福建省福州立志中学2023-2024学年上学期九年级10月月考物理试卷

这是一份福建省福州立志中学2023-2024学年上学期九年级10月月考物理试卷，共35页。
1．（2分）下列关于温度的说法正确的是（ ）
A．人的正常体温约为35℃左右
B．人体感觉舒适的温度约为25℃
C．冰箱冷冻室的温度为5℃
D．沸水的温度一定是100℃
2．（2分）下列各物理量中能反映物质特性的是（ ）
A．比热容B．内能C．热量D．温度
3．（2分）下列事例中，能使蒸发变慢的措施是（ ）
A．用电热吹风机将头发吹干
B．农业灌溉中用管道输水代替沟渠输水
C．将湿衣服晾到向阳、通风的地方
D．用扫帚把洒在地面上的水向周围扫开
4．（2分）中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
B．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热
C．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
5．（2分）如图将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐，用筷子搅拌大约半分钟，用温度计测量罐中冰与水混合物的温度，可以看到冰水混合物的温度低于0℃。这时观察易拉罐的下部和底部，就会发现白霜。下列说法正确的是（ ）
A．冰中加盐提高了冰的熔点
B．易拉罐中的冰在熔化过程中，温度会降低
C．霜是周围空气中的水蒸气遇冷液化形成的
D．如果不加盐，则罐底出现小水珠而不是白霜
6．（2分）小明对甲、乙两种物质做凝固实验，得到温度﹣时间图象如图所示，下列分析中错误的是（ ）
A．甲在第2min时是液态B．甲在ab段吸热
C．甲的凝固点是48℃D．乙是非晶体
7．（2分）甲物体的质量为2kg，乙、丙两物体质量均为1kg，三个物体温度均升高1℃，吸收的热量如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲的比热容比乙的大
B．温度均降低1℃时，乙比甲放出的热量多
C．甲的比热容为2400J/（kg•℃）
D．甲、丙的比热容之比为1：2
8．（2分）用体温计测量病人甲的体温，示数是38℃，如果该体温计未经甩过就用来测量病人乙的体温，示数也是38℃。下列判断正确的是（ ）
A．乙的体温一定等于甲的体温
B．乙的体温不可能等于甲的体温
C．乙的体温不可能高于甲的体温
D．乙的体温一定低于甲的体温
9．（2分）质量都是1kg、初温都是23℃的水分别倒入两个完全相同的杯中，用大小、形状和厚度相同的白纸和黑纸包起来，将两个杯子放在太阳光下，30min后，白纸杯内水温30℃，黑纸杯内水温34℃。根据这个实验，下列说法正确的是（ ）
A．30min后，白纸杯内水的热量大于黑纸杯内水的热量
B．30min后，白纸杯内水的内能大于黑纸杯内水的内能
C．经过30min，白纸杯内水吸收的内能小于黑纸杯内水吸收的内能
D．经过30min，白纸杯内水吸收的热量小于黑纸杯内水吸收的热量
10．（2分）最近，街头出现一种冒烟冰淇淋。如图。制作时，将装有适量冰淇淋原材料的勺子放入﹣196℃的液态氮中。浸泡约一分钟取出，便制成了周围云雾缭绕的“冒烟”冰淇淋下列说法正确的是（ ）
A．冰淇淋周围的雾是液化形成的
B．吃冰淇淋时会“粘”舌头，是熔化现象
C．吃冰淇淋感到凉爽，是由于升华需要吸热
D．冰淇淋周围的雾消失，是凝华现象
11．（2分）固态、液态和气态是物质常见的三种状态，某物质通过放热、吸热在甲、乙、丙三种物态之间转化，如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲为固态，由甲到乙是凝华过程
B．乙为液态，由乙到丙是汽化过程
C．丙为气态，由丙到甲是液化过程
D．丙为液态，由乙到丙是熔化过程
12．（2分）质量相同的甲、乙两种固态物质，用相同的热源对它们同时均匀加热，加热时间都为6分钟，它们的温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲一定是晶体，乙一定是非晶体
B．在3﹣6min内，甲的内能保持不变
C．在0﹣3min内，甲的比热容比乙大
D．本次实验甲和乙吸收的热量相同
13．（2分）用两只相同的电加热器，分别给相同体积的水和某种油加热，在开始和加热3min时各记录一次温度，如下表所示。已知ρ水＝1.0×103kg/m3．c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ油＝0.8×103kg/m3，加热的效率都为90%，油的末温没有达到它的沸点，下列说法正确的是（ ）
A．这种油的比热容为1.68×103J/（kg•℃）
B．这种油的比热容为2.1×103J/（kg•℃）
C．因为这种油的密度比水小，所以它的比热容比水小
D．加热效率没有达到100%，是因为电加热器没有把电能全部转化为内能
14．（2分）A、B两物体质量相等，温度均为10℃，甲、乙两杯水质量相等，温度均为50℃，现将A放入甲杯，B放入乙杯，热平衡后，甲杯水温降低了4℃，乙杯水温降低了8℃，则A、B两种物质的比热容之比为（ ）
A．2：3B．3：5C．4：9D．1：2
二.填空题（每空1分，共18分）
15．（2分）将一瓶饮料在冰箱中冷藏一段时间后，取出放一会儿，表面会变湿，用毛巾擦干后过一会儿又会变湿，这是 （填物态变化名称）现象，该现象需要 （选填“吸热”或“放热”）。
16．（3分）春秋季节，晚自习教室窗玻璃的 （选择“内”或“外”）侧会出现一些水珠，它是由 （选填“教室内”或“教室外”）的水蒸气发生 而形成的。
17．（3分）小李同学观看表演“沸腾的油锅中取铁球”后，得知锅中的“油”是由油和醋组成的混合液体，油的沸点为287℃，醋的沸点为60℃，当温度达到 ℃时锅中的“油”就沸腾了；继续加热，“油”和放入其中的铁球的温度 （选填“会”或“不会”）升高，当 后，继续加热，就不可能赤手从油锅中取铁球了。
18．（2分）如图所示，这是四冲程汽油机的 冲程，某四冲程汽油机的转速为1200r/min，在1s内汽油机对外做了 次功。
19．（3分）根据下表回答：在很冷的北方测气温时，宜选用 温度计；测沸水的温度不能用 温度计；﹣230℃的氧是 态。
20．（3分）如图所示，“曲水流觞”是古代文人墨客诗酒唱酬的一种雅事。将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，会降低酒的温度，这是通过 方式在改变酒的内能；酒盏里质量为100g的酒在漂流过程中，温度从30℃降低至25℃，会放出 J的热量。[c酒＝3.4×103J/（kg•℃）]
21．（2分）用功率一定的电加热器给质量一定的某种液体均匀加热，研究液体升高的温度跟吸收热量的关系。下表中是该实验获取的部分数据，请你根据数据归纳出这种液体升高的温度Δt跟吸收热量Q的关系：在这种液体的 时，Δt＝ 。
三、简答题（4分）
22．（4分）大货车在通过下坡路段时，如果长时间的使用刹车，可能会导致刹车片发热过多而失灵，为了冷却刹车盘，货车师傅会时不时地给刹车盘浇水。请用所学的物理知识解释刹车片发热和浇水来冷却刹车盘的原因。
四.实验题（29分）
23．（3分）如图所示，观察碘的物态变化情况。
（1）微微加热密封有固态碘颗粒的玻璃锤，发现玻璃锤内没有出现液态碘就直接出现紫色碘蒸气，这是碘发生了 现象（填写物态变化名词）。
（2）已知酒精灯火焰的温度约为400℃，一标准大气压下碘的熔点为113.6℃，碘的沸点为184.3℃，甲图直接用酒精灯火焰加热玻璃锤，乙图用沸水加热玻璃锤。 图所示方案更合理，理由是这个方案可以防止碘发生 现象（填物态变化名词）。
24．（4分）如图所示，先在一个配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团硝化棉，然后迅速压下活塞，看到的现象是 。对这一现象的解释是：活塞压缩玻璃筒内的空气，对筒内空气 ，使空气的 增加，温度升高，达到硝化棉的 。
25．（7分）某个小组在探究“某固体熔化时温度的变化规律”时，所用实验装置如图甲所示。
（1）除了实验装置中的器材外，还需要的测量工具是 。
（2）放置温度计时考虑到固体熔化前后体积的变化，温度计玻璃泡应该放置在固体颗粒中间略靠下的位置，这是因为 。
（3）实验过程中，每隔一段时间记录一次温度，观察到第5min时试管内出液体，第10min时试管内固体全部变成液体。根据实验数据在方格纸上描出的各点如图乙所示，请用笔画线，将图像补充完整。
（4）由图乙中图像可以判断出该固体是晶体，依据是 。
（5）另一个小组也用该固体和相同的实验装置完成了实验，他们根据数据画出的图像如图丙所示。则他们的实验中存在的问题可能是 （写出一条即可）。
26．（7分）如图甲所示是小明在探究水沸腾时的实验装置图。
（1）指出甲图操作中的一处错误是 ；
（2）器材调整好后，用酒精灯给烧杯中的水加热，当水温接近90℃时每1min记录一次温度，并观察水中发生的变化。实验数据如下表所示；小明由于粗心大意记错了一个实验数据，错误的数据应是第 min时水的温度，由表中数据可知，实验中水的沸点为 ℃；
（3）如图乙中A、B所示，其中 （选填“A”或“B”）图是在第5min的气泡的变化情况；
（4）小明发现对烧杯中的水加热使水沸腾后，若停止对水加热，水就会停止沸腾，这说明 ；
（5）小明又做了图丙所示的实验，烧杯和试管中均装有适量的水，发现烧杯中的水沸腾了，而试管中的水并未沸腾，当小明同学在烧杯的水中加入少量的食盐后，发现试管中的水能够沸腾了，说明加入食盐后水的沸点 （选填“升高”、“降低”或“不变”）；
（6）将烧瓶内的水加热至沸腾后，移走酒精灯，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口，然后向外拉注射器活塞，如图丁所示，会看到烧瓶中的水重新沸腾起来，这是因为 。
27．（8分）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同。
（1）比较不同燃料的热值，应选择 两图进行实验；比较不同物质的吸热能力，应选择 两图进行实验。
（2）在这两个实验中，仪器安装到位后，都要用到的测量器材是温度计和 。
（3）为了比较液体a和液体b的吸热能力，在设计实验方案时，需要确定以下需要控制的变量，你认为其中多余的是 。
A．采用的加热方式
B．酒精灯里所加酒精量
C．液体a和液体b的质量
D．盛放液体a和液体b的容器
（4）为了比较燃料1和燃料2的热值，应该在燃料完全燃烧后，通过比较 来得出结论（温度计示数/加热时间）。
（5）根据实验测得的数据，分别描绘出a、b两种液体的温度随加热时间变化的图像，如图戊所示，分析图像可知液体 （a/b）的吸热能力更强。若加热过程中无热量损失，则a、b两种液体的比热容之比ca：cb＝ 。
（6）某同学用图丁装置测酒精的热值。加热前酒精灯的质量为m1，加热一段时间后变为m2；烧杯中水的质量为M，水的初温t1，末温t2，水的比热容用c表示。用以上物理量代入公式，可以粗略算出酒精热值。但是，这种方法测出的热值偏 （大/小）。
五.计算题（21分）
28．（4分）（1）质量为200kg，初始温度为10℃的水升高50℃，求水吸收的热量？
（2）若这些热量全部由氢燃料完全燃烧所提供，求需要多少质量的氢燃料？[c水＝4.2×103J/（kg•℃），q氢＝1.4×108J/kg]
29．（9分）如图1所示，A、B是两个底部装有完全相同的加热器的容器，加热器产生的热量90%可以被容器中的液体吸收，已知加热器每秒钟放出热量1000J。现将甲、乙（蓖麻油）两种液体分别倒入A、B杯中，其中甲液体的质量为200g，加热过程中甲、乙两种液体温度随加热时间的变化曲线如图2所示。分析回答下列问题：
（1）加热60s时，乙吸收的热量。
（2）蓖麻油的质量。[c蓖麻油＝1.8×103J/（kg•℃]
（3）甲液体的比热容。
30．（8分）如图所示是一款履带运输车运送石料。一次运送中，运输车在2min内沿水平路面匀速直线行驶600m，行驶中受到的阻力为104N（g取10N/kg，燃料热值q取4.5×107J/kg）求：
（1）这次运送中，运输车发动机的功率；
（2）若行驶中受到的阻力不变，发动机的效率是40%，10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离。
2023-2024学年福建省福州市立志中学九年级（上）月考
物理试卷（10月份）
参考答案与试题解析
一.选择题（每小题2分，共28分）
1．（2分）下列关于温度的说法正确的是（ ）
A．人的正常体温约为35℃左右
B．人体感觉舒适的温度约为25℃
C．冰箱冷冻室的温度为5℃
D．沸水的温度一定是100℃
【分析】结合对生活的了解和对温度单位摄氏度的认识，选出符合实际的选项。
【解答】解：A、正常情况下，人的体温在37℃左右，变化幅度很小。故A不符合实际；
B、人体正常体温在37℃左右，感觉舒适的温度在23℃左右。故B符合实际；
C、水的凝固点在0℃左右，冰箱冷冻室中的水处于结冰状态，温度不会高于0℃．故C不符合实际；
D、只有在标准大气压下，沸水的温度才是100℃．故D不符合实际。
故选：B。
【点评】本题主要考查我们对生活中常见温度值的估测能力，应在平时的生活中多观察、多练习，提高自己这方面的能力。
2．（2分）下列各物理量中能反映物质特性的是（ ）
A．比热容B．内能C．热量D．温度
【分析】（1）单位质量的某种物质温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容。比热容是物质的一种特性，同种物质比热容是一定的，比热容与物体的质量、升高的温度、吸收的热量都无关。
（2）热量是物体通过热传递方式改变的内能，是一个过程量。
（3）做功和热传递都可以改变物体的内能。
【解答】解：比热容是物质的一种特性，同种物质的比热容是一定的。而物质的内能、吸收或放出热量、温度等在一定条件下是可以变化的。
故选：A。
【点评】掌握比热容的概念，知道比热容是物质的一种特性是本题的关键所在。
3．（2分）下列事例中，能使蒸发变慢的措施是（ ）
A．用电热吹风机将头发吹干
B．农业灌溉中用管道输水代替沟渠输水
C．将湿衣服晾到向阳、通风的地方
D．用扫帚把洒在地面上的水向周围扫开
【分析】（1）影响蒸发的因素有温度、液体表面积、液体表面上方的空气流动；
（2）减慢蒸发，就是从降低温度、减小液体面积和减弱空气流动这三个方面来考虑。
【解答】解：A、电热吹风机吹湿头发，是从提高温度和加快空气流动两个方面，加快了头发上水分的蒸发，不合题意；
B、地下管道输水与传统的土筑明渠输水相比，减小了渗漏，也减小了水的表面积和水上方空气流动速度，即减慢了蒸发，符合题意。
C、湿衣服晾到向阳、通风的地方，从提高温度和加快空气流动两个方面，加快了衣服上水分的蒸发，不合题意；
D、扫帚把洒在地面的水向周围扫开，增大了水的表面积，加快了水分的蒸发。
故选：B。
【点评】（1）加快或减慢蒸发，都是从影响蒸发快慢的三个因素去考虑；
（2）将知识应用于生活，注意联系生活实际。
4．（2分）中华诗词蕴含着丰富的物理知识，以下诗词中有关物态变化的分析正确的是（ ）
A．“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热
B．“斜月沉沉藏海雾”，雾的形成是汽化现象，需要放热
C．“霜叶红于二月花”，霜的形成是凝华现象，需要吸热
D．“已是悬崖百丈冰”，冰的形成是凝固现象，需要吸热
【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华；物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（2）物态变化中吸热的有：熔化、汽化和升华；放热的有：凝固、液化和凝华。
【解答】解：A、“露似真珠月似弓”，露的形成是液化现象，需要放热，故A正确；
B、斜月沉沉藏海雾，雾是空气中的水蒸气遇冷形成的小水珠，是液化现象，需要放热，故B错误；
C、“霜叶红于二月花”，霜是空气中的水蒸气遇冷形成的小冰晶，是凝华现象，凝华放热。故C错误；
D．“已是悬崖百丈冰”，冰是水凝固形成的，是凝固现象，需要放热，故D错误。
故选：A。
【点评】此题考查了生活中的物态变化现象，要求学生运用所学知识解答生活、自然现象。
5．（2分）如图将冰块放于易拉罐中并加入适量的盐，用筷子搅拌大约半分钟，用温度计测量罐中冰与水混合物的温度，可以看到冰水混合物的温度低于0℃。这时观察易拉罐的下部和底部，就会发现白霜。下列说法正确的是（ ）
A．冰中加盐提高了冰的熔点
B．易拉罐中的冰在熔化过程中，温度会降低
C．霜是周围空气中的水蒸气遇冷液化形成的
D．如果不加盐，则罐底出现小水珠而不是白霜
【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：A.冰中加盐形成了混合物，降低了冰的熔点，故A错误；
B.冰是晶体，冰熔化过程中吸收热量，温度不变，故B错误；
C.霜是周围空气中的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，故C错误；
D.加盐后，混合物的熔点降低，水蒸气遇到温度更低的罐底会凝华为小冰晶；如果不加盐，冰水混合物的温度仍为0℃，则水蒸气遇到罐底会液化为小水珠而不是白霜，故D正确；
故选：D。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
6．（2分）小明对甲、乙两种物质做凝固实验，得到温度﹣时间图象如图所示，下列分析中错误的是（ ）
A．甲在第2min时是液态B．甲在ab段吸热
C．甲的凝固点是48℃D．乙是非晶体
【分析】（1）晶体与非晶体的主要区别是：晶体有一定的熔点（凝固点），非晶体没有熔点（凝固点）。从图象上来看，晶体的凝固过程有一水平线段，表示晶体的凝固过程，此时对应的温度就是晶体的凝固点；
（2）晶体在凝固过程中，放热但温度不变。
【解答】解：
AC、由图知，甲在凝固过程温度保持不变，所以甲是晶体，凝固过程中温度保持48℃不变，所以甲的凝固点为48℃，第2min时，还没有开始凝固，所以为液态，故A、C正确；
B、该图象为凝固图象，所以甲在ab段放热，故B错误；
D、在上述两个图象中，甲在凝固时有一段温度不变的过程，故该过程为晶体的凝固过程，所以甲是晶体，乙的温度不断下降，所以乙为非晶体，故D正确。
故选：B。
【点评】此题通过图象分析考查了晶体和非晶体在凝固过程中的区别，要知道晶体在熔化或凝固过程中温度保持不变，非晶体在熔化或凝固过程中温度不断变化。
7．（2分）甲物体的质量为2kg，乙、丙两物体质量均为1kg，三个物体温度均升高1℃，吸收的热量如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲的比热容比乙的大
B．温度均降低1℃时，乙比甲放出的热量多
C．甲的比热容为2400J/（kg•℃）
D．甲、丙的比热容之比为1：2
【分析】根据图示和比热容的计算公式判断各选项的对错。
【解答】解：A、由题意和图像可知，甲的质量是乙的2倍，它们升高相同的温度时，甲吸收的热量是乙的2倍，由Q＝cmΔt可知甲乙的比热容相同，故A错误；
B、由Q＝cmΔt可知，相同质量的同种物质在温度升高1℃时吸收的热量与温度降低1℃时放出的热量相等；
由题意和图像可知，甲、乙两物体的温度均升高1℃时，乙比甲吸收的热量少；
反之，甲、乙两物体的温度均降低1℃时，因为其质量、比热容都不变，所以乙比甲放出的热量少，故B错误；
C、根据吸热公式可得甲的比热容：c甲＝＝＝1200J/（kg•℃），故C错误。
D、根据题意和图像可知，甲的质量是丙的2倍，它们升高相同的温度时，吸收的热量相同，根据Q＝cmΔt可知，它们的比热容之比为1：2，故D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了学生对比热容概念以及吸热公式的理解，有一定难度。
8．（2分）用体温计测量病人甲的体温，示数是38℃，如果该体温计未经甩过就用来测量病人乙的体温，示数也是38℃。下列判断正确的是（ ）
A．乙的体温一定等于甲的体温
B．乙的体温不可能等于甲的体温
C．乙的体温不可能高于甲的体温
D．乙的体温一定低于甲的体温
【分析】由于体温计的特殊构造，即液泡上方有一很细的缩口，在离开人体读数时，液柱不下降，故使用前应用力甩一下；用没甩的体温计测体温时，如果被测的温度比原先高，则读数准确，如果被测的体温比原先低或等于原先体温，则仍然是原先的读数。
【解答】根据体温计的特点，使用前用力甩一下玻璃泡上方的水银才能回到玻璃泡中。没有甩的体温计直接用来测量体温，若体温高于原来的示数，体温计中的水银会上升，测量是比较准确的；若体温不高于原来的示数，体温计中的水银不会下降，依然显示的是原来的示数，所以现在测得体温是38℃，这个人的体温可能是38℃，也可能是低于38℃，但不会高于38℃。故选：C。
【点评】此题考查的是体温计读数时容易出现的问题，要记住：体温计使用之前要“甩”一下。
9．（2分）质量都是1kg、初温都是23℃的水分别倒入两个完全相同的杯中，用大小、形状和厚度相同的白纸和黑纸包起来，将两个杯子放在太阳光下，30min后，白纸杯内水温30℃，黑纸杯内水温34℃。根据这个实验，下列说法正确的是（ ）
A．30min后，白纸杯内水的热量大于黑纸杯内水的热量
B．30min后，白纸杯内水的内能大于黑纸杯内水的内能
C．经过30min，白纸杯内水吸收的内能小于黑纸杯内水吸收的内能
D．经过30min，白纸杯内水吸收的热量小于黑纸杯内水吸收的热量
【分析】（1）热量是一个过程量；
（2）内能的大小与温度、质量、状态等因素有关；
（3）（4）根据Q＝cmΔt分析水吸收热量的大小关系。
【解答】解：
A、热量是一个过程量，不能说白纸杯、黑纸杯内水的热量的大小关系，故A错误；
B、30min后，水的质量不变，状态不变，温度越高，内能越大，所以白纸杯内水的内能小于黑纸杯内水的内能，故B错误；
CD、经过30min，白纸杯内水温30℃，黑纸杯内水温34℃，黑纸杯内水的温度升高的多，根据Q＝cmΔt可知，白纸杯内水吸收的热量小于黑纸杯内水吸收的热量，故C错误，D正确。
故选：D。
【点评】本题考查了热量、影响内能大小的因素、物体吸热公式的应用，难度不大。
10．（2分）最近，街头出现一种冒烟冰淇淋。如图。制作时，将装有适量冰淇淋原材料的勺子放入﹣196℃的液态氮中。浸泡约一分钟取出，便制成了周围云雾缭绕的“冒烟”冰淇淋下列说法正确的是（ ）
A．冰淇淋周围的雾是液化形成的
B．吃冰淇淋时会“粘”舌头，是熔化现象
C．吃冰淇淋感到凉爽，是由于升华需要吸热
D．冰淇淋周围的雾消失，是凝华现象
【分析】（1）在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；
（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。熔化、汽化和升华吸热，凝固、液化和凝华放热。
【解答】解：A、雾是空气中的水蒸气遇到温度较低的冰淇淋发生液化形成的小水滴。故A正确；
B、吃冰淇淋时会“粘”舌头，是凝固现象。故B错误；
C、吃冰淇淋感到凉爽，是由于冰淇淋熔化需要吸热。故C错误；
D、冰淇淋周围的雾气消失，是水变成了水蒸气，属于汽化现象。故D错误。
故选：A。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
11．（2分）固态、液态和气态是物质常见的三种状态，某物质通过放热、吸热在甲、乙、丙三种物态之间转化，如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲为固态，由甲到乙是凝华过程
B．乙为液态，由乙到丙是汽化过程
C．丙为气态，由丙到甲是液化过程
D．丙为液态，由乙到丙是熔化过程
【分析】（1）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。
（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；其中放出热量的物态变化有：凝固、液化、凝华；吸热的有：熔化、汽化、升华。
【解答】解：由图象可知，丙放热变为甲，甲放热为乙，故甲是液态、乙是固态、丙是气态，所以甲到乙是凝固，乙到丙是升华，丙到甲是液化。故ABD错误，C正确。
故选：C。
【点评】解决此类题目要知道物态变化前后物质存在状态，并且知道物态变化过程是吸热还是放热。
12．（2分）质量相同的甲、乙两种固态物质，用相同的热源对它们同时均匀加热，加热时间都为6分钟，它们的温度随时间变化的图象如图所示，下列说法正确的是（ ）
A．甲一定是晶体，乙一定是非晶体
B．在3﹣6min内，甲的内能保持不变
C．在0﹣3min内，甲的比热容比乙大
D．本次实验甲和乙吸收的热量相同
【分析】（1）晶体有固定的熔化温度，非晶体没有，晶体在熔化的过程中，是固液共存状态的；物质吸收热量、内能增加，但温度保持不变。
（2）根据Q吸＝cm（t﹣t 0）可知：在吸收的热量和时间一定时，物体的温度变化值越大，比热容就越小。
【解答】解：
A、在加热一定时间后，甲的温度不变，故能判断甲是晶体。而乙虽然温度一直升高，可能还没达到熔点，也可能是非晶体，故甲可以判断但乙无法判断，故A错误；
B、在3～6min内，甲吸收热量，内能增加，故B错误；
C、在相同时间内吸收的热量相同，在0～3min时间里甲升高的温度为Δt1＝50℃﹣20℃＝30℃，乙升高的温度为Δt2＜30℃，可知，当吸收的热量和质量都相同时，Δt越大比热容c就越小。所以甲的比热容小于乙的比热容，故C错误；
D、用相同的热源且加热时间相同，所以吸收的热量相同，故D正确；
故选：D。
【点评】这是一道综合实验题，考查的知识点比较多，有熔点、晶体的熔化过程、内能的变化、温度变化量和物质比热容的关系。
13．（2分）用两只相同的电加热器，分别给相同体积的水和某种油加热，在开始和加热3min时各记录一次温度，如下表所示。已知ρ水＝1.0×103kg/m3．c水＝4.2×103J/（kg•℃），ρ油＝0.8×103kg/m3，加热的效率都为90%，油的末温没有达到它的沸点，下列说法正确的是（ ）
A．这种油的比热容为1.68×103J/（kg•℃）
B．这种油的比热容为2.1×103J/（kg•℃）
C．因为这种油的密度比水小，所以它的比热容比水小
D．加热效率没有达到100%，是因为电加热器没有把电能全部转化为内能
【分析】（1）由相同的加热器可以体现出水与这种液体在相同的时间内吸收的热量相同。取相同的时间，利用他们温度的变化，结合吸热公式即可求出该液体的比热容。比热容与密度都是物质的一种属性；
（2）能量在转化和转移时会有一定的损失，很难做出百分之百。
【解答】解：AB、取两种液体都加热了3分钟为研究对象，因为是用的两个相同的电加热器，且加热效率都为90%，
所以Q水＝Q油，
设它们的体积为V，则水的质量：m水＝ρ水V，油的质量：m油＝ρ油V，
因为Q水＝c水m水（t水﹣t0），Q油＝c油m油（t油﹣t0）
所以c水ρ水V（t水﹣t0）＝c油ρ油V（t油﹣t0），
4.2×103J/（kg•℃）×1.0×103kg/m3×（28℃﹣18℃）＝c油×0.8×103kg/m3×（43℃﹣18℃）
解得：c油＝2.1×103J/（kg•℃）。故A错误、B正确；
C、密度和比热容都是物质的一种属性，二者的大小之间没有必然的联系，故C错误；
D、加热效率没有达到100%，主要是因为电加热器产生的热量没有全部被液体吸收，而是存在一定的损失，而不是因为电加热器没有把电能全部转化为内能，故D错误。
故选：B。
【点评】本题中，根据两者吸收的热量相同列出方程求解是关键。同时，还要注意这里的两种液体是体积相同，而非质量相同，所以要设出体积，表示出质量，再代入公式求解，有一定难度。
14．（2分）A、B两物体质量相等，温度均为10℃，甲、乙两杯水质量相等，温度均为50℃，现将A放入甲杯，B放入乙杯，热平衡后，甲杯水温降低了4℃，乙杯水温降低了8℃，则A、B两种物质的比热容之比为（ ）
A．2：3B．3：5C．4：9D．1：2
【分析】（1）物体A放入甲杯水后，水的温度由50℃降低了4℃，变成50℃﹣4℃＝46℃，A的温度由10℃升高到46℃，水放出的热量等于A吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以求出A的比热容。
（2）物体B放入乙杯水后，水的温度由50℃降低了8℃，变成50℃﹣8℃＝42℃，B的温度由10℃升高到42℃，水放出的热量等于B吸收的热量，据此列出热平衡方程，就可以求出B的比热容。
求出A和B的比热容后，就可以解决问题。
【解答】解：（1）物体A放入甲杯水后，它们的共同温度为50℃﹣4℃＝46℃，
水放出的热量Q放＝c水m水Δt水
A吸收的热量Q吸＝cAmAΔtA，
根据热平衡方程：Q放＝Q吸，
即c水m水Δt水＝cAmAΔtA
代入相关数据得：
cA＝×
（2）物体B放入乙杯水后，它们的共同温度为50℃﹣8℃＝42℃，
水放出的热量Q放＝c水m水Δt水
B吸收的热量Q吸＝cBmBΔtB，
根据热平衡方程：Q放＝Q吸，
即c水m水Δt水＝cBmBΔtB
代入相关数据得：
cB＝×
（3）∵A、B两物体质量相等，即mA＝mB，
∴＝＝＝4：9。
故选：C。
【点评】本题解题的关键在于学生能否正确写出高温物体放热和低温物体吸热的表达式，利用方程的思想可以解决许多物理问题，在学习中注意运用。
二.填空题（每空1分，共18分）
15．（2分）将一瓶饮料在冰箱中冷藏一段时间后，取出放一会儿，表面会变湿，用毛巾擦干后过一会儿又会变湿，这是 液化 （填物态变化名称）现象，该现象需要 放热 （选填“吸热”或“放热”）。
【分析】物质由气态变为液态叫液化，液化放热。
【解答】解：由于从冰箱取出的饮料温度比较低，周围空气中的水蒸气因遇冷发生液化，附着在饮料瓶外壁上，表面会变湿。擦去这层水，又有新的水蒸气在温度低的饮料瓶外壁发生液化，一会儿又会变湿；液化过程需要放热。
故答案为：液化；放热。
【点评】此题考查的是液化知识的应用，解答此题的关键是看液化的条件有没有发生变化。
16．（3分）春秋季节，晚自习教室窗玻璃的 内 （选择“内”或“外”）侧会出现一些水珠，它是由 教室内 （选填“教室内”或“教室外”）的水蒸气发生 液化 而形成的。
【分析】要解答本题需掌握：液化是空气中的水蒸气遇冷形成的小水滴。
【解答】解：春秋季节，晚上室外温度较低，室内空气中的水蒸气遇到冷的玻璃液化形成小水滴。
故答案为：内；教室内；液化。
【点评】本题主要考查学生运用液化现象解释生活中的一些现象的能力。
17．（3分）小李同学观看表演“沸腾的油锅中取铁球”后，得知锅中的“油”是由油和醋组成的混合液体，油的沸点为287℃，醋的沸点为60℃，当温度达到 60 ℃时锅中的“油”就沸腾了；继续加热，“油”和放入其中的铁球的温度 不变 （选填“会”或“不会”）升高，当 醋全部汽化 后，继续加热，就不可能赤手从油锅中取铁球了。
【分析】液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点；液体沸腾的特点：不断吸收热量，温度保持不变。
【解答】解：
由于锅中的“油”是由油和醋组成的混合液体，醋的沸点是60℃，所以锅中的液体温度达到60℃时液体就沸腾了；液体沸腾的特点是吸收热量，但温度不变，所以继续加热液体的温度不会升高，表演时铁球的温度不可能超过60℃；只有当醋全部汽化后，再继续加热，油温度才会升高，就不可能赤手从油锅中取铁球了。
故答案为：60；不会；醋全部汽化。
【点评】本题考查液体沸腾及沸腾的特点，解答此题的关键是知道液体沸腾的特点。
18．（2分）如图所示，这是四冲程汽油机的 做功 冲程，某四冲程汽油机的转速为1200r/min，在1s内汽油机对外做了 10 次功。
【分析】内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程，根据气门和活塞的情况判断哪一冲程；
在一个工作循环中，经历4个冲程，飞轮转动2r，活塞往复2次，对外做功1次。
【解答】解：由图可知，进气门和排气门都关闭，活塞向下运动，火花塞点燃，是做功冲程；
汽油机的转速为1200r/min＝20r/s，在1s内汽油机完成10个工作循环，对外做功10次。
故答案为：做功；10。
【点评】此题考查了热机的相关计算，难度不大。
19．（3分）根据下表回答：在很冷的北方测气温时，宜选用 酒精 温度计；测沸水的温度不能用 酒精 温度计；﹣230℃的氧是 固 态。
【分析】（1）要解答本题需掌握：晶体熔化时的温度叫熔点，晶体凝固时的温度叫凝固点，同种晶体的熔点和凝固点相同；
（2）液体温度计是根据液体的热胀冷缩的性质制成的，用液体温度计测温度时要保证液体不凝固也不会沸腾。
【解答】解：
在很冷的北方，温度比较低，可能低于煤油、水银的凝固点，煤油、水银会凝固，但会高于氧的沸点，氧会沸腾，但不会低于酒精的凝固点，不会高于酒精的沸点，酒精不会凝固也不会沸腾，所以选用酒精温度计；
测沸水的温度不能用酒精温度计，因为沸水温度高于酒精的沸点；
﹣230℃低于氧的熔点，是固态。
故答案为：酒精；酒精；固。
【点评】本题主要考查学生对：熔点和凝固点以及沸点的理解和掌握。是中考的热点。
20．（3分）如图所示，“曲水流觞”是古代文人墨客诗酒唱酬的一种雅事。将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，会降低酒的温度，这是通过 热传递 方式在改变酒的内能；酒盏里质量为100g的酒在漂流过程中，温度从30℃降低至25℃，会放出 1700 J的热量。[c酒＝3.4×103J/（kg•℃）]
【分析】（1）改变物体内能的方式有做功和热传递两种；
（2）根据Q放＝c酒mΔt得出放出的热量。
【解答】解：（1）将酒盏漂浮在清冽的溪水上随溪流动，内能会从酒传递到水，使酒的温度降低，所以这是通过热传递的方式在改变酒的内能；
（2）酒放出的热量为：
Q放＝c酒mΔt＝3.4×103J/（kg•℃）×0.1kg×（30℃﹣25℃）＝1700J。
故答案为：热传递；1700。
【点评】本题以新疆的美景为载体，综合考查了初中物理所学的多种知识，但难度不大。
21．（2分）用功率一定的电加热器给质量一定的某种液体均匀加热，研究液体升高的温度跟吸收热量的关系。下表中是该实验获取的部分数据，请你根据数据归纳出这种液体升高的温度Δt跟吸收热量Q的关系：在这种液体的 质量一定 时，Δt＝ Δt＝0.5×10﹣3（℃/J）•Q 。
【分析】本题所取液体质量是一定的，液体种类是一定的，可根据公式Q＝cmΔt结合表中数据归纳这种液体升高的温度Δt跟吸收热量Q的关系。
【解答】解：根据公式Q＝cmΔt得，Δt＝可见在这种液体的质量一定时，cm就是常数，液体升高的温度Δt跟吸收热量Q成正比；
由表中数据可知，100×103 J＝50℃×n，则n＝2×103（J/℃），
所以，Δt＝0.5×10﹣3（℃/J）•Q。
故答案为：质量一定；Δt＝0.5×10﹣3（℃/J）•Q。
【点评】本题属于信息给予题，通过表中数据找规律。要找升高的温度Δt跟吸收热量Q的关系，可通过表中数据找关系，利用公式Q＝cmΔt做为导向，两方面相结合这样会更容易找到关系。
三、简答题（4分）
22．（4分）大货车在通过下坡路段时，如果长时间的使用刹车，可能会导致刹车片发热过多而失灵，为了冷却刹车盘，货车师傅会时不时地给刹车盘浇水。请用所学的物理知识解释刹车片发热和浇水来冷却刹车盘的原因。
【分析】（1）做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移；
（2）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比较，变化相同的温度，水吸收或放出的热量更多；
物质由液态变成气态的过程叫做汽化；汽化吸热，可达到降温的目的。
【解答】答：（1）货车在通过很长的下坡路段时，如果长时间的使用刹车，刹车片和轮毂长时间摩擦，机械能转化为内能会产生高温，所以刹车片会发热；
（2）水的比热容较大，相同质量的水和其它物质相比较，升高相同的温度，水吸收的热量更多，因此，向刹车片和轮胎喷水降温使其降温；另一方面水会汽化吸热迅速降温，以保行车安全。
【点评】熟知改变物体内能的两种方式，能结合实例进行判断，并了解汽化吸热的特点，可顺利解答。
四.实验题（29分）
23．（3分）如图所示，观察碘的物态变化情况。
（1）微微加热密封有固态碘颗粒的玻璃锤，发现玻璃锤内没有出现液态碘就直接出现紫色碘蒸气，这是碘发生了 升华 现象（填写物态变化名词）。
（2）已知酒精灯火焰的温度约为400℃，一标准大气压下碘的熔点为113.6℃，碘的沸点为184.3℃，甲图直接用酒精灯火焰加热玻璃锤，乙图用沸水加热玻璃锤。 乙 图所示方案更合理，理由是这个方案可以防止碘发生 熔化 现象（填物态变化名词）。
【分析】（1）物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
（2）六种物态变化过程中，都伴随着吸热或放热；晶体熔化的条件：达到熔点，继续吸热。
【解答】解：（1）玻璃锤内没有出现液态碘就直接出现紫色碘蒸气，这是碘发生了升华现象。
（2）乙图所示方案更合理，理由是1个标准大气压下水的沸点是100℃，碘的温度不可能超过100℃，达不到熔点，这个方案可以防止碘发生熔化现象，因为沸水的温度低于碘的熔点。
故答案为：（1）升华；（2）乙；熔化。
【点评】分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
24．（4分）如图所示，先在一个配有活塞的厚壁玻璃筒里放一小团硝化棉，然后迅速压下活塞，看到的现象是 筒内棉花燃烧起来 。对这一现象的解释是：活塞压缩玻璃筒内的空气，对筒内空气 做功 ，使空气的 内能 增加，温度升高，达到硝化棉的 着火点 。
【分析】做功可以使内能与机械能之间进行转化：对物体做功，物体内能会增加；物体对外做功，物体内能会减少。
【解答】解：
迅速压下活塞时，活塞对筒内的空气做功，机械能转化为筒内空气的内能，使空气的内能增加，温度升高，当温度达到棉花的着火点时，筒内棉花就燃烧起来。
故答案为：筒内棉花燃烧起来；做功；内能；着火点。
【点评】此题结合实际情况考查对改变物体内能方式的理解与应用情况。
25．（7分）某个小组在探究“某固体熔化时温度的变化规律”时，所用实验装置如图甲所示。
（1）除了实验装置中的器材外，还需要的测量工具是 秒表 。
（2）放置温度计时考虑到固体熔化前后体积的变化，温度计玻璃泡应该放置在固体颗粒中间略靠下的位置，这是因为 可以更准确测量温度 。
（3）实验过程中，每隔一段时间记录一次温度，观察到第5min时试管内出液体，第10min时试管内固体全部变成液体。根据实验数据在方格纸上描出的各点如图乙所示，请用笔画线，将图像补充完整。
（4）由图乙中图像可以判断出该固体是晶体，依据是 该物质在熔化过程中，吸收热量，温度保持不变 。
（5）另一个小组也用该固体和相同的实验装置完成了实验，他们根据数据画出的图像如图丙所示。则他们的实验中存在的问题可能是 物质的质量较小 （写出一条即可）。
【分析】（1）实验过程中需要记录时间；
（2）温度计玻璃泡应该放置在固体颗粒中间略靠下，避免熔化后温度计的玻璃泡不能完全浸没在物质中；
（3）根据图象描点连线；
（4）晶体在熔化过程中有一定的熔点。晶体熔化过程中吸收热量且温度不变，据此分析即可；
（5）根据晶体的质量大小、温度计的放置方式、加热的特点等方面分析。
【解答】解：（1）探究“某固体熔化时温度的变化规律”时，需要用温度计测量固体在每个时刻的温度，所以需要用到秒表；
（2）由于该固体熔化后体积会变小，为了精确测量温度，温度计的玻璃泡应该靠下；
（3）根据图象描点连线，如图所示：
；
（4）由图乙可知，该物质在熔化时温度保持不变，所以该物质是晶体；
（5）由图丙可知，该物质在熔化的过程中温度一直上升，其原因可能是：物质的质量较小，熔化过程较快；温度计放置位置偏下，接触了试管底部。
故答案为：（1）秒表；（2）可以更准确测量温度；（3）如上图所示；（4）该物质在熔化过程中，吸收热量，温度保持不变；（5）物质的质量较小。
【点评】本题考查了“某固体熔化时温度的变化规律”的探究实验，涉及到器材的放置、熔化的特点、图象的画法、实验问题的处理等，综合性较强。
26．（7分）如图甲所示是小明在探究水沸腾时的实验装置图。
（1）指出甲图操作中的一处错误是 温度计的玻璃泡接触了容器底 ；
（2）器材调整好后，用酒精灯给烧杯中的水加热，当水温接近90℃时每1min记录一次温度，并观察水中发生的变化。实验数据如下表所示；小明由于粗心大意记错了一个实验数据，错误的数据应是第 6 min时水的温度，由表中数据可知，实验中水的沸点为 98 ℃；
（3）如图乙中A、B所示，其中 A （选填“A”或“B”）图是在第5min的气泡的变化情况；
（4）小明发现对烧杯中的水加热使水沸腾后，若停止对水加热，水就会停止沸腾，这说明 沸腾需要吸热 ；
（5）小明又做了图丙所示的实验，烧杯和试管中均装有适量的水，发现烧杯中的水沸腾了，而试管中的水并未沸腾，当小明同学在烧杯的水中加入少量的食盐后，发现试管中的水能够沸腾了，说明加入食盐后水的沸点 升高 （选填“升高”、“降低”或“不变”）；
（6）将烧瓶内的水加热至沸腾后，移走酒精灯，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口，然后向外拉注射器活塞，如图丁所示，会看到烧瓶中的水重新沸腾起来，这是因为 瓶内气压减小，水的沸点降低 。
【分析】（1）测量液体温度时，要使温度计的玻璃泡与被测液体充分接触，不能接触容器底和容器壁，读数时视线与液柱上表面所对刻度相平。
（2）由表中数据可知，第6min处在沸腾状态，所以数据有误；水达到沸点后继续吸收热量，温度不变，由表中数据可得沸点；
（3）液体在沸腾时产生大量气泡，由小变大、上升；
（4）液体沸腾的条件：达到沸点，继续吸热；
（5）水沸腾需要满足达到沸点且继续吸热两个条件；
（6）液体的沸点跟气压有关，气压增大，沸点升高；气压减小，沸点降低。
【解答】解：（1）测量液体温度时，温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，由图甲可知，图中的错误操作是温度计的玻璃泡接触了烧杯底部；
（2）由表中数据可知，第6min处在沸腾状态，所以数据有误；水达到沸点后继续吸收热量，温度不变，由表中数据可得沸点是98℃；
（3）由表可知，5min时，水正处于沸腾阶段，此时会有大量气泡产生，由小变大、上升，所以选A图；
（4）烧杯中的水沸腾后，停止对水加热，水停止沸腾，这说明液体沸腾时要吸热；
（5）烧杯和试管中均装有适量的水，烧杯中的水沸腾了，而试管中的水并未沸腾，当小程同学在烧杯的水中加入少量的食盐后，发现试管中的水能够沸腾，说明加入食盐后水的沸点升高，试管中的水能够继续吸收热量而沸腾；
（6）将烧瓶内的水加热至沸腾后，移走酒精灯，用连有注射器的橡皮塞塞住烧瓶口，然后向外拉注射器活塞，如图丁所示，会看到烧瓶中的水重新沸腾起来，这是因为从瓶内向外抽气，瓶内气压减小，水的沸点降低，所以看到水重新沸腾。
故答案为：（1）温度计的玻璃泡接触了容器底；（2）6；98；（3）A；（4）沸腾需要吸热；（5）升高；（6）瓶内气压减小，水的沸点降低。
【点评】此题主要是探究水的沸腾实验，在做“观察水沸腾”的实验时，应能熟练装配实验的装置，并能分析实验条件对其结果的影响，考查的知识面比较广，但是没有多大的难度，属于基础知识的考查，只要细心作答即可。
27．（8分）如图所示，甲、乙、丙三图中的装置完全相同。燃料的质量都是10g，烧杯内的液体质量也相同。
（1）比较不同燃料的热值，应选择 甲、乙 两图进行实验；比较不同物质的吸热能力，应选择 甲、丙 两图进行实验。
（2）在这两个实验中，仪器安装到位后，都要用到的测量器材是温度计和 天平 。
（3）为了比较液体a和液体b的吸热能力，在设计实验方案时，需要确定以下需要控制的变量，你认为其中多余的是 B 。
A．采用的加热方式
B．酒精灯里所加酒精量
C．液体a和液体b的质量
D．盛放液体a和液体b的容器
（4）为了比较燃料1和燃料2的热值，应该在燃料完全燃烧后，通过比较 温度计示数 来得出结论（温度计示数/加热时间）。
（5）根据实验测得的数据，分别描绘出a、b两种液体的温度随加热时间变化的图像，如图戊所示，分析图像可知液体 a （a/b）的吸热能力更强。若加热过程中无热量损失，则a、b两种液体的比热容之比ca：cb＝ 2：1 。
（6）某同学用图丁装置测酒精的热值。加热前酒精灯的质量为m1，加热一段时间后变为m2；烧杯中水的质量为M，水的初温t1，末温t2，水的比热容用c表示。用以上物理量代入公式，可以粗略算出酒精热值。但是，这种方法测出的热值偏 小 （大/小）。
【分析】（1）根据控制变量法的应用规则，要比较不同燃料的热值，必须取不同种类的燃料；要比较不同物质的比热，就要取不同种类的液体；
（2）比较不同物质的吸热能力时，需要控制两种物质的质量和初温相同；比较不同燃料的热值时，需要控制两种燃料的质量相同；
（3）AD、从控制两种液体在相同的时间吸收相同的热量考虑；
B、使用相同的酒精灯加热，控制相同时间吸热相同，与酒精灯里所加酒精量多少没有关系；
C、根据比较吸热能力的2种方法，要控制不同物质的质量相同。
（4）让相同质量的燃料完全燃烧，根据液体升高的温度比较燃料的热值大小；
（5）相同质量的不同物体吸收相同的热量，温度变化越小的，比热容越大，吸热能力越强；根据图象和Qa＝Qb＝cmΔt即可求出比热容之比。
（6）根据Q吸＝cm（t﹣t0）求出水吸收的热量，水吸收的热量等于酒精燃烧放出的热量，根据Q＝mq求出酒精的热值；用酒精灯给水加热的过程中，有热量的散失。
【解答】解：（1）为了比较热值大小要用不同的燃料，加热同一种液体，让液体的质量相同，通过温度计的示数高低得出吸热多少，进而判断热值大小，应选择甲、乙两图进行实验；
为了比较两种液体的比热容，需要燃烧同种燃料，加热不同的液体，且液体的质量相同，在加热时间相同时，通过温度计的示数高低进而判断两种比热容的大小关系，应选择甲、丙两图进行实验；
（2）根据控制变量法可知，比较不同物质的吸热能力时，需要控制两种物质的质量和初温相同；比较不同燃料的热值时，需要控制两种燃料的质量相同，需要用温度计测量液体升高的温度；所以都需要用到温度计和天平；
（3）AD、采用完全相同的加热方式，是为了使热源放出相同的热量；盛放a液体和b液体的容器相同，目的使a和b两种液体在相同的时间吸收相同的热量，故AD有必要；
B、酒精灯里所加酒精量相同，B没有必要；
C、根据比较吸热能力的2种方法，要控制不同物质的质量相同，C有必要；
所以B选项多余；
（4）实验时应比较相同质量的燃料1和燃料2完全燃尽后液体升高的温度，即根据温度计上升的示数比较燃料热值的大小；
（5）由图乙可知，相同质量的a、b液体，被加热相同的，时间（吸收相同的热量），a液体升温慢，b液体升温快，说明a液体的吸热本领强；
根据图乙可知，a、b都加热5min，A温度变化量为30℃﹣10℃＝20℃，B温度变化量为50℃﹣10℃＝40℃；
由Qa＝Qb＝cmΔt可得：camΔta＝cbmΔtb；caΔta＝cbΔtb；
则：ca：cb＝Δtb：Δta＝2：1；
（6）水吸收的热量Q吸＝cM（t2﹣t1）；
酒精灯放出的热量Q放＝Q吸＝cM（t2﹣t1）；
燃烧酒精的质量m＝m1﹣m2，
由Q＝mq可得酒精的热值q＝＝；因为燃料无法完全燃烧以及没有考虑在加热过程中热量的散失，所以测量值比课本中的“标准值”偏小。
故答案为：（1）甲、乙；甲、丙；（2）天平；（3）B；（4）温度计示数；（5）a；2：1；（6）小。
【点评】本题考查比热容、热值计算公式的运用和控制变量法、转换法的应用及误差分析，为热学中的重要实验。
五.计算题（21分）
28．（4分）（1）质量为200kg，初始温度为10℃的水升高50℃，求水吸收的热量？
（2）若这些热量全部由氢燃料完全燃烧所提供，求需要多少质量的氢燃料？[c水＝4.2×103J/（kg•℃），q氢＝1.4×108J/kg]
【分析】（1）根据Q＝cmΔt得出水吸收的热量；
（2）根据Q＝mq得出需要氢燃料的质量。
【解答】解：（1）水吸收的热量：
Q吸＝cmΔt
＝4.2×103J/（kg•℃）×0.2kg×50℃
＝4.2×104J；
（2）需要氢燃料的质量为：
m′＝＝3×10﹣4kg。
答：（1）初始温度为10℃的水升高50℃水吸收的热量为4.2×104J；
（2）若这些热量全部由氢燃料完全燃烧所提供，需要3×10﹣4kg的氢燃料。
【点评】本题考查吸热公式和热值公式的运用，为基础题。
29．（9分）如图1所示，A、B是两个底部装有完全相同的加热器的容器，加热器产生的热量90%可以被容器中的液体吸收，已知加热器每秒钟放出热量1000J。现将甲、乙（蓖麻油）两种液体分别倒入A、B杯中，其中甲液体的质量为200g，加热过程中甲、乙两种液体温度随加热时间的变化曲线如图2所示。分析回答下列问题：
（1）加热60s时，乙吸收的热量。
（2）蓖麻油的质量。[c蓖麻油＝1.8×103J/（kg•℃]
（3）甲液体的比热容。
【分析】（1）已知加热器每秒钟放出热量、热效率和加热时间，可求出加热60s乙液体吸收的热量；
（2）由图2可知，加热60s乙液体的初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出蓖麻油的质量；
（3）利用加热器每秒钟放出热量、热效率和加热时间，求出甲液体在20s内吸收的热量；由图2可知，加热15s甲液体的初温和末温，利用Q吸＝cm（t﹣t0）求出甲液体的比热容。
【解答】解：（1）已知加热器每秒钟放出热量1000J，
则加热60s时，加热器放出热量：Q放＝1000J/s×60s＝6×104J；
根据题意可知，乙液体吸收的热量：
Q乙吸＝Q放×90%＝6×104J×90%＝5.4×104J；
（2）由图2可知，加热60s时，乙液体的温度从10℃升高到60℃，
根据Q吸＝cm（t﹣t0）可得，蓖麻油的质量：
m蓖麻油＝＝＝0.6kg；
（3）甲液体的质量：m甲＝200g＝0.2kg，
由图2可知，加热20s时，甲液体的温度从10℃升高到40℃，
由题意可知，甲液体在20s内吸收的热量：
Q甲吸＝Q放′×90%＝1000J/s×20s×90%＝1.8×104J；
根据Q吸＝cm（t﹣t0）可得，甲液体的比热容：
c甲＝＝＝3×103J/（kg•℃）；
答：（1）加热60s时，乙吸收的热量是5.4×104J；
（2）蓖麻油的质量为0.6kg；
（3）甲液体的比热容为3×103J/（kg•℃）。
【点评】本题考查了吸热和放热的公式的应用，关键是从图象中获取有用信息。
30．（8分）如图所示是一款履带运输车运送石料。一次运送中，运输车在2min内沿水平路面匀速直线行驶600m，行驶中受到的阻力为104N（g取10N/kg，燃料热值q取4.5×107J/kg）求：
（1）这次运送中，运输车发动机的功率；
（2）若行驶中受到的阻力不变，发动机的效率是40%，10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离。
【分析】（1）因为运输车匀速直线行驶，受力平衡，所以发动机的牵引力等于阻力，根据W＝Fs计算这次运送中，运输车发动机做的功，根据P＝计算运输车发动机的功率；
（2）根据Q放＝mq计算10kg燃料完全燃烧放出的热量，根据W＝Q放η计算发动机做的有用功，根据s＝计算该车沿水平路面匀速直线行驶的距离。
【解答】解：（1）因为运输车匀速直线行驶，受力平衡，所以发动机的牵引力F牵＝f＝104N，
这次运送中，运输车发动机做的功W＝F牵s＝104N×600m＝6×106J，
运输车发动机的功率P＝＝＝5×104W；
（2）10kg的燃料完全燃烧放出的热量Q放＝m燃料q＝10kg×4.5×107J/kg＝4.5×108J，
发动机做的有用功W有用＝Q放η＝4.5×108J×40%＝1.8×108J，
该车沿水平路面匀速直线行驶的距离s′＝＝＝1.8×104m。
答：（1）运输车发动机的功率是5×104W；
（2）10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离是1.8×104m。
【点评】本题考查了功率的计算和有关热机的计算，都要求学生掌握。加热时间（min）
0
3
水的温度（℃）
18
28
油的温度（℃）
18
43
物质
煤油
酒精
水银
氧
铁
熔点（℃）
﹣30
﹣117
﹣39
﹣218
1525
沸点（℃）
150
78
357
﹣183
2750
Q/103J
25
50
75
100
125
150
175
Δt/℃
12.5
25
37.5
50
62.5
75
87.5
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
水的温度/℃
90
92
94
96
98
98
95
98
98
加热时间（min）
0
3
水的温度（℃）
18
28
油的温度（℃）
18
43
物质
煤油
酒精
水银
氧
铁
熔点（℃）
﹣30
﹣117
﹣39
﹣218
1525
沸点（℃）
150
78
357
﹣183
2750
Q/103J
25
50
75
100
125
150
175
Δt/℃
12.5
25
37.5
50
62.5
75
87.5
时间/min
0
1
2
3
4
5
6
7
8
水的温度/℃
90
92
94
96
98
98
95
98
98