由二力平衡可得
解得小车质量为
由图丁可知弹簧处于压缩状态,弹簧弹力向左,设压缩量为,根据牛顿第二定律有
又
其中
联立解得
则小车的加速度方向为水平向左,大小为。
(3)设弹簧的最大形变量为,根据牛顿第二定律可得
解得可测量的最大加速度为
可知若将小车换为一个质量更小的小车,其他条件均不变,那么该加速度测量仪的量程将增大。
(4)指针由读数较大的位置逐渐变小到读数几乎为0,说明小车的加速度逐渐减小到几乎为0,即小车可能做加速度逐渐减小的加速运动,也可能做加速度逐渐减小的减速运动。
故选CD。
12. D F 并联 5.0
【解析】(1)电路中的电源的电动势为5V,即电路中的最大电压为5V,为减少误差,所以电压表应该选择,即选择D。
实验要求电压从零开始,所以控制电路应该选择分压式接法,滑动变阻器应该选择,即选择F。
(2)将电表改装成大量程的电流表,所以应该选择一个阻值小的电阻与电表并联进行分流,设电阻的阻值为R,有
解得
由上述分析可知,应该选择电阻与电表并联。
(3)OA段是直线,其余为曲线,即电风扇在A点时启动,有图像可知此时电压表的读数为1.5V,此时流过电风扇的电流为
此时电风扇电动机还未启动,所以其线圈电阻为
13.,
【解析】早上气体体积
中午气体体积
从早上至中午,气球内的气体做等压变化
得
气球膨胀过程,气体压强为P,气体对外做功
由热力学第一定律
解得
14.(1)负电 ;(2);(3) 0<s≤2d
【解析】(1)根据右手定则可知,a端为正极,故带电粒子必须带负电,ab棒切割磁感线,产生的电动势为
E势=BLv0=2Bdv0
根据动能定理对于粒子有
联立以上解得
(2)为了不让粒子进入内圆半径为d的无磁场区域,则粒子最大半径r时的轨迹与内圆相切,如图所示.设此时粒子速度为v′
根据几何关系
解得
r=4d
根据洛伦兹力提供向心力有
联立解得
根据粒子速度v与ab棒速度v0的关系式可得
所以ab棒的速度v0的最大值为
(3)因为
故如果让粒子一直在MN间加速,则必然进入内圆无磁场区。而如果能够让粒子在MN间只加速一部分距离,用时间t,再匀速走完剩下的距离,就可以让粒子的速度不超过v′.这时只需ab棒在磁场中运动一段距离。设导轨磁场最大宽度为S时粒子恰好不会进入内圆无磁场区,此情况下由上可知,粒子从D点射出的速度为
粒子在MN间加速的加速度为
联立解得
对于ab棒
磁场宽度范围
0<s≤2d
15.(1);(2)
【解析】(1)设甲刚滑上气垫船的速度为,则对他滑下的过程由动能定理
解得
方向水平向右
(2)要使甲不从汽艇前方滑离汽艇,则甲与船至少要在到达汽艇末端时与汽艇达到共速,设此时牵引力为,则
对甲
解得
,与运动方向相反
对气垫船
设经过时间t二者达到共速v,则
甲位移
船位移
解得
设甲与汽艇共速后能相对静止,不从后端滑出,则牵引力最大为
对甲与气垫船
对甲
解得
即牵引力满足的条件为
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