2023-2024学年山东省日照市东港区九年级（上）期末物理试卷（含解析）

这是一份2023-2024学年山东省日照市东港区九年级（上）期末物理试卷（含解析），共19页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1.以下物理量是同学们进行估测的数据，你认为数据明显符合实际的是( )
A. 家用电风扇的额定功率约为2000W
B. 教室里一只日光灯正常工作时的电流约为0.2A
C. 一节干电池的电压为36V
D. 220V的电压对人体是安全的
2.关于如图所示的四个热学实验，下列说法错误的是( )
A. 竖直向上提升玻璃板，在玻璃板将要离开水面时，弹簧测力计的示数变大
B. 迅速用力向下压活塞，活塞对筒内空气做功，空气的内能增加，温度升高
C. 红墨水在热水中比在冷水中扩散得快，表明温度高，分子热运动剧烈
D. 瓶内的气体对瓶塞做功，机械能转化为内能，瓶塞崩出时瓶口出现白雾
3.用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球(如图所示)，发现验电器的两个金属箔片张开。以下说法正确的是( )
A. 毛皮和橡胶棒摩擦的过程中橡胶棒失去了电子
B. 验电器的金属箔片张开是因为金属箔失去电子
C. 此过程中，瞬间产生的电流方向是从箔片流向橡胶棒
D. 此过程中，瞬间产生的电流方向是从橡胶棒流向箔片
4.如图所示，当开关S闭合后，下列说法正确的是( )
A. 灯L1与灯L2串联B. 电流表A1测的是灯L1的电流
C. 电流表A2测的是总电流D. 电压表V可以测灯L1两端的电压
5.如图所示电路，电源电压恒定，R0为定值电阻，R为滑动变阻器。闭合开关S后，在滑动变阻器滑片P向左滑动的过程中( )
A. 电流表A1的示数变小
B. 电流表A2的示数变大
C. 电压表V的示数变小
D. 电灯的亮度变暗
6.下列是教材中涉及用电安全的生产、生活情景示意图。关于各图说明的理解，下列说法中正确的是( )
A. 家用电器之间一般是并联关系，同时使用多个用电器会造成电路中总电流过大
B. 用电器外接插头短路会损坏用电器内部元件
C. 电弧触电时没有电流流过人体
D. 用电器外壳没接地时总是带电的
7.关于材料、能源及通信技术的应用，下列说法中不正确的是( )
A. 二极管是由半导体材料制成的B. 超导材料不能用于电饭锅的电热丝
C. 北斗定位是通过电磁波传送的D. 核能既是可再生能源又是新能源
8.如图是兴趣小组同学设计的运动音乐踏板装置，踩下或松开踏板，两音乐灯交替工作。下列描述正确的是( )
A. 踏板与电磁铁是并联的
B. 踩下踏板时绿灯亮、红灯灭
C. 松开踏板时，动触点与b接触
D. 增大R的阻值，可增大电磁铁对衔铁的吸引力
二、多选题：本大题共4小题，共16分。
9.关于温度、热量、内能，以下说法正确的是( )
A. 0℃的冰没有内能
B. 冰熔化时虽然温度保持不变，但它的内能增加
C. 物体的温度越高，所含的热量越多
D. 内能小的的物体可能给内能大的物体传递热量
10.如图，已知三个电阻阻值均为5Ω，电路两端电压恒为6V，下列说法正确的有( )
A. 该电路可探究电流通过导体时产生热的多少与电流大小的关系
B. 相同时间内R1产生的热量是R2的4倍
C. 若将R3拆除，流过R1的电流将减小
D. 若将R3拆除，R2的电功率变为原来的4倍
11.有关下列一些仪器或设备的原理，描述正确的是( )
A. 常用的液体温度计是根据液体的热胀冷缩的原理制成的
B. 滑动变阻器是通过改变接入电阻丝的材料来改变电阻的
C. 磁悬浮列车是通过巨大的磁极间的相互作用悬浮起来的
D. 电磁铁是在通电螺线管的基础上插入铁芯来增强磁场的
12.在学习电磁现象的过程中，下列四个实验描述错误的是( )
A. 甲实验研究的是电磁感应现象，摇动手柄线圈转动过程中机械能转化为电能
B. 乙实验中通电螺线管左端为N极，且螺线管的磁场由疏密不同的磁感线组成
C. 丙实验说明电流周围存在磁场，且磁场方向可由小磁针静止时N极指向来判断
D. 丁实验研究的是通电导体在磁场中受力而运动，发电机是依据此原理制成的
三、填空题：本大题共4小题，共12分。
13.图中单缸四冲程汽油机正处在______冲程，若该汽油机转速为1800r/mim，则它每秒钟完成______个冲程。用水循环带走汽油机产生的热量，这是利用了水的______较大的特性。
14.如图所示，是小明家的脉冲式电能表(3200imp表示指示灯闪烁的次数)，图中显示为本月初的示数，如果他家这个月共消耗了150kW⋅h的电能，那么本月底电能表示数应该是______kW⋅h.若小明观察到现在电能表指示灯每分钟闪烁160次，家中电器每分钟消耗______J的电能，总功率是______kW。
15.手机是利用______传输信号实现通讯的，该信号______(可以/不可以)在真空中传播。相同时间内，5G通讯传输的信息量约为4G的10倍。在相同介质中，5G信号的传播速度______(大于/等于/小于)4G信号的传播速度。
16.在太阳内部，氢原子核在超高温下发生核______(选填“聚变”或“裂变”)，释放出巨大的能量。利用太阳能的方式有多种，太阳能热水器是通过______的方式增加水的内能。现在世界上所有实现商业化运营的核电站原理都跟太阳内部反应的原理______(选填“相同”或“不同”)。
四、作图题：本大题共1小题，共3分。
17.图所示为一款新国标插线板的实物图，请用笔画线代替导线把虚线框内插座单元的电路补充完整接入家庭电路。(要求：开关同时控制两个插座)
五、实验探究题：本大题共3小题，共17分。
18.如图，甲、乙、丙三图中的装置完全相同，燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量和初温也相同。

(1)比较不同燃料的热值，应选择甲、乙两图进行实验，燃料完全燃烧放出的热量的多少是通过______(选填“液体升高的温度”或“加热时间”)来反映的。若在研究不同燃料热值实验时，记录数据如表，根据表中数据计算燃料2的热值是______J/kg。
(2)比较不同物质的比热容，应选择______两图进行实验。对质量和初温度均相同的a、b两种液体加热后，a、b两种液体的温度随时间变化的图象如图丁中A、B所示，则a、b两种液体的比热容之比ca：cb= ______。
19.利用如图所给的实验器材测量小灯泡的电功率。已知电源电压为6V，小灯泡的额定电压为3.8V，滑动变阻器的规格为“30Ω 1A”。

(1)请用笔画线代替导线，将图乙中的实物电路连接完整(和甲图对应)；
(2)连接电路时开关应______，滑动变阻器滑片P应移到最______(填“左”或“右”)端；
(3)闭合开关后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数如图丙所示，则小灯泡的额定功率为______W；
(4)移动变阻器的滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成如图丁所示的小灯泡的I−U图象。由图象可知：当小灯泡两端的电压增大时，小灯泡的电阻______(填“变大”“不变”或“变小”)，这是因为受到______的影响；
(5)在实验过程中发现，当小灯泡两端的电压逐渐增大时，通过它的电流也随之增大，灯泡的亮度变亮，说明灯泡的亮度取决于它的______；
(6)测量小灯泡的电功率______(填“需要”或“不需要”)改变小灯泡两端的电压进行多次测量求平均值，原因是______。
20.在探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”的实验中，某同学制成简易电磁铁甲、乙，并设计了如图所示的电路。
(1)当滑动变阻器滑片向______移动时，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数增加，说明电流越强，电磁铁磁性越强。
(2)根据图示情况可知______(填“甲”或“乙”)的磁性强，说明电流一定时，______，电磁铁磁性越强。
六、计算题：本大题共2小题，共25分。
21.如图所示的电路中，电阻R1的阻值为10Ω，电源电压不变。当S1、S2断开，S3闭合时，电流表的示数为0.6A；当S1断开，S2、S3闭合时，电流表的示数为0.8A。求：
(1)电源电压；
(2)R2的阻值；
(3)当S2、S3断开，S1闭合时，加在电阻R1两端的电压？
22.电压力锅集高压锅和电饭锅的优点于一体，既安全又节能。某型号电压力锅的额定电压为220V，如图是其工作原理图，R1、R2分别是主加热器和保压加热器，R1的额定功率为800W；L是用来指示电压力锅工作状态的变色发光二极管，当通过它的电流小于40mA时，发红光，达到40mA时，开始发绿光，只要有电流通过L其两端电压就恒为2V；R0是特殊电阻，其阻值随锅内温度变化而改变。接通电路，开关S自动与触点a、b闭合，开始加热，当锅内水温达到105℃时，S自动与a、b断开，并与触点c接通，开始保压，此时锅内水温不变，且未沸腾。

(1)电压力锅正常工作时，若指示灯L发绿光，求R0的最大阻值。
(2)在保压状态下，加热器正常工作1h耗电0.2kW⋅h，求R2的阻值。
(3)用该压力锅对5kg、20℃的水加热，正常工作21min后，求水温升高多少摄氏度？(已知消耗的电能全部被有效利用，水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)。
答案和解析
1.【答案】B
【解析】解：
A、家用电风扇的额定功率约为60W，故A不符合实际；
B、一盏日光灯正常发光时的电流约为0.2A，故B符合实际；
C、一节新干电池的电压为1.5V，故C不符合实际；
D、对人体安全的电压是不高于36V，故D不符合实际；
故选：B。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
2.【答案】D
【解析】解：A、因为玻璃和水接触在一起，并且玻璃分子和水分子间的距离在引力作用的范围内，故水分子和玻璃分子之间存在相互作用的引力，故向上拉玻璃板时，弹簧测力计的读数将变大，故A正确；
B、迅速用力向下压活塞，活塞对筒内空气做功，空气的内能增加，温度升高，故B正确；
C、不同的物质，在相互接触时彼此进入对方的现象是扩散现象。扩散的快慢跟温度有关。温度越高，扩散越快。滴入热水中的墨水比滴入冷水中的墨水扩散的快，说明温度越高，分子运动越剧烈，故C正确；
D、用力打气，对瓶内气体做功，瓶内气体内能增加、温度升高、压强增大；继续打气，当瓶内气体压强大于大气压强，瓶塞跳起，水蒸气对塞子做功，内能转化为机械能，内能减少，温度降低，瓶内的水蒸气液化形成小液滴，出现水雾，故D错误。
故选：D。
(1)分子间存在相互作用的引力和斥力；
(2)做功可以改变物体的内能，物体的内能与其本身的温度有关，温度越高内能越大；
(3)分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子无规则运动越剧烈；
(4)对物体做功，物体的内能增加；物体对外做功内能减少。
本题考查分子动理论和内能的改变，属于基础题。
3.【答案】C
【解析】解：A、毛皮和橡胶棒摩擦的过程中，橡胶棒原子核束缚电子的能力强，得到电子而带负电。故A错误；
B、验电器的金属箔片张开是因为橡胶棒上的部分电子转移到验电器，使验电器的金属箔片带了同种电荷，而同种电荷相互排斥，所以箔片张开。故B错误；
CD、橡胶棒接触验电器的金属球时，橡胶棒上带负电的电子从橡胶棒转移到验电器上，故电流的方向是从验电器的箔片到橡胶棒。故C正确、D错误。
故选：C。
(1)摩擦起电的实质是电荷的转移，原子核束缚电子的能力强，得到电子带负电，原子核束缚电子的能力弱，失去电子带正电；
(2)验电器是检验物体是否带电的仪器，其制作原理是：同种电荷相互排斥；
(3)用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电荷，当接触验电器上端的金属球时，橡胶棒上的电子会转移到验电器上；人们规定：正电荷定向移动的方向为电流的方向。
知道实验室中如何取得正电荷和负电荷，且明白验电器的工作原理是解决该题的关键。
4.【答案】D
【解析】解：当闭合开关后，两灯并联，电流从电源正极出发，经过开关S、电流表A1后分两条路径，一条经L1回到负极，另一条经A2、L2回到负极，电压表测量的是L1、L2两端的电压或电源电压。
A、当闭合开关后，灯L1与灯L2是并联的，故A错误；
B、电流表A1测的是总电流，故B错误；
C、电流表A2与L2串联，故测的是灯L2的电流，故C错误；
D、电路是并联的，电压表测量的是L1、L2两端的电压或电源电压，故D正确。
故选：D。
(1)串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间相互影响；并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间互不影响，独立工作；电源短路是指用导线将电源两极直接连接起来的电路。
(2)电流表应该串联在电路中，电压表应该并联在电路中。
解决此类电路问题的关键是根据串、并电路的特点，结合题意分析即可判断。
5.【答案】A
【解析】解：等效电路如图所示，三个用电器并联在电源两端，RL与R的电流通过A1，A2测R0中的电流。当R的滑片P向左移动时，接入电阻变大，故通过R的电流变小；而因为电压不变，故RL及R0中的电流不变，故可知，电压表示数不变，A2示数不变，灯泡亮度不变，而A1中电流变小。
故选：A。
先将电路等效后可看出：RL、R及R0三个用电器并联，电流表A1测RL及R的电流，A2测R0的电流。当滑动变阻器的滑片向左滑动时，R的接入电阻变大，因三个电阻两端的电压均为电源电压，电压值不变，故由欧姆定律可知三个电阻中流过的电流变化，则由并联电路的电流规律可知两电表的示数变化。
(1)对于较复杂的电路，在解答之前可先将电路简化成较为简单的串并联关系，然后再做分析。
(2)应记住电流表在电路中相当于通路，电压表在电路中相当于开路，故在简化电路时可先将电流表用导线代替，电压表直接开路。
6.【答案】A
【解析】解：A、家用电器之间一般是并联关系，并联电路的干路电流等于各支路电流之和，同时使用多个用电器会造成电路中总电流过大，根据公式Q=I2Rt可知，插座干路导线电阻和通电时间一定时，电流越大，产生的热量越多，因此用电总功率过大容易发生火灾，故A正确；
B、用电器外接插头短路会造成导线中电流过大从而使空气开关跳闸或引起火灾，但不会损坏用电器内部元件，故B错误；
C、人体、大地都是导电，电弧触电时有电流流过人体，故C错误；
D、用电器外壳没接地时，如果用电器没漏电，外壳就不会带电，如果用电器漏电，外壳就会带电，故D错误。
故选：A。
(1)家庭电路中电流过大的原因：短路或用电器总功率过大；
(2)用电器被短路时，不接入电路；
(3)人体触电时，会有电流通过人体；
(4)用电器的金属外壳要接地。
此题考查了安全用电原则，属常规题型。
7.【答案】D
【解析】解：A、二极管是由半导体材料制成的，故A正确；
B、超导材料的材料为零，不能发热，不能用于电饭锅的电热丝，故B正确；
C、北斗定位是通过电磁波传送的，故C正确；
D、核能既是不可再生能源又是新能源，故D错误。
故选：D。
(1)二极管是由半导体材料制成的。
(2)超导体的电阻为零。
(3)电磁波可以传递信息。
(4)核能属于不可再生能源，是新能源。
本题考查的是能源的分类；知道半导体和超导体的特点及应用；知道电磁波的应用。
8.【答案】B
【解析】解：
A、根据电路图可知，踏板与电磁铁是串联在电路中的，故A错误；
B、踩下踏板时，控制电路接通，通过电磁铁有电流，电磁铁具有磁性，会吸下衔铁，使得动触点与b接触，绿灯接入电路中，绿灯亮，红灯的电路是断开的，红灯灭，故B正确；
C、松开踏板时，控制电路是断开的，无电流，电磁铁不具有磁性，衔铁被拉起，动触点与a接触，红灯亮，故C错误；
D、增大R的阻值，根据串联电路的电阻关系可知，电路的总电阻变大，根据欧姆定律可知，通过电磁铁的电流变小，可减小电磁铁对衔铁的吸引力，故D错误。
故选：B。
(1)根据电路图分析电路的连接方式；
(2)踩下踏板时，通过电磁铁有电流，电磁铁具有磁性，会吸引衔铁，据此判定两灯的工作情况；
(3)松开踏板时，控制电路无电流，电磁铁不具有磁性，衔铁被拉起，据此判定动触点与b是否接触；
(4)影响电磁铁磁性大小的因素：电流的大小和线圈匝数的多少。
本题考查了电磁继电器的工作过程、影响电磁铁磁性大小的因素等知识，难度不大。
9.【答案】BD
【解析】解：A、一切物体都有内能，所以0℃的冰也有内能，故A错误；
B、冰是晶体，晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加，故B正确；
C、热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量，故C错误；
D、热传递的实质是热量从高温物体传递到低温物体，内能小的物体温度可能比内能大的温度高，所以内能小的的物体可能给内能大的物体传递热量，故D正确。
故选：BD。
(1)一切物体在任何情况下都有内能；
(2)晶体熔化过程中，吸收热量，温度不变，但内能增加；
(3)热量是一个过程量，不能说物体含有多少热量；
(4)热传递的条件是有温度差
本题热传递以及温度、热量、内能之间的关系，综合性强，应熟练掌握、深入理解。
10.【答案】ABC
【解析】解：
A、由题知，R1=R2=R3，由图知，R2与R3并联后再与R1串联，由串并电路电流特点知：I2=I3，I1=I2+I3=2I2，通电时间相等，可以探究电流通过导体产生热量与电流大小的关系，故A正确；
B、因为I1=2I2，且R1=R2，通电时间相等，由Q=I2Rt可知，相同时间内R1产生的热量是R2的4倍，故B正确；
CD、由串并电路的电阻特点可知，将R3拆除前，电路总电阻：R=R1+R2R3R2+R3=5Ω+5Ω×5Ω5Ω+5Ω=7.5Ω，
干路中的电流(流过R1的电流)：I=I1=2I2=UR=6V7.5Ω=0.8A，
将R3拆除后，R1与R2串联，电路中的电流：I′=I1′=I2′=UR1+R2=6V5Ω+5Ω=0.6A，
所以通过R1的电流将减小，故C正确；
由P=I2R可知，将R3拆除后与拆除前R2的电功率比：P2′P2=I2′2R2I22R2=(I2′I2)2=()2=94，即：P2′=94P2，故D错误。
故选：ABC。
(1)通电导体产生热量与通过导体的电流、导体电阻和通电时间有关，由此根据题目条件和实验装置，由控制变量法分析能探究的因素；
(2)由电路特点、欧姆定律公式、焦耳定律公式以及电功率公式分析解答。
本题考查电流产生热量因素的探究以及串并电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，考查知识点多，综合性强，灵活运用公式是关键。
11.【答案】ACD
【解析】解：A.液体温度计是根据液体的热胀冷缩的原理制成的，故A正确；
B.由于电阻的长度会影响电阻的大小，所以滑动变阻器是通过改变接入电阻丝的长度来改变电阻的，故B错误；
C.磁悬浮列车是利用同名磁极相排斥工作的，所以是通过巨大的磁极间的相互作用悬浮起来的，故C正确；
D.在通电螺线管中插入铁芯，磁场会增强，所以电磁铁是在通电螺线管的基础上插入铁芯来增强磁场的，故D正确。
故选：ACD。
液体温度计是利用液体的热胀冷缩的性质来工作的。
滑动变阻器原理：通过改变连入电路中电阻线的长度来改变电阻。
磁极间的相互作用规律：同名磁极相排斥，异名磁极相吸引。
在通电螺线管中插入铁芯，磁场会增强。
此题考查了液体温度计、滑动变阻器的原理、电磁铁、磁极间的相互作用等，属于基础知识。
12.【答案】BD
【解析】解：A、实验研究的是电磁感应现象，摇动手柄线圈转动过程中机械能转化为电能，故A正确；
B、根据安培定则，乙实验中通电螺线管左端为N极，且螺线管外部的磁场和条形磁体相似，故B错误；
C、丙实验说明电流周围存在磁场，且磁场方向可由小磁针静止时N极指向来判断，故C正确；
D、丁实验研究的是通电导体在磁场中受力而运动，电动机是依据此原理制成的，故D错误。
故选：BD。
(1)闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中就会产生电流，这种现象叫电磁感应，利用此原理制成了发电机。
(2)根据安培定则判断通电螺线管的极性，磁感线的疏密程度表示磁场的强弱。
(3)通电导体的周围存在磁场。
(4)通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理来工作的。
知道电磁感应、电流的磁效应和磁场对电流的作用以及它们各自的应用。
13.【答案】排气 60 比热容
【解析】解：(1)由图可见，一个气门关闭，一个气门打开，并且活塞向上运动，因此该冲程是排气冲程；
(2)汽油机完成1个工作循环，完成四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次，1800r/min=30r/s，即每秒完成15个工作循环，完成60个冲程，对外做功15次；
(3)用水循环带走汽油机产生的热量，这是利用了水的比热容较大的特性。
故答案为：排气；60；比热容。
(1)汽油机有吸气、压缩、做功、排气四个冲程，根据进气门和排气门的开关情况和活塞的运动方向来判断冲程的类型；
(2)汽油机完成1个工作循环，四个冲程，飞轮转2转，对外做功1次；
(3)利用温室效应和水的比热容大的特点分析。
解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点进行分析解答，还考查了比热容的特点。
14.【答案】773.4 1.8×105 3
【解析】解：(1)由图示电能表可知，电能表月初示数为623.4kW⋅h，
这个月共消耗了150kW⋅h的电能，
则月末示数：623.4kW⋅h+150kW⋅h=773.4kW⋅h；
(2)3200imp/kW⋅h”表示每消耗1kW⋅h的电能电能表的指示灯闪烁3200次，
电能表的指示灯闪烁160次消耗的电能：
W=160imp3200imp/(kW⋅h)=0.05kW⋅h=1.8×105J；
总功率：P=Wt=1.8×105J1×60s=3×103W=3kW。
故答案为：773.4；1.8×105；3。
(1)电能表最后一位示数是小数位，由图示电能表读出月初电能表的示数，月末电能表示数等于月初电能表示数加上本月消耗的电能；
(2)电能表上标有“3200imp/kW⋅h”表示每消耗1kW⋅h的电能电能表的指示灯闪烁3200次，现在知道指示灯闪烁160次，可以求出该用电器工作一段时间内消耗的电能，根据P=Wt求总功率。
本题考查了消耗电能、电功率的计算，以及电能表的读数方法，明确电能表相关参数的含义是关键。
15.【答案】电磁波 可以 等于
【解析】解：手机是利用电磁波传输信号实现通讯的，该信号可以在真空中传播。相同时间内，5G通讯传输的信息量约为4G的10倍。在相同的介质中，5G信号的传播速度等于4G信号的传播速度。
故答案为：电磁波；可以；等于。
(1)电磁波可以传递信息；电磁波可以在真空中传播。
(2)在相同的介质中，5G和4G信号的传播速度相同。
知道电磁波可以传递信息；知道在相同的介质中，5G和4G信号的传播速度相同。
16.【答案】聚变 热传递 不同
【解析】解：核能利用中只有太阳能是利用核的聚变释放能量的，而其他核电站是利用核的裂变来释放能量的，故世界上所有实现商业化运营的核电站原理都跟太阳内部反应的原理不同。
太阳能热水器吸收太阳的热量而使内部的水温度升高，是通过热传递的方式增加水的内能。
故答案为：聚变；热传递；不同。
(1)核反应的形式一种是重核的裂变反应，一种是氢核的聚变反应；
(2)改变物体内能的方式有两种：做功和热传递。
此题考查了内能的改变、核能，属于基础知识。
17.【答案】解：首先辨别上面三根线分别为火线、零线、地线；
开关同时控制两个插座，开关应接在干路上，且开关要与火线相连，两个插座应并联接入电路；
三孔插座的接法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线。
两孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线；
如下图所示：

【解析】开关同时控制两个插座，开关应接在干路上，且开关要与火线相连，两个插座应并联接入电路；三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线。
掌握开关、三孔插座、两孔插座的接法，同时考虑使用性和安全性。
18.【答案】液体升高的温度 1.2×107 甲和丙 1：2
【解析】解：(1)为了比较不同燃料的热值，应选用不同的燃料，加热同种液体，让液体的质量相同，通过燃料燃尽时液体升高的温度得出燃料完全燃烧放出热量的多少，进而判断热值大小；燃料的质量都为m=10g=0.01kg，不考虑热量损失时，则Q吸=Q放，则对燃料1有：camaΔt1=mq1，即cama×(35℃−15℃)=m×2.4×107J/kg，对燃料2有：camaΔt2=mq2，即cama×(25℃−15℃)=m×q2，
联立以上两式可得：q2=1.2×107J/kg；
(2)为了比较两种液体的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量和温度的变化相同，通过比较加热时间可知吸热的多少，进而判断两种液体比热容的大小关系，所以应选择甲和丙两图进行实验；
根据Q吸=cmΔt，在质量和升高温度相同的情况下，Q吸与比热容成正比，而Q吸与加热时间成正比，
则结合图象可得，a的比热容与b的比热容之比为ca：cb=10min：20min=1：2。
故答案为：(1)液体升高的温度；1.2×107；(2)甲和丙；1：2。
(1)燃料燃烧放出热量的多少不能直接测量，需要通过液体吸收热量的多少来体现，而同种液体吸收热量的多少跟液体的质量和升高的温度有关，根据控制变量法，为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过液体升高的温度得出燃料燃烧完全放出热量的多少，进而判断热值大小；知道燃料1的热值和质量，燃料放出的热量被液体吸收，不考虑热量损失时，则Q吸=Q放，根据Q吸=cmΔt、Q放=mq列出等式即可求出燃料2的热值；
(2)比较不同物质的比热容，需要燃烧相同的燃料，加热不同的液体，让液体的质量相同，温度计的示数变化相同时，通过比较加热时间比较吸热多少。
本题是一道关于物质比热容和研究热值的实验，实验中应用了控制变量法，熟练应用控制变量法、熟练应用燃烧值公式即可正确解题。
19.【答案】断开 左 1.52 变大 温度 实际功率 不需要 灯在不同电压下的功率不同
【解析】解：
(1)由图甲知滑动变阻器解右下接线柱与小灯泡串联，如下图所示：
；
(2)为保护电路，连接电路时开关应断开，滑动变阻器滑片P应放在阻值最大处，即最左端；
(3)闭合开关后，移动变阻器的滑片，当电压表的示数为3.8V时，电流表的示数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.4A，则小灯泡的额定功率为：
P=UI=3.8V×0.4A=1.52W；
(4)由图丁可知，小灯泡两端的电压增大量大于电流的增大时，由欧姆定律，小灯泡的电阻变大；这是因为受到温度的影响；
(5)在实验过程中发现，当小灯泡两端的电压逐渐增大时，通过它的电流也随之增大，根据P=UI，灯的实际功率变大，灯泡的亮度变亮，说明灯泡的亮度取决于它的实际功；
(6)测量小灯泡的电功率不需要多次测量求平均值，原因是灯在不同电压下的功率不同。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开；左；(3)1.52；(4)变大；温度；(5)实际功率；(6)不需要；灯在不同电压下的功率不同。
(1)由图甲知滑动变阻器解右下接线柱与小灯泡串联；
(2)为保护电路，连接电路时开关应断开，滑动变阻器滑片P应放在阻值最大处；
(3)根据电流表选用小量程确定分度值读数，根据P=UI求出小灯泡的额定功率；
(4)由图可知，小灯泡两端的电压增大量大于电流的增大时，由欧姆定律分析小灯泡的电阻变化；
(5)根据P=UI分析；
(6)灯在不同电压下的功率不同。
本题测量小灯泡的电功率，考查电路连接、注意事项、电流表读数、功率计算和欧姆定律的运用、影响电阻大小的因素及灯泡的亮度取决于它的实际功率。
20.【答案】左 甲 匝数越多
【解析】解：(1)因为电磁铁磁性的强弱和电流的大小有关，所以当滑片向左移动，滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路中的电流变大，电磁体的磁性增强，电磁铁甲、乙吸引大头针的个数增加；
(2)由图知，甲吸引大头针的个数较多，说明甲的磁性较强，甲、乙串联，电流相等，甲的线圈匝数大于乙的线圈匝数，说明电流一定时，线圈匝数越多，电磁铁磁性越强；
故答案为：(1)左；(2)甲；匝数越多。
掌握影响电磁铁磁性强弱的因素：电流的大小、线圈的匝数、有无铁芯；
(1)电磁铁磁性的强弱和电流的大小有关；
(2)根据电磁铁吸引大头针个数的多少判断电磁铁磁性的强弱并分析甲、乙磁性不同的原因。
探究“影响电磁铁磁性强弱的因素”实验，考查了影响电磁铁磁性强弱的因素，考查了滑动变阻器对电路电流的影响，有一定的综合性。
21.【答案】解：(1)当S1、S2断开，S3闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，
由I=UR可得，电源的电压：
U=I1R1=0.6A×10Ω=6V；
(2)当S1断开，S2、S3闭合时，两电阻并联，电流表测干路的电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过R1的电流不变，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R2的电流：
I2=I−I1=0.8A−0.6A=0.2A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，R2的阻值：
R2=U I2=6V0.2A=30Ω；
(3)当S2、S3断开，S1闭合时，两电阻串联，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，
所以，电路中的电流：
I′=UR1+R2=6V10Ω+30Ω=0.15A，
由I=UR可得，电阻R1两端的电压为：
U1=I′R1=0.15A×10Ω=1.5V。
答：(1)电源电压为6V；
(2)R2的阻值为30Ω；
(3)当S2、S3断开，S1闭合时，加在电阻R1两端的电压为1.5V。
【解析】(1)当S1、S2断开，S3闭合时，电路为R1的简单电路，电流表测电路中的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；
(2)当S1断开，S2、S3闭合时，两电阻并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1的电流不变，根据并联电路的电流特点求出通过R2的电流，利用并联电路的电压特点和欧姆定律求出R2的阻值；
(3)当S1闭合，S2、S3断开时，两电阻串联，根据电阻的串联和欧姆定律求出电路中的电流，利用U=IR算出R1两端的电压。
本题考查了串联电路和并联电路的特点以及欧姆定律的应用，关键是开关闭合、断开时电路串并联的辨别。
22.【答案】解：
(1)要使指示灯发绿光，电路中的最小电流I为40mA，
L两端电压恒为2V，则R0两端电压U0=U−UL=220V−2V=218V，
R0的最大阻值：R0=U0I=218V0.04A=5450Ω；
(2)在保压状态下，加热器R2工作，加执器电功率：
P2=W2t=0.2kW⋅h1h=0.2kW=200W，
由P=U2R可得R2的阻值：
R2=U2P2=(220V)2200W=242Ω；
(3)利用电压力锅加热21min，加热功率P加热=P1+P2=800W+200W=1000W，
消耗的电能：
W=P加热t=1000W×21×60s=1.26×106J，
由题知，消耗的电能全部被有效利用，即被水吸收，
则水吸收的热量：
Q吸=W=1.26×106J，
由Q吸=cmΔt可得水升高的温度：
Δt=Q吸cm=1.26×106J4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg=60℃。
答：(1)R0的最大阻值为5450Ω；
(2)R2的阻值为242Ω；
(3)水温升高60℃。
【解析】(1)要使指示灯发绿光，电路中的最小电流I为40mA，而L两端电压恒为2V，R0两端电压等于电源电压减去L两端电压，利用欧姆定律求R0的最大阻值；
(2)在保压状态下，加热器R2工作，利用P=U2R求加执器电功率，再利用P=U2R求R2的阻值；
(3)利用电压力锅加热21min，加热功率P加热=P1+P2，利用W=Pt求消耗的电能；由题知，消耗的电能全部被有效利用，即被水吸收，即Q吸=W，再利用Q吸=cmΔt求水升高的温度。
本题考查电阻、电功率、吸收热量和升高温度的计算，关键是公式及其变形的灵活运用，重点是对电路图的分析，这也是本题的难点。用电总功率过大容易发生火灾
绝缘皮破损容易造成短路
高压设备容易产生电弧触电
不能接触外壳未接地的设备
燃料10g
加热前液体温度t0/℃
燃料燃尽时液体温度t/℃
燃料热值q/(J/kg)
酒精
15
35
2.4×107
碎纸片
15
25
？