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    2022-2023学年安徽省亳州市九年级(上)期末物理试卷(含详细答案解析)
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    2022-2023学年安徽省亳州市九年级(上)期末物理试卷(含详细答案解析)

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    这是一份2022-2023学年安徽省亳州市九年级(上)期末物理试卷(含详细答案解析),共16页。试卷主要包含了单选题,填空题,作图题,实验探究题,计算题,综合题等内容,欢迎下载使用。

    1.下列物理量最接近实际的是( )
    A. 初中物理课本长约26mmB. 中学生的正常体温约42℃
    C. 普通中学生的重力约500ND. 一盏日光灯的功率约1000W
    2.关于温度、热量和内能,下列说法正确的是( )
    A. 0℃的冰块内能为0
    B. 温度高的物体含有的热量多
    C. 只要物体放出热量,温度一定会降低
    D. 两个发生热传递的物体之间一定存在温度差
    3.2022年11月29日23时08分,搭载神舟十五号载人飞船的长征二号运载火箭在酒泉卫星发射中心点火发射,发射取得圆满成功。在运载火箭加速升空的过程中,载人飞船( )
    A. 动能不变,重力势能不变,机械能不变B. 动能增大,重力势能增大,机械能增大
    C. 动能增大,重力势能减少,机械能不变D. 动能减少,重力势能减少,机械能减少
    4.如图所示是一种道路上常见的监控摄像头,它的成像镜头可简化为一个凸透镜,图中能正确反映车辆ab成像原理的是( )
    A.
    B.
    C.
    D.
    5.书静止在水平桌面上,书受到重力和支持力的作用,下列说法正确的是( )
    A. 书受到的支持力是桌面的形变产生的
    B. 桌面受到的压力和书本受到的支持力是一对平衡力
    C. 书受到重力和支持力是一对相互作用力
    D. 压力和支持力的作用点相同
    6.某电吹风有冷风、热风两挡,如果只发热不吹风,会因温度过高引发安全事故。以下设计的电吹风电路合理的是( )
    A. B.
    C. D.
    7.如图所示,电路中电源电压保持不变,闭合开关S后,滑动变阻器滑片P向左移动时,下列说法正确的是( )
    A. 电流表示数变小
    B. 电压表示数变大
    C. 小灯泡变得更亮
    D. 电路的总功率变大
    二、填空题:本大题共8小题,共16分。
    8.编钟是我国瑰宝,如图,已知敲P处发出的声音频率比敲M处的高,则敲击______ 处音调较高(选填“M”或“P”)。
    9.寒露、霜降、大雪等节气中涉及了一些物态变化,其中露、霜和雪的形成需要______ 热量(选填“吸收”或“放出”)。
    10.如图所示,通电螺线管外部P点处磁感线的方向______ (选填“向左”或“向右”)。
    11.白鹤滩水电站是单机容量世界最大的水电站,电站大坝高度289米,于2022年10月24日成功蓄水至高程825米,达到正常蓄水位,则坝前深度150米处水的压强为______ Pa。(g=10N/kg)
    12.用某型号天然气热水器烧水,若天然气完全燃烧放出的热量50%被水吸收,在一标准大气压下,烧开质量为2kg初温为20℃的水需要______ m3天然气。[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃),天然气的热值为4.2×103J/m3]
    13.如图所示,工人师傅用沿斜面向上、大小为200N的拉力,将重为400N的物体A从斜面底端匀速推至斜面顶端。已知斜面长4m、高1.5m,则斜面的机械效率是______ 。
    14.如图所示的电路中,电源电压U保持不变,开关S闭合前后电流表示数之比为1:4,则电阻R1:R2=______ 。
    15.如图所示,电源电压为6V,闭合开关S,电阻R1的阻值为10Ω,电流表A的示数为0.2A,则电阻R2在1min内产生的热量为______ J。
    三、作图题:本大题共1小题,共2分。
    16.如图所示,一束光从水中射向水面O点,画出法线、反射光线和大致的折射光线。
    四、实验探究题:本大题共3小题,共16分。
    17.下列甲、乙、丙、丁四幅图是某实验小组利用弹簧测力计、溢水杯、圆柱形物块、小桶和水探究“浸在液体中的物体所受浮力跟它排开液体所受重力的关系”的过程情景,其中弹簧测力计的示数依次是F1、F2、F3、F4。
    (1)在实验前如果未将溢水杯中的水装满,会导致测得的“排开液体所受重力”______ (选填“偏小”“不变”或“偏大”)。
    (2)多次实验中若物体受到的浮力F浮=______ 与排开液体所受重力G排=______ 都相等,即可验证阿基米德原理。(均用F1、F2、F3、F4表示)
    18.小明利用天平、量筒和烧杯等器材测量液体的密度。
    (1)天平调节平衡后,小明将适量的液体倒入烧杯中,然后将烧杯放在天平左盘,用天平测量烧杯和液体的总质量。他向天平右盘加减砝码,当他将砝码盒中最小的砝码放入右盘后,指针静止时如图甲所示,小明接下来的操作应该是______ ,使天平指针对准分度盘中央红线。
    (2)小明测出烧杯和液体的总质量为83.4g后,将烧杯中的一部分液体倒入量筒,液面位置如图乙所示,测量烧杯和剩余液体的总质量,天平平衡时如图丙所示,则小明测量的液体的密度为______ kg/m3。
    19.小明在测量小灯泡电功率的实验中,选用的电源电压为4.5V,小灯泡的额定电压为2.5V,电阻约为5Ω。
    (1)闭合开关前,图甲中滑动变阻器的滑片应位于______ (选填“A”或“B”)端。
    (2)闭合开关,滑片移动到某位置时,电压表的示数如图乙所示,要测得小灯泡的额定功率,他应______ ,然后读出电流表示数。
    (3)改变滑片的位置,获得多组对应的电压、电流值,绘制了如图丙所示的I−U图像。由图像可知,小灯泡的额定功率为______ W。
    五、计算题:本大题共3小题,共20分。
    20.“共建卫生城市,构建美好家园”,如图所示是“雾炮车”喷洒水雾以减少扬尘的情景。某次喷洒完后,该车在3×103N的牵引力作用下,匀速通过100m的平直道路,用时20s。求:
    (1)此过程中该车的牵引力所做的功;
    (2)此过程中该车牵引力的功率。
    21.
    电流表可看成是一个无内阻的电流表A和一个电阻RA串联(如图中虚线框所示)。现要测量一只这种电流表的内阻RA的阻值,电路设计如图所示,电源电压不变,R1=3Ω,R2=6Ω,当S1闭合、S2断开时,电流表示数为1.6A,当S1断开、S2闭合时,电流表示数为1A。求电源电压和电流表内阻RA。
    22.一根粗细均匀的木棒AB斜靠在竖直墙壁上,墙壁光滑,地面粗糙。木棒受到的重力为G=240N,墙壁对木棒的弹力为FA,如图甲所示。
    (1)为求解FA大小,请在图甲中选择合适的支点,确定动力和阻力,并作出动力和阻力的力臂;
    (2)图甲中OA=3m,OB=4m,求FA的大小;
    (3)现让木棒的倾斜程度变小一些,如图乙所示,木棒仍能静止斜靠在墙上。请分析FA变化情况。
    六、综合题:本大题共1小题,共2分。
    23.小丽在朋友圈分享了自己外出旅行时的照片,其中两张是坐在平直行驶车内连续拍摄的照片,如图所示。网友判断小丽乘坐的车正在向东行驶。请你分析网友的判断是否正确,并说明理由?
    答案和解析
    1.【答案】C
    【解析】解:A、初中物理课本长约26cm,故A不符合实际;
    B、人体的正常体温约37℃左右,故B不符合实际;
    C、普通中学生的重力约500N,故C符合实际;
    D、一盏日光灯的功率约40W,故D不符合实际。
    故选:C。
    不同物理量的估算,有的需要凭借生活经验,有的需要简单的计算,有的要进行单位的换算,最后判断最符合实际的是哪一个。
    估测法是利用物理概念、规律、物理常数和常识对物理量的数值、数量级进行快速计算以及对取值范围合理估测的方法。
    2.【答案】D
    【解析】解:A、一切物体都具有内能,温度为0℃的冰块也有内能,故A错误;
    B、热量是一个过程量,不能说含有或具有热量,故B错误;
    C、晶体在凝固的过程中,放出热量,温度不变,故C错误;
    D、存在温度差的两个物体相接触发生热传递时,热量总是从高温物体传给低温物体,或者从物体的高温部分传向低温部分,故D正确。
    故选:D。
    (1)内能是所有分子运动的动能和分子势能的总和,一切物体都具有内能;
    (2)热量是热传递过程中,传递的内能多少,是过程量;
    (3)物体放出热量,温度不一定降低;
    (4)发生热传递的条件是存在温度差。
    本题是一道热学综合题,主要考查学生对内能、热传递的条件、改变物体内能方法的理解,是中考的热点、热学的难点。
    3.【答案】B
    【解析】解:在运载火箭加速升空的过程中,载人飞船的质量不变,速度和高度都增大,所以动能和重力势能都增大,机械能增大,故B正确。
    故选:B。
    (1)动能大小的影响因素:质量、速度,质量越大,速度越大,动能越大;
    (2)重力势能大小的影响因素:质量、所处的高度,质量越大,高度越高,重力势能越大;
    (3)机械能为动能和势能的和。
    本题考查了动能和重力势能的大小变化,关键要掌握动能、重力势能大小的影响因素。
    4.【答案】A
    【解析】解:监控摄像头成的是倒立、缩小的实像,此时的物距大于二倍焦距,像距在一倍焦距和二倍焦距之间,故A正确。
    故选:A。
    凸透镜成像规律:当u>2f时,2f>v>f,成倒立缩小的实像;
    当u=2f时,v=2f,成倒立等大的实像,应用:如照相机;
    当2f>u>f时,v>2f,成倒立放大的实像,应用:如投影仪或幻灯机;
    当u=f时,不成像;
    当u此题考查凸透镜成像规律的应用,属于基础知识考查,难度不大。
    5.【答案】A
    【解析】解:A、放在水平桌面的书受到桌面的支持力,该力是弹力,弹力是施力物体形变引起的,与施力物体的形变恢复方向相同;故支持力是桌面形变产生的,故A正确;
    B、桌面受到的压力和书本受到的支持力作用在两个物体上,不是一对平衡力,故B错误;
    C、书受到重力和支持力作用在同一物体上,不是一对相互作用力,故C错误;
    D、压力的作用点在桌面,支持力的作用点在书上,两个力的作用点不相同,故D错误。
    故选:A。
    发生弹力的条件是:直接接触且发生弹性形变;弹力的方向与施力物体的形变恢复方向相同;
    力平衡的条件:大小相等,方向相反,作用在一条直线上,作用在一个物体上;
    相互作用力的条件:大小相等,方向相反,作用在一条直线上,作用在不同的物体上。
    本题应知道二力平衡的条件和相互作用力的条件,并且会区分平衡力和相互作用力.
    6.【答案】D
    【解析】解:A、闭合开关,定值电阻和电动机串联,同时工作,只能吹热风,故A错误;
    B、闭合干路开关,定值电阻和电动机并联,同时工作,只能吹热风,故B错误;
    C、开关断开时,电路为定值电阻的简单电路,只发热不吹风,会因温度过高引发安全事故,故C错误;
    D、只闭合开关S,电路为电动机的简单电路,吹冷风;再闭合S1,定值电阻和电动机并联,同时工作,吹热风,设计合理,故D正确。
    故选D。
    根据题目要求,逐项分析各选项得出答案。
    本题考查电路设计,综合性强,难度适中。
    7.【答案】D
    【解析】解:由电路图可知,灯泡与滑动变阻器并联,电压表测电源电压,电流表测通过变阻器的电流;
    B、因电源电压保持不变,所以,滑片移动时,电压表的示数不变,故B错误;
    C、因并联电路中各支路独立工作、互不影响,所以滑片移动时,小灯泡的亮度不变,故C错误;
    A、当闭合开关S,当滑动变阻器的滑片P向左移动时,接入电路中的电阻变小,由I=UR可知,通过变阻器的电流变大,故A错误;
    D、因并联电路中干路电流等于各支路电流之和,所以,干路电流变大,由P=UI可知,电路中的总功率变大,故D正确。
    故选:D。
    由电路图可知,灯泡与滑动变阻器并联,电压表测电源电压,电流表测通过变阻器的电流。根据电源电压保持不变可知滑片移动时电压表示数的变化,根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知小灯泡亮度的变化;根据滑片的移动可知接入电路中电阻的变化,根据欧姆定律可知通过变阻器中电流的变化,根据并联电路电流规律和P=UI可知电路中总功率的变化。
    本题考查了电路的动态分析,涉及到并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用,要注意并联电路中各支路独立工作、互不影响特点的应用。
    8.【答案】P
    【解析】解:编钟发出的声音频率与编钟的位置等因素有关,敲P比敲N处时,编钟振动的体积小,振动的频率大,音调高。
    故答案为:P。
    音调:声音的高低,由发声体的振动频率决定;响度:声音的大小,与发声体的振动幅度、与发声体的距离有关。
    本题主要考查了音调与频率的关系,属于基础题。
    9.【答案】放出
    【解析】解:露是液态的,是水蒸气遇冷液化形成的小水滴,液化放热。
    霜和雪是固态的,是由空气中的水蒸气遇冷凝华形成的,凝华放热。
    故答案为:放出。
    熔化是物质从固态变为液态;凝固是物质从液态变为固态;汽化是物质从液态变为气态;液化是物质从气态变为液态;升华是物质从固态直接变为气态;凝华是物质从气态直接变为固态。其中熔化、汽化、升华需要吸收热量,凝固、液化、凝华需要放出热量。
    分析物态变化现象时,主要看物体由什么状态变为了什么状态,从而根据物态变化的知识来判断。
    10.【答案】向左
    【解析】解:根据安培定则可知,图中所示通电螺线管左侧为S极,右侧为N极,在磁体外部,磁感线从磁体N极出发,回到磁体S极,因此通电螺线管外部P点处磁感线的方向向左。
    故答案为:向左。
    (1)用右手握住螺线管,四指弯曲指向电流方向,大拇指所指即为通电螺线管N极;
    (2)在磁体外部,磁感线从磁体N极出发,回到磁体S极。
    此题考查了安培定则、磁感线及其特点,难度不大,属基础题目。
    11.【答案】1.5×106
    【解析】解:坝前深度150米处水的压强为:
    p=ρ水gh=1.0×103kg/m3×10N/kg×150m=1.5×106Pa。
    故答案为:1.5×106。
    根据液体压强公式计算坝前深度150米处水的压强。
    本题考查液体压强公式的灵活运用,是一道基础题。
    12.【答案】0.032
    【解析】解:一标准大气压下,水的沸点是100℃,
    水吸收的热量:Q吸=cm(t−t0)=4.2×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.72×105J,
    根据题意可知,Q吸=50%Q放,
    则天然气完全燃烧放出的热量:Q放=Q吸50%=6.72×105J50%=1.344×106J,
    由Q放=Vq可知,需要天然气的体积:V=Q放q=1.344×106J4.2×107J/m3=0.032m3。
    故答案为:0.032。
    知道水的质量、比热容、初温和末温,利用Q吸=cm(t−t0)求出水吸收的热量;根据题意求出天然气完全燃烧放出的热量,利用Q放=Vq求出天然气的体积。
    本题考查吸热公式、燃料完全燃烧放热公式以及效率公式的应用,是一道热学综合题。
    13.【答案】75%
    【解析】解:所做有用功为:W有=Gh=400N×1.5m=600J;
    总功为:W总=Fs=200N×4m=800J;
    机械效率为:η=W有W总=600J800J=75%。
    故答案为:75%。
    利用W=Fs可求出拉力做的功,即总功;再利用W=Gh求出有用功;然后利用机械效率的计算公式可求出斜面的效率η。
    熟练运用计算功、机械效率的公式,是解答此题的关键。
    14.【答案】1:3
    【解析】解:由图可知,S断开时,R1与R2串联,电流表测电路电流I串,电源电压不变,
    电路中电流即电流表示数:I串=UR1+R2,
    S闭合时,电路中只有R1接入,此时电流表示数为I,I=UR1,
    由题可知:I串:I=1:4,
    可得:UR1+R2:UR1=1:4,
    解得:R1:R2=1:3。
    故答案为:1:3。
    分析开关闭合前后电路连接情况,根据串联电路的特和欧姆定律解题。
    本题考查电路变化的分析,要掌握串联电路的特点,难度不大。
    15.【答案】48
    【解析】解:由电路图可知,两电阻串联,电流表测电路中的电流;
    由欧姆定律可知,电阻R1两端的电压:U1=IR1=0.2A×10Ω=2V,
    由串联电路的电压特点可知,电阻R2两端的电压:U2=U−U1=6V−2V=4V,
    电阻R2在1min内产生的热量:Q2=W2=U2It=4V×0.2A×1×60s=48J。
    故答案为:48。
    由电路图可知,两电阻串联,电流表测电路中的电流;
    根据欧姆定律求出电阻R1两端的电压,根据串联电路的电压特点求出电阻R2两端的电压,根据Q=W=UIt求出电阻R2在1min内产生的热量。
    本题考查串联电路的特点、欧姆定律和电功公式的应用,难度不大。
    16.【答案】
    【解析】【分析】
    (1)根据反射光线、入射光线和法线在同一平面内,反射光线、入射光线分居法线两侧,反射角等于入射角,画出反射光线;
    (2)根据折射光线、入射光线和法线在同一平面内,折射光线、入射光线分居法线两侧,空气中折射角大于入射角,确定折射光线的方向。
    本题主要考查光的反射定律和折射规律的应用情况,作光路图时,要注意实线和虚线,光线要画箭头等细节,已知入射角的大小,所以一定要标出反射角的大小。
    【解答】
    一束光从水中射向水面O点,过O点作垂直于分界面的一条虚线,即法线,根据光的反射定律可知,反射光线与入射光线分居法线两侧,且反射角等于入射角,据此画出反射光线;根据光的折射定律可知,折射光线与入射光线分居法线两侧且不在同一介质中,由于光从水中射入空气,所以折射角大于入射角,据此画出折射光线,如图所示:
    故答案为:如图所示。
    17.【答案】偏小 F2−F3 F4−F1
    【解析】解:(1)在实验前如果未将溢水杯中的水装满,会导致排开的水的体积变小,则测得的“排开液体所受重力”偏小;
    (2)根据称重法可知:乙、丙两图弹簧测力计的示数可以求出石块受到的浮力,即F浮=F2−F3;甲、丁两图弹簧测力计的示数可以求出石块排开液体受到的重力,G排=F4−F1。
    故答案为:(1)偏小;(2)F2−F3;F4−F1。
    (1)根据溢水杯内水的多少分析排开的液体重力大小分析;
    (2)圆柱形物块受到的浮力等于重力减去浸入水中后弹簧测力计的拉力;圆柱形物块排开的液体受到的重力等于小桶和水的总重减去小桶重;阿基米德原理是反映物体所受浮力与排开水的重力关系,由此分析即可。
    本题是验证阿基米德原理的实验,关键掌握阿基米德原理内容,中考常见题型。
    18.【答案】向右移动游码 1.15×103
    【解析】解:(1)由图甲知,当小明将砝码盒中最小的砝码放入右盘后,横梁指针偏向刻度盘的左侧,说明右盘中砝码的总质量略小于左盘中物体的质量,此时应该用镊子向右拨动游码,使天平水平平衡;
    (2)由图乙可知,量筒的分度值为2mL,量筒中液体的体积为:V=40mL=40cm3,
    由图丙知,游码标尺的分度值是0.2g,游码所对的刻度值为2.4g,则烧杯和剩余液体的总质量为:m2=20g+10g+5g+2.4g=37.4g,
    倒入量筒中液体的质量为:
    m=m1−m2=83.4g−37.4g=46g,
    测量的液体密度为:
    ρ=mV=46g40cm3=1.15g/cm3=1.15×103kg/m3。
    故答案为:(1)向右移动游码;(2)1.15×103。
    (1)在称量过程中,应通过加减砝码或移动游码的方法来使天平平衡;
    (2)使用量筒读数时,弄清量筒的分度值,根据液面对应的刻度读出量筒中液体的体积;
    天平在读数时,烧杯和剩余液体的总质量等于砝码的质量加游码对应的刻度值;
    量筒中液体的质量等于烧杯和液体的总质量减去烧杯和剩余液体的总质量,知道量筒中液体的质量和体积,根据密度公式求出液体的密度。
    本题主要考查天平、量筒的读数、密度的基本计算,难度不大。
    19.【答案】A 向B端调节滑动变阻器的滑片,使电压表示数为
    【解析】解:(1)为了保护电路,闭合开关前,图甲中滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处,即A端;
    (2)闭合开关,滑片移动到某位置时,电压表的示数如图乙所示,电压表选用小量程,分度值0.1V,其示数为1.8V,小于灯泡额定电压2.5V,要获得小灯泡的额定功率的数据,故应增大灯泡两端的电压,根据串联电路电压规律,应减小变阻器两端的电压,根据分压原理,应减小变阻器接入电路的阻值,故滑片应向B端移动;
    (3)由I−U图象可知,当灯泡两端电压为2.5V时,通过灯泡的电流为0.5A,小灯泡额定功率为:
    P额=U额I额=2.5V×0.5A=1.25W。
    故答案为:(1)A;(2)向B端调节滑动变阻器的滑片,使电压表示数为2.5V;(3)1.25。
    (1)为了保护电路,闭合开关前,图甲中滑动变阻器的滑片应置于阻值最大处;
    (2)根据图乙电压表选用量程确定分度值读数;比较电压表示数与灯泡额定电压大小,根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向;
    (3)根据I−U图象确定灯泡额定电压对应的额定电流,根据P=UI算出灯泡的额定功率。
    本题测量小灯泡电功率,考查注意事项、实验操作、电功率的计算等知识,难度不大。
    20.【答案】解:(1)此过程中该车的牵引力所做的功为:
    W=Fs=3×103N×100m=3×105J;
    (2)根据P=Wt可知,该车牵引力的功率为:P=Wt=3×105J20s=1.5×104W。
    答:
    (1)此过程中该车的牵引力所做的功3×105J;
    (2)此过程中该车牵引力的功率为1.5×104W。
    【解析】(1)根据W=Fs求出牵引力所做的功;
    (2)根据P=Wt求出功率的大小。
    本题考查了功、功率的计算,属于一道简单的计算题。
    21.【答案】解:当S1闭合、S2断开时,定值电阻R1与电流表串联,由U=IR知电源电压为:U=I1(R1+RA)=1.6A×(3Ω+RA);
    当S2闭合、S1断开时,定值电阻R2与电流表串联,由U=IR知电源电压为:U=I2(R2+RA)=1A×(6Ω+RA);
    由于电源电压不变,所以1.6A×(3Ω+RA)=1A×(6Ω+RA);
    解得电流表内阻:RA=2Ω,
    电源电压为:U=I1(R1+RA)=1.6A×(3Ω+2Ω)=8V。
    答:电源电压为8V,电流表内阻RA为2Ω。
    【解析】当S1闭合、S2断开时,定值电阻R1与电流表串联,根据串联电路的电阻规律和欧姆定律表示出电源电压;
    当S2闭合、S1断开时,定值电阻R2与电流表串联,根据串联电路的电阻规律和欧姆定律表示出电源电压;
    根据电源电压不变列等式算出电流表内阻和电源电压。
    本题考查了欧姆定律的应用,根据电源电压相等列等式是解题的关键。
    22.【答案】解:(1)设细木棒AB的中点为O,即为细木棒的重心,选取B点为支点,动力臂L1和阻力臂L2如图所示:
    (2)由图中几何关系可知,
    L1=12OB=12×4m=2m,L2=OA=3m,
    由杠杆平衡条件是F1L1=F2L2可得,GL1=FAL2,
    则竖直墙面对细木棒的支持力:
    FA=GL1L2=240N×2m3m=160N;
    (3)如下图,设木棒AB与竖直墙壁的夹角为α,则OBOA=tanα,
    由杠杆平衡条件是F1L1=F2L2可得,GL1=FAL2,
    则竖直墙面对细木棒的支持力:
    FA=GL1L2=G×12OBOA=G×12×OBOA=12Gtanα,
    当α减小时,tanα减小,则FA减小。
    答:(1)见解答;
    (2)FA的大小为160N;
    (3)见解答。
    【解析】(1)力的示意图是用一条带箭头的线段把力的大小、方向、作用点三个要素表示出来,线段的长短表示力的大小,箭头表示力的方向,线段起点或终点表示力的作用点;
    (2)根据杠杆平衡条件计算出竖直墙面对细木棒的弹力FA的大小;
    (3)设木棒AB与竖直墙壁的夹角为α,根据杠杆平衡条件分析夹角α与弹力FA的变化关系。
    本题考查了杠杆平衡条件的应用以及力和力臂的画法,画力的示意图的一般步骤为:一画简图二定点,三画线,四画尖,五把力的符号标尖边,按照这个作图步骤,很容易能够画出指定力的示意图。
    23.【答案】答:网友的判断不正确;
    要研究是向西还向东运动,以西边的塔为参照物,由两图可知小丽与塔的位置在靠近,说明车正在向西运动,所以网友的判断是错误的。
    【解析】运动和静止是相对的。若物体与参照物之间的位置发生改变,则说明物体相对于该参照物是运动的,反之,则是静止的。
    以西边的塔为参照物,由两图可知小丽与塔的位置变化情况,从而判断车的运动方向。
    此题主要考查了运动和静止的相对性,根据图片判断小丽与太原双塔的位置变化是关键。
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