2020-2021学年江苏省兴化市九年级上学期物理期中考试题及答案

这是一份2020-2021学年江苏省兴化市九年级上学期物理期中考试题及答案，共21页。试卷主要包含了选择题，填空题，解答题等内容，欢迎下载使用。
一、选择题（每小题4个选项中只有1个符合题意，每题2分，共24分）
1. 下列对物理量的估计符合实际情况的是（ ）
A. 将两个鸡蛋从地上拾起并举过头顶做功约为10J
B. 中学生上楼的功率可达200W
C. 家用普通电饭锅正常工作时的电流约为10A
D. 人体的安全电压是36V
【答案】B
【解析】
【详解】A．将一个鸡蛋从地面举过头顶，做功约为
W=Gh=mgh=0. 05kg10N/kg2m=lJ
故A不符合题意；
B．中学生的体重在500N左右，一层楼的高度在3m左右，中学生上一层楼的时间在7.5s左右，上楼的功率约
P
故B符合题意；
C．家用普通电饭锅正常工作时功率约为800W，电流约为3.6A，故C不符合题意；
D．根据常见的电压可知，人体安全电压是不高于36V，故D不符合题意。
故选B
2. 下列工具中，使用时属于省力杠杆的是（ ）
A. 筷子
B. 笤帚
C. 独轮车
D. 船桨
【答案】C
【解析】
【详解】A．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不符合题意；
B．笤帚在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故B不符合题意；
C．独轮车在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故C符合题意；
D．船桨在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故D不符合题意。
故选C。
3. 图中四种情景，人对物体没有做功的是（ ）
A. 抽出中间的物体B. 推出上面的物体
C. 背着物体不动D. 向上叠放物体
【答案】C
【解析】
【分析】
【详解】A．从图中可以看到，抽出中间的物体过程中，人手对中间的物体有力的作用，并且在这个力的方向上，中间的物体有移动距离，所以这种情景，人对物体有做功，故A不符合题意；
B．从图中可以看到，推出上面的物体过程中，人手对上面的物体有力的作用，并且在这个力的方向上，上面的物体有移动距离，所以这种情景，人对物体有做功，故B不符合题意；
C．从图中可以看到，背着物体不动，人手对物体有向上的力的作用，但是在这个力的方向上，没有移动距离，所以这种情景，人对物体没有做功，故C符合题意；
D．从图中可以看到，向上叠放物体，人手对物体有力的作用，并且在人手出的力的方向上，物体有移动距离，所以这种情景，人对物体有做功，故D不符合题意。
故选C。
4. 如图所示，用一个始终水平向右的力F，把杠杆OA从图示位置缓慢拉至水平的过程中，力F的大小将（ ）
A. 变小B. 不变C. 变大D. 先变大后变小
【答案】C
【解析】
详解】如图所示
用一个始终水平向右的力F，把杠杆OA从图示位置缓慢拉至水平的过程中，阻力的大小不变（等于物重G），阻力臂变大，动力臂不断变小，根据杠杆平衡条件F1L1=F2L2可知，动力将F变大。故选C。
5. 下列说法中正确的是（ ）
A. 做功越多的机械功率一定越大B. 功率越大的机械，做功一定越快
C. 功率越大的机械，所用时间越少D. 做功越多的机械，所用时间越多
【答案】B
【解析】
【详解】A．做功的多少与功率和时间有关，做功越多，时间未知，功率不一定越大，故A错误；
B．功率是表示做功快慢的物理量，功率越大的机械做功越快，故B正确；
C．做功的多少未知，功越率大的机械，所用时间不一定越少，故C错误；
D．做功的多少和时间的大小没有必然联系，故D错误。
故选B。
6. 如图如示，小明在“吾悦广场”游玩，正乘坐匀速转动的“摩天轮”向最高点转去。此过程中小明的（ ）
A. 机械能不变B. 重力势能不变
C. 动能不变D. 动能先增大后减小
【答案】C
【解析】
【详解】因“摩天轮”向最高点匀速转动，此时小明随“摩天轮”一起匀速转动，在由低到高的转动过程中，小明的质量没有改变，速度没有改变，故小明的动能没有改变；小明随轮的转动高度在不断地增加，故小明的重力势能增大，机械能不断地增大。
故选C。
7. 关于温度、比热容、热量、内能，以下说法正确的是（ ）
A. 一个物体温度降低了，一定是放热了
B. 一个物体吸收了热量，它的温度一定会升高
C. 一块0℃的冰一定小于同等质量0℃的水的内能
D. 升高相同温度时，吸收热量多的物体比热容一定大
【答案】C
【解析】
【详解】A．一个物体温度降低，可能是放出了热量，也可能是对外做功使得内能减小，温度降低的，故A错误；
B．物体吸收热量，温度不一定升高，比如晶体熔化过程中吸收热量但温度不变，故B错误；
C．一块0℃冰要熔化化为同等质量的0℃水必须要吸收热量，说明一块0℃的冰一定小于同等质量0℃的水的内能，故C正确；
D．由可知，质量相同的不同物质，升高相同温度时，吸收热量多的比热容一定大，故D错误。
故选C。
8. 下列说法不正确的是（ ）
A. 蓄电池放电时，将化学能转化为电能，是电源
B. 蓄电池充电时，将电能转化为化学能，相当于用电器
C. 简单电路中电流方向是从电源的正极流向电源的负极
D. 电动机是将电能主要转化为机械能的用电器
【答案】C
【解析】
【详解】AB．蓄电池充电时，将电能转化为化学能，所以相当于用电器，蓄电池放电，将化学能转化为电能，所以相当于电源，故AB正确，不符合题意；
C．在电源外部，电路中电流方向是从电源的正极流出，经过用电器流向电源的负极，在电源内部，电流方向是从电源的负极流向正极，故C错误，符合题意；
D．电动机是用电器，工作时将电能主要转化为机械能，故D正确，不符合题意。
故选C。
9. 卫生间要安装照明灯和换气扇，有时需要独立工作，有时需要同时工作．下列电路图符合设计要求的是( )
A. B. C. D.
【答案】A
【解析】
【详解】要求电灯与风扇相互不影响，能独立工作，故应使电灯与风扇并联，且各自的支路有一个开关控制，干路上没有开关，故选A．
10. 如图所示，闭合开关，能够正确测量通过灯L2电流的是 （ ）
A. B. C. D.
【答案】D
【解析】
【详解】A．如图两个灯泡并联，电流表测干路电流，故A不符合题意；
B．如图两个灯泡并联，电流表测支路L2灯泡的电流，但电流表正负接线柱反接了，此图错误，故B不符合题意；
C．如图两个灯泡并联，电流表测支路L1灯泡的电流，故C不符合题意；
D．如图两个灯泡并联，电流表测支路L2灯泡的电流，故D符合题意。
故选D。
11. 如图所示的电路中，电源电压为6V不变，闭合开关S后，灯泡L1、L2都发光，电压表示数为2.5V，则（ ）
A. 灯L1两端电压为2.5V
B. 灯L2两端电压为2.5V
C. 灯L1两端电压为3.5V
D. 灯L1和灯L2两端电压之和为3.5V
【答案】A
【解析】
【详解】ABC．由电路图可知，L1与L2串联，电压表测L1两端的电压，由电压表的示数可知，灯L1两端电压为2.5V，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯L2两端电压
U2=U-U1=6V-2.5V=3.5V
故A符合题意，BC不符合题意；
D．灯L1和灯L2两端电压之和等于电源电压是6V，故D不符合题意。
故选A。
12. 如图所示电路，闭合开关，甲、乙两灯泡均发光，过一会儿，其中一个灯泡突然熄灭，但两电表指针仍明显偏转．造成此现象的原因可能是
A. 甲灯泡短路B. 乙灯泡短路C. 甲灯泡断路D. 乙灯泡断路
【答案】C
【解析】
【详解】由图可知，该电路为并联电路，电流表测量乙的电流，电压表测量电源电压；甲、乙两灯泡均发光，过一会儿，其中一个灯泡突然熄灭，但两电表指数仍明显偏转，这说明电路不是短路，而是一个支路断开；电流表有示数，说明乙正常，故故障是甲断路．
故选C．
第二部分 非选择题（76分）
二、填空题（本大题共9小题，每空1分，共28分）
13. 李老师自驾游新疆，看祖国的大好河山，途经山地，过盘山公路时，经常要旋动方向盘让汽车保持在自己的行道线内。从简单机械的角度来看，盘山公路相当于______，方向盘相当于______（以上两空选填“杠杆”、“轮轴”、“斜面”或“滑轮”）。
【答案】 ①. 斜面 ②. 轮轴
【解析】
【详解】[1]盘山公路相当于斜面，斜面是一种简单机械，盘山公路是斜面的具体应用实例；盘山公路通过曲折蜿蜒的形式上山，路面更平缓，从而使汽车上山时通过费距离达到省力的目的。
[2]汽车方向盘由一个大轮和一个轴组成，轮和轴固定在一起，这种简单机械叫做轮轴。
14. “新冠”病毒疫情以来，为避免同学们用手按压宿舍楼大门的开门按钮造成交叉传染，小明用轻质木杆自制了“脚踏式杠杆”，借助杠杆按动按钮，如图所示，已知OB=60cm、AB=80cm、OC=15cm，当小明在C点用脚给杠杆施加20N的压力F1时，按钮触发、大门打开。该杠杆属于______杠杆；此时按钮对杠杆施加的水平阻力F2为______N。
【答案】 ①. 费力 ②. 3.75
【解析】
【详解】[1]木杆是一个杠杆，O 为支点，小明的脚施加的力是动力F1，动力臂为OC，按钮对木杆的压力为阻力F2，阻力臂为OD，木杆示意图如下
由图可知：动力臂OC小于阻力臂OD，所以木杆是费力杠杆。
[2]根据杠杆平衡条件得
F1×OC=F2×OD
按钮对木杆的压力水平向左，所以
OD=AB
所以
20N×15cm=F2×80cm
解得
F2=3.75N
15. 2020年6月23日上午9时43分“北斗导航系统”最后一颗卫星成功发射。送卫星升空的“长征三号乙运载火箭” 使用的燃料是液态氢，这主要是利用它的______大；“长征三号乙运载火箭”运送升空过程中，从能量转化的角度来看，燃料的化学能转化成燃气的______能，再转化成火箭的______。
【答案】 ①. 热值 ②. 内能 ③. 机械
【解析】
【详解】[1]运载火箭使用液态氢作为燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的液态氢和其它燃料，液态氢放出的热量更多。
[2][3]火箭在长空过程中，消耗了燃料，将化学能转化为燃气的内能，再将内能转化为火箭的机械能。
16. 如图所示，是单缸四冲程汽油机正处在______冲程，该冲程能量转化方式与______（选填“空气压缩引火仪”或“点火爆炸装置”）相同，若该汽油机转速为1800r/min，则它每秒钟完成______个冲程。用水循环带走汽油机产生的热量，这是利用了______方式改变内能，并且利用了水的______较大的特性。
【答案】 ①. 做功 ②. 点火爆炸装置 ③. 60 ④. 热传递 ⑤. 比热容
【解析】
【详解】[1][2]由图可见，两个阀门关闭，火花塞点火，活塞向下运动，因此该冲程是做功冲程，将内能转化为机械能，与点火爆炸装置的能量转化方式相同。
[3]汽油机完成一个工作循环，四个冲程，飞轮转2转，对外做功一次，则
1800r/min=30r/s
即汽油机每秒完成15个工作循环，一共60个冲程，对外做功15次。
[4][5]用水循环带走汽油机产生的热量，水吸收热量，内能减少，是通过热传递的方式改变汽油机内能的，并且利用水的比热容较大的特性吸收更多的热量，达到降温的目的。
17. 如图所示，是两个工人分别用滑轮按甲、乙两种方式把质量相同的两袋沙子从地面提到二楼，两种方式若不计绳重和摩擦，且G沙子＞G滑轮。使用甲图中的滑轮的目的是______；使用乙图中滑轮的好处是可以______。提起沙子到相同的高度，额外功做的多得是______装置，机械效率更高的是______（以上两空选填“甲”或“乙”）；若使乙图中的滑轮机械效率升高，可以采取的做法______。（写出一种方法即可）
【答案】 ①. 改变施力的方向 ②. 省力 ③. 乙 ④. 甲 ⑤. 减小滑轮重（增加物重）
【解析】
【详解】[1]由图可知，甲使用的是定滑轮，定滑轮的特点是不能省力，但能改变力的方向，所以使用甲图中的滑轮的目的是改变施力的方向。
[2]由图可知，乙使用的是动滑轮，动滑轮的特点是能省力，但不能改变力的方向。所以使用乙图中滑轮的好处是可以省力。
[3]提起沙子到相同的高度，乙还要克服动滑轮的重力做额外功，所以乙做的额外功更多。
[4]甲乙克服物体重力所做的有用功相同，但乙的额外功多，由
可知，甲的机械效率更高。
[5]要提高乙的机械效率，需要减小额外功，因此可以减小动滑轮的重力和减小摩擦来减小额外功，也可以通过增大物重增加有用功所占的比例来提高机械效率。
18. 如图所示的是电动自行车，它具有轻便、节能、环保等特点。只要将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，但不会行驶。这个车钥匙其实就是一个_____；电动车前面的大灯和车尾灯之间是_____（选填“串”或“并”）联连接的。
【答案】 ①. 开关 ②. 并
【解析】
【详解】[1][2]只要将车钥匙插入锁孔并顺时针旋转一下，车子就通电了，说明电路接通，故这个车钥匙就相当于一个开关；大灯和车尾灯可以同时亮，也可以单独亮，故大灯和车尾灯之间是并联的。
19. 如图所示的电路中，电压表所用的量程不明，当电路闭合后，V1和V2的示数分别如图所示．则V1用的读数是______V，V2用的读数是 _____V，小灯泡L1上的电压是______V．
【答案】 ①. 6 ②. 2.5 ③. 3.5
【解析】
【详解】[1][2][3]由图示电路图可知，两灯泡串联，电压表V1 测串联总电压，电流表V2 测灯L2 两端电压；电压表V1 示数应大于V2 示数，由图乙所示电压表可知，电压表V1 指针偏角小于V2 指针偏角，则V1 量程为0～15V，其分度值为0.5V，示数为6V，V2 量程为0～3V，其分度值为0.1V，示数为2.5V，灯泡L1 两端电压
U1 =UV1 -UV2 =6V-2.5V=3.5V
20. 小萌将一块铜片和一块锌片插入水果中，做成了一个“水果电池”，如图所示。该水果电池上的铜片是电源的______极，由电压表可知“水果电池”的电压。一个小灯泡工作时要求电压为2.5V，需要______个这样的电池串联起来。
【答案】 ①. 正极 ②. 5
【解析】
【详解】[1]由图可知，此时电压表正向偏转，说明与电压表正接线柱相连的铜片是电源的正极。
[2]由图可知，电压表的量程为0～3V，分度值为0.1V，该“水果电池”的电压为0.5V，由于一个小灯泡工作时要求电压为2.5V，则要求电源电压是2.5V，根据串联电池组的电压特点可知，需串联这样的电池串联节数为
21. 如图所示的电路中，当S 1和S3断开、S2闭合时，灯泡L1、L2的连接方式是 ______（填“串联”或“并联”）；当S1和S3闭合、S2断开时，L1、L2______（填“串联”、或“并联”）。若将S1和S3处分别换接甲、乙两只学生用的双量程电流表，发现两只电表的指针偏转的角度相同，那么流过L1、L2的电流之比是______；当开关______同时闭合时，电路会发生短路，损坏电源。
【答案】 ①. 串联 ②. 并联 ③. 4∶1 ④. S1、S2
【解析】
【详解】[1]当S1和S3断开、S2闭合时，只有一条路径：正极→L1→L2→S2→负极，故L1、L2串联。
[2]当S1和S3闭合、S2断开时，电流的路径有两条，分别经过两个灯泡，则L1、L2并联。
[3]若将S1和S3处分别换接甲、乙两只学生用的双量程电流表，该电路为并联电路，乙电流表测量的是干路的电流，甲电流表测量的是通过L2的电流；发现两只电表的指针偏转的角度相同，由于干路中的电流大于支路的电流，则干路中用的是大量程，支路中用的是小量程，则甲乙的电流之比为1∶5，即：L2的电流与总电流之比为1∶5，则那么流过L1、L2的电流之比是
(5-1)∶1=4∶1
[4]当开关S1、S2闭合时，电源的两极直接用导线连接起来了，造成电源短路，损坏电源。
三、解答题（本大题共8小题，每空1分，共48分）
22. 如图所示，轻质杠杆在力的作用下处于平衡状态，请画出A点所受力的力臂l和作用在B点上最小动力F的示意图。
【答案】
【解析】
【详解】A点受到竖直向下的拉力F2，先画出该力的作用线，然后过支点O做拉力作用线的垂线段，即为拉力的力臂l；由杠杆的平衡条件可知，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；图中支点在O点，动力作用在B端，因此OB作为动力臂时最长，由图知动力的方向应该向上，所以过B点垂直于OB向上作出最小动力F的示意图。如下图所示：
23. 某人利用滑轮组向下拉绳提起物体，请在图中画出绳子绕法。
【答案】
【解析】
【详解】由题意可知，需要改变施力方向，向下拉绳提起物体，则绕绳方法如下图所示：
24. 请在图中的两个虚线框内，选填 “电源”和 “开关”的符号，并满足当开关都闭合时两灯组成并联电路．
【答案】如图所示
【解析】
【分析】开关跟用电器之间属于串联使用，要使开关都闭合时两灯组成并联电路，把开关和电灯看作一个整体后，它们的首跟首相连，尾跟尾相连．
【详解】由图可知,把图中的开关和与其串联的电灯看作一个整体后,另一个电灯和下面的虚线框跟它并列连接(即两灯并联)，所以下面的虚线框为开关，上面的虚线框为电源，如下图所示：
25. 如图所示是一种塔式起重机上的滑轮组。在5s内将一个重3000N的物体匀速提升2m，所用的拉力F为1250N，不计绳重及摩擦，求：
(1)拉力F做功的功率；
(2)滑轮组的机械效率；
(3)动滑轮的重力大小。
【答案】(1)1500W；(2)80%；(3)750N
【解析】
【详解】解：(1)由图可知，n=3，拉力端移动距离
s=3h=3×2m=6m
拉力做的总功
W总=Fs=1250N×6m=7500J
拉力做功的功率
(2)所做的有用功
滑轮组的机械效率
(3)不计绳重及摩擦，拉力，则动滑轮的重力
答：(1)拉力F做功的功率为1500W；
(2)滑轮组的机械效率为80%；
(3)动滑轮的重力大小为750N。
26. 为了减少环境污染，部分农村地区改用液化气烧菜做饭．某钢瓶装有液化气10kg，已知液化气的热值为4.2×107J/kg，水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）求：
（1）这瓶液化气全部完全燃烧放出的热量是多少？
（2）若（1）中放出的热量有40%被初温为20℃的水吸收，在标准大气压下可将多少质量的水烧开？
【答案】（1）4.2×108J；（2）500kg
【解析】
【分析】（1）由Q放 =mq计算整瓶液化气完全燃烧放出的热量；
（2）由于Q吸 =40%×Q放 ，在知道水的温度变化、水的比热容，再利用Q吸=cm△t计算水的质量即可．
【详解】(1)整瓶液化气完全燃烧释放热量：Q放＝mq＝10kg×4.2×107J/kg＝4.2×108J，(2)由题知，水吸收的热量：Q吸＝Q放×40%＝4.2×108J×40%＝1.68×108J，由Q吸＝c水m水(t−t0)得水的质量：m水＝＝500kg.
【点睛】（1）利用Q放＝mq求整瓶液化气完全燃烧放出的热量；（2）已知放出的热量有40%被利用，用这些热量加热水，知道水的比热容和水的温度升高值，利用吸热公式求水的质量．
27. 某实验小组在“探究杠杆平衡条件”的实验中所用的实验器材有：质量和刻度均匀的杠杆、支架、弹簧测力计、刻度尺、细线和质量相同的钩码若干个。
(1)为排除杠杆自重对实验的影响，实验前，把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲所示位置，此时杠杆______（选填“是”或“不是”）平衡状态；为使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆右端的平衡螺母向______调节（选填“左”或“右”）；
(2)在杠杆两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杆重新在水平位置平衡，这样做的目的是______；
(3)如图乙所示，在杠杆左边A处挂三个相同钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右边B处挂同样钩码______个；
(4)如图丙所示，小明在A点挂上一个弹簧测力计，在B位置挂了2个钩码。现将弹簧测力计从C位置移到D位置，在此过程中杠杆始终在水平位置保持平衡，则弹簧测力计示数______（选填“变大”、“变小”或“不变”），原因是______。
【答案】 ①. 是 ②. 右 ③. 便于读出力臂 ④. 4 ⑤. 变小 ⑥. 当拉力由倾斜变成垂直时，阻力阻力臂不变，拉力F力臂变大，相应的力会变小，这样才能继续平衡
【解析】
【详解】(1)[1]物体处于静止或匀速转动状态都是平衡状态，杠杆静止在图甲所示位置，此时杠杆是平衡状态。
[2]为排除杠杆自重对实验影响，实验前把杠杆中心支在支架上，杠杆静止在图甲所示位置，杠杄右端偏高，说明杠杆左边偏重，应将杠杆右端的螺母向右端移动，使杠杆在水平位置平衡。
(2)[3]在杠杄两侧挂上不同数量相同规格的钩码，调节钩码位置，使杠杄重新在水平位置平衡，这样做的目的是为了直接从杠杆上读出力臂，此时挂钩码处到支点的距离就是该力的力臂。
(3)[4]设一个钩码的重力为G，设杠杆的一个小格为L，由杠杆的平衡条件F1L1=F2L2知
3G4LnG3L
可得n=4，即在B位置挂上4个钩码，使杠杆在水平位置平衡。
(4)[5][6]图丙中，当弹簧测力计绕A点从C位置转动到D位置的过程中，要保持杠杆仍在水平位置平衡，则拉力F将变小，因为当拉力由倾斜变成垂直时，阻力、阻力臂不变，拉力F的力臂变大，相应的力会变小，这样才能继续平衡。
28. 在探究“物体动能的大小与哪些因素有关”的实验中，小明同学设计了如图甲、乙、丙所示的三次实验，让铁球从同一斜面上某处由静止开始向下运动，然后与放在水平面上的纸盒相碰，铁球与纸盒在水平面上共同移动一段距离后静止。
(1)要探究动能大小与物体质量的关系，应保证铁球达到水平面的______相同，为了达到这一目的所采取的具体操作方法是使小球______；
(2)选用甲、丙两次实验可以得出的结论是：物体质量相同时，______；
(3)三次实验中，碰撞纸盒时，动能最小的是图______（选填“甲”、“乙”或“丙”）中的小球，做出这个判断的依据是______；
(4)若水平面绝对光滑，本实验将______（选填“能”或“不能”）达到实验目的。
【答案】 ①. 速度 ②. 在斜面的同一高度由静止释放 ③. 速度越大，动能越大 ④. 丙 ⑤. 丙图中的纸盒移动的距离最短 ⑥. 不能
【解析】
【详解】(1)[1][2]实验采用控制变量法，要探究动能大小与物体质量的关系，应控制铁球到达水平面的速度相同，因此需要将铁球在斜面的同一高度由静止释放，使铁球到达水平面的初始速度相同。
(2)[3]甲、丙两次实验，小球的质量相同，改变小球所处的高度，观察纸盒被推动的距离可以得出结论：质量相同时，速度越大，动能越大。
(3)[4][5]实验利用转换法，通过比较纸盒被推动的距离可知，丙图中的纸盒移动的距离最短，所以丙图中铁球对纸盒做的功最少，说明图丙中的铁球动能是最小的。
(4)[6]若水平面绝对光滑，纸盒将不会停下来，无法比较出铁球具有的动能大小，本实验将不能达到实验目的。
29. 如图甲是“探究不同物质吸热升温的现象”实验装置，小华用两个相同的容器，分别装入的A、B两种液体，用相同的装置加热。
(1)两个相同的容器中装入液体的质量应该______（选填“不同”或“相同”）；组装图甲实验装置时，放置石棉网铁架台高度应根据______进行调节定位。
(2)两种液体吸收热量的多少可通过液体______（选填“升高的温度”或“加热时间”）比较。
(3)根据实验数据绘制的温度与时间的关系图象如图乙所示，分析图象可知：质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，______（选填“A”或“B”）吸收的热量较多；质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时，______（选填“A”或“B”）升温较高。
(4)冬天，小华想自制一个暖手袋，若只能从A或B中选一种液体装入暖手袋中作为供热物质，则应选择______（选填“A”或“B”）。
【答案】 ①. 相同 ②. 酒精灯外焰的高度 ③. 加热时间 ④. A ⑤. B ⑥. A
【解析】
【详解】(1)[1]根据控制变量法知，实验中需要控制两个相同的容器中装入液体的质量相同。
[2]放置石棉网的铁架台高度应根据酒精灯的外焰进行调节定位，保证用外焰加热。
(2)[3]由于使用相同的酒精灯进行加热，所以根据转换法可知，两种液体吸收热量的多少可通过加热时间来比较。
(3)[4][5]质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A的加热时间长，说明A吸收的热量较多，质量相等的A和B两种液体，在吸收相同热量时（即加热相同的时间），B升温较高。
[6]质量相等的A和B两种液体，在升高相同温度时，A加热时间长，A吸收的热量较多，故A的吸热能力强，即A的比热容大，质量相同的A、B两种液体，降低相同的温度时，A放热多，故小华应选A液体作为供热物质装入暖手袋中。
30. 在探究“并联电路中电流的关系”实验中，请你回答下面的问题。
(1)在连接或拆除电路时，开关必须______；
(2)小明连好了如图1所示的实物电路，合上开关后，观察到电流表指针偏向零刻度线左方，造成这一现象的原因______；
(3)改正电路连接后，小明测出了支路中的电流，准备拆除电路重新连接以便测干路电流；小华提出只变换某一根导线的一个线头连接，就可以测出了干路中的电流。请在图中用笔画线在改动的导线上打“×”，再画上改接后正确连接的导线______；
(4)实验结束后小华记录A、B、C各点的电流值如表所示，根据这一次测量的结果，得出了如下结论：并联电路各支路电流相等，干路中的电流等于各支路中的电流之和。请指出小华实验过程中的不足之处：______（写出一种即可）；
(5)小明对实验改进后，某次测量C点电流表示数（如图2所示），则此次实验C点电流为______A。
【答案】 ①. 断开 ②. 正负接线柱接反了 ③. ④. 只测一组数据，实验结论具有偶然性（用了规格相同的两个小灯泡） ⑤. 1.6A
【解析】
【详解】(1)[1]在连接或拆除电路时，为保护电路，开关必须断开。
(2)[2]小明连好了如图1所示的实物电路，合上开关后，观察到电流表指针偏向零刻度线左方，造成这一现象的原因是：电流表正负接线柱接反了。
(3)[3]将两灯泡并联后与电流表串联，如下图所示
(4)[4]之所以得出并联电路各支路电流相等，是因为选用的灯泡规格相同。另一不足之处是只测一组数据，实验结论具有偶然性。
(5)[5]小明对实验改进后，某次测量C点电流表示数（如图2所示），电流表选用大量程，分度值为0.1A，则此次实验C点电流为1.6A。
31. 如图是“探究串联电路电压的特点”的实验：
(1)如图甲所示，小华根据电路图连接电路前，观察电压表，发现指针指在零刻度的左侧，电压表连入电路前应进行的操作是______；
(2)实验过程中，按图甲连接电路，闭合开关后，发现电压表示数为零，经过分析，电路连接可能出现的故障是______（写出一种即可）；
(3)小华同学在进行实验时，电压表示数如图乙所示，为了使实验结果更准确，接下来她应该进行的操作是：断开开关，将电压表______；
(4)小华保持电压表的B点连接不动，只断开A连接点，并将拆下的一端改接到C点，测量L2两端电压。她______（选填“能”或“不能”）测出L2两端电压，这样判断的理由是______；
(5)小华改接正确后，测出了一组数据，为了多测几组数据，他可换用规格不同小灯泡再做实验，也可以改变______再重复进行实验。
【答案】 ①. 校零（调零） ②. L1短路（L2断路、电路中存在断路） ③. 改接小量程（改接0~3V量程） ④. 不能 ⑤. 正负接线柱接反了 ⑥. 电源电压（电池的节数）
【解析】
【详解】(1)[1]闭合开关前，发现电压表的指针指在零刻度的左侧，指针应该指在零刻度，需要将电压表指针调零。
(2)[2]实验过程中在测L1两端电压时，闭合开关，发现电压表示数为零，可能与电压表并联部分短路或电压表与电源两极间断路，故原因可能是：L1短路（或L2断路）。
(3)[3]闭合开关，电压表示数如图乙所示，因电压表指针偏转角度较小，误差较大，为了使读数更精确，接下来她应该进行的操作是：断开开关，将电压表量程换接0～3V。
(4)[4][5]已测量出L1的电压，则电压表与B点相连的为电压表的“+”接线柱，与A点相连的为电压表的“-”接线柱，只断开A连接点，并改接到C连接点上，此时电流从电压表的“-”接线柱流入，从“+”接线柱流出，指针反向偏转，故不能测量出L2两端电压，理由是：电压表的正负接线柱接反了。
(5)[6]为了多测几组数据，使实验结论更具有普遍性，应换用不同规格的实验器材多次实验，故他可换用规格不同的小灯泡再做实验，也可以改变电源电压再重复进行实验。
A点电流/A
B点电流/A
C点电流/A
0.3
0.3
0.6