2023年山东省枣庄市滕州市鲍沟中学中考物理一调试卷

这是一份2023年山东省枣庄市滕州市鲍沟中学中考物理一调试卷，共23页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

1. 下列物态变化现象中需要吸收热量的是( )
A. 冰块熔化B. 山间生雾
C. 枝头结霜D. 瀑布结冰
2. 如图所示是近视眼和远视眼的成因示意图。下列说法正确的是( )
A. 甲是远视眼，应佩戴凹透镜矫正B. 甲是远视眼，晶状体折光能力较弱
C. 乙是近视眼，应佩戴凸透镜矫正D. 乙是近视眼，晶状体折光能力较弱
3. 下列说法正确的是( )
A. 音叉在真空中振动不会产生声音
B. 倒车雷达是利用电磁波来探测车后障碍物的
C. 滚摆在滚动过程中运动状态一定改变
D. 热机和电动机在能量的转化方式上是相同的
4. 如图所示的现象中，下列分析正确的是( )
A. 甲图：弹奏古筝时，手在不同位置按弦，目的是为了改变发出声音的响度
B. 乙图：发声的音叉轻触系在绳上的乒乓球，球多次被弹开，说明发声体在振动更多优质滋源请 家 威杏 MXSJ663 C. 丙图：医生用B超检查胎儿的发育情况，说明声音可以传递能量
D. 丁图：摩托车上装有消声器，是为了在传播过程中阻断噪声的传播
5. 下列关于家用电器的说法错误的是( )
A. 计算机的二极管是用半导体材料制成的
B. 电饭煲的电热丝最好选用超导材料
C. 微波炉利用电磁波来加热食品
D. 电风扇利用通电线圈在磁场中受力转动的原理来工作
6. 下列关于热现象的说法中，正确的是( )
A. 吃冰棒感觉凉爽是由于冰熔化吸热
B. 内燃机的做功冲程是将机械能转化为内能
C. 防疫人员所戴的护目镜上出现水雾是汽化现象
D. 高压锅是利用增大锅内气压来降低液体沸点工作的
7. 如图是探究焦耳定律的实验装置，两个烧瓶中装着等质量、等温度的煤油，电阻阻值R1>R2。闭合开关一段时间后，记录两支温度计的示数。下列说法中正确的是( )
A. 闭合开关，电阻两端的电压关系为U1B. 通电1min后R2所在的烧瓶温度计示数更高
C. 温度计示数的变化可反映电阻产生热量的多少
D. 该装置只能探究电流产生的热量与电阻大小的关系
8. 图甲中的A、B分别为小灯泡和定值电阻的I−U图象，小灯泡和电阻的连接情况如图乙所示，电源电压12V，下列说法正确的是( )
A. 小灯泡电阻随温度的增大而减小B. 灯泡的实际电功率为0.6W
C. 电阻的阻值为15ΩD. 电阻的电功率为3.2W
9. 如图所示，小五同学设计了一种烟雾报警装置，R0为定值电阻，R为光敏电阻，其阻值随激光的光照强度减弱而增大。当电路中电流小于或等于0.2A时，烟雾报警器报警。若S闭合后，当电流从0.2A变化为0.5A时，光敏电阻R的电功率从3.2W变化为2W，在此变化过程中，下列说法正确的是( )
A. 烟雾浓度逐渐减小时，电压表的示数变大
B. 电源电压为20V，R0的电阻为40Ω
C. 当电压表的示数为4V时，烟雾报警器报警
D. R0消耗的电功率变化了8.4W
10. 如图甲，R1为定值电阻，R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关S后，滑片P从a端移到b端，电流表示数I与电压表示数U的变化关系如图乙。下列说法正确的是( )
A. 电源电压为2VB. 定值电阻R1为10Ω
C. R2消耗的最大功率为0.45WD. P在b端时，10s内R2产生热量12J
11. 在如图甲所示的电路中，电源的电压恒定，滑动变阻器的最大阻值为R1=8Ω，R2为定值电阻但看不清标识。滑动变阻器滑片从左端M滑到右端N的过程中，滑动变阻器的电功率P随PN间电阻R变化的关系如图乙所示，其中滑动变阻器阻值取2Ω和8Ω时电功率相同，则以下说法正确的( )
①定值电阻R2=4Ω
②电源的电压为6V
③电压表的最大示数为4V
④滑动变阻器的最大电功率为9W
A. ①②③B. ②③④C. ①②④D. ①③④
12. 如图所示是一种新式手电筒，当沿图中箭头方向来回摇动时，灯泡就能发光，如图四个实验中能解释上述现象的是( )
A. B.
C. D.
二、填空题（本大题共5小题，共7.0分）
13. 在创建2020年“芜湖文明城市”的过程中，某校创建活动的志愿者同学们发现用墨水写在校园周边墙壁上的字很难擦去，是因为墨水发生了 现象，进入墙里去了。
14. 小明利用支付宝进行扫码支付时，用手机摄像头直接扫描商家的收款二维码即可。当摄像头靠近二维码时，所成的像 (选填“变大”“变小”或“不变”)。
15. 炎热的夏天，游泳上岸后身上感觉到有点冷，这是由于身上的水 所致；吃冰激凌时，嘴里感到凉，这是由于嘴里的冰 所致。(填物态变化名称)
16. 如图甲、乙装置，对比“能量转化情况”、“改变气体内能的方式”和“气体内能的变化”三个方面中，有 个方面是相同的，若汽油机1s内对外做功15次，则其曲轴的转速为 r/min。
17. 如图所示，将规格相同的小灯泡按照甲、乙两种连接方式接入电压均为U且保持不变的电路中，通过分别调节滑动变阻器R1和R2让两个电路中的灯泡均正常发光。则电路的总电阻之比R甲：R乙=______。
三、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
18. 如图所示，从点光源S发出的一条光线射向平面镜，经平面镜反射后射向墙壁上的O点处，请作出这条入射光线并完成光路图。
19. 请根据小磁针静止时S、N的指向，在图中标出通电螺线管磁感线的方向和电源的“+”极。
四、实验探究题（本大题共3小题，共23.0分）
20. 在“探究水沸腾时的温度变化的特点”实验中：
(1)小明组装的实验装置如图1所示，其中的错误之处是：______。除图中所示的实验器材外，还需要的一个测量工具是______。
(2)小红观察到沸腾前和沸腾时水中气泡上升过程中的两种情况，如图(a)、(b)所示，则图______[填“(a)”或“(b)”]是水沸腾时的情况。
(3)小明和小红虽然选用的实验装置相同，但加热到水开始沸腾的时间不同，他们绘制的水的温度随时间变化图象如图所示，a、b两种图象不同的原因是水的______不同。
(4)取走酒精灯，将装有海波的大试管放入上面实验的热水中(如图4)。根据温度计A和B的示数，绘制了海波和热水的温度随时间变化的图象(如图5)。由图象可知，在第8min时，大试管内的海波处于______态(选填“固”、“液”或“固液共存”)，海波是______(填“晶体”或“非晶体”)。
(5)如图所示，大试管和小试管里都装有水，将三支大试管中的水加热，使之保持沸腾，则大试管中的水不断沸腾的过程中，小试管中的水会沸腾的是______。(填字母)
21. 用如图甲所示的实验装置探究“凸透镜成像的规律”，所用凸透镜的焦距为10cm。
(1)在组装器材时，将蜡烛、凸透镜和光屏依次放在光具座上，并调节烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一______直线上，这样做的目的是______；
(2)实验过程中，凸透镜始终固定在光具座50cm刻度线处。当蜡烛距离凸透镜15cm时，移动光屏，可在光屏上得到一个倒立、______(选填“放大”、“等大”或“缩小”)的实像；
(3)接下来将蜡烛向远离凸透镜方向移动一段距离，为了能在光屏上再次看到烛焰清晰的像，应将光屏向______(选填“靠近”或“远离”)透镜方向移动，此时的像与步骤(2)中的像相比，大小将变______；
(4)如图乙所示，将蜡烛固定在光具座10cm刻度线处，移动光屏，再次得到烛焰清晰的像，利用该成像规律制成的光学仪器是______(选填“放大镜”、“投影仪”或“照相机”)。接下来改用焦距为15cm的凸透镜继续实验，如果不改变蜡烛和凸透镜的位置，要在光屏上成清晰的像，应把光屏向______(选填“左”或“右”)适当调节，此时的像与调换凸透镜之前所成的像相比，大小将变______；
(5)随着蜡烛燃烧变短，烛焰在光屏上的像会向______移动。
22. 小展在做“探究电流与电阻的关系”实验。实验器材如下：电源(电压恒为4.5V)，电压表(0～3V)，电流表(0～0.6A)，5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω定值电阻各一只，最大阻值为30Ω的滑动变阻器一只。
(1)闭合开关前，小展发现电流表的指针如图甲偏转，其原因可能是______。
(2)小展连接的电路如图乙所示，闭合开关后，发现电流表无示数，电压表的示数为______V。
(3)小红发现小展的电路连接有问题，她只改动了一根导线，即可使连线正确。请在接错的导线上打“×”，并用笔画线代替导线画出正确的接法。
(4)根据测量数据描绘出图丙所示的图像，可以得出结论：______。
(5)小展为了得出普遍规律，又用25Ω的电阻进行了第5次实验，发现无论怎样调节滑动变阻器的滑片，都不能使电压表的示数为______V；分析其原因可能是滑动变阻器的规格不符合要求。为完成整个实验，应该选取哪种规格的滑动变阻器______。
A.300Ω 0.6A
B.20Ω 1.5A
C.50Ω 1.0A
(6)在交流评估环节，小红认为小展即便做了第5次实验，总结得出的“电流与电阻的关系”依然不具有普遍性，小红建议小展应______，使用上述几个电阻重复实验，这样才能实现真正意义上的多次实验，进而得出普遍规律。
五、计算题（本大题共2小题，共12.0分）
23. 某同学家使用天然气热水器，平均每天需将100kg的水从16℃加热到某温度，吸收的热量为1.68×107J；[c水=4.2×103J/(kg⋅℃),q天然气=4.2×107J/m3]求：
(1)热水器中水升高到的温度是多少℃？
(2)若天然气完全燃烧放出热量的80%被水吸收，热水器放出的热量是多少J？平均每天消耗天然气是多少m3？
24. 某型号电饭煲有加热和保温功能，如图甲所示为其内部电路原理图，图乙是该电饭煲在一次工作中电功率与时间的关系图像。
(1)用所学的物理知识分析说明：当开关S接触点2时，电饭煲处于什么功能状态？此时电饭煲的电功率为多少？
(2)分析计算电路中R1、R2的电阻分别是多少？
(3)电饭煲在这一次工作中一共消耗多少焦的电能？合用了多少度电？
答案和解析
1.【答案】A
【解析】解：A、冰块熔化成水是固态变为液态，是熔化现象，熔化吸热，故A符合题意；
B、山间的雾是空气中的水蒸气遇冷液化形成的，液化放热，故B不符合题意；
C、枝头的霜空气中温度较高的水蒸气遇冷凝华形成的小冰晶，凝华放热，故C不符合题意；
D、瀑布结冰是水由液态变成固态的凝固过程，凝固放热，故D不符合题意。
故选：A。
六种物态变化中，需要吸热的是：熔化、汽化和升华；需要放热的是：凝固、液化和凝华
解决此类问题要会正确的判断物态变化，然后结合吸热和放热进行分析判断。
2.【答案】B
【解析】解：
甲图的入射光线会聚在视网膜的后方，是晶状体折光能力太弱，所以甲图表示了远视眼的成像情况；为了使光线会聚在原来的会聚点前面的视网膜上，就需要在光线进入人的眼睛以前会聚一下，因此带对光线具有会聚作用的凸透镜来矫正。
乙图的入射光线会聚在视网膜的前方，是晶状体折光能力太强，所以乙图表示了近视眼的成像情况；为了使光线会聚在原来的会聚点后面的视网膜上，就需要在光线进入人的眼睛以前发散一下，因此带对光线具有发散作用的凹透镜来矫正。
综上所述，只有选项B说法是正确的。
故选：B。
(1)近视眼是由于晶状体对光线的会聚作用太强，使远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，由此可以确定哪一个图表示了近视眼的成像情况。近视眼佩戴凹透镜进行矫正。
(2)远视眼的晶状体较薄，会聚能力较弱，看近处的物体时，将像成在视网膜的后面，远视眼佩戴凸透镜进行矫正。
图示来源于课本，分别表示了远视眼和近视眼的成因的光路图。明确近视眼与远视眼的成因是解决此题的关键。
3.【答案】C
【解析】解：A、音叉在真空中振动会产生声音，只是真空不能传播声音，故A错误；
B、倒车雷达是利用超声波回声定位的原理来探测车后障碍物的，故B错误；
C、滚摆在滚动过程中，其速度大小、方向都会发生改变，所以其运动状态一定改变，故C正确；
D、热机将内能转化为机械能；电动机将电能转化为机械能，所以二者的能量转化方式不同，故D错误。
故选：C。
(1)声音是由物体振动产生的，声音的传播需要介质；
(2)倒车雷达利用了超声波回声定位的原理；
(3)运动状态的改变包括速度和方向的改变；
(4)热机将内能转化为机械能；电动机将电能转化为机械能。
本题考查了声音的产生与传播、超声波的应用、运动状态的理解、热机与电动机的能量转化等，有一定综合性，但难度不大。
4.【答案】B
【解析】解：A、古筝是琴弦振动发出声音的，手在不同位置按弦，弦振动的快慢会不一样，所以声音的音调就会发生变化，故A错误；
B、发声的音叉靠近乒乓球，球多次被弹开，说明发声体在振动，故B正确；
C、医生用B超检查胎儿的发育情况，说明声音可以传递信息，故C错误；
D、摩托车上装有消声器，是在声源处减弱噪声，故D错误。
故选：B。
(1)音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；
(2)一切声音都是由物体振动产生的；
(3)声音可以传递信息和能量；
(4)减弱噪声的途径有三种：在声源处减弱噪声；在传播过程中减弱噪声；在人耳处减弱噪声。
本题考查声音的综合利用，知识点多，但都较简单，属于基础题。
5.【答案】B
【解析】
【分析】
(1)二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。
(2)超导体的电阻为零，电流通过不会放热。
(3)微波炉是利用电磁波工作的。
(4)通电导线在磁场中会受到力的作用。
本题考查了半导体、电动机的工作原理、超导体和微波的知识，综合性较强，属于基础知识的考查。
【解答】
A、计算机的二极管具有单向导电性，是用半导体材料制成的，故A正确；
B、超导体的电阻为零，而电热丝是利用电流的热效应来工作的，所以超导体不能用作电热丝，故B错误；
C、微波炉是利用电磁波来加热食品的，故C正确；
D、电风扇的主要部件是电动机，电动机是利用通电导线在磁场中受力的作用制作而成的，故D正确。
本题选错误的；
故选：B。
6.【答案】A
【解析】解：
A、吃冰棒感觉凉爽是由于冰熔化吸收了身体的热量，从而感觉凉爽；故A正确；
B、内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能的过程；故B错误；
C、防疫人员所戴的护目镜上出现水雾，是由于呼出的水蒸气遇到冷的护目镜液化而形成的；故C错误；
D、高压锅是利用增大锅内气压来升高液体沸点工作的；故D错误。
故选：A。
(1)(3)物体由固态变为液态是熔化现象，熔化吸热；物体由气态变为液态是液化现象，液化放热；
(2)内燃机的做功冲程是将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能；
(4)液体的沸点和齐腰有关，气压越大，沸点越高。
本题主要考查了物态变化的识别，热机的工作冲程，以及沸点的影响因素，属于基础考查。
7.【答案】C
【解析】解：
A、由图可知，电阻R1、R2、滑动变阻器串联接入电路中，通过三个电阻的电流是相同的，电阻阻值R1>R2，根据U=IR可知，电阻两端的电压关系为U1>U2，故A错误；
B、电流相同，通电时间相同，电阻阻值R1>R2，根据Q=I2Rt可知，R1所在的烧瓶温度计示数更高，故B错误；
C、通电后电流通过电阻丝做功，产生热量被煤油吸收，使煤油的温度升高，通过观察温度计的示数变化来判断电流产生的热量的多少，故C正确；
D、由图可知，电路中有滑动变阻器，移动滑动变阻器滑片，可以改变电路中的电流，能探究电流产生的热量与电流大小的关系，故D错误。
故选：C。
(1)根据欧姆定律分析电阻两端的电压关系；
(2)(3)(4)电流通过电阻丝做功，消耗电能转化为内能，产生的热量被煤油吸收，煤油吸收热量温度升高，本实验是通过温度计的示数变化反应电流产生的热量多少；由焦耳定律可知，电流通过导体产生的热量与通过的电流、导体的电阻和通电时间有关。
此题主要考查的是学生对“电流通过导体产生的热量与什么因素有关的”实验的理解和掌握，注意控制变量法和转换法的运用。
8.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，定值电阻R与灯泡L串联，电流表测电路中的电流。
(1)由图象可知，当灯泡两端的电压分别为1V、2V、4V、8V时，
通过灯泡的电流依次为0.2A、0.3A、0.4A、0.5A，
由I=UR变形式R=UI可得，灯泡的电阻依次为5Ω、6.7Ω、10Ω、16Ω，
所以，小灯泡两端的电压增大时，通过的电流增大，
由P=UI可得，灯泡的实际电功率增大，温度升高，灯泡的电阻增大，故A错误；
(2)因串联电路中各处的电流相等，且总电压等于各分电压之和，
所以，由图象可知，当I=0.4A、UR=8V、UL=4V时符合，
灯泡的实际电功率PL=ULI=4V×0.4A=1.6W，故B错误；
电阻的电功率PR=URI=8V×0.4A=3.2W，故D正确；
电阻的阻值R=URI=8V0.4A=20Ω，故C错误。
故选：D。
由电路图可知，定值电阻R与灯泡L串联，电流表测电路中的电流。
(1)从图象中读出几组通过灯泡的电流和对应两端的电压值，根据欧姆定律求出对应灯泡的电阻，然后分析通过灯泡电流和电压变化时的功率变化，从而得出灯泡的电阻与温度的关系；
(2)根据串联电路的电流特点和电压特点结合图象读出符合题意的电流、电压，根据P=UI求出灯泡和电阻的实际电功率，根据欧姆定律求出电阻的阻值。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键。
9.【答案】D
【解析】解：由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)因光敏电阻的阻值随光照强度的减弱而增大，
所以，烟雾浓度逐渐减小时，光照强度增强，R的阻值变小，电路中的总电阻变小，
由I=UR可知，电路中的电流变大，R0两端的电压变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R两端的电压变小，即电压表示数变小，故A错误；
(2)因串联电路中各处的电流相等，且I1=0.2A时PR=3.2W，I2=0.5A时PR′=2W，
所以，由P=I2R可得，光敏电阻的阻值分别为：R=PRI12=3.2W(0.2A)2=80Ω，R′=PR′I22=2W(0.5A)2=8Ω，
因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，且电源的电压不变，
所以，电源的电压：U=I1(R+R0)=I2(R′+R0)，
即：0.2A×(80Ω+R0)=0.5A×(8Ω+R0)，
解得：R0=40Ω，
电源的电压：U=I1(R+R0)=0.2A×(80Ω+40Ω)=24V，故B错误；
R0消耗的电功率的变化量：ΔP0=P0′−P0=I22R0−I12R0=(0.5A)2×40Ω−(0.2A)2×40Ω=8.4W，故D正确；
(3)当电压表的示数为4V时，R0两端的电压：
U0=U−UR=24V−4V=20V，
此时电路中的电流：I=U0R0=20V40Ω=0.5A>0.2A，
因电路中电流小于或等于0.2A时，烟雾报警器报警，所以，此时烟雾报警器不报警，故C错误。
故选：D。
由电路图可知，光敏电阻R和定值电阻R0串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由题意可知烟雾浓度逐渐减小时R的阻值变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和R0两端的电压变化，根据串联电路中总电压等于各分电压之和可知R两端的电压变化；
(2)根据串联电路电流特点和P=I2R求出光敏电阻的阻值，根据电阻的串联和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变得出等式即可求出R0的阻值，进一步求出电源的电压，进一步求出R0消耗的电功率的变化量；
(3)根据串联电路的电压特点求出电压表的示数为4V时R0两端的电压，根据串联电路的电流特点和求出电路中的电流，然后判断烟雾报警器是否报警。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用以及电路的动态分析，利用好题干中所给的条件是关键。
10.【答案】C
【解析】解：由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
AB、当滑片位于a端时，接入电路的电阻为0Ω，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，
由图象可知，Ia=0.6A，
电源的电压U=IaR1=0.6A×R1------------------①
当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，
由图象可知，Ib=0.2A，Ub=2V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，电源的电压U=IbR1+Ub=0.2A×R1+2V--------------②
因电源的电压不变，由①②可得：R1=5Ω，U=3V；故AB错误；
C、变阻器接入电路中的电阻为R时，电路中的电流：I=UR1+R，
由P=UI=I2R可得，变阻器的电功率：
P=(UR1+R)2R=U2(R1+R)2R=U2(R1−R)2R+4R1，
所以，当变阻器R2接入电路中的电阻R=R1=5Ω时，其消耗的电功率为最大，P大=U24R1=(3V)24×5Ω=0.45W，故C正确；
D、P在b端时，10s内R2产生热量Q2=W2=UbIbt=2V×0.2A×10s=4J，故D错误。
故选：C。
由图甲可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)当滑片位于a端时，R2接入电路的电阻为0Ω，电路为R1的简单电路，电路中的电流最大，根据欧姆定律表示出电源电压；当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，电压表的示数最大，根据欧姆定律求出滑动变阻器的最大阻值，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出电源的电压，利用电源的电压不变求出R1的阻值和电源的电压；
(2)根据电阻的串联和欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，进一步判断R2消耗的电功率变化；
(3)P在b端时，根据Q=W=UIt求出10s内R2产生热量。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的灵活应用，关键是利用数学知识判断滑动变阻器消耗电功率的变化和从图象中得出相关的信息。
11.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R1与R2串联，电压表测变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)由图乙可知，当滑动变阻器阻值取2Ω和8Ω时，滑动变阻器的电功率均为P1=2W，
因串联电路中各处的电流相等，
所以，由P=UI=I2R可得，两次电路中的电流分别为：
I= P1R1= 2W2Ω=1A，I′= P1R1′= 2W8Ω=0.5A，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，且电源的电压恒定，
所以，由I=UR可得，电源的电压：
U=I(R1+R2)=I′(R1′+R2)，
即：1A×(2Ω+R2)=0.5A×(8Ω+R2)，
解得：R2=4Ω，故①正确；
电源的电压：U=I(R1+R2)=1A×(2Ω+4Ω)=6V，故②正确；
(2)由串联分压的规律可知，当变阻器R1接入电路中的电阻最大为8Ω时，电压表的示数最大，此时电路中的电流I′=0.5A，
则电压表的最大示数：U1大=I′R1′=0.5A×8Ω=4V，故③正确；
(3)当滑动变阻器接入电路中的电阻为R时，电路中的电流：I″=UR+R2，
滑动变阻器消耗的电功率：
P1=(I″)2R=(UR+R2)2R=U2(R+R2)2R=U2R2+2RR2+R22R=U2R2−2RR2+R22+4RR2R=U2(R−R2)2R+4R2，
所以，当变阻器的阻值R=R2=4Ω时，滑动变阻器消耗的电功率最大，
则P1大=U24R2=(6V)24×4Ω=2.25W，故④错误，
综上可知，①②③正确。
故选：A。
由电路图可知，R1与R2串联，电压表测变阻器R1两端的电压，电流表测电路中的电流。
(1)根据图乙读出R1的阻值为2Ω和8Ω时滑动变阻器的电功率，根据串联电路的电流特点和P=UI=I2R求出电路中的电流，根据串联电路的电阻特点和欧姆定律表示出电源电压，利用电源的电压恒定列出等式即可求出R2的阻值，进一步求出电源电压；
(2)由串联分压的规律可知，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电压表的示数最大，根据欧姆定律求出电压表的最大示数；
(3)根据欧姆定律表示出电路中的电流，根据P=UI=I2R表示出滑动变阻器消耗的电功率，然后判断出变阻器消耗的电功率最大时变阻器接入电路中的电阻，然后求出变阻器的最大功率。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，从图象中获取有用的信息是关键，难点是判断什么时候滑动变阻器消耗的电功率最大。
12.【答案】C
【解析】解：A、图是利用电流的磁效应，不是电磁感应现象，故A不符合题意；
BD、直导线中有电流时受力作用，不是电磁感应现象，故BD不符合题意；
C、导体棒左右切割磁感线会产生感应电流，是电磁感应现象，故C符合题意。
故选：C。
(1)手电筒是利用电磁感应现象制成的，当沿图中箭头方向来回摇动时，使线圈切割磁感线，从而产生了感应电流，使小灯泡发光。
(2)逐个分析下面四个选择项中各个设备的制成原理，将两者对应即可得到答案。
本题关键是明确电磁感应现象的产生条件是导体做切割磁感线运动，是一道基础题目。
13.【答案】扩散
【解析】解：用墨水写在校园周边墙壁上的字很难擦去，是因为墨水发生了扩散现象，进入墙里去了。
故答案为：扩散。
不同物质互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
此题考查了生活中常见的扩散现象，难度不大，属基础题目。
14.【答案】变大
【解析】解：手机摄像头相当于一个凸透镜，是利用物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像的规律工作的；摄像头靠近二维码时，物距减小，像距变大，则像变大。
故答案为：变大。
凸透镜成像时，若物距u>2f，则成倒立缩小的实像，其应用是照相机。凸透镜成实像时，物距减小，像距变大，像变大。
本题考查了凸透镜成像规律的应用，是一道基础题。
15.【答案】汽化 熔化
【解析】解：炎热的夏天，游泳上岸后身上感觉到有点冷，这是由于身上的水汽化所致；吃冰激凌时，嘴里感到凉，这是由于嘴里的冰熔化所致。
故答案为：汽化；熔化。
(1)物质从液态变成气态的过程叫汽化，汽化需要吸收热量。
(2)物质从固态变成液态的过程叫熔化，熔化需要吸收热量。
知道汽化和熔化；并知道汽化和熔化都要吸收热量。
16.【答案】1 1800
【解析】解：(1)图甲中活塞压缩空气，对筒内气体做功，将机械能转化为内能，筒内气体内能增加，温度升高，是通过做功的方式改变气体的内能；
图乙中两个气门都关闭，火花塞点火，燃料燃烧产生高温高压的燃气，燃气推动活塞向下运动，燃气的内能转化为机械能，燃气的内能减少，温度降低，是通过做功的方法改变燃气的内能；
所以甲、乙两装置中，“能量转化情况”和“气体内能的变化”这个两个方面不同，“改变气体内能的方式”这1个方面相同；
(2)该汽油机每秒内对外做功15次，则曲轴每秒转30圈，每分钟转1800圈，即曲轴的转速为1800r/min；
故答案为：1；1800。
(1)改变物体内能的方式有热传递和做功两种。做功改变物体内能的实质是能量的转化，对物体做功，物体的内能增加，温度升高；物体对外做功，物体的内能减少，温度降低；
(2)四冲程内燃机1个工作循环中，曲轴转2圈，完成4个冲程，对外做功1次，据此求得曲轴的转速。
本题考查了热机的工作过程以及做功可以改变物体的内能，能准确判断其能量的转化过程，并能与内燃机的能量转化情况相联系，是解决该题的关键。
17.【答案】1：2
【解析】解：由甲电路图可知两灯泡并联后再与R1串联，由乙电路图可知两灯泡串联后再与R2串联，且规格相同的小灯泡正常发光时的电流IL相等，其两端的电压均为UL。
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，串联电路中各处的电流相等，所以甲、乙两电路中的总电流之比：I甲I乙=2ILIL=21；
由I=UR可得，电路的总电阻之比为R甲：R乙=UI甲UI乙=I乙I甲=12。
故答案为：1：2。
由甲电路图可知两灯泡并联后再与R1串联，由乙电路图可知两灯泡串联后再与R2串联，且规格相同的小灯泡正常发光时的电流相等，其两端的电压也相等。
根据串联电路的电流特点和并联电路的电流特点求出甲、乙两电路中的总电流之比；根据欧姆定律求出电路总电阻之比。
本题考查了串联和并联电路的电流特点以及欧姆定律的应用，知道规格相同的灯泡正常工作时电流相等，正确分析电路的连接方式是解题的关键。
18.【答案】解：过镜面作出点S的对称点S′，即为点光源S在平面镜中的像，连接S′O与镜面交于P点，即为入射点(反射点)，连接SP就得到入射光线，如下图所示：

【解析】根据平面镜成像的特点知，反射光线好像是由像点发出的，由物与像关于镜面对称，作出像点后，作出射线S′O，与镜面的交点为入射点，再完成光路。
本题还可以作出O点的像O′，连接SO′与镜面交于P点，从而确定入射光线和入射点，连接OP画出反射光线。
19.【答案】解：图中小磁针静止时N极向左，由异名磁极相互吸引可知，通电螺线管的右端是S极，左端是N极；
磁体周围的磁感线都是从N极出来回到S极，则可以判断图中磁感线的方向向右；
根据螺线管的磁极和安培定则，可以判断电流从螺线管左端流入，由电流方向可知电源左端为正极，如图所示：

【解析】由小磁针的磁极判断通电螺线管的磁极，由通电螺线管的磁极判断磁感线，由通电螺线管的磁极判断电流方向，由电流方向判断电源正负极。
小磁针的极性、通电螺线管的极性、电流方向知道其中的一者，另外两者都能判断。
20.【答案】温度计的玻璃泡触到烧杯底 秒表 (a) 质量 固液共存 晶体 C
【解析】解：(1)由图可知：温度计的玻璃泡接触了容器底部；在实验中，还需要用秒表记录时间，所以除了需要温度计外，还需秒表；
(2)水沸腾之前，水下层的温度高于上层的水温，气泡上升过程中，气泡中的水蒸气遇冷液化成水，气泡变小，所以b图是水沸腾前的现象；
水沸腾时，整个容器中水温相同，水内部不停的汽化，产生大量的水蒸气进入气泡，气泡变大，所以a图是沸腾时的现象。
烧瓶中的水沸腾后，停止对水加热，水停止沸腾，这说明沸腾时要吸热；
(3)不同质量或体积的水，达到沸腾时所需时间不同；
(4)由图象可知第8分钟时，海波正处于熔化阶段，故海波处于固液共存态；海波在熔化过程中吸热，但温度不变，是晶体；
(5)A图中：当大试管中的水沸腾后，温度不再升高，小试管中的水虽能达到沸点，却不能继续通过大试管中的水吸热，所以不能沸腾；B图中：大、小试管都处于密封的环境下，其沸点都会升高，但当大、小试管的水温相同时，小试管无法通过大试管吸收热量，故不能沸腾；C图中：大试管密封，内部气压高，沸点高，水的温度高于一标准大气压下的沸点，因此，可以继续向小试管传递热量，故小试管中的水可以沸腾；故选 C。
故答案为：(1)温度计的玻璃泡触到烧杯底；秒表；(2)(a)；(3)质量；(4)固液共存；晶体；(5)C。
(1)温度计的玻璃泡不能接触容器底；探究水的沸腾需要探究水的温度随时间的变化，所以需要测量温度和时间的仪器；
(2)掌握水沸腾前和沸腾时的现象区别：沸腾前气泡在上升过程中体积逐渐减小；沸腾时气泡在上升过程中体积逐渐增大；
(3)不同质量或体积的水，达到沸腾时所需时间不同；
(4)由图象可知第8分钟时，海波正处于熔化阶段，故海波处于固液共存态，到第10分钟，海波的熔化将停止；
(5)沸腾的条件：达到沸点，继续吸热；液体沸点与气压有关，气压越大，液体的沸点越高。
此题“探究水的沸腾”实验，考查了有关实验仪器的调节，考查了温度计的读数、影响水沸腾时间的因素及液体沸腾条件的分析。
21.【答案】水平 使像成在光屏的中央 放大 靠近 小 照相机 右 大 上
【解析】解：(1)将蜡烛、凸透镜、光屏依次放在光具座上，点燃蜡烛后，调节凸透镜和光屏的高度，使它们的中心与烛焰中心大致在同一水平直线上，其目的是使像成在光屏的中央；
(2)实验过程中，凸透镜始终固定在光具座50cm刻度线处。当蜡烛距离凸透镜15cm时，f(3)接下来将蜡烛向远离凸透镜方向移动一段距离，为了能在光屏上再次看到烛焰清晰的像，根据凸透镜成实像时，物近远像近像变小，他应将光屏向靠近透镜方向移动此时的像与步骤(2)中的像相比，大小将变小；
(4)如图乙所示，将蜡烛固定在光具座10cm刻度线处，此时物距大于2倍焦距时，成倒立缩小实像，移动光屏，再次得到烛焰清晰的像，利用该成像规律制成的光学仪器是照相机；改用焦距为15cm的凸透镜继续进行实验，如果不改变蜡烛和凸透镜的位置，相当于减小了物距，要在光屏上成清晰的像，应增大像距，即把光屏向右适当调节，此时的像与调换凸透镜之前所成的像相比，大小将变大；
(5)蜡烛在燃烧中不断变短，烛焰向下移动，则光屏上的像向上移动。
故答案为：(1)水平；使像成在光屏的中央；(2)放大；(3)靠近；小；(4)照相机；右；大；(5)上。
(1)为使像能成在光屏的中央，应调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度处；
(2)当物体处于1倍焦距和2倍焦距之间时，像成在另一侧的2倍焦距之外，成倒立、放大的实像；
(3)凸透镜成实像时，物近像远像变大；
(4)根据物距大于2倍焦距时，成倒立缩小实像的特点进行判断，是照相机的原理；物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像；
(5)凸透镜成的实像是倒立的，像与物体的变化方向恰好相反
本题考查学生动手操作实验的能力以及学生对凸透镜成像规律的掌握，要求学生能根据凸透镜成像规律分析实际问题。
22.【答案】电流表使用前未调零 4.5 电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比 2 C 改变定值电阻两端的电压
【解析】解：(1)闭合开关前，发现电流表指针如图甲，原因是电流表没有调零；
(2)电压表串联接入电路，测电源电压，故电压表示数为4.5V；
(3)根据滑动变阻器需要与定值电阻串联，电压表要与定值电阻并联，故正确接法如图：

(4)根据如图丙描绘出电流随电阻变化的曲线知，电阻的电压为：U′=I′R′=0.4A×5Ω=-------0.1A×20Ω=2.0V，为一定值，故由图像得出的结论是：电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
(5)由图丙图象可知，电阻两端的电压始终保持UR=IR=0.4×5Ω=2V；
根据串联电路电压的规律，变阻器分得的电压：U滑=4.5V−2V=2.5V，
则变阻器分得的电压为电压表示数的2.5V2=1.25倍，
根据分压原理，当接入25Ω电阻时，变阻器连入电路中的电阻为：R滑=1.25×25Ω=31.25Ω，由于A滑动变阻器的电阻太大，所以选C；
(6)实验中可以改变定值电阻两端的电压，使用上述几个电阻重复实验，这样才能实现真正意义上的多次实验，进而得出普遍规律。
故答案为：(1)电流表使用前未调零；(2)4.5；(3)如图所示；(4)电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比；(5)2；C；(6)改变定值电阻两端的电压。
(1)由图甲，电流表指针没有指在零刻度线上，使用电流表前应对电流表进行机械调零，使指针指在零刻度线上；
(2)根据电压表串联接入电路分析；
(3)根据滑动变阻器要与定值电阻串联分析，应拆除定值电阻与电流表负接线柱上相连的导线，再根据电压表要并联在定值电阻两端进行分析；
(4)根据如图丙描绘出电流随电阻变化的曲线可知，电流和电阻的乘积为一定值，据此得出结论；
(5)根据图丙图象利用欧姆定律求出电阻两端所控制的电压；
探究电流跟电阻的关系时，滑动变阻器的作用是保护电路和控制定值电阻两端的电压不变；根据串联电路电压的规律求出变阻器分得的电压，根据分压原理，求出当接入25Ω电阻时变阻器连入电路中的电阻；
(6)为了找普遍规律，实验中可以改变定值电阻两端的电压。
本题主要考查探究电流与电阻关系的实验，其中电路的改接是本题的难点。
23.【答案】解：(1)水升高的温度为：Δt=Q吸c水m=1.68×107J4.2×103J/(kg⋅℃)×100kg=40℃，
水的末温为t=t0+Δt=16℃+40℃=56℃；
(2)由题知，天然气完全燃烧放出热量的70%被水吸收，
即Q吸=Q放×80%，
则天然气完全燃烧放出的热量：
Q放=Q吸80%=1.68×107J80%=2.1×107J，
由Q放=qV可得热水器平均每天消耗天然气的体积：
V=Q放q天然气=2.1×107J4.2×107J/m3=0.5m3。
答：(1)热水器中水升高到的温度是56℃；
(2)若天然气完全燃烧放出热量的80%被水吸收，则热水器平均每天消耗天然气0.5m3。
【解析】(1)知道水的质量、比热容、初温和吸收的热量，利用Q吸=cm△t计算水的末温；
(2)若天然气完全燃烧放出热量的80%被水吸收，即Q吸=Q放×80%，据此求天然气完全燃烧放出的热量，再利用Q放=qV求出热水器平均每天消耗天然气的体积。
本题考查了吸热公式Q吸=cm△t、燃料完全燃烧放热公式Q放=qV、效率公式的应用，属于基础题目。
24.【答案】解：
(1)由电路图可知，开关S接触点1时，只有R1连入电路中；开关S接触点2时，两电阻串联；
由串联电路电阻规律可知，开关S接触点2时，电路总电阻较大，由P=U2R可知，电源电压一定时，电路总电阻越大，电路消耗的电功率越小，因此开关S接触点2时，电饭煲处于保温状态，由图乙可知，此处的电功率：P保温=200W；
(2)开关S接触点1时，只有R1连入电路中，则电饭煲处于加热状态，电功率：P加热=800W，
由P=U2R可知，R1的阻值：R1=U2P加热=(220V)2800W=60.5Ω，
开关S接触点2时，两电阻串联，电路的总电阻：R=U2P保温=(220V)2200W=242Ω，
因串联电路的总电阻等于各分电阻之和，所以R2的阻值：R2=R−R1=242Ω−60.5Ω=181.5Ω；
(3)根据图乙可知，电饭煲加热时间：t1=12min，
电饭煲的保温时间：t2=21min−12min=9min，
电饭煲加热消耗的电能：W1=P加热t1=800W×12×60s=5.76×105J，
电饭煲保温消耗的电能：W2=P保温t2=200W×9×60s=1.08×105J，
电饭煲在这一次工作中一共消耗的电能：W=W1+W2=5.76×105J+1.08×105J=6.84×105J=0.19kW⋅h=0.19度。
答：(1)开关S接触点2时，电饭煲处于保温状态，保温时的电功率为200W；
(2)R1、R2的电阻分别是60.5Ω和181.5Ω；
(3)电饭煲在这一次工作中一共消耗6.84×105J的电能；合0.19度电。
【解析】(1)由电路图可知，开关S接触点1时，只有R1连入电路中；S接触点2时，两电阻串联；根据P=U2R分析电饭煲的工作状态；
(2)已知加热、保温功率和电源电压，根据P=U2R求出R1的阻值和保温时电路的总电阻，再根据电阻的串联求出R2的阻值；
(3)根据图乙读出加热时间和保温时间，再根据W=Pt求出加热和保温时分别消耗的电能，进一步求出电饭煲在这一次工作中一共消耗的电能。
本题考查了电功、电功率公式的灵活应用，要能正确分析开关在不同状态电路结构，关键是能看懂图象，将图象与所学知识联系起来，是一道好题。