2024年四川省凉山州中考物理适应性试卷（含解析）

这是一份2024年四川省凉山州中考物理适应性试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。

1.华为X5(如图所示)荣耀发布，下列对华为X5手机说法正确的是( )
A. 手机正常使用时的温度是86℃
B. 充电器的输入电压为380V
C. 充电器的输出电压为11V
D. 充电器的输出电流为50A
2.下列关于温度、内能和热量的说法中，正确的是( )
A. 0℃的物体，内能为零
B. 物体吸收热量，温度一定升高
C. 内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体
D. 温度低的物体含有的热量一定少
3.如图所示，将一个空易拉罐的底部钻一个小孔，往易拉罐里喷少量酒精，然后将一个空的纸杯迅速套上，用手拿着这个“冲天炮”对着前方点燃的打火机靠近易拉罐底部的小孔，纸杯就会“冲天”飞出去，下列说法正确的是( )
A. 酒精燃烧时，将化学能转化为机械能
B. 纸杯飞出去的过程的能量变化，与内燃机的排气冲程相同
C. 纸杯飞出去时，易拉罐对纸杯做了功
D. 纸杯飞出去时，易拉罐内气体的内能减小
4.如图所示，验电器A带正电，B不带电，现用带有绝缘手柄的一根直棒把A和B连接起来，发现验电器A金属箔张角变小，验电器B金属箔张开。下列说法不正确的是( )
A. 验电器金属箔张开是因为它们带同种电荷
B. 直棒中瞬间电流的方向是从A流向B
C. 正电荷从A移到B，所以两个验电器都带正电
D. 验电器之间的直棒不可能是绝缘体
5.如图，AO和OB是两段由同种材料制成的粗细不同的电阻线，这两段电阻线的长度相等。当把它们串联接入某一电路中时，则( )
A. RAO>ROBB. IAO>IOBC. UAO6.图甲是小灯泡L和电阻R的I−U图像。将小灯泡L和电阻R接入图乙所示的电路中，只闭合S1时，电流表的示数为0.5A。电源为稳压电源，下列说法中正确的是( )
A. 只闭合S1时，小灯泡L的电阻为20Ω
B. 再闭合S2后，通过电阻的电流为0.3A
C. 闭合S1、S2后，电流表的示数为0.7A
D. 若电源电压为6V，通过灯的电流为0.75A
7.在如图所示的电路中，开关闭合时A1的示数为1.2A，A2的示数为0.5A。下列判断正确的是( )
A. 通过L1的电流为1.2A
B. 通过L1的电流为0.5A
C. 若L1的灯丝烧断，电流表A1有示数，A2没有示数
D. 若L2的灯丝烧断，电流表A1有示数，A2没有示数
8.如图所示的电路中，闭合开关，电压表V1的示数是6V，电压表V2的示数为8V，若L3两端的电压是L1两端电压的两倍，则电源的电压是( )
A. 8V
B. 9V
C. 10V
D. 11V
9.甲、乙两只电热杯及其铭牌如图所示，若它们的电阻不随温度的变化而改变，则下列说法中正确的是( )
A. 甲的电阻小于乙的电阻
B. 两电热杯均正常工作时，相同时间内消耗的电能一样多
C. 若将乙接在电压为110V的电路中，它的实际功率为250W
D. 若将两电热杯串联后接在电压为220V的电路中，相同时间内甲产生的热量较多
10.如图的滑动变阻器R1的电阻变化范围是0～200Ω，电阻R2=400Ω，电源的电压是6V且保持不变。当滑动变阻器的滑片从a端滑到b端，电压表示数的变化范围是( )
A. 6 V～4 V
B. 6 V～2 V
C. 6 V～0 V
D. 4 V～2 V
11.如图所示的电路图中，恒流电源始终为电路提供大小恒定不变的电流，灯泡L电阻不变，闭合开关S，将滑动变阻器R的滑片向右移动时(灯泡L始终工作)，灯泡L的亮度变化是( )
A. 变暗
B. 变亮
C. 不变
D. 无法判断
二、非选择题
12.有研究称新能源车的电池组能量密度(能量与质量的比值)没有无烟煤高，更别提汽油了。已知某新能源车的电池组电容量为100kW⋅ℎ(1kW⋅ℎ=3.6×106J)，由7000多枚18650电池组成，电池组总质量约为90kg。由此可知，能量密度相当于物理量______(选填“密度”、“热量”或“热值”)，新能源电池的能量密度是______。已知无烟煤的能量密度约为3.4×107J/kg，汽油的能量密度为4.6×107J/kg，这种说法是______。(选填“正确”或“错误”)
13.若某四冲程汽油机每秒完成100个冲程，则每秒它对外做功______次，飞轮每分钟转过______圈。
14.在中国空间站中，王亚平老师往一个水球中注入适量的蓝色颜料，观察到整个水球很快就变蓝了，这是______现象，水的温度越高，变色越______(选填“快”或“慢”)。组成水球的水分子没有四处散开，是因为分子间存在______。
15.我国家庭电路的电压是______V，一节干电池的电压是______V，对人体安全的电压是______V.
16.如图所示，小明在探究影响导体电阻大小的因素时实验中，电阻的大小并不能直接观察，而是通过电流表的示数来反映，电流表的示数越大，说明电阻丝的电阻越______。这里用到的研究方法是______法。
17.如图甲所示电路，电源电压为6V，当S闭合时，电压表的读数如图乙所示，则L2两端的电压为______V。当S断开，电压表的示数为______V。
18.目前新能源汽车在全球范围内受到了越来越多的关注，众多汽车制造商纷纷加入新能源汽车的研发和生产中。如图是某次北京车展中展出的电动汽车，电动汽车行驶时，主要将电能转化为______能，由于汽车各转向灯能独立工作，因此各转向灯之间是______联的，其中一盏灯因断路而熄灭，其余灯______(选填“不受影响”或“也会熄灭”)。
19.如图所示，是用电压表和电流表测额定电压是3.8V小灯泡正常发光时电阻的实验电路。这个电路连接存在的问题是 。将电路连接正确后，闭合开关，将滑动变阻器的滑片移动到如图所示的位置时，电压表示数为2.8V，这时应将滑动变阻器的滑片向 (选填“左”或“右”)适当移动。当小灯泡正常发光时，电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻是 Ω。
20.如图，在测量未知电阻阻值实验中，电阻R0=12Ω。闭合开关S1，将单刀双掷开关S2掷于a端，电压表示数为2.5V；将S2切换到b端，电压表示数为1.5V，则电源电压为______V，电阻Rx的阻值为______Ω，1min电流对Rx做功______J。
21.如图所示，某家用电热水壶有“高温”、“低温”两挡，已知定值电阻R1与R2阻值相等，“低温挡”正常工作时的功率为484W，则R2的阻值为______Ω。在标准大气压下，用“高温挡”加热初温为15℃、质量为1kg的水7min，该过程消耗的电能为______J，若产生的热量全部被水吸收，则水的温度升高了______℃。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
22.已知甲、乙、丙三个定值电阻中丙的阻值最大，如图a、b分别是甲、乙两电阻的I−U图像。请在图中大致作出丙电阻的I−U图像。
23.如图是学校档案室的人脸和指纹双识别系统，要求人脸识别成功(S1闭合)，且指纹识别成功(S2闭合)才能由电动机M自动打开防盗门锁，请把电路连接完整。
24.把电池组、电流表，电压表三个元件的符号填入图所示的电路中，使得电路接通后，电流方向如图中箭头I所示，且移动滑动变阻器的滑片P，使小灯泡L变亮时，电压表的示数变小。
25.如图甲所示，小明用相同的酒精灯分别给质量和初温均相同的水和煤油加热，以探究水和煤油吸热能力的大小。

(1)在图甲中组装器材时，发现温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，应适当将______(填“A处向上”或“B处向下”)调整。
(2)要完成该实验，除了图甲、乙中所示的器材外，还需要的测量工具有秒表和______。
(3)实验过程中通过______反映两种液体吸热的多少。
(4)根据实验数据，小明作出了水和煤油的温度随加热时间变化的图象如图丙，由图象可知煤油的比热容是______J/(kg⋅℃)。[c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]
(5)实验用酒精20g，这些酒精完全燃烧放出的热量是______J。(q酒精=3.0×107J/kg)
(6)实验结束后，小明又找来了一些冰块，探究了冰熔化过程中温度变化规律，并根据测得的数据绘制了如图丁所示的图象，在BC阶段中C点处物质的内能______(填“大于”“小于”或“等于”)B点处物质的内能；由图丁可以看出AB、CD段升高的温度相同，但CD段加热的时间更长，其原因是______。
26.在“测定小灯泡额定功率”的实验中，电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，滑动变阻器规格为“30Ω 1A”。
(1)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数如图乙所示，则小灯泡额定功率为______W；
(2)接着小明的同桌在未断开开关的情况下，直接将小灯泡从灯座上拔出，那么拔出小灯泡后电压表的示数情况是______(选填“示数为零”或“有较大示数”)；

(3)实验完成后小明对实验数据进行了分析：电压表内电阻虽然很大，但实验中仍会有微小的电流通过，这会导致实验时灯泡额定功率的测量值______(选填“大于”、“等于”或“小于”)真实值；
(4)这时老师找来四个阻值分别为5Ω、10Ω、15Ω和20Ω的定值电阻，想让小明完成“探究电流与电阻的关系”的实验。于是小明设计了如图丙所示的电路，他多次改变R的阻值，调节滑动变阻器的滑片，使电压表的示数保持______V不变，记下电流表的示数，得到如图丁所示的电流随电阻R变化的图象。由图象可以得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成______比。
27.小明用酒精灯给质量为0.2kg的水加热，他绘制出水的温度随加热时间变化的图像如图所示。已知酒精的热值q酒=3.0×107J/kg，加热时酒精灯平均每1min消耗2.8×10−3kg的酒精。随后小明用该酒精灯以完全相同的加热方式给质量为0.4kg的沙子加热，测得沙子在1min内温度升高了35℃。已知水的比热容c水=4.2×103J/(kg⋅℃)，求：
(1)加热2min水吸收的热量Q；
(2)该酒精灯对水的加热效率η；
(3)沙子的比热容c沙。
28.如图所示电路，电源电压保持不变，滑动变阻器的最大阻值为30Ω，电压表的量程为0～3V，灯L1和L2分别标有“2V 0.4W”、“2.5V 0.625W”的字样，忽略温度对灯丝电阻的影响。闭合开关S、S1，调节滑动变阻器滑片，当电压表示数为2V时，L2正常发光。求：
(1)电源电压。
(2)闭合开关S、S1时，电路中的最小电流。
(3)只闭合开关S，保证两灯泡实际功率不超过额定功率的情况下，滑动变阻器滑片接入电路的最小电阻。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.手机正常使用时的温度是0～35℃，故A错误；
B.充电器的输入电压为家庭电压，为220V，故B错误；
C.快充充电器的输出电压约11V，故C正确；
D.充电器的输出电流为6A，故D错误。
故选：C。
结合生活实际及数据大小进行判断即可。
此题考查了估测能力，难度不大。
2.【答案】C
【解析】解：A.一切物体都具有内能，故物体的温度为0℃，其内能不为零，故A错误；
B.物体吸收了热量，物体的温度不一定升高，如晶体熔化时，吸收热量温度不变，故B错误；
C.热传递的条件是存在温度差，内能小的物体温度可能高，内能大的物体温度可能低，故内能小的物体也可能将热量传递给内能大的物体，故C正确；
D.热量是一个过程量，只能说吸收热量或放出热量，不能说所含的热量，故D错误。
故选：C。
(1)影响内能的因素是物体的质量、状态和温度。
(2)晶体在熔化时，吸收热量，但温度不变，内能增加；
(3)热传递的条件：有温度差；
(4)热量是一个过程量，只能说吸收热量或放出热量。
此题主要考查学生对：温度、内能与热量关系，以及热传递的条件的了解和掌握。
3.【答案】D
【解析】解：A、酒精燃烧时，将化学能转化为内能，故A错误；
B、纸杯飞出去的过程，燃气的内能转化为纸杯的机械能，相当于内燃机的做功冲程，故B错误；
C、纸杯飞出去时，燃气对纸杯做了功，故C错误；
D、纸杯飞出去时，燃气对纸杯做了功，易拉罐内气体的内能减小，故D正确。
故选：D。
气体对外做功，本身的内能会减小，内能转化为机械能。
本题考查了内能的转化，属于基础知识，要熟记。
4.【答案】C
【解析】解：A、根据验电器的原理可知，金属箔张开是因为同种电荷相排斥，故A正确；
B.A带正电荷是由于缺少电子，而B不带电，此时电子会经过直棒从B移到A，由于正电荷定向移动的方向为电流的方向，且与电子移动的方向相反，因此金属棒中瞬间电流的方向从A流向B，故B正确；
C.金属导体里面作定向移动的为带负电的自由电子，故C错误；
D.绝缘体导电能力很弱，所以验电器之间的直棒不可能是绝缘体，应该是导体，故D正确。
故选：C。
(1)物理学中规定：正电荷定向移动的方向为电流的方向，且与电子移动的方向相反；
(2)验电器使用时电子会发生定向移动，让金属杆上的金属箔带上同种电荷，然后同种电荷会相互排斥从而验证物体是否带电的；
(3)容易导电的是导体，不容易导电的是绝缘体。
本题的目的是考查对验电器使用原理、电流方向的掌握情况，在金属导体中，能够自由移动的电荷是负电荷(自由电子)，所以在金属导体中，电流的方向始终与自由电荷的运动方向相反。
5.【答案】C
【解析】解：
AD、由题意知，导体AO与OB的材料、长度相同，OB的横截面积小于AO的横截面积，所以RAOB、由题意知，导体AO与OB串联接入电路，由串联电路的电流特点知，流过串联电路的电流处处相等，所以IAO=IOB，故B错误；
C、因为IAO=IOB，RAO故选：C。
(1)导体电阻大小由导体的材料、长度、横截面积和温度决定，在导体材料、长度相等的情况下，导体电阻与导体的横截面积成反比，导体横截面积越小，导体电阻越大；
(2)串联电路处处电流相等；
(3)根据欧姆定律的计算公式比较导线两端电压的大小。
本题主要考查了影响电阻大小的因素、串联电路的特点、欧姆定律计算公式的应用，涉及的内容较多，都属于基础知识考查范围。
6.【答案】C
【解析】解：A.由电路图可知，只闭合S1时，电路中只有小灯泡工作，电流表测量灯泡的电流，电流表的示数为0.5A，由图甲可知，此时灯泡两端的电压：UL=U=4V，
则小灯泡L的电阻为：RL=ULIL=4V0.5A=8Ω，故A不符合题意；
BC.再闭合S2后，小灯泡L与电阻R并联，电流表测量干路电流。根据并联电路电压规律可知：UR=UL=U=4V，
由图甲可知，通过电阻的电流为0.2A，电流表的示数即干路电流为：I=IL+IR=0.5A+0.2A=0.7A，故B不符合题意，C符合题意；
D.若小灯泡电阻保持8Ω不变，若电源电压为6V，通过灯的电流为：I′=U′RL=6V8Ω=0.75A，
由于灯泡电阻随温度的升高而增大，若电源电压为6V，通过灯的电流小于0.75A，故D不符合题意。
故选：C。
(1)只闭合 S1时，电路为灯泡L的简单电路，根据L的I−U图像找出对应的电压和电流，电源电压等于灯泡L两端的电压；
(2)再闭合开关S2时，灯泡L与R并联，电流表测干路电流，根据并联电路的电压特点结合图像读出通过R的电流，根据并联电路电流特点算出干路电流。
本题考查了并联电路的特点，从图像中获取有用的信息是关键。
7.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路的电流；
AB、由于电流表A2测L2支路的电流，所以通过L2的电流为0.5A；
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以通过L1的电流：I1=I−I2=1.2A−0.5A=0.7A，故AB错误；
C、若L1的灯丝烧断，电路为L2的简单电路，电流表A1、A2都测量电路电流，因此电流表A1、A2都有示数，故C错误；
D、若L2的灯丝烧断，电路为L1的简单电路，电流表A1测电路电流，电流表A2所在支路断路，因此电流表A1有示数，电流表A2无示数，故D正确。
故选：D。
由电路图可知，两灯泡并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测L2支路的电流，根据并联电路的电流特点求出通过L1的电流；根据灯丝烧断的情况和并联电路中各用电器互不影响的特点判断电流表的示数。
本题考查了并联电路的电流特点，关键是判断出两灯泡的连接方式和电流表所测的电路元件。
8.【答案】C
【解析】解：由电路图可知，三灯泡串联，V1测L1、L2两端的电压，V2测L2、L3两端的电压，L3两端的电压是L1两端电压的两倍，假设L1、L2、L3两端的电压分别是U1、U2、U3，则
由于串联电路中总电压等于各分电阻电压之和，
则U1+U2=6V----------①
U2+U3=8V------------②
U3=2U1----------③
由②−①得：U3−U1=2V-----④，
将③代入④得：
U1=2V。
将U1=2V代入①得，U2=4V；
将U1=2V代入③得，U3=4V；
故总电压是：2V+4V+4V=10V；
故选：C。
由电路图可知，三灯泡串联，V1测L1、L2两端的电压，V2测L2、L3两端的电压；L3两端的电压是L1两端电压的两倍，故根据串联电路的电压特点求出各灯泡两端的电压。
本题主要考查了串联电路电压的特点，关键是电压表所测电路元件的辨别。
9.【答案】D
【解析】解：A、两电热杯的额定电压相同、甲的额定功率较小，根据P=UI=U2R的变形式R=U2P可知，乙的电阻较小，故A错误；
B、根据W=Pt可知，用电器消耗电能的多少与时间和功率有关，相同时间内，功率越大，消耗电能越多，正常工作时，乙的功率较大，消耗电能较多，故B错误；
C、根据P=UI=U2R可得，乙的电阻R乙=U乙2P乙=(220V)2500W=96.8Ω，
将乙接入110V的电路中，它的实际功率P乙′=U实2R乙=(110V)296.8Ω=125W，故C错误；
D、若将两电热杯串联后接在电压为220V的电路中，通过它们的电流相等，甲的电阻大，根据Q=W=Pt=I2Rt可知，相同时间内甲产生的热量较多，故D正确。
(1)用电器正常工作时的功率和额定功率相等，根据W=Pt可知，用电器消耗的电能与用电器的功率和通电时间有关；
(2)两电热杯的额定电压相同、甲的额定功率较大，根据P=UI=U2R比较两电热杯的阻值关系；
(3)根据P=UI=U2R求出乙电热杯的电阻，再根据P=UI=U2R求出乙接入110V的电路中时的实际功率；
(4)两电加热器串联时通过它们的电流相等，根据Q=W=Pt=I2Rt比较两电加热器的实际功率关系。
本题考查了电功公式和电功率公式的应用，要注意用电器正常工作时的功率和额定功率相等。
10.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，电阻R1、R2串联，电压表测量电阻R2与滑片P到b之间的电压之和；
因电压表在电路中相当于断路，所以滑片移动时不能改变接入电路中电阻，则电路中电流不变，
由U=IR可知，滑片P到b之间的电阻越大，电压表的示数越大；
当滑动变阻器的滑片P在a点时，电压表的示数最大，此时电压表测量电源的电压，即U最大=6V；
当滑动变阻器的滑片P在b点时，电压表的示数最小，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，根据欧姆定律可得，此时电路中的电流：
I=UR1+R2=6V200Ω+400Ω=0.01A，
电压表的最小示数：
U最小=IR2=0.01A×400Ω=4V，
所以，滑片从a端滑到b端，电压表示数的变化范围6V～4V。
故选：A。
由电路图可知，电阻R1、R2串联，电压表测量电阻R2与滑片P到b之间的电压之和，由欧姆定律可知，滑片P到b之间的电阻越大，电压表的示数越大；当滑动变阻器的滑片P在a点时，电压表的示数最大，此时电压表测量的是电源的电压；当滑动变阻器的滑片P在b点时，电压表的示数最小，根据欧姆定律，先求出此时电路中的电流，再求出电压表的示数。
解决本题的关键是找到电压表的示数最大、最小时滑动变阻器滑片所处的位置，抓住这一关键，运用欧姆定律进行计算就不难解决。
11.【答案】A
【解析】解：由电路图知小灯泡与滑动变阻器并联，将滑动变阻器R的滑片向右移动时，滑动变阻器的电阻变小，电路的总电阻变小，电路的总电流不变，根据U=IR知电源电压变小，小灯泡两端的电压也变小，根据P=U2R知小灯泡的实际功率变小，小灯泡变暗，故A正确。
故选：A。
由电路图知小灯泡与滑动变阻器并联，根据滑动变阻器R的滑片向右移动时电阻的变化判断出电路总电阻的变化，由于电路的总电流不变，根据U=IR判断出电源电压的变化以及小灯泡两端电压的变化，根据P=U2R判断出小灯泡的实际功率的变化，进而判断出小灯泡亮度的变化。
本题考查了并联电路电阻的规律和欧姆定律公式、电功率公式的应用，掌握通过电源的电流不变是解题的关键。
12.【答案】热值 4×106J/kg 正确
【解析】解：(1)由题意知，电池组能量密度(能量与质量的比值)，其单位为J/kg，而热值的单位也是J/kg，所以，“能量密度”相当燃料的热值；
(2)因为1kW⋅ℎ=3.6×106J，所以100kW⋅ℎ=100×3.6×106J=3.6×108J；
新能源电池的“能量密度”为3.6×108J90kg=4×106J/kg；
(3)电池组能量密度为4×106J/kg，无烟煤的能量密度约为3.4×107J/kg，汽油的能量密度4.6×107J/kg，可见电池组能量密度比无烟煤的小，比汽油的更小，所以新能源车的电池组能量密度(能量与质量的比值)没有无烟煤高的说法是正确的。
故答案为：(1)热值；(2)4×106J/kg；(3)正确。
(1)根据能量密度的定义结合所学知识即可得出答案；
(2)1kW⋅ℎ=3.6×106J，据此换算；根据能量密度(能量与质量的比值)的定义即可求出新能源车电池组的“能量密度”；
(3)将“电池组能量密度(能量与质量的比值)与无烟煤热值进行即可判断。
本题是一道信息给与题，弄清题干并结合所学知识即可正确解题，难度不大。
13.【答案】25 3000
【解析】解：热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，若该汽油机每秒完成100个冲程，则每秒它对外做功25次，飞轮转动50周，飞轮每分钟转过3000圈。
故答案为：25；3000。
热机完成一个工作循环，要经过4个冲程，燃气对外做功1次，活塞往返2次，飞轮转动2周，根据这个比例关系可以求出答案。
本题考查了转速的计算，熟记相关数据是解题的关键。
14.【答案】扩散 快 引力
【解析】解：由于分子永不停息地做无规则运动，所以王亚平老师在水球中注入蓝色颜料，不同物质的分子互相进入对方，整个水球很快变成蓝色，该现象是扩散现象；水的温度越高，分子运动越剧烈，变色越快；
分子间存在相互作用的引力和斥力，组成水球的水分子没有四散开来是因为分子间存在引力。
故答案为：扩散；快；引力。
不同的物质在相互接触时，物质的分子互相进入对方的现象就叫扩散现象；一切物质都是由分子组成的，分子永不停息地做无规则运动；分子间存在引力。
本题考查了分子运动论，是一道基础题，掌握基础知识即可正确解题。
15.【答案】220；1.5；不高于36
【解析】解：我国家庭电路的电压是220V，一节干电池的电压是1.5V，对人体安全的电压是不高于36V．
故答案为：220；1.5；不高于36．
本题依据对生活中常见电压值的了解写出答案．
要记住一些生活中常见的电压值，如：
一节干电池的电压是1.5V
一节铅蓄电池的电压是2V
家庭电路的电压为220V
对人体安全的电压为不高于36V
手机电池的电压为3.7V
16.【答案】小 转换
【解析】解：实验中通过电流表示数大小反映电阻大小，电流表示数越大，说明电阻丝对电流阻碍作用越小，即电阻丝的电阻越小。
实验中将电阻大小转换成了电流表示数，采用的方法是转换法。
故答案为：小；转换法。
电压一定时，电流大小与电阻有关；运用转换法，电阻的大小通过比较电流表示数大小来判断。
此题考查了影响电阻的因素，注意转换法的应用。
17.【答案】4.5 6
【解析】解：由电路图可知，L1和L2是串联，电压表测L1两端的电压；因为电压表的量程为0～3V，其分度值为0.1V，故电压表示数为1.5V；即L1两端的电压：U1=1.5V，
则L2两端的电压为：U2=U−U1=6V−1.5V=4.5V；
当开关S断开时，电压表的正负接线柱与电源两极相连，因此电压表的示数接近于电源电压，即6V。
故答案为：4.5；6。
由电路图可知，灯泡L1和L2串联，电压表测L1两端的电压，即电压表的示数为L1两端的电压，利用串联电路的电压关系求得L2两端的电压；开关断开时根据电路结构求出电压表示数。
本题考查了串联电路的电压特点和电压表的读数，关键是电压的正确使用和所测电路元件的判断。
18.【答案】机械 并 不受影响
【解析】解：电动汽车行驶时，消耗电能，是将电能转化为机械能。
汽车各转向灯能独立工作，互不影响，因此转向灯是并联的；其中一盏灯因断路而熄灭，其余灯不受影响。
故答案为：机械；并；不受影响。
电池供电时是电源，充电时则为用电器；
串联电路中各用电器互相影响，并联电路中各用电器互不影响。
本题考查了能量的转化和串并联的判断，是一道基础题目。
19.【答案】灯泡的额定电压超过了电压表的量程 右 7.6
【解析】解：由图甲知，电压表连接的0～3V的量程，灯泡的额定电压为3.8V，所以不可行；
电压表的示数为2.8V，低于灯泡的额定电压，要使小灯泡正常发光，根据串联分压原理可知应减小滑动变阻器接入电路的电阻，所以应向将滑动变阻器滑片向右移动；
由图乙知，电流表的量程为0～0.6A，示数为0.5A，所以R=UI=Ω。
故答案为：灯泡的额定电压超过了电压表的量程；右；7.6。
(1)灯泡的额定电压为3.8V，电压表应用0～15V的量程；
(2)灯泡正常发光，读出电流表的示数，根据R=UI计算出电阻值。
此题是测量灯泡的电阻实验，考查了滑动变阻器的使用，电流表的读数及电阻的计算，同时涉及到了串分压的知识。
20.【答案】2.5 8 7.5
【解析】解：已知电阻R0与Rx串联，闭合开关S1，将单刀双掷开关S2掷于a端时，电压表测量总电压，所以电源电压U=2.5V；
将S2切换到b端时，电压表测量电阻R0两端的电压，根据串联电路的电压特点可知，此时Rx两端的电压：Ux=U−U0=2.5V−1.5V=1V，
根据串联电路的电流特点和欧姆定律可知，通过Rx电流：Ix=I0=I=U0R0=1.5V12Ω=0.125A；
由I=UR可知，电流Rx的阻值：Rx=UxIx=1V0.125A=8Ω；
电流对Rx所做的功：W=UxIxt=1V×0.125A×1×60s=7.5J。
故答案为：2.5；8；7.5。
已知电阻R0与Rx串联，闭合开关S1，将单刀双掷开关S2掷于a端时，电压表测量总电压，即电源电压；
将S2切换到b端时，电压表测量电阻R0两端的电压，根据串联电路的电流、电压特点求出电阻Rx的阻值；
根据W=UIt求出电流对Rx所做的功。
本题考查串联电路的特点、欧姆定律以及电功公式的应用，确定电压表的测量对象是解题的关键。
21.【答案】50 4.0656×105 85
【解析】解：由图可知，当开关S2闭合、S1断开时，R1、R2串联，根据串联电路的电阻特点可知，此时电路中的总电阻最大，由P=U2R可知，此时电路总功率最小，电热水壶处于低温挡；
当开关S1、S2都闭合时，只有R2工作，电路中的总电阻最小，总功率最大，电热水壶处于高温挡；
由P=U2R可知，R1、R2的串联总电阻：R=U2P低=(220V)2484W=100Ω，
根据题意和串联电路的电阻特点可知，R2的阻值：R2=R1=12R=12×100Ω=50Ω；
电热水壶高温挡的电功率：P高=U2R2=(220V)250Ω=968W；
电热水壶高温挡工作7min消耗的电能：W=P高t=968W×7×60s=4.0656×105J；
根据题意可知水吸收的热量：Q吸=W=4.0656×105J，
由Q吸=cm(t−t0)可知，水理论上的末温：t′=Q吸c水m+t0=4.0656×105J4.2×103J/(kg⋅℃)×1kg+15℃=111.8℃，
一个标准大气压下，水的沸点是100℃，所以水的实际末温为100℃，
则水升高的温度：Δt=100℃−15℃=85℃。
故答案为：50；4.0656×105；85。
(1)由图可知，当开关S2闭合、S1断开时，R1、R2串联，当开关S1、S2都闭合时，只有R2工作，根据串联电路的特点和P=U2R可知电热水壶高温挡和低温挡的电路连接；根据P=U2R可求出R1、R2的串联总电路，根据串联电路的特点求出R2的阻值；
(2)根据P=U2R可求出电热水壶高温挡的电功率，根据W=Pt求出电热水壶高温挡工作7min消耗的电能；根据题意可知水吸收的热量，根据Q吸=cm(t−t0)求出水理论上的末温，根据一个标准大气压下水的沸点确定水的实际末温，根据Δt=t−t0求出水升高的温度。
本题是一道电热综合题，主要考查串联电路的特点、电功公式、电功率公式以及吸热公式的应用，能正确分析电路连接是解题的关键。
22.【答案】解：这三个电阻丙电阻最大，根据欧姆定律可得在电压一定时，通过丙电阻的电流最小，如图：
。
【解析】这三个电阻丙电阻最大，根据欧姆定律可得在电压一定时，通过丙电阻的电流最小，据此作图。
本题考查欧姆定律的灵活运用，属于基础题。
23.【答案】解：分析题意可知，只有开关S1、S2都闭合时，电动机才能工作，这说明两个开关是串联的，即两开关串联后与电动机、电源组成一个完整的电路，如图所示：

【解析】由题意可知，只有人脸识别成功(S1闭合)，且指纹识别成功(S2闭合)才能由电动机M自动打开防盗门锁，说明开关S1、S2相互影响、不能独立工作即为串联，据此进行解答。
本题考查了根据要求设计电路图，关键是明确两开关的连接方式。
24.【答案】解：
因滑动变阻器能改变灯泡的亮度，所以滑动变阻器和灯泡应串联；
灯泡变亮时，说明通过灯泡的电流变大，由U=IR可知灯泡两端电压变大，而题中要求电压表示数变小，说明电压表和滑动变阻器并联，则电压表填在中间的虚线框内；
电流表和滑动变阻器串联，应填在最右端的虚线框内；而电源应在最左端的虚线框内，且上端为负极、下端为正极，这样才满足电流方向如图所示；如下图所示：
。
【解析】因滑动变阻器能改变灯泡的亮度，所以滑动变阻器和灯泡串联；灯泡变亮时其两端电压变大，而已知电压表示数变小，说明电压表和滑动变阻器并联，电流表串联在电路中，结合电流的方向判断电源的正负极，据此在虚线框中填入元件的符号。
此类题目要求对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并联电路的特点正确填入电路元件的符号。
25.【答案】A处向上 天平 加热时间长短 2.1×103 6×105 大于 水的比热容比冰的大
【解析】解：(1)实验中要用酒精灯的外焰加热，故在图甲中组装器材时，发现温度计的玻璃泡碰到了烧杯底，应适当将A处向上调整；
(2)根据比较吸热能力的方法，要控制不同物质的质量相同，故除了图甲、乙中所示的器材外，还需要的测量工具有秒表和天平；
(3)根据转换法，实验过程中通过加热时间长短反映两种液体吸热的多少；
(4)根据图丙可知升高30℃，水和煤油的加热时间分别为20min和10min，由转换法知水、煤油的吸热之比为2：1，根据Q=cmΔt可知，在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，煤油的比热容是：c=12×4.2×103J/(kg⋅℃)=2.1×103J/(kg⋅℃)。
(5)若本实验共消耗酒精20g，则这些酒精完全燃烧放出的热量是：
Q=mq酒=0.02kg×3.0×107J/kg=6×105J；
(6)熔化是吸热过程，在BC阶段中C点处物质的内能大于B点处物质的内能；
冰熔化为水后质量不变，图象中AB、CD段升高的温度相同，但CD段加热的时间长，说明水吸收的热量较多，根据公式Q吸=cmΔt可知，这是因为水的比热容比冰的大。
故答案为：(1)A处向上；(2)天平；(3)加热时间长短；(4)2.1×103；(5)6×105；(6)大于；水的比热容比冰的大。
(1)实验中要用酒精灯的外焰加热，据此分析；
(2)(3)我们使用相同的酒精灯通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；或使相同质量的不同物质吸收相同的热量(即加热相同的时间)，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(4)根据图丙得出升高30℃水和煤油的加热时间，由转换法得出水、煤油的吸热之比，根据Q=cmΔt可知在质量和升高的温度相同的情况下，吸热与比热容成正比，据此得出煤油的比热容；
(5)根据Q=mq酒得出这些酒精完全燃烧放出的热量；
(6)晶体在熔化的过程中持续吸热，温度不变，吸收的热量使物体的内能增大；由已知条件结合Q吸=cmΔt分析。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法和Q=cmΔt的运用，为热学中的重要实验。
26.【答案】1.52 有较大示数 大于 2.5 反
【解析】解：(1)闭合开关，移动滑动变阻器的滑片，当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.4A，则小灯泡额定功率为：
P=UI=3.8V×0.4A=1.52W；
(2)接着小明的同桌在未断开开关的情况下，直接将小灯泡从灯座上拔出，电压表与电源连通测电源电压，那么拔出小灯泡后电压表的示数情况是有较大示数；
(3)电压表与灯并联，电压表测量灯的电压是准确的，电流表测干路的电流，实验完成后小明对实验数据进行了分析：电压表内电阻虽然很大，但实验中仍会有微小的电流通过，故电流表示数大于通过灯的实际电流，根据P=UI，这会导致实验时灯泡额定功率的测量值大于真实值；
(4)根据图丁所示的电流随电阻R变化的图象知：
UV=IR=0.5A×5Ω=0.25A×10Ω=---=2.5V；
电流与电阻之积为一定值，由图象可以得出结论：当导体两端的电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：(1)1.52；(2)有较大示数；(3)大于；(4)2.5；反。
(1)根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI得出小灯泡额定功率；
(2)直接将小灯泡从灯座上拔出，电压表与电源连通测电源电压，据此分析；
(3)电压表与灯并联，电压表测量灯的电压是准确的，电流表测干路的电流，根据并联电路电流的规律及P=UI分析；
(4)根据图丁求出电流与电阻R之积，据此分析。
本题测定小灯泡额定功率及探究电流与电阻的关系，考查电路和数据及误差分析等知识。
27.【答案】解：(1)加热2min水升高的温度Δt=50−20℃=30℃，
水吸收的热量Q吸=c水⋅m水⋅Δt=4.2×103×0.2×30J=2.52×104J；
(2)加热2min消耗酒精的质量为m酒=2.8×10−3kg×2=5.6×10−3kg，
加热2min酒精释放总热量：
Q放=m酒⋅q酒=5.6×10−3×3.0×107J=1.68×105J
酒精灯的加热效率η=Q吸Q放×100%=2.52×1041.68×105×100%=15%；
(3)加热1min酒精释放总热量Q′放=12Q放×1.68×105J=8.4×104J，
加热1min沙子吸收的热量Q′吸=Q′放⋅η=8.4×104J×15%=1.26×104J，
沙子的比热容：
c沙=Q吸′m沙⋅Δt沙=1.26×1040.4×35J/(kg⋅℃)=0.9×103J/(kg⋅℃)。
(1)加热2min水吸收的热量Q为2.52×104J；
(2)该酒精灯对水的加热效率η为15%；
(3)沙子的比热容c沙为0.9×103J/(kg⋅℃)。
【解析】(1)从图象可知，加热2min水的温度变化，已知水的质量和比热容，可利用公式Q吸=cmΔt计算水吸收的热量；
(2)已知酒精灯平均每2min消耗5.6×10−3kg酒精，便可以计算出给水加热2min时间消耗的酒精，已知酒精的热值，可利用公式Q放=mq计算热量，利用效率公式求加热效率；
(3)相同时间内酒精灯燃烧放出相同的热量，从(2)可知，加热2min水吸收的热量，可求沙子吸收的热量，已知沙子的质量和加热2min沙子的温度变化，可利用公式Q吸=cmΔt计算沙子的比热容。
本题考查了学生对吸热公式、效率公式、热值公式的掌握和运用，能从液体的温度随时间变化的图象搜集有关信息是本题的关键。
28.【答案】解：(1)由图可知，闭合开关S、S1，灯泡L2与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，
由灯泡L2正常发光可知，灯泡L2两端的电压为2.5V，
根据串联电路的电压特点可知，电源电压U=2V+2.5V=4.5V；
(2)只闭合开关S、S1，灯泡L2与滑动变阻器串联，
根据P=UI可知，灯泡L2正常发光时的电流I2=P2U2=，
根据I=UR可得：R2=U2I2=Ω；
已知电压表的量程为0～3V，则当电压表示数最大为3V时电路中的电流最小，
则根据串联电路的总电压等于各用电器两端的电压之和可得灯泡L2两端的电压为：
U2=′=U−U滑大=4.5V−3V=1.5V，
则电路中的最小电流，I最小=U2′R2=1.5V10Ω=0.15A；
(3)根据P=UI可知，灯泡L1正常发光时的电流I1=P1U1=0.4W2V=0.2A，
根据I=UR可得：R1=U1I1=2V0.2A=10Ω；
只闭合开关S，灯泡L1、L2、滑动变阻器串联，
为了使电路元件安全，保证两灯泡实际功率不超过额定功率的情况下，电路中的最大电流I大=I2=0.2A，
根据I=UR可得：R最小=UI大=Ω；
则根据串联电路的总电阻等于各用电器的阻值之和可得滑动变阻器接入电路的最小电阻为：
R滑小=R最小−R1−R2=22.5Ω−10Ω−10Ω=2.5Ω。
答：(1)电源电压为4.5V。
(2)闭合开关S、S1时，电路中的最小电流为0.15A。
(3)只闭合开关S，保证两灯泡实际功率不超过额定功率的情况下，滑动变阻器滑片接入电路的最小电阻为2.5Ω。
【解析】(1)由图可知，闭合开关S、S1，灯泡L2与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，由灯泡L2正常发光可知灯泡L2两端的电压，根据串联电路的特点可知电源电压；
(2)只闭合开关S、S1，灯泡L2与滑动变阻器串联利用P=UI分别求出灯泡L2正常工作时的电流，根据欧姆定律求出L2的电阻，当电压表示数最大时电路中的电流最小，根据串联电路的特点和欧姆定律求出最小电流；
(3)利用P=UI分别求出灯泡L1正常工作时的电流，根据欧姆定律求出L1的电阻，
只闭合开关S，灯泡L1、L2、滑动变阻器串联，比较灯泡L1、L2正常工作时的电流可知电路中的最大电流，根据欧姆定律和电阻的串联求出滑动变阻器滑片接入电路的最小电阻。
本题考查了串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式的灵活运用，分清开关闭合、断开时电路的连接方式是关键，难度较大。