山东省聊城市莘县2023-2024学年物理九年级上学期期末模拟试卷

这是一份山东省聊城市莘县2023-2024学年物理九年级上学期期末模拟试卷，共17页。试卷主要包含了单选题，多选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

一、单选题：本大题共10小题，共30分。
1．小梦家“五一”去旅游，在宾馆见到一支旅行用的牙膏(如图)，根据你的观察和生活经验，你认为下列说法中错误的是（ ）
A．牙膏盖子中间的尖头是为了增大压力刺破牙膏
B．牙膏盖子上面的竖纹是为了增大摩擦力
C．整支牙膏受到的重力是0.05N
D．挤压牙膏时是通过加大压力来增大压强的
2．近段时间由于天气逐渐转暖，致病的细菌、病毒等随之生长繁殖，因而流行性感冒、麻疹、流行性脑膜炎、猩红、肺炎等传染病频繁发生，学校组织专业人员进行消毒杀菌。如图所示，工作人员正在教室喷洒消毒液，桶内的消毒液压出形成“白雾”。下列说法正确的是（ ）
A．喷洒过程中，喷出的“白雾”说明液体和气体之间可发生扩散现象
B．喷洒过程中，看到的“白雾”是由于消毒液放出热量形成的
C．喷洒区域附近能闻到消毒液的刺激性气味，说明分子在不停地做无规则运动
D．消毒液喷洒出来后过一会就消失了，这是一种升华现象
3．图中自然现象的形成对应的物态变化不正确的是（ ）
A．图甲，霜打枝头是凝华现象B．图乙，檐下冰凌是凝固现象
C．图丙，山间云雾是汽化现象D．图丁，冰雪消融是熔化现象
4．公共场所都贴了如图所示的标志，这主要是考虑到一人吸烟，多人受害．原因是（ ）
A．物质是由分子组成的B．分子在不停地做无规则的运动
C．分子之间存在斥力D．分子之间存在引力
5．有经验的渔民叉鱼时，总是把鱼叉对着稍低于所看见的鱼的位置用力叉去，这是因为（ ）
A．鱼受到惊吓总是要往水底钻
B．鱼又进入水中后，因受浮力要向上浮起一点
C．鱼的实际位置稍低于渔民所看见的位置
D．鱼叉进入水中后，鱼叉看起来向上弯折
6．下列说法中正确的是（ ）
A．汽车被限速，是因为汽车的速度越大惯性越大
B．行车时系安全带是为了减小人的惯性
C．推出去的铅球能继续前进是因为受到了惯性的作用
D．物体惯性的大小只与物体的质量有关
7．下列所叙的压强，与地球表面大气压强相当的是（ ）
A．76mm高汞柱产生的压强B．水面下10m深处水所产生的压强
C．火星表面的大气压强D．月球表面的大气压强
8．如图所示是探究“电流通过导体时产生热量的多少与哪些因素有关”的实验装置，两个透明绝热容器中密封着等质量的空气，U形管中液面高度的变化反应密闭空气温度的变化，下列说法正确的是（ ）
A．甲实验是为了研究电流产生的热量与电阻的关系
B．甲实验通电一段时间后，左侧容器内空气吸收的热量比右侧容器内空气吸收热量少
C．乙实验是为了研究电流产生的热量与电流的关系
D．电流通过导体时产生热量的多少是通过U形管中液面的高度差来反映的
9．如图所示，电源电压保持不变，灯泡的电阻不受温度影响，当开关S闭合，将滑动变阻器的滑片P向右移动，下列说法正确的是（ ）
A．电流表示数变小，电压表示数变大
B．电流表示数不变，电压表示数变小
C．电流表示数不变，电压表示数不变
D．电流表示数变小，电压表示数变小
10．如图所示四个实验现象中，揭示了电风扇工作原理的是（ ）
A．B．
C．D．
二、多选题：本大题共3小题，共12分。
11．下列关于温度、热量和内能的说法中正确的是（ ）
A．零摄氏度的物体，它一定有内能
B．物体温度不变，它的内能可能改变
C．热传递过程中，温度低的物体将内能传递给温度高的物体
D．物体内能增加，它可能吸收热量，也可能外界对它做了功
12．用相同的滑轮和绳子分别组成如图所示的甲、乙两个滑轮组，把相同的重物匀速提升相同的高度，若不计绳重及摩擦，下列说法不正确的是（ ）
A．绳子受的拉力F1和F2大小相等，滑轮组的机械效率相同
B．绳子受的拉力F1和F2大小不相等，滑轮组的机械效率不相同
C．绳子自由端移动的距离不相等，拉力对滑轮组所做的功相等
D．绳子自由端用移动的距离不相等，拉力对滑轮组所做的功不相等
13．如图甲所示，闭合开关S，调节滑动变阻器的滑片，当从a端滑至b端时，小灯泡恰好正常发光，电流表示数与电压表V1、V2示数的关系图像如图乙所示。下列说法中正确的是（ ）
A．电源电压为12VB．滑动变阻器的最大阻值为20Ω
C．小灯泡的额定功率为6WD．定值电阻R0的阻值为10Ω
三、填空题：本大题共5小题，共10分。
14．载人飞船在飞行过程中，航天员接受了在轨医学超声检查，而地面医务人员可以实时监测航天员的心肺功能，地面医务人员是靠 (选填“超声波”或“电磁波”)接收监测信息的：在太空中，太阳能是飞船能源的主要来源，在太阳内部时刻都在发生着核 (选填“裂变”或“聚变”)
15．一个木箱放在水平面上静止时，木箱受到的支持力与 力是一对平衡力。当木箱受到10 N的水平推力时，木箱未动，这时木箱受到的摩擦力为 N.
16．轮船在通过三峡大坝时，需经过五级船闸才能完成“跳大坝”的壮举，船闸利用了 原理。
17．在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，让质量不同的铁球从斜面的同一高度由静止释放，撞击同一木块，能将木块撞出一段距离。如图甲所示。请回答下列问题：
（1）从同一高度由静止释放的目的是 ，该实验的目的是研究铁球的动能大小与 (选填“质量”或“速度”)的关系。
（2）该实验是通过观察 的大小，来说明铁球对木块做功的多少，从而判断出 (“铁球”或“木块”)具有的动能的大小。
（3）有同学将实验装置改进成图乙所示，利用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较。该实验方案是否可行？答： 你的理由是 。
18．如图所示的电能表，允许接在这个电能表上各种用电器消耗功率总和的最大值是 W.若这只电能表在3min内转了30转，则接在这个电能表上的用电器的总功率为 kW。
四、作图题：本大题共2小题，共4分。
19．补充完成下列光路。
20．如图，斜面上有一物体M，它受到的重力为60牛，它对斜面的压力为40牛，请在图中画出这两个力的示意图。
五、实验探究题：本大题共3小题，共17分。
21．小阳利用如图所示的装置进行实验，其中凸透镜的焦距为10cm。
（1）将蜡烛放在25cm刻度线处，当光屏放在图中的位置时，可以得到清晰的实像， (选填“照相机”、“幻灯机”或“放大镜”)应用了这个成像特点。
（2）将图中的光屏移至80cm刻度线处，调节蜡烛的位置，当光屏上接收到清晰的像时，蜡烛一定处于____刻度线之间。
A．0cm～20cmB．20cm～30cmC．30cm～40cmD．40cm～50cm
（3）我们的眼睛观察近处物体最清晰而不疲劳的距离大约是25cm。若物体到眼睛的距离小于25cm时，为看清物体，晶状体会变厚，其焦距变 ，长时间这样用眼会引起眼睛过度疲劳，当晶状体不能恢复时，我们就不能看清远处的景物了，因此形成了近视眼，此时可以通过配戴近视镜进行矫正，它对光束有 作用。读写时眼睛与书本的距离不小于25cm，可以有效预防近视眼。
22．下面是东东同学探究“杠杆的平衡条件”的实验过程。
（1）实验前首先要调节杠杆在水平位置平衡，其目的是 。如果实验前杠杆所处的位置如图1所示，接下来他应该将右端平衡螺母向 (选填“左”或“右”)调节。
（2）调节杠杆水平平衡后，东东进行了如图2、3、4三次实验。根据实验，他得出了杠杆的平衡条件为：“动力×支点到动力作用点的距离=阻力×支点到阻力作用点的距离”，你认为这个结论是 (选填“正确”或“错误”)的。
（3）在图3装置的左右两边各取下一个钩码后，杠杆 (选填“左”或“右”)端下沉，为使杠杆恢复水平平衡，只需将右侧钩码向右移 个格；
（4）上述实验结束后，东东利用图5的装置进行了新的探究：当弹簧测力计逐渐向右倾斜时。要使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将 (选填“变大”、“变小”或“不变”)，其原因是 。
23．用图甲的电路探究“电流与电阻的关系”，电源电压15V保持不变，滑动变阻器的规格“50Ω 2A”，阻值为10Ω、20Ω、30Ω、40Ω、50Ω的定值电阻各1个，电流表量程0～0.6A、0～3A，电压表量程0～3V、0～15V。
（1）根据图甲将图乙所示的实物图连接完整，电压表、电流表量程选择应满足能测量5组数据。
（2）电路连好后，在闭合开关前，滑动变阻器的滑片应移到 端(左/右)；若闭合开关后，发现电流表没有示数，电压表示数接近15V，则电路可能出现的故障是 。
（3）小明将10Ω的电阻接入电路，闭合开关，多次移动滑动变阻器的滑片，记录对应的几组电表示数，此过程小明实际探究的问题是电流与 的关系。
（4）要完成预定的探究“电流与电阻关系”的实验任务，滑动变阻器除了保护电路外，另有一个重要作用是 。
（5）下表为另一个同学提交的实验数据，林老师指出有的数据不符合实际，你认为不符合实际的是实验次序 的数据，理由是 。
六、计算题：本大题共3小题，共27分。
24．小周同学家原来无烟煤炉烧水，每天约用60℃的热水100kg。她参加“探究性学习”活动后，在老师指导和同学帮助下，制作了一台简易的太阳能热水器。
（1）若这台热水器平均每天可将100kg的水从15℃加热到65℃，这些水吸收的热量为多少？
（2）若无烟煤燃烧放出的热量有20%被水吸收，她家改用太阳能热水器后，平均每天可节约无烟煤多少千克？(无烟煤的热值为3.4×107J/kg)
（3）请你说出使用太阳能热水器的优点。(至少说出一点)
25．如图所示，小倩同学提了10kg的水给树苗浇水，已知桶自身质量为1kg，桶的底面积是5×10−2m2(桶的厚度不计)，桶中水深h为20cm，提水时手的受力面积为0.8×10−3m2。求：
（1）水对桶底的压强是多大？
（2）水对桶底的压力是多大？
（3）提水时手受到的压强是多大？
26．如图所示的电路，电阻R2的阻值是10Ω.当开关S闭合时，电流表A1的示数是0.4A，电流表A的示数是1.0A.求：
（1）电源电压U；
（2）电阻R1的阻值；
（3）电阻R2消耗的电功率。
答案解析部分
1．【答案】A
【知识点】增大或减小摩擦的方法；增大压强的方法及其应用
【解析】【解答】A.牙膏盖子中间的尖头，减小了受力面积，增大压强，刺破牙膏，A不符合题意；
B.牙膏盖子上面的竖纹是为了，增大了粗糙程度，增大摩擦力，正确，B不符合题意；
C.根据质量为5g=0.005kg，计算牙膏受到的重力G=mg=0.005kg×10N/kg=0.05N，C不符合题意；
D.挤压牙膏时，加大压力，增大压强的，挤出牙膏，D不符合题意。
故答案为：A.
【分析】压力一定时，减小受力面积可以增大压强，受力面积一定，压力越大， 压强越大； 接触面越粗糙，摩擦力越大；根据G=mg，计算重力。
2．【答案】C
【知识点】汽化及汽化吸热的特点；液化及液化放热；分子热运动
【解析】【解答】AB．喷洒过程中，喷出的“白雾”，是由于喷雾器桶中的压力大（超过一个大气压），消毒液被喷到桶外时，压力突然变小，使消毒液变成雾状，该现象不属于扩散，也不存在吸放热，AB不符合题意；
C．喷洒区域附近能闻到消毒液的刺激性气味，是消毒液分子扩散到空气中的结果，说明分子在不停地做无规则运动，C符合题意；
D．消毒液喷洒出来后过一会就消失了，由液态变为气态，属于汽化现象，D不符合题意。
故答案为：C。
【分析】扩散现象表明，物体的分子是在不停地做无规则运动的；物质由液态转变为气态的过程叫汽化。
3．【答案】C
【知识点】凝固与凝固放热特点；凝华及凝华放热
【解析】【解答】A.霜打枝头，霜是水蒸气直接变为固体，是凝华现象，正确，A不符合题意；
B.檐下冰凌是液体变为固体，是凝固现象，正确，B不符合题意；
C.山间云雾是水蒸气变为是液态物体，是液化现象，C符合题意；
D.冰雪消融，从固体变为液体，是熔化现象，正确，D不符合题意。
故答案为：C.
【分析】气体变为固体是凝华，气体变为液体是液化；固体变为液体是熔化现象。
4．【答案】B
【知识点】分子热运动
【解析】【解答】解：
由于烟分子做无规则运动，在空气中进行扩散，所以只要有一个人吸烟，整个房间也会充满烟味．吸烟有害健康，所以要在公共场所禁止吸烟．
故选B．
【分析】扩散现象是分子运动的结果，一切物质的分子都在不停地做无规则运动．
5．【答案】C
【知识点】光的折射现象及其应用
【解析】【解答】有经验的渔民叉鱼时，鱼叉对着稍低于所看见的鱼的位置，是因为光线从水中进入空气中，光线远离法线偏折，看到的物体比实际变浅，而鱼在看到的像的下方，向下才能叉到鱼，C符合题意。
故答案为：C.
【分析】光从水中斜射入空气中，发生折射，看到水中的物体比实际变浅。
6．【答案】D
【知识点】惯性及其现象
【解析】【解答】AD.惯性是物体的一种属性，惯性大小只跟物体的质量大小有关，跟物体是否受力、是否运动、运动速度等都没有关系，质量越大，惯性越大，D符合题意，A不符合题意；
B.行车时系安全带是为了防止在紧急刹车时由于惯性人会向冲，而对人员造成伤害，不是减小人的惯性，B不符合题意；
C.推出去的铅球能继续前进是因为铅球具有惯性，惯性不是力，不能说受到了惯性的作用，C不符合题意，
故答案为：D。
【分析】惯性：物体保持运动状态不变的性质叫惯性.质量是物体惯性的唯一量度.
7．【答案】B
【知识点】液体压强的计算
【解析】【解答】A.1标准大气压强相当于760mm汞柱产生的压强，A不符合题意；
B．水面下10m深处，水产生的压强为p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×10m=1.0×105Pa
与大气压接近，B符合题意；
C．火星表面的平均大气压强约为700Pa，比地球上大气压的1%还小，C不符合题意；
D．月球表面没有大气，其大气压强为0，D不符合题意。
故答案为：B。
【分析】求解液体内部的压强，利用公式p＝ρgh，其中ρ是液体的密度，h是深度。
8．【答案】D
【知识点】控制变量法与探究性实验方案
【解析】【解答】解：A、装置甲中一个5Ω的电阻与两个5Ω的电阻并联后再串联，根据串联电路的电流特点可知，右端两个电阻的总电流和左端的电阻电流相等，即I右=I左，两个5Ω的电阻并联，根据并联电路的电流特点知I右=I1+I2，两电阻阻值相等，则支路中电流相等，I1=I2，所以右边容器中的通过电阻的电流是左侧通过电流的一半，即是研究电流产生的热量与电流的关系，故A错误；
B、根据选项A分析，由Q=I2Rt可知，左边容器中的电阻产生的热量多，所以左侧容器内空气吸收的热量更多，故B错误；
C、在乙装置中，容器中的两个电阻丝串联，通过它们的电流I与通电时间t相同，左边容器中的电阻小于右边容器中的电阻，所以乙实验是为了探究电流产生的热量与电阻大小的关系，故C错误；
D、据实验装置可知，电流通过导体产生热量使容器中的空气受热膨胀，从而导致U型管中的液面会发生变化，虽然产生热量的多少不能直接观察，但可以通过U型管液面高度差的变化来反映，故D正确．
故选D．
【分析】（1）探究电流产生热量与电阻关系时，控制电流和通电时间不变；（2）根据Q=I2Rt可知，电流产生热量的多少，即可判断容器内空气吸热量多少；（3）探究电流产生的热量与电流的关系，控制电阻和通电时间不变；（4）电流通过导体产生热量的多少不能直接观察，但可以通过液面高度差的变化来反映，这种研究方法叫转化法．
9．【答案】D
【知识点】电路的动态分析
【解析】【解答】由图示可知，变阻器与灯泡为串联关系，电压表测灯泡两端的电压，当滑动变阻器的滑片P向右移动时，电阻变大，总电阻变大，电源电压不变，所以电流变小，电流示数变小；灯泡的电阻不受温度影响，电流变小时，由欧姆定律可知灯泡两端的电压增小，故电压表示数减小，ABC不符合题意，D符合题意。
故答案为：D。
【分析】在串联电路中，电阻变大，分压变大，其它位置分压减小，电流减小。
10．【答案】C
【知识点】磁场对通电导线的作用
【解析】【解答】解：电风扇的核心部分是电动机，电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用．
A、该装置是奥斯特实验，表明通电导线周围有磁场，故A错误；
B、该装置是研究电磁铁磁性强弱的实验装置，故B错误；
C、该装置是电动机原理图，表明通电的导体在磁场中受力的作用，故C正确；
D、该装置是发电机原理图，表示电磁感应现象，故D错误．
故选C．
【分析】电风扇的核心部分是电动机，电动机的工作原理是：通电导体在磁场中受到力的作用．
11．【答案】A,B,D
【知识点】内能的概念；做功改变物体内能；热传递改变物体内能
【解析】【解答】A.一切物体都有内能，零摄氏度的物体，同样有内能，A符合题意；
B.物体的内能和温度、质量、状态有关，温度不变，它的内能可能改变，B符合题意；
C.热传递过程中，温度高的物体将热量传递给温度低的物体，C不符合题意；
D.改变内能的方法有做功和热传递，物体内能增加，它可能吸收热量，也可能外界对它做了功，D符合题意。
故答案为：ABD.
【分析】一切物体都有内能，内能的影响因素是温度、质量、状态；改变内能的方法有做功和热传递，热传递的条件是温度差。
12．【答案】A,B,D
【知识点】滑轮组及其工作特点；滑轮组绳子拉力的计算；功的计算及应用
【解析】【解答】AB.甲乙图中的动滑轮G动和物体重力G相同，根据F=1nG+G动，绳子股数较多的乙图，拉力更小，根据η=W有W总=GG+G动，机械效率相等，AB符合题意；
CD.物体上升高度相同，绳子自由端移动的距离s和物体高度h关系为s=nh，绳子股数不同，移动的距离不相等，拉力对滑轮组所做的功W=Fs=（G+G动）×h，做功相等，C不符合题意；D符合题意。
故答案为：ABD.
【分析】根据滑轮组绳子股数，利用F=1nG+G动，计算拉力，利用η=W有W总=GG+G动，计算机械效率；根据W=Fs，计算做功的大小关系。
13．【答案】B,C,D
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【解答】AD.根据图像，电路串联，电压表V1测量灯泡分压，电压表V2测量滑动变阻器的分压，滑片在b时，电压表V2示数为0，有下降趋势的图线是V2，根据电源电压一定，利用U=IR和串联电路电压规律，列式为0.6A×R0+10V=0.4A×R0+4V+8V，解得R0=10Ω，U=16V，A不符合题意，D符合题意；
B.滑动变阻器的最大分压为8V，计算电阻为RP=UPI小=8V0.4A=20Ω，B符合题意；
C.滑片在b时，灯泡正常发光，计算灯泡的电功率P=UI=10V×0.6A=6W，C符合题意。
故答案为：BCD.
【分析】根据不同时刻的电流不同，利用U=IR，结合等于电压一定，计算未知电阻和电源电压；根据R=UI，计算电阻，利用P=UI，计算电功率。
14．【答案】电磁波；聚变
【知识点】核聚变；电磁波在日常生活中的应用
【解析】【解答】地面医务人员检测到航天员的身体信息时，是靠电磁波传递信息的：太阳内部时刻都在发生着核聚变，释放能量。
【分析】航天员利用电磁波和地面取得联系；太阳能是核聚变释放能量。
15．【答案】重；10
【知识点】二力平衡的条件及其应用
【解析】【解答】一个木箱放在水平面上静止时处于平衡状态，竖直方向上木箱受到的支持力与重力是一对平衡力；当木箱受到10 N的水平推力时，箱子未动，说明箱子处于静止状态，水平方向上所受的推力与摩擦力是一对平衡力，根据二力平衡条件可知f=F推=10N。故答案为：重；10。
【分析】物体保持静止或匀速直线运动时，处于平衡状态，受到平衡力的作用。根据二力平衡条件可知摩擦力的大小。
16．【答案】连通器
【知识点】连通器原理
【解析】【解答】轮船在通过三峡大坝时，通过的船闸利用了连通器的原理。
【分析】船闸是构造是连通器。
17．【答案】（1）控制到达水平面速度相同；质量
（2）木块移动的距离；铁球
（3）不可行；木块最终移动距离相同
【知识点】探究影响物体动能大小的因素
【解析】【解答】探究动能的大小与哪些因素有关的实验中，
（1）实验时，质量不同的铁球从同一高度由静止释放，可以控制到达水平面速度相同，探究铁球的动能大小质量的关系；
（2）铁球的动能不同，推动木块移动的距离不同，做功不同，通过观察木块移动的距离的大小，比较铁球对木块做功的多少，从而判断铁球具有的动能的大小；
（3）根据图乙，质量不同的铁球将弹簧压缩相同程度，释放后，撞击同一木块，比较木块撞出的距离，由于弹簧被压缩的程度相同，弹性势能相同，木块最终移动距离相同，不能比较动能的大小，不可行。
【分析】（1）物体下落动高度相同，到达水平面的速度相同；速度不变，改变质量，探究了动能和质量的关系；
（2）通过铁球撞击木块移动的距离不同，可以反应动能的大小不同；
（3）弹簧被压缩的程度相同，弹性势能相同，转化的动能相同。
18．【答案】4400；0.2
【知识点】电功的测量；电功率的计算
【解析】【解答】根据电能表，计算电能表的最大总功率为P=UI=220V×20A=4400W；根据转盘转数，计算消耗的电能为W=nN=30r3000r/kW·ℎ=0.01kW·ℎ，电功率为P=Wt=0.01kW·ℎ360s=0.2kW。
【分析】根据P=UI，计算电功率；利用W=nN，计算消耗的电能，利用P=Wt，计算电功率。
19．【答案】
【知识点】透镜的光路图
【解析】【解答】光线过凸透镜的焦点时，折射光线和主光轴平行； 光线和凹透镜的主光轴平行，折射光线的反向延长线过焦点，如图 。
【分析】根据凸透镜、凹透镜的特殊光线，画出折射光线。
20．【答案】
【知识点】力的三要素及力的示意图；重力示意图
【解析】【解答】物体受到的重力竖直向下，作用点在重心，斜面受到的压力和斜面垂直向下，作用点则斜面上，如图 。
【分析】重力的方向竖直向下；压力的方向和支撑面垂直。
21．【答案】（1）照相机
（2）C
（3）小；发散
【知识点】凸透镜成像规律及其探究实验
【解析】【解答】探究凸透镜成像规律时，
（1）根据图像，将蜡烛放在25cm刻度线处，物距为u=50.0cm-25.0cm=25.0cm，物体在二倍焦距外，光屏上可以得到倒立缩小的实像，照相机应用了这个成像特点；
（2）当光屏移至 刻度线处，像距v=80.0cm-50.0cm=30.0cm，像在二倍焦距外，此时物体在一倍焦距和二倍焦距减小，调节蜡烛的位置，在30~40cm间，C符合题意；
（3）人眼看近处的物体时，眼睛的晶状体会变厚，其焦距变小，长时间这样用眼，当晶状体不能恢复时，形成了近视眼，配戴近视镜，对光束有发散作用，使像成在视网膜上。
【分析】（1）当物体在凸透镜的二倍焦距外，成倒立缩小的实像，和照相机成像相同；
（2）当像在二倍焦距外时，物体在凸透镜的一倍焦距和二倍焦距间；
（3）近视眼的晶状体较厚，利用凹透镜矫正，凹透镜对光有发散作用。
22．【答案】（1）便于测量力臂；右
（2）错误
（3）左；1
（4）变大；在阻力、阻力臂一定时，动力臂变小了
【知识点】探究杠杆的平衡条件实验
【解析】【解答】探究杠杆的平衡条件的实验时，
（1）实验前，通过调节杠杆在水平位置平衡，此时力臂在杠杆上，便于测量力臂；根据图1，杠杆的左侧下沉，将右端平衡螺母向右调节；
（2）根据如图2、3、4三次实验，得出杠杆的平衡条件，结论是错误，因为实验时只改变了一侧的力和力臂，而且拉力的方向没有改变，不具有普遍性；
（3）根据图3，左右两边各取下一个钩码后，杠杆左=3钩码×2格，杠杆右=1钩码×3格，左>右，左侧下沉，为使杠杆恢复水平平衡，左=右=3钩码×n，n=4格，只需将右侧钩码向右移1个格；
（4）根据图5，当弹簧测力计逐渐向右倾斜时，由于在阻力、阻力臂一定时，动力臂变小了，要使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计的示数将变大。
【分析】（1）杠杆水平平衡时，力臂在杠杆上，便于测量力臂；
（2）探究杠杆的平衡条件时，需要多长改变力和力臂的大小，总结规律；
（3）根据杠杆的平衡条件，计算杠杆是否平衡，分析如何使杠杆平衡；
（4）阻力和阻力臂一定时，杠杆上的动力臂减小，为使杠杆平衡，动力变大。
23．【答案】（1）
（2）右；电阻R断路
（3）电压
（4）保持电阻两端的电压不变
（5）4、5；R=40Ω、50Ω时，电路的最小电流均大于表中对应的电流大小
【知识点】探究电流与电压、电阻的关系实验
【解析】【解答】探究电流与电阻的关系时，
（1）根据实验数据表，电流示数未超过0.6A，连接0~0.6A量程，电压表U=IR=0.59A×10Ω=5.9V，超过3V量程，需要选择0~15V量程，电压表和定值电阻并联，如图 ；
（2）闭合开关前，滑动变阻器的取值最大，滑片应移到右端；若闭合开关后，发现电流表没有示数，电压表示数接近15V，电压表测量处断路，即电阻R断路；
（3）用10Ω的电阻接入电路进行实验，多次移动滑动变阻器的滑片，记录对应数据，由于电阻一定，探究的是电流与电压的关系；
（4）探究电流与电阻关系的实验时，需要保持电压一定，滑动变阻器除了保护电路外，还要通过调节滑片，保持电阻两端的电压不变；
（5）根据实验数据表格，当滑动变阻器取值最大时，计算第4次的电流为I4=UR总=15V40Ω+50Ω≈0.17A>0.15A，不符合的是实验次序4、5的数据，因为电路的最小电流均大于表中对应的电流大小。
【分析】（1）探究电流和电压、电阻规律时，电压表和定值电阻并联，根据实验数据判断电压表、电流表的量程；
（2）闭合开关前滑片在电阻最大处；当电流表无示数，电压表示数接近电源电压， 电压表测量的位置断路；
（3）电阻一定，改变电阻两端的电压，可以探究电流和电压的关系；
（4）探究电流和电阻的关系时，需要保持电压一定，通过调节滑片位置，可以保持电压表示数不变；
（5）根据数据关系，判断实验数据中不合理的数值。
24．【答案】（1）水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg×(65℃−15℃)=2.1×107J
（2）由η=Q吸Q放得，燃烧无烟煤需放出热量：
Q放=Q吸η=2.1×107J20%=1.05×108J，
由Q放=mq得，节约无烟煤的质量：
m煤=Q放q=1.05×108J3.4×107J/kg≈3kg。
（3）太阳能热水器是将太阳能转化为内能，被水吸收，温度升高，供人使用，对环境无污染，也可节约能源
【知识点】热量的计算；燃料的热值
【解析】【解答】（3）太阳能热水器是将太阳能转化为内能，太阳能对环境无污染，也可节约能源。
【分析】（1）根据Q=cmΔt，可以计算水吸收热量的多少；
（2）根据热效率Q放=Q吸η计算燃料放出的热量，利用m=Qq，计算燃料的质量；
（3）利用太阳能对环境无污染，也可节约能源。
25．【答案】（1）桶内水深：h=20cm=0.2m，
水对桶底的压强：p水=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×0.2m=2000Pa
（2）由p=FS可得，水对桶底的压力：F水=p水S=2000Pa×5×10−2m2=100N
（3）提水时手受到的压力：F=G总=(m水+m桶)g=(10kg+1kg)×10N/kg=110N，
提水时手受到的压强：p=FS=110N0.8×10−3m2=1.375×105Pa
【知识点】重力及其大小的计算；压强的大小及其计算；液体压强的计算
【解析】【分析】（1）根据p=ρgh，计算液体压强的大小；
（2）利用F=pS，计算容器底受到的压力；
（3）根据F=G=mg，计算压力，利用p=FS，计算压强的大小。
26．【答案】（1）由电路图可知，R1与R2并联，电流表A1测R1支路的电流，电流表A测干路电流。
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
所以，通过R2的电流：
I2=I−I1=1.0A−0.4A=0.6A，
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I2R2=0.6A×10Ω=6V；
（2）电阻R1的阻值：
R1=UI1=6V0.4A=15Ω；
（3）电阻R2消耗的电功率：
P2=UI2=6V×0.6A=3.6W
【知识点】欧姆定律及其应用；电功率的计算
【解析】【分析】（1）根据并联电路干路电流和支路电流，计算其他支路电流；利用U=IR，计算电压的大小；
（2）根据R=UI，计算电阻；
（3）根据P=UI，计算用电器的电功率。实验次序
1
2
3
4
5
电阻R/Ω
10
20
30
40
50
电流I/A
0.59
0.3
0.2
0.15
0.12