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2023-2024学年广东省河源市连平县九年级（上）期末物理试卷（含解析）
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这是一份2023-2024学年广东省河源市连平县九年级（上）期末物理试卷（含解析），共22页。试卷主要包含了选择题，非选择题等内容，欢迎下载使用。
1.下列关于物理量的估测，符合实际的是( )
A. 家庭电路的电压为380VB. 一节干电池的电压为2V
C. 智能手机电池电压约为3.7VD. 家用空调正常工作的电流约为1A
2.2022年3月23日下午，中国空间站“天宫课堂”开展第二次太空授课活动，航天员老师王亚平用水将两个塑料板连接起来，搭建了一座液体桥，如图所示。水在两板之间连接成为桥，这说明( )
A. 分子之间有引力B. 分子之间有斥力
C. 物质由大量分子构成D. 水分子在不停地运动
3.2023年6月4日早上，中国载人航天飞船神舟十五号返回舱在东风着陆场完美着陆，如图所示，返回舱在空中匀速下落时能量的变化情况是( )
A. 重力势能增加
B. 动能不变
C. 机械能不变
D. 机械能增加
4.在如图所示的几种生活情境中，利用做功方式改变内能是( )
A. 用煤气炉烧水B. 用冰冷却橙汁
C. 磨刀发热D. 晴天晒被子
5.安全用电是每一位中学生应有的常识，下列做法符合安全用电原则的是( )
A. 用湿手按开关
B. 用木棍取下落在高压线上的风筝
C. 使用测电笔辨别火线、零线时，手要接触笔尾的金属体
D. 家用电器着火时立即用水灭火
6.图甲是常用的一种可调风速的小风扇，图乙为其用于调风速的机械电位器结构图，a、b、c是它的三个接线柱，a、c分别与弧形电阻丝的两端相连，b与旋钮触片相连。下列有关说法正确的是( )
A. 机械电位器应该与电风扇中的电动机并联
B. 机械电位器通过改变电阻丝的温度来改变接入电路的电阻
C. 若将a、b接入电路中，顺时针转动旋钮时，风扇风速加快
D. 若将b、c接入电路中，顺时针转动旋钮时，风扇风速加快
7.根据额定电压为2.5V小灯泡的I−U图象(如图所示)分析，下列结论正确的是( )
A. 当小灯泡的电压为0V时，其电阻为0
B. 当小灯泡的电流为0.1A时，其实际功率为0.1W
C. 通过小灯泡的电流与其两端的电压成正比
D. 小灯泡的额定功率为0.625W
二、非选择题
8.小红和几个同学在竹海当中散步，翠竹的清香四处飘散，这是______现象，该现象表明组成物质的分子在不停地______；春天里，挖几棵春笋，能做一顿美味，炒笋的过程是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式使笋的内能增加。
9.原子是由原子核和核外______组成。毛皮摩擦过的橡胶棒由于______(选填“得到”或“失去”)电子带负电，如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的金属箔由于带______(选填“同种”或“异种”)电荷相互排斥而张开。
10.如图所示是电饭煲的铭牌，正常工作时电压为______V，功率为______W，电流为______A。
11.11月底电能表示数为7225.6kW⋅ℎ，12月底电能表示数如图所示，12月消耗的电能为______kW⋅ℎ，合计______J，按0.5元/kW⋅ℎ的标准收费，应缴纳电费______元。(1kW⋅ℎ=3.6×106J)
12.如图表示一种自动测定油箱内油面高度的装置。R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端。从油量表(由______表改装而成)指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度。当油箱向外输油时，R接入电路的电阻______；油量表的示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
13.如图甲所示，把电阻R与灯L接在3 V的电源上，电阻R与灯L的U−I图像如图乙所示。当S闭合时，灯L的电阻为_______Ω，电路消耗的功率为_______W，通电2 min电阻R产生的热量为_______J。
14.如图所示是四冲程内燃机工作循环中的______冲程，该过程是将______能转化为机械能；若在一个工作循环中该汽油机消耗了20g汽油(q汽油=4.6×107J/kg)，汽油机的效率为30%，则一个工作循环中输出的有用机械能为______J。
15.如图甲所示，小明家墙上安装的一个三孔带开关的插座。此插座的优点是：不用拔下插座上的插头，只需将插座上的开关断开就可以安全切断电源。请用笔画线代替导线，将图乙中的插座接入电路中。
16.如图1所示，学校有前、后两个门，在前、后门各装一个按钮开关，学校传达室有甲、乙两盏灯和电池组。要求前门来人按下开关时甲灯亮，后门来人按下开关时乙灯亮。图2是小明根据上述要求设计的电路图。请你按小明设计的电路图在图1的实物图上用笔画出连线。
17.如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，小明用两个相同的容器分别装入质量相等的A、B两种液体，用相同的装置加热。
(1)实验前，按______(选填“自上而下”或“自下而上”)的顺序组装器材。
(2)实验中使用玻璃棒的目的是______。
(3)实验中两种液体吸收热量的多少可通过______(选填“液体升高的温度”或“加热时间”)比较。
(4)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图乙所示，分析图像可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，______吸收的热量较多；质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，______升温较高；比热容大的液体是______。
18.某同学在探究“电流通过导体产生热的多少与什么因素有关”时，采用如图所示的实验装置，请观察甲、乙两图并回答下列问题：
(1)在甲图实验中，R1、R2采用______的连接方法，通过它们的电流相等；若通电时间相同，发现B玻璃管内液面高度变化较大，这表明：在电流相同、通电时间相同的情况下，导体的______越大，产生的热量越多。实验中主要运用了______和______两种物理学方法。
(2)乙图的装置是用来研究电阻丝产生的热量与______的关系。在实验中观察到左、右两侧U形管中液面都很快出现高度差而且高度差相等，原因是电阻丝______断路。排除故障后，重新利用乙装置进行实验，要使实验现象更明显，应该将R3换成阻值更______的电阻(选填“大”或“小”)。
19.在“伏安法测电阻”的实验中：
(1)图甲的实物电路用笔画线连接完整，要求滑片往左移电流表示数变大。
(2)在连接电路中，开关应该处于______(选填“闭合”或“断开”)状态。
(3)排除故障后进行实验。移动滑片P，当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙，其示数为______A，待测电阻Rx=______Ω。
(4)某同学利用一个电压表和一个已知阻值的电阻R0，设计如图丙的电路，同样测出待测电阻Rx的阻值。
实验步骤如下：
①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；
②______，用电压表测出电源的电压U；
③可得待测电阻Rx=______。(用U、U1和R0表示)
20.随着经济水平的提高，汽车已地走进了普通百姓人家。如下表为小明同学家汽车的有关数据：
求：
(1)某次行驶中，若水箱中水的温度升高了20℃，则水吸收多少热量？[水的比热容4.2×103J/(kg⋅℃)]
(2)若该汽车在水平路面上以额定功率匀速直线行驶0.5ℎ，消耗的汽油完全燃烧产生的热量为5.52×108J，该汽车发动机的热机效率？
21.某款电热饮水机具有加热和保温两挡，额定电压为220V。如图甲是其电路原理图，S0为温控开关，R1、R2为电热丝(阻值不变)。某次饮水机在额定电压下工作的电功率P与时间t的关系图象如图乙所示，求：
(1)饮水机处于加热挡阶段消耗的电能。
(2)饮水机处于保温挡时，通过R1的电流。
(3)R2的阻值。
22.如图是小圆同学做的一组实验，观察实验完成填空：
(1)如图甲所示，迅速向下挤压活塞，观察到硝化棉被引燃，该过程是将机械能转化为______能；该过程的能量转化情况与汽油机的______冲程相同。
(2)如图乙所示，把墨水同时滴入热水和冷水杯中，发现两杯水都会变色，这种现象被称为______现象；而热水杯比冷水杯变色更快，说明该现象快慢程度与______有关。
(3)如图丙所示，闭合开关，发现灯L1比灯L2亮，流过L1的电流______流过L2的电流(填“大于”、“小于”或“等于”)；再用一根导线同时接在L2的两端，则灯泡______会被短路。
23.小强运用所学的电学知识对家庭电路进行研究，并参与了家里空调安装的决策。
(1)观察供电箱时看到如图所示的情景，由此可知，小强家的照明电路和空调电路之间是______(选填“串联”或“并联”)的，当只有空调电路“跳闸”时，照明电路______(选填“能”或“不能”)正常工作。
(2)小强家的客厅计划安装一台空调。商场上有甲、乙两款空调，额定电压均为220V，额定功率分别为1500W和2200W，请你根据下列情况，合理选择并说明理由。
①甲款空调，制冷速度更______(选填“快”或“慢”)。当运行时间相同时，消耗电能较多的是______(选填“甲”或“乙”)款空调。
②空调启动时电流比较大，而电流过大会导致线路出现危险。如表为导线线径与安全载流量的关系表，小强家的导线线径为1.5mm2，你认为安装乙空调是否合适？______(选填“是”或“否”)，请说明理由：______。
24.阅读短文，回答问题。
燃气热水器燃气热水器是一种方便、快捷且不受天气影响的洗浴设备。
图甲为某款燃气热水器结构和工作原理示意图。使用热水器时，先通电，绿色指示灯亮，再打开冷水阀和燃气管上的燃气阀。之后打开热水阀时，电子点火器点火，燃气在燃烧器内燃烧，产生1700℃的高温烟气，此时红色指示灯亮，同时风机工作，高温烟气上升，流经热交换器，将从A点处流入热交换器的冷水加热，产生的热水从B点处源源不断流出热交换器，低温烟气从排烟管排出。关闭热水阀时，热水器停止加热。研究发现：热交换器中，烟气与水之间单位时间传递的热量随交换器内水管表面积的增大而增大。
该燃气热水器的技术参数如表，其中“额定耗气量”的含义是：热水器正常工作1小时消耗的燃气体积。
(1)热水器由家庭电路直接供电，正常工作时两端电压为______V；两个指示灯是二极管灯泡，该灯泡由______(选填“导体”“半导体”或“超导体”)材料制作，它们应______联在电路中。
(2)某次洗浴，设定热水管出水温度45℃，热水器正常工作用时15min。若该过程燃气完全燃烧，放出的热量为______J；
(3)现实中，燃气完全燃烧产生热量有如图乙几种流向，请补充完整______，因此该燃气热水器热效率永远无法达到______。
(4)(单选)下列措施中能提高热水器加热效率的是______。
A.使水管中的进水量减小
B.提高进水口冷水的初温
C.加长热交换器中水管长度
D.提高排出的低温烟气的温度
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.家庭电路的电压为220V，故A不符合实际；
B.一节干电池的电压为1.5V，故B不符合实际；
C.智能手机电池电压约为3.7V，故C符合实际；
D.家用空调正常工作的电流约为5A，故D不符合实际。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】A
【解析】解：水分子间有相互作用的引力才会形成水桥。
故选：A。
组成物质的分子间有相互作用的引力和斥力。
本题考查了分子动理论的知识，属于基础题。
3.【答案】B
【解析】解：返回舱在空中匀速下落时，质量不变，高度变小，重力势能变小；速度不变，动能不变；由于存在空气摩擦阻力，所以机械能总量减小，故B正确，ACD错误。
故选：B。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)动能和势能之和为机械能。
本题考查动能和势能的大小的判断、机械能守恒的条件，对于判断能量转化的题目，可从影响能量大小的因素来分析能量的变化，找到能量转化的方向。
4.【答案】C
【解析】解：A.用煤气炉烧水，水的温度升高，属于热传递改变物体的内能，故A不正确；
B.用冰冷却橙汁，橙汁温度降低，属于热传递改变物体的内能，故B不正确；
C.磨刀发热，机械能转化成内能，属于做功增加物体的内能，故C正确；
D.晴天晒被子，被子从太阳光吸收热量，温度升高，这是通过热传递改变物体内能的，故D不正确。
故选：C。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，其中做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程，据此分析回答。
本题考查了改变物体内能有两种方式：做功和热传递，属于基础题目。
5.【答案】C
【解析】解：A、生活用水是导体，用湿手按开关，容易发生触电事故，故A不符合安全用电原则；
B、因为高压输电线上是高压，用木棍取下落在高压线上的风筝，可能会发生高压电弧触电，故B不符合安全用电原则；
C、使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光，故C符合安全用电原则；
D、家用电器失火，用水扑灭时，由于生活用水是导体，且水具有流动性，当人接触时，将会发生触电事故，故D不符合安全用电原则。
故选：C。
当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电，家庭电路中的触电事故，都是人体直接或间接跟火线接触造成的。
本题考查了安全用电的常识，学会安全用电，加强自我保护。
6.【答案】D
【解析】解：A、如图机械电位器应该与电风扇中的电动机串联，故A错误；
B、如图机械电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻，从而改变电路的电流达到改变灯泡亮度的目的，故B错误；
C、若将a、b接入电路中，滑片左边的电阻丝接入电路，转动旋钮，电阻丝连入电路的长度发生变化，顺时针转动旋钮，电阻增大，电流变小，风扇风速变慢，故C错误；
D、若将b、c接入电路中，滑片右边的电阻丝接入电路，转动旋钮，电阻丝连入电路的长度发生变化，顺时针转动旋钮，电阻减小，电流变大，风扇风速加快，故D正确。
故选：D。
(1)如图机械电位器的实质是滑动变阻器，与用电器串联在电路中，靠通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电路的电流；
(2)若将a、b或b、c接入电路，滑片左边或右边的电阻丝接入电路，顺时针转动旋钮时，分析机械电位器接入电路的电阻变化，可知电路中电流变化。
本题考查学生对于滑动变阻器的理解和掌握。熟知使用和接线原则是解题关键。
7.【答案】D
【解析】解：
A、电阻是导体本身的一种属性，跟导体的材料、长度、横截面积和温度有关，跟导体两端的电压、通过的电流无关；当小灯泡的电压为0V时，其电阻不为0，故A错误；
B、由图象可知，小灯泡的电流为0.1A时，其实际电压为0.5V，其实际功率P=UI=0.5V×0.1A=0.05W，故B错误；
C、由图象可知，灯泡的电流与其两端电压的关系图线是一条曲线，所以通过小灯泡的电流与其两端的电压不成正比，故C错误；
D、由图象可知，小灯泡在额定电压为2.5V时，电流为0.25A，其额定功率P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W，故D正确。
故选：D。
(1)电阻是导体本身的一种属性，跟电压、电流无关；
(2)由图分析，P=UI可得实际功率；
(3)分析图象可得灯泡的电流与其两端的电压的关系；
(4)根据P=UI可求小灯泡的额定功率。
本题主要考查灯泡的I−U图象，从图象上找出有用的信息是解题的关键。
8.【答案】扩散 做无规则运动 热传递
【解析】解：能闻到翠竹的清香，属于扩散现象，是因为分子不停地做无规则运动造成的。
炒笋的过程中，笋吸收热量、温度升高，是通过热传递的方式使其内能增加的。
故答案为：扩散；做无规则运动；热传递。
物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动；
改变内能有两种方式：做功和热传递。
此题考查了扩散现象和改变内能的方式，是一道联系实际的应用题，难度不大。
9.【答案】电子 得到 同种
【解析】解：原子是由原子核和核外电子组成。毛皮摩擦过的橡胶棒对电子的束缚能力强，得到电子带负电，如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球验电器的金属箔由于同种电荷互相排斥而张开。
故答案为：电子；得到；同种。
(1)由于不同物质的原子核束缚电子的本领不同；当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电；
(2)验电器的实质是同种电荷相互排斥。
本题主要考查了摩擦起电的实质、电荷间的相互作用，属于基础题。
10.【答案】220 1210 5.5
【解析】解：由铭牌可以知道，正常工作时的电压为220V，功率为1210W，
所以正常工作时的电流为I=PU=1210W220V=5.5A。
故答案为：220；1210；5.5。
结合电饭锅的铭牌，利用P=UI求得正常工作时的电流。
此题考查了电功率的计算，属于常考知识。
11.【答案】100 3.6×108 50
【解析】解：12月消耗的电能为W=7325.6kW⋅ℎ−7225.6kW⋅ℎ=100kW⋅ℎ=3.6×108J；
应缴纳电费为100kW⋅ℎ×0.5元/kW⋅ℎ=50元。
故答案为：100；3.6×108；50。
电能表最后一位是小数，由图示电能表读出电能表的示数，两电能表示数之差是12月的用电量，知道电价可求应付的电费。
本题考查了电能表的认识理解电能表各参数的含义是关键。
12.【答案】电流 变大 变小
【解析】解：由图可知，滑动变阻器和定值电阻串联，油量表串联在电路中，所以该油量表是由电流表改装而成的；
由图知，当油箱向外输油时，油面下降，浮标下降，则杠杆的左端下降，其右端上升，所以滑动变阻器R连入电路的电阻变大，串联电路的总电阻变大；
根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表(油量表)示数变小。
故答案为：电流；变大；变小。
根据“电压表应与被测电路并联、电流表应与被测电路串联”判断图中油量表的类型；
当油箱向外输油时，油面下降，浮标下降，根据图示可知杠杆的偏转情况，从而确定滑动变阻器R接入电路的电阻变化，再利用电阻的串联和欧姆定律进行分析判断。
本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是根据杠杆的偏转情况判断滑动变阻器接入电路的电阻变化。
13.【答案】10 1.8 108
【解析】解：当S闭合时，灯L与电阻并联在3V的电源上，故此时的灯泡两端的电压为3V，
通过乙图可知，此时灯泡L和电阻R的电流都为0.3A，故此时灯泡的电阻为：
R灯=UI1=3V0.3A=10Ω；
总电流为：I总=I1+I2=0.3A+0.3A=0.6A，
电路消耗的功率为：P总=UI总=3V×0.6A=1.8W；
此时电阻R两端的电压也为3V，电流为0.3A，由Q=I2Rt及欧姆定律可得通电2min电阻R产生的热量为：
Q=UI2t=3V×0.3A×2×60s=108J。
故答案为：10；1.8；108。
(1)当S闭合时，灯L与电阻并联在3V的电源上，故此时的灯泡两端的电压为3V，通过乙图可知，此时灯泡L和电阻R的电流，根据欧姆定律求出灯泡L的电阻；
(2)已知灯泡L和电阻R的电流，根据并联电路的电流特点，求出总电流，根据P=UI计算电路消耗的功率；
(3)已知电阻R的电流和电压，根据Q=I2Rt=UIt计算通电2min电阻R产生的热量。
本题考查欧姆定律的应用及电能的计算问题，有一定综合性。
14.【答案】做功 内 2.76×105
【解析】解：内燃机两气门都关闭，火花塞点火，活塞由上向下运动，汽缸容积变大，是做功冲程，该过程是将内能转化为机械能；
汽油完全燃烧放出的热量Q放=qm=4.6×107J/kg×0.02kg=9.2×105J，
故有用机械能W有=ηQ放=30%×9.2×105J=2.76×105J。
故答案为：做功；内；2.76×105。
判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞由下向上运动为压缩冲程和排气冲程；活塞由上向下运动为吸气冲程和做功冲程。
知道汽油的质量和热值，利用Q放=qm求汽油完全燃烧产生的热量(总能量)；知道汽油机的效率，利用热机效率公式求有用机械能。
此题考查了内燃机四个冲程的判断、燃料放热的公式以及机械效率的计算等知识。
15.【答案】解：安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；上面为火线、中间为零线、下面为地线；要使开关控制三孔插座，应将开关与插座的右孔连接。如图所示：
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线；开关要接在火线和插座之间。
本题考查了插座的使用，掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
16.【答案】解：由题意知，甲、乙两个电灯并联，前门开关控制甲灯、后门开关控制乙灯；即甲灯亮时表示前门有人；乙灯亮时，表示后面有人，实物电路图和电路图如下图所示：
【解析】由电路图可知，甲、乙两盏灯泡可以独立工作、互不影响即为并联，且前门开关控制甲灯、后门开关控制乙灯。
根据题意得出甲、乙灯泡的连接方式和开关的位置是解决本题的关键。
17.【答案】自下而上 使液体受热均匀 加热时间 A B A
【解析】解：(1)因用酒精灯的外焰加热，故实验前，按自下而上的顺序组装器材；
(2)实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀；
(3)根据转换法，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较；
(4)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A加热时间长，故A吸收的热量较多；所以A的比热容大；
质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，即加热时间相同，B升温较高。
故答案为：(1)自下而上；(2)使液体受热均匀；(3)加热时间；(4)A；B；A。
(1)根据用酒精灯的外焰加热确定实验器材调试的顺序，从而确保一次调试到位；
(2)实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀；
(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(4)根据图乙分析回答。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
18.【答案】串联 电阻 控制变量法 转换法 电流大小 R3 小
【解析】解：(1)在甲图实验中，两电阻串联，通过的电流相同，若通电时间相同，发现B玻璃管内液面高度变化较大，根据转换法，10Ω电阻丝产生的热量多，而10Ω>5Ω，这表明：在电流相同、通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；实验主要用到了控制变量法和转换法；
(2)图乙容器中，右容器中两个5Ω的电阻并联后再与左容器中一个5Ω的电阻串联，
根据并联电路的电流特点可知，通过左容器内电阻丝的电流大于通过右容器内电阻丝的电流大，I左>I内，而烧瓶内的电阻值都是5Ω，电阻相同，通电时间相等，故乙图的装置是用来研究电阻丝产生的热量与电流大小的关系；
在实验中观察到左、右两侧U形管中液面都很快出现高度差而且高度差相等，根据转换法，说明两容器内电阻丝产生的热量相同，因两电阻丝大小和通电时间相同，由Q=I2Rt知，通过两电阻丝的电流也相同，故原因是电阻丝R3断路；
排除故障后，重新利用乙装置进行实验，要使实验现象更明显，即右容器中电阻丝产生热量更小一些，根据Q=I2Rt知，应让通过右容器中电阻丝的电流更小一些，根据串联、并联电路电流的规律知，通过R3的电流应更大一些，根据并联电路电压的规律和欧姆定律，应该将R3换成电阻更小的电阻。
故答案为：(1)串联；电阻；控制变量法；转换法；(2)电流大小；R3；小。
(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但可给等量的气体加热，根据热胀冷缩，产生的热量越多，气体膨胀程度越大，U形管中液面的高度关越大，采用了转换法；
由Q=I2Rt，电流产生的热量与电流大小、电阻大小和通电时间有关，研究与其中一个因素关系时，要控制另外两个因素相同，根据题意，由控制变量法分析；
(2)分析图乙中电路的连接，根据并联电路的电流特点可知，比较通过左容器内电阻丝的电流与通过右容器内电阻丝的电流大小，分析相同的量和变化的量，根据控制变量法分析乙图的装置研究电阻丝产生的热量与变化量的关系；
由题意，根据转换法确定两容器内电阻丝产生的热量相同，因两电阻丝大小和通电时间相同，由Q=I2Rt知分析通过两电阻丝的电流也相同，据此分析原因；
要使实验现象更明显，即右容器中电阻丝产生热量更小一些，根据Q=I2Rt和串联、并联电路电流的规律知，确定通过R3的电流变化，根据并联电路电压的规律和欧姆定律分析回答。
此题研究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”，考查意控制变量法和转换法的运用，同时考查了串联、并联电路电流的规律的运用及欧姆定律的运用。
19.【答案】断开 0.26 5 再闭合S1 U1U−U1⋅R0
【解析】解：(1)滑片往左移电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与定值电阻串联，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，在连接电路中，开关应该处于断开状态；
(3)移动滑片P，当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.26A，待测电阻Rx的阻值为：
Rx=UxIx=Ω；
(4)实验步骤如下：
①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；
②再闭合S1，用电压表测出电源的电压U；
③在步骤①中，两电阻串联，测得电阻Rx两端的电压为U1；
在步骤②中，定值电阻R0短路，电路为电阻Rx的简单电路，电源电压为U；
根据串联电路电压规律，两电阻串联时，定值电阻R0两端电压为：U0=U−U1，
由欧姆定律可得，电路中的电流为：
I=I0=U0R0=U−U1R0，
则待测电阻的表达式：
Rx=U1I=U1U−U1R0=U1U−U1⋅R0。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开；(3)0.26；5；(4)②再闭合S1；③U1U−U1⋅R0。
(1)滑片往左移电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)为了保护电路，在连接电路中，开关应该处于断开状态；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用R=UI求出待测电阻Rx的阻值；
(4)通过开关的转换分别使电压表测Rx两端的电压和电源电压，根据串联电路的规律及欧姆定律得出待测电阻的表达式。
本题伏安法测电阻的实验，考查了电路连接、注意事项、电流表读数和电阻的计算及设计实验方案测电阻的能力。
20.【答案】解：(1)行驶中水箱中的水吸收的热量
Q=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg×20℃=4.2×105J；
(2)汽车以额定功率匀速直线行驶0.5ℎ，发动机输出的功为W=Pt=92×103W×0.5×3.6×103s=1.656×107J，
汽车发动机的热机效率为
η=WQ=1.656×107J5.52×108J=0.3=30%。
答：(1)行驶中水箱中的水吸收的热量为4.2×105J；
(2)汽车发动机的热机效率为30%。
【解析】(1)知道水的质量、水的比热容、水的温度升高值，利用公式Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)知道汽车在额定功率下行驶的时间，根据W=Pt求出发动机做的功，利用η=WQ×100%求出汽车发动机的效率。
本题考查了吸热公式和做功公式、效率公式的应用，是一道较为简单的计算题。
21.【答案】解：只闭合开关S，电路为R1的简单电路，总电阻较大，根据P=U2R可知总功率较小，饮水机处于保温挡；
闭合开关S、S0，电路中两个电阻并联，总电阻较小，根据P=U2R可知总功率较大，饮水机处于加热挡；
(1)由图乙可得，加热功率P加热=484W，加热时间t加热=5min=300s，
加热挡阶段消耗的电能为：
W加热=P加热t加热=484W×300s=1.452×105J；
(2)只闭合S时，R1接入电路，此时饮水机处于保温挡，
由图乙可知，保温功率为P保温=44W，根据P=UI得流过R1的电流为：
I1=P保温U=44W220V=0.2A；
(3)R2的功率为：
P2=P加热−P保温=484W−44W=440W
根据P=U2R得R2的阻值为：
R2=U2P2=(220V)2440W=110Ω。
答：(1)饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为1.452×105J；
(2)饮水机处于保温挡时，通过R1的电流为0.2A；
(3)R1的阻值为110Ω。
【解析】只闭合开关S，电路为R1的简单电路，总电阻较大，根据P=U2R可知总功率较小，饮水机处于保温挡；
闭合开关S、S0，电路中两个电阻并联，总电阻较小，根据P=U2R可知总功率较大，饮水机处于加热挡；
(1)从图中可知，加热功率和工作时间，根据W=P加热t得出饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；
(2)从图中可知保温功率，饮水机处于保温挡时，根据P=UI可知通过R1的电流；
(3)根据P2=P加热−P保温求出R2的功率，利用P=U2R求出R2的阻值。
本题考查电功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
22.【答案】内 压缩 扩散 温度 等于 L2
【解析】解：(1)在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团硝化棉，用力将活塞迅速向下压，棉花被点燃，这是因为压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；
该实验中，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，与内燃机的压缩冲程的能量转化方式相同。
(2)把墨水同时滴入热水和冷水杯中，发现两杯水都会变色，这是墨水分子在水中发生了扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；
热水杯比冷水杯变色更快，说明热水温度高，扩散快，分子运动剧烈；
(3)在图丙电路图中，两个灯泡串联，虽然灯L1比灯L2亮，但由串联电路的电流特点可知，流过灯泡L1的电流I1等于灯泡L2的电流I2；
若把一根导线接在小灯泡L2的两端，L2被短路而熄灭，不能发光，
故答案为：(1)内；压缩；(2)扩散；温度；(3)等于；L2。
(1)改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功时(如压缩气体做功、克服摩擦做功)，物体的内能将增大，温度升高；
内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；
(2)不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
分子运动的快慢和物体的温度高低有关系，温度越高，分子运动越快；
(3)在串联电路中，电流是处处相等的，用电器中有电流通过时，用电器能够工作；将用电器两端用导线直接连接，会造成用电器短路，用电器不能工作。
此题主要考查了改变物体内能的方法以及内燃机工作过程中能量的转化，扩散现象、串联电路的电流规律等，题目难度不大，是中考中的常见题型。
23.【答案】并联 能 慢 乙 否 小强家导线安全载流量小于乙空调正常工作时的电流
【解析】解：(1)小强家的照明电路和空调电路之间是并联的，并联电路各用电器互不影响，当只有空调电路“跳闸”时，照明电路能正常工作；
(2)电功率是表示电流做功快慢的物理量，甲、乙两款空调都正常工作时，实际功率等于额定功率，甲的电功率小，制冷速度更慢；
两款空调运行时间相同时，由W=Pt可知，消耗电能较多的是乙款空调；
②乙款空调工作时的电流为：I=PU额乙=2200W220V=10A，当空调启动时电流比较大；
小强家的导线线径为1.5mm2，由表中数据可知，全载流量为8A，小于空调启动时的电流，不适合安装乙空调。
故答案为：(1)并联；能；(2)①慢；乙；②否；小强家导线安全载流量小于乙空调正常工作时的电流。
(1)家庭电路中，各用电器之间是并联的，开关与它所控制的用电器之间是串联的；并联电路各用电器互不影响；
(2)①电功率是表示电流做功快慢的物理量；根据甲、乙量空调的额定功率可知制冷速度；甲、乙空调运行相同时间，根据W=Pt可知消耗电能关系；
②根据乙款空调的额定功率计算正常工作时的电流，与表中数据对比作答即可。
本题考查了家庭电路的连接、电功率与电流的关系，难度不大。
24.【答案】220 半导体 并 2.7×107 热水器部件吸收 100% C
【解析】解：(1)我国家庭电路的电压为220V，则工作时两端电压为220V；
两指示灯是二极管灯泡，二极管是由半导体材料制成的；
两指示灯能够独立工作、互不影响，则它们应并联在电路中；
(2)由额定耗气量3.6m3/ℎ可知，工作15min消耗燃气的体积：V=1560ℎ×3.6m3/ℎ=0.9m3；
燃气完全燃烧释放的热量：Q放=Vq=0.9m3×3×107J/m3=2.7×107J；
(3)由于不可避免会有能量的损失，除了图乙中的能量损失外还有热水器部件吸收的热量也是能量损失之一，所以该燃气热水器热效率永远无法达到100%。
(4)ABD、热水器加热效率是指被水吸收的热量与燃料完全燃烧产生的能量之比，只与水吸收的热量和燃料完全燃烧产生的能量有关，与燃料的热值、进水口冷水的初温、水管中的进水量的多少等无关，故ABD不符合题意；
C、热交换器中，烟气与水之间单位时间传递的热量随交换器内水管表面积的增大而增大，所以加长热交换器中水管长度可以增加水吸收的热量，减少了热损失，可以提高热水器加热效率，故C符合题意；
故选C。
故答案为：(1)220；半导体；并；(2)2.7×107；(3)热水器部件吸收；100%；(4)C。
(1)我国家庭电路的电压是220V；二极管主要是由半导体制作而成；并联电路各个用电器彼此不会互相影响；
(2)由热水器正常工作时间和额定耗气量计算消耗的燃气体积，根据Q放=qV计算燃气完全燃烧，放出的热量；
(3)工作过程中由于热水器部件吸收热量，所以该燃气热水器热效率永远无法达到100%；
(4)从减少热量散失方面分析提高热水器的效率。
本题考查了半导体的材料和串并联电路的辨别、燃料完全燃烧释放热量公式的应用，涉及到的知识点多，综合性强，从题干中获取有用的信息并利用信息解决问题是关键。水箱中装水质量5kg
汽车的额定功率92kW
导线线径S/mm2
0.5
0.75
1
1.5
2.5
4
安全载流量I/A
4
5
6
8
20
25
适用燃气
天然气
热值
3×107J/m3
额定耗气量
3.6m3/ℎ
热水产出率
12L/min
1.下列关于物理量的估测，符合实际的是( )
A. 家庭电路的电压为380VB. 一节干电池的电压为2V
C. 智能手机电池电压约为3.7VD. 家用空调正常工作的电流约为1A
2.2022年3月23日下午，中国空间站“天宫课堂”开展第二次太空授课活动，航天员老师王亚平用水将两个塑料板连接起来，搭建了一座液体桥，如图所示。水在两板之间连接成为桥，这说明( )
A. 分子之间有引力B. 分子之间有斥力
C. 物质由大量分子构成D. 水分子在不停地运动
3.2023年6月4日早上，中国载人航天飞船神舟十五号返回舱在东风着陆场完美着陆，如图所示，返回舱在空中匀速下落时能量的变化情况是( )
A. 重力势能增加
B. 动能不变
C. 机械能不变
D. 机械能增加
4.在如图所示的几种生活情境中，利用做功方式改变内能是( )
A. 用煤气炉烧水B. 用冰冷却橙汁
C. 磨刀发热D. 晴天晒被子
5.安全用电是每一位中学生应有的常识，下列做法符合安全用电原则的是( )
A. 用湿手按开关
B. 用木棍取下落在高压线上的风筝
C. 使用测电笔辨别火线、零线时，手要接触笔尾的金属体
D. 家用电器着火时立即用水灭火
6.图甲是常用的一种可调风速的小风扇，图乙为其用于调风速的机械电位器结构图，a、b、c是它的三个接线柱，a、c分别与弧形电阻丝的两端相连，b与旋钮触片相连。下列有关说法正确的是( )
A. 机械电位器应该与电风扇中的电动机并联
B. 机械电位器通过改变电阻丝的温度来改变接入电路的电阻
C. 若将a、b接入电路中，顺时针转动旋钮时，风扇风速加快
D. 若将b、c接入电路中，顺时针转动旋钮时，风扇风速加快
7.根据额定电压为2.5V小灯泡的I−U图象(如图所示)分析，下列结论正确的是( )
A. 当小灯泡的电压为0V时，其电阻为0
B. 当小灯泡的电流为0.1A时，其实际功率为0.1W
C. 通过小灯泡的电流与其两端的电压成正比
D. 小灯泡的额定功率为0.625W
二、非选择题
8.小红和几个同学在竹海当中散步，翠竹的清香四处飘散，这是______现象，该现象表明组成物质的分子在不停地______；春天里，挖几棵春笋，能做一顿美味，炒笋的过程是通过______(选填“做功”或“热传递”)的方式使笋的内能增加。
9.原子是由原子核和核外______组成。毛皮摩擦过的橡胶棒由于______(选填“得到”或“失去”)电子带负电，如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球，验电器的金属箔由于带______(选填“同种”或“异种”)电荷相互排斥而张开。
10.如图所示是电饭煲的铭牌，正常工作时电压为______V，功率为______W，电流为______A。
11.11月底电能表示数为7225.6kW⋅ℎ，12月底电能表示数如图所示，12月消耗的电能为______kW⋅ℎ，合计______J，按0.5元/kW⋅ℎ的标准收费，应缴纳电费______元。(1kW⋅ℎ=3.6×106J)
12.如图表示一种自动测定油箱内油面高度的装置。R是滑动变阻器，它的金属滑片是杠杆的一端。从油量表(由______表改装而成)指针所指的刻度，就可以知道油箱内油面的高度。当油箱向外输油时，R接入电路的电阻______；油量表的示数______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
13.如图甲所示，把电阻R与灯L接在3 V的电源上，电阻R与灯L的U−I图像如图乙所示。当S闭合时，灯L的电阻为_______Ω，电路消耗的功率为_______W，通电2 min电阻R产生的热量为_______J。
14.如图所示是四冲程内燃机工作循环中的______冲程，该过程是将______能转化为机械能；若在一个工作循环中该汽油机消耗了20g汽油(q汽油=4.6×107J/kg)，汽油机的效率为30%，则一个工作循环中输出的有用机械能为______J。
15.如图甲所示，小明家墙上安装的一个三孔带开关的插座。此插座的优点是：不用拔下插座上的插头，只需将插座上的开关断开就可以安全切断电源。请用笔画线代替导线，将图乙中的插座接入电路中。
16.如图1所示，学校有前、后两个门，在前、后门各装一个按钮开关，学校传达室有甲、乙两盏灯和电池组。要求前门来人按下开关时甲灯亮，后门来人按下开关时乙灯亮。图2是小明根据上述要求设计的电路图。请你按小明设计的电路图在图1的实物图上用笔画出连线。
17.如图甲所示是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，小明用两个相同的容器分别装入质量相等的A、B两种液体，用相同的装置加热。
(1)实验前，按______(选填“自上而下”或“自下而上”)的顺序组装器材。
(2)实验中使用玻璃棒的目的是______。
(3)实验中两种液体吸收热量的多少可通过______(选填“液体升高的温度”或“加热时间”)比较。
(4)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图像如图乙所示，分析图像可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，______吸收的热量较多；质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，______升温较高；比热容大的液体是______。
18.某同学在探究“电流通过导体产生热的多少与什么因素有关”时，采用如图所示的实验装置，请观察甲、乙两图并回答下列问题：
(1)在甲图实验中，R1、R2采用______的连接方法，通过它们的电流相等；若通电时间相同，发现B玻璃管内液面高度变化较大，这表明：在电流相同、通电时间相同的情况下，导体的______越大，产生的热量越多。实验中主要运用了______和______两种物理学方法。
(2)乙图的装置是用来研究电阻丝产生的热量与______的关系。在实验中观察到左、右两侧U形管中液面都很快出现高度差而且高度差相等，原因是电阻丝______断路。排除故障后，重新利用乙装置进行实验，要使实验现象更明显，应该将R3换成阻值更______的电阻(选填“大”或“小”)。
19.在“伏安法测电阻”的实验中：
(1)图甲的实物电路用笔画线连接完整，要求滑片往左移电流表示数变大。
(2)在连接电路中，开关应该处于______(选填“闭合”或“断开”)状态。
(3)排除故障后进行实验。移动滑片P，当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙，其示数为______A，待测电阻Rx=______Ω。
(4)某同学利用一个电压表和一个已知阻值的电阻R0，设计如图丙的电路，同样测出待测电阻Rx的阻值。
实验步骤如下：
①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；
②______，用电压表测出电源的电压U；
③可得待测电阻Rx=______。(用U、U1和R0表示)
20.随着经济水平的提高，汽车已地走进了普通百姓人家。如下表为小明同学家汽车的有关数据：
求：
(1)某次行驶中，若水箱中水的温度升高了20℃，则水吸收多少热量？[水的比热容4.2×103J/(kg⋅℃)]
(2)若该汽车在水平路面上以额定功率匀速直线行驶0.5ℎ，消耗的汽油完全燃烧产生的热量为5.52×108J，该汽车发动机的热机效率？
21.某款电热饮水机具有加热和保温两挡，额定电压为220V。如图甲是其电路原理图，S0为温控开关，R1、R2为电热丝(阻值不变)。某次饮水机在额定电压下工作的电功率P与时间t的关系图象如图乙所示，求：
(1)饮水机处于加热挡阶段消耗的电能。
(2)饮水机处于保温挡时，通过R1的电流。
(3)R2的阻值。
22.如图是小圆同学做的一组实验，观察实验完成填空：
(1)如图甲所示，迅速向下挤压活塞，观察到硝化棉被引燃，该过程是将机械能转化为______能；该过程的能量转化情况与汽油机的______冲程相同。
(2)如图乙所示，把墨水同时滴入热水和冷水杯中，发现两杯水都会变色，这种现象被称为______现象；而热水杯比冷水杯变色更快，说明该现象快慢程度与______有关。
(3)如图丙所示，闭合开关，发现灯L1比灯L2亮，流过L1的电流______流过L2的电流(填“大于”、“小于”或“等于”)；再用一根导线同时接在L2的两端，则灯泡______会被短路。
23.小强运用所学的电学知识对家庭电路进行研究，并参与了家里空调安装的决策。
(1)观察供电箱时看到如图所示的情景，由此可知，小强家的照明电路和空调电路之间是______(选填“串联”或“并联”)的，当只有空调电路“跳闸”时，照明电路______(选填“能”或“不能”)正常工作。
(2)小强家的客厅计划安装一台空调。商场上有甲、乙两款空调，额定电压均为220V，额定功率分别为1500W和2200W，请你根据下列情况，合理选择并说明理由。
①甲款空调，制冷速度更______(选填“快”或“慢”)。当运行时间相同时，消耗电能较多的是______(选填“甲”或“乙”)款空调。
②空调启动时电流比较大，而电流过大会导致线路出现危险。如表为导线线径与安全载流量的关系表，小强家的导线线径为1.5mm2，你认为安装乙空调是否合适？______(选填“是”或“否”)，请说明理由：______。
24.阅读短文，回答问题。
燃气热水器燃气热水器是一种方便、快捷且不受天气影响的洗浴设备。
图甲为某款燃气热水器结构和工作原理示意图。使用热水器时，先通电，绿色指示灯亮，再打开冷水阀和燃气管上的燃气阀。之后打开热水阀时，电子点火器点火，燃气在燃烧器内燃烧，产生1700℃的高温烟气，此时红色指示灯亮，同时风机工作，高温烟气上升，流经热交换器，将从A点处流入热交换器的冷水加热，产生的热水从B点处源源不断流出热交换器，低温烟气从排烟管排出。关闭热水阀时，热水器停止加热。研究发现：热交换器中，烟气与水之间单位时间传递的热量随交换器内水管表面积的增大而增大。
该燃气热水器的技术参数如表，其中“额定耗气量”的含义是：热水器正常工作1小时消耗的燃气体积。
(1)热水器由家庭电路直接供电，正常工作时两端电压为______V；两个指示灯是二极管灯泡，该灯泡由______(选填“导体”“半导体”或“超导体”)材料制作，它们应______联在电路中。
(2)某次洗浴，设定热水管出水温度45℃，热水器正常工作用时15min。若该过程燃气完全燃烧，放出的热量为______J；
(3)现实中，燃气完全燃烧产生热量有如图乙几种流向，请补充完整______，因此该燃气热水器热效率永远无法达到______。
(4)(单选)下列措施中能提高热水器加热效率的是______。
A.使水管中的进水量减小
B.提高进水口冷水的初温
C.加长热交换器中水管长度
D.提高排出的低温烟气的温度
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.家庭电路的电压为220V，故A不符合实际；
B.一节干电池的电压为1.5V，故B不符合实际；
C.智能手机电池电压约为3.7V，故C符合实际；
D.家用空调正常工作的电流约为5A，故D不符合实际。
故选：C。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的数据，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
对日常生活中的速度、质量、长度、时间等进行准确的估测，是初中学生需要掌握的一种基本能力，平时注意观察，结合所学知识多加思考，逐渐培养这方面的能力。
2.【答案】A
【解析】解：水分子间有相互作用的引力才会形成水桥。
故选：A。
组成物质的分子间有相互作用的引力和斥力。
本题考查了分子动理论的知识，属于基础题。
3.【答案】B
【解析】解：返回舱在空中匀速下落时，质量不变，高度变小，重力势能变小；速度不变，动能不变；由于存在空气摩擦阻力，所以机械能总量减小，故B正确，ACD错误。
故选：B。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。
(2)重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。
(3)动能和势能之和为机械能。
本题考查动能和势能的大小的判断、机械能守恒的条件，对于判断能量转化的题目，可从影响能量大小的因素来分析能量的变化，找到能量转化的方向。
4.【答案】C
【解析】解：A.用煤气炉烧水，水的温度升高，属于热传递改变物体的内能，故A不正确；
B.用冰冷却橙汁，橙汁温度降低，属于热传递改变物体的内能，故B不正确；
C.磨刀发热，机械能转化成内能，属于做功增加物体的内能，故C正确；
D.晴天晒被子，被子从太阳光吸收热量，温度升高，这是通过热传递改变物体内能的，故D不正确。
故选：C。
改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，其中做功过程是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程，据此分析回答。
本题考查了改变物体内能有两种方式：做功和热传递，属于基础题目。
5.【答案】C
【解析】解：A、生活用水是导体，用湿手按开关，容易发生触电事故，故A不符合安全用电原则；
B、因为高压输电线上是高压，用木棍取下落在高压线上的风筝，可能会发生高压电弧触电，故B不符合安全用电原则；
C、使用测电笔时，笔尖接触要检测的导线，手接触笔尾金属体，才能在接触火线时氖管发光，接触零线时氖管不发光，故C符合安全用电原则；
D、家用电器失火，用水扑灭时，由于生活用水是导体，且水具有流动性，当人接触时，将会发生触电事故，故D不符合安全用电原则。
故选：C。
当有一定大小的电流通过人体，就会引起人体触电，家庭电路中的触电事故，都是人体直接或间接跟火线接触造成的。
本题考查了安全用电的常识，学会安全用电，加强自我保护。
6.【答案】D
【解析】解：A、如图机械电位器应该与电风扇中的电动机串联，故A错误；
B、如图机械电位器是通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电阻，从而改变电路的电流达到改变灯泡亮度的目的，故B错误；
C、若将a、b接入电路中，滑片左边的电阻丝接入电路，转动旋钮，电阻丝连入电路的长度发生变化，顺时针转动旋钮，电阻增大，电流变小，风扇风速变慢，故C错误；
D、若将b、c接入电路中，滑片右边的电阻丝接入电路，转动旋钮，电阻丝连入电路的长度发生变化，顺时针转动旋钮，电阻减小，电流变大，风扇风速加快，故D正确。
故选：D。
(1)如图机械电位器的实质是滑动变阻器，与用电器串联在电路中，靠通过改变接入电路中电阻丝的长度来改变电路的电流；
(2)若将a、b或b、c接入电路，滑片左边或右边的电阻丝接入电路，顺时针转动旋钮时，分析机械电位器接入电路的电阻变化，可知电路中电流变化。
本题考查学生对于滑动变阻器的理解和掌握。熟知使用和接线原则是解题关键。
7.【答案】D
【解析】解：
A、电阻是导体本身的一种属性，跟导体的材料、长度、横截面积和温度有关，跟导体两端的电压、通过的电流无关；当小灯泡的电压为0V时，其电阻不为0，故A错误；
B、由图象可知，小灯泡的电流为0.1A时，其实际电压为0.5V，其实际功率P=UI=0.5V×0.1A=0.05W，故B错误；
C、由图象可知，灯泡的电流与其两端电压的关系图线是一条曲线，所以通过小灯泡的电流与其两端的电压不成正比，故C错误；
D、由图象可知，小灯泡在额定电压为2.5V时，电流为0.25A，其额定功率P额=U额I额=2.5V×0.25A=0.625W，故D正确。
故选：D。
(1)电阻是导体本身的一种属性，跟电压、电流无关；
(2)由图分析，P=UI可得实际功率；
(3)分析图象可得灯泡的电流与其两端的电压的关系；
(4)根据P=UI可求小灯泡的额定功率。
本题主要考查灯泡的I−U图象，从图象上找出有用的信息是解题的关键。
8.【答案】扩散 做无规则运动 热传递
【解析】解：能闻到翠竹的清香，属于扩散现象，是因为分子不停地做无规则运动造成的。
炒笋的过程中，笋吸收热量、温度升高，是通过热传递的方式使其内能增加的。
故答案为：扩散；做无规则运动；热传递。
物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动；
改变内能有两种方式：做功和热传递。
此题考查了扩散现象和改变内能的方式，是一道联系实际的应用题，难度不大。
9.【答案】电子 得到 同种
【解析】解：原子是由原子核和核外电子组成。毛皮摩擦过的橡胶棒对电子的束缚能力强，得到电子带负电，如图所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒接触验电器的金属球验电器的金属箔由于同种电荷互相排斥而张开。
故答案为：电子；得到；同种。
(1)由于不同物质的原子核束缚电子的本领不同；当两个不同物体互相摩擦的时候，束缚电子本领弱的就会失去电子，失去电子的物体因缺少电电子带正电；束缚电子能力强的就会得到电子，得到电子的物体因有多余的电子而带等量的负电；
(2)验电器的实质是同种电荷相互排斥。
本题主要考查了摩擦起电的实质、电荷间的相互作用，属于基础题。
10.【答案】220 1210 5.5
【解析】解：由铭牌可以知道，正常工作时的电压为220V，功率为1210W，
所以正常工作时的电流为I=PU=1210W220V=5.5A。
故答案为：220；1210；5.5。
结合电饭锅的铭牌，利用P=UI求得正常工作时的电流。
此题考查了电功率的计算，属于常考知识。
11.【答案】100 3.6×108 50
【解析】解：12月消耗的电能为W=7325.6kW⋅ℎ−7225.6kW⋅ℎ=100kW⋅ℎ=3.6×108J；
应缴纳电费为100kW⋅ℎ×0.5元/kW⋅ℎ=50元。
故答案为：100；3.6×108；50。
电能表最后一位是小数，由图示电能表读出电能表的示数，两电能表示数之差是12月的用电量，知道电价可求应付的电费。
本题考查了电能表的认识理解电能表各参数的含义是关键。
12.【答案】电流 变大 变小
【解析】解：由图可知，滑动变阻器和定值电阻串联，油量表串联在电路中，所以该油量表是由电流表改装而成的；
由图知，当油箱向外输油时，油面下降，浮标下降，则杠杆的左端下降，其右端上升，所以滑动变阻器R连入电路的电阻变大，串联电路的总电阻变大；
根据欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表(油量表)示数变小。
故答案为：电流；变大；变小。
根据“电压表应与被测电路并联、电流表应与被测电路串联”判断图中油量表的类型；
当油箱向外输油时，油面下降，浮标下降，根据图示可知杠杆的偏转情况，从而确定滑动变阻器R接入电路的电阻变化，再利用电阻的串联和欧姆定律进行分析判断。
本题考查了欧姆定律的简单应用，关键是根据杠杆的偏转情况判断滑动变阻器接入电路的电阻变化。
13.【答案】10 1.8 108
【解析】解：当S闭合时，灯L与电阻并联在3V的电源上，故此时的灯泡两端的电压为3V，
通过乙图可知，此时灯泡L和电阻R的电流都为0.3A，故此时灯泡的电阻为：
R灯=UI1=3V0.3A=10Ω；
总电流为：I总=I1+I2=0.3A+0.3A=0.6A，
电路消耗的功率为：P总=UI总=3V×0.6A=1.8W；
此时电阻R两端的电压也为3V，电流为0.3A，由Q=I2Rt及欧姆定律可得通电2min电阻R产生的热量为：
Q=UI2t=3V×0.3A×2×60s=108J。
故答案为：10；1.8；108。
(1)当S闭合时，灯L与电阻并联在3V的电源上，故此时的灯泡两端的电压为3V，通过乙图可知，此时灯泡L和电阻R的电流，根据欧姆定律求出灯泡L的电阻；
(2)已知灯泡L和电阻R的电流，根据并联电路的电流特点，求出总电流，根据P=UI计算电路消耗的功率；
(3)已知电阻R的电流和电压，根据Q=I2Rt=UIt计算通电2min电阻R产生的热量。
本题考查欧姆定律的应用及电能的计算问题，有一定综合性。
14.【答案】做功 内 2.76×105
【解析】解：内燃机两气门都关闭，火花塞点火，活塞由上向下运动，汽缸容积变大，是做功冲程，该过程是将内能转化为机械能；
汽油完全燃烧放出的热量Q放=qm=4.6×107J/kg×0.02kg=9.2×105J，
故有用机械能W有=ηQ放=30%×9.2×105J=2.76×105J。
故答案为：做功；内；2.76×105。
判断汽油机的四个冲程，先看进气门和排气门的关闭情况，进气门打开的是吸气冲程，排气门打开的是排气冲程，进气门和排气门都关闭的是压缩冲程或者做功冲程；活塞由下向上运动为压缩冲程和排气冲程；活塞由上向下运动为吸气冲程和做功冲程。
知道汽油的质量和热值，利用Q放=qm求汽油完全燃烧产生的热量(总能量)；知道汽油机的效率，利用热机效率公式求有用机械能。
此题考查了内燃机四个冲程的判断、燃料放热的公式以及机械效率的计算等知识。
15.【答案】解：安装三孔插座的方法：上孔接地线，左孔接零线，右孔接火线；上面为火线、中间为零线、下面为地线；要使开关控制三孔插座，应将开关与插座的右孔连接。如图所示：
【解析】三孔插座的接法：上孔接地线；左孔接零线；右孔接火线；开关要接在火线和插座之间。
本题考查了插座的使用，掌握家庭电路的灯泡、开关、三孔插座、两孔插座、保险丝的接法，同时考虑使用性和安全性。
16.【答案】解：由题意知，甲、乙两个电灯并联，前门开关控制甲灯、后门开关控制乙灯；即甲灯亮时表示前门有人；乙灯亮时，表示后面有人，实物电路图和电路图如下图所示：
【解析】由电路图可知，甲、乙两盏灯泡可以独立工作、互不影响即为并联，且前门开关控制甲灯、后门开关控制乙灯。
根据题意得出甲、乙灯泡的连接方式和开关的位置是解决本题的关键。
17.【答案】自下而上 使液体受热均匀 加热时间 A B A
【解析】解：(1)因用酒精灯的外焰加热，故实验前，按自下而上的顺序组装器材；
(2)实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀；
(3)根据转换法，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间比较；
(4)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A加热时间长，故A吸收的热量较多；所以A的比热容大；
质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，即加热时间相同，B升温较高。
故答案为：(1)自下而上；(2)使液体受热均匀；(3)加热时间；(4)A；B；A。
(1)根据用酒精灯的外焰加热确定实验器材调试的顺序，从而确保一次调试到位；
(2)实验中使用玻璃棒的目的是使液体受热均匀；
(3)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
(4)根据图乙分析回答。
本题比较不同物质的吸热能力，考查控制变量法、转换法的应用和比较吸热能力的方法，为热学中的重要实验。
18.【答案】串联 电阻 控制变量法 转换法 电流大小 R3 小
【解析】解：(1)在甲图实验中，两电阻串联，通过的电流相同，若通电时间相同，发现B玻璃管内液面高度变化较大，根据转换法，10Ω电阻丝产生的热量多，而10Ω>5Ω，这表明：在电流相同、通电时间相同的情况下，导体的电阻越大，产生的热量越多；实验主要用到了控制变量法和转换法；
(2)图乙容器中，右容器中两个5Ω的电阻并联后再与左容器中一个5Ω的电阻串联，
根据并联电路的电流特点可知，通过左容器内电阻丝的电流大于通过右容器内电阻丝的电流大，I左>I内，而烧瓶内的电阻值都是5Ω，电阻相同，通电时间相等，故乙图的装置是用来研究电阻丝产生的热量与电流大小的关系；
在实验中观察到左、右两侧U形管中液面都很快出现高度差而且高度差相等，根据转换法，说明两容器内电阻丝产生的热量相同，因两电阻丝大小和通电时间相同，由Q=I2Rt知，通过两电阻丝的电流也相同，故原因是电阻丝R3断路；
排除故障后，重新利用乙装置进行实验，要使实验现象更明显，即右容器中电阻丝产生热量更小一些，根据Q=I2Rt知，应让通过右容器中电阻丝的电流更小一些，根据串联、并联电路电流的规律知，通过R3的电流应更大一些，根据并联电路电压的规律和欧姆定律，应该将R3换成电阻更小的电阻。
故答案为：(1)串联；电阻；控制变量法；转换法；(2)电流大小；R3；小。
(1)电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但可给等量的气体加热，根据热胀冷缩，产生的热量越多，气体膨胀程度越大，U形管中液面的高度关越大，采用了转换法；
由Q=I2Rt，电流产生的热量与电流大小、电阻大小和通电时间有关，研究与其中一个因素关系时，要控制另外两个因素相同，根据题意，由控制变量法分析；
(2)分析图乙中电路的连接，根据并联电路的电流特点可知，比较通过左容器内电阻丝的电流与通过右容器内电阻丝的电流大小，分析相同的量和变化的量，根据控制变量法分析乙图的装置研究电阻丝产生的热量与变化量的关系；
由题意，根据转换法确定两容器内电阻丝产生的热量相同，因两电阻丝大小和通电时间相同，由Q=I2Rt知分析通过两电阻丝的电流也相同，据此分析原因；
要使实验现象更明显，即右容器中电阻丝产生热量更小一些，根据Q=I2Rt和串联、并联电路电流的规律知，确定通过R3的电流变化，根据并联电路电压的规律和欧姆定律分析回答。
此题研究电流通过导体产生热量的多少与什么因素有关”，考查意控制变量法和转换法的运用，同时考查了串联、并联电路电流的规律的运用及欧姆定律的运用。
19.【答案】断开 0.26 5 再闭合S1 U1U−U1⋅R0
【解析】解：(1)滑片往左移电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与定值电阻串联，如下图所示：
；
(2)为了保护电路，在连接电路中，开关应该处于断开状态；
(3)移动滑片P，当电压表的示数为1.3V时，电流表的示数如图乙，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.26A，待测电阻Rx的阻值为：
Rx=UxIx=Ω；
(4)实验步骤如下：
①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；
②再闭合S1，用电压表测出电源的电压U；
③在步骤①中，两电阻串联，测得电阻Rx两端的电压为U1；
在步骤②中，定值电阻R0短路，电路为电阻Rx的简单电路，电源电压为U；
根据串联电路电压规律，两电阻串联时，定值电阻R0两端电压为：U0=U−U1，
由欧姆定律可得，电路中的电流为：
I=I0=U0R0=U−U1R0，
则待测电阻的表达式：
Rx=U1I=U1U−U1R0=U1U−U1⋅R0。
故答案为：(1)见解答图；(2)断开；(3)0.26；5；(4)②再闭合S1；③U1U−U1⋅R0。
(1)滑片往左移电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)为了保护电路，在连接电路中，开关应该处于断开状态；
(3)根据电流表选用量程确定分度值读数，利用R=UI求出待测电阻Rx的阻值；
(4)通过开关的转换分别使电压表测Rx两端的电压和电源电压，根据串联电路的规律及欧姆定律得出待测电阻的表达式。
本题伏安法测电阻的实验，考查了电路连接、注意事项、电流表读数和电阻的计算及设计实验方案测电阻的能力。
20.【答案】解：(1)行驶中水箱中的水吸收的热量
Q=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×5kg×20℃=4.2×105J；
(2)汽车以额定功率匀速直线行驶0.5ℎ，发动机输出的功为W=Pt=92×103W×0.5×3.6×103s=1.656×107J，
汽车发动机的热机效率为
η=WQ=1.656×107J5.52×108J=0.3=30%。
答：(1)行驶中水箱中的水吸收的热量为4.2×105J；
(2)汽车发动机的热机效率为30%。
【解析】(1)知道水的质量、水的比热容、水的温度升高值，利用公式Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量；
(2)知道汽车在额定功率下行驶的时间，根据W=Pt求出发动机做的功，利用η=WQ×100%求出汽车发动机的效率。
本题考查了吸热公式和做功公式、效率公式的应用，是一道较为简单的计算题。
21.【答案】解：只闭合开关S，电路为R1的简单电路，总电阻较大，根据P=U2R可知总功率较小，饮水机处于保温挡；
闭合开关S、S0，电路中两个电阻并联，总电阻较小，根据P=U2R可知总功率较大，饮水机处于加热挡；
(1)由图乙可得，加热功率P加热=484W，加热时间t加热=5min=300s，
加热挡阶段消耗的电能为：
W加热=P加热t加热=484W×300s=1.452×105J；
(2)只闭合S时，R1接入电路，此时饮水机处于保温挡，
由图乙可知，保温功率为P保温=44W，根据P=UI得流过R1的电流为：
I1=P保温U=44W220V=0.2A；
(3)R2的功率为：
P2=P加热−P保温=484W−44W=440W
根据P=U2R得R2的阻值为：
R2=U2P2=(220V)2440W=110Ω。
答：(1)饮水机处于加热挡阶段消耗的电能为1.452×105J；
(2)饮水机处于保温挡时，通过R1的电流为0.2A；
(3)R1的阻值为110Ω。
【解析】只闭合开关S，电路为R1的简单电路，总电阻较大，根据P=U2R可知总功率较小，饮水机处于保温挡；
闭合开关S、S0，电路中两个电阻并联，总电阻较小，根据P=U2R可知总功率较大，饮水机处于加热挡；
(1)从图中可知，加热功率和工作时间，根据W=P加热t得出饮水机处于加热挡阶段消耗的电能；
(2)从图中可知保温功率，饮水机处于保温挡时，根据P=UI可知通过R1的电流；
(3)根据P2=P加热−P保温求出R2的功率，利用P=U2R求出R2的阻值。
本题考查电功率的计算，关键是从图中得出有用信息。
22.【答案】内 压缩 扩散 温度 等于 L2
【解析】解：(1)在空气压缩引火仪玻璃筒的底部放一小团硝化棉，用力将活塞迅速向下压，棉花被点燃，这是因为压缩筒内空气做功，使空气的内能增加；
该实验中，活塞的机械能转化为筒内空气的内能，与内燃机的压缩冲程的能量转化方式相同。
(2)把墨水同时滴入热水和冷水杯中，发现两杯水都会变色，这是墨水分子在水中发生了扩散现象，扩散现象表明分子在不停地做无规则运动；
热水杯比冷水杯变色更快，说明热水温度高，扩散快，分子运动剧烈；
(3)在图丙电路图中，两个灯泡串联，虽然灯L1比灯L2亮，但由串联电路的电流特点可知，流过灯泡L1的电流I1等于灯泡L2的电流I2；
若把一根导线接在小灯泡L2的两端，L2被短路而熄灭，不能发光，
故答案为：(1)内；压缩；(2)扩散；温度；(3)等于；L2。
(1)改变内能的方法有：做功和热传递；当对物体做功时(如压缩气体做功、克服摩擦做功)，物体的内能将增大，温度升高；
内燃机有四个冲程，在压缩冲程中，活塞压缩空气做功，将机械能转化为内能；
(2)不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动；
分子运动的快慢和物体的温度高低有关系，温度越高，分子运动越快；
(3)在串联电路中，电流是处处相等的，用电器中有电流通过时，用电器能够工作；将用电器两端用导线直接连接，会造成用电器短路，用电器不能工作。
此题主要考查了改变物体内能的方法以及内燃机工作过程中能量的转化，扩散现象、串联电路的电流规律等，题目难度不大，是中考中的常见题型。
23.【答案】并联 能 慢 乙 否 小强家导线安全载流量小于乙空调正常工作时的电流
【解析】解：(1)小强家的照明电路和空调电路之间是并联的，并联电路各用电器互不影响，当只有空调电路“跳闸”时，照明电路能正常工作；
(2)电功率是表示电流做功快慢的物理量，甲、乙两款空调都正常工作时，实际功率等于额定功率，甲的电功率小，制冷速度更慢；
两款空调运行时间相同时，由W=Pt可知，消耗电能较多的是乙款空调；
②乙款空调工作时的电流为：I=PU额乙=2200W220V=10A，当空调启动时电流比较大；
小强家的导线线径为1.5mm2，由表中数据可知，全载流量为8A，小于空调启动时的电流，不适合安装乙空调。
故答案为：(1)并联；能；(2)①慢；乙；②否；小强家导线安全载流量小于乙空调正常工作时的电流。
(1)家庭电路中，各用电器之间是并联的，开关与它所控制的用电器之间是串联的；并联电路各用电器互不影响；
(2)①电功率是表示电流做功快慢的物理量；根据甲、乙量空调的额定功率可知制冷速度；甲、乙空调运行相同时间，根据W=Pt可知消耗电能关系；
②根据乙款空调的额定功率计算正常工作时的电流，与表中数据对比作答即可。
本题考查了家庭电路的连接、电功率与电流的关系，难度不大。
24.【答案】220 半导体 并 2.7×107 热水器部件吸收 100% C
【解析】解：(1)我国家庭电路的电压为220V，则工作时两端电压为220V；
两指示灯是二极管灯泡，二极管是由半导体材料制成的；
两指示灯能够独立工作、互不影响，则它们应并联在电路中；
(2)由额定耗气量3.6m3/ℎ可知，工作15min消耗燃气的体积：V=1560ℎ×3.6m3/ℎ=0.9m3；
燃气完全燃烧释放的热量：Q放=Vq=0.9m3×3×107J/m3=2.7×107J；
(3)由于不可避免会有能量的损失，除了图乙中的能量损失外还有热水器部件吸收的热量也是能量损失之一，所以该燃气热水器热效率永远无法达到100%。
(4)ABD、热水器加热效率是指被水吸收的热量与燃料完全燃烧产生的能量之比，只与水吸收的热量和燃料完全燃烧产生的能量有关，与燃料的热值、进水口冷水的初温、水管中的进水量的多少等无关，故ABD不符合题意；
C、热交换器中，烟气与水之间单位时间传递的热量随交换器内水管表面积的增大而增大，所以加长热交换器中水管长度可以增加水吸收的热量，减少了热损失，可以提高热水器加热效率，故C符合题意；
故选C。
故答案为：(1)220；半导体；并；(2)2.7×107；(3)热水器部件吸收；100%；(4)C。
(1)我国家庭电路的电压是220V；二极管主要是由半导体制作而成；并联电路各个用电器彼此不会互相影响；
(2)由热水器正常工作时间和额定耗气量计算消耗的燃气体积，根据Q放=qV计算燃气完全燃烧，放出的热量；
(3)工作过程中由于热水器部件吸收热量，所以该燃气热水器热效率永远无法达到100%；
(4)从减少热量散失方面分析提高热水器的效率。
本题考查了半导体的材料和串并联电路的辨别、燃料完全燃烧释放热量公式的应用，涉及到的知识点多，综合性强，从题干中获取有用的信息并利用信息解决问题是关键。水箱中装水质量5kg
汽车的额定功率92kW
导线线径S/mm2
0.5
0.75
1
1.5
2.5
4
安全载流量I/A
4
5
6
8
20
25
适用燃气
天然气
热值
3×107J/m3
额定耗气量
3.6m3/ℎ
热水产出率
12L/min
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