重庆市荣昌中学2023-2024学年高一下学期3月月考物理试题试卷（Word版附解析）

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D
【详解】钢球受到的重力与水平面支持力平衡，合力等于磁铁对钢球的引力，钢球做曲线运动，磁铁的引力直线轨迹的内侧，与速度方向不在同一条直线上，即据此判断物体做曲线运动的条件为合力方向与速度方向不在同一直线上。
故选D。
2．B
【详解】做曲线运动的物体，其轨迹夹在速度方向与合力方向之间，轨迹的凹向大致指向合力方向。蜡块在水平方向做初速度为零的匀加速直线运动，在竖直方向做匀速直线运动，合加速方向水平向右，故蜡块的运动轨迹为P。
故选B。
3．C
【详解】A．水流沿水平方向喷出，忽略空气阻力，则水流在水平方向不受外力，做匀速直线运动，故A错误；
B．水流在竖直方向上初速度为零，且只受重力，做自由落体运动，故B错误；
CD．水流沿水平方向喷出后做平抛运动，根据平抛规律有
可知水流在空中运动的时间与水流的流速无关，与水平喷口的高度h有关。所以若仅改变水管中水的流速，则水流在空中运动的时间不变。若仅改变水平喷口的高度，则水流在空中运动的时间改变，故C正确，D错误。
故选C。
4．D
【详解】A．“夸父A”与地球一起做匀速圆周运动，不是平衡状态。故A错误；
B．做圆周运动的物体在相同的时间内走过的弧长相等，但位移是矢量，位移的大小相等但方向不同。故B错误；
CD．根据圆周运动规律可知
即
因为二者的公转周期相同，地球的环绕半径更大，因而地球绕太阳公转的向心加速度更大。故C错误，D正确。
故选D。
5．D
【详解】，，因此两球的初速度之比为1∶，A、B项错误；若两球同时 抛出，则落地的时间差为，若两球同时落地，则两球抛出的时间差也为(－1)，C项错误，D项正确．
6．A
【详解】A．设细线与竖直方向的夹角为，根据合力提供向心力
根据几何关系
解得
所以它们的角速度相同，故A正确；
B．两个小球的角速度相同，根据
两个小球的圆周运动半径不同，所以线速度大小不同，故B错误；
C．设细线与竖直方向的夹角为，根据合力提供向心力
解得
因为细线与竖直方向的夹角为不同，故向心加速度大小不同，故C错误；
D．设细线与竖直方向的夹角为，根据合力提供向心力
因为细线与竖直方向的夹角为不同，故向心加速度大小不同，故D错误。
故选A。
7．A
【详解】如图所示
若小球从斜面上水平又落回到斜面上，其速度与斜面间的夹角为，则有
而
即有
可见物体落在斜面上时速度方向都相同，与初速度大小无关。如图乙，连接从P点到落点构造斜面，可得
、
因为
则
可得
>
故选A。
8．AC
【详解】由图可知B点和C点属于共轴传动，所以wB=wC,又rB=2rC,根据：v=wr，
可知vB=2vC,A、B两点属于共线传动，所以VA=VB,所以VA=2Vc,又rB=2rA,根据v=wr，
可知wA=2wB
故选AC。
9．CD
【详解】A．向心力是效果力，是合力作用，物体实际不受向心力作用，故A错误；
B．模型飞机在水平面内匀速圆周运动，竖直方向平衡，所以杆的一个分力平衡了飞机的重力，另一个分力提供了飞机匀速圆周运动的向心力，所以旋臂对模型飞机的作用力方向不一定与旋臂垂直，故B错误；
CD．旋臂对模型飞机的作用力大小
当夹角θ增大，旋臂对模型飞机的作用力增大，故CD正确。
故选CD。
10．AD
【详解】AB．抵达斜面上端P处时，速度方向恰好沿着斜面方向，则速度偏转角为53°，有
解得到达P处时的速度大小
紧贴斜面PQ运动的过程，根据动能定理有
解得到达底端Q点时的速度大小
选项A正确，B错误；
CD．由于小球在斜面上的加速度为
则小球在斜面上运动时，在竖直方向的加速度为
由此可知，有斜面时小球在竖直方向上的加速度小于重力加速度，所以撤去斜面后，小球的下落时间变小，仍从O点以相同速度水平飞出，水平位移变小，即落地点在Q点的右侧，故C错误，D正确。
故选AD。
11． 平抛运动在竖直方向是自由落体运动 平抛运动在水平方向是匀速直线运动
【详解】（1）[1]小明选用图甲所示的装置，他想说明平抛运动的竖直方向的运动规律，由A、B两球在竖直方向运动规律相同，得出平抛运动在竖直方向是自由落体运动。
（2）[2]李雷选用图乙所示的装置，他想说明平抛运动的水平方向运动规律，由A、B两球最终相撞得平抛运动在水平方向是匀速直线运动。
（3）[3]由竖直方向做自由落体运动，从A点到C点
解得时间间隔为
由水平方向是匀速直线运动
解得
[4]由平均速度得 B点竖直方向的分速度为
12． D 向心力与转动角速度的平方成正比
【详解】（1）[1]本实验采用的是控制变量法。故选D。
（2）[2]因用皮带连接的左、右塔轮边缘线速度大小相等，皮带连接的左、右塔轮半径之比为，根据可知，左、右两边塔轮的角速度之比为。
[3]放在两处的小球质量相等，转动半径相等，左边标尺露1个等分格，右边标尺露出9个等分格，表明两球向心力之比为。此次实验说明，做匀速圆周运动的物体，在质量和转动半径一定时，向心力与转动角速度的平方成正比。
13．(1)50s、 (2)
【详解】(1)小船参与了两个分运动，即船随水漂流的运动和船在静水中的运动．因为分运动之间具有独立性和等时性，故小船渡河的时间等于垂直于河岸方向的分运动的时间，即
t＝＝s＝50 s
小船沿水流方向的位移
s水＝v水t＝2×50 m＝100 m
即总位移：
(2)要使小船到达正对岸，合速度v应垂直于河岸，如图甲所示，则

cs θ＝＝＝
故
θ＝60°
即船的航向与上游河岸成60°，渡河时间
t＝＝s＝s
14．（1）；（2）；（3）
【详解】（1）小球至B点时速度方向与水平方向夹角为45°，设小球抛出的初速度为v0，A点至B点时间为t。则得
得
又
解得
则水平距离
（2）设小球至B点时速度为vB，在斜面上运动的加速度为a，则
小球由B点到C点有
联立以上几式得
（3）小球进入轻筐后做圆周运动，由牛顿第二定律得
解得小球所受拉力
15．（1） （2） （3）
【详解】（1）线AB水平且张力恰为0时，对小球受力分析：
线AC的拉力：
T==N=12.5N
（2）当细线AB上的张力为0时，小球的重力和细线AC拉力的合力提供小球圆周运动的向心力，有：
解得：
由于，则细线AB上有拉力，设为，AC线上的拉力为
竖直方向
根据牛顿第二定律得
解得细线AC的拉力
细线AB的拉力
（3）当AB细线竖直且拉力为零时，B点距C点的水平和竖直距离相等，故此时细线与竖直方向的夹角为，此时的角速度为，
根据牛顿第二定律
解得
由于，当时，细线AB在竖直方向绷直，拉力为，仍然由细线AC上拉力的水平分量提供小球做圆周运动需要的向心力．
水平方向
竖直方向
解得细线AC的拉力
，
细线AB的拉力