（湖北武汉卷）2023年中考物理第三次模拟考试（含考试版+答题卡+全解全析+参考答案）

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可能用到的物理常量:g=10N/kg ρ水=1.0×103kg/m3
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答单向选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。写在本试卷上无效。
3．回答其他题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
4．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
5．考试范围：中考全部内容。
第I卷（选择题，共36分）
一、选择题（本题有12小题，每小题3分，共36分。每题四个选项中，只有一个选项符合题意）
1.如图所示的光现象中，由于光的反射形成的是（ ）。
A. 日晷上呈现指针的影子；
B. 马路拐角处的镜子扩大了视野范围；
C. 透过放大镜看到放大的字；
D. 雨后天空中出现漂亮的彩虹
【答案】B。
【解析】A.影子是光的直线传播形成的，故A不符合题意；
B.马路拐角处的镜子是利用光反射工作的，故B符合题意；
C.放大镜是利用光的折射工作的，故C不符合题意；
D.彩虹是光的色散现象，故D不符合题意。故选B。
2.下列关于声现象的描述和分析，错误的是（ ）。
A. 如图，小滨听到桌面传来的敲击声，说明固体可以传播声音；
B. 如图，敲击大小不同的编钟，是为了改变响度大小；
C. 如图，遇到障碍物倒车雷达发出报警声，说明声音可以传递信息；
D. 如图，摩托车的消声器是防止噪声产生的
【答案】B。
【解析】A.桌面是固体，小滨听到桌面传来的敲击声，说明固体可以传递声音，故A正确，不符合题意；
B.敲击大小不同的编钟，编钟振动的频率不同，是为了改变声音的音调，故B错误，符合题意；
C.倒车雷达应用了声可以传递信息，故C正确，不符合题意；
D.安装消声器是在声源处减弱噪声，故D正确，不符合题意。故选B。
3. 关于电磁波和现代通信，下列说法正确的是（ ）。
A．光纤通信传输的信息量很大，主要用于无线电广播；
B．移动电话的声音信息是靠电磁波传递的；
C．中央电视台与荆州电视台发射的电磁波在同一区域传播速度不同；
D．我国建立的“北斗”卫星定位系统是利用超声波进行定位的
【答案】B。
【解析】A、光纤通信是以光通信，需要用到光导纤维，故不是无线传播，A错；
B、移动电话是靠电磁波来传递信息的。B正确；
C、电磁波的波速在真空或空气中的传播速度是相同的，故中央电视台与荆州电视台发射的电磁波在同一区域传播速度相同，故C错误；
D、我国建立的“北斗”卫星定位系统是利用电磁波定位的，故D错。故选B。
4.如图是跳水运动员跳板跳水时的情景，从运动员腾空跳起向上运动后再向下落入水中，若不计空气阻力，则在整个过程中（ ）。
A．运动员的动能一直增大，机械能不变；
B．运动员的重力势能一直减小，机械能减小；
C．运动员的动能先减小后增大，机械能不变；
D．运动员的重力势能先减小后增大，机械能增大
【答案】C。
【解析】运动员向下用力使跳板发生弹性形变，跳板具有弹性势能，当跳板恢复原状时，弹性势能减小，把跳板的弹性势能转化为运动员的动能；
运动员上升过程中质量不变，速度减小，动能减小；质量不变，高度增大，重力势能增大；达到最高点动能为零；
在下降的过程中，质量不变，速度增大，高度减小，动能增大，重力势能减小．在整个过程中，若不计空气阻力，机械能是守恒的，机械能不变。故选C。
5.下列关于力和运动关系的说法中正确的是（ ）。
A.小明没有推动静止的汽车，是由于推力小于摩擦力；
B.竖直向上抛出的篮球达到最高点时，受到平衡力的作用；
C.行驶中的客车突然刹车时，乘客由于受到惯性的作用会向前倾倒；
D.粉笔盒放在水平桌面上，桌面对粉笔盒的支持力是由于桌面发生弹性形变产生的
【答案】D。
【解析】A.小明没有推动静止的汽车，是由于推力等于摩擦力，使车处于平衡状态，故A错误；
B.竖直向上抛出的篮球达到最高点时，篮球只受到重力的作用，所以篮球受到不是平衡力，故B错误；
C.行驶中的客车突然刹车时，乘客由于惯性会向前倾倒，惯性不是力，不能说受到惯性，故C错误；
D.粉笔盒放在水平桌面上，粉笔盒对桌面的压力使桌面发生弹性形，桌面要恢复原状对粉笔盒产生支持力，故D正确。故选D。
6.连通器在日常生活和生产中应用广泛，下图所示事例中不是利用连通器原理工作的是（ ）。
A. 茶壶；
B. 锅炉水位计；
C. 船闸；
D. 拦河大坝
【答案】D。
【解析】上端开口，底部连通的为连通器；
A.茶壶壶盖和壶嘴各有一个孔，上端开口下端连通，利用了连通器原理，故A不符合题意；
B.锅炉水位计上端开口下端连通，利用了连通器原理，故B不符合题意；
C.船闸上端开口船闸打开时下部连通组成连通器，故C不符合题意；
D.拦河大坝上窄下宽是利用了液体深度越深，压强越大的原理，与连通器原理无关，故D符合题意。
故选D。
7.将一个乒乓球放入倒置的饮料瓶中，然后向瓶内注入水将乒乓球浸没，如图甲所示，乒乓球保持静止状态，然后将饮料瓶瓶口盖住并拧紧，乒乓球迅速向上浮起，如图乙所示，则乒乓球（ ）。
A.甲乙图中乒乓球都受到浮力作用；
B.乒乓球在上浮过程中，浮力一直变大；
C.甲图中乒乓球不受水的浮力，但受水对它的压力；
D.乙图乒乓球同时受到水的浮力的水的压力的作用
【答案】C。
【解析】A.甲图乒乓球下方没有水，故没有产生向上的压力，故甲球没有浮力，故A不符合题意；
B.乒乓球在上浮过程中，未出水时，排开液体的体积不变，液体的密度不变，故浮力不变，出水后，排开液体的体积变小，浮力变小，故B不符合题意；
C.甲图乒乓球下方没有水，故没有产生向上的压力，但是水对其有向下的压力，故C符合题意；
D.乙图乒乓球同时受到水的浮力，即水的上下表面的压力差，而不是浮力与压力，故D不符合题意。
故选C。
8.小华用如图甲所示进行实验“探究影响浮力大小的因素”，A是实心圆柱体，根据数据作出的弹簧测力计示数F与物体浸入水中的深度h的关系图象如图乙，从图乙可知（ ）。
A．物体受到的重力为2N；
B．当物体浸没在水中时受到的浮力为2N；
C．该物体的密度为1.0×103kg/m3；
D．浸入液体的物体所受的浮力大小与深度成正比
【答案】B。
【解析】A、由图示图象可知，物体没有浸入液体时测力计示数为4N，则物体重力：G=4N，故A错误；
B、由图示图象可知，物体完全浸没在水中时受到的浮力：F浮=G-F=4N-2N=2N，故B正确；
C、由浮力公式：F浮=ρgV排可知，物体的体积：V=V排===2×10-4m3，
由G=mg可知，物体的质量：m===0.4kg，物体的密度：ρ物体===2×103kg/m3，故C错误；
D、由图示图象可知，物体没有完全浸没在液体中前受到的浮力与物体浸入液体的深度成正比，物体完全进入液体后受到的浮力不变，故D错误；故选B。
9.图所示是探究电磁感应的实验装置，关于电磁感应现象，下列说法正确的是（ ）。
A.奥斯特发现了电磁感应现象；
B.利用电磁感应现象制作了电动机；
C.导线在磁场中沿不同方向运动，导线中都会有感应电流产生；
D.如果磁感线和切割磁感线方向都变得相反，导线中感应电流的方向不发生改变
【答案】D。
【解析】A.法拉第发现了电磁感应现象，故A错误；
B.利用电磁感应现象制作了发电机，故B错误；
C.导线在磁场中沿与磁感线平行的方向运动，导线中不会有感应电流产生，故C错误；
D.如果磁感线和切割磁感线方向都变得相反，由右手定则得，导线中感应电流的方向不发生改变，故D正确。故选D。
10.如图所示是某同学设计的家庭电路，电灯开关已断开．下列说法正确的是（ ）。
A．灯泡和两孔插座是串联的； B．试电笔接触M点，氖管不发光；
C．开关和三孔插座的连接都是错误的；D．试电笔插入两孔插座的左孔，氖管发光
【答案】C。
【解析】灯泡和两孔插座是互不影响的，所以是并联的，故A错误；
M点通过灯泡与火线连接，所以试电笔接触M点，氖管发光，故B错误；
据图可知，开关接到了零线和用电器之间；三孔插座的左孔接的是地线，故均错误，故C说法正确；
两孔插座的左孔是零线，所以试电笔插人两孔插座的左孔氖管不发光，故D错误，故选C。
11.在如图所示电路中，闭合开关S后，在滑片P向右滑动过程中，各电表示数变化正确的是（ ）。
A.A1 、A3 示数不变，A2 、V示数变小；
B.A1 、V示数不变，A2 、A3 示数变大；
C.A1 、A2 、V示数不变，A3 示数变小；
D.A2 、V示数不变，A1 示数变小，A3 示数变大
【答案】C。
【解析】由图可知，本题电路为R1 与R2 并联，电流表A1 测量R2 电流，电流表A2 被短路，电流表A3 测量干路总电流，电压表示数U=U1 =U2 ，故电流表A2 、电压表两表示数是不变的，电流表A1 测量R2 电流，因，因R2 为定值电阻，阻值不变，电源电压不变，故电流表A1 示数也是不变的；
电流表A3 测量干路电流，因，因R1 滑片向右滑动，阻值变大，故R并 也相应增大，由此电流表A3 示数变小。故选C。
12.如图甲所示，小灯泡L的额定电压为5V，滑动变阻器R的最大阻值为60，电流表量程为“0～0.6A”，电压表量程为“0～15V”，电源电压恒定。闭合开关S，在保证电路安全的前提下，最大范围调节滑动变阻器的滑片P，绘制了电流表示数与电压表示数关系图像如图乙所示，电流表示数与滑动变阻器R连入电路阻值的变化关系图像如图丙所示。则下列说法中正确的是（ ）。
A.电源电压为5V；
B.小灯泡正常发光时电阻为2.5；
C.当电压表示数为1V时，滑动变阻器消耗的电功率为2.5W；
D.当电压表示数为2V时，小灯泡和变阻器消耗的功率之比为1：4
【答案】D。
【解析】滑动变阻器与小灯泡串联，乙、丙图相结合
A．电路中电流为0.5A时，滑动变阻器的阻止为10Ω，电源电压为
，故A错误；
B．小灯泡正常发光时电阻为，故B错误；
C．当电压表示数为1V时，电路中的电流为0,2A，滑动变阻器消耗的电功率为
，故C错误；
D．当电压表示数为 2V 时，变阻器两端的电压为8V，小灯泡和变阻器串联，消耗的功率之比为
；
故D正确。故选D。
第II卷(非选择题共34分)
13.（3分）如图所示是疫情期间同学们上学时测量体温的情景，手持测温仪是通过接收人体辐射出的 （填“红外线”或“紫外线”）来测量体温的。小刚用酒精消毒纸巾擦拭双手，手上会有凉凉的感觉，这是由于酒精 （填“汽化”或“液化”）吸热造成的，一旁的同学会闻到酒精的气味，这是一种 现象。
【答案】红外线；汽化；扩散。
【解析】测温枪是通过接收身体表面辐射出来的红外线来测温的；
用酒精消毒纸巾擦拭双手，感到皮肤比较凉，是因为酒精要蒸发，蒸发过程要从身体上吸热，使皮肤的温度降低；
闻到酒精的气味，是由于酒精在空气中发生了扩散现象。
14.（4分）下图是水循环示意图，图中过程①发生的物态变化是_______过程，②中水蒸气有的_______形成的小冰晶，有的________形成小水滴，形成千姿百态的云，同时伴随着________热过程；图中温度较高时冰晶会熔化变成水滴，与空中下落的水滴一起形成雨。
【答案】汽化；凝华；液化；放。
【解析】图中过程①水由液态变为气态发生的物态变化是汽化；
过程②中水蒸气有的由气态直接变为固态，凝华形成小冰晶；
有的液化形成小水滴，形成千姿百态的云，同时伴随着放热过程。
15.（3分）如图所示，某同学用同一个加热装置分别给质量和初温都相同的水和煤油加热，分别记录加热时间和升高的温度，根据记录的数据作出了两种液体的温度（T）随时间（t）变化的图像：
(1)实验中两种液体吸收热量的多少可通过______（选填“液体升高的温度”或“加热时间”）比较；
(2)根据图像，要使水和煤油升高相同的温度，应给水加热更长的时间，这说明_______的吸热能力强些；
(3)已知水的比热容是，则煤油的比热容是____________。
【答案】加热时间；水；。
【解析】(1)同一个加热装置分别给质量和初温都相同的水和煤油加热，那么在相同时间内，两种液体吸收的热量是相同的，实验中两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来比较，加热时间越长，吸收热量越多。
(2)水和煤油的质量相同，升高相同的温度，水加热需要更长的时间，即水吸收的热量更多，根据可知，水的比热容更大，水的吸热能力强些。
(3)从图中可以看到，加热相同的时间4s，水温度的变化量是2℃，煤油温度的变化量是4℃，两种液体吸收的热量相同，根据可知
解得；
煤油的比热容是。
16.（4分）小明利用一未知焦距的凸透镜探究透镜的成像规律，进行了如下操作并得到了相关结论。请你将空缺部分补充完整。
（1）如图甲所示，平行于主光轴的入射光经凸透镜折射后会聚一点，则该凸透镜的焦距为________cm。
（2）将蜡烛、凸透镜和光屏依次安装在光具座上，出现如图乙情景，此时应该________（选填“A”或“B”）。
A．将凸透镜适当向上移 B．将光屏适当向上移
（3）按要求进行观察和测量，并将观测情况记录在下表中。
【答案】10；B；倒立缩小；30。
【解析】(1)凸透镜的焦距即为平行光线折射后的会聚点到凸透镜的距离，故凸透镜的焦距为10cm。
(2)出现如图乙情景是因为蜡烛、凸透镜和光屏三者的中心不在同一条直线上，应该将光屏适当向上移。
(3)物距在二倍焦距之外，像距在一倍焦距和二倍焦距之间，所以光屏上应该成倒立缩小的实像；成倒立放大的实像应该与成倒立缩小的实成逆光路的关系，所以像距应该为30cm。
17.（5分）在探究“压力的作用效果跟什么因素有关”的实验时，同学们利用小桌、砝码、海绵等器材设计了如图所示的系列实验。
(1)同学们是根据_____来比较压力作用效果的。
(2)观察比较图甲、乙的情况可以得到的结论是：受力面积一定时，_____，压力的作用效果越明显。
(3)要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，应比较_____两图的实验，得到的结论是：_____。
【答案】(1)海绵的凹陷程度；(2)压力越大；(3)乙、丙；(4)在压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越显著。
【解析】(1)由题意可知，实验中是根据海绵的凹陷程度来比较压力的作用效果的。
(2)图甲和图乙，物体的受力面积相同而压力不同，乙图压力大，力的作用效果明显，由此可得：受力面积相同时，压力越大，压力的作用效果越明显。
(3)要探究压力的作用效果跟受力面积的关系，应保持压力不变，只改变受力面积，故比较乙、丙两图的实验符合要求，可得到的结论是：压力一定时，受力面积越小，压力的作用效果越明显。
18.（6分） 某学习小组计划探究电流与电阻的关系，设计的电路如图甲所示。
（1）请根据甲图把乙图中的电路连接完整（要求滑动触头向右移动时，电路中电流变大）。 （ _______ ）
（2）在闭合开关进行实验前，滑动变阻器的滑动触头应位于______（选填“”或“”）端。
（3）为得到多组实验数据，进行实验时需要更换连入电路中的定值电阻。每次更换定值电阻后，都需要调节滑动变阻器，使电压表的示数______。
（4）某次实验时，闭合开关，调节滑动变阻器，发现电压表的示数始终等于电源电压，电流表示数为零，则电路中的故障是___________。
（5）某次实验中，电流表示数如图丙所示，该电流表的示数为______。
（6）某同学分析实验数据发现在电压一定的情况下，电流与电阻成反比，于是他作出了如图丁所示的图线，则实验中该同学加在电阻两端的电压为______。
【答案】如图；A；不变；定值电阻开路；0.24；3。
【解析】（1）[1]由公式可知，在电源电压一定时，电路中的电阻变小，电路中的电流变大。由题意可知，滑动触头向右移动时，电路中电流变大，即滑片向右移动连入电路中的电阻变小，滑动变阻器遵循“一上一下”的接法，下方接的是右接线柱，如图所示：
（2）[2]在闭合开关进行实验前，滑动变阻器应移至阻值最大处，滑动变阻器的右部分电阻丝连入电路中，滑动变阻器的滑动触头应位于A端。
（3）[3]探究电流与电阻的关系，需要采用控制变量法，控制定值电阻两端的电压不变，通过调节滑动变阻器，使电压表的示数不变，改变定值电阻的阻值来研究。
（4）[4]闭合开关，调节滑动变阻器，电流表示数为零，说明电路中没有电流，电路是开路，电压表的示数始终等于电源电压，电压表测电源电压，说明与电压表并联的定值电阻开路。
（5）[5]如图丙所示，电流表选用0~0.6A的量程，0.2A之间有10个小格，1小格代表0.02A，电流表的分度值为0.02A，电流表的示数为0.24A。
（6）[6]在实验中，定值电阻两端的电压是一定的，可以在坐标上取任意一点计算，当I=0.30A时，，则定值电阻的阻值
定值电阻两端的电压。
19. （9分）图甲是某小区高层住宅电梯结构的示意图，它主要是由轿厢、滑轮、配重、缆绳及电动机等部件组成，小明家住该小区某栋楼的16楼，他乘电梯从1楼匀速升到16楼用时50s，已知每层楼的高度为3m。小明重600N。轿厢重5400N，动滑轮和细绳的重力以及摩擦力均忽略不计，针对此时程，解答下列问题。
(1)拉力F的功率为多大？
(2)动滑轮A提升小明的机械效率为多少？
(3)图乙是该电梯超载自动报警系统工作原理的示意图，在工作电路中，当电梯没有超载时，触点K与触点A接触，闭合开关S，电动机正常工作，当电梯超载时，触点K与触点B接触，电铃发出报警铃声，即使闭合开关S，电动机也不工作，在控制电路中，已知电源电压为6V，保护电阻R2=100Ω，电阻式压力传感器R1的阻值随乘客压力（F压）大小变化如图丙所示，电磁铁线圈的阻值忽略不计，当电磁铁线圈电流超过0.02A时，电铃就会发出警报声，若乘客人均重为700N，该电梯最多可以乘载多少人？
【答案】(1)；(2)10%；(3)12人。
【解析】(1)根据动滑轮的特点可知细绳拉力大小；
轿厢上升的高度；
拉力移动距离；
拉力做的功；
拉力的功率；
(2)滑轮提升小明做的有用功；
动滑轮A提升小明的机械效率；
(3)由欧姆定律可得，电路总电阻；
此时压力传感器的电阻值；
根据图像可知此时的最大压力为9000N，则电梯承载的人数人
答：(1)拉力F的功率为；(2)动滑轮A提升小明的机械效率为10%；(3)该电梯最多可以乘载12人。
实验序号
物距u/cm
像距u/cm
像的性质
1
30
15
倒立、缩小的实像
2
25
16.7
____
3
20
20
倒立、等大的实像
4
15
______
倒立放大的实像
5
5
/
正立、放大的虚像