32，湖南省株洲市攸县2023-2024学年九年级上学期期末考试物理试题

这是一份32，湖南省株洲市攸县2023-2024学年九年级上学期期末考试物理试题，共15页。试卷主要包含了选择题，填空题，作图与实验探究题，综合题等内容，欢迎下载使用。

一、选择题（本题共12小题，每小题3分，共36分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。）
1. 图示为我国新一代可控核聚变研究装置——中国环流器二号M（人造太阳）的示意图，其利用通电后产生的磁场约束超高温下的核聚变燃料。下列说法正确的是（ ）
A. 核能属于可再生能源
B. 核能属于二次能源
C. 产生磁场利用了电流的磁效应
D. “人造太阳”利用铀核分裂释放能量
【答案】C
【解析】
【详解】A．核能属于不可再生能源，只会越用越少，故A错误；
B．核能能够直接从自然界提取，是一次能源，故B错误；
C．该装置中，利用通电线圈产生的磁场将超高温的核聚变燃料约束在磁场中，这是利用了电流的磁效应，故C正确；
D．“人造太阳”利用氢核聚变，释放能量，故D错误。
故选C。
2. 下列图中关于安全用电的阐述正确的是（ ）
A. 图甲，将冰箱的金属外壳接地
B. 图乙，试电笔辨别火线和零线的使用方法
C. 图丙，人站在地上，触摸火线，不会触电
D. 图丁，雷雨天站在大树下避雨
【答案】A
【解析】
【详解】A．图甲，将冰箱的金属外壳接地，避免漏电时，发生触电事故，故A正确；
B．试电笔辨别火线和零线时，手指要接触测电笔的金属笔尾，故B错误；
C．图丙，人站在地上，触摸火线，电流从火线出发，经过人体、流向大地，形成通路，会触电，故C错误；
D．图丁，雷雨天站不要站在大树下避雨，容易被雷电击中，故D错误。
故选A。
3. 科技馆有一款电磁跷跷板，如图所示，当上下翘动时，磁铁在线圈中左右移动，两个二极管轮流交替发光，下列设备的原理与其相同的是（ ）
A. 电风扇B. 发电机C. 电磁铁D. 电铃
【答案】B
【解析】
【详解】电磁翘翘板利用了电磁感应的原理；
A．电风扇利用的是通电导体在磁场中受力运动，故A不符合题意；
B．发电机利用的原理是电磁感应，故B符合题意；
C．电磁铁利用的是电流的磁效应，故C不符合题意；
D．电铃是利用的电流的磁效应，故D不符合题意；
故选B。
4. 如图所示，在探究串联电路特点的实验中，两盏小灯泡规格不同，当开关闭合后，下列说法正确的是（ ）
A. 、两端电压相等
B. 、的亮度一定相同
C. 、、三处的电流一样大
D. 若灯丝烧断了，仍能发光
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．两盏小灯泡规格不同，即电阻不同，根据串联分压，电阻不同，则两灯泡的电压不同，故A错误；
B．、的亮度与实际电功率有关，电阻不同，故实际电功率不同，故B错误；
C．由于串联，电路的各个地方电流相等，故C正确；
D．若灯丝烧断了，则电路断路，没有电流经过灯泡L1，故两灯都不亮，故D错误。
故选C。
5. 2022年11月29日，神舟十五号成功发射，所载的三名航天员进驻中国空间站，与神舟十四号航天员在“天和”核心舱会师。下列说法正确的是（ ）
A. 地面控制中心与空间站是通过超声波进行联系
B. 喷出的燃气主要通过热传递使周围空气内能增大
C. 随着燃料的燃烧，燃料的热值变小
D. 燃料未燃烧时没有内能
【答案】B
【解析】
【详解】A．地面控制中心与空间站是通过电磁波进行联系，真空不能传声，故A错误；
B．喷出的燃气，燃气温度比较高，周围空气温度比较低，存在温度差，主要通过热传递使周围空气内能增大，故B正确；
C．燃料与质量无关，随着燃料的燃烧，燃料的热值不变，故C错误；
D．任何物体都会有内能，故D错误。
故选B。
6. 如图是某品牌榨汁机．为保障安全，该榨汁机设置了双重开关——电源开关S1和安全开关S2．当杯体倒扣在主机上时， S2自动闭合，此时再闭合S1，电动机才能启动，开始榨汁．下列电路图符合上述要求的是
A. B. C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】A．图中，开关S2闭合时，电动机被短路掉，不能工作，故A错；
B．图中只要开关S2闭合，电动机就会工作，故B错；
C．图中只有当两个开关都闭合时，电动机才能正常工作，故C正确；
D．图中只要开关S2闭合，电动机就会工作，故D错；
7. 如图甲为航母上简化的蒸汽弹射装置，能带动舰载机在两秒钟内达到起飞速度，如图乙为汽油机的工作冲程。下列说法正确的是（ ）
A. 气缸内的蒸汽推动活塞后，内能增加
B. 舰载机获得牵引力是因为气缸内的蒸汽体积膨胀，从而推动活塞
C. 从能量转化角度看，蒸汽弹射装置工作时与图乙中①所示的原理相似
D. 从能量转化角度看，图乙中③冲程是把机械能转化为内能
【答案】B
【解析】
【详解】A．气缸内的蒸汽推动活塞后，对外做功，气缸内蒸汽的内能会变小，故A错误；
B． 舰载机获得牵引力是因为气缸内的蒸汽体积膨胀从而推动活塞，对外做功，内能转化为机械能，使舰载机获得动力，故B正确；
CD．蒸汽弹射装置工作时将内能转化为机械能，与做功冲程相同，与图乙中③两气门关闭，活塞向下运动，为做功冲程，①中两气门关闭，活塞向上运动，为压缩冲程，将机械能转化为内能。故CD错误。
故选B。
8. 用毛皮分别摩擦丝状塑料带和PVC管，然后将塑料带放在PVC管上方，丝状塑料带就会像章鱼一样悬在空中（如图所示），下列说法正确的是（ ）
A. 这种现象与验电器的工作原理不相同
B. 塑料带、PVC管因带了异种电荷而互相排斥
C. 用摩擦的方法创造了电荷，使塑料带、PVC管带了电
D. 用摩擦的方法使PVC管、塑料带得失电子而使其带了电
【答案】D
【解析】
【详解】AB．用毛皮分别摩擦丝状塑料带和PVC管，使丝状塑料带和PVC管都带上同种电荷，相互排斥，而验电器是利用同种电荷相斥的原理工作。所以这种现象与验电器工作原理是相同的。故AB错误；
CD．摩擦起电是通过摩擦的方式让正负电荷分离，形成得失电子，得电子带负电，失电子带正电，所以只是电荷发生了转移，并非创造了电荷。故C错误，D正确。
故选D。
9. 图示是某家庭电路中电能表的表盘，下列说法正确的是（ ）
A. 电能表是测量电功率的仪表
B. 该电能表已消耗电能31.6kW•h
C. 该电能表允许通过最大电流为5A
D. 该家庭电路每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转过3000转
【答案】D
【解析】
【详解】A．电能表是测量电能的仪表，不能直接测量电功率，故A错误；
B．电能表测量是这段时间家里所有用电器消耗的电能，而不是电能表消耗的电能，故B错误；
C．该电能表允许通过的最大电流为10A，故C错误；
D．根据3000r/kW·h，表示该家庭电路每消耗1kW•h的电能，电能表的转盘转过3000r，故D正确。
故选D。
10. 东汉学者王充在《论衡》中记载：司南之杓、投之于地，其柢（握柄）指南（地理的南方）。下列说法正确的是（ ）
A. “柢”是磁体的N极
B. 司南可以指示方向是受到地磁场的作用
C. 司南周围存在磁感线
D. 司南周围各点的磁场方向都是相同的
【答案】B
【解析】
【详解】A．其柢（握柄）指南，柢（握柄）是磁体的南极，故A错误；
B．由于受到地磁场的影响，司南可以指南北，能够指明方向，故B正确；
C．磁感线是不存在的，是人们为了研究磁场而假想出的线，故C错误；
D． N极的方向为磁感线的方向，地磁场外，磁感线从N极出发，回到S极，司南周围各点的磁场方向都是不相同的，故D错误。
故选B。
11. 如图所示，电路中电源电压保持不变，闭合开关后，滑动变阻器滑片P向左移动时，下列说法正确的是（ ）
A. 电流表示数变小B. 电压表示数变大
C. 小灯泡变得更亮D. 电路的总功率变大
【答案】D
【解析】
【详解】A．闭合开关后，灯泡L与滑动变阻器并联，电流表测量通过滑动变阻器的电流，滑动变阻器滑片P向左移动时，滑动变阻器阻值减小，根据可知，电压一定时，电阻变小，电流变大，故电流表示数变大，故A错误；
B．此时电压表测量电源电压，电路中电源电压保持不变，故电压表示数不变，故B错误；
C．因为灯泡L与滑动变阻器并联，并联电路各支路用电器互不影响，故当滑动变阻器滑片P向左移动时，滑动变阻器阻值减小时，对灯泡没有影响，故小灯泡亮度不变，故C错误；
D．灯泡L与滑动变阻器并联，滑动变阻器滑片P向左移动时，滑动变阻器阻值减小，根据可知，电压一定时，电阻变小，电流变大，故通过滑动变阻器的电流变大；并联电路各支路用电器互不影响，故通过灯泡的电流不变，电路中的总电流等于支路电流之和，所以电路中总电流变大，根据可知，电源电压保持不变，电路中总电流变大，故电路的总功率变大，故D正确。
故选D。
12. 如图所示，是定值电阻和小灯泡L中电流随电压变化的图象，由图象可知（ ）
A. 乙是小灯泡的图象
B. 定值电阻的阻值为5Ω
C. 定值电阻和小灯泡L并联接在4V的电源上，干路中的电流是1.2A
D. 定值电阻和小灯泡L串联接在6V的电源上，电路中的电流是0.4A
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．由图像知，乙图线是一倾斜的直线，是定值电阻的I-U图象，而甲图线中，用电器的电阻是变化的，所以是小灯泡的I-U图线，故A不符合题意；
B．由图像知，当通过定值电阻R的电流为0.4A时，它两端的电压为4V。则定值电阻
故B不符合题意；
C．当定值电阻R和小灯泡L并联在4V的电源上时，由图像知，通过小灯泡的电流为0.8A，则通干路的电流
I=I1+IL=0.4A+0.8A=1.2A
故C符合题意；
D．由图像知，定值电阻R与小灯泡L串联接在电路中时，如果通过电路的电流为0.4A，则R两端的电压为4V，L两端的电压为1V，电源电压
U=4V+1V=5V
故D不符合题意。
故选C。
二、填空题（本题共4小题，每空2分，共18分。）
13. 如图甲是将墨水滴入清水中的情形，如果提高清水的温度，该现象的发生将更加迅速，说明温度越高，分子的无规则运动越______；如图乙将两块表面干净的铅块压紧后，即使在铅块下面挂了物体也不会将它们拉开，这说明分子间存在______（填引力或斥力）。
【答案】 ①. 剧烈 ②. 引力
【解析】
【详解】[1]温度越高，分子运动越快，分子无规则运动越剧烈。
[2]铅块下面挂了物体也不会将它们拉开，说明铅柱之间存在一个力，将下面的铅块吸引了，这个力分子间作用力，是引力。
14. 某智能手机的锂电池上标有，4200mA·h字样。手机在充电过程中，手机电池相当于电路中的______（填“电源”或“用电器”）， 充满电后电池储存的电能多少可用公式W=______计算。细心的小明发现电动汽车的充电线比手机的充电线要粗得多，这是因为材料、长度相同时，横截面积越大，电阻越______。
【答案】 ①. 用电器 ②. UIt ③. 小
【解析】
【详解】[1]手机在充电过程中，手机消耗电能，故手机电池相当于电路中的用电器。
[2]充满电后电池储存的电能，可以根据计算存在的电能。
[3]根据电阻影响因素可知，材料、长度相同时，横截面积越大，电阻越小。
15. 小龙家需购买一个电热水壶。若家庭电路的电压是220V，供电热水壶使用的室内插座的额定电流为5A。商场现有甲、乙、丙三种电热水壶，额定容量均为1.8L，额定电压均为220V，额定功率分别为800W、1000W和1500W。从安全用电的角度考虑，______W的电热水壶不能选购；若将初温相同、体积为1.8L的水烧开，从用时更短的角度考虑，在余下两种中应选购______W的电热水壶。（不计热损失）
【答案】 ①. 1500 ②. 1000
【解析】
【详解】[1]1500W电热水壶的额定电流为
超过了室内插座的额定电流5A，故不能购买1500W的电热水壶。
[2]若将初温相同、体积为1.8L的水烧开，水吸收的热量相同，不计热损失，则消耗的电能也相同，从用时更短的角度考虑，根据可知，功率越大，消耗的时间越短，故选择1000W的电热水壶。
16. 如图所示，某综合实践小组用一段漆包线绕成线圈abcd，用小刀刮两端引线的漆皮，一端全部刮去，另一端只刮上半周或下半周。将线圈abcd放在用硬金属丝做成的支架m、n上，并按图示连接电路，则电磁铁的上端是______极。闭合开关，用手轻推一下线圈，线圈会持续转动，若只将电源的正负极互换，则线圈转动方向会与原来的转动方______（填“相同”或“相反”）。
【答案】 ①. N ②. 相同
【解析】
【详解】[1]由图可知，电磁铁螺线管上导线的电流向右，根据安培定律则电磁铁的上端为N极。
[2]若只将电源的正负极互换，线圈受力的方向发生改变，因为线圈转动方向会与原来的转动方相同。
三、作图与实验探究题（本题共4小题，共28分。）
17. 请用笔画线表示导线，将图中的开关、电灯和插座接入家庭电路中．要求：开关控制电灯，插座单独使用．
【答案】如下所示
【解析】
【详解】开关与灯泡应串联连接，开关接在火线的一端；三孔插座左孔接零线，右孔接火线，中间的孔接地线．
18. 图甲所示是探究“比较不同物质吸热的情况”的实验装置，所用的实验器材：相同的烧杯、温度计和相同的加热器。
（1）A、B两种液体除了初温相同，还要控制______相同；
（2）本实验中，A、B两种液体吸收热量的多少可以通过______来比较；
（3）为了比较 A、B两种液体沸腾前的吸热情况，小明提出两种比较方案：①让两者升高相同的温度，比较加热时间；②让两者加热相同时间，比较升高的温度。你认为可行的方案是______（填①、②或①和②）；
（4）根据实验数据绘制了图乙所示图像，从图像可知，吸热能力较强的是______（填A或B）液体。
【答案】 ①. 质量 ②. 加热时间长短 ③. ①和② ④. B
【解析】
【详解】（1）[1] A、B两种液体，种类不同，其它关键性的量需要相同，需要保证初温相同，还要控制质量相同。
（2）[2]由于采用相同的电加热，相同的时间内，放出的热量相同，那么相同的时间内，A、B吸收的热量相同，加热时间越长，吸收的热量越多，故可以根据加热时间来判断吸收热量的多少。
（3）[3]探究“比较不同物质吸热的情况”，可以采取两种方法，加热相同的时间，吸收相同的热量，比较升高的温度，升高的温度越高，吸热能力越弱；还可以采用升高相同的温度比较加热时间，加热时间越长，吸收的热量越多，吸热能力越强，故可行的方案是①和②。
（4）[4]都从初温20℃，升温至45℃，升高相同的温度，B加热的时间比A长，B吸收的热量多于A物质，故B 物质吸热能力强。
19. 在测量小灯泡电功率的实验中，灯泡上标有2.5V字样。
（1）如图甲所示，所接的实验电路存在连接错误，但只需改动一根导线，即可使电路连接正确。请你在应改动的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法______；
（2）正确接线后，闭合开关前，滑动变阻器的滑片应调至______（选填A或B）端；开关闭合后，小明发现电压表、电流表均有示数，但小灯泡不亮，经检查各元件完好，为了能使小灯泡发光，下一步应进行的操作是______（填序号）；
A．检查各接线柱是否完好连接
B．更换小灯泡
C．将变阻器的滑片向B端移动
（3）实验中移动滑片P到某一位置时电压表示数为2.3V，若要测量小灯泡的额定功率，应将滑片P向______（填A或B）端移动直到小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率是______。
【答案】 ①. ②. A ③. C ④. B ⑤. 0.75
【解析】
【详解】（1）[1]在测量小灯泡电功率的实验中，需要电压表测量小灯泡两端的电压，如图所示：
（2）[2][3]为了保护电路，滑动变阻器的滑片P位于阻值最大处，故滑动变阻器的滑片P位于A端；开关闭合后，由于滑动变阻器的阻值全部接入，电路中的电流比较小，小灯泡电功率比较小，所以小灯泡不亮，小明发现电压表、电流表均有示数，经检查各元件完好，下一步是移动滑动变阻器的滑片向B端移动，故C符合题意，AB不符合题意。
故选C。
（3）[4][5]移动滑片P到某一位置时电压表示数为2.3V，若要测量小灯泡的额定功率，小灯泡两端的电压需要达到2.5V，则滑动变阻器分担的电压需要减小，故滑动变阻器的滑片P向B端移动；通过图乙可知，小灯泡的额定电流为0.3A，小灯泡的额定功率是
20. 某兴趣小组在研究“电阻丝产生的热量与电阻、电流及通电时间的定量关系”时，制作了如图甲所示的实验装置：有机玻璃盒内装有电阻丝、水和电子温度计，盒外采用优质保温材料包裹。
（1）盒外包裹采用的优质保温材料，从节能方面看，应具有______（填绝热或导热）性能；
（2）保持水的质量和电流不变，换用不同阻值的电阻丝R，记录水温变化ΔT和通电时间t的数据，整理部分数据并绘制图像如图乙；根据上述实验可知：当电流和通电时间一定时，电流通过导体产生的热量跟导体的电阻成______（填“正”或“反”）比；
（3）保持水的质量、电阻和通电时间不变，改变电流大小，相关数据整理如丙表，表中X的值为______。
【答案】 ① 绝热 ②. 正 ③. 1.6
【解析】
【详解】（1）[1]因为该材料需要用作优质保温材料，因此应具有良好的绝热性能。
（2）[2]据图乙可知导体的电阻越大，水温度变化量越大，产生的热量越多，因此可得结论为：当电流和通电时间一定时，电流通过导体产生的热量跟导体的电阻成正比。
（3）[3]由表格数据分析可知，电流与升高的温度成二次方变化，因此X的值为1.6。
四、综合题（本题共2小题，共18分。）
21. 如图所示，电阻R1为10Ω，电源两端电压为12V。开关S闭合后，当滑动变阻器R接入电路的电阻R2为40Ω时，求：
（1）通过电阻R1电流I1为______A；
（2）电路总电流I为多少？（ ）
【答案】 ①. 1.2 ②. 1.5A
【解析】
【详解】（1）[1]通过电阻R1的电流I1为
（2）[2]根据并联电路电压的特点，电阻R1和R2两端的电压均等于电源两端的电压U=12V，由欧姆定律得，通过电阻R2的电流
所以总电流
22. 具有防雾、除露、化霜功能的汽车智能后视镜能保障行车安全，车主可通过旋钮开关实现功能切换，防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大。如图是模拟加热原理图，四段电热丝电阻均为20Ω。当开关旋至1挡时，电路中的电流为0.5A，测试电源电压恒定。
（1）测试电源的电压为______V，开关旋至“1”挡，开启______功能；
（2）后视镜玻璃的质量为80g，玻璃的比热容为0.75×103J/（kg•℃）。某次除露测试时，开启除露功能后，30s可使后视镜玻璃温度升高5℃，求此时的加热效率为多少？（ ）
【答案】 ①. 20 ②. 防雾 ③. 50%
【解析】
【详解】解：（1）[1][2]由题知，防雾、除露、化霜所需加热功率依次增大，即P防雾＜P除露＜P化霜，且四段电热丝电阻均为R＝20Ω；由原理图知，开关旋至“1”挡时两段电阻丝串联，开关旋至“2”挡时电路为一段电阻丝的简单电路，开关旋至“3”挡时两段电阻丝并联，因串联电路中总电阻大于任何一个分电阻、并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，所以，开关旋至“1”挡时电路的总电阻最大，开关旋至“3”挡时电路的总电阻最小，由
可知，电源的电压一定时，开关旋至“1”挡时电路的总功率最小，开启防雾功能，同理可知，开关旋至“3”挡时开启化霜功能，开关旋至“2”挡时开启除露功能；由串联电路的电阻特点和欧姆定律可知，电源电压
（2）[3]由（1）可知除露时，电路为一段电阻丝的简单电路，则除露时电路的总功率为
由可知，除露消耗的电能

玻璃吸收的热量

加热效率为
答：（1）测试电源的电压为20V，开关旋至“1”挡，开启防雾功能；
（2）此时的加热效率为50%。电流I/A
0.2
0.3
0.4
0.5
0.6
升高的温度ΔT/℃
0.4
0.9
X
2.5
3.6