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2024届重庆市普通高中学业水平选择性考试高考模拟调研卷（四）物理
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这是一份2024届重庆市普通高中学业水平选择性考试高考模拟调研卷（四）物理，文件包含物理4答案docx、物理4答案pdf、2024年重庆市普通高中学业水平选择性考试高考模拟调研卷物理四pdf等3份试卷配套教学资源，其中试卷共14页， 欢迎下载使用。
解析：
1．C。根据多普勒效应，可知选项C正确，故选C。
2．A。静止的原子核X发生β衰变，Y核的动量与e的动量大小相等、方向相反，选项C错误；由及可知，Y核的动能小于e的动能，选项A正确；由电荷数和质量数守恒可知，，，可得，即X核与Y核的中子数不同，选项B错误；该衰变与弱相互作用力有关，选项D错误；故选A。
3．B。由题知，轮胎不漏气，胎内气体的体积不变、温度升高，因此胎内气体分子的平均动能增大，但每个气体分子的动能不一定都增大，选项A错误；由查理定律（C为常量）可知，胎内气体的压强增大，选项B正确；由热力学第一定律知，温度升高，，体积不变，，因此，即胎内气体从外界吸热，选项C错误；理想气体不计分子势能，选项D错误；故选B。
4．A。由题知，该行星公转轨道的半长轴，根据开普勒第三定律可得，解得，选项A正确，故选A。
5．D。仅将R4的滑片向上滑动，电源外电阻减小，干路电流增大，电源效率减小，选项A错误；R4消耗的电功率，当时，有最大值，仅将R4的滑片向上滑动时，，减小，即R4消耗的电功率减小，选项B错误；仅将R2的阻值调大，电容器两极板间的电势差不变，选项C错误；开关S与触点1连接时，电容器左极板带正电，电荷量，仅将开关S由触点1拨向触点2时，电容器右极板带正电，电荷量，因此，通过R3的电荷量，选项D正确；故选D。
6．D。设拖鞋脱落瞬时，两摆绳所在平面与竖直面的夹角为，由题分析可知。拖鞋脱落后运动的最小速度为，选项A错误；拖鞋脱落前、后瞬时，加速度方向不同，选项B错误；拖鞋脱落后运动的高度，游客运动的最大高度满足，，选项C错误；拖鞋脱落后至落地期间，拖鞋仅受重力作用，相同时间内的动量变化量始终不变，选项D正确；故选D。
7．B。设金属棒ab达到的最大速度为v，由牛顿第二定律有，从静止释放至达到最大速度过程中，设金属棒ab沿斜面下滑的距离为x，金属棒ab上产生的总电热，则两个并联定值电阻上产生的总电热为，由能量守恒定律有，联立解得，选项B正确，故选B。
8．AD。两皮带轮边缘的线速度大小相同，由可知，，即大皮带轮与小皮带轮转动的角速度之比为r∶R，选项A正确；由可知，该发电机产生的交流电频率，选项B错误；该发电机产生的交变电压的最大值，仅将f变为2f时，，，选项C错误；若仅将f变为0.5f，，该发电机产生的交变电流的有效值变为原来的0.5倍，选项D正确；故选AD。
9．AC。由题知，第一次入射时有，该半球有光束射出的球冠底面半径，第二次入射时有，该半球有光束射出的球冠底面半径，且≤r。若k＜1，则，即第一次和第二次中该半球有光束射出的球冠底面积之比为1∶1，选项A正确；若，则，即第一次和第二次中该半球有光束射出的球冠底面积之比为，选项C正确；故选AC。
10．BCD。由v-x图像可知，该物块做变加速直线运动，选项A错误；从O点沿着x轴正方向运动，该物块的动能增大，电场力对物块做正功，电场强度方向水平向左，因此，沿着x轴正方向，各点电势依次升高，选项B正确；由，可知，选项C正确；从O点运动到处过程中，由能量守恒定律有，，联立解得，选项D正确；故选BCD。
11．（7分）
（1）②（2分）
（2）（2分）
（3）小于（3分）
解析：
（1）由分析可知，没有必要测量动滑轮悬挂的重物的质量m0。
（2）设遮光条宽度为d，A点到光电门中心的水平距离为L，对滑块（含遮光条）有，， 联立可得，结合图像可得，因此。
（3）若实验时水平长木板左侧略高，设该斜面倾角为θ，对滑块（含遮光条）有，则，结合图像可得，故，因此，μ的测量值小于其真实值。
12．（9分）
（1）100（1分）
（2）4900（2分）
（3）5.3（2分）偏大（2分）
（4）（2分）
解析：
（1）设定①、②步骤中电路总电阻不变，干路电流不变，则，解得。
（2）当时，与其串联的电阻。
（3）由图可知，标准电压表的示数为3.2V，改装后的电压表电流为0.6mA，因此改装电压表的示数为3.0V，则改装电压表的量程为；改装后的电压表量程发生偏差的可能原因是R的阻值计算有偏差，接入的电阻偏大。
（4）设改装电压表的内阻为，则，要达到预期改装目的，应使其电流变为，因此只需要将R的阻值减少，则有，代入数据，可得。
13．（10分）
解：（1）由题知，A、B、C一起向左做匀速直线运动，对整个系统，由平衡条件有：（3分）
（2）当力F增大为匀速拉动时的1.5倍时，水平牵引力
假设此时A、B、C一起向左做匀加速直线运动，加速度大小为
对系统，由牛顿第二定律有：，解得：（2分）
说明此时B与C之间发生了相对运动，假设不成立（1分）
因此，取A、B为一个整体，由牛顿第二定律有：
（1分），解得：（1分）
设水平连接杆的弹力大小为T，对A，由牛顿第二定律有：
（1分），解得：（1分）
14．（13分）
解：（1）设1、2号物块碰撞后的共同速度为v1，碰撞过程中，由动量守恒定律有：
，解得：（2分）
它们组成的系统的机械能减少（2分）
联立解得：（2分）
（2）设2、3号物块碰撞后，第3号物块开始运动时的速度大小为v2，同理可知：
，解得：（2分）
以此类推，第k号物块开始运动时的速度大小（2分）
因此，从第k号物块开始运动到第k＋1号物块开始运动经过的时间为：
（1分）
因此，从1号物块开始运动到所有物块都刚好运动起来，经过的总时间为
15．（18分）
解：（1）由动能定理有：（2分），解得：（2分）
（2）由分析可知，当MN沿竖直方向发射微粒时，微粒通过S1孔时的速度与水平方向的偏角最大，打在cd屏上左侧的位置距离S2孔最远。设通过S1孔的微粒速度与水平方向的最大偏角为α
则：（2分），（2分），联立解得：（2分）
G
H
O
第1次
碰撞
第2次碰撞
答图1
R1
R1
R1
60°
（3）由题知，微粒D恰好与弹性挡板碰撞两次后第一次通过H点，则满足条件的情况有两种：
①：由分析知，微粒D在磁场中的运动轨迹如答图1所示
微粒D在磁场中做匀速圆周运动的半径
（1分）
解得：（1分）
此时，微粒D在磁场中做匀速圆周运动的周期
因此，微粒D从G点第一次运动到H点所经过的时间（1分）
G
H
O
第1次碰撞
第2次
碰撞
答图2
R2
R2
R2
R2
R2
R2
60°
60°
联立解得：（1分）
②：由分析知，微粒D在磁场中的运动轨迹如答图2所示
微粒D在磁场中做匀速圆周运动的半径
（1分）
解得：（1分）
此时，微粒D在磁场中做匀速圆周运动的周期
因此，微粒D从G点第一次运动到H点所经过的时间
（1分）
联立解得：（1分）
解析：
1．C。根据多普勒效应，可知选项C正确，故选C。
2．A。静止的原子核X发生β衰变，Y核的动量与e的动量大小相等、方向相反，选项C错误；由及可知，Y核的动能小于e的动能，选项A正确；由电荷数和质量数守恒可知，，，可得，即X核与Y核的中子数不同，选项B错误；该衰变与弱相互作用力有关，选项D错误；故选A。
3．B。由题知，轮胎不漏气，胎内气体的体积不变、温度升高，因此胎内气体分子的平均动能增大，但每个气体分子的动能不一定都增大，选项A错误；由查理定律（C为常量）可知，胎内气体的压强增大，选项B正确；由热力学第一定律知，温度升高，，体积不变，，因此，即胎内气体从外界吸热，选项C错误；理想气体不计分子势能，选项D错误；故选B。
4．A。由题知，该行星公转轨道的半长轴，根据开普勒第三定律可得，解得，选项A正确，故选A。
5．D。仅将R4的滑片向上滑动，电源外电阻减小，干路电流增大，电源效率减小，选项A错误；R4消耗的电功率，当时，有最大值，仅将R4的滑片向上滑动时，，减小，即R4消耗的电功率减小，选项B错误；仅将R2的阻值调大，电容器两极板间的电势差不变，选项C错误；开关S与触点1连接时，电容器左极板带正电，电荷量，仅将开关S由触点1拨向触点2时，电容器右极板带正电，电荷量，因此，通过R3的电荷量，选项D正确；故选D。
6．D。设拖鞋脱落瞬时，两摆绳所在平面与竖直面的夹角为，由题分析可知。拖鞋脱落后运动的最小速度为，选项A错误；拖鞋脱落前、后瞬时，加速度方向不同，选项B错误；拖鞋脱落后运动的高度，游客运动的最大高度满足，，选项C错误；拖鞋脱落后至落地期间，拖鞋仅受重力作用，相同时间内的动量变化量始终不变，选项D正确；故选D。
7．B。设金属棒ab达到的最大速度为v，由牛顿第二定律有，从静止释放至达到最大速度过程中，设金属棒ab沿斜面下滑的距离为x，金属棒ab上产生的总电热，则两个并联定值电阻上产生的总电热为，由能量守恒定律有，联立解得，选项B正确，故选B。
8．AD。两皮带轮边缘的线速度大小相同，由可知，，即大皮带轮与小皮带轮转动的角速度之比为r∶R，选项A正确；由可知，该发电机产生的交流电频率，选项B错误；该发电机产生的交变电压的最大值，仅将f变为2f时，，，选项C错误；若仅将f变为0.5f，，该发电机产生的交变电流的有效值变为原来的0.5倍，选项D正确；故选AD。
9．AC。由题知，第一次入射时有，该半球有光束射出的球冠底面半径，第二次入射时有，该半球有光束射出的球冠底面半径，且≤r。若k＜1，则，即第一次和第二次中该半球有光束射出的球冠底面积之比为1∶1，选项A正确；若，则，即第一次和第二次中该半球有光束射出的球冠底面积之比为，选项C正确；故选AC。
10．BCD。由v-x图像可知，该物块做变加速直线运动，选项A错误；从O点沿着x轴正方向运动，该物块的动能增大，电场力对物块做正功，电场强度方向水平向左，因此，沿着x轴正方向，各点电势依次升高，选项B正确；由，可知，选项C正确；从O点运动到处过程中，由能量守恒定律有，，联立解得，选项D正确；故选BCD。
11．（7分）
（1）②（2分）
（2）（2分）
（3）小于（3分）
解析：
（1）由分析可知，没有必要测量动滑轮悬挂的重物的质量m0。
（2）设遮光条宽度为d，A点到光电门中心的水平距离为L，对滑块（含遮光条）有，， 联立可得，结合图像可得，因此。
（3）若实验时水平长木板左侧略高，设该斜面倾角为θ，对滑块（含遮光条）有，则，结合图像可得，故，因此，μ的测量值小于其真实值。
12．（9分）
（1）100（1分）
（2）4900（2分）
（3）5.3（2分）偏大（2分）
（4）（2分）
解析：
（1）设定①、②步骤中电路总电阻不变，干路电流不变，则，解得。
（2）当时，与其串联的电阻。
（3）由图可知，标准电压表的示数为3.2V，改装后的电压表电流为0.6mA，因此改装电压表的示数为3.0V，则改装电压表的量程为；改装后的电压表量程发生偏差的可能原因是R的阻值计算有偏差，接入的电阻偏大。
（4）设改装电压表的内阻为，则，要达到预期改装目的，应使其电流变为，因此只需要将R的阻值减少，则有，代入数据，可得。
13．（10分）
解：（1）由题知，A、B、C一起向左做匀速直线运动，对整个系统，由平衡条件有：（3分）
（2）当力F增大为匀速拉动时的1.5倍时，水平牵引力
假设此时A、B、C一起向左做匀加速直线运动，加速度大小为
对系统，由牛顿第二定律有：，解得：（2分）
说明此时B与C之间发生了相对运动，假设不成立（1分）
因此，取A、B为一个整体，由牛顿第二定律有：
（1分），解得：（1分）
设水平连接杆的弹力大小为T，对A，由牛顿第二定律有：
（1分），解得：（1分）
14．（13分）
解：（1）设1、2号物块碰撞后的共同速度为v1，碰撞过程中，由动量守恒定律有：
，解得：（2分）
它们组成的系统的机械能减少（2分）
联立解得：（2分）
（2）设2、3号物块碰撞后，第3号物块开始运动时的速度大小为v2，同理可知：
，解得：（2分）
以此类推，第k号物块开始运动时的速度大小（2分）
因此，从第k号物块开始运动到第k＋1号物块开始运动经过的时间为：
（1分）
因此，从1号物块开始运动到所有物块都刚好运动起来，经过的总时间为
15．（18分）
解：（1）由动能定理有：（2分），解得：（2分）
（2）由分析可知，当MN沿竖直方向发射微粒时，微粒通过S1孔时的速度与水平方向的偏角最大，打在cd屏上左侧的位置距离S2孔最远。设通过S1孔的微粒速度与水平方向的最大偏角为α
则：（2分），（2分），联立解得：（2分）
G
H
O
第1次
碰撞
第2次碰撞
答图1
R1
R1
R1
60°
（3）由题知，微粒D恰好与弹性挡板碰撞两次后第一次通过H点，则满足条件的情况有两种：
①：由分析知，微粒D在磁场中的运动轨迹如答图1所示
微粒D在磁场中做匀速圆周运动的半径
（1分）
解得：（1分）
此时，微粒D在磁场中做匀速圆周运动的周期
因此，微粒D从G点第一次运动到H点所经过的时间（1分）
G
H
O
第1次碰撞
第2次
碰撞
答图2
R2
R2
R2
R2
R2
R2
60°
60°
联立解得：（1分）
②：由分析知，微粒D在磁场中的运动轨迹如答图2所示
微粒D在磁场中做匀速圆周运动的半径
（1分）
解得：（1分）
此时，微粒D在磁场中做匀速圆周运动的周期
因此，微粒D从G点第一次运动到H点所经过的时间
（1分）
联立解得：（1分）
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