2023-2024学年内蒙古中学数学九上期末调研模拟试题
展开1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内,不得在试卷上作任何标记。
2.第一部分选择题每小题选出答案后,需将答案写在试卷指定的括号内,第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。
3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。
一、选择题(每题4分,共48分)
1.下列图形中,既是轴对称图形,又是中心对称图形的是( )
A.正三角形B.正五边形C.正六边形D.正七边形
2.随着国民经济快速发展,我国涌现出一批规模大、效益高的企业,如大疆、国家核电、华为、凤凰光学等,以上四个企业的标志是中心对称图形的是( )
A.B.C.D.
3.下列说法正确的是( )
A.了解飞行员视力的达标率应使用抽样调查
B.一组数据3,6,6,7,9的中位数是6
C.从2000名学生中选200名学生进行抽样调查,样本容量为2000
D.一组数据1,2,3,4,5的方差是10
4.已知反比例函数,下列结论中不正确的是( )
A.图象经过点(-1,-1)B.图象在第一、三象限
C.当时,D.当时,y随着x的增大而增大
5.方程x(x﹣1)=0的解是( ).
A.x=1B.x=0C.x1=1,x2=0D.没有实数根
6.下列图形中,既是中心对称图形又是轴对称图形的是( )
A.B.C.D.
7.如图,A、B两点在双曲线y=上,分别经过A、B两点向轴作垂线段,已知S阴影=1,则S1+S2=( )
A.3B.4C.5D.6
8.从一个不透明的口袋中摸出红球的概率为,已知口袋中的红球是3个,则袋中共有球的个数是( )
A.5B.8C.10D.15
9.如图,△ABC为⊙O的内接三角形,若∠AOC=160°,则∠ADC的度数是( )
A.80°B.160°C.100°D.40°
10.如图,在中,,,垂足为点,如果,,那么的长是( )
A.4B.6C.D.
11.在平面直角坐标系中,的直径为10,若圆心为坐标原点,则点与的位置关系是( )
A.点在上B.点在外C.点在内D.无法确定
12.如图是以△ABC的边AB为直径的半圆O,点C恰好在半圆上,过C作CD⊥AB交AB于D.已知cs∠ACD=,BC=4,则AC的长为( )
A.1B.C.3D.
二、填空题(每题4分,共24分)
13.若两个相似三角形的面积之比为1:4,则它们对应角的角平分线之比为___.
14.抛物线关于x轴对称的抛物线解析式为_______________.
15.如图,△ODC是由△OAB绕点O顺时针旋转40°后得到的图形,若点D恰好落在AB上,且∠AOC=105°,则∠C= __.
16.如图是由一些完全相同的小正方体组成的几何体的主视图、俯视图和左视图,则组成这个几何体的小正方体的个数是___________个.
17.正六边形的中心角等于______度.
18.河北省赵县的赵州桥的拱桥是近似的抛物线形,建立如图所示的平面直角坐标系,其函数的关系式为,当水面离桥拱顶的高度DO为4m时,这时水面宽度AB 为______________.
三、解答题(共78分)
19.(8分)实行垃圾分类和垃圾资源化利用,关系广大人民群众生活环境,关系节约使用资源,也是社会文明水平的一个重要体现.某环保公司研发了甲、乙两种智能设备,可利用最新技术将干垃圾进行分选破碎制成固化成型燃料棒,干垃圾由此变身新型清洁燃料.某垃圾处理厂从环保公司购入以上两种智能设备若干,已知购买甲型智能设备花费万元,购买乙型智能设备花费万元,购买的两种设备数量相同,且两种智能设备的单价和为万元.
求甲、乙两种智能设备单价;
垃圾处理厂利用智能设备生产燃料棒,并将产品出售.已知燃料棒的成本由人力成本和物资成本两部分组成,其中物资成本占总成本的,且生产每吨燃料棒所需人力成本比物资成本的倍还多元.调查发现,若燃料棒售价为每吨元,平均每天可售出吨,而当销售价每降低元,平均每天可多售出吨.垃圾处理厂想使这种燃料棒的销售利润平均每天达到元,且保证售价在每吨元基础上降价幅度不超过,求每吨燃料棒售价应为多少元?
20.(8分)用配方法解方程2x2-4x-3=0.
21.(8分)某教师为了对学生零花钱的使用进行教育指导,对全班50名学生每人一周内的零花钱数额进行统计调查,并绘制了统计表及统计图,如图所示.
(1)这50名学生每人一周内的零花钱数额的平均数是_______元/人;
(2)如果把全班50名学生每人一周内的零花钱按照不同数额人数绘制成扇形统计图,则一周内的零花钱数额为5元的人数所占的圆心角度数是_____度;
(3)一周内的零花钱数额为20元的有5人,其中有2名是女生, 3名是男生,现从这5人中选2名进行个别教育指导,请用画树状图或列表法求出刚好选中2名是一男一女的概率.
22.(10分)如图所示,中,,,将翻折,使得点落到边上的点处,折痕分别交边,于点、点,如果,那么______.
23.(10分)如图,点P在y轴上,⊙P交x轴于A,B两点,连接BP并延长交⊙P于点C,过点C的直线y=2x+b交x轴于点D,且⊙P的半径为,AB=4.
(1)求点B,P,C的坐标;
(2)求证:CD是⊙P的切线.
24.(10分)已知二次函数y=x2+4x+k-1.
(1)若抛物线与x轴有两个不同的交点,求k的取值范围;
(2)若抛物线的顶点在x轴上,求k的值.
25.(12分)如图,的直径,半径,为上一动点(不包括两点),,垂足分别为.
(1)求的长.
(2)若点为的中点,
①求劣弧的长度,
②者点为直径上一动点,直接写出的最小值.
26.已知,为⊙的直径,过点的弦∥半径,若.求的度数.
参考答案
一、选择题(每题4分,共48分)
1、C
【分析】根据轴对称图形与中心对称图形的概念求解即可.
【详解】A、此图形不是中心对称图形,是轴对称图形,故此选项错误;
B、此图形不是中心对称图形,是轴对称图形,故此选项错误;
C、此图形既是中心对称图形,又是轴对称图形,故此选项正确;
D、此图形不是中心对称图形,是轴对称图形,故此选项错误.
故选:C.
本题主要考查了轴对称图形与中心对称图形,掌握好中心对称图形与轴对称图形的概念,轴对称图形的关键是寻找对称轴,图形两部分折叠后可重合,中心对称图形是要寻找对称中心,旋转180度后两部分重合.
2、B
【分析】在平面内,把一个图形绕着某个点旋转180°,如果旋转后的图形能与原来的图形重合,那么这个图形叫做中心对称图形,据此依次判断即可.
【详解】∵在平面内,把一个图形绕着某个点旋转180°,如果旋转后的图形能与原来的图形重合,那么这个图形叫做中心对称图形,
∴A、C、D不符合,不是中心对称图形,B选项为中心对称图形.
故选:B.
本题主要考查了中心对称图形的定义,熟练掌握相关概念是解题关键.
3、B
【解析】选项A,了解飞行员视力的达标率应使用全面调查,此选项错误;
选项B,一组数据3,6,6,7,9的数的个数是奇数,故中位数是处于中间位置的数6,此选项正确;
选项C,从2000名学生中选200名学生进行抽样调查,样本容量应该是200,此选项错误;选项D,一组数据1,2,3,4,5的平均数=(1+2+3+4+5)=3,方差=[(1-3)2+(2-3)2+(3-3)2+(4-3)2+(5-3)2]=2,此选项错误.
故答案选B.
4、D
【解析】根据反比例函数的性质,利用排除法求解.
【详解】解:A、x=-1,y==-1,∴图象经过点(-1,-1),正确;
B、∵k=1>0,∴图象在第一、三象限,正确;
C、∵k=1>0,∴图象在第一象限内y随x的增大而减小,∴当x>1时,0<y<1,正确;
D、应为当x<0时,y随着x的增大而减小,错误.
故选:D.
本题考查了反比例函数的性质,当k>0时,函数图象在第一、三象限,在每个象限内,y的值随x的值的增大而减小.
5、C
【解析】根据因式分解法解方程得到x=0或x﹣1=0,解两个一元一次方程即可.
【详解】解:x(x﹣1)=0
x=0或x﹣1=0
∴x1=1,x2=0,
故选C.
本题考查因式分解法解一元二次方程,熟练掌握一元二次方程的解法是关键.
6、A
【分析】根据中心对称图形的定义和轴对称的定义逐一判断即可.
【详解】A选项是中心对称图形,也是轴对称图形,故A符合题意;
B选项是中心对称图形,不是轴对称图形,故B不符合题意;
C选项不是中心对称图形,是轴对称图形,故C不符合题意;
D选项是中心对称图形,不是轴对称图形,故D不符合题意.
故选:A.
此题考查的是中心对称图形的识别和轴对称图形的识别,掌握中心对称图形的定义和轴对称图形的定义是解决此题的关键.
7、D
【分析】欲求S1+S1,只要求出过A、B两点向x轴、y轴作垂线段与坐标轴所形成的矩形的面积即可,而矩形面积为双曲线y=的系数k,由此即可求出S1+S1.
【详解】∵点A、B是双曲线y=上的点,分别经过A、B两点向x轴、y轴作垂线段,
则根据反比例函数的图象的性质得两个矩形的面积都等于|k|=4,
∴S1+S1=4+4-1×1=2.
故选D.
8、D
【分析】根据概率公式,即可求解.
【详解】3÷=15(个),
答:袋中共有球的个数是15个.
故选D.
本题主要考查概率公式,掌握概率公式,是解题的关键.
9、C
【分析】根据圆周角定理以及圆内接四边形的性质即可解决问题;
【详解】解:∵∠AOC=2∠B,∠AOC=160°,
∴∠B=80°,
∵∠ADC+∠B=180°,
∴∠ADC=100°,
故选:C.
本题考查圆周角定理、圆内接四边形的性质等知识,解题的关键是熟练掌握基本知识.
10、C
【分析】证明△ADC∽△CDB,根据相似三角形的性质求出CD、BD,根据勾股定理求出BC.
【详解】∵∠ACB=90°,
∴∠ACD+∠BCD=90°,
∵CD⊥AB,
∴∠A+∠ACD=90°,
∴∠A=∠BCD,又∠ADC=∠CDB,
∴△ADC∽△CDB,
∴,,
∴ ,即,
解得,CD=6,
∴,
解得,BD=4,
∴BC=,
故选:C.
此题考查相似三角形的判定和性质,掌握相似三角形的判定定理和性质定理是解题的关键.
11、B
【分析】求出P点到圆心的距离,即OP长,与半径长度5作比较即可作出判断.
【详解】解:∵,
∴OP= ,
∵的直径为10,
∴r=5,
∵OP>5,
∴点P在外.
故选:B.
本题考查点和直线的位置关系,当d>r时点在圆外,当d=r时,点在圆上,当d
【解析】∵AB是直径,∴∠ACB=90°.∵CD⊥AB,∴∠ADC=90°.∴∠ACD=∠B.在Rt△ABC中,∵,BC=4,∴,解得.∴.故选D.
二、填空题(每题4分,共24分)
13、1:1
【分析】根据相似三角形的性质进行分析即可得到答案.
【详解】解:∵两个相似三角形的面积比为1:4,
∴它们对应角的角平分线之比为1:=1:1,
故答案为:1:1.
本题考查对相似三角形性质的理解.
(1)相似三角形周长的比等于相似比.
(1)相似三角形面积的比等于相似比的平方.
(3)相似三角形对应高的比、对应中线的比、对应角平分线的比都等于相似比.
14、
【分析】由关于x轴对称点的特点是:横坐标不变,纵坐标变为相反数,可求出抛物线的顶点关于x轴对称的顶点,关于x轴对称,则开口方向与原来相反,得出二次项系数,最后写出对称后的抛物线解析式即可.
【详解】解:抛物线的顶点为(3,-1),点(3,-1)关于x轴对称的点为(3,1),
又∵关于x轴对称,则开口方向与原来相反,所以 ,
∴抛物线关于x轴对称的抛物线解析式为.
故答案为:.
本题考查了二次函数的图象与几何变换,解题的关键是抓住关于x轴对称点的特点.
15、
【分析】先根据∠AOC的度数和∠BOC的度数,可得∠AOB的度数,再根据△AOD中,AO=DO,可得∠A的度数,进而得出△ABO中∠B的度数,可得∠C的度数.
【详解】解:∵∠AOC的度数为105°,
由旋转可得∠AOD=∠BOC=40°,
∴∠AOB=105°-40°=65°,
∵△AOD中,AO=DO,
∴∠A=(180°-40°)=70°,
∴△ABO中,∠B=180°-70°-65°=45°,
由旋转可得,∠C=∠B=45°,
故答案为:45°.
本题考查旋转的性质,解答本题的关键是明确题意,找出所求问题需要的条件,利用旋转的性质解答.
16、
【分析】根据几何体的三视图分析即可得出答案.
【详解】通过主视图和左视图可知几何体有两层,由俯视图可知最底层有3个小正方体,结合主视图和左视图知第2层有1个小正方体,所以共4个小正方体.
故答案为4
本题主要考查根据三视图判断组成几何体的小正方体的个数,掌握三视图的知识是解题的关键.
17、60°
【分析】根据正n边形中心角的公式直接求解即可.
【详解】解:正六边形的圆心角等于一个周角,即为,正六边形有6个中心角,所以每个中心角=
故答案为:60°
本题考查正六边形,解答本题的关键是掌握正六边形的性质,熟悉正六边形的中心角的概念
18、
【详解】根据题意B的纵坐标为﹣4,把y=﹣4代入y=﹣x2,
得x=±10,
∴A(﹣10,﹣4),B(10,﹣4),
∴AB=20m.即水面宽度AB为20m.
三、解答题(共78分)
19、(1)甲设备万元每台,乙设备万元每台.(2)每吨燃料棒售价应为元.
【分析】(1)设甲单价为万元,则乙单价为万元,再根据购买甲型智能设备花费万元,购买乙型智能设备花费万元,购买的两种设备数量相同列出分式方程并解答即可;
(2)先求出每吨燃料棒成本为元,然后根据题意列出一元二次方程解答即可.
【详解】解:设甲单价为万元,则乙单价为万元,则:
解得
经检验,是所列方程的根.
答:甲设备万元每台,乙设备万元每台.
设每吨燃料棒成本为元,则其物资成本为,则:
,解得
设每吨燃料棒在元基础上降价元,则
解得
.
每吨燃料棒售价应为元.
本题考查分式方程和一元二次方程的应用,解题的关键在于弄懂题意、找到等量关系、并正确列出方程.
20、x1=1+,x2=1-.
【分析】借助完全平方公式,将原方程变形为,开方,即可解决问题.
【详解】解:∵2x2-4x-3=0,
点睛:用配方法解一元二次方程的步骤:移项(常数项右移)、二次项系数化为1、配方(方程两边同加一次项一半的平方)、开方、求解、定解
21、 (1)12;(2)72;(3).
【分析】(1)根据加权平均数的计算公式计算即可;
(2)用样本中零花钱数额为5元的人数所占比例乘以360°即可;
(3)通过列表,求出所有情况及符合题意的情况有多少种,根据概率的计算公式得出答案即可.
【详解】解:(1)平均数是(元);
故答案为:12;
(2)一周内的零花钱数额为5元的人数所占的圆心角度数为:;
故答案为:72;
(3)表格如下:
从这5人中选2名共20种情况,刚好选中2名是一男一女有12种情况,所以刚好选中2名是一男一女的概率为,
故答案为.
本题考查加权平均数、统计图表的应用以及树状图或列表法求概率,难度不大,解题的关键是将相关概念应用到实际问题中,解决问题.
22、
【分析】设BE=x,则AE=5-x=AF=A′F,CF=6-(5-x)=1+x,依据△A'CF∽△BCA,可得,即,进而得到.
【详解】解:如图,由折叠可得,∠AFE=∠A′FE,
∵A′F∥AB,∴∠AEF=∠A′FE,
∴∠AEF=∠AFE,∴AE=AF,
由折叠可得,AF=A′F,
设BE=x,则AE=5-x=AF=A′F,CF=6-(5-x)=1+x,
∵A′F∥AB,∴△A′CF∽△BCA,
∴,即,解得x=,
∴.
故答案为:.
本题主要考查了折叠问题以及相似三角形的判定与性质的运用,折叠是一种对称变换,它属于轴对称,折叠前后图形的形状和大小不变,对应边和对应角相等.
23、(1)C(-2,2);(2)证明见解析.
【解析】试题分析:
(1)Rt△OBP中,由勾股定理得到OP的长,连接AC,因为BC是直径,所以∠BAC=90°,因为OP是△ABC的中位线,所以OA=2,AC=2,即可求解;
(2)由点C的坐标可得直线CD的解析式,则可求点D的坐标,从而可用SAS证△DAC≌△POB,进而证∠ACB=90°.
试题解析:
(1)解:如图,连接CA.∵OP⊥AB,∴OB=OA=2.∵OP2+BO2=BP2,
∴OP2=5-4=1,OP=1.∵BC是⊙P的直径,∴∠CAB=90°.
∵CP=BP,OB=OA,∴AC=2OP=2.∴B(2,0),P(0,1),C(-2,2).
(2)证明:∵直线y=2x+b过C点,∴b=6.∴y=2x+6.
∵当y=0时,x=-3,∴D(-3,0).∴AD=1.∵OB=AC=2,AD=OP=1,
∠CAD=∠POB=90°,∴△DAC≌△POB.∴∠DCA=∠ABC.
∵∠ACB+∠CBA=90°,∴∠DCA+∠ACB=90°,即CD⊥BC.∴CD是⊙P的切线.
24、k<1;k=1.
【解析】试题分析:(1)、当抛物线与x轴有两个不同的交点,则△>0,从而求出k的取值范围;(2)、顶点在x轴上则说明顶点的纵坐标为0.
试题解析:(1)、∵抛物线与x轴有两个不同的交点, ∴b2-4ac>0,即16-4k+4>0.解得k<1.
(2)、∵抛物线的顶点在x轴上, ∴顶点纵坐标为0,即=0.解得k=1.
考点:二次函数的顶点
25、(1)(2)①②
【分析】(1)求出圆的半径,再判断出四边形OFDE是矩形,然后根据矩形的对角线相等解答即可;
(2)①根据线段中点的定义得到OE=OC=OD,根据三角形的内角和得到∠DOE=60°,于是得到结论;
②延长CO交⊙O于G,连接DG交AB于P,则PC+PD的最小值等于DG长,解直角三角形即可得到结论.
【详解】解:(1)如图,连接,
∵的直径,
∴圆的半径为.
∵,
∴四边形是矩形,
∴.
(2)①∵点为的中点,
∴,
∴,
∴,
∴劣弧的长度为.
②.
延长交于点,连接交于点,
则的最小值为.
∵,,
∴,
∴的最小值为.
本题考查了圆周角定理,矩形的判定和性质,轴对称-最短路线问题,正确的作出辅助线是解题的关键.
26、∠C=30°
【分析】根据平行线的性质求出∠AOD,根据圆周角定理解答.
【详解】解:∵OA∥DE,
∴∠AOD=∠D=60°,
由圆周角定理得,∠C= ∠AOD=30°
本题考查的是圆周角定理和平行线的性质,掌握在同圆或等圆中,同弧或等弧所对的圆周角相等,都等于这条弧所对的圆心角的一半是解题的关键.
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