还剩18页未读，
继续阅读
成套系列资料，整套一键下载
2022-2023学年江苏省淮安市盱眙县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）
展开
这是一份2022-2023学年江苏省淮安市盱眙县九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共21页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
1.如图，属于费力杠杆的工具是( )
A. 剪刀B. 起子
C. 镊子D. 钢丝钳
2.下列实例中，不是通过热传递改变物体内能的是( )
A. 物体放在取暖器旁温度升高B. 反复弯折铁丝，弯折处温度升高
C. 食品放入电冰箱后温度降低D. 医生用冰袋给发热的病人降温
3.下列有关中学生的估测符合实际的是( )
A. 正常上三楼的做功约300JB. 正常上楼的功率约400W
C. 将一枚桌面上的鸡蛋举过头顶做的功为1JD. 中学生正常引体向上做功的功率约45W
4.通常情况下，下列都属于导体的一组物质是( )
A. 大地、食盐水B. 铝、陶瓷C. 空气、铜D. 塑料、人体
5.如图所示，斜面长10m，高4m，用沿斜面方向的推力F，将一个质量为50kg的货物由斜面底端匀速推到顶端，运动过程中克服摩擦力做功500J，下列说法正确的是( )
A. 机械效率为75%B. F=300N
C. 摩擦力为50ND. 推力做的总功为3000J
6.由Q=cmΔt可得c=QmΔt，对于同一种物质的比热容c，下列说法正确的是( )
A. 若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍
B. 若质量增大一倍，则比热容减至一半
C. 若加热前后的温度差增大一倍，则比热容减小一半
D. 无论质量和温度差是多少，比热容都一样
7.在烧杯中加入盐水，将铜片和锌片放在盐水中，这就是一个电池。用电压表测量这个自制电池的电压，其现象如图所示，下列说法正确的是( )
A. 电压表能提供电压B. 盐水电池将化学转化为电能
C. 铜片是该盐水电池的负极D. 该盐水电池两端的电压为2.5V
8.如图所示，电源电压为3V，R0的阻值为5Ω，滑动变阻器R的最大阻值为10Ω，a、b为滑动变阻器两个端点。闭合开关，下列说法正确的是( )
A. 若将滑片移动到a端，电路仍能正常工作
B. 滑片在b端时，电流表A1示数为0.6A
C. 滑片由b端向a端移动，电流表A2示数变大
D. 滑片移动到中点时，电流表A1与A2示数比为2：1
二、填空题：本大题共9小题，共20分。
9.图甲是一个汽车引擎盖，被抬起的过程可近似看成一个能绕B点转动的均匀直杠杆AB(如图乙)；若引擎盖重G=200N，其重心在中点C处，不计摩擦，刚刚抬起时，作用在A点竖直向上的力F=______ N，使用杠杆______ (选填“能”或“不能”)省功。
10.重80N的小车在50N的拉力作用下沿水平地面匀速前进10m，则拉力对小车做的功为______ J，重力对小车做功______ J。
11.如图甲所示，陨石在大气层中坠落时会发热发光而成为流星，这是通过______ 的方式，将陨石的机械能转化为陨石的内能。一台单缸四冲程汽油机，如图乙所示，汽油机正处于______ 冲程。
12.如图所示，用动滑轮提起重物。若重物为900N，工人用F=500N的拉力将重物沿竖直方向匀速提升了4m，则拉力所做的功为______ J，此动滑轮机械效率为______。
13.一辆新能源小汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶30km，发动机提供的牵引力是600N。则此过程中发动机的输出功率为______ kW。当汽车需上坡时，一般为了增大牵引力，使汽车______ (选填“加”或“减”)速。
14.在如图所示的电路中，一节干电池的电压为______ V。L1和L2灯泡______联，电流表A1测______的电流(选填“L1”、“L2”或“总电流”)。
15.如图所示电路中，电源电压为3V且保持不变。闭合开关S，电压表的示数为1V，则R1两端电压为______ V，断开开关S，电压表的示数为______ V。
16.现有电压为9V的电源，将一个标有“6V0.5A”字样的小灯泡接入此电路中，为使小灯泡正常发光，需在此电路中______ (选填“串联”或“并联”)一个阻值______ Ω的电阻。
17.如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置，电源电压为12V，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，最大阻值为20Ω，它的金属滑片连在杠杆的一端，从油量表(由量程为0∼0.6A的电流表改装而成)指针所指的刻度就可以知道油箱内油面高度。当油箱内油面高度最高时，R的金属滑片在最下端，油量表指针满偏；当油箱内没有油时，R全部接入电路，油量表的读数最小，则R0的阻值是______Ω，油量表的最小读数是______ A。计算分析可知油量表的刻度______(选填“均匀”或“不均匀”)。
三、作图题：本大题共3小题，共5分。
18.在A点画出使杠杆静止在图示位置的最小力F。
19.画出图中绕绳子的方法，使其最省力(不计摩擦及滑轮重)。
20.根据标记的电流方向，把电流表和电源的符号分别填进电路，使两盏灯都发光。
四、实验探究题：本大题共5小题，共30分。
21.在探究杠杆的平衡条件的实验中：
(1)挂钩码前，杠杆在如图甲所示位置静止，此时应将杠杆右端的平衡螺母向______端调节，使杆在水平位置平衡，这样做的目的是______；
(2)接着小组在杆的两侧拉上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杆重新在水平位置平衡(如图乙)。若在A、B下方再各加一个相同的钩码，则杠杆______端将下沉(填“左”或“右”)；
(3)图丙为小慧制作的“杠杆力臂演示仪”的简易模型图，杠杆AOB可绕O点(螺母)转动，不计摩擦和杠杆自身重力。
①当杠杆处于丙图所示水平位置平衡时，测得数据如下OA=0.2m，OB=0.1m，物块M的重力G1=4N，物块N的重力G2=______N。
②松开螺母保持OA水平不动，使OB向下折30∘角度后，再拧紧螺母形成一根可绕O点转动的籽杆AOB′(B′对应B点)，保持物块M的位置不变，要使杆在图丁所示位置保持平衡，则应将物块N移动到______。
A.①点处
B.②点处
C.③点处
D.O点处
22.某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。
(1)实验中应沿竖直方向______ 缓慢拉动弹簧测力计；
(2)小组某同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数。他的想法是不正确的，因为他没有考虑到______ 对滑轮组机械效率的影响；
(3)用丁图装置进行实验，得出表中第4次实验数据，请将表中空白的两个数据填写完整；
(4)通过比较______ 两次实验数据可得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关；(填实验次数的序号)
(5)通过比较______ 两次实验数据可得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高；(填实验次数的序号)
(6)通过比较3、4两次实验数据可得出结论：不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越______ (填“高”或“低”)。
23.小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，选用质量不同的两个钢球m和M(M的质量大于m)，分别从不同的高度h和H(H>h)由静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程如图所示：
(1)该实验中物体的动能是指______(选填“钢球”或“木块”)的动能；实验中通过观察______来说明动能的大小；
(2)比较甲、乙两图进行的实验，由此得出结论是：当______相同时，小球的______越大，动能越大；
(3)图乙、丙换用质量不同的钢球从斜面的相同高度由静止开始滚下，目的是控制______相同，探究物体动能大小与______的关系；
(4)木块在水平面上滑动的过程中，克服摩擦力做功的功率______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
24.在探究并联电路电流规律的实验中，如图甲是实验的电路图。
(1)连接电路时，开关应处于______ 状态(选填“闭合”或“断开”)；电流表应______ (选填“串联”或“并联”)在被测电路中；
(2)某小组在测量A点的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是______ ；
(3)如表是小亮同学在实验过程中记录的数据，他根据数据得出的实验结论是：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等。请指出小亮探究过程的不妥之处：______ ；(写出一条即可)
(4)为了使小亮的实验结论更具有普遍性，小亮接下来的操作是______ 。
25.“探究电流与电压和电阻的关系”的实验中，准备的电学器材如下：电源4.5V、电流表、电压表、滑动变阻器R标有“30Ω1A”、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω、30Ω)、开关、导线若干。
(1)“探究电流与电压的关系”实验
①某同学______ 开关，按如图甲所示电路图连接实物。试触时发现：电流表指针向零刻度线左侧偏转，如图乙所示，则电路连接出现的错误是______ ；
②纠正错误后开始实验，应将滑动变阻器滑片P向______ (选填“左”或“右”)滑动，使电阻R0两端电压由1.5V逐渐增大到2V、2.5V，读出所对应的电流值。其中第二次电流表示数如图丙所示为______ A。实验数据如表所示：
③分析数据，得出结论：电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压成______ 比；
(2)“探究电流与电阻的关系”实验
①将10Ω的定值电阻接入A、B两点间，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为2V，读出电流表示数；
②接下来用20Ω的电阻替换10Ω的电阻，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数等于2V时，读出电流表示数；
③将实验器材中______ (选填“5Ω”或“30Ω”定值)电阻接入A、B两点间，无论怎样移动滑片P都无法完成实验。
五、计算题：本大题共2小题，共11分。
26.在图中，杠杆OA保持静止，画出阻力F2的力臂L2。
27.烧水时，把质量为10kg、初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了0.1m3天然气(假设天然气完全燃烧)。已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值为8.4×107J/m3。求：
(1)水吸收的热量；
(2)天然气完全燃烧放出的热量；
(3)燃气灶烧水时的效率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：剪刀、起子、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
故选：C。
依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆。
本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
2.【答案】B
【解析】解：A.物体放在取暖器旁，物体从取暖器中吸收热量，使物体的内能增大，属于通过热传递改变物体的内能，故A不符合题意；
B.反复弯折铁丝，弯折处温度升高，是机械能转化为内能，是做功改变物体的内能，故B符合题意；
C.食品放入电冰箱，食品放出热量，温度降低、内能减小，属于通过热传递改变物体的内能，故C不符合题意；
D.医生用冰袋给发热的病人降温，人体放出热量、内能减小，属于通过热传递改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：B。
做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。
本题考查改变内能的方式，难度不大。
3.【答案】D
【解析】解：
A.中学生的体重约为500N，一层楼的高度约为3m，正常上三楼(高度约为6m)做功约为W1=G1h1=500N×6m=3000J，故A错误；
B.中学生正常上三楼的时间约为30s，正常上三楼的功率约为P=W1t=3000J30s=100W，故B错误；
C.一枚鸡蛋重约为G2=0.5N，将一枚鸡蛋从桌面举过头顶通过的高度约为h2=1.2m，
所以对鸡蛋做的功约为W2=G2h2=0.5N×1.2m=0.6J，故C错误；
D.一名普通中学生做引体向上，1min约能完成12个，克服重力移动的距离约为0.4m，
中学生正常引体向上做功的功率约P′=W3t′=12×G1h360s=12×500N×0.4m60s=40W，故D正确。
故选D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
4.【答案】A
【解析】解：大地、食盐水、铝、铜、人体容易导电，属于导体；陶瓷、空气、塑料不容易导电，属于绝缘体。故A正确，BCD错误。
故选：A。
不容易导电的物体叫绝缘体；容易导电的物体叫导体。
此题考查了导体与绝缘体的辨析，属基础题目。
5.【答案】C
【解析】解：
AD、推力做的有用功：
W有用=Gh=mgh=50kg×10N/kg×4m=2000J，
推力做的总功：
W总=W有用+W额=2000J+500J=2500J，故D错；
该斜面的机械效率：
η=W有用W总=2000J2500J×100%=80%，故A错；
B、由W总=Fs得推力：
F=W总s=2500J10m=250N，故B错；
C、由W额=fs得摩擦力：
f=W额s=500J10m=50N，故C正确；
故选：C。
(1)使用斜面时，利用W=Gh可求有用功，推力做的总功等于有用功加上额外功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比，
(2)利用W总=Fs求推力F的大小；
(3)利用W额=fs求摩擦力f的大小。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、摩擦力、机械效率的计算，明确有用功、总功的含义是关键。
6.【答案】D
【解析】解：
比热容是物质本身的一种特性，与物体吸收的热量、温度变化、质量等因素无关，只与物质种类和状态有关；所以，同一种物质，无论质量和温度差是多少，比热容都一样；故ABC错误，D正确。
故选：D。
单位质量的某种物质温度升高1℃吸收的热量叫做这种物质的比热容；比热容是物质本身的一种特性，它不会随物质吸收的热量、质量、温度的改变而改变。
本题考查了学生对比热容概念的理解，需要知道：比热容是物质本身的一种特性，与物体吸收的热量、温度变化、质量等因素无关，只与物质种类和状态有关。
7.【答案】B
【解析】解：A、电压表是测量电压大小的仪器，不能提供电压，故A错误；
B、盐水电池将化学能转化为电能，故B正确；
C、图中铜片与电压表的正接线柱连接，指针正向偏转，说明铜片是该盐水电池的正极，故C错误；
D、图中电压表的量程为0∼3V，分度值是0.1V，示数为0.4V，说明该盐水电池两端的电压为0.4V，故D错误；
故选：B。
(1)电压表是测量电压的仪器；
(2)电池是产生电能的装置；
(3)图中铜片与电压表的正接线柱连接，指针正向偏转，根据电压表的正确使用方法，判断电源的正负极；
(4)根据电压表的接线柱判断量程、分度值，根据指针的位置确定读数。
本题考查了电压表的使用，要求学生知道电压表的使用规则，并且能够正确读数。
8.【答案】D
【解析】解：由电路图知滑动变阻器与定值电阻并联，电流表A1测量干路的电流，电流表A2测量通过定值电阻的电流；
A、若将滑片移动到a端，滑动变阻器的电阻为零，相当于导线，会造成电源短路，电路不能正常工作，故A错误；
B、滑片在b端时，滑动变阻器的最大电阻与定值电阻R0并联，
通过定值电阻R0的电流为：I0=UR0=3V5Ω=0.6A，
通过滑动变阻器R的电流为：IR=UR=3V10Ω=0.3A，
根据并联电路电流的规律知干路电流为：
I=I0+IR=0.6A+0.3A=0.9A，故电流表A1示数为0.9A，故B错误；
C、由于并联电路各支路互不影响，所以滑片由b端向a端移动时，通过定值电阻的电流不变，电流表A2示数不变，故C错误；
D、滑片移动到中点时，滑动变阻器的电阻为12×10Ω=5Ω，此时滑动变阻器的电阻与定值电阻R0的阻值相等，由于并联电路各支路电压相等，由欧姆定律I=UR知通过两电阻的电流相同，则电流表A1与A2示数比为：I1I2=I0+I′RI0=2I0I0=21，故D正确。
故选：D。
由电路图知滑动变阻器与定值电阻并联，电流表A1测量干路的电流，电流表A2测量通过定值电阻的电流；
(1)若将滑片移动到a端，滑动变阻器的电阻为零，相当于导线，会造成电源短路；
(2)滑片在b端时，滑动变阻器的最大电阻与定值电阻R0并联，由欧姆定律算出通过定值电阻R0和滑动变阻器R的电流，由并联电路电流的规律算出干路电流，即电流表A1的示数；
(3)根据并联电路各支路互不影响判断出滑片由b端向a端移动时通过定值电阻电流的变化；
(4)滑片移动到中点时，滑动变阻器的电阻为12×10Ω=5Ω，此时滑动变阻器的电阻与定值电阻R0的阻值相等，由于并联电路各支路电压相等，根据欧姆定律I=UR判断出通过两电阻电流的关系，进而算出电流表A1与A2示数比。
本题考查了欧姆定律的应用以及并联电路的特点等知识，掌握电路的连接是解题的关键。
9.【答案】100 不能
【解析】解：重心在中点C处，则BA=2BC；杠杆在水平位置保持平衡，由FLBA=GLBC可得拉力的大小：F=LBCLBA×G=12×200N=100N；
功的原理告诉人们，省力又省距离的机械是不存在的，使用任何机械都不能省功。
故答案为：100；不能。
物体的重力为阻力，杠杆在水平位置保持平衡时，BC为阻力臂，BA为动力臂，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2求出拉力的大小；
功的原理：使用任何机械都不省功。
此题考查了杠杆平衡条件的运用，属于基础知识。
10.【答案】500 0
【解析】解：根据功的定义，拉力对小车做的功为W=Fs=50N×10m=500J；
在重力的方向上没有移动的距离，根据功的定义，重力做功为0。
故答案为：500；0。
利用W=Fs即可求出拉力所做的功；根据做功的必要条件可知：重力不做功，因为在重力的方向上没有移动距离，做功为0J。
本题考查了功的计算，判断力是否做功时一定要紧扣做功的必要条件，特别是有力有距离时，但是移动距离不是在力的方向上移动的，这种情况一定不做功。
11.【答案】做功 做功
【解析】解：陨石与空气摩擦时发热发光，通过克服摩擦做功，使陨石内能增大，是机械能转化为内能。
由图可知，汽油机的火花塞正在打火，所以汽油机正处于做功冲程，在做功冲程中内能转化为机械能。
故答案为：做功；做功。
做功和热传递都可以改变物体的内能；汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，根据气门的关闭和活塞的运行方向判断是哪一个冲程。
本题考查了改变内能的方法、汽油机的工作过程，属于基础题。
12.【答案】400090%
【解析】解：(1)动滑轮绳子的有效股数n=2，
则绳子自由端移动的距离：s=nh=2×4m=8m，
拉力所做的功：W总=Fs=500N×8m=4000J；
(2)拉力做的有用功：W有=Gh=900N×4m=3600J，
此动滑轮机械效率：η=W有W总×100%=3600J4000J×100%=90%。
故答案为：4000；90%。
(1)动滑轮绳子的有效股数为2，根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力所做的功
(2)根据W=Gh求出拉力做的有用功，利用η=W有W总×100%求出此动滑轮机械效率。
本题考查了做功公式和滑轮组机械效率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
13.【答案】12 减
【解析】解：(1)汽车行驶的路程：s=30km=3×104m，
牵引力做的功：
W=Fs=600N×3×104m=1.8×107J；
由v=st可知汽车的行驶时间：
t=sv=3×104m20m/s=1500s；
发动机的输出功率：
P=Wt=1.8×107J1500s=12000W=12kW。
(2)根据P=Fv可得：F=Pv，由此可知，当汽车需上坡时，功率一定，为了增大牵引力，应使汽车的速度减小。
故答案为：12；减。
(1)利用W=Fs可以计算出牵引力所做的功；
(2)利用v=st可以计算出汽车的行驶时间；利用P=Wt可以计算出发动机的输出功率；
(3)根据P=Fv分析解答。
本题考查功和功率的计算，熟记公式、灵活运用是关键，题目比较基础。
14.【答案】1.5并 L2
【解析】解：一节干电池的电压为1.5V；
由实物图可知，两灯泡并联，电流表A1测灯泡L2的电流，电流表A2测总电流。
故答案为：1.5；并；L2。
一节干电池电压是1.5V；
根据实物图分析电路，确定两灯泡连接方式和两电流表的测量对象，据此作答。
本题考查了干电池的电压、实物图分析、电流表的使用，是一道基础题。
15.【答案】1 3
【解析】解：由图可知，闭合开关S，该电路为R1和R2的串联电路，电压表测R1两端的电压；
已知电压表的示数为1V，即R1两端的电压为U1=1V；
若断开开关S，电压表相当于连接在电源两端，此时相当于测电源电压，则电压表的示数为3V。
故答案为：1；3。
由电路图可知，闭合开关S，电阻R1、R2串联，电压表测R1两端的电压；断开开关，根据电压表的作用分析其示数的变化。
本题考查了学生对电路连接情况的分析和电压表的使用，属于电学基础题，难度不大。
16.【答案】串联 6
【解析】解：现有电压为9V的电源，因电源电压大于灯泡的额定电压，根据串联分压的知识可知要使灯泡正常发光，则应在电路中串联一个保护电阻；
由于灯泡正常发光，则电路中的电流为：I=I额=0.5A，
根据串联电路的总电压等于各用电器两端电压之和可知：
保护电阻两端的电压：UR=U−UL=9V−6V=3V，
根据I=UR可得保护电阻的阻值为：R=URI=3V0.5A=6Ω；
故答案为：串联；6。
现有电压为9V的电源，因电源电压大于灯泡的额定电压，根据串联分压的知识可知，要使灯泡正常发光，应在电路中串联一个保护电阻。已知灯泡正常发光时的电流，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，最后根据R=UI计算出串联电阻的阻值。
本题是欧姆定律在串联电路中的应用，关键要理解题目中所给条件的含义。
17.【答案】200.3不均匀
【解析】解：当油箱内油面高度最高时，R的金属滑片在最下端，油量表指针满偏，说明电路中的电流为0.6A，此时电路中只有工作R0，所以R0的阻值为R0=UI最大=12V0.6A=20Ω，
R的金属滑片在最上端时，滑动变阻器全部接入电路，电阻R0与滑动变阻器串联，电路中的电流为I最小=UR+R0=12V20Ω+20Ω=0.3A
油量表的最小读数是0.3A。
根据电路中的电流为I=UR+R0
可知，电路中的电流与滑动变阻器R不成正比，所以油量表的刻度是不均匀的。
故答案为：20；0.3；不均匀。
当油箱内油面高度最高时，R的金属滑片在最下端，油量表指针满偏，说明电路中的电流为0.6A，此时电路中只有工作R0，根据欧姆定律得出R0的阻值；
R的金属滑片在最上端时，滑动变阻器全部接入电路，电阻R0与滑动变阻器串联，根据欧姆定律得出电路中的电流，进而得出油量表的最小读数；根据电路中的电流为I=UR+R0可知，电路中的电流与滑动变阻器R不成正比，据此分析。
本题考查欧姆定律的应用，综合性强，难度适中。
18.【答案】解：根据杠杆平衡的条件可知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力；
由图示可知，以OA为动力臂时，动力臂最长，此时最省力；连接OA，从A点做OA的垂线，为使杠杆平衡，力的方向应垂直于OA向上，如图所示：
【解析】根据杠杆平衡的条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越长越省力，而支点到杠杆的顶端作为动力臂时，动力臂最长，所以根据力臂的画法，从杠杆的端点作垂直于力臂的动力示意图，注意动力、阻力对杠杆的转动效果相反。
此题是杠杆中的最小力问题，其依据是杠杆的平衡条件，由杠杆平衡条件知，力臂越长越省力，所以要画出最小的力，关键是确定最长的力臂。
19.【答案】解：滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。图中滑轮组由一个定滑轮和一个动滑轮组成，要求最省力，属于第二种。如图所示：
【解析】当绳子从动滑轮绕起时，承担拉力的绳子的段数最多，用起来最省力。在不计滑轮自重及摩擦的情况下，动滑轮和重物由几股绳子承担，拉力就是滑轮组提升物重的几分之一。
此题主要考查了滑轮组的组装，首先要掌握滑轮组的省力情况，判断出承担物重的绳子的段数。
20.【答案】解：电路中的电流都是从电源正极出发，经过开关与用电器，最后回到电源的负极，根据电路图所标电流的方向可知，中间为电源，下方为正极，右边是电流表，如下图：
【解析】电路中的电流都是从电源正极出发，经过开关与用电器，最后回到电源的负极，根据电路图所标电流的方向，判断出电源与电流表的位置，及电源的正负极，然后作图。
本题考查了电路的连接，要求对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并联电路的特点正确连接电路。
21.【答案】右 便于测量力臂 右 8 B
【解析】解：(1)挂钩码前，杠杆在如图甲所示位置静止，根据调节杠杆平衡的方法：左高左调，右高右调，应当将杠杆右端的平衡螺母向右端调节，使杆在水平位置平衡。当杠杆在水平位置平衡时，应作用在杠杆上的力都在竖直方向，则力的力臂均与杠杆重合，由此我们可以直接根据杠杆的刻度读出力臂。
(2)设每个钩码重为G，杠杆上每一格为l，则在A、B下方再各加一个相同的钩码时，左端F1L1=4G×2l=8Gl，右端F2L2=3G×3l=9Gl。因F1L1(3)①根据杠杆的平衡条件可得：G1×OA=G2×OB，即4N×0.2m=G2×0.1m，则G2=8N。
②松开螺母保持OA水平不动，使OB向下折30∘角度后，再拧紧螺母形成一根可绕O点转动的籽杆AOB′(B′对应B点)。保持物块M的位置不变，则G1×OA保持不变。若要使杠杆仍保持平衡，则应保持G2×OB′=G2×OB。因G2保持不变，则应保持力臂OB′=OB。力臂是指从支点到力的作用线的距离，而力始终是竖直向下的，则我们应将N移到②点处，以确保力的作用线相同。
故答案为：(1)右；便于测量力臂。(2)右。(3)①8；②B。
(1)调节杠杆平衡的方法：左高左调，右高右调。
(2)力臂是指从支点到力的作用线的距离。
(3)杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2。
力臂是指从支点到力的作用线的距离，而不是从支点到力的作用点的距离，我们要注意这一点。
22.【答案】匀速 摩擦力 0.480%1、2 2、3 低
【解析】解：(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，系统处于平衡状态，拉力大小才等于测力计示数。
(2)若静止时读数，测力计没有测量出机械之间的摩擦力，故测量出的拉力偏小，所以他的想法不正确。根据w总=Fs，求出的总功偏小，而有用功不变，根据η=w有w总×100%，故这样测出的机械效率偏大，即他没有考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响。
(3)丁图装置绳子的有效段数为4，故绳子自由端移动的距离为s=nh=4×0.1m=0.4m。
第4次实验的机械效率为η=w有w总×100%=GhFs×100%=8××0.4m×100%=80%。
(4)根据s=nh可知，第1、2、3次实验绳子的有效段数分别为2、3、3；结合图示和钩码的重力，第1、2、3次分别是用甲乙丙装置完成的，通过比较1、2两次实验数据可知，钩码的重力相同，提升的高度相同，连接动滑轮绳子的段数不同，机械效率相同，故可得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关。
(5)通过比较2、3两次实验数据可知，滑轮组相同，连接动滑轮的绳子段数相同，提升的高度相同，物体的重力不同，物体重力越大，机械效率越大，故可得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组机械效率越高。
(6)通过比较3、4两次实验是分别用丙丁装置完成的，丁装置中有2个动滑轮，动滑轮重力大于丙中动滑轮的重力，而实验提起物体的重力相同，第4次实验的机械效率小于第3次实验的机械效率，故得出的结论是：不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组机械效率越低。
故答案为：(1)匀速；(2)摩擦力；(3)0.4；80%；(4)1、2；(5)2、3；(6)低。
(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计。
(2)若静止时读数，测力计没有测量出机械之间的摩擦力，故测量出的拉力偏小，所以他的想法不正确。
(3)丁图装置绳子的有效段数为4，故绳子自由端移动的距离为s=nh。
第4次实验的机械效率为η=w有w总×100%。
(4)根据s=nh可知，第1、2、3次实验绳子的有效段数分别为2、3、3；结合图示和钩码的重力，第1、2、3次分别是用甲乙丙装置完成的，通过比较1、2两次实验数据可知，钩码的重力相同，提升的高度相同，连接动滑轮绳子的段数不同，机械效率相同，故可得出结论。
(5)通过比较2、3两次实验数据可知，滑轮组相同，连接动滑轮的绳子段数相同，提升的高度相同，物体的重力不同，物体重力越大，机械效率越大。
(6)通过比较3、4两次实验是分别用丙丁装置完成的，丁装置中有2个动滑轮，动滑轮重力大于丙中动滑轮的重力，而实验提起物体的重力相同，第4次实验的机械效率小于第3次实验的机械效率，故得出的结论。
本题测滑轮组机械效率的实验，考查注意事项、数据分析及归结结论的能力。
23.【答案】钢球 木块移动距离的远近 质量 速度 钢球下滑到斜面底时的速度 质量 变小
【解析】解：(1)该实验探究的是碰撞前钢球的动能，碰撞时，钢球的动能越大，钢球对木块做的功就越多，木块移动的距离就越远，所以实验中通过观察木块的移动距离来说明钢球动能的大小；
(2)图甲、乙中，钢球的质量相同，甲图中钢球下滑的高度大于乙图中的钢球的下滑高度，则碰撞时，甲图中钢球的速度大于乙图中钢球的速度，碰撞后，甲图中木块移动的距离大于乙图中的木块移动的距离，则可得出的结论为：质量一定时，物体的速度越大，物体的动能越大；
(3)小球下滑到斜面底的速度大小与下滑的高度有关，下滑的高度越高，小球下滑到斜面底时的速度就越大，所以让钢球从斜面的相同高度由静止开始下滑，目的是控制钢球下滑到斜面底时的速度相同。图乙和图丙中，钢球的质量不同，下滑的高度相同，根据控制变量法知，探究的是钢球的动能大小与质量的关系；
(4)由于水平面滑动摩擦力作用，木块在水平面上运动时的速度越来越小，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度保持不变，滑动摩擦力的大小也保持不变，则根据功率P=Fv知，克服摩擦力做功的功率变小。
故答案为：(1)钢球；木块移动距离的远近；(2)质量；速度；(3)钢球下滑到斜面底时的速度；质量；(4)变小。
(1)该实验探究的是钢球下滑到斜面底，与木块碰撞前的动能大小与什么因素有关；碰撞时，钢球的动能越大，钢球对木块做的功就越多，木块移动的距离就越远；
(2)根据控制变量法的思想，归纳出合理的结论；
(3)小球下滑到斜面底的速度大小与下滑的高度有关，下滑的高度越高，小球下滑到斜面底时的速度就越大。图乙和图丙中，小球的质量不同，下滑的高度相同，木块移动的距离不同，根据控制变量法的思想进行分析；
(4)由于水平面的摩擦力作用，木块在水平面上运动时的速度越来越小，直到停止，则可根据功率P=Fv，判断摩擦力做功的功率变化情况。
本题探究动能大小的影响因素，主要考查了控制变量法和转换法的运用。
24.【答案】断开 串联 电流表的正负接线柱接反了 所选的两灯泡的规格相同 换用不同规格的灯泡测量多组数据
【解析】解：(1)连接电路时，为保护电路，开关应处于断开状态；要测量电流，电流表需要与被测电路串联；
(2)如图乙在测量A点的电流时，发现电流表的指针发生反偏，说明电流表的正负接线柱接反了；
(3)小亮同学使用的灯泡规格相同，由表中实验数据可知，两个支路的电流相等，可能会得出特殊结论，实验结论不具一般性；
(4)测出了一组电流立即得出了并联电路的电流规律，实验次数太少，结论有偶然性，应换用不同规格的灯泡测量多组数据。
故答案为：(1)断开；串联；(2)电流表的正负接线柱接反了；(3)所选的两灯泡的规格相同；(4)换用不同规格的灯泡测量多组数据。
(1)为保护电路，连接电路时，开关要断开电流表，应与被测电路串联；
(2)电流应从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针反向偏转；
(3)选用特殊规格的器材实验结论可能具有特殊性；
(4)为得出普遍性的规律，应换用不同规格的灯泡多次实验，获取多组数据。
本题探究并联电路电流规律，考查实验注意事项、归纳法的运用等知识，属于基础题。
25.【答案】断开 电流表正负接线柱接反 左 0.20正 30Ω
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路前要断开开关，滑动变阻器滑片处于阻值最大处。
由图乙所示电流表可知，电流表指针反向偏转，电流表指针向零刻度线左侧偏转，是由电流表正负接线柱接反了造成的。
由图甲知，电阻R0与滑动变阻器串联，要使电阻R0两端电压由1.5V逐渐增大到2V、2.5V，应减小滑动变阻器两端的电压，根据串联电阻电压的特点，需减小滑动变阻器接入电路的阻值，滑片应向左移动。
由图丙知，电流表接0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.20A。
由电路图知，电流表测量电路电流，电压表测量R0两端的电压。分析数据表，在电阻R0阻值不变时，电阻两端的电压与通过电阻的电流的比值为定值，得出结论：电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压成正比。
(2)根据控制变量法，要探究电流与电阻的关系，必须控制电阻两端的电压不变。当A、B两点间接入的电阻为5Ω时，滑动变阻器滑片P处于最右端，R接入电路的最大阻值为30Ω，定值电阻R0两端的电压最小为0.64V；滑动变阻器滑片P处于最左端，R接入电路的最小阻值为0，定值电阻R0两端的电压最大为电源电压4.5V，故定值电阻两端电压的变化范围为0.64V∼4.5V，可以通过移动滑片P，使电压表示数等于2V时，读出电流表示数，完成实验。当A、B两点间接入的电阻为30Ω时，滑动变阻器滑片P处于最右端，R接入电路的最大阻值为30Ω，定值电阻R0两端的电压最小为2.25V；滑动变阻器滑片P处于最左端，R接入电路的最小阻值为0，定值电阻R0两端的电压最大为电源电压4.5V，故定值电阻两端电压的变化范围为2.25V∼4.5V，无论怎么移动滑片P，电压表示数都不可能等于2V，无法完成实验。
故答案为：(1)断开；电流表正负接线柱接反；左；0.20；正；(2)30Ω。
(1)①在连接或拆解电路时，为了保护电路，开关必须要断开；测量电流时，电流表指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反；
②根据电流表选用小量程确定分度值读数；
③探究通过导体的电流与导体两端电压的关系时，需控制电阻不变，结论是：当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(2)探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变；定值电阻的阻值越大，所需变阻器的阻值越大，由串联电路电压的规律和分压原理，求变阻器连入电路中阻值，据此分析。
此题属于电学方面的综合题目，考查的知识点比较广泛，综合性比较强，对学生的综合能力要求比较高，属于中考题目的热点和焦点。
26.【答案】解：过O点作阻力作用线的垂线，该垂线段即为阻力臂L2；如图所示：
【解析】力臂是从支点到力的作用线的距离，从支点向力的作用线作垂线段即可作出力臂。
此题考查了力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线，从而正确地画出力臂。
27.【答案】解：
(1)水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg×(100℃−20℃)=3.36×105J，
(2)天然气完全燃烧放出的热量：
Q放=Vq=0.1m3×8.4×107J/kg=8.4×106J；
(3)燃气灶烧水的效率：
η=Q吸Q放×100%=3.36×105J8.4×106J×100%=40%。
答：(1)水吸收的热量为3.36×105J；
(2)天然气完全燃烧放出的热量为8.4×106J；
(3)燃气灶烧水的效率为40%。
【解析】(1)知道水的质量、比热容、温度初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量；
(2)利用Q放=Vq求天然气完全燃烧释放的热量；
(3)燃气灶烧水的效率等于水吸收的热量与天然气完全燃烧释放的热量之比。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，属于基础题目。实验次数
钩码重G/N
钩码上升高度h/m
绳端拉力F/N
绳端移动距离s/m
机械效率η
1
4
0.1
2.7
0.2
74%
2
4
0.1
1.8
0.3
74%
3
8
0.1
3.1
0.3
86%
4
8
0.1
2.5
______
______
A点电流IA
B点电流IB
C点电流IC
0.18A
0.18A
0.36A
实验次序
1
2
3
U/V
1.5
2
2.5
I/A
0.15
0.25
1.如图，属于费力杠杆的工具是( )
A. 剪刀B. 起子
C. 镊子D. 钢丝钳
2.下列实例中，不是通过热传递改变物体内能的是( )
A. 物体放在取暖器旁温度升高B. 反复弯折铁丝，弯折处温度升高
C. 食品放入电冰箱后温度降低D. 医生用冰袋给发热的病人降温
3.下列有关中学生的估测符合实际的是( )
A. 正常上三楼的做功约300JB. 正常上楼的功率约400W
C. 将一枚桌面上的鸡蛋举过头顶做的功为1JD. 中学生正常引体向上做功的功率约45W
4.通常情况下，下列都属于导体的一组物质是( )
A. 大地、食盐水B. 铝、陶瓷C. 空气、铜D. 塑料、人体
5.如图所示，斜面长10m，高4m，用沿斜面方向的推力F，将一个质量为50kg的货物由斜面底端匀速推到顶端，运动过程中克服摩擦力做功500J，下列说法正确的是( )
A. 机械效率为75%B. F=300N
C. 摩擦力为50ND. 推力做的总功为3000J
6.由Q=cmΔt可得c=QmΔt，对于同一种物质的比热容c，下列说法正确的是( )
A. 若吸收的热量增大一倍，则比热容增大一倍
B. 若质量增大一倍，则比热容减至一半
C. 若加热前后的温度差增大一倍，则比热容减小一半
D. 无论质量和温度差是多少，比热容都一样
7.在烧杯中加入盐水，将铜片和锌片放在盐水中，这就是一个电池。用电压表测量这个自制电池的电压，其现象如图所示，下列说法正确的是( )
A. 电压表能提供电压B. 盐水电池将化学转化为电能
C. 铜片是该盐水电池的负极D. 该盐水电池两端的电压为2.5V
8.如图所示，电源电压为3V，R0的阻值为5Ω，滑动变阻器R的最大阻值为10Ω，a、b为滑动变阻器两个端点。闭合开关，下列说法正确的是( )
A. 若将滑片移动到a端，电路仍能正常工作
B. 滑片在b端时，电流表A1示数为0.6A
C. 滑片由b端向a端移动，电流表A2示数变大
D. 滑片移动到中点时，电流表A1与A2示数比为2：1
二、填空题：本大题共9小题，共20分。
9.图甲是一个汽车引擎盖，被抬起的过程可近似看成一个能绕B点转动的均匀直杠杆AB(如图乙)；若引擎盖重G=200N，其重心在中点C处，不计摩擦，刚刚抬起时，作用在A点竖直向上的力F=______ N，使用杠杆______ (选填“能”或“不能”)省功。
10.重80N的小车在50N的拉力作用下沿水平地面匀速前进10m，则拉力对小车做的功为______ J，重力对小车做功______ J。
11.如图甲所示，陨石在大气层中坠落时会发热发光而成为流星，这是通过______ 的方式，将陨石的机械能转化为陨石的内能。一台单缸四冲程汽油机，如图乙所示，汽油机正处于______ 冲程。
12.如图所示，用动滑轮提起重物。若重物为900N，工人用F=500N的拉力将重物沿竖直方向匀速提升了4m，则拉力所做的功为______ J，此动滑轮机械效率为______。
13.一辆新能源小汽车在平直公路上以20m/s的速度匀速行驶30km，发动机提供的牵引力是600N。则此过程中发动机的输出功率为______ kW。当汽车需上坡时，一般为了增大牵引力，使汽车______ (选填“加”或“减”)速。
14.在如图所示的电路中，一节干电池的电压为______ V。L1和L2灯泡______联，电流表A1测______的电流(选填“L1”、“L2”或“总电流”)。
15.如图所示电路中，电源电压为3V且保持不变。闭合开关S，电压表的示数为1V，则R1两端电压为______ V，断开开关S，电压表的示数为______ V。
16.现有电压为9V的电源，将一个标有“6V0.5A”字样的小灯泡接入此电路中，为使小灯泡正常发光，需在此电路中______ (选填“串联”或“并联”)一个阻值______ Ω的电阻。
17.如图所示是一种自动测定油箱内油面高度的装置，电源电压为12V，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，最大阻值为20Ω，它的金属滑片连在杠杆的一端，从油量表(由量程为0∼0.6A的电流表改装而成)指针所指的刻度就可以知道油箱内油面高度。当油箱内油面高度最高时，R的金属滑片在最下端，油量表指针满偏；当油箱内没有油时，R全部接入电路，油量表的读数最小，则R0的阻值是______Ω，油量表的最小读数是______ A。计算分析可知油量表的刻度______(选填“均匀”或“不均匀”)。
三、作图题：本大题共3小题，共5分。
18.在A点画出使杠杆静止在图示位置的最小力F。
19.画出图中绕绳子的方法，使其最省力(不计摩擦及滑轮重)。
20.根据标记的电流方向，把电流表和电源的符号分别填进电路，使两盏灯都发光。
四、实验探究题：本大题共5小题，共30分。
21.在探究杠杆的平衡条件的实验中：
(1)挂钩码前，杠杆在如图甲所示位置静止，此时应将杠杆右端的平衡螺母向______端调节，使杆在水平位置平衡，这样做的目的是______；
(2)接着小组在杆的两侧拉上不同数量的钩码，移动钩码的位置，使杆重新在水平位置平衡(如图乙)。若在A、B下方再各加一个相同的钩码，则杠杆______端将下沉(填“左”或“右”)；
(3)图丙为小慧制作的“杠杆力臂演示仪”的简易模型图，杠杆AOB可绕O点(螺母)转动，不计摩擦和杠杆自身重力。
①当杠杆处于丙图所示水平位置平衡时，测得数据如下OA=0.2m，OB=0.1m，物块M的重力G1=4N，物块N的重力G2=______N。
②松开螺母保持OA水平不动，使OB向下折30∘角度后，再拧紧螺母形成一根可绕O点转动的籽杆AOB′(B′对应B点)，保持物块M的位置不变，要使杆在图丁所示位置保持平衡，则应将物块N移动到______。
A.①点处
B.②点处
C.③点处
D.O点处
22.某小组在“测滑轮组机械效率的实验”中得到的数据如表所示，实验装置如图所示。
(1)实验中应沿竖直方向______ 缓慢拉动弹簧测力计；
(2)小组某同学发现实验过程中边拉动边读数，弹簧测力计示数不稳定，应该静止读数。他的想法是不正确的，因为他没有考虑到______ 对滑轮组机械效率的影响；
(3)用丁图装置进行实验，得出表中第4次实验数据，请将表中空白的两个数据填写完整；
(4)通过比较______ 两次实验数据可得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关；(填实验次数的序号)
(5)通过比较______ 两次实验数据可得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组的机械效率越高；(填实验次数的序号)
(6)通过比较3、4两次实验数据可得出结论：不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组的机械效率越______ (填“高”或“低”)。
23.小明在“探究物体的动能大小跟哪些因素有关”的实验中，选用质量不同的两个钢球m和M(M的质量大于m)，分别从不同的高度h和H(H>h)由静止开始滚下，观察木块B被撞击后移动的距离，实验过程如图所示：
(1)该实验中物体的动能是指______(选填“钢球”或“木块”)的动能；实验中通过观察______来说明动能的大小；
(2)比较甲、乙两图进行的实验，由此得出结论是：当______相同时，小球的______越大，动能越大；
(3)图乙、丙换用质量不同的钢球从斜面的相同高度由静止开始滚下，目的是控制______相同，探究物体动能大小与______的关系；
(4)木块在水平面上滑动的过程中，克服摩擦力做功的功率______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
24.在探究并联电路电流规律的实验中，如图甲是实验的电路图。
(1)连接电路时，开关应处于______ 状态(选填“闭合”或“断开”)；电流表应______ (选填“串联”或“并联”)在被测电路中；
(2)某小组在测量A点的电流时，发现电流表的指针偏转如图乙所示，原因是______ ；
(3)如表是小亮同学在实验过程中记录的数据，他根据数据得出的实验结论是：在并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，且各支路的电流相等。请指出小亮探究过程的不妥之处：______ ；(写出一条即可)
(4)为了使小亮的实验结论更具有普遍性，小亮接下来的操作是______ 。
25.“探究电流与电压和电阻的关系”的实验中，准备的电学器材如下：电源4.5V、电流表、电压表、滑动变阻器R标有“30Ω1A”、定值电阻(5Ω、10Ω、20Ω、30Ω)、开关、导线若干。
(1)“探究电流与电压的关系”实验
①某同学______ 开关，按如图甲所示电路图连接实物。试触时发现：电流表指针向零刻度线左侧偏转，如图乙所示，则电路连接出现的错误是______ ；
②纠正错误后开始实验，应将滑动变阻器滑片P向______ (选填“左”或“右”)滑动，使电阻R0两端电压由1.5V逐渐增大到2V、2.5V，读出所对应的电流值。其中第二次电流表示数如图丙所示为______ A。实验数据如表所示：
③分析数据，得出结论：电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压成______ 比；
(2)“探究电流与电阻的关系”实验
①将10Ω的定值电阻接入A、B两点间，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数为2V，读出电流表示数；
②接下来用20Ω的电阻替换10Ω的电阻，闭合开关，调节滑动变阻器的滑片P，使电压表示数等于2V时，读出电流表示数；
③将实验器材中______ (选填“5Ω”或“30Ω”定值)电阻接入A、B两点间，无论怎样移动滑片P都无法完成实验。
五、计算题：本大题共2小题，共11分。
26.在图中，杠杆OA保持静止，画出阻力F2的力臂L2。
27.烧水时，把质量为10kg、初温为20℃的水加热到100℃，共燃烧了0.1m3天然气(假设天然气完全燃烧)。已知水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值为8.4×107J/m3。求：
(1)水吸收的热量；
(2)天然气完全燃烧放出的热量；
(3)燃气灶烧水时的效率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：剪刀、起子、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆。
故选：C。
依据杠杆的动力臂和阻力臂大小关系：若动力臂大于阻力臂，则是省力杠杆；若动力臂小于阻力臂，则是费力杠杆；若动力臂等于阻力臂，则为等臂杠杆。
本题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。
2.【答案】B
【解析】解：A.物体放在取暖器旁，物体从取暖器中吸收热量，使物体的内能增大，属于通过热传递改变物体的内能，故A不符合题意；
B.反复弯折铁丝，弯折处温度升高，是机械能转化为内能，是做功改变物体的内能，故B符合题意；
C.食品放入电冰箱，食品放出热量，温度降低、内能减小，属于通过热传递改变物体的内能，故C不符合题意；
D.医生用冰袋给发热的病人降温，人体放出热量、内能减小，属于通过热传递改变物体的内能，故D不符合题意。
故选：B。
做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化过程，热传递是能量的转移过程。
本题考查改变内能的方式，难度不大。
3.【答案】D
【解析】解：
A.中学生的体重约为500N，一层楼的高度约为3m，正常上三楼(高度约为6m)做功约为W1=G1h1=500N×6m=3000J，故A错误；
B.中学生正常上三楼的时间约为30s，正常上三楼的功率约为P=W1t=3000J30s=100W，故B错误；
C.一枚鸡蛋重约为G2=0.5N，将一枚鸡蛋从桌面举过头顶通过的高度约为h2=1.2m，
所以对鸡蛋做的功约为W2=G2h2=0.5N×1.2m=0.6J，故C错误；
D.一名普通中学生做引体向上，1min约能完成12个，克服重力移动的距离约为0.4m，
中学生正常引体向上做功的功率约P′=W3t′=12×G1h360s=12×500N×0.4m60s=40W，故D正确。
故选D。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。
4.【答案】A
【解析】解：大地、食盐水、铝、铜、人体容易导电，属于导体；陶瓷、空气、塑料不容易导电，属于绝缘体。故A正确，BCD错误。
故选：A。
不容易导电的物体叫绝缘体；容易导电的物体叫导体。
此题考查了导体与绝缘体的辨析，属基础题目。
5.【答案】C
【解析】解：
AD、推力做的有用功：
W有用=Gh=mgh=50kg×10N/kg×4m=2000J，
推力做的总功：
W总=W有用+W额=2000J+500J=2500J，故D错；
该斜面的机械效率：
η=W有用W总=2000J2500J×100%=80%，故A错；
B、由W总=Fs得推力：
F=W总s=2500J10m=250N，故B错；
C、由W额=fs得摩擦力：
f=W额s=500J10m=50N，故C正确；
故选：C。
(1)使用斜面时，利用W=Gh可求有用功，推力做的总功等于有用功加上额外功，斜面的机械效率等于有用功与总功之比，
(2)利用W总=Fs求推力F的大小；
(3)利用W额=fs求摩擦力f的大小。
本题考查了使用斜面时有用功、总功、摩擦力、机械效率的计算，明确有用功、总功的含义是关键。
6.【答案】D
【解析】解：
比热容是物质本身的一种特性，与物体吸收的热量、温度变化、质量等因素无关，只与物质种类和状态有关；所以，同一种物质，无论质量和温度差是多少，比热容都一样；故ABC错误，D正确。
故选：D。
单位质量的某种物质温度升高1℃吸收的热量叫做这种物质的比热容；比热容是物质本身的一种特性，它不会随物质吸收的热量、质量、温度的改变而改变。
本题考查了学生对比热容概念的理解，需要知道：比热容是物质本身的一种特性，与物体吸收的热量、温度变化、质量等因素无关，只与物质种类和状态有关。
7.【答案】B
【解析】解：A、电压表是测量电压大小的仪器，不能提供电压，故A错误；
B、盐水电池将化学能转化为电能，故B正确；
C、图中铜片与电压表的正接线柱连接，指针正向偏转，说明铜片是该盐水电池的正极，故C错误；
D、图中电压表的量程为0∼3V，分度值是0.1V，示数为0.4V，说明该盐水电池两端的电压为0.4V，故D错误；
故选：B。
(1)电压表是测量电压的仪器；
(2)电池是产生电能的装置；
(3)图中铜片与电压表的正接线柱连接，指针正向偏转，根据电压表的正确使用方法，判断电源的正负极；
(4)根据电压表的接线柱判断量程、分度值，根据指针的位置确定读数。
本题考查了电压表的使用，要求学生知道电压表的使用规则，并且能够正确读数。
8.【答案】D
【解析】解：由电路图知滑动变阻器与定值电阻并联，电流表A1测量干路的电流，电流表A2测量通过定值电阻的电流；
A、若将滑片移动到a端，滑动变阻器的电阻为零，相当于导线，会造成电源短路，电路不能正常工作，故A错误；
B、滑片在b端时，滑动变阻器的最大电阻与定值电阻R0并联，
通过定值电阻R0的电流为：I0=UR0=3V5Ω=0.6A，
通过滑动变阻器R的电流为：IR=UR=3V10Ω=0.3A，
根据并联电路电流的规律知干路电流为：
I=I0+IR=0.6A+0.3A=0.9A，故电流表A1示数为0.9A，故B错误；
C、由于并联电路各支路互不影响，所以滑片由b端向a端移动时，通过定值电阻的电流不变，电流表A2示数不变，故C错误；
D、滑片移动到中点时，滑动变阻器的电阻为12×10Ω=5Ω，此时滑动变阻器的电阻与定值电阻R0的阻值相等，由于并联电路各支路电压相等，由欧姆定律I=UR知通过两电阻的电流相同，则电流表A1与A2示数比为：I1I2=I0+I′RI0=2I0I0=21，故D正确。
故选：D。
由电路图知滑动变阻器与定值电阻并联，电流表A1测量干路的电流，电流表A2测量通过定值电阻的电流；
(1)若将滑片移动到a端，滑动变阻器的电阻为零，相当于导线，会造成电源短路；
(2)滑片在b端时，滑动变阻器的最大电阻与定值电阻R0并联，由欧姆定律算出通过定值电阻R0和滑动变阻器R的电流，由并联电路电流的规律算出干路电流，即电流表A1的示数；
(3)根据并联电路各支路互不影响判断出滑片由b端向a端移动时通过定值电阻电流的变化；
(4)滑片移动到中点时，滑动变阻器的电阻为12×10Ω=5Ω，此时滑动变阻器的电阻与定值电阻R0的阻值相等，由于并联电路各支路电压相等，根据欧姆定律I=UR判断出通过两电阻电流的关系，进而算出电流表A1与A2示数比。
本题考查了欧姆定律的应用以及并联电路的特点等知识，掌握电路的连接是解题的关键。
9.【答案】100 不能
【解析】解：重心在中点C处，则BA=2BC；杠杆在水平位置保持平衡，由FLBA=GLBC可得拉力的大小：F=LBCLBA×G=12×200N=100N；
功的原理告诉人们，省力又省距离的机械是不存在的，使用任何机械都不能省功。
故答案为：100；不能。
物体的重力为阻力，杠杆在水平位置保持平衡时，BC为阻力臂，BA为动力臂，根据杠杆的平衡条件F1l1=F2l2求出拉力的大小；
功的原理：使用任何机械都不省功。
此题考查了杠杆平衡条件的运用，属于基础知识。
10.【答案】500 0
【解析】解：根据功的定义，拉力对小车做的功为W=Fs=50N×10m=500J；
在重力的方向上没有移动的距离，根据功的定义，重力做功为0。
故答案为：500；0。
利用W=Fs即可求出拉力所做的功；根据做功的必要条件可知：重力不做功，因为在重力的方向上没有移动距离，做功为0J。
本题考查了功的计算，判断力是否做功时一定要紧扣做功的必要条件，特别是有力有距离时，但是移动距离不是在力的方向上移动的，这种情况一定不做功。
11.【答案】做功 做功
【解析】解：陨石与空气摩擦时发热发光，通过克服摩擦做功，使陨石内能增大，是机械能转化为内能。
由图可知，汽油机的火花塞正在打火，所以汽油机正处于做功冲程，在做功冲程中内能转化为机械能。
故答案为：做功；做功。
做功和热传递都可以改变物体的内能；汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，根据气门的关闭和活塞的运行方向判断是哪一个冲程。
本题考查了改变内能的方法、汽油机的工作过程，属于基础题。
12.【答案】400090%
【解析】解：(1)动滑轮绳子的有效股数n=2，
则绳子自由端移动的距离：s=nh=2×4m=8m，
拉力所做的功：W总=Fs=500N×8m=4000J；
(2)拉力做的有用功：W有=Gh=900N×4m=3600J，
此动滑轮机械效率：η=W有W总×100%=3600J4000J×100%=90%。
故答案为：4000；90%。
(1)动滑轮绳子的有效股数为2，根据s=nh求出绳子自由端移动的距离，利用W=Fs求出拉力所做的功
(2)根据W=Gh求出拉力做的有用功，利用η=W有W总×100%求出此动滑轮机械效率。
本题考查了做功公式和滑轮组机械效率公式的应用，是一道较为简单的应用题。
13.【答案】12 减
【解析】解：(1)汽车行驶的路程：s=30km=3×104m，
牵引力做的功：
W=Fs=600N×3×104m=1.8×107J；
由v=st可知汽车的行驶时间：
t=sv=3×104m20m/s=1500s；
发动机的输出功率：
P=Wt=1.8×107J1500s=12000W=12kW。
(2)根据P=Fv可得：F=Pv，由此可知，当汽车需上坡时，功率一定，为了增大牵引力，应使汽车的速度减小。
故答案为：12；减。
(1)利用W=Fs可以计算出牵引力所做的功；
(2)利用v=st可以计算出汽车的行驶时间；利用P=Wt可以计算出发动机的输出功率；
(3)根据P=Fv分析解答。
本题考查功和功率的计算，熟记公式、灵活运用是关键，题目比较基础。
14.【答案】1.5并 L2
【解析】解：一节干电池的电压为1.5V；
由实物图可知，两灯泡并联，电流表A1测灯泡L2的电流，电流表A2测总电流。
故答案为：1.5；并；L2。
一节干电池电压是1.5V；
根据实物图分析电路，确定两灯泡连接方式和两电流表的测量对象，据此作答。
本题考查了干电池的电压、实物图分析、电流表的使用，是一道基础题。
15.【答案】1 3
【解析】解：由图可知，闭合开关S，该电路为R1和R2的串联电路，电压表测R1两端的电压；
已知电压表的示数为1V，即R1两端的电压为U1=1V；
若断开开关S，电压表相当于连接在电源两端，此时相当于测电源电压，则电压表的示数为3V。
故答案为：1；3。
由电路图可知，闭合开关S，电阻R1、R2串联，电压表测R1两端的电压；断开开关，根据电压表的作用分析其示数的变化。
本题考查了学生对电路连接情况的分析和电压表的使用，属于电学基础题，难度不大。
16.【答案】串联 6
【解析】解：现有电压为9V的电源，因电源电压大于灯泡的额定电压，根据串联分压的知识可知要使灯泡正常发光，则应在电路中串联一个保护电阻；
由于灯泡正常发光，则电路中的电流为：I=I额=0.5A，
根据串联电路的总电压等于各用电器两端电压之和可知：
保护电阻两端的电压：UR=U−UL=9V−6V=3V，
根据I=UR可得保护电阻的阻值为：R=URI=3V0.5A=6Ω；
故答案为：串联；6。
现有电压为9V的电源，因电源电压大于灯泡的额定电压，根据串联分压的知识可知，要使灯泡正常发光，应在电路中串联一个保护电阻。已知灯泡正常发光时的电流，根据串联电路的电压特点求出串联电阻两端的电压，最后根据R=UI计算出串联电阻的阻值。
本题是欧姆定律在串联电路中的应用，关键要理解题目中所给条件的含义。
17.【答案】200.3不均匀
【解析】解：当油箱内油面高度最高时，R的金属滑片在最下端，油量表指针满偏，说明电路中的电流为0.6A，此时电路中只有工作R0，所以R0的阻值为R0=UI最大=12V0.6A=20Ω，
R的金属滑片在最上端时，滑动变阻器全部接入电路，电阻R0与滑动变阻器串联，电路中的电流为I最小=UR+R0=12V20Ω+20Ω=0.3A
油量表的最小读数是0.3A。
根据电路中的电流为I=UR+R0
可知，电路中的电流与滑动变阻器R不成正比，所以油量表的刻度是不均匀的。
故答案为：20；0.3；不均匀。
当油箱内油面高度最高时，R的金属滑片在最下端，油量表指针满偏，说明电路中的电流为0.6A，此时电路中只有工作R0，根据欧姆定律得出R0的阻值；
R的金属滑片在最上端时，滑动变阻器全部接入电路，电阻R0与滑动变阻器串联，根据欧姆定律得出电路中的电流，进而得出油量表的最小读数；根据电路中的电流为I=UR+R0可知，电路中的电流与滑动变阻器R不成正比，据此分析。
本题考查欧姆定律的应用，综合性强，难度适中。
18.【答案】解：根据杠杆平衡的条件可知，在阻力和阻力臂不变时，动力臂越长越省力；
由图示可知，以OA为动力臂时，动力臂最长，此时最省力；连接OA，从A点做OA的垂线，为使杠杆平衡，力的方向应垂直于OA向上，如图所示：
【解析】根据杠杆平衡的条件可知，在阻力、阻力臂一定时，动力臂越长越省力，而支点到杠杆的顶端作为动力臂时，动力臂最长，所以根据力臂的画法，从杠杆的端点作垂直于力臂的动力示意图，注意动力、阻力对杠杆的转动效果相反。
此题是杠杆中的最小力问题，其依据是杠杆的平衡条件，由杠杆平衡条件知，力臂越长越省力，所以要画出最小的力，关键是确定最长的力臂。
19.【答案】解：滑轮组绳子的绕法，有两种：一是绳子先系在定滑轮的固定挂钩上，绕过下面的动滑轮，再绕过上面的定滑轮；二是绳子先系在动滑轮的固定挂钩上，绕过定滑轮，然后再绕过动滑轮。图中滑轮组由一个定滑轮和一个动滑轮组成，要求最省力，属于第二种。如图所示：
【解析】当绳子从动滑轮绕起时，承担拉力的绳子的段数最多，用起来最省力。在不计滑轮自重及摩擦的情况下，动滑轮和重物由几股绳子承担，拉力就是滑轮组提升物重的几分之一。
此题主要考查了滑轮组的组装，首先要掌握滑轮组的省力情况，判断出承担物重的绳子的段数。
20.【答案】解：电路中的电流都是从电源正极出发，经过开关与用电器，最后回到电源的负极，根据电路图所标电流的方向可知，中间为电源，下方为正极，右边是电流表，如下图：
【解析】电路中的电流都是从电源正极出发，经过开关与用电器，最后回到电源的负极，根据电路图所标电流的方向，判断出电源与电流表的位置，及电源的正负极，然后作图。
本题考查了电路的连接，要求对电路中各元件的作用及使用方法要非常明确，然后根据串并联电路的特点正确连接电路。
21.【答案】右 便于测量力臂 右 8 B
【解析】解：(1)挂钩码前，杠杆在如图甲所示位置静止，根据调节杠杆平衡的方法：左高左调，右高右调，应当将杠杆右端的平衡螺母向右端调节，使杆在水平位置平衡。当杠杆在水平位置平衡时，应作用在杠杆上的力都在竖直方向，则力的力臂均与杠杆重合，由此我们可以直接根据杠杆的刻度读出力臂。
(2)设每个钩码重为G，杠杆上每一格为l，则在A、B下方再各加一个相同的钩码时，左端F1L1=4G×2l=8Gl，右端F2L2=3G×3l=9Gl。因F1L1
②松开螺母保持OA水平不动，使OB向下折30∘角度后，再拧紧螺母形成一根可绕O点转动的籽杆AOB′(B′对应B点)。保持物块M的位置不变，则G1×OA保持不变。若要使杠杆仍保持平衡，则应保持G2×OB′=G2×OB。因G2保持不变，则应保持力臂OB′=OB。力臂是指从支点到力的作用线的距离，而力始终是竖直向下的，则我们应将N移到②点处，以确保力的作用线相同。
故答案为：(1)右；便于测量力臂。(2)右。(3)①8；②B。
(1)调节杠杆平衡的方法：左高左调，右高右调。
(2)力臂是指从支点到力的作用线的距离。
(3)杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2。
力臂是指从支点到力的作用线的距离，而不是从支点到力的作用点的距离，我们要注意这一点。
22.【答案】匀速 摩擦力 0.480%1、2 2、3 低
【解析】解：(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计，系统处于平衡状态，拉力大小才等于测力计示数。
(2)若静止时读数，测力计没有测量出机械之间的摩擦力，故测量出的拉力偏小，所以他的想法不正确。根据w总=Fs，求出的总功偏小，而有用功不变，根据η=w有w总×100%，故这样测出的机械效率偏大，即他没有考虑到摩擦力对滑轮组机械效率的影响。
(3)丁图装置绳子的有效段数为4，故绳子自由端移动的距离为s=nh=4×0.1m=0.4m。
第4次实验的机械效率为η=w有w总×100%=GhFs×100%=8××0.4m×100%=80%。
(4)根据s=nh可知，第1、2、3次实验绳子的有效段数分别为2、3、3；结合图示和钩码的重力，第1、2、3次分别是用甲乙丙装置完成的，通过比较1、2两次实验数据可知，钩码的重力相同，提升的高度相同，连接动滑轮绳子的段数不同，机械效率相同，故可得出结论：使用同一滑轮组提升同一重物时，滑轮组的机械效率与绳子段数无关。
(5)通过比较2、3两次实验数据可知，滑轮组相同，连接动滑轮的绳子段数相同，提升的高度相同，物体的重力不同，物体重力越大，机械效率越大，故可得出结论：同一滑轮组提升重物时，物重越大，滑轮组机械效率越高。
(6)通过比较3、4两次实验是分别用丙丁装置完成的，丁装置中有2个动滑轮，动滑轮重力大于丙中动滑轮的重力，而实验提起物体的重力相同，第4次实验的机械效率小于第3次实验的机械效率，故得出的结论是：不同滑轮组提升相同重物时，动滑轮越重，滑轮组机械效率越低。
故答案为：(1)匀速；(2)摩擦力；(3)0.4；80%；(4)1、2；(5)2、3；(6)低。
(1)实验中应沿竖直方向匀速缓慢拉动弹簧测力计。
(2)若静止时读数，测力计没有测量出机械之间的摩擦力，故测量出的拉力偏小，所以他的想法不正确。
(3)丁图装置绳子的有效段数为4，故绳子自由端移动的距离为s=nh。
第4次实验的机械效率为η=w有w总×100%。
(4)根据s=nh可知，第1、2、3次实验绳子的有效段数分别为2、3、3；结合图示和钩码的重力，第1、2、3次分别是用甲乙丙装置完成的，通过比较1、2两次实验数据可知，钩码的重力相同，提升的高度相同，连接动滑轮绳子的段数不同，机械效率相同，故可得出结论。
(5)通过比较2、3两次实验数据可知，滑轮组相同，连接动滑轮的绳子段数相同，提升的高度相同，物体的重力不同，物体重力越大，机械效率越大。
(6)通过比较3、4两次实验是分别用丙丁装置完成的，丁装置中有2个动滑轮，动滑轮重力大于丙中动滑轮的重力，而实验提起物体的重力相同，第4次实验的机械效率小于第3次实验的机械效率，故得出的结论。
本题测滑轮组机械效率的实验，考查注意事项、数据分析及归结结论的能力。
23.【答案】钢球 木块移动距离的远近 质量 速度 钢球下滑到斜面底时的速度 质量 变小
【解析】解：(1)该实验探究的是碰撞前钢球的动能，碰撞时，钢球的动能越大，钢球对木块做的功就越多，木块移动的距离就越远，所以实验中通过观察木块的移动距离来说明钢球动能的大小；
(2)图甲、乙中，钢球的质量相同，甲图中钢球下滑的高度大于乙图中的钢球的下滑高度，则碰撞时，甲图中钢球的速度大于乙图中钢球的速度，碰撞后，甲图中木块移动的距离大于乙图中的木块移动的距离，则可得出的结论为：质量一定时，物体的速度越大，物体的动能越大；
(3)小球下滑到斜面底的速度大小与下滑的高度有关，下滑的高度越高，小球下滑到斜面底时的速度就越大，所以让钢球从斜面的相同高度由静止开始下滑，目的是控制钢球下滑到斜面底时的速度相同。图乙和图丙中，钢球的质量不同，下滑的高度相同，根据控制变量法知，探究的是钢球的动能大小与质量的关系；
(4)由于水平面滑动摩擦力作用，木块在水平面上运动时的速度越来越小，木块对水平面的压力和接触面的粗糙程度保持不变，滑动摩擦力的大小也保持不变，则根据功率P=Fv知，克服摩擦力做功的功率变小。
故答案为：(1)钢球；木块移动距离的远近；(2)质量；速度；(3)钢球下滑到斜面底时的速度；质量；(4)变小。
(1)该实验探究的是钢球下滑到斜面底，与木块碰撞前的动能大小与什么因素有关；碰撞时，钢球的动能越大，钢球对木块做的功就越多，木块移动的距离就越远；
(2)根据控制变量法的思想，归纳出合理的结论；
(3)小球下滑到斜面底的速度大小与下滑的高度有关，下滑的高度越高，小球下滑到斜面底时的速度就越大。图乙和图丙中，小球的质量不同，下滑的高度相同，木块移动的距离不同，根据控制变量法的思想进行分析；
(4)由于水平面的摩擦力作用，木块在水平面上运动时的速度越来越小，直到停止，则可根据功率P=Fv，判断摩擦力做功的功率变化情况。
本题探究动能大小的影响因素，主要考查了控制变量法和转换法的运用。
24.【答案】断开 串联 电流表的正负接线柱接反了 所选的两灯泡的规格相同 换用不同规格的灯泡测量多组数据
【解析】解：(1)连接电路时，为保护电路，开关应处于断开状态；要测量电流，电流表需要与被测电路串联；
(2)如图乙在测量A点的电流时，发现电流表的指针发生反偏，说明电流表的正负接线柱接反了；
(3)小亮同学使用的灯泡规格相同，由表中实验数据可知，两个支路的电流相等，可能会得出特殊结论，实验结论不具一般性；
(4)测出了一组电流立即得出了并联电路的电流规律，实验次数太少，结论有偶然性，应换用不同规格的灯泡测量多组数据。
故答案为：(1)断开；串联；(2)电流表的正负接线柱接反了；(3)所选的两灯泡的规格相同；(4)换用不同规格的灯泡测量多组数据。
(1)为保护电路，连接电路时，开关要断开电流表，应与被测电路串联；
(2)电流应从电流表正接线柱流入，从负接线柱流出，否则指针反向偏转；
(3)选用特殊规格的器材实验结论可能具有特殊性；
(4)为得出普遍性的规律，应换用不同规格的灯泡多次实验，获取多组数据。
本题探究并联电路电流规律，考查实验注意事项、归纳法的运用等知识，属于基础题。
25.【答案】断开 电流表正负接线柱接反 左 0.20正 30Ω
【解析】解：(1)为了保护电路，连接电路前要断开开关，滑动变阻器滑片处于阻值最大处。
由图乙所示电流表可知，电流表指针反向偏转，电流表指针向零刻度线左侧偏转，是由电流表正负接线柱接反了造成的。
由图甲知，电阻R0与滑动变阻器串联，要使电阻R0两端电压由1.5V逐渐增大到2V、2.5V，应减小滑动变阻器两端的电压，根据串联电阻电压的特点，需减小滑动变阻器接入电路的阻值，滑片应向左移动。
由图丙知，电流表接0∼0.6A，分度值为0.02A，示数为0.20A。
由电路图知，电流表测量电路电流，电压表测量R0两端的电压。分析数据表，在电阻R0阻值不变时，电阻两端的电压与通过电阻的电流的比值为定值，得出结论：电阻一定时，导体中的电流与导体两端电压成正比。
(2)根据控制变量法，要探究电流与电阻的关系，必须控制电阻两端的电压不变。当A、B两点间接入的电阻为5Ω时，滑动变阻器滑片P处于最右端，R接入电路的最大阻值为30Ω，定值电阻R0两端的电压最小为0.64V；滑动变阻器滑片P处于最左端，R接入电路的最小阻值为0，定值电阻R0两端的电压最大为电源电压4.5V，故定值电阻两端电压的变化范围为0.64V∼4.5V，可以通过移动滑片P，使电压表示数等于2V时，读出电流表示数，完成实验。当A、B两点间接入的电阻为30Ω时，滑动变阻器滑片P处于最右端，R接入电路的最大阻值为30Ω，定值电阻R0两端的电压最小为2.25V；滑动变阻器滑片P处于最左端，R接入电路的最小阻值为0，定值电阻R0两端的电压最大为电源电压4.5V，故定值电阻两端电压的变化范围为2.25V∼4.5V，无论怎么移动滑片P，电压表示数都不可能等于2V，无法完成实验。
故答案为：(1)断开；电流表正负接线柱接反；左；0.20；正；(2)30Ω。
(1)①在连接或拆解电路时，为了保护电路，开关必须要断开；测量电流时，电流表指针反向偏转，说明电流表正负接线柱接反；
②根据电流表选用小量程确定分度值读数；
③探究通过导体的电流与导体两端电压的关系时，需控制电阻不变，结论是：当导体电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(2)探究电流与电阻的实验中应控制电阻两端的电压不变；定值电阻的阻值越大，所需变阻器的阻值越大，由串联电路电压的规律和分压原理，求变阻器连入电路中阻值，据此分析。
此题属于电学方面的综合题目，考查的知识点比较广泛，综合性比较强，对学生的综合能力要求比较高，属于中考题目的热点和焦点。
26.【答案】解：过O点作阻力作用线的垂线，该垂线段即为阻力臂L2；如图所示：
【解析】力臂是从支点到力的作用线的距离，从支点向力的作用线作垂线段即可作出力臂。
此题考查了力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线，从而正确地画出力臂。
27.【答案】解：
(1)水吸收的热量：
Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×10kg×(100℃−20℃)=3.36×105J，
(2)天然气完全燃烧放出的热量：
Q放=Vq=0.1m3×8.4×107J/kg=8.4×106J；
(3)燃气灶烧水的效率：
η=Q吸Q放×100%=3.36×105J8.4×106J×100%=40%。
答：(1)水吸收的热量为3.36×105J；
(2)天然气完全燃烧放出的热量为8.4×106J；
(3)燃气灶烧水的效率为40%。
【解析】(1)知道水的质量、比热容、温度初温和末温，利用Q吸=cm(t−t0)求水吸收的热量；
(2)利用Q放=Vq求天然气完全燃烧释放的热量；
(3)燃气灶烧水的效率等于水吸收的热量与天然气完全燃烧释放的热量之比。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，属于基础题目。实验次数
钩码重G/N
钩码上升高度h/m
绳端拉力F/N
绳端移动距离s/m
机械效率η
1
4
0.1
2.7
0.2
74%
2
4
0.1
1.8
0.3
74%
3
8
0.1
3.1
0.3
86%
4
8
0.1
2.5
______
______
A点电流IA
B点电流IB
C点电流IC
0.18A
0.18A
0.36A
实验次序
1
2
3
U/V
1.5
2
2.5
I/A
0.15
0.25
相关试卷
2022-2023学年江苏省常州市溧阳市九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）： 这是一份2022-2023学年江苏省常州市溧阳市九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共26页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年江苏省盐城市大丰区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）： 这是一份2022-2023学年江苏省盐城市大丰区九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题，综合题等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年江苏省宿迁市九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析）： 这是一份2022-2023学年江苏省宿迁市九年级（上）期末物理试卷（含详细答案解析），共25页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。
