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福建省宁德第一中学2022-2023学年九年级下学期开学考试物理试题（解析版）
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这是一份福建省宁德第一中学2022-2023学年九年级下学期开学考试物理试题（解析版），共21页。试卷主要包含了全卷六大题，共33小题， 人类最早发明的热机是等内容，欢迎下载使用。
（考试时间：90分钟；满分：100分）
注意事项：
1.全卷六大题，共33小题。试卷共8页，另有答题卡。
2.答案一律写在答题卡上，否则不能得分，其中选择题用2Ｂ铅笔在答题区域内填涂。
一、选择题（本大题有20小题，每小题仅有一个正确答案，每小题2分，共40分）
1. 关于分子热运动和内能，下列说法正确的是（ ）
A. 铁的质量越大，则铁的比热容越大
B. 内燃机在压缩冲程中，内能转化为机械能
C. 木工锯木块时，锯条会发烫是通过热传递改变物体的内能
D. 端午节煮粽子，闻到粽香说明分子在不停地做无规则的运动
【答案】D
【解析】
【详解】A．比热容是物质的一种特性，与质量无关，铁的质量越大，则铁的比热容不变，故A错误；
B．内燃机在压缩冲程中，将机械能转化为内能，故B错误；
C．木工锯木块时，锯条会发烫是通过做功改变物体的内能，故C错误；
D．端午节煮粽子，闻到粽香，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则的运动，故D正确。
故选D。
2. 南京文化底蕴深厚，下列与南京有关的古诗文中涉及的物理现象解释错误的是（ ）
A. “风吹柳花满店香”，“满店香”——分子无规则运动
B. “白露垂珠滴秋月”，“白露”——水蒸气液化形成
C. “白云映水摇空城”，“白云映水”——光的折射
D. “千里莺啼绿映红”，“莺啼”——物体振动发声
【答案】C
【解析】
【详解】A．“满店香”指的是店飘满花香味，这是一种扩散现象，是分子做无规则运动的结果，故A正确，不符合题意；
B．“白露”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故B正确，不符合题意；
C．“白云映水”是属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C错误，符合题意；更多优质滋源请 家 威杏 MXSJ663 D．“莺啼”莺啼叫，是由于莺喉部振动发出声音，说明物体振动发声，故D正确，不符合题意。
故选C。
3. 中国传统节日制作特色美食的过程与物理知识息息相关，以下分析正确的是（ ）
A. 春节煮水饺时，开大火能使敞口锅中正在沸腾的水温度升高
B. 元宵节炸元宵时，使用油炸是因为油的熔点高
C. 端午节煮粽子时， 粽香四溢说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 中秋节烘烤月饼时， 通过做功的方式增加月饼的内能
【答案】C
【解析】
【详解】A．液体沸腾时，继续吸热，温度不变，所以开大火不能使正在沸腾的水温度升高，故A错误；
B．由于食用油的沸点比较高，所以炸元宵是因为油的沸点高，故B错误；
C．粽香四溢，是一种扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，故C正确；
D．做功和热传递都能使物体内能增加，烘烤月饼是通过热传递的方式增加月饼的内能，故D错误。
故选C。
4. 汽车是现代生活中最常见的一种交通工具，如图甲、乙分别是某汽油机的某冲程及能量流向图。下列有关说法正确的是（ ）
A. 甲图是压缩冲程，活塞对气缸内的气体做功，气体的温度升高
B. 由乙图可知该汽油机的效率是30%
C. 汽车尾气中的“汽油味”越浓燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的热值
D. 为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的热值
【答案】A
【解析】
【详解】A．如图甲所示，进气孔和排气孔都关闭，活塞向上运动，压缩气体，对气体做功，气体温度升高，这是汽油机的压缩冲程，故A正确；
B．由乙图可知该汽油机的效率为
η=100%-6%-30%-36%=28%
故B错误；
CD．热值是燃料完全燃烧时的放出的热量和质量之比，燃料的热值只与燃料的种类和状态有关，与燃料是否完全燃烧无关，燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的利用率，不会降低燃料的热值；为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的利用率，不能提高燃料的热值，故CD错误。
故选A。
5. 如图，在试管内装些水，用橡胶塞塞住管口，将水加热一段时间后，橡胶塞被冲出。则（ ）
A. 管内水蒸气的内能不变B. 管内水蒸气对橡胶塞做了功
C. 水所含的热量增加D. 灯中剩余酒精的热值变小
【答案】B
【解析】
【详解】A．用橡胶塞塞住管口，随着酒精灯给试管不断加热，试管内的水和水蒸气吸收热量，内能都在不断增大，故A不符合题意；
B．将水加热一段时间后，橡胶塞被冲出，这是管内水蒸气对橡胶塞做了功，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故B符合题意；
C．热量是在热传递过程中传递内能的多少，是一个过程量，不能说所含有热量，故C不符合题意；
D．热值是燃料的固有属性，热值的大小和物质种类有关，和质量、体积、是否完全充分燃烧都没有关系，所以灯中剩余酒精的热值不变，故D不符合题意。
故选B。
6. 如图所示是我国《农书》中记录的槽碓（dui）。大木勺积水较多会下沉，使石锤上升；当大木勺内的水流出变轻后，石锤落下击打石白内的谷物。该槽碓（ ）
A. 机械效率可达100%B. 是杠杆
C. 机械效率可超过100%D. 是热机
【答案】B
【解析】
【详解】AC．任何机械使用时，不可避免地做额外功，任何机械效率都不可能达到或超过100%，故AC不符合题意；
B．结合图片和生活经验可知，槽碓在使用过程中，是绕着固定点转动的硬棒，属于杠杆，故B符合题意；
D．槽碓使用时将水的机械能转化为石锤的机械能，没有将内能转化为机械能，不属于热机，故D不符合题意。
故选B。
7. 墨子寻“端”、天工开物、蛟龙入海、神舟升空，这些千年华夏文明和现代中国科技彰显了我国的文化传承。下列说法不正确的是（ ）
A. 一切物体都是由原子组成的
B. 流水冲击水轮转动，利用了水的机械能
C. 蛟龙号下潜时受浮力作用
D. 长征系列火箭用热值大的物质作燃料
【答案】A
【解析】
【详解】A．一切物体都是由分子或原子组成的，故A不正确，符合题意；
B．流水冲击水轮转动，将水的机械能转化为水轮的动能，故B正确，不符合题意；
C．蛟龙号下潜时浸没在水中，受浮力作用，故C正确，不符合题意；
D．长征系列火箭用热值大的物质作燃料，与其他燃料相比，完全燃烧相同质量的液态氢时，可以释放出更多的热量，故D正确，不符合题意。
故选A。
8. 人类最早发明的热机是（ ）
A. 蒸汽机B. 内燃机C. 喷气发动机D. 火箭发动机
【答案】A
【解析】
【详解】热机是指各种利用内能做功的机械，17世纪人类发明了热机，最早的热机是蒸汽机；内燃机、喷气发动机、火箭发动机都是19实际后期发明出来的，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
9. 自劳动课成为中小学一门独立课程以来，小明已学会了多种菜肴的烹饪方法。下列与烹饪有关的说法，正确的是（ ）
A. 锅把手上刻有花纹可以增大摩擦B. 燃气的热值大小与是否完全燃烧有关
C. 菜被炒熟是做功改变了它的内能D. 油和水很难融合表明分子间没有间隙
【答案】A
【解析】
【详解】A．锅把手上刻有花纹是在压力一定时，增大接触面粗糙程度来增大摩擦，故A正确；
B．燃气的热值大小是燃料的一种属性，与是否完全燃烧无关，故B错误；
C．菜被炒熟是通过热传递来改变它的内能，故C错误；
D．油和水很难融合是因为分子结构差别较大，并不能表明分子间没有间隙，故D错误。
故选A。
10. 2023年5月28日12时31分，自上海虹桥国际机场起飞的国产大飞机C919安全抵达北京首都国际机场（如图），圆满完成了首个商业航班飞行。C919大飞机（ ）
A. 机身是由密度大、硬度大的材料制成的
B. 加速起飞的过程中所受空气浮力大于重力
C. 匀速飞行时机翼上方的空气流速比下方的大
D. 大功率航空发动机的效率能达到100%
【答案】C
【解析】
【详解】A．飞机的机身要轻、强度大，所以机身应用密度小、硬度大的材料制成，故A不符合题意；
B．飞机起飞是因为机翼上下表面的压力差提供的升力，不是因为浮力；加速起飞的过程中，受力不平衡，升力大于重力，故B不符合题意；
C．气流经过机翼上、下表面的时间相同，机翼上表面凸起、下表面平整，则气流经过机翼上方的空气流速比下方的空气流速大，故C符合题意；
D．航空发动机工作时，燃料燃烧释放的能量不可能全部用来做有用功，效率不可能达到100%，故D不符合题意。
故选BC。
11. “山水福地，遇见郴州”，这是郴州旅发大会的主题。在宣传视频中，大力推介了郴州各地的美食、美景……以下说法正确的是（ ）
A. “苏仙岭的钟声”——钟声是由空气的振动而产生的
B. “莽山的云海”——云的形成属于汽化现象
C. “北湖公园的灯光”——其中的黄光是色光的三原色之一
D. “嘉禾的倒缸酒”——酒香说明分子在不停地做无规则运动
【答案】D
【解析】
【详解】A．钟声是由钟振动产生的，故A错误；
B．云是空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，故B错误；
C．红、绿、蓝是色光的三原色，故C错误；
D．一切物质的分子都在不停的做无规则的热运动，闻到酒的香味就是因为酒分子在不停的做无规则运动，进入到了人的鼻腔，所以闻到了酒的香味，故D正确。
故选D。
12. 根据表格中的数据，下列说法中正确的是（ ）
A. 一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容变小
B. 水和酒精放出相等热量，水的温度降低得较多
C. 质量相等的铜和铝，升高相同的温度，铝吸收的热量多
D. 水的比热容表示水的温度升高1℃吸收的热量是
【答案】C
【解析】
【详解】A．比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，一杯水倒出一半，杯内剩余水的质量变小但比热容不变，故A错误；
B．由表格数据可知，水的比热容大于酒精的比热容，水和酒精放出相等热量，由可知，由于不知道质量大小关系，无法判断水和酒精哪个温度降低得较多，故B错误；
C．由表格数据可知，铝的比热容大于铜的比热容，铝和铜的质量相等、升高相同的温度，由可知，铝吸收的热量一定多，故C正确；
D．水的比热容表示质量为1kg的水温度升高1℃吸收的热量是4.2×103J，故D错误。
故选C。
13. 日照是一座新兴的海滨旅游城市，素有“东方太阳城”的美称。以下说法正确的是（ ）
A. 日照海边昼夜温差比内陆小，原因是海水的比热容小
B. 海上薄“雾”观日出，浪漫又神奇，“雾”是海水放热汽化而成
C. 露营海滩，听“惊涛拍岸”，“拍岸声”是空气振动发出的
D. “日照绿茶，香飘万家”，闻到茶香说明分子在不停地做无规则的运动
【答案】D
【解析】
【详解】A．沿海地区，水多；内陆地区水少、泥土沙石多。因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。故A错误；
B．“雾”是空气中的水蒸气在海面遇冷液化成小水滴漂浮在海面附近形成的，故B错误；
C．“拍岸声”意思是如雷的惊涛拍击着江岸而发出的声音，而不是空气振动发出的，故C错误；
D．“日照绿茶，香飘万家”，人能闻到茶香，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则的运动，故D正确。
故选D。
14. 下列关于热现象的说法正确的是（ ）
A. 一个物体内能增加，一定是从外界吸收了热量
B. 热传递过程中，热量只能从内能大的物体传给内能小的物体
C. 碘蒸气在凝华过程中内能减小
D. 温度相同的两物体间也能发生热传递
【答案】C
【解析】
【详解】A．物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是其他物体对它做了功，故A错误；
B．热传递过程中，热量能自发地从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体，故B错误；
C．一定质量的碘蒸气在凝华过程中，放出热量，内能减少，故C正确；
D．两个物体之间能够发生热传递的条件是两个物体的温度不相等，所以温度相同的两物体间不能发生热传递，故D错误。
故选C。
15. 我国幅员辽阔，人文自然资源丰富，下列分析正确的是（ ）
A. 新疆吐鲁番的火焰山昼夜温差大，是因为火焰山沙石比热容大
B. 云南大理的蝴蝶泉边花香四溢，是因为分子不停地做无规则运动
C. 黑龙江哈尔滨寒冷的冰雕不易融化，是因为冰雕没有内能
D. 山东潍坊的潍柴内燃机工作时，将机械能转化成内能
【答案】B
【解析】
【详解】A．新疆吐鲁番的火焰山昼夜温差大，是因为火焰山沙石比热容小，白天吸收太阳能温度上升高，夜晚放出热量，温度降也大，故A错误；
B．云南大理的蝴蝶泉边花香四溢，是因为花香分子不停地做无规则运动，扩散到空气中引起嗅觉，故B正确；
C．黑龙江哈尔滨寒冷的冰雕不易融化，是因为哈尔滨冬天的温度低，任何物体都有内能，冰雕也有内能，故C错误；
D．山东潍坊的潍柴内燃机工作时，主要是将内能转化成机械能，故D错误。
故选B。
16. 如图是喷气式飞机，它利用燃料燃烧后产生的高温、高压气体提供动力。下列有关该飞机说法正确的是（ ）
A. 发动机属于热机
B. 在升空的过程中，飞机周围的大气压逐渐变大
C. 加速升空时，飞机所受的力为平衡力
D. 飞机水平飞行时，机翼上方的气体流速大，压强大
【答案】A
【解析】
【详解】A．发动机利用燃料燃烧后产生的高温、高压气体提供动力，是利用内能做功的机械，属于热机，故A正确；
B．大气压随高度的增加而减小。在升空的过程中，飞机周围的大气压逐渐变小，故B错误；
C．加速升空时，飞机的运动速度在增大，即运动状态在发生变化，所受的力为非平衡力，故C错误；
D．飞机水平飞行时，机翼上方的气体流速大，压强小，故D错误。
故选A。
17. 如图所示四个情景，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲中，闻到花香说明了分子永不停息地做无规则运动
B. 图乙中，让笔杆热起来，只能采用做功的方式
C. 图丙中，两个铅块紧压在一起后能吊住重物，说明分子间存在斥力
D. 图丁中，汽油机的做功冲程把机械能转化为内能
【答案】A
【解析】
【详解】A．闻到花香，是鲜花的芳香油分子运动到空气中的结果，这种现象叫做扩散现象，说明了组成物质的分子在永不停息地做无规则运动。故A正确；
B．改变物体内能的方式有做功和热传递，因此让笔杆热起来，除了做功的方式，还有热传递的方式，故B错误；
C．图丙中，底面削平的铅块紧压后，能吊住重物，是因为两铅块分子距离足够小，分子间的作用力表现为引力，而不是斥力，故C错误；
D．图丁中，两个气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程，该冲程内能转化为机械能，故D错误。
故选A。
18. 下列相应的物理原理解释正确的是（ ）
A. a图小车在正常行驶过程中，内燃机的压缩冲程中内能转化为机械能
B. b图小球在地面上方越跳越低的过程中重力势能完全转化为动能
C. c图前8s内的小华跑的平均速度较快
D. d图中甲音叉比乙音叉发声的音调高
【答案】D
【解析】
【详解】A．汽车内燃机的压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程才是将内能转化为机械能，故A错误；
B．小球弹跳的过程中克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，所以重力势能不能完全转化为动能，故B错误；
C．由图可知，前8s内小华和小明运动的距离相同，所以他们的平均速度相同，故C错误；
D．由波形图可知，相同时间内甲音叉振动次数多，甲音叉振动快，故甲的频率大于乙的频率，甲音叉比乙音叉发声的音调高，故D正确。
故选D。
19. 某路灯照明系统的太阳能电池白天将太阳能转化为电能，对蓄电池充电，晚上蓄电池对路灯供电，对下图方框中能量形式判断正确的是（ ）
A. 甲是“电能”B. 乙是“太阳能”C. 丙是“电能”D. 丁是“机械能”
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可知整个过程是太阳能通过太阳能电池将太阳能转化为电能，电能通过蓄电池将电能转化为化学能储存在蓄电池中，晚上蓄电池对外放电，将化学能转化为电能供应路灯工作，路灯工作时将电能转化为光能，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
20. 在汽油机的工作循环中，将内能转化为机械能，对外提供动力的冲程是（ ）
A. 吸气冲程B. 压缩冲程C. 做功冲程D. 排气冲程
【答案】C
【解析】
【详解】在汽油机的工作循环中，做功冲程将内能转化为机械能，提供动力，压缩冲程将机械能转化为内能，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
二、填空题（本大题有6小题，每空1分，共15分）
21. 季房屋内多靠“暖气”取暖．“暖气”中用水做输送能量的物质，是因为水的_____大；改用煤气做燃料来给水加热，是因为煤气的______高，且污染小．
【答案】 ①. 比热容 ②. 热值
【解析】
【详解】解答：因为水的比热容大，在相同的 温度变化时它传递的热量较多，所以常用水作为 “ 暖气 ” 的取暖介质；煤气的热值较高，在相同质量的情况下，完全燃烧后放出的热量多，且清洁污染小，所以用煤气做燃料比用煤更好．
22. 如图所示是4个冲程的内燃机工作时的某冲程示意图。请你判断：此时是 ___________冲程。该内燃机是 ___________机。（选填“汽油”或“柴油”）。
【答案】 ①. 压缩 ②. 汽油
【解析】
【详解】[1]图中的进气门和排气门都闭合，活塞向上运行，因此为压缩冲程。
[2]由题知，内燃机的顶端是火花塞，所以该内燃机是汽油机。
23. 冬天，双手反复摩擦，手会感到暖和；用嘴对着双手“呵气”，手也会感到暖和。前者是利用______方式增加了手的内能，后者是利用______方式增加了手的内能。
【答案】 ① 做功 ②. 热传递
【解析】
【详解】[1]反复摩擦双手时，摩擦力对手做功，把机械能转化为手的内能，所以这是通过做功方式来改变内能。
[2]用嘴对着双手“呵气”时，呵出水蒸气温度高于手的温度，此时手因吸收热量内能增大，这是通过热传递的方式改变内能的。
24. 使用天然气有助于碳中和目标的实现，天然气燃烧过程中，将化学能转化为______能，用天然气灶将质量为2.2kg，初温为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量是______J；若烧水的效率为42%，此过程中完全燃烧天然气______kg。[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）；天然气热值为4.4×107J/kg]
【答案】 ①. 内 ②. 4.62×105 ③. 0.025
【解析】
【详解】[1]天然气燃烧过程中，将化学能转化为内能。
[2]由知道，水吸收的热量是
[3]由知道，天然气完全燃烧放出的热量为
由知道，此过程中完全燃烧天然气
25. 小明在探究冰熔化特点时，用酒精灯加热50g的冰，每2分钟完全燃烧的酒精质量均为0.1g，保持加热效率不变时，冰的温度随时间变化的图像如图所示。由此可知：冰全部熔化成水后4分钟吸收热量为______J，该实验中酒精灯的加热效率为______%，BC过程中被加热物质的内能将增加______J。[c水=4.2×103J/(kg·℃)，q酒精=3×107J/kg]
【答案】 ①. 1050 ②. 17.5 ③. 1050
【解析】
【详解】[1]冰熔化过程中温度不变，完全熔化成水后温度才会上升，也就是图中的8min~12min，此时段，水温从0℃上升到5℃，水温升高了5℃，冰化成水后质量不变，则
m水=m冰=50g=0.05kg
所以4min中水吸收的热量为
Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/(kg·℃)×0.05kg×5℃=1050J
[2]每2min完全燃烧酒精0.1g，4min燃烧酒精0.2g，所以放出的热量为
Q放=m酒精q酒精=0.2×10-3kg×3×107J/kg=6000J
加热效率为
[3]BC段物质吸收的热量转化成了物质的内能，所以BC段也加热4min，所以和CD段吸收热量相同为1050J，所以内能增加了1050J。
26. 如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花会立即燃烧，下压过程中活塞对筒内空气______，空气的______能增大，该能量转化过程与汽油机的______冲程相同。
【答案】 ①. 做功 ②. 内 ③. 压缩
【解析】
【详解】[1][2]将活塞迅速下压，活塞对压缩引火仪内的空气做功，活塞的机械能转化为空气的内能，空气内能增大，温度升高，达到棉花的着火点而燃烧。
[3]汽油机的压缩冲程中，活塞压缩汽油和空气的混合物做功，活塞的机械能转化为混合气体的内能，所以与该过程的能量转化与汽油机的压缩冲程相同。
三、简答题（共6分）
27. 如图所示是运动员举重的情境，关于举重运动涉及的物理知识，回答下列问题。
（1）问题：举重运动员在举重前在手上涂防滑粉的目的是什么？
回答：_____________；
（2）请从机械能角度提出一个问题并回答。
问题：_____________？
回答：____________。
【答案】 ①. 增大摩檫力 ②. 举重过程中将什么能转化为什么能？ ③. 将化学能转化为机械能
【解析】
【详解】（1）[1]举重运动员在举重前在手上涂防滑粉，是通过增大接触面粗糙程度，增大摩檫力。
（2）[2][3]运动员举起杠铃时，消耗化学能，将化学能转化为杠铃的机械能，杠铃的机械能变大。
五、实验探究题（本大题有4小题，除特殊标注外每空1分，共19分）
28. （1）为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图甲所示的实验。
①在两个相同的烧杯中应加入初温相同、质量相同的水和煤油（ρ水>ρ煤油）。实验中选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内___________；
②水和煤油温度随时间变化如图乙所示，根据图甲可判断出a物质是___________。根据图乙可判断出b吸热能力较___________（选填“强”或“弱”）；
（2）如图丙所示，为比较酒精和碎纸片的热值，用两只同规格的烧杯装相等质量的水，取质量相等的酒精和碎纸片，分别放入两个燃烧皿中，点燃分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧完，通过比较___________（选填“加热时间”或“升高的温度”）来确定酒精和碎纸片热值的大小。
【答案】 ①. 吸收的热量相同 ②. 水 ③. 弱 ④. 升高的温度
【解析】
【详解】（1）①[1]实验课题是探究不同物质的吸热能力，所以要保持水和煤油的质量相同；选用相同的电加热器目的是：使水和煤油在相同时间内吸收的热量相等。
②[2][3]图甲中可知：，已知：，由可知，质量相同时，，可判断出a物质是水，根据图乙可知：在质量、升高相同的温度时，a物质的加热时间长，说明a物质吸收的热量比乙物质吸收的热量多；所以物质a的吸热能力强，物质b的吸执能力较弱。
（2）[4]实验时为了控制变量，应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑，将其放入装置中的燃烧皿内；因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化，所以可以通过水升高的温度来比较燃料热值的大小关系。
29. 为了探究“不同物质的吸热能力”，琪琪同学用两个相同的烧杯装入质量相同的水和花生油，并用相同规格的电加热器分别给水和花生油加热（如图甲）；
（1）琪琪根据实验的数据绘制出了如图乙所示的图像，由于图像可知，加热5min时，b物质的温度上升的更明显，说明b的吸热能力___________（填“强”或“弱”），此时a、b两种液体吸收的热量关系是：Qa___________Qb（填“>”、“<”或“=”）；
（2）已知c水=4.2×103J/（kg·°C），由图像可知，花生油的比热容是___________J/(kg·°C)；
（3）若使两种液体加热相同时间内，升高的温度也相同，则应该适当减小___________（填“水”或“花生油”）的质量。
【答案】 ①. 弱 ②. = ③. 1.8×103 ④. 水
【解析】
【详解】（1）[1][2]实验中，是通过比较加热时间来间接反映液体所吸收的热量，由于图象可知，加热5min时，吸收的热量是相同的，b物质的温度上升的更快，说明b的吸热能力弱，是花生油。
（2）[3]由图可知，加热时间相同，花生油升高的温度时
52℃-10℃=42℃
水升高的温度时
52℃-34℃=18℃
根据公式Q=cmΔt可知，在液体质量相同，吸收热量相同时，比热容的大小与升高的温度成反比，则花生油的比热容为
（3）[4]由于水的比热容大，若使两种液体加热相同时间内，升高的温度也相同，根据公式Q=cmΔt可知，应该适当减小水的质量。
30. 【探究名称】探究保温瓶的保温效果与什么因素有关
【问题】有些同学喜欢用保温瓶带热水到校饮用。使用过程中发现瓶内装水较多时，保温效果较好；瓶内装水较少时，保温效果较差。据此，同学们猜想：保温瓶的保温效果可能与_________有关。
【证据】针对同学们的猜想，甲、乙两组同学分别设计了一套方案。
甲组方案：利用五个规格相同的保温瓶（容积为）在同一天进行实验
（1）上午8∶00将不同体积初温为的热水，同时装入五个保温瓶内；
（2）下午6∶00打开五个保温瓶，同时测量并记录水温，计算出水降低的温度。
乙组方案：利用同一保温瓶（容积为）分五天进行实验
（1）每天上午8∶00将不同体积初温为98℃的热水装入同一保温瓶内；
（2）每天下午6∶00打开保温瓶，测量并记录水温，计算出水降低的温度。
上述两套方案，都能控制实验时保温瓶的保温性能完全相同，但乙组方案不能保证每天的_________完全相同。所以，同学们选择了甲组方案在实验室进行实验。收集的数据如下表：
水的初温：98℃
【解释】
（1）本实验通过相同时间内_________来反映保温瓶的保温效果，这种研究方法称为转换法；
（2）分析实验数据可以得出初步结论：在其它条件相同的情况下，水量少于时，水量越多，其保温效果越_________；水量在时，水量越少，其保温效果越好。
【交流】
（3）经过讨论，同学们认为水量在范围内的初步结论不一定可靠，原因是_________。
（4）实验过程中，水温下降是通过_________的方式改变其内能。
（5）下列实验中也用到转换法的是_________
A.探究真空不能传声
B.研究光的传播时引入光线
C.探究平面镜成像特点时，用两支相同的蜡烛来比较像与物的大小关系
D.探究物体动能大小时，用木块被撞击后移动的距离来反映物体动能的大小
【答案】 ①. 水的体积 ②. 室温 ③. 水降低的温度 ④. 好 ⑤. 见解析 ⑥. 热传递 ⑦. D
【解析】
【详解】[1]瓶内装水较多时，保温效果较好，瓶内装水较少时，保温效果较差，猜想：保温瓶的保温效果可能与水的体积有关。
[2]乙组方案中利用同一保温瓶分五天进行实验，每天的气温不同，不能保证每天的室温完全相同。
（1）[3]本实验通过相同时间内水降低的温度来反映保温瓶的保温效果，相同时间内水降低的温度越低，说明保温效果越差。
（2）[4][5]由表中数据可知，水量少于1.9L时，保温性能随水量的减小而减弱，水量越多，其保温效果越好；在水量在2L到1.9L时，保温性能随水量的减小而增强。
（3）[6]因为没有进行多次实验，实验结论具有偶然性，没有普遍性，所以水量在范围内的初步结论不一定可靠。
（4）[7]实验过程中，水放出热量，水温下降，内能减小，是通过热传递的方式改变其内能。
（5）[8]A．探究声音的传播时，利用真空罩实验，越向外抽空气，声音越小，在此基础上得到声音传播需要介质，真空不能传声，采用的是科学推理法，故A不符合题意；
B．研究光的传播时引入光线，采用的是模型法，故B不符合题意；
C．探究平面镜成像特点时，用两个等大的蜡烛探究像与物的大小关系，采用的是等效替代法，故C不符合题意；
D．探究物体动能大小时，用木块被撞击后移动的距离来反映物体动能，采用了转换法，故D符合题意。
故选D。
31. 如图甲所示是物理小组同学“探究冰熔化时温度的变化规律”和“水沸腾时温度的变化规律”所用的实验装置（A、B是两支温度计）。图乙、丙是小组同学根据实验现象及数据绘制的图像。以下说法错误的是___________。
A．分析乙图可知，冰是晶体
B．分析丙图可知，当地气压低于标准大气压
C．这个实验过程中，是利用热传递的方式改变物体的内能
D．丙图像的数据是通过观察记录甲图中A温度计的示数绘制的
选择理由___________。
【答案】 ①. D ②. 见解析
【解析】
【详解】[1][2]A．由图乙可知，冰在熔化过程中持续吸热而温度不变，因此冰是晶体，故A正确，不符合题意；
B．水沸腾后温度不变，由图丙可知，水的沸点为98℃，在1个标准大气压下水的沸点是100℃，气压越高，水的沸点越高，因此当地气压低于1个标准大气压，故B正确，不符合题意；
C．实验过程中，物体吸收热量，内能增大，是通过热传递的方式改变物体的内能的，故C正确，不符合题意；
D．A温度计测量冰的熔化过程，丙图中的起始温度为90℃，没有冰的熔化过程，故D错误，符合题意。
故选D。
五、计算题（本大题有2小题，共20分）
32. 正午，小明对水面获取太阳的能量情况进行研究，他将装有400g水的盘子放在室外平台上，经阳光照射10min，水温升高了2.5℃，不计水的蒸发（水的比热容是4.2×103J/(kg﹒℃)）。
（1）该过程水吸收的热量是多少？
（2）若照射到盘中水面上太阳能的功率为25W，水获取太阳能的效率是多大？
【答案】（1）4.2×103J；（2）28%
【解析】
【详解】解：（1）由Q=cmΔt可得，该过程水吸收的热量为
（2）由W=Pt可得，照射到水面上的太阳能为
故水获取太阳能的效率为
答：（1）该过程水吸收的热量是4.2×103J；
（2）水获取太阳能的效率是28%。
33. 铁岭市对大通街路面改造的过程中，使用了如图所示的一款履带运输车运送石料。空载运输车的质量为3t，履带与地面总接触面积为1.2m2。一次运送中，运输车在2min内沿水平路面匀速直线行驶600m，行驶中受到的阻力为104N（g取10N/kg，燃料热值q取4.5×107J/kg）求：
（1）空载运输车静止时对水平路面的压强；
（2）这次运送中，运输车发动机的功率；
（3）若行驶中受到的阻力不变，发动机的效率是40%，10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）由于空载运输车静止时对水平路面的压力为
根据可得，空载运输车静止时对水平路面的压强为
（2）因为运输车是做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的是平衡力作用，因此运输车发动机的牵引力为
根据W=Fs可得，发动机所做的功为
根据可得，运输车发动机的功率为
（3）10kg的燃料完全燃烧放出的热量为
发动机所做的功为
由于受到的阻力不变，且运输车做匀速直线运动，受到的是平衡力作用，则此时的牵引力为
根据可得，10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离为
答：（1）空载运输车静止时对水平路面的压强是；
（2）运输车发动机的功率是；
（3）10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离是。物质
比热容
物质
比热容
水
冰
酒精
铝
水银
铜
保温瓶编号
①
②
③
④
⑤
水的体积（L）
1.6
1.7
1.8
1.9
2.0
水的末温（℃）
79.0
81.5
83.0
85.5
84.5
水降低的温度（℃）
19.0
16.5
15.0
12.5
13.5
（考试时间：90分钟；满分：100分）
注意事项：
1.全卷六大题，共33小题。试卷共8页，另有答题卡。
2.答案一律写在答题卡上，否则不能得分，其中选择题用2Ｂ铅笔在答题区域内填涂。
一、选择题（本大题有20小题，每小题仅有一个正确答案，每小题2分，共40分）
1. 关于分子热运动和内能，下列说法正确的是（ ）
A. 铁的质量越大，则铁的比热容越大
B. 内燃机在压缩冲程中，内能转化为机械能
C. 木工锯木块时，锯条会发烫是通过热传递改变物体的内能
D. 端午节煮粽子，闻到粽香说明分子在不停地做无规则的运动
【答案】D
【解析】
【详解】A．比热容是物质的一种特性，与质量无关，铁的质量越大，则铁的比热容不变，故A错误；
B．内燃机在压缩冲程中，将机械能转化为内能，故B错误；
C．木工锯木块时，锯条会发烫是通过做功改变物体的内能，故C错误；
D．端午节煮粽子，闻到粽香，属于扩散现象，说明分子在不停地做无规则的运动，故D正确。
故选D。
2. 南京文化底蕴深厚，下列与南京有关的古诗文中涉及的物理现象解释错误的是（ ）
A. “风吹柳花满店香”，“满店香”——分子无规则运动
B. “白露垂珠滴秋月”，“白露”——水蒸气液化形成
C. “白云映水摇空城”，“白云映水”——光的折射
D. “千里莺啼绿映红”，“莺啼”——物体振动发声
【答案】C
【解析】
【详解】A．“满店香”指的是店飘满花香味，这是一种扩散现象，是分子做无规则运动的结果，故A正确，不符合题意；
B．“白露”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水珠，故B正确，不符合题意；
C．“白云映水”是属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，故C错误，符合题意；更多优质滋源请 家 威杏 MXSJ663 D．“莺啼”莺啼叫，是由于莺喉部振动发出声音，说明物体振动发声，故D正确，不符合题意。
故选C。
3. 中国传统节日制作特色美食的过程与物理知识息息相关，以下分析正确的是（ ）
A. 春节煮水饺时，开大火能使敞口锅中正在沸腾的水温度升高
B. 元宵节炸元宵时，使用油炸是因为油的熔点高
C. 端午节煮粽子时， 粽香四溢说明分子在永不停息地做无规则运动
D. 中秋节烘烤月饼时， 通过做功的方式增加月饼的内能
【答案】C
【解析】
【详解】A．液体沸腾时，继续吸热，温度不变，所以开大火不能使正在沸腾的水温度升高，故A错误；
B．由于食用油的沸点比较高，所以炸元宵是因为油的沸点高，故B错误；
C．粽香四溢，是一种扩散现象，说明分子在永不停息地做无规则运动，故C正确；
D．做功和热传递都能使物体内能增加，烘烤月饼是通过热传递的方式增加月饼的内能，故D错误。
故选C。
4. 汽车是现代生活中最常见的一种交通工具，如图甲、乙分别是某汽油机的某冲程及能量流向图。下列有关说法正确的是（ ）
A. 甲图是压缩冲程，活塞对气缸内的气体做功，气体的温度升高
B. 由乙图可知该汽油机的效率是30%
C. 汽车尾气中的“汽油味”越浓燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的热值
D. 为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的热值
【答案】A
【解析】
【详解】A．如图甲所示，进气孔和排气孔都关闭，活塞向上运动，压缩气体，对气体做功，气体温度升高，这是汽油机的压缩冲程，故A正确；
B．由乙图可知该汽油机的效率为
η=100%-6%-30%-36%=28%
故B错误；
CD．热值是燃料完全燃烧时的放出的热量和质量之比，燃料的热值只与燃料的种类和状态有关，与燃料是否完全燃烧无关，燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的利用率，不会降低燃料的热值；为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的利用率，不能提高燃料的热值，故CD错误。
故选A。
5. 如图，在试管内装些水，用橡胶塞塞住管口，将水加热一段时间后，橡胶塞被冲出。则（ ）
A. 管内水蒸气的内能不变B. 管内水蒸气对橡胶塞做了功
C. 水所含的热量增加D. 灯中剩余酒精的热值变小
【答案】B
【解析】
【详解】A．用橡胶塞塞住管口，随着酒精灯给试管不断加热，试管内的水和水蒸气吸收热量，内能都在不断增大，故A不符合题意；
B．将水加热一段时间后，橡胶塞被冲出，这是管内水蒸气对橡胶塞做了功，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能，故B符合题意；
C．热量是在热传递过程中传递内能的多少，是一个过程量，不能说所含有热量，故C不符合题意；
D．热值是燃料的固有属性，热值的大小和物质种类有关，和质量、体积、是否完全充分燃烧都没有关系，所以灯中剩余酒精的热值不变，故D不符合题意。
故选B。
6. 如图所示是我国《农书》中记录的槽碓（dui）。大木勺积水较多会下沉，使石锤上升；当大木勺内的水流出变轻后，石锤落下击打石白内的谷物。该槽碓（ ）
A. 机械效率可达100%B. 是杠杆
C. 机械效率可超过100%D. 是热机
【答案】B
【解析】
【详解】AC．任何机械使用时，不可避免地做额外功，任何机械效率都不可能达到或超过100%，故AC不符合题意；
B．结合图片和生活经验可知，槽碓在使用过程中，是绕着固定点转动的硬棒，属于杠杆，故B符合题意；
D．槽碓使用时将水的机械能转化为石锤的机械能，没有将内能转化为机械能，不属于热机，故D不符合题意。
故选B。
7. 墨子寻“端”、天工开物、蛟龙入海、神舟升空，这些千年华夏文明和现代中国科技彰显了我国的文化传承。下列说法不正确的是（ ）
A. 一切物体都是由原子组成的
B. 流水冲击水轮转动，利用了水的机械能
C. 蛟龙号下潜时受浮力作用
D. 长征系列火箭用热值大的物质作燃料
【答案】A
【解析】
【详解】A．一切物体都是由分子或原子组成的，故A不正确，符合题意；
B．流水冲击水轮转动，将水的机械能转化为水轮的动能，故B正确，不符合题意；
C．蛟龙号下潜时浸没在水中，受浮力作用，故C正确，不符合题意；
D．长征系列火箭用热值大的物质作燃料，与其他燃料相比，完全燃烧相同质量的液态氢时，可以释放出更多的热量，故D正确，不符合题意。
故选A。
8. 人类最早发明的热机是（ ）
A. 蒸汽机B. 内燃机C. 喷气发动机D. 火箭发动机
【答案】A
【解析】
【详解】热机是指各种利用内能做功的机械，17世纪人类发明了热机，最早的热机是蒸汽机；内燃机、喷气发动机、火箭发动机都是19实际后期发明出来的，故A符合题意，BCD不符合题意。
故选A。
9. 自劳动课成为中小学一门独立课程以来，小明已学会了多种菜肴的烹饪方法。下列与烹饪有关的说法，正确的是（ ）
A. 锅把手上刻有花纹可以增大摩擦B. 燃气的热值大小与是否完全燃烧有关
C. 菜被炒熟是做功改变了它的内能D. 油和水很难融合表明分子间没有间隙
【答案】A
【解析】
【详解】A．锅把手上刻有花纹是在压力一定时，增大接触面粗糙程度来增大摩擦，故A正确；
B．燃气的热值大小是燃料的一种属性，与是否完全燃烧无关，故B错误；
C．菜被炒熟是通过热传递来改变它的内能，故C错误；
D．油和水很难融合是因为分子结构差别较大，并不能表明分子间没有间隙，故D错误。
故选A。
10. 2023年5月28日12时31分，自上海虹桥国际机场起飞的国产大飞机C919安全抵达北京首都国际机场（如图），圆满完成了首个商业航班飞行。C919大飞机（ ）
A. 机身是由密度大、硬度大的材料制成的
B. 加速起飞的过程中所受空气浮力大于重力
C. 匀速飞行时机翼上方的空气流速比下方的大
D. 大功率航空发动机的效率能达到100%
【答案】C
【解析】
【详解】A．飞机的机身要轻、强度大，所以机身应用密度小、硬度大的材料制成，故A不符合题意；
B．飞机起飞是因为机翼上下表面的压力差提供的升力，不是因为浮力；加速起飞的过程中，受力不平衡，升力大于重力，故B不符合题意；
C．气流经过机翼上、下表面的时间相同，机翼上表面凸起、下表面平整，则气流经过机翼上方的空气流速比下方的空气流速大，故C符合题意；
D．航空发动机工作时，燃料燃烧释放的能量不可能全部用来做有用功，效率不可能达到100%，故D不符合题意。
故选BC。
11. “山水福地，遇见郴州”，这是郴州旅发大会的主题。在宣传视频中，大力推介了郴州各地的美食、美景……以下说法正确的是（ ）
A. “苏仙岭的钟声”——钟声是由空气的振动而产生的
B. “莽山的云海”——云的形成属于汽化现象
C. “北湖公园的灯光”——其中的黄光是色光的三原色之一
D. “嘉禾的倒缸酒”——酒香说明分子在不停地做无规则运动
【答案】D
【解析】
【详解】A．钟声是由钟振动产生的，故A错误；
B．云是空气中的水蒸气遇冷液化而成的小水滴，故B错误；
C．红、绿、蓝是色光的三原色，故C错误；
D．一切物质的分子都在不停的做无规则的热运动，闻到酒的香味就是因为酒分子在不停的做无规则运动，进入到了人的鼻腔，所以闻到了酒的香味，故D正确。
故选D。
12. 根据表格中的数据，下列说法中正确的是（ ）
A. 一杯水倒出一半，杯内剩余水的比热容变小
B. 水和酒精放出相等热量，水的温度降低得较多
C. 质量相等的铜和铝，升高相同的温度，铝吸收的热量多
D. 水的比热容表示水的温度升高1℃吸收的热量是
【答案】C
【解析】
【详解】A．比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，一杯水倒出一半，杯内剩余水的质量变小但比热容不变，故A错误；
B．由表格数据可知，水的比热容大于酒精的比热容，水和酒精放出相等热量，由可知，由于不知道质量大小关系，无法判断水和酒精哪个温度降低得较多，故B错误；
C．由表格数据可知，铝的比热容大于铜的比热容，铝和铜的质量相等、升高相同的温度，由可知，铝吸收的热量一定多，故C正确；
D．水的比热容表示质量为1kg的水温度升高1℃吸收的热量是4.2×103J，故D错误。
故选C。
13. 日照是一座新兴的海滨旅游城市，素有“东方太阳城”的美称。以下说法正确的是（ ）
A. 日照海边昼夜温差比内陆小，原因是海水的比热容小
B. 海上薄“雾”观日出，浪漫又神奇，“雾”是海水放热汽化而成
C. 露营海滩，听“惊涛拍岸”，“拍岸声”是空气振动发出的
D. “日照绿茶，香飘万家”，闻到茶香说明分子在不停地做无规则的运动
【答案】D
【解析】
【详解】A．沿海地区，水多；内陆地区水少、泥土沙石多。因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。故A错误；
B．“雾”是空气中的水蒸气在海面遇冷液化成小水滴漂浮在海面附近形成的，故B错误；
C．“拍岸声”意思是如雷的惊涛拍击着江岸而发出的声音，而不是空气振动发出的，故C错误；
D．“日照绿茶，香飘万家”，人能闻到茶香，这是扩散现象，说明分子在不停地做无规则的运动，故D正确。
故选D。
14. 下列关于热现象的说法正确的是（ ）
A. 一个物体内能增加，一定是从外界吸收了热量
B. 热传递过程中，热量只能从内能大的物体传给内能小的物体
C. 碘蒸气在凝华过程中内能减小
D. 温度相同的两物体间也能发生热传递
【答案】C
【解析】
【详解】A．物体内能增加，可能是吸收了热量，也可能是其他物体对它做了功，故A错误；
B．热传递过程中，热量能自发地从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体，故B错误；
C．一定质量的碘蒸气在凝华过程中，放出热量，内能减少，故C正确；
D．两个物体之间能够发生热传递的条件是两个物体的温度不相等，所以温度相同的两物体间不能发生热传递，故D错误。
故选C。
15. 我国幅员辽阔，人文自然资源丰富，下列分析正确的是（ ）
A. 新疆吐鲁番的火焰山昼夜温差大，是因为火焰山沙石比热容大
B. 云南大理的蝴蝶泉边花香四溢，是因为分子不停地做无规则运动
C. 黑龙江哈尔滨寒冷的冰雕不易融化，是因为冰雕没有内能
D. 山东潍坊的潍柴内燃机工作时，将机械能转化成内能
【答案】B
【解析】
【详解】A．新疆吐鲁番的火焰山昼夜温差大，是因为火焰山沙石比热容小，白天吸收太阳能温度上升高，夜晚放出热量，温度降也大，故A错误；
B．云南大理的蝴蝶泉边花香四溢，是因为花香分子不停地做无规则运动，扩散到空气中引起嗅觉，故B正确；
C．黑龙江哈尔滨寒冷的冰雕不易融化，是因为哈尔滨冬天的温度低，任何物体都有内能，冰雕也有内能，故C错误；
D．山东潍坊的潍柴内燃机工作时，主要是将内能转化成机械能，故D错误。
故选B。
16. 如图是喷气式飞机，它利用燃料燃烧后产生的高温、高压气体提供动力。下列有关该飞机说法正确的是（ ）
A. 发动机属于热机
B. 在升空的过程中，飞机周围的大气压逐渐变大
C. 加速升空时，飞机所受的力为平衡力
D. 飞机水平飞行时，机翼上方的气体流速大，压强大
【答案】A
【解析】
【详解】A．发动机利用燃料燃烧后产生的高温、高压气体提供动力，是利用内能做功的机械，属于热机，故A正确；
B．大气压随高度的增加而减小。在升空的过程中，飞机周围的大气压逐渐变小，故B错误；
C．加速升空时，飞机的运动速度在增大，即运动状态在发生变化，所受的力为非平衡力，故C错误；
D．飞机水平飞行时，机翼上方的气体流速大，压强小，故D错误。
故选A。
17. 如图所示四个情景，下列说法正确的是（ ）
A. 图甲中，闻到花香说明了分子永不停息地做无规则运动
B. 图乙中，让笔杆热起来，只能采用做功的方式
C. 图丙中，两个铅块紧压在一起后能吊住重物，说明分子间存在斥力
D. 图丁中，汽油机的做功冲程把机械能转化为内能
【答案】A
【解析】
【详解】A．闻到花香，是鲜花的芳香油分子运动到空气中的结果，这种现象叫做扩散现象，说明了组成物质的分子在永不停息地做无规则运动。故A正确；
B．改变物体内能的方式有做功和热传递，因此让笔杆热起来，除了做功的方式，还有热传递的方式，故B错误；
C．图丙中，底面削平的铅块紧压后，能吊住重物，是因为两铅块分子距离足够小，分子间的作用力表现为引力，而不是斥力，故C错误；
D．图丁中，两个气门都关闭，活塞向下运动，是做功冲程，该冲程内能转化为机械能，故D错误。
故选A。
18. 下列相应的物理原理解释正确的是（ ）
A. a图小车在正常行驶过程中，内燃机的压缩冲程中内能转化为机械能
B. b图小球在地面上方越跳越低的过程中重力势能完全转化为动能
C. c图前8s内的小华跑的平均速度较快
D. d图中甲音叉比乙音叉发声的音调高
【答案】D
【解析】
【详解】A．汽车内燃机的压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程才是将内能转化为机械能，故A错误；
B．小球弹跳的过程中克服摩擦做功，一部分机械能转化为内能，所以重力势能不能完全转化为动能，故B错误；
C．由图可知，前8s内小华和小明运动的距离相同，所以他们的平均速度相同，故C错误；
D．由波形图可知，相同时间内甲音叉振动次数多，甲音叉振动快，故甲的频率大于乙的频率，甲音叉比乙音叉发声的音调高，故D正确。
故选D。
19. 某路灯照明系统的太阳能电池白天将太阳能转化为电能，对蓄电池充电，晚上蓄电池对路灯供电，对下图方框中能量形式判断正确的是（ ）
A. 甲是“电能”B. 乙是“太阳能”C. 丙是“电能”D. 丁是“机械能”
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可知整个过程是太阳能通过太阳能电池将太阳能转化为电能，电能通过蓄电池将电能转化为化学能储存在蓄电池中，晚上蓄电池对外放电，将化学能转化为电能供应路灯工作，路灯工作时将电能转化为光能，故C符合题意，ABD不符合题意。
故选C。
20. 在汽油机的工作循环中，将内能转化为机械能，对外提供动力的冲程是（ ）
A. 吸气冲程B. 压缩冲程C. 做功冲程D. 排气冲程
【答案】C
【解析】
【详解】在汽油机的工作循环中，做功冲程将内能转化为机械能，提供动力，压缩冲程将机械能转化为内能，故ABD不符合题意，C符合题意。
故选C。
二、填空题（本大题有6小题，每空1分，共15分）
21. 季房屋内多靠“暖气”取暖．“暖气”中用水做输送能量的物质，是因为水的_____大；改用煤气做燃料来给水加热，是因为煤气的______高，且污染小．
【答案】 ①. 比热容 ②. 热值
【解析】
【详解】解答：因为水的比热容大，在相同的 温度变化时它传递的热量较多，所以常用水作为 “ 暖气 ” 的取暖介质；煤气的热值较高，在相同质量的情况下，完全燃烧后放出的热量多，且清洁污染小，所以用煤气做燃料比用煤更好．
22. 如图所示是4个冲程的内燃机工作时的某冲程示意图。请你判断：此时是 ___________冲程。该内燃机是 ___________机。（选填“汽油”或“柴油”）。
【答案】 ①. 压缩 ②. 汽油
【解析】
【详解】[1]图中的进气门和排气门都闭合，活塞向上运行，因此为压缩冲程。
[2]由题知，内燃机的顶端是火花塞，所以该内燃机是汽油机。
23. 冬天，双手反复摩擦，手会感到暖和；用嘴对着双手“呵气”，手也会感到暖和。前者是利用______方式增加了手的内能，后者是利用______方式增加了手的内能。
【答案】 ① 做功 ②. 热传递
【解析】
【详解】[1]反复摩擦双手时，摩擦力对手做功，把机械能转化为手的内能，所以这是通过做功方式来改变内能。
[2]用嘴对着双手“呵气”时，呵出水蒸气温度高于手的温度，此时手因吸收热量内能增大，这是通过热传递的方式改变内能的。
24. 使用天然气有助于碳中和目标的实现，天然气燃烧过程中，将化学能转化为______能，用天然气灶将质量为2.2kg，初温为25℃的水加热到75℃，水吸收的热量是______J；若烧水的效率为42%，此过程中完全燃烧天然气______kg。[水的比热容为4.2×103J/（kg·℃）；天然气热值为4.4×107J/kg]
【答案】 ①. 内 ②. 4.62×105 ③. 0.025
【解析】
【详解】[1]天然气燃烧过程中，将化学能转化为内能。
[2]由知道，水吸收的热量是
[3]由知道，天然气完全燃烧放出的热量为
由知道，此过程中完全燃烧天然气
25. 小明在探究冰熔化特点时，用酒精灯加热50g的冰，每2分钟完全燃烧的酒精质量均为0.1g，保持加热效率不变时，冰的温度随时间变化的图像如图所示。由此可知：冰全部熔化成水后4分钟吸收热量为______J，该实验中酒精灯的加热效率为______%，BC过程中被加热物质的内能将增加______J。[c水=4.2×103J/(kg·℃)，q酒精=3×107J/kg]
【答案】 ①. 1050 ②. 17.5 ③. 1050
【解析】
【详解】[1]冰熔化过程中温度不变，完全熔化成水后温度才会上升，也就是图中的8min~12min，此时段，水温从0℃上升到5℃，水温升高了5℃，冰化成水后质量不变，则
m水=m冰=50g=0.05kg
所以4min中水吸收的热量为
Q吸=c水m水Δt=4.2×103J/(kg·℃)×0.05kg×5℃=1050J
[2]每2min完全燃烧酒精0.1g，4min燃烧酒精0.2g，所以放出的热量为
Q放=m酒精q酒精=0.2×10-3kg×3×107J/kg=6000J
加热效率为
[3]BC段物质吸收的热量转化成了物质的内能，所以BC段也加热4min，所以和CD段吸收热量相同为1050J，所以内能增加了1050J。
26. 如图所示，在空气压缩引火仪的玻璃筒底部放一小团干燥的棉花，用力将活塞迅速下压，棉花会立即燃烧，下压过程中活塞对筒内空气______，空气的______能增大，该能量转化过程与汽油机的______冲程相同。
【答案】 ①. 做功 ②. 内 ③. 压缩
【解析】
【详解】[1][2]将活塞迅速下压，活塞对压缩引火仪内的空气做功，活塞的机械能转化为空气的内能，空气内能增大，温度升高，达到棉花的着火点而燃烧。
[3]汽油机的压缩冲程中，活塞压缩汽油和空气的混合物做功，活塞的机械能转化为混合气体的内能，所以与该过程的能量转化与汽油机的压缩冲程相同。
三、简答题（共6分）
27. 如图所示是运动员举重的情境，关于举重运动涉及的物理知识，回答下列问题。
（1）问题：举重运动员在举重前在手上涂防滑粉的目的是什么？
回答：_____________；
（2）请从机械能角度提出一个问题并回答。
问题：_____________？
回答：____________。
【答案】 ①. 增大摩檫力 ②. 举重过程中将什么能转化为什么能？ ③. 将化学能转化为机械能
【解析】
【详解】（1）[1]举重运动员在举重前在手上涂防滑粉，是通过增大接触面粗糙程度，增大摩檫力。
（2）[2][3]运动员举起杠铃时，消耗化学能，将化学能转化为杠铃的机械能，杠铃的机械能变大。
五、实验探究题（本大题有4小题，除特殊标注外每空1分，共19分）
28. （1）为了比较水和食用油的吸热能力，小明用两个相同的装置做了如图甲所示的实验。
①在两个相同的烧杯中应加入初温相同、质量相同的水和煤油（ρ水>ρ煤油）。实验中选用相同电加热器的目的是：使水和煤油在相同时间内___________；
②水和煤油温度随时间变化如图乙所示，根据图甲可判断出a物质是___________。根据图乙可判断出b吸热能力较___________（选填“强”或“弱”）；
（2）如图丙所示，为比较酒精和碎纸片的热值，用两只同规格的烧杯装相等质量的水，取质量相等的酒精和碎纸片，分别放入两个燃烧皿中，点燃分别给烧杯加热，直到酒精和碎纸片完全燃烧完，通过比较___________（选填“加热时间”或“升高的温度”）来确定酒精和碎纸片热值的大小。
【答案】 ①. 吸收的热量相同 ②. 水 ③. 弱 ④. 升高的温度
【解析】
【详解】（1）①[1]实验课题是探究不同物质的吸热能力，所以要保持水和煤油的质量相同；选用相同的电加热器目的是：使水和煤油在相同时间内吸收的热量相等。
②[2][3]图甲中可知：，已知：，由可知，质量相同时，，可判断出a物质是水，根据图乙可知：在质量、升高相同的温度时，a物质的加热时间长，说明a物质吸收的热量比乙物质吸收的热量多；所以物质a的吸热能力强，物质b的吸执能力较弱。
（2）[4]实验时为了控制变量，应用天平分别测出等质量的酒精和碎纸屑，将其放入装置中的燃烧皿内；因燃料的热值不能直接测量，但燃料燃烧放出的热量可以被水吸收，从而使水温发生变化，所以可以通过水升高的温度来比较燃料热值的大小关系。
29. 为了探究“不同物质的吸热能力”，琪琪同学用两个相同的烧杯装入质量相同的水和花生油，并用相同规格的电加热器分别给水和花生油加热（如图甲）；
（1）琪琪根据实验的数据绘制出了如图乙所示的图像，由于图像可知，加热5min时，b物质的温度上升的更明显，说明b的吸热能力___________（填“强”或“弱”），此时a、b两种液体吸收的热量关系是：Qa___________Qb（填“>”、“<”或“=”）；
（2）已知c水=4.2×103J/（kg·°C），由图像可知，花生油的比热容是___________J/(kg·°C)；
（3）若使两种液体加热相同时间内，升高的温度也相同，则应该适当减小___________（填“水”或“花生油”）的质量。
【答案】 ①. 弱 ②. = ③. 1.8×103 ④. 水
【解析】
【详解】（1）[1][2]实验中，是通过比较加热时间来间接反映液体所吸收的热量，由于图象可知，加热5min时，吸收的热量是相同的，b物质的温度上升的更快，说明b的吸热能力弱，是花生油。
（2）[3]由图可知，加热时间相同，花生油升高的温度时
52℃-10℃=42℃
水升高的温度时
52℃-34℃=18℃
根据公式Q=cmΔt可知，在液体质量相同，吸收热量相同时，比热容的大小与升高的温度成反比，则花生油的比热容为
（3）[4]由于水的比热容大，若使两种液体加热相同时间内，升高的温度也相同，根据公式Q=cmΔt可知，应该适当减小水的质量。
30. 【探究名称】探究保温瓶的保温效果与什么因素有关
【问题】有些同学喜欢用保温瓶带热水到校饮用。使用过程中发现瓶内装水较多时，保温效果较好；瓶内装水较少时，保温效果较差。据此，同学们猜想：保温瓶的保温效果可能与_________有关。
【证据】针对同学们的猜想，甲、乙两组同学分别设计了一套方案。
甲组方案：利用五个规格相同的保温瓶（容积为）在同一天进行实验
（1）上午8∶00将不同体积初温为的热水，同时装入五个保温瓶内；
（2）下午6∶00打开五个保温瓶，同时测量并记录水温，计算出水降低的温度。
乙组方案：利用同一保温瓶（容积为）分五天进行实验
（1）每天上午8∶00将不同体积初温为98℃的热水装入同一保温瓶内；
（2）每天下午6∶00打开保温瓶，测量并记录水温，计算出水降低的温度。
上述两套方案，都能控制实验时保温瓶的保温性能完全相同，但乙组方案不能保证每天的_________完全相同。所以，同学们选择了甲组方案在实验室进行实验。收集的数据如下表：
水的初温：98℃
【解释】
（1）本实验通过相同时间内_________来反映保温瓶的保温效果，这种研究方法称为转换法；
（2）分析实验数据可以得出初步结论：在其它条件相同的情况下，水量少于时，水量越多，其保温效果越_________；水量在时，水量越少，其保温效果越好。
【交流】
（3）经过讨论，同学们认为水量在范围内的初步结论不一定可靠，原因是_________。
（4）实验过程中，水温下降是通过_________的方式改变其内能。
（5）下列实验中也用到转换法的是_________
A.探究真空不能传声
B.研究光的传播时引入光线
C.探究平面镜成像特点时，用两支相同的蜡烛来比较像与物的大小关系
D.探究物体动能大小时，用木块被撞击后移动的距离来反映物体动能的大小
【答案】 ①. 水的体积 ②. 室温 ③. 水降低的温度 ④. 好 ⑤. 见解析 ⑥. 热传递 ⑦. D
【解析】
【详解】[1]瓶内装水较多时，保温效果较好，瓶内装水较少时，保温效果较差，猜想：保温瓶的保温效果可能与水的体积有关。
[2]乙组方案中利用同一保温瓶分五天进行实验，每天的气温不同，不能保证每天的室温完全相同。
（1）[3]本实验通过相同时间内水降低的温度来反映保温瓶的保温效果，相同时间内水降低的温度越低，说明保温效果越差。
（2）[4][5]由表中数据可知，水量少于1.9L时，保温性能随水量的减小而减弱，水量越多，其保温效果越好；在水量在2L到1.9L时，保温性能随水量的减小而增强。
（3）[6]因为没有进行多次实验，实验结论具有偶然性，没有普遍性，所以水量在范围内的初步结论不一定可靠。
（4）[7]实验过程中，水放出热量，水温下降，内能减小，是通过热传递的方式改变其内能。
（5）[8]A．探究声音的传播时，利用真空罩实验，越向外抽空气，声音越小，在此基础上得到声音传播需要介质，真空不能传声，采用的是科学推理法，故A不符合题意；
B．研究光的传播时引入光线，采用的是模型法，故B不符合题意；
C．探究平面镜成像特点时，用两个等大的蜡烛探究像与物的大小关系，采用的是等效替代法，故C不符合题意；
D．探究物体动能大小时，用木块被撞击后移动的距离来反映物体动能，采用了转换法，故D符合题意。
故选D。
31. 如图甲所示是物理小组同学“探究冰熔化时温度的变化规律”和“水沸腾时温度的变化规律”所用的实验装置（A、B是两支温度计）。图乙、丙是小组同学根据实验现象及数据绘制的图像。以下说法错误的是___________。
A．分析乙图可知，冰是晶体
B．分析丙图可知，当地气压低于标准大气压
C．这个实验过程中，是利用热传递的方式改变物体的内能
D．丙图像的数据是通过观察记录甲图中A温度计的示数绘制的
选择理由___________。
【答案】 ①. D ②. 见解析
【解析】
【详解】[1][2]A．由图乙可知，冰在熔化过程中持续吸热而温度不变，因此冰是晶体，故A正确，不符合题意；
B．水沸腾后温度不变，由图丙可知，水的沸点为98℃，在1个标准大气压下水的沸点是100℃，气压越高，水的沸点越高，因此当地气压低于1个标准大气压，故B正确，不符合题意；
C．实验过程中，物体吸收热量，内能增大，是通过热传递的方式改变物体的内能的，故C正确，不符合题意；
D．A温度计测量冰的熔化过程，丙图中的起始温度为90℃，没有冰的熔化过程，故D错误，符合题意。
故选D。
五、计算题（本大题有2小题，共20分）
32. 正午，小明对水面获取太阳的能量情况进行研究，他将装有400g水的盘子放在室外平台上，经阳光照射10min，水温升高了2.5℃，不计水的蒸发（水的比热容是4.2×103J/(kg﹒℃)）。
（1）该过程水吸收的热量是多少？
（2）若照射到盘中水面上太阳能的功率为25W，水获取太阳能的效率是多大？
【答案】（1）4.2×103J；（2）28%
【解析】
【详解】解：（1）由Q=cmΔt可得，该过程水吸收的热量为
（2）由W=Pt可得，照射到水面上的太阳能为
故水获取太阳能的效率为
答：（1）该过程水吸收的热量是4.2×103J；
（2）水获取太阳能的效率是28%。
33. 铁岭市对大通街路面改造的过程中，使用了如图所示的一款履带运输车运送石料。空载运输车的质量为3t，履带与地面总接触面积为1.2m2。一次运送中，运输车在2min内沿水平路面匀速直线行驶600m，行驶中受到的阻力为104N（g取10N/kg，燃料热值q取4.5×107J/kg）求：
（1）空载运输车静止时对水平路面的压强；
（2）这次运送中，运输车发动机的功率；
（3）若行驶中受到的阻力不变，发动机的效率是40%，10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离。
【答案】（1）；（2）；（3）
【解析】
【详解】解：（1）由于空载运输车静止时对水平路面的压力为
根据可得，空载运输车静止时对水平路面的压强为
（2）因为运输车是做匀速直线运动，处于平衡状态，受到的是平衡力作用，因此运输车发动机的牵引力为
根据W=Fs可得，发动机所做的功为
根据可得，运输车发动机的功率为
（3）10kg的燃料完全燃烧放出的热量为
发动机所做的功为
由于受到的阻力不变，且运输车做匀速直线运动，受到的是平衡力作用，则此时的牵引力为
根据可得，10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离为
答：（1）空载运输车静止时对水平路面的压强是；
（2）运输车发动机的功率是；
（3）10kg的燃料可供该车沿水平路面匀速直线行驶的距离是。物质
比热容
物质
比热容
水
冰
酒精
铝
水银
铜
保温瓶编号
①
②
③
④
⑤
水的体积（L）
1.6
1.7
1.8
1.9
2.0
水的末温（℃）
79.0
81.5
83.0
85.5
84.5
水降低的温度（℃）
19.0
16.5
15.0
12.5
13.5
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