黑龙江省齐齐哈尔市铁锋区2023-2024学年物理九年级上册期末试卷

这是一份黑龙江省齐齐哈尔市铁锋区2023-2024学年物理九年级上册期末试卷，共18页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，实验探究题，简答题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题：本大题共11小题，共23分。
1．三个完全相同的杯子里装有同样多的水，把质量相等的铜块、铁块、铝块分别放入三个杯子的水中（水未溢出），水面升高较少的是(ρ铜>ρ铁>ρ铝)（ ）
A．放铜块的杯子B．放铁块的杯子
C．放铝块的杯子D．三杯子水面升高相同
2．下列是小刚同学对生活中的一些做法进行的分析，你认为合理的是（ ）
A．人们使用杠杆的目的一定是为了省力
B．举重运动员比赛前，手上涂抹“镁粉”，目的是为了减小摩擦
C．自行车上坡前加紧蹬几下，目的是为了增大动能
D．茶壶盖上留有一个小孔，目的是为了减小大气压
3．学习了物态变化后小明对云的成因感到好奇，于是他查阅了一段资料：当湿润的空气升入高空时，水蒸气会遇冷变成小水滴或小冰晶，这些小颗粒很小，能被空气中上升的气流顶起从而形成云．云的形成涉及到的物态变化有（ ）
A．液化汽化B．升华凝华C．凝华汽化D．液化凝华
4．如图所示，下列现象中能用光的直线传播解释的是（ ）
A．墙上手影B．空中彩虹
C．看水中鱼D．水中明月
5．下列说法中，正确的是（ ）
A．潜水艇在水面以下上升时，受到的压强与浮力都变小
B．在液体中的物体一定受到浮力的作用
C．地面上静止的物体受到的支持力和它对地面的压力是一对平衡力
D．小明用力沿竖直爬杆匀速下滑，此时小明的重力和摩擦力大小相等方向相反
6．杠杆在生产生活中普遍使用，如图所示，下列工具使用过程中，属于省力杠杆的是（ ）
A．坩埚钳 B．剪刀
C． 筷子 D．镊子
7．下面关于力学现象的解释中正确的是（ ）
A．推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关
B．人用力推车，车未动，是因为推力小于摩擦力
C．小孩从滑梯上自行下滑，是因为他受到惯性的作用
D．绕操场匀速转动的玩具电动车处于平衡状态
8．首先发现电流周围存在磁场的科学家是（ ）
A．安培B．欧姆C．奥斯特D．伽利略
9．电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程“0～3V”，电流表量程“0～0.6A”，滑动变阻器规格“20Ω2A”，灯泡L标有“3V1.5W”字样(忽略灯丝电阻变化)，在不损坏电路元件的情况下，下列判断不正确的是（ ）
A．滑动变阻器入电路的阻值变化的范围是3Ω～12Ω
B．电路中电流变化的范围是0.25A～0.5A
C．灯泡的功率允许的变化范围是0.375W～1.5W
D．电路消耗总功率允许的变化范围为1.35W～2.25W
10．2安培的电流通过一段金属导线，经过5秒钟产生一定的热量。如果电流强度增加到3安培时，经过相同的时间，产生的热量将是前者的（ ）
A．1.5倍B．49倍C．2.25倍D．23倍
11．水平桌面上有一个质量为1kg、底面积为200cm2的圆柱形盛水容器，在容器底部用细绳将一质量是600g，体积为1000cm3的正方体木块固定在水中，木块有45的体积漫入水中，绳子处于绷紧状态，木块静止后水深30cm，如图甲所示：现向容器中加入适量水(水没有溢出)直至液面与物体的上表面相平，此时绳子刚好断裂，如图乙所示：绳子断裂后木块再次静止时，如图所示，下列说法中正确的是（ ）
A．甲图中绳子的拉力为8N
B．从甲图到乙图所加水的重力为4N
C．丙图相对于乙图的水面下降了4cm
D．在丙图中，容器对桌面的压强是3500Pa
二、多选题：本大题共2小题，共6分。
12．下列说法正确的是（ ）
A．一桶水的比热容与一杯水的比热容一样大
B．只能通过热传递来改变物体的内能
C．吸收热量越多的物体，温度升高的越高
D．物体内能减小时，温度可能不变
13．如图所示的电路，电源电压不变．闭合开关S，将滑动变阻器的滑片P从中点滑到b端．下列说法正确的是（ ）
A．电流表的示数变大
B．R2的功率变大
C．电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值不变
D．R1电流的变化量大于滑动变阻器电流的变化量
三、填空题：本大题共10小题，共20分。
14．“风能、太阳能、水能、煤炭”中属于不可再生能源的是 。北斗卫星导航系统是中国自行研制的，具有定位、导航和通讯等功能。北斗卫星导航系统利用 传递信息，这种信号 (选填“能”或“不能”)在真空中传播。
15．小女孩用橡胶棒去摩擦动物的皮毛后，橡胶棒带上了 电荷，动物毛皮 (选填：“得到”、“失去”)电子。
16．我国自主研发建造的003号航母已于近日下水，被命名为“福建舰”（如图）。该舰排水量（指满载时排开水的质量）约8万吨，开创了常规动力航母使用电磁弹射器的先河。该舰满载时受到的浮力约是 N，它从长江口进入到东海，受到的浮力 （选填“变大”、“变小”或“不变”），其排水量 （选填“变大”、“变小”或“不变”），船身将 （选填“上浮一些”、“位置不变”或“下沉一些”）（g=10N/kg）。
17．如图所示，闭合开关S，发光二极光发光，永磁体静止在水平桌面上，此时永磁体受摩擦力方向为水平向 ，若已知此时摩擦力大小为5N，则对调电源正负极，闭合开关后，永磁体受摩擦力大小为 N。
18．学校升国旗的旗杆顶上安装一个滑轮(如图)，最大好处是 ，升旗仪式上，升旗手在10s内，将重15N的国旗升上10m高的旗杆顶端做了200J的功，升旗手拉绳子的功率是 ，滑轮的机械效率是 。
19．将一根铁丝用手反复弯曲数十次，铁丝弯折处会发热，铁丝的内能将 ，这个事例说明 可以改变物体的内能．
20． 能源、信息、材料是现代社会的三大支柱，核电站是利用 释放的核能来发电的（选填“核裂变”或“核聚变”），核能是 能源（选填“可再生”或“不可再生”），所以我们要节约用电；电能表是用来测量消耗电能的工具，小明家的电能表参数如图所示，现有额定功率为1000W的电水壶，正常工作3min，则这3min内电能表指示灯闪烁 次。
21．如图所示，电源电压为6V，R为“30Ω，0.25A”的滑动变阻器，R1为“10Ω，0.3A”的定值电阻，R2为“20Ω，0.4A”的定值电阻，电压表量程为0～3V；闭合S1和S2，断开S3时，调节R，使其接入电路的阻值为10Ω，此时电路消耗的电功率为 W；断开S1，闭合S2、S3，调节R，使电压表的示数为1V，则R接入电路的阻值为 Ω。
22．标有“12V6W”的电灯接在电压为6V的电路中，电灯消耗的功率为 W；若把它接到18V的电源上，若使它正常发光，则应串联一个 Ω的电阻。
23．如图所示，当开关S闭合后，电流表A1和A2的示数之比为3：2，则R1和R2的阻值之比为 ，R1和R2消耗的电功率之比为 。
四、实验探究题：本大题共3小题，共24分。
24．小明同学用如图甲所示的装置对冰加热，根据实验记录分别绘制了冰熔化时和水沸腾时温度随时间变化的图像，如图乙、丙所示。请你回答：
（1）图乙中， 段表示冰的熔化过程，冰是 (选填“晶体”或“非晶体”)。
（2）由图丙可知，水的沸点是 ℃，由此可判断出当时水面上方的气压 (选填“高于”、“低于”或“等于”)1个标准大气压；
（3）小红同学评估小明同学所画的图像图丙时指出：图像中的GH段不是根据实验数据画出来的，原因是水沸腾后继续吸热，但温度 。
25．小明想知道酱油的密度，于是他和小李用天平和量筒做了如下实验
（1）将天平放在水平台上，将 移至称量标尺左端零刻度线处，发现指针指在分度标尺中线的左侧，要使横梁平衡，应将平衡螺母向 (选填“左”或“右”)调。
（2）小明用天平测出空烧杯的质量为17g，在烧杯中倒入适量的酱油，测出烧杯和酱油的总质量如图甲所示，将烧杯中的酱油全部倒入量筒中，酱油的体积如图乙所示，则烧杯中酱油的质量为 g，酱油的密度为 kg/m3。
（3）小明用这种方法测出的酱油密度会 (选填“偏大”或“偏小”)。
（4）在旁边观察的老师告诉小李不用量筒也能测量出酱油的密度。于是小李添加了两只完全相同的烧杯和适量的水，设计了如下实验步骤，请你补充完整
①调好天平，用天平测出空烧杯的质量为m
②将一只烧杯 ，用天平测出烧杯和水的总质量为m1
③用另一只烧杯装满酱油，用天平测出烧杯和酱油的总质量为m2
④则酱油的密度表达式ρ= (水的密度用p水表示)
26．小明同学使用如下器材做“测定小灯泡的电功率”实验：学生电源（电压为2伏的整数倍且保持不变）、电压表、电流表、滑动变阻器、开关各一个，待测小灯泡两个（分别标有“2.5V”、“3.8V”字样）以及导线若干。正确串联实验器材，并将电压表并联在电路中。闭合开关，当滑片移到某位置时，小灯泡恰好正常发光，此时电流表和电压表的示数分别如图（a）、（b）所示。
（1）根据电压表的示数可判断电压表并联在 的两端（选填“小灯泡”、“滑动变阻器”或“学生电源”），理由是 ；
（2）进一步分析可知：小明同学在实验中选用的小灯泡标有 字样，此灯泡的额定功率为 瓦，使用的学生电源电压为 伏。
五、简答题：本大题共1小题，共5分。
27．2016年9月11日是全国消防宣传日，小明在家排查火灾隐患时发现，如果在同一个排插上同时接入多个大功率用电器并同时使用(如图所示)，排插的导线会明显发热，易引起火灾。请你用所学的电学知识做出合理解释。
六、计算题：本大题共2小题，共17分。
28．如表为某品牌家用燃气热水器的主要技术数据。热负荷是指燃料在燃烧器中完全燃烧时单位时间内所释放的热量。[ρ水=1.0×103kg/m3，c水=4.2×103J/(kg⋅℃)]求
（1）1min内加热水的质量；
（2）热水器正常工作1min产生的热量；
（3）试求该型号家用燃气热水器正常工作时的效率。
29．很多家庭的厨房里都安装了抽油烟机，抽油烟机集照明、抽油烟于一体，正常工作时需要220V的电压．某品牌的抽油烟机有四个按键，使用时，需要先按下总开关按键，然后其他功能才能使用．按下照明按键即可照明；油烟多时，按下强挡按键；油烟少时，按下弱挡按键，同时强挡按键会自动跳起．表格中是相关的一些数据．
（1）如图是这种抽油烟机的工作原理简图．当只使用弱挡工作时，需使开关Sl ，开关S3 ，开关S4 .(均选填“断开”或“闭合”)
（2）该抽油烟机使用强挡并照明时，家庭电路干路中增加的电流为多大？
（3）兰兰家的这种抽油烟机的工作情况为：平均每天照明0.5ℎ，强挡使用0.5ℎ，弱挡使用1ℎ，则兰兰家的抽油烟机每月消耗的电能为多少？(每月按30天计算)
七、综合题：本大题共1小题，共5分。
30．绝对不允许用导线把电源的两极直接连接起来，是因为这样做（ ）
A．有触电的危险B．电路中没有电流
C．电流太小会损坏电源D．电流太大会损坏电源
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】密度公式及其应用
【解析】【解答】根据密度公式ρ=mv可知，V铜综上选A
【分析】根据密度公式ρ=mv计算体积。
2．【答案】C
【知识点】动能的影响因素；增大或减小摩擦的方法；增大压强的方法及其应用；杠杆的分类
【解析】【解答】A、镊子是费力杠杆，其目的为精准控制物体，A错误；
B、 手上涂抹“镁粉” ，增大了手与机械接触面的粗糙程度，增大摩擦，B错误；
C、 自行车上坡前加紧蹬几下，增大了速度，其动能增加，C正确；
D、 当水从茶壶中流出，内部气压减小，盖上留有一个小孔 ，使得内部压强增大，内外无压强差，水顺利流出，D错误。
综上选C
【分析】杠杆分为省力和费力杠杆，使用杠杆的目的有可能为省力有可能为省距离；摩擦力与接触面粗糙程度、物体所受压力相关；速度越大，质量不变其动能越大；茶壶留有小孔，使得内外压强差相等。
3．【答案】D
【知识点】液化及液化放热；凝华及凝华放热
【解析】【解答】由题，当湿润的空气升入高空时，水蒸气会遇冷发生液化变成小水滴或凝华成小冰晶，这些小颗粒很小，能被空气中上升的气流顶起从而形成云；因此云的形成涉及到的物态变化有液化、凝华，故D正确.
故答案为：D.
【分析】（1）液化是指物质从气态变为液态的过程，它需要放热；
（2）凝华是指物质从气态直接变为固态的过程，它需要放热．
4．【答案】A
【知识点】光的直线传播及其应用；光的反射；光的折射规律；光的色散
【解析】【解答】A、影子为光的直线传播现象；A正确；
B、彩虹为光的色散，B错误；
C、看水中鱼是光的折射，C错误；
D、水中明月是光的反射，D错误。
综上选A
【分析】光的直线传播的实例有日食，小孔成像、影子。
5．【答案】D
【知识点】力作用的相互性；力与运动的关系；浮力大小的计算
【解析】【解答】A、根据F浮=ρ液gv排可知，水面以下排开水的体积没变，浮力不变，A错误；
B、浮力的本质为物体上下表面受到压强差，当上下表面无压强差，便不受浮力，B错误
C、 地面上静止的物体受到的支持力和它对地面的压力是相互作用力，C错误；
D、 小明用力沿竖直爬杆匀速下滑，表明受力平衡， 此时小明的重力和摩擦力大小相等方向相反 ，D正确
综上选D。
【分析】浮力的计算公式为F浮=ρ液gv排，相互作用力的特点等大、反向，作用于两个物体，物体匀速直线运动表明受力平衡。
6．【答案】B
【知识点】杠杆的分类
【解析】【解答】解：
A、坩埚钳在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不符合题意；
B、图示剪刀在使用时动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B符合题意；
C、筷子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不符合题意；
D、镊子在使用时动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D不符合题意．
故选B．
【分析】结合图片和生活经验，判断选项中的杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．
7．【答案】A
【知识点】力的三要素及力的示意图；二力平衡的条件及其应用；平衡状态的判断
【解析】【解答】A.推门时离门轴越近，用力越大，说明力的作用效果与力的作用点有关，故A正确；
B.人用力推车，车未动，此时车处于静止状态，则它受到的摩擦力和推力相互平衡，即二者大小相等，故B错误；
C.小孩从滑梯上自行下滑，是因为重力的作用，故C错误；
D.绕操场匀速转动的玩具电动车，由于运动方向不断改变，因此运动状态改变，不处于平衡状态，故D错误。
故选A。
【分析】（1）根据对力的三要素的认识判断；
（2）根据二力平衡的知识判断；
（3）惯性是物体的一种性质，而不是力的作用；
（4）平衡状态包括：静止状态或匀速直线运动状态。
8．【答案】C
【知识点】通电直导线周围的磁场
【解析】【解答】奥斯特发现通电导线存在磁场，C正确，A、B、D错误。
综上选C
【分析】电流的磁效应发现者为 奥斯特 ；安培发现通电螺线管的磁性判断；欧姆发现了欧姆定律；伽利略发现了力是改变物体运动的原因。
9．【答案】D
【知识点】串联电路的电压规律；电阻的串联；电功率的计算
【解析】【解答】A、根据P=UI可知，灯泡允许的最大电流为Imax=1.5W/3V=0.5A，RL=(3V)2/1.5W=6Ω；电路中Rmin=UI=Ω，由串联电路总电阻为用电器电阻之和，所以滑动变阻器最小阻值为9Ω-6Ω=3Ω，有串联分压可知，滑动变阻器最大电压为3V，串联电路总电压为用电器电压之和，所以灯泡最小电压为1.5V，所以滑动变阻器的电阻为灯泡电阻的2倍，即最大电阻为12Ω。A正确；
B、由A分析可知最大电阻为12Ω+6Ω=18Ω，根据欧姆定律可知Imin=4.5V/18Ω=0.25A，所以B正确；
C、灯泡最小分压为1.5V，根据功率公式可知P=U2R=(1.5V)26Ω=0.375W，C正确；
D、根据分析可知，电路中的阻值变化范围为 9Ω～18Ω， 根据功率公式可知P=U2R=(4.5V)29Ω=2.25WP=U2R=(4.5V)218Ω=1.125W所以 电路消耗总功率允许的变化范围为1.125W～2.25W。
综上选D
【分析】根据电功率公式P=U2R=UI，串联电路总电阻为用电器电阻之和，串联电路总电压为用电器电压之和，串联电路的电压之比等于电阻之比进行计算，选项识别。
10．【答案】C
【知识点】电功率的计算
【解析】【解答】根据功率公式P=I2Rt可知，电功率于电流的平方成正比，所以P后P前=32Rt22Rt=9/4=2.25，C正确，A、B、D错误。
综上选C
【分析】根据电功率公式P=I2Rt计算求解。
11．【答案】D
【知识点】浮力大小的计算
【解析】【解答】A、根据浮力公式F浮=ρ液gV排可知：木块所受浮力为F浮=1×103kg/m3×10N/kg×800×10−6m3=8N，木块受到重力，所以绳子的拉力小于8N'A错误
B、由题可知木块的长为10cm，此时木块出水高度为2cm，木块出水体积为2cm*10cm*10cm=200cm3；加水高度为2cm，加水的体积为2cm*200cm2-200cm3=200cm3=2*10-4m3，根据G=ρvg=1*103kg/m3*2*10-4m3*10N/kg=2N，B错误；
C、木块的重力为G=mg=0.6kg*10N/kg=6N，静止后受力平衡G=F浮=6N
浮力公式F浮=ρ液gV排可知排开水的体积为V排=F浮ρ液g=6N1×103kg/m3×10N/kg=6×10−4m3所以体积变化为Δv=1×10−3m3−6×10−4m3=4×10−4m3水面的高度为ℎ=V排s=4×10−4m32×10−2m2=2×10−2m=2cm，高度变化为2cm，C错误；
D、物块重力为6N，容器的重力为10N，水的体积为200cm2×30cm−800cm3=5200cm3水的重力为52N，加水的重力为2N，总重为52N+2N+10N+6N=70N，压强公式P=FS=70N0.02m2=3500Pa，D正确。
【分析】根据浮力公式F浮=ρ液gV排进行计算，选项识别。
12．【答案】A,D
【知识点】温度、热量与内能的关系；做功改变物体内能；热传递改变物体内能；比热容
【解析】【解答】A、比热容是物质的基本属性，不随物质的体积变化而变化，A正确；
B、改变内能方式有热传递和做功，B正确；
C、 吸收热量越多的物体，温度不一定升高，如沸腾和熔化状态，C错误；
D、 物体内能减小时，温度可能不变，水沸腾时，温度保持不变，但内能减小，D正确。
综上选A、D
【分析】比热容：单位质量的物质温度升高1℃时吸收的热量；是物体的基本属性，改变内能方式有热传递和做功；吸收热量越多的物体，温度不一定升高；物体内能减小时，温度可能不变。
13．【答案】B,C
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】解：由图示电路图可知，滑动变阻器与R2并联，然后与电阻R1串联，电流表测干路电流，电压表测R1两端电压；
A、滑片P从中点向b端移动过程中，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路总电阻变大，电源电压不变，由欧姆定律可知，干路电流变小，电流表示数变小，故A错误；
B、电路电流I变小，电阻R1阻值不变，电阻R1两端电压：U1=IR1变小，电阻两端电压：U2=U﹣U1变大，电阻阻值R2不变，R2的功率：P2=U22R2变大，故B正确；
C、电压表示数变化量与电流表示数变化量之比：△U△I=R1，电阻R1阻值不变，电压表示数变化量与电流表示数变化量的比值不变，故C正确；
D、R1电流的变化量等于干路电流变化量，等于R2电流增加量与滑动变阻器电流减小量之差，R1电流的变化量小于滑动变阻器电流变化量，故D错误；
故选BC．
【分析】分析清楚电路结构，根据滑片的移动方向判断滑动变阻器接入电路的阻值如何变化，然后应用串并联电路特点、欧姆定律、电功率公式分析答题．
14．【答案】煤炭；电磁波；能
【知识点】能源及其分类；信息与信息传播；电磁波的传播
【解析】【解答】煤炭属于不可再生能源；电磁波可以实现无线通讯，且可以在真空传播。
【分析】不可再生能源：一旦使用，短期内不能再生，化石能源均属于不可再生能源；电磁波可以实现无线通讯，且可以在真空传播。
15．【答案】负；失去
【知识点】两种电荷
【解析】【解答】毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒带负电，毛皮失去电子；
【分析】毛皮摩擦橡胶棒，橡胶棒得电子能力强，所以橡胶棒带负电，毛皮失去电子。
16．【答案】8×108；不变；不变；上浮一些
【知识点】阿基米德原理；物体的浮沉条件及其应用
【解析】【解答】（1）福建舰满载时受到的浮力F浮力=G排=m排g=80000×103kg×10N/kg=8×108N；
（2）它从长江口进入到东海，它始终漂浮在水面上，它受到的浮力始终等于自身重力，因此浮力不变。排水量是出厂时设计好的，因此排水量不变。
（3）它从长江口进入到东海，水的密度变大，根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排可知，排开水的体积减小，即船身上浮一些。
【分析】（1）根据阿基米德原理F浮力=G排=m排g计算满载时受到的浮力；
（2）根据浮沉条件分析浮力的变化，根据排水量的定义判断它的变化；
（3）根据阿基米德原理F浮=ρ液gV排分析排开水的体积变化即可。
17．【答案】左；0
【知识点】安培定则；影响电磁铁磁性强弱的因素及其探究
【解析】【解答】发光二极管电流只能由正到负，根据安培定则可知通电螺线管左端为N极，与永磁体相互吸引，所以收到摩擦力水平向左； 对调电源正负极，发光二极管单向导电性，此时电路中无电流，通电螺线管磁性消失，永磁铁不受力，摩擦力为0N。
【分析】安培定则： 将右手握住通电直导线，大拇指指向导线中电流的方向，那么弯曲的四指所指的就是导线周围磁场的方向；发光二极管单向导电性，通电螺线管的磁性与电流大小有关。
18．【答案】改变力的方向；20W；75%
【知识点】功率的计算；定滑轮及其工作特点；机械效率
【解析】【解答】定滑轮可以改变力的方向，P=W/t=200J/10s=20W；W有用功=15N×10m=150Jη=150J200J=75%
【分析】定滑轮可以改变力的方向，根据功率公式P=W/t以及效率公式η=W有W计算。
19．【答案】增大；做功
【知识点】做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】通过做功使得铁丝内能增大，做功可以改变物体内能。
【分析】改变物体内能的方式有做功和热传递。
20．【答案】核裂变；不可再生；150
【知识点】核电站发电过程中的能量转化；核裂变；电能表参数的理解
【解析】【解答】获得核能有两种方式，一种是核裂变，一种是核聚变。在太阳上发生的核聚变。核裂变是人为可以控制，所以核电站属于核裂变产生的，核能是不可再生能源，电能表指示灯闪烁n=ptN=1kw×360ℎ×3000imp/(kw.ℎ)=150imp，故闪烁 为150次。
【分析】（1）核能是不可再生能源。有核裂变、核聚变。核裂变是人为可以控制 ，核聚变是人为不可控制了。
（2）电能表求电能w=nN那么圈数就为n=w×N=ptN
21．【答案】1.2；6
【知识点】串联电路的电压规律；电功率的计算
【解析】【解答】 闭合S1和S2，断开S3时 ，电路中 R2 和滑动变阻器串联，根据功率公式可知：P=U2R=(6V)230Ω=1.2W； 断开S1，闭合S2、S3 ，电路中电路中 R1 、 R2 和滑动变阻器串联，根据串联分压可知，R1+R2：R=UR1+R2：UR=5：1所以R=6Ω。
【分析】根据功率公式P=U2R，串联分压：串联电路电压之比等于电阻之比。
22．【答案】1.5；12
【知识点】串联电路的电压规律；电功率的计算
【解析】【解答】根据功率公式可知，电灯的电阻为：R=U2P=(12V)26W=24Ω，所以消耗的功率P=U2R=(6V)224Ω=1.5W，根据串联分压可知，用电器电压之比等于电阻之比ULUR=RLR=126=2，所以串联一个12Ω的电阻。
【分析】根据功率公式R=U2P以及串联分压，用电器电压之比等于电阻之比。
23．【答案】2：1；1：2
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】解：由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测干路电流，电流表A2测R2支路的电流，
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，两支路的电流之比：
I1I2 ＝ IA1−IA2IA2 ＝ 3−22 ＝ 12 ，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I＝ UR 可得，R1和R2的阻值之比：
R1R2 ＝ UI1UI2 ＝ I2I1 ＝ 21 ，
由P＝UI可得，R1和R2消耗的电功率之比：
P1P2 ＝ UI1UI2 ＝ I1I2 ＝ 12 。
故答案为：2：1； 1：2
【分析】结合电路图，理清依据的连接方式及电表的测量对象，根据并联电路的电流特点求出两支路的电流之比，根据并联电路的电压特点和欧姆定律求出两电阻的阻值之比，根据P=UI求出两电阻消耗的电功率之比.
24．【答案】（1）BC；晶体
（2）98；低于
（3）不变
【知识点】熔化和凝固的温度—时间图象；沸点及沸点与气压的关系
【解析】【解答】1）熔化是特点为：不断吸热，温度保持不变，所以BC 段表示冰的熔化过程 ，冰有固定的熔沸点，所以为晶体；
2）由图可知，水的沸点为98℃；低于正常的沸点，所以气压低于标准大气压；
3） 沸腾特点为：水沸腾后继续吸热，但温度不变
【分析】熔化是特点为：不断吸热，温度保持不变，沸点低于标准沸点温度，气压低于标准大气压；
25．【答案】（1）游码；右
（2）45；1.125×103
（3）偏大
（4）装满水；m2−m0m1−m0⋅ρ水
【知识点】密度公式及其应用；探究密度特性的实验
【解析】【解答】1）调零的步骤： 将天平放在水平台上，将游码移至称量标尺左端零刻度线处，调节平衡螺母，使 指针指在分度标尺中线； 分度标尺中线的左侧，表明左侧较重，应使 平衡螺母向 右调。
2）天平测得质量为62g，所以酱油质量为62g-17g=45g，体积为40mL，根据密度公式ρ=mv=45g40cm3=1.125g/cm3即 1.125×103kg/m3；
3）将酱油从烧杯中倒入量筒中，部分液体粘在烧杯中，导致测量体积变小，所以密度变大；
4）根据水的密度换算为酱油的密度，要保证水、酱油的体积相同，所以将一只烧杯装满水，酱油的质量为m2-m，酱油的体积和水的体积相等为（m1-m）/ρ水，根据ρ=mv=m2−mm1−mρ水
【分析】调零的步骤： 将天平放在水平台上，将游码移至称量标尺左端零刻度线处，调节平衡螺母，使 指针指在分度标尺中线；密度公式ρ=mv，密度误差分析的本质为质量和体积高低的分析。
26．【答案】（1）滑动变阻器；从（b）图中可以看出，小灯泡恰好正常发光时电压表示数为1.5伏或7.5伏。电源电压为2伏整数倍，与电压表示数不一致，不能并联在电源两端；小灯泡正常发光，电压为2.5伏或3.8伏，与电压表示数不一致，电压表不能并联在小灯泡两端，因此电压表并联在滑动变阻器的两端
（2）2.5V；0.75；4或10
【知识点】探究用电器的电功率实验
【解析】【解答】（1）从（b）图中可以看出，小灯泡恰好正常发光时电压表示数为1.5伏或7.5伏。电源电压为2伏整数倍，与电压表示数不一致，不能并联在电源两端；小灯泡正常发光，电压为2.5伏或3.8伏，与电压表示数不一致，电压表不能并联在小灯泡两端，因此电压表并联在滑动变阻器的两端。
（2）滑动变阻器与灯泡串联，所以灯泡与滑动变阻器的电压和为电源电压。当灯泡正常发光时，滑动变阻器的电压是1.5V或7.5V，且电压为2伏的整数倍且保持不变，故灯泡只能选用额定电压为2.5V的。从图（a）中可以看出灯泡正常发光时的电流为0.3A，故灯泡的额定功率为 PL=ULIL=2.5V×0.3A=0.75W
当滑动变阻器电压为1.5V时，电源电压 U=UL+UP=2.5V+1.5V=4V
当滑动变阻器电压为7.5V时，电源电压 U=UL+UP'=2.5V+7.5V=10V
【分析】（1）电压表是测量电压的仪表，应并联在电路中，电压表与哪个用电器并联，就测量哪个用电器两端的电压；
（2）结合电流与电压值，利用功率该公式P=UI求解功率即可；串联电路中，各用电器两端的电压之和等于电源电压。
27．【答案】多个大功率用电器同时使用一个插座，当总功率过大时，干路电流会过大，根据焦耳定律可知，干路导线会产生过多的热量，使导线温度升高，容易引起火灾
【知识点】并联电路的电流规律；电功的计算
【解析】【解答】 多个大功率用电器同时使用一个插座，当总功率过大时，干路电流会过大，根据焦耳定律可知，干路导线会产生过多的热量，使导线温度升高，容易引起火灾
【分析】根据功率公式P=UIt=I2Rt，并联电路干路电流等于支路电流之和
28．【答案】（1）解： 1min内加热水的体积V=8L=8dm3=8×10−3m3，
由ρ=mV可得1min加热水的质量：m=ρV=1.0×103kg/m3×8×10−3m3=8kg；
答：1min内加热水的质量为8kg；
（2）解： 热水器正常工作1 min产生的热量：
Q=W=Pt=16×103W×60s=9.6×105J；
答：热水器正常工作1min产生的热量为9.6×105J；
（3）解： 这些水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/(kg⋅℃)×8kg×25℃=8.4×105J，
该型号家用燃气热水器正常工作时的效率：η=Q吸Q×100%=8.4×105J9.6×105J×100%=87.5%。
答：该型号家用燃气热水器正常工作时的效率为87.5%。
【知识点】密度公式及其应用；热量的计算；功的计算及应用
【解析】【分析】1）根据题可知，1min加热水的体积为8L，根据密度公式m=ρv计算加热水的质量；
2）根据电功公式W=Pt计算1min产生的热量；
3）根据Q=cmΔt计算水升高25度吸收的热量；根据效率公式η=QW计算效率。
29．【答案】（1）闭合；断开；闭合
（2）解： 该抽油烟机使用强挡并照明时，开关S1、S2、S3闭合，S4断开，则干路上的电流I=I1+I2=P1U+P2U=25W220V+150W220V≈0.8A，
答：家庭电路干路中增加的电流为0.8A；
（3）解： 由表中数据可知，照明时灯泡的功率W1=25W=0.025kW，
强挡时的功率W2=150W=0.15kW，
弱档的功率为W3=80W=0.08kW，
则每月消耗的电能W=W1+W2+W3=(0.025kW×0.5×30ℎ)+(0.15kW×0.5×30ℎ)+(0.08kW×1×30ℎ)=5.03kW⋅ℎ．
答：兰家的抽油烟机每月消耗的电能为5.03kW⋅ℎ．
【知识点】电功的计算；电功率的计算
【解析】【解答】1）S1处于干路，要是电路正常工作，S1闭合，根据P=U2R可知电阻越大，功率越低，所以S3断开，S4闭合，电路中存在电阻和电动机工作；
2） 该抽油烟机使用强挡并照明时，开关S1、S2、S3闭合，S4断开，则干路上的电流I=I1+I2=P1U+P2U=25W220V+150W220V≈0.8A，
3）由表可知： 照明时灯泡的功率W1=25W=0.025kW，强挡时的功率W2=150W=0.15kW，弱档的功率为W3=80W=0.08kW，则每月消耗的电能W=W1+W2+W3=(0.025kW×0.5×30ℎ)+(0.15kW×0.5×30ℎ)+(0.08kW×1×30ℎ)=5.03kW⋅ℎ
【分析】1）S1处于干路，要是电路正常工作，S1闭合，根据P=U2R可知电阻越大，功率越低，所以S3断开，S4闭合，电路中存在电阻和电动机工作；
2）并联电路干路电流为支路电流之和，根据IL=PU分别计算灯泡电流和，高温挡电流，进而求和
3）根据电功公式W=pt计算灯泡、高档、低挡的30天功率，求和。
30．【答案】D
【知识点】欧姆定律及其应用
【解析】【解答】电源两端直连，电路中无电阻，根据欧姆定律可知，电路电流较大，故D正确，A、B、C错误。
综上选D
【分析】电源两端直连，电路中无电阻，根据欧姆定律可知I=UR电流较大。燃气种类
天然气
额定热负荷
16kW
额定产热水能力
8L/min(△t=25℃)
功能
功率/W
照明
25
强档
150
弱档
80