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2023年山东省临沂市郯城中考物理一轮模拟试题（解析版）
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这是一份2023年山东省临沂市郯城中考物理一轮模拟试题（解析版），共25页。试卷主要包含了单项选择题，填空题，作图与实验题，计算题等内容，欢迎下载使用。
一、单项选择题（共20小题，每小题2分，共40分.每小题只有一个选项符合题目要求）
1. 下列估测中，最符合实际是（ ）
A. 人步行的速度约1.2m/s
B. 一张邮票质量约为50g
C. 一名中学生从一楼到二楼克服重力做功约150J
D. 家用空调的功率为80W
【答案】A
【解析】
【详解】A．人正常行驶的速度约为1m/s~1.5m/s，故A符合实际；
B．一张邮票的质量远小于1g，故B不符合实际；
C．中学生从一楼走上二楼克服重力所做的功约
W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×3m=1500J
故C不符合实际；
D．家用空调正常工作时的电流约为5A，额定功率约为
P=UI=220V×5A=1100W
故D不符合实际。
故选A。
2. 下列说法中正确的是（ ）
A. 航天员在空间站利用电磁波跟地面指挥中心进行联系
B. 当前，人类已实现常温常压下超导研究
C. 电视机遥控器是利用超声波传递信号的
D. 核潜艇利用的是可控核聚变释放的能量
【答案】A
【解析】
【详解】A．由于太空中没有空气，声音无法传播，所以航天员在空间站利用电磁波跟地面指挥中心进行联系，故A正确；
B．当前，人类无法现常温常压下超导研究，故B错误；
C．遥控器是利用红外线来工作的，故C错误；更多优质支援请 嘉 威杏 MXSJ663 D．核潜艇利用的是可控核裂变释放的能量的，故D错误。
故选A。
3. 小明在淹城春秋民俗文化区游玩时，发现一种木制玩具青蛙刮鼓，用木棒在木制青蛙背上摩擦，就会发出类似青蛙的叫声，有时还能引起周围青蛙的附和共鸣，下列说法正确的是（ ）
A. 青蛙刮鼓发出的声音是由木棒振动产生的
B. 模拟青蛙的叫声是指音色相近
C. 能引起周围背蛙附和共鸣说明声音能传递能量
D. 青蛙刮鼓发出声音一定是噪声
【答案】B
【解析】
【分析】(1)声音是由物体的振动产生的。
(2)音色可以区别不同的声音。
(3)声音能传递能量和信息。
(4)根据噪音和乐音的定义分析。
【详解】A．青蛙刮鼓发出的声音是由青蛙的背振动产生的，故A错误；
B．模拟青蛙的叫声是指模拟出相同的音色，故B正确；
C．声音能传递信息，能引起周围青蛙的附和共鸣就是利用了传递信息，故C错误；
D．从环保的角度，青蛙刮鼓发出的声音如果影响到了人的休息和工作，就属于噪声，没有影响，就不属于噪声，故D错误。
故选B。
4. 如图所示的四种光学现象中，属于光的反射的是（ ）
A. 手影游戏B. 静影沉璧
C. 池水变“浅”了D. 沙漠蜃景
【答案】B
【解析】
【详解】A．光被手遮挡后，在后边形成一个黑色的区域，叫做影子，即手影，是光的直线传播形成的，故A不符合题意；
B．玉璧一样月亮的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B符合题意；
C．池水变“浅”，是由光的折射形成的，故C不符合题意；
D．沙漠蜃景是光线在不均匀的大气中，经过折射造成的结果，故D不符合题意。
故选B。
5. 小明在探究凸透镜成像规律时，做了如下实验：
①用平行光正对凸透镜照射，移动光屏得到一个最小、最亮的光斑，如图甲所示；
②保持该透镜位置不变，将点燃的蜡烛放在图乙所示的位置，移动光屏得到烛焰清晰的像（图中未画出）。则下列说法不正确的是（ ）
A. 实验②中，烛焰在光屏上成倒立放大的实像
B. 实验②中，像到透镜的距离一定大于20cm
C. 若增大蜡烛与透镜的距离，所成的像会变小
D. 若蜡烛与透镜的距离大于10cm，则在另一侧通过透镜可以观察到烛焰正立、放大的虚像
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由①可知，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是
f＝60.0cm﹣50.0cm＝10.0cm
实验②中，此时物距
u＝50cm﹣35cm＝15cm
大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据
2f＞u＞f
v＞2f
即像距大于20cm，成倒立、放大的实像，故AB正确，不符合题意；
C．若增大蜡烛与透镜的距离，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，所成的像会变小，故C正确，不符合题意；
D．若蜡烛与透镜的距离大于10cm，即物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据
2f＞u＞f
成倒立、放大的实像，当蜡烛与透镜的距离小于10cm，才能在另一侧通过透镜可以观察到烛焰正立、放大的虚像。故D错误，符合题意。
故选D。
6. 如图用弹簧测力计沿水平方向拉木块，当弹簧测力计示数为5N时，木块在水平木板上做匀速直线运动。下列说法正确的是（ ）
A. 木块只受到拉力、滑动摩擦力两个力，合力为零
B. 由二力平衡可知：弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小
C. 木块的速度越大，滑动摩擦力越大
D. 改用7N的水平拉力，木块受到的滑动摩擦力大小也将变为7N
【答案】B
【解析】
【详解】A．木块在水平木板上做匀速直线运动时，受重力、支持力、拉力和摩擦力四个力的作用，故A错误；
B．木块做匀速直线运动时，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小，故B正确；
C．影响摩擦力的因素是压力、接触面的粗糙程度，摩擦力大小与物体运动速度无关，故C错误；
D．木块在水平木板上运动，压力和接触面的粗糙程度不变，改用7N的拉力，其摩擦力也不会变，故滑动摩擦力大小还是5N，故D错误。
故选B。
7. 如图所示，民警正脚踏“风火轮”执勤。下列说法正确的是（ ）
A. 当民警驾驶“风火轮”原地匀速转弯时，民警的运动状态保持不变
B. 当民警驾驶“风火轮”加速行驶时，相对“风火轮”民警静止，所以民警“受力平衡”
C. 遇到紧急情况时，“风火轮”不能马上停下，因为一切物体都有惯性
D. 民警站在“风火轮”上静止时，民警受到的重力和“风火轮”对他的支持力是一对相互作用力
【答案】C
【解析】
【详解】A．当民警驾驶“风火轮”原地匀速转弯时，民警的运动方向发生变化，其运动状态发生变化，故A错误；
B．民警相对“风火轮”静止，所以民警在做加速运动，受到的是非平衡力，故B错误；
C．遇到紧急情况时，“风火轮”不能马上停下，是因为，风火轮”具有惯性，故C正确；
D．民警站在“风火轮”上静止时，民警受到的重力和“风火轮”对他的支持力作用在同一物体上，不是一对相互作用力，故D错误。
故选C。
8. 如图所示，下列生活场景分析不正确的是（ ）
A. 图中塑料吸盘挂钩靠大气压“压”在墙壁上
B. 图中吸管一端做成斜切口是为了增大压力
C. 图中站台处设置安全线，避免乘客靠近运行高铁的一侧空气“流速大压强小”产生“吸力”
D. 图中，远处雪山山顶的大气压比山脚下的低
【答案】B
【解析】
【详解】A．塑料吸盘被大气压挤压，挂钩靠摩擦力贴在墙壁上，故A正确，不符合题意；
B．吸管一端做成斜切口是在压力大小一定时，减小受力面积，增大压强，故B错误，符合题意；
C．人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故，所以站台处设置安全线，故C正确，不符合题意；
D．海拔越高，气压越低，所以远处雪山山顶的大气压比山脚低，故D正确，不符合题意；
故选B。
9. 如图所示的滑轮组将重100N的物体匀速提升1m，所用时间为10s，作用在绳子末端的拉力F为60N（不计绳重和绳与滑轮间的摩擦），下列说法中正确的是（ ）
A. 所做的有用功为60J
B. 动滑轮自重40N
C. 拉力F做功的功率为12W
D. 该滑轮组的机械效率恒定不变
【答案】C
【解析】
【详解】A．因为用滑轮组提升物体，对物体做的功是有用功；所以所做的有用功
W用＝Gh＝100N×1m＝100J
故A错误；
B．绳子的有效段数为2，不计绳重和绳与滑轮间的摩擦时
则动滑轮的重力
G动＝2F﹣G物＝2×60N﹣100N＝20N
故B错误；
C．绳子自由端移动的距离为物体升高距离的2倍，用滑轮组提升物体，拉力F做的功是总功，则拉力F做功的功率
故C正确；
D．不计绳重和绳与滑轮间的摩擦，故该滑轮组的机械效率
动滑轮的重力不变，当提升物体的重力变大时，由上式可知，该滑轮组的机械效率变大，故D错误。
故选C。
10. “饺子”是我们节日或日常生活喜欢吃的食品。下列分析不正确的是（ ）
A. 饺子被包成各种形状，说明力能改变物体形状
B. 饺香四溢，说明分子永不停息做无规则运动
C. 煮饺子时，饺子吸热，内能增大
D. 饺子熟了漂在水面，饺子所受浮力大于重力
【答案】D
【解析】
【详解】A．饺子被包成各种形状，说明力可以改变物体的形状，使物体发生形变，故A错误正确，不符合题意；
B．饺子香味四溢，是由于分子在不停地做无规则运动，故B正确，不符合题意；
C．煮饺子时，通过热传递改变饺子的内能，饺子吸热，内能增大，故C正确，不符合题意；
D．煮熟的饺子浮在水面上，所受浮力等于重力，饺子排开水的体积小于饺子的体积，则此时饺子的密度小于水的密度，故D错误，符合题意。
故选D。
11. 下列物态变化过程中，需要吸热的是（ ）
A. 雾绕山峦B. 冰雪消融
C. 露珠晶莹D. 霜打枝头
【答案】B
【解析】
【详解】．雾绕山峦，雾的形成是空气中的水蒸气温度降低变成小水珠，是液化过程，故A不符合题意；
B．冰雪消融，是熔化过程，熔化吸收热量，故B符合题意；
C．露珠晶莹，露的形成是空气中的水蒸气温度降低变成小水珠，是液化过程，液化放出热量，故C不符合题意；
D．霜打枝头，霜是空气中水蒸气温度降低直接变成小冰晶，是凝华过程，凝华放出热量，故D不符合题意。
故选。
12. 下列关于电学知识说法正确的是（ ）
A. 验电器的工作原理是同种电荷相互排斥
B. 若空气开关“跳闸”，一定是使用了大功率用电器
C. 电能表是测量用电器消耗电功率的仪表
D. 使用三脚插头和三孔插座的目的是为了节约电能
【答案】A
【解析】
【详解】A．带电体接触验电器时，验电器的两个金属箔因带上同种电荷相互排斥而张开，故A正确；
B．若空气开关“跳闸”，说明电路中电流过大，可能是总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故B错误；
C．电能表是测量用电器消耗电能（电流做功）多少的仪表，故C错误；
D．使用三脚插头和三孔插座，多出的那个孔是用来接地线的，当用电器的三脚插头插入时，用电器的金属外壳通过三孔插座与大地相连通，如果金属外壳漏电，地线将人体短路，防止人触电，故D错误。
故选A。
13. 如图所示，取暖“神器”当开关S1闭合时，电热丝R工作，再闭合开关S2，电动机M才能启动，取暖器摇头。电热丝未工作时，取暖器不能摇头。下列电路设计符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可知，当开关S1闭合时，电热丝R工作，再闭合开关S2，电动机M才能启动，取暖器摇头，说明电热丝R可以独立工作，则电热丝R与电动机M应并联；电热丝未工作时，取暖器不能摇头，这说明开关S1位于干路，开关S2位于电动机的支路上。
故选C。
14. 如图所示，某次实验连接的电路，下列说法不正确的是（ ）
A. 开关S2是干路开关，控制整个电路
B. 灯L1和L2是并联的
C. 只闭合开关S2时，电流表测量的是L1中的电流
D. 同时闭合S1，S2，电流表测量的是干路电流
【答案】C
【解析】
【详解】ABD．如图可知，灯泡L1和L2是并联，开关S2在干路上，控制整个电路，电流表在干路上，同时闭合S1、S2，电流表测量的是干路电流，故ABD正确，不符合题意；
C．只闭合开关S2时，灯泡L1断路，电流表测量的是灯泡L2中的电流，故C错误，符合题意。
故选C。
15. 如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，开关S闭合后，滑动变阻器滑片P向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A. 电路总功率变大B. 电流表示数变大
C. R1的功率变大D. R2两端电压变大
【答案】D
【解析】
【详解】A．由电路图可知，R1与R2串联，总电阻即为两电阻之和，电压表测的是R1的电压。当滑动变阻器滑片P向右移动时，R2的阻值变大，总电阻也变大，根据可得，电源电压一定时， R总越大，电路的总功率越小，故A错误；
B．根据可知，电源电压一定，R总越大，总电流越小，再根据串联电路电流处处相等，可得电流表的示数变小，故B错误；
C．根据可知，R1一定时，电流越小，电功率也越小，故C错误；
D．根据可得，R1一定时，电流变小，U1也会变小，再根据串联电路分压原理，可得，U2的电压会变大，即R2两端的电压会变大，故D正确。
故选D。
16. 如图所示是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是（ ）
A. 电冰箱连入三孔插座后，电灯与电冰箱并联
B. 闭合S灯不亮，说明没电，可以直接维修
C. 零线和地线之间的电压为220V
D. 保险丝改接到零线上更安全
【答案】A
【解析】
【详解】A．电冰箱接入三孔插座后，电灯与电冰箱互不影响，能独立工作，是并联的，故A正确；
B．闭合S灯不亮，说明没电，应该首先要确定电路故障的原因，然后再维修，故B错误；
C．零线和地线之间的电压为0V，故C错误；
D．为了安全，保险丝应该接到火线上，保险丝熔断时，整个电路与火线之间是断开的，故D错误。
故选A。
17. 将标有“220V 15W”的LED灯和“220V 15W”的白炽灯分别接入家庭电路中，发现LED灯的亮度远高于白炽灯的亮度。下列说法中正确的是（ ）
A. 相同时间内LED灯消耗的电能大于白炽灯消耗的电能
B. 相同时间内LED灯转换成的光能大于白炽灯转换成的光能
C. 通过LED灯的电流大于通过白炽灯的电流
D. LED灯的实际功率大于白炽灯的实际功率
【答案】B
【解析】
【详解】A．LED灯和白炽灯的额定功率都相同，由
可知，相同时间内LED灯消耗的电能等于白炽灯消耗的电能，故A错误；
B．相同时间内LED灯消耗的电能等于白炽灯消耗的电能，但LED灯的亮度远高于白炽灯的亮度，因此相同时间内LED灯转换成的光能大于白炽灯转换成的光能，故B正确；
C．由
可知，通过LED灯的电流等于通过白炽灯的电流，故C错误；
D．已知LED灯和白炽灯的额定电压和额定功率都相同，分别接入家庭电路中，实际电压都是220V，则二者实际功率相同，都等于15W，故D错误。
故选B。
18. 如图所示，这些实验的原理应用于我们日常生活的方方面面，下列分析中不正确的是（ ）
A. 由①的实验原理，我们制成了发电机
B. 由②的实验原理，我们制成了电动机
C. 由③的实验原理，我们制成了电磁起重机
D. 由④的实验原理，我们制成了通电螺线管
【答案】D
【解析】
【详解】A．由①电磁感应的实验原理，我们制成了发电机，故A正确，不符合题意；
B．由②通电导体在磁场中会受到力的作用的实验原理，我们制成了电动机，故B正确，不符合题意；
C．由③电流的磁效应的实验原理，我们制成了电磁起重机，故C正确，不符合题意；
D．④说明同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引，通电螺线管是利用电流的磁效应来工作的，故D错误，符合题意。
故选D。
19. 一艘轮船由甲海进入乙海（忽略船重变化），发现船身上浮了一些，下列有关说法正确的是（ ）
A. 甲海水密度大于乙海水的密度
B. 轮船受到的浮力变大
C. 轮船底部受到的海水压强变小
D. 轮船底部受到的海水压力不变
【答案】D
【解析】
【详解】B．轮船由甲海进入乙海始终处于漂浮状态，则浮力等于重力，所以浮力不变；故B错误；
A．已知船身上浮了一些，说明排开液体的体积减小，根据浮力的计算公式可知，海水密度变大，即甲海水的密度小于乙海水的密度，故A错误；
D．根据浮力产生的原因可知：轮船底部受到的海水压力等于浮力，则轮船底部受到的海水压力不变，故D正确；
C．由于轮船的底面积不变，根据可知，轮船底部受到的海水压强不变，故C错误。
故选D。
20. 如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从最右端a滑动到最左端b的过程中，电压表示数随电流表示数变化的图像如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为6V
B. 定值电阻R0的阻值为6Ω
C. 滑片P在b端时，电路中电流为1A
D. 电路消耗的最大功率为27W
【答案】D
【解析】
【详解】由图甲可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
ABC．由图甲可知，滑片在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，电路为R0的简单电路，由欧姆定律可知此时电路中的电流最大，由图乙可知，此时电路中的电流为3A；由欧姆定律可知，电源电压
U=I大R0=3A×R0……①
滑片在a端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，由欧姆定律可知此时电路中电流最小，由图乙可知此时电路中的电流为1A，滑动变阻器两端的电压为6V，由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压
U=U滑+U0=U滑+I小R0=6V+1A×R0……②
由①②解得R0=3Ω，U=9V，故ABC错误；
D．电路消耗的最大功率
P大=UI大=9V×3A=27W
故D正确。
故选D。
二、填空题（每空1分，共18分）
21. 2022年11月29日，神舟十五号飞船在酒泉发射升空，并于2022年11月30日凌晨对接于空间站组合体的前向对接口。至此，空间站首次实现了“三舱三船”的最大构型。现在请回答下列问题：
（1）火箭的燃料主要使用液态氢是因为它的热值 _____（选填“大”或“小”）；
（2）飞船在脱离火箭之前，相对于火箭是 _______的；
（3）飞船随火箭在加速上升过程中，飞船的机械能 _______（选填“增大”、“减小”或“不变”）；
（4）返回舱返回时，与大气层发生剧烈摩擦，变成一个火球（如图），将 _______能转化为_____能，这是通过 _______的方式改变物体的内能。
【答案】 ①. 大 ②. 静止 ③. 增大 ④. 机械 ⑤. 内 ⑥. 做功
【解析】
【详解】（1）[1]运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较大的热值，完全燃烧相同质量的氢和其它燃料时，可以释放出更多的热量。
（2）[2]飞船在脱离火箭之前，飞船和火箭是同向同速运动的，相对于火箭来说飞船是静止的。
（3）[3]火箭在加速上升过程中，速度增大、动能增大，高度变大，重力势能变大，使得机械能增大。
（4）[4][5][6]飞船与空气摩擦做功，将机械能转化为飞船的内能，温度升高，这是通过做功的方式改变物体的内能。
22. 汽车是我们家庭常用的交通工具。在汽车的制造及使用中涉及到许多物理知识：
（1）汽油机是汽车的“心脏”，汽油机的 _______冲程将内能转化为机械能；
（2）汽车轮胎上刻有花纹，通过增大 _____________，增大摩擦力；
（3）修理汽车时用到的液压千斤顶是应用 ________定律来工作的，一台液压千斤顶大活塞的面积是小活塞面积的100倍，如果在小活塞上加500N的压力，则大活塞能顶起物体的重力为 ___________。
【答案】 ①. 做功 ②. 接触面的粗糙程度 ③. 帕斯卡 ④.
【解析】
【详解】（1）[1]汽油机的一个工作循环包括：吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中做功冲程将内能转化为机械能，使汽车获得动力。
（2）[2]汽车轮胎上刻有花，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（3）[3]液压千斤顶是应用帕斯卡定律来工作的；由帕斯卡原理可知，大小活塞受到的压强相等，即，由可得
则大活塞上产生的力
则大活塞能顶起物体的重力为。
23. 小明同学发现自己看不清远处的物体，他眼睛的成像原理如图所示，则他的眼睛应配戴 ________（选填“凸透镜”或“凹透镜”）进行矫正；彩色电视机画面上丰富的色彩是由红、_____、蓝三种色光混合而成，阳光下透过绿色的玻璃看红花，红花呈现 _____色。
【答案】 ①. 凹透镜 ②. 绿 ③. 黑
【解析】
【详解】[1]远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，这是近视眼的成像特点，应配戴凹透镜制成的眼镜来矫正视力，使光线延迟会聚一些。
[2]光的三原色是红、绿、蓝，彩色电视机画面上丰富色彩是由光的三原色按不同的比例合成的。
[3]绿玻璃只能透过绿光，红光不能通过，没有光线进入我们的眼睛，所以我们看到红花就是黑色的。
24. 如图所示，电阻R2为4Ω，电源电压保持不变。当闭合开关S时，电压表示数为4V，电流表示数为0.5A，则电阻R1的阻值为 _____Ω，电源电压为 _____V。通电5min，该电路消耗的电能为 ________J。
【答案】 ①. 8 ②. 6 ③. 900
【解析】
【详解】[1][2][3]由图可知，R1、R2串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流；当闭合开关S时，电压表示数为4V，电流表示数为0.5A，由可知，R1的阻值
由可知，R2两端的电压
U2＝IR2＝0.5A×4Ω＝2V
根据串联电路的电压特点可知，电源电压
U＝U1+U2＝4V+2V＝6V
通电5min，该电路消耗的电能
W＝UIt＝6V×0.5A×5×60s＝900J
25. 小明家的电能表的表盘如图所示，他家用电器正常使用的总功率不能超过 _________W。他家的电风扇正常工作时电压为220V，电流为0.2A，电阻为5Ω，则电风扇正常工作1小时产生的电热为 ________J。
【答案】 ①. 4400 ②. 720
【解析】
【详解】[1]由图可知，电能表的工作电压U＝220V，额定最大电流Imax＝20A，则他家用电器正常使用的最大总功率为
[2]根据焦耳定律，电风扇正常工作1小时，即3600s产生的电热为
三、作图与实验题（第26题2分，其余每空1分，共24分）
26. 根据电源的正负极，在图中括号内标出小磁针的N极或S极。
【答案】
【解析】
【详解】电流从通电螺线管的右侧流入，左侧流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左侧为S极，右侧为N极，因为同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，因此小磁针的左端为S极，右端为N极，如下图所示：
27. 由于土壤松动，一棵珍稀古树摇摇欲坠。园艺师用绳子将古树系住，通过山体固定，对古树展开救助。如图所示，把古树视为杠杆，O点为支点，A点为古树重心位置。请画出古树受到的重力G。
【答案】
【解析】
【详解】重力的方向是竖直向下的，从古树重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：
28. 如图所示是小明探究“平面镜成像特点”的实验装置图；
（1）本实验应选择 _____（选填“薄”或“厚”）玻璃板进行实验，用玻璃板代替平面镜，是为了便于 ___________；
（2）多次移动蜡烛A进行实验后得出结论：平面镜成的是正立、等大的 _____像（选填“实”或“虚”）；
（3）当蜡烛A远离玻璃板M时，像的大小 _______（选填“变小”、“不变”或“变大”）。
【答案】 ①. 薄 ②. 确定像的位置 ③. 虚 ④. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]用厚玻璃板实验时，因其两个反射面成两个相距较远的像，导致实验无法完成，故本实验应选择薄玻璃板进行实验。
[2]玻璃板有透光性，既能成像，又能确定像的位置，用玻璃板代替平面镜，是为了便于确定像的位置。
（2）[3]多次移动蜡烛A进行实验后，发现平面镜的像与物关于平面镜对称，成的像不能用光屏承接，所以像是虚像，故可得出结论：平面镜成的是正立、等大的虚像。
（3）[4]由平面镜成像特点可知，平面镜成的像与物大小相等，所以当蜡烛A远离玻璃板M时，蜡烛大小不变，所以像的大小不变。
29. 小明在实验室用天平和量筒测量一块不规则石块（石块不吸水）的密度，请按要求完成下列问题：
（1）他将天平放在水平桌面上，指针开始摆动，稳定后，指针位置如图甲所示。这是因为：_________；
（2）用调好的天平测石块的质量，左盘放上石块时，当右盘中所加砝码和游码位置如图乙所示时，天平横梁重新平衡，则石块质量为 _________；
（3）在量筒内倒入适量水，该石块放入量筒前、后情况如图丙所示，此石块的密度 ________kg/m3；
（4）若先测物体体积，再测物体质量，密度测量结果 _______。（选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）
【答案】 ①. 没有把游码移到横梁标尺左端零刻线 ②. 37.4 ③. 1.87×103 ④. 偏大
【解析】
【详解】（1）[1]把天平放在水平桌面上，没有把游码移到横梁标尺左端零刻线，则天平指针会向右偏。
（2）[2]由图乙可知，天平标尺的分度值是0.2g，物体质量
m＝20g+10g+5g+2.4g＝37.4g
（3）[3]如图丙，量筒的分度值是1mL，水的体积为V1＝50mL，水和石块的体积为V2＝70mL，石块体积
V＝70mL﹣50mL＝20mL＝20cm3
石块的密度
（4）[4]若先测物体的体积，由于将物体从水中拿出后再测质量，上面沾有水，会使所测物体的质量偏大，根据密度公式知，所测密度会偏大。
30. 如图所示，用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。
（1）图甲所示的压强计是通过Ｕ形管中液面的______来反映被测压强大小的；
（2）若在使用压强计前，发现U形管内液面不相平，通过______（填写正确选项前字母）方法可以进行调节。
A．从U形管内向外倒出适量水
B．向U形管内添加适量水
C．拆除软管重新安装
（3）比较乙图、丙图和丁图，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强______；
（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成相同体积的盐水，其他条件不变，则液体对橡皮膜产生的压强将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 高度差 ②. C ③. 相等 ④. 变大
【解析】
【详解】(1)[1]图甲所示压强计是通过U形管中液面高度差来反映被测压强大小的。
(2)[2]调节压强计时，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
(3)[3]比较乙图、丙图和丁图，在相同液体的同一深度处，金属盒的朝向不同，而U形管两侧的液面高度差相等，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等。
(4)[4]在乙图中，若只将烧杯中的水换成相同体积的盐水，其他条件不变，是控制液体深度相同，改变液体的密度，观察U形管两侧的液面高度差将变大，则液体对橡皮膜产生的压强将变大。
31. 图甲是探究“水的沸腾”实验装置：
（1）如图，实验中还需要的一种测量工具是 _______；
（2）A、B、C三种读数方法正确的是 _____（填字母代号）；
（3）由图乙可知，水的沸点是 _______℃。水沸腾过程中不断吸热，温度 _________（选填“升高”、“降低”或“保持不变”）；
（4）为节约能源，缩短实验时间，可采取的措施很多，请你写出一种：___________。
【答案】 ①. 秒表 ②. B ③. 97 ④. 保持不变 ⑤. 减少水的质量
【解析】
【详解】（1）[1]实验过程中要分析水沸腾时温度随时间的变化关系，需要测量温度和时间，所以我们需要测量温度和时间的工具，图中已经有测量温度的温度计，所以还需要测量时间的秒表。
（2）[2]读数时，要把视线与读数对齐，所以A、B、C三种读数方法中B是正确的。
（3）[3][4]由图象可知，水沸腾时保持不变的温度等于沸点，即水的沸点为98℃；由图乙知，水在沸腾时，继续从外界吸热，温度保持在沸点不变。
（4）[5]水沸腾实验加热时间过长，根据Q＝cmΔt知，加热时间长，吸收热量多，水的比热一定时，可能是水的质量太大，或是水的初温太低，为了节约能源，适当缩短实验时间，可采取减少水的质量，提高水的初温或在烧杯口加盖等。
32. 小明在“测量小灯泡电阻”的实验中，所用小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整；________
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数、电流表无示数，则可能的原因是 __________；
（3）排除故障后，闭合开关，发现此时电压表的示数为2.2V，若要测量小灯泡的正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向 _____（选填“左”或“右”）移动，直到电压表的示数为 ________V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻约为 _________Ω（保留一位小数）。
【答案】 ①. ②. 小灯泡断路 ③. 左 ④. 2.5 ⑤. 10.4
【解析】
【详解】（1）[1]根据题意可知，灯泡的额定电压为2.5V，因此电压表量程选择0～3V，即将电压表的3V接线柱与灯泡的右接线柱相连，如下图所示：
（2）[2]灯泡不亮，可能是灯泡断路，或灯泡短路，或灯泡之外电路断路造成的；电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源连接相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，综合分析可知，小灯泡断路。
（3）[3][4]电压表示数小于灯泡额定电压，故需减小滑动变阻器两端电压，即减小滑动变阻器接入电路阻值，故将滑片向左移动；使电压表示数为2.5V；根据图乙可知，灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.24A，故灯泡的
四、计算题（第32题9分，第33题9分，共18分）
33. 小明家的电热水器的简化电路图如图所示，S1是手动开关，置于热水器水箱外部；S2是温控开关，置于热水器水箱内部，当水温低于40℃时自动闭合，达到40℃时自动断开；R1和R2均为用来加热且阻值不变的电热丝。使用时，手动闭合开关S1，电热水器开始工作。电热水器部分参数如表所示。
求：
（1）电热丝R1的阻值。
（2）加热时流过电热丝R2的电流。
（3）将初温20℃的一满箱水加热至设定温度用了50min，水吸收的热量是多少？【水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，ρ水=1.0×103kg/m3】
【答案】（1）220Ω；（2）7A；（3）4.2×106J
【解析】
【详解】解：（1）当只闭合开关S1时，R1单独工作，此时总电阻最大（大于并联的总电阻），由可知电路的总功率最小，则电热水器处于保温状态，由可得R1的阻值
（2）当两开关都闭合时，两电阻并联，总电阻最小，总功率最大，则电热水器处于加热状态，此时R2的功率
P2=P总-P1=P加热-P保温=1760W-220W=1540W
由P=UI可得，通过电热丝R2的电流
（3）由可得50L水的质量
m=ρ水V=1.0×103kg/m3×50×10-3m3=50kg
水吸收的热量为
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×50kg×(40℃-20℃)=4.2×106J
答：（1）电热丝R1的阻值是220Ω；
（2）加热时流过电热丝R2的电流是7A；
（3）水吸收的热量是4.2×106J。
34. 如图，我国某型号潜水艇的总体积为1.5×104m3，在海面航行时排水量为1.0×104t，最大下潜深度可达600m，以20m/s的速度匀速潜行10min，受到海水阻力为1.0×107N，海水密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）最大下潜深度处的海水压强。
（2）潜水艇完全潜入海水中时受到的浮力。
（3）潜水艇匀速潜行时的功率。
【答案】（1）6×106Pa；（2）1.5×108N；（3）2×108W
【解析】
【详解】解：（1）最大下潜深度处的海水压强为
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×600m=6×106Pa
（2）根据阿基米德原理，潜水艇完全潜入海水中时受到的浮力为
F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×1.5×104m3×10N/kg=1.5×108N
（3）潜水艇匀速潜行时的功率为
答：（1）最大下潜深度处的海水压强为6×106Pa；
（2）潜水艇完全潜入海水中时受到的浮力为1.5×108N；
（3）潜水艇匀速潜行时的功率为2×108W。额定电压
220V
频率
50Hz
保温功率
220W
加热功率
1760W
水箱容量
50L
设定温度
40℃
一、单项选择题（共20小题，每小题2分，共40分.每小题只有一个选项符合题目要求）
1. 下列估测中，最符合实际是（ ）
A. 人步行的速度约1.2m/s
B. 一张邮票质量约为50g
C. 一名中学生从一楼到二楼克服重力做功约150J
D. 家用空调的功率为80W
【答案】A
【解析】
【详解】A．人正常行驶的速度约为1m/s~1.5m/s，故A符合实际；
B．一张邮票的质量远小于1g，故B不符合实际；
C．中学生从一楼走上二楼克服重力所做的功约
W=Gh=mgh=50kg×10N/kg×3m=1500J
故C不符合实际；
D．家用空调正常工作时的电流约为5A，额定功率约为
P=UI=220V×5A=1100W
故D不符合实际。
故选A。
2. 下列说法中正确的是（ ）
A. 航天员在空间站利用电磁波跟地面指挥中心进行联系
B. 当前，人类已实现常温常压下超导研究
C. 电视机遥控器是利用超声波传递信号的
D. 核潜艇利用的是可控核聚变释放的能量
【答案】A
【解析】
【详解】A．由于太空中没有空气，声音无法传播，所以航天员在空间站利用电磁波跟地面指挥中心进行联系，故A正确；
B．当前，人类无法现常温常压下超导研究，故B错误；
C．遥控器是利用红外线来工作的，故C错误；更多优质支援请 嘉 威杏 MXSJ663 D．核潜艇利用的是可控核裂变释放的能量的，故D错误。
故选A。
3. 小明在淹城春秋民俗文化区游玩时，发现一种木制玩具青蛙刮鼓，用木棒在木制青蛙背上摩擦，就会发出类似青蛙的叫声，有时还能引起周围青蛙的附和共鸣，下列说法正确的是（ ）
A. 青蛙刮鼓发出的声音是由木棒振动产生的
B. 模拟青蛙的叫声是指音色相近
C. 能引起周围背蛙附和共鸣说明声音能传递能量
D. 青蛙刮鼓发出声音一定是噪声
【答案】B
【解析】
【分析】(1)声音是由物体的振动产生的。
(2)音色可以区别不同的声音。
(3)声音能传递能量和信息。
(4)根据噪音和乐音的定义分析。
【详解】A．青蛙刮鼓发出的声音是由青蛙的背振动产生的，故A错误；
B．模拟青蛙的叫声是指模拟出相同的音色，故B正确；
C．声音能传递信息，能引起周围青蛙的附和共鸣就是利用了传递信息，故C错误；
D．从环保的角度，青蛙刮鼓发出的声音如果影响到了人的休息和工作，就属于噪声，没有影响，就不属于噪声，故D错误。
故选B。
4. 如图所示的四种光学现象中，属于光的反射的是（ ）
A. 手影游戏B. 静影沉璧
C. 池水变“浅”了D. 沙漠蜃景
【答案】B
【解析】
【详解】A．光被手遮挡后，在后边形成一个黑色的区域，叫做影子，即手影，是光的直线传播形成的，故A不符合题意；
B．玉璧一样月亮的倒影属于平面镜成像，是由光的反射形成的，故B符合题意；
C．池水变“浅”，是由光的折射形成的，故C不符合题意；
D．沙漠蜃景是光线在不均匀的大气中，经过折射造成的结果，故D不符合题意。
故选B。
5. 小明在探究凸透镜成像规律时，做了如下实验：
①用平行光正对凸透镜照射，移动光屏得到一个最小、最亮的光斑，如图甲所示；
②保持该透镜位置不变，将点燃的蜡烛放在图乙所示的位置，移动光屏得到烛焰清晰的像（图中未画出）。则下列说法不正确的是（ ）
A. 实验②中，烛焰在光屏上成倒立放大的实像
B. 实验②中，像到透镜的距离一定大于20cm
C. 若增大蜡烛与透镜的距离，所成的像会变小
D. 若蜡烛与透镜的距离大于10cm，则在另一侧通过透镜可以观察到烛焰正立、放大的虚像
【答案】D
【解析】
【详解】AB．由①可知，平行于主光轴的光线经凸透镜折射后，会聚在主光轴上一点，这点是凸透镜的焦点，焦点到光心的距离是凸透镜的焦距，所以凸透镜的焦距是
f＝60.0cm﹣50.0cm＝10.0cm
实验②中，此时物距
u＝50cm﹣35cm＝15cm
大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据
2f＞u＞f
v＞2f
即像距大于20cm，成倒立、放大的实像，故AB正确，不符合题意；
C．若增大蜡烛与透镜的距离，此时物距增大，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小可知，所成的像会变小，故C正确，不符合题意；
D．若蜡烛与透镜的距离大于10cm，即物距大于一倍焦距，小于二倍焦距，根据
2f＞u＞f
成倒立、放大的实像，当蜡烛与透镜的距离小于10cm，才能在另一侧通过透镜可以观察到烛焰正立、放大的虚像。故D错误，符合题意。
故选D。
6. 如图用弹簧测力计沿水平方向拉木块，当弹簧测力计示数为5N时，木块在水平木板上做匀速直线运动。下列说法正确的是（ ）
A. 木块只受到拉力、滑动摩擦力两个力，合力为零
B. 由二力平衡可知：弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小
C. 木块的速度越大，滑动摩擦力越大
D. 改用7N的水平拉力，木块受到的滑动摩擦力大小也将变为7N
【答案】B
【解析】
【详解】A．木块在水平木板上做匀速直线运动时，受重力、支持力、拉力和摩擦力四个力的作用，故A错误；
B．木块做匀速直线运动时，受到的拉力和摩擦力是一对平衡力，大小相等，弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小，故B正确；
C．影响摩擦力的因素是压力、接触面的粗糙程度，摩擦力大小与物体运动速度无关，故C错误；
D．木块在水平木板上运动，压力和接触面的粗糙程度不变，改用7N的拉力，其摩擦力也不会变，故滑动摩擦力大小还是5N，故D错误。
故选B。
7. 如图所示，民警正脚踏“风火轮”执勤。下列说法正确的是（ ）
A. 当民警驾驶“风火轮”原地匀速转弯时，民警的运动状态保持不变
B. 当民警驾驶“风火轮”加速行驶时，相对“风火轮”民警静止，所以民警“受力平衡”
C. 遇到紧急情况时，“风火轮”不能马上停下，因为一切物体都有惯性
D. 民警站在“风火轮”上静止时，民警受到的重力和“风火轮”对他的支持力是一对相互作用力
【答案】C
【解析】
【详解】A．当民警驾驶“风火轮”原地匀速转弯时，民警的运动方向发生变化，其运动状态发生变化，故A错误；
B．民警相对“风火轮”静止，所以民警在做加速运动，受到的是非平衡力，故B错误；
C．遇到紧急情况时，“风火轮”不能马上停下，是因为，风火轮”具有惯性，故C正确；
D．民警站在“风火轮”上静止时，民警受到的重力和“风火轮”对他的支持力作用在同一物体上，不是一对相互作用力，故D错误。
故选C。
8. 如图所示，下列生活场景分析不正确的是（ ）
A. 图中塑料吸盘挂钩靠大气压“压”在墙壁上
B. 图中吸管一端做成斜切口是为了增大压力
C. 图中站台处设置安全线，避免乘客靠近运行高铁的一侧空气“流速大压强小”产生“吸力”
D. 图中，远处雪山山顶的大气压比山脚下的低
【答案】B
【解析】
【详解】A．塑料吸盘被大气压挤压，挂钩靠摩擦力贴在墙壁上，故A正确，不符合题意；
B．吸管一端做成斜切口是在压力大小一定时，减小受力面积，增大压强，故B错误，符合题意；
C．人离高速列车比较近时，高速列车的速度很大，人和高速列车的之间的空气流动速度很大，压强小，人外侧的压强不变，人受到外侧压强大于人内侧受到的压强，人在较大的压强差作用下很容易被压向列车，发生交通事故，所以站台处设置安全线，故C正确，不符合题意；
D．海拔越高，气压越低，所以远处雪山山顶的大气压比山脚低，故D正确，不符合题意；
故选B。
9. 如图所示的滑轮组将重100N的物体匀速提升1m，所用时间为10s，作用在绳子末端的拉力F为60N（不计绳重和绳与滑轮间的摩擦），下列说法中正确的是（ ）
A. 所做的有用功为60J
B. 动滑轮自重40N
C. 拉力F做功的功率为12W
D. 该滑轮组的机械效率恒定不变
【答案】C
【解析】
【详解】A．因为用滑轮组提升物体，对物体做的功是有用功；所以所做的有用功
W用＝Gh＝100N×1m＝100J
故A错误；
B．绳子的有效段数为2，不计绳重和绳与滑轮间的摩擦时
则动滑轮的重力
G动＝2F﹣G物＝2×60N﹣100N＝20N
故B错误；
C．绳子自由端移动的距离为物体升高距离的2倍，用滑轮组提升物体，拉力F做的功是总功，则拉力F做功的功率
故C正确；
D．不计绳重和绳与滑轮间的摩擦，故该滑轮组的机械效率
动滑轮的重力不变，当提升物体的重力变大时，由上式可知，该滑轮组的机械效率变大，故D错误。
故选C。
10. “饺子”是我们节日或日常生活喜欢吃的食品。下列分析不正确的是（ ）
A. 饺子被包成各种形状，说明力能改变物体形状
B. 饺香四溢，说明分子永不停息做无规则运动
C. 煮饺子时，饺子吸热，内能增大
D. 饺子熟了漂在水面，饺子所受浮力大于重力
【答案】D
【解析】
【详解】A．饺子被包成各种形状，说明力可以改变物体的形状，使物体发生形变，故A错误正确，不符合题意；
B．饺子香味四溢，是由于分子在不停地做无规则运动，故B正确，不符合题意；
C．煮饺子时，通过热传递改变饺子的内能，饺子吸热，内能增大，故C正确，不符合题意；
D．煮熟的饺子浮在水面上，所受浮力等于重力，饺子排开水的体积小于饺子的体积，则此时饺子的密度小于水的密度，故D错误，符合题意。
故选D。
11. 下列物态变化过程中，需要吸热的是（ ）
A. 雾绕山峦B. 冰雪消融
C. 露珠晶莹D. 霜打枝头
【答案】B
【解析】
【详解】．雾绕山峦，雾的形成是空气中的水蒸气温度降低变成小水珠，是液化过程，故A不符合题意；
B．冰雪消融，是熔化过程，熔化吸收热量，故B符合题意；
C．露珠晶莹，露的形成是空气中的水蒸气温度降低变成小水珠，是液化过程，液化放出热量，故C不符合题意；
D．霜打枝头，霜是空气中水蒸气温度降低直接变成小冰晶，是凝华过程，凝华放出热量，故D不符合题意。
故选。
12. 下列关于电学知识说法正确的是（ ）
A. 验电器的工作原理是同种电荷相互排斥
B. 若空气开关“跳闸”，一定是使用了大功率用电器
C. 电能表是测量用电器消耗电功率的仪表
D. 使用三脚插头和三孔插座的目的是为了节约电能
【答案】A
【解析】
【详解】A．带电体接触验电器时，验电器的两个金属箔因带上同种电荷相互排斥而张开，故A正确；
B．若空气开关“跳闸”，说明电路中电流过大，可能是总功率过大，也可能是电路中发生了短路，故B错误；
C．电能表是测量用电器消耗电能（电流做功）多少的仪表，故C错误；
D．使用三脚插头和三孔插座，多出的那个孔是用来接地线的，当用电器的三脚插头插入时，用电器的金属外壳通过三孔插座与大地相连通，如果金属外壳漏电，地线将人体短路，防止人触电，故D错误。
故选A。
13. 如图所示，取暖“神器”当开关S1闭合时，电热丝R工作，再闭合开关S2，电动机M才能启动，取暖器摇头。电热丝未工作时，取暖器不能摇头。下列电路设计符合要求的是（ ）
A. B.
C. D.
【答案】C
【解析】
【详解】由题意可知，当开关S1闭合时，电热丝R工作，再闭合开关S2，电动机M才能启动，取暖器摇头，说明电热丝R可以独立工作，则电热丝R与电动机M应并联；电热丝未工作时，取暖器不能摇头，这说明开关S1位于干路，开关S2位于电动机的支路上。
故选C。
14. 如图所示，某次实验连接的电路，下列说法不正确的是（ ）
A. 开关S2是干路开关，控制整个电路
B. 灯L1和L2是并联的
C. 只闭合开关S2时，电流表测量的是L1中的电流
D. 同时闭合S1，S2，电流表测量的是干路电流
【答案】C
【解析】
【详解】ABD．如图可知，灯泡L1和L2是并联，开关S2在干路上，控制整个电路，电流表在干路上，同时闭合S1、S2，电流表测量的是干路电流，故ABD正确，不符合题意；
C．只闭合开关S2时，灯泡L1断路，电流表测量的是灯泡L2中的电流，故C错误，符合题意。
故选C。
15. 如图所示的电路中，电源电压不变，R1为定值电阻，开关S闭合后，滑动变阻器滑片P向右移动时，下列说法正确的是（ ）
A. 电路总功率变大B. 电流表示数变大
C. R1的功率变大D. R2两端电压变大
【答案】D
【解析】
【详解】A．由电路图可知，R1与R2串联，总电阻即为两电阻之和，电压表测的是R1的电压。当滑动变阻器滑片P向右移动时，R2的阻值变大，总电阻也变大，根据可得，电源电压一定时， R总越大，电路的总功率越小，故A错误；
B．根据可知，电源电压一定，R总越大，总电流越小，再根据串联电路电流处处相等，可得电流表的示数变小，故B错误；
C．根据可知，R1一定时，电流越小，电功率也越小，故C错误；
D．根据可得，R1一定时，电流变小，U1也会变小，再根据串联电路分压原理，可得，U2的电压会变大，即R2两端的电压会变大，故D正确。
故选D。
16. 如图所示是某家庭电路的一部分，下列说法正确的是（ ）
A. 电冰箱连入三孔插座后，电灯与电冰箱并联
B. 闭合S灯不亮，说明没电，可以直接维修
C. 零线和地线之间的电压为220V
D. 保险丝改接到零线上更安全
【答案】A
【解析】
【详解】A．电冰箱接入三孔插座后，电灯与电冰箱互不影响，能独立工作，是并联的，故A正确；
B．闭合S灯不亮，说明没电，应该首先要确定电路故障的原因，然后再维修，故B错误；
C．零线和地线之间的电压为0V，故C错误；
D．为了安全，保险丝应该接到火线上，保险丝熔断时，整个电路与火线之间是断开的，故D错误。
故选A。
17. 将标有“220V 15W”的LED灯和“220V 15W”的白炽灯分别接入家庭电路中，发现LED灯的亮度远高于白炽灯的亮度。下列说法中正确的是（ ）
A. 相同时间内LED灯消耗的电能大于白炽灯消耗的电能
B. 相同时间内LED灯转换成的光能大于白炽灯转换成的光能
C. 通过LED灯的电流大于通过白炽灯的电流
D. LED灯的实际功率大于白炽灯的实际功率
【答案】B
【解析】
【详解】A．LED灯和白炽灯的额定功率都相同，由
可知，相同时间内LED灯消耗的电能等于白炽灯消耗的电能，故A错误；
B．相同时间内LED灯消耗的电能等于白炽灯消耗的电能，但LED灯的亮度远高于白炽灯的亮度，因此相同时间内LED灯转换成的光能大于白炽灯转换成的光能，故B正确；
C．由
可知，通过LED灯的电流等于通过白炽灯的电流，故C错误；
D．已知LED灯和白炽灯的额定电压和额定功率都相同，分别接入家庭电路中，实际电压都是220V，则二者实际功率相同，都等于15W，故D错误。
故选B。
18. 如图所示，这些实验的原理应用于我们日常生活的方方面面，下列分析中不正确的是（ ）
A. 由①的实验原理，我们制成了发电机
B. 由②的实验原理，我们制成了电动机
C. 由③的实验原理，我们制成了电磁起重机
D. 由④的实验原理，我们制成了通电螺线管
【答案】D
【解析】
【详解】A．由①电磁感应的实验原理，我们制成了发电机，故A正确，不符合题意；
B．由②通电导体在磁场中会受到力的作用的实验原理，我们制成了电动机，故B正确，不符合题意；
C．由③电流的磁效应的实验原理，我们制成了电磁起重机，故C正确，不符合题意；
D．④说明同名磁极互相排斥、异名磁极相互吸引，通电螺线管是利用电流的磁效应来工作的，故D错误，符合题意。
故选D。
19. 一艘轮船由甲海进入乙海（忽略船重变化），发现船身上浮了一些，下列有关说法正确的是（ ）
A. 甲海水密度大于乙海水的密度
B. 轮船受到的浮力变大
C. 轮船底部受到的海水压强变小
D. 轮船底部受到的海水压力不变
【答案】D
【解析】
【详解】B．轮船由甲海进入乙海始终处于漂浮状态，则浮力等于重力，所以浮力不变；故B错误；
A．已知船身上浮了一些，说明排开液体的体积减小，根据浮力的计算公式可知，海水密度变大，即甲海水的密度小于乙海水的密度，故A错误；
D．根据浮力产生的原因可知：轮船底部受到的海水压力等于浮力，则轮船底部受到的海水压力不变，故D正确；
C．由于轮船的底面积不变，根据可知，轮船底部受到的海水压强不变，故C错误。
故选D。
20. 如图甲所示，电源电压保持不变，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P从最右端a滑动到最左端b的过程中，电压表示数随电流表示数变化的图像如图乙所示，则下列说法正确的是（ ）
A. 电源电压为6V
B. 定值电阻R0的阻值为6Ω
C. 滑片P在b端时，电路中电流为1A
D. 电路消耗的最大功率为27W
【答案】D
【解析】
【详解】由图甲可知，R0与R串联，电压表测R两端的电压，电流表测电路中的电流。
ABC．由图甲可知，滑片在b端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，电路为R0的简单电路，由欧姆定律可知此时电路中的电流最大，由图乙可知，此时电路中的电流为3A；由欧姆定律可知，电源电压
U=I大R0=3A×R0……①
滑片在a端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，由欧姆定律可知此时电路中电流最小，由图乙可知此时电路中的电流为1A，滑动变阻器两端的电压为6V，由串联电路的电压特点和欧姆定律可知，电源电压
U=U滑+U0=U滑+I小R0=6V+1A×R0……②
由①②解得R0=3Ω，U=9V，故ABC错误；
D．电路消耗的最大功率
P大=UI大=9V×3A=27W
故D正确。
故选D。
二、填空题（每空1分，共18分）
21. 2022年11月29日，神舟十五号飞船在酒泉发射升空，并于2022年11月30日凌晨对接于空间站组合体的前向对接口。至此，空间站首次实现了“三舱三船”的最大构型。现在请回答下列问题：
（1）火箭的燃料主要使用液态氢是因为它的热值 _____（选填“大”或“小”）；
（2）飞船在脱离火箭之前，相对于火箭是 _______的；
（3）飞船随火箭在加速上升过程中，飞船的机械能 _______（选填“增大”、“减小”或“不变”）；
（4）返回舱返回时，与大气层发生剧烈摩擦，变成一个火球（如图），将 _______能转化为_____能，这是通过 _______的方式改变物体的内能。
【答案】 ①. 大 ②. 静止 ③. 增大 ④. 机械 ⑤. 内 ⑥. 做功
【解析】
【详解】（1）[1]运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较大的热值，完全燃烧相同质量的氢和其它燃料时，可以释放出更多的热量。
（2）[2]飞船在脱离火箭之前，飞船和火箭是同向同速运动的，相对于火箭来说飞船是静止的。
（3）[3]火箭在加速上升过程中，速度增大、动能增大，高度变大，重力势能变大，使得机械能增大。
（4）[4][5][6]飞船与空气摩擦做功，将机械能转化为飞船的内能，温度升高，这是通过做功的方式改变物体的内能。
22. 汽车是我们家庭常用的交通工具。在汽车的制造及使用中涉及到许多物理知识：
（1）汽油机是汽车的“心脏”，汽油机的 _______冲程将内能转化为机械能；
（2）汽车轮胎上刻有花纹，通过增大 _____________，增大摩擦力；
（3）修理汽车时用到的液压千斤顶是应用 ________定律来工作的，一台液压千斤顶大活塞的面积是小活塞面积的100倍，如果在小活塞上加500N的压力，则大活塞能顶起物体的重力为 ___________。
【答案】 ①. 做功 ②. 接触面的粗糙程度 ③. 帕斯卡 ④.
【解析】
【详解】（1）[1]汽油机的一个工作循环包括：吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中做功冲程将内能转化为机械能，使汽车获得动力。
（2）[2]汽车轮胎上刻有花，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
（3）[3]液压千斤顶是应用帕斯卡定律来工作的；由帕斯卡原理可知，大小活塞受到的压强相等，即，由可得
则大活塞上产生的力
则大活塞能顶起物体的重力为。
23. 小明同学发现自己看不清远处的物体，他眼睛的成像原理如图所示，则他的眼睛应配戴 ________（选填“凸透镜”或“凹透镜”）进行矫正；彩色电视机画面上丰富的色彩是由红、_____、蓝三种色光混合而成，阳光下透过绿色的玻璃看红花，红花呈现 _____色。
【答案】 ①. 凹透镜 ②. 绿 ③. 黑
【解析】
【详解】[1]远处物体射来的光线会聚在视网膜的前方，这是近视眼的成像特点，应配戴凹透镜制成的眼镜来矫正视力，使光线延迟会聚一些。
[2]光的三原色是红、绿、蓝，彩色电视机画面上丰富色彩是由光的三原色按不同的比例合成的。
[3]绿玻璃只能透过绿光，红光不能通过，没有光线进入我们的眼睛，所以我们看到红花就是黑色的。
24. 如图所示，电阻R2为4Ω，电源电压保持不变。当闭合开关S时，电压表示数为4V，电流表示数为0.5A，则电阻R1的阻值为 _____Ω，电源电压为 _____V。通电5min，该电路消耗的电能为 ________J。
【答案】 ①. 8 ②. 6 ③. 900
【解析】
【详解】[1][2][3]由图可知，R1、R2串联，电压表测量R1两端的电压，电流表测量电路中的电流；当闭合开关S时，电压表示数为4V，电流表示数为0.5A，由可知，R1的阻值
由可知，R2两端的电压
U2＝IR2＝0.5A×4Ω＝2V
根据串联电路的电压特点可知，电源电压
U＝U1+U2＝4V+2V＝6V
通电5min，该电路消耗的电能
W＝UIt＝6V×0.5A×5×60s＝900J
25. 小明家的电能表的表盘如图所示，他家用电器正常使用的总功率不能超过 _________W。他家的电风扇正常工作时电压为220V，电流为0.2A，电阻为5Ω，则电风扇正常工作1小时产生的电热为 ________J。
【答案】 ①. 4400 ②. 720
【解析】
【详解】[1]由图可知，电能表的工作电压U＝220V，额定最大电流Imax＝20A，则他家用电器正常使用的最大总功率为
[2]根据焦耳定律，电风扇正常工作1小时，即3600s产生的电热为
三、作图与实验题（第26题2分，其余每空1分，共24分）
26. 根据电源的正负极，在图中括号内标出小磁针的N极或S极。
【答案】
【解析】
【详解】电流从通电螺线管的右侧流入，左侧流出，根据安培定则可知，通电螺线管的左侧为S极，右侧为N极，因为同名磁极互相排斥，异名磁极互相吸引，因此小磁针的左端为S极，右端为N极，如下图所示：
27. 由于土壤松动，一棵珍稀古树摇摇欲坠。园艺师用绳子将古树系住，通过山体固定，对古树展开救助。如图所示，把古树视为杠杆，O点为支点，A点为古树重心位置。请画出古树受到的重力G。
【答案】
【解析】
【详解】重力的方向是竖直向下的，从古树重心画一条带箭头的竖直向下的有向线段，用G表示，如图所示：
28. 如图所示是小明探究“平面镜成像特点”的实验装置图；
（1）本实验应选择 _____（选填“薄”或“厚”）玻璃板进行实验，用玻璃板代替平面镜，是为了便于 ___________；
（2）多次移动蜡烛A进行实验后得出结论：平面镜成的是正立、等大的 _____像（选填“实”或“虚”）；
（3）当蜡烛A远离玻璃板M时，像的大小 _______（选填“变小”、“不变”或“变大”）。
【答案】 ①. 薄 ②. 确定像的位置 ③. 虚 ④. 不变
【解析】
【详解】（1）[1]用厚玻璃板实验时，因其两个反射面成两个相距较远的像，导致实验无法完成，故本实验应选择薄玻璃板进行实验。
[2]玻璃板有透光性，既能成像，又能确定像的位置，用玻璃板代替平面镜，是为了便于确定像的位置。
（2）[3]多次移动蜡烛A进行实验后，发现平面镜的像与物关于平面镜对称，成的像不能用光屏承接，所以像是虚像，故可得出结论：平面镜成的是正立、等大的虚像。
（3）[4]由平面镜成像特点可知，平面镜成的像与物大小相等，所以当蜡烛A远离玻璃板M时，蜡烛大小不变，所以像的大小不变。
29. 小明在实验室用天平和量筒测量一块不规则石块（石块不吸水）的密度，请按要求完成下列问题：
（1）他将天平放在水平桌面上，指针开始摆动，稳定后，指针位置如图甲所示。这是因为：_________；
（2）用调好的天平测石块的质量，左盘放上石块时，当右盘中所加砝码和游码位置如图乙所示时，天平横梁重新平衡，则石块质量为 _________；
（3）在量筒内倒入适量水，该石块放入量筒前、后情况如图丙所示，此石块的密度 ________kg/m3；
（4）若先测物体体积，再测物体质量，密度测量结果 _______。（选填“偏大”、“偏小”或“不受影响”）
【答案】 ①. 没有把游码移到横梁标尺左端零刻线 ②. 37.4 ③. 1.87×103 ④. 偏大
【解析】
【详解】（1）[1]把天平放在水平桌面上，没有把游码移到横梁标尺左端零刻线，则天平指针会向右偏。
（2）[2]由图乙可知，天平标尺的分度值是0.2g，物体质量
m＝20g+10g+5g+2.4g＝37.4g
（3）[3]如图丙，量筒的分度值是1mL，水的体积为V1＝50mL，水和石块的体积为V2＝70mL，石块体积
V＝70mL﹣50mL＝20mL＝20cm3
石块的密度
（4）[4]若先测物体的体积，由于将物体从水中拿出后再测质量，上面沾有水，会使所测物体的质量偏大，根据密度公式知，所测密度会偏大。
30. 如图所示，用压强计“探究影响液体内部压强大小的因素”。
（1）图甲所示的压强计是通过Ｕ形管中液面的______来反映被测压强大小的；
（2）若在使用压强计前，发现U形管内液面不相平，通过______（填写正确选项前字母）方法可以进行调节。
A．从U形管内向外倒出适量水
B．向U形管内添加适量水
C．拆除软管重新安装
（3）比较乙图、丙图和丁图，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强______；
（4）在乙图中，若只将烧杯中的水换成相同体积的盐水，其他条件不变，则液体对橡皮膜产生的压强将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。
【答案】 ①. 高度差 ②. C ③. 相等 ④. 变大
【解析】
【详解】(1)[1]图甲所示压强计是通过U形管中液面高度差来反映被测压强大小的。
(2)[2]调节压强计时，只需要将软管取下，再重新安装，这样U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，故AB不符合题意，C符合题意。
故选C。
(3)[3]比较乙图、丙图和丁图，在相同液体的同一深度处，金属盒的朝向不同，而U形管两侧的液面高度差相等，可以得到：在同一深度，液体内部向各个方向的压强相等。
(4)[4]在乙图中，若只将烧杯中的水换成相同体积的盐水，其他条件不变，是控制液体深度相同，改变液体的密度，观察U形管两侧的液面高度差将变大，则液体对橡皮膜产生的压强将变大。
31. 图甲是探究“水的沸腾”实验装置：
（1）如图，实验中还需要的一种测量工具是 _______；
（2）A、B、C三种读数方法正确的是 _____（填字母代号）；
（3）由图乙可知，水的沸点是 _______℃。水沸腾过程中不断吸热，温度 _________（选填“升高”、“降低”或“保持不变”）；
（4）为节约能源，缩短实验时间，可采取的措施很多，请你写出一种：___________。
【答案】 ①. 秒表 ②. B ③. 97 ④. 保持不变 ⑤. 减少水的质量
【解析】
【详解】（1）[1]实验过程中要分析水沸腾时温度随时间的变化关系，需要测量温度和时间，所以我们需要测量温度和时间的工具，图中已经有测量温度的温度计，所以还需要测量时间的秒表。
（2）[2]读数时，要把视线与读数对齐，所以A、B、C三种读数方法中B是正确的。
（3）[3][4]由图象可知，水沸腾时保持不变的温度等于沸点，即水的沸点为98℃；由图乙知，水在沸腾时，继续从外界吸热，温度保持在沸点不变。
（4）[5]水沸腾实验加热时间过长，根据Q＝cmΔt知，加热时间长，吸收热量多，水的比热一定时，可能是水的质量太大，或是水的初温太低，为了节约能源，适当缩短实验时间，可采取减少水的质量，提高水的初温或在烧杯口加盖等。
32. 小明在“测量小灯泡电阻”的实验中，所用小灯泡的额定电压为2.5V。
（1）用笔画线代替导线，将图甲的实物图连接完整；________
（2）闭合开关，移动滑动变阻器的滑片P，发现小灯泡始终不亮，电压表有示数、电流表无示数，则可能的原因是 __________；
（3）排除故障后，闭合开关，发现此时电压表的示数为2.2V，若要测量小灯泡的正常发光时的电阻，应将滑动变阻器的滑片P向 _____（选填“左”或“右”）移动，直到电压表的示数为 ________V，此时电流表示数如图乙所示，则小灯泡正常发光时的电阻约为 _________Ω（保留一位小数）。
【答案】 ①. ②. 小灯泡断路 ③. 左 ④. 2.5 ⑤. 10.4
【解析】
【详解】（1）[1]根据题意可知，灯泡的额定电压为2.5V，因此电压表量程选择0～3V，即将电压表的3V接线柱与灯泡的右接线柱相连，如下图所示：
（2）[2]灯泡不亮，可能是灯泡断路，或灯泡短路，或灯泡之外电路断路造成的；电流表无示数，说明电路断路；电压表有示数，说明电压表与电源连接相连，电压表并联电路之外电路不存在断路，综合分析可知，小灯泡断路。
（3）[3][4]电压表示数小于灯泡额定电压，故需减小滑动变阻器两端电压，即减小滑动变阻器接入电路阻值，故将滑片向左移动；使电压表示数为2.5V；根据图乙可知，灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的电流为0.24A，故灯泡的
四、计算题（第32题9分，第33题9分，共18分）
33. 小明家的电热水器的简化电路图如图所示，S1是手动开关，置于热水器水箱外部；S2是温控开关，置于热水器水箱内部，当水温低于40℃时自动闭合，达到40℃时自动断开；R1和R2均为用来加热且阻值不变的电热丝。使用时，手动闭合开关S1，电热水器开始工作。电热水器部分参数如表所示。
求：
（1）电热丝R1的阻值。
（2）加热时流过电热丝R2的电流。
（3）将初温20℃的一满箱水加热至设定温度用了50min，水吸收的热量是多少？【水的比热容为4.2×103J/(kg·℃)，ρ水=1.0×103kg/m3】
【答案】（1）220Ω；（2）7A；（3）4.2×106J
【解析】
【详解】解：（1）当只闭合开关S1时，R1单独工作，此时总电阻最大（大于并联的总电阻），由可知电路的总功率最小，则电热水器处于保温状态，由可得R1的阻值
（2）当两开关都闭合时，两电阻并联，总电阻最小，总功率最大，则电热水器处于加热状态，此时R2的功率
P2=P总-P1=P加热-P保温=1760W-220W=1540W
由P=UI可得，通过电热丝R2的电流
（3）由可得50L水的质量
m=ρ水V=1.0×103kg/m3×50×10-3m3=50kg
水吸收的热量为
Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg·℃)×50kg×(40℃-20℃)=4.2×106J
答：（1）电热丝R1的阻值是220Ω；
（2）加热时流过电热丝R2的电流是7A；
（3）水吸收的热量是4.2×106J。
34. 如图，我国某型号潜水艇的总体积为1.5×104m3，在海面航行时排水量为1.0×104t，最大下潜深度可达600m，以20m/s的速度匀速潜行10min，受到海水阻力为1.0×107N，海水密度取1.0×103kg/m3，g取10N/kg。求：
（1）最大下潜深度处的海水压强。
（2）潜水艇完全潜入海水中时受到的浮力。
（3）潜水艇匀速潜行时的功率。
【答案】（1）6×106Pa；（2）1.5×108N；（3）2×108W
【解析】
【详解】解：（1）最大下潜深度处的海水压强为
p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×600m=6×106Pa
（2）根据阿基米德原理，潜水艇完全潜入海水中时受到的浮力为
F浮=ρ水V排g=1.0×103kg/m3×1.5×104m3×10N/kg=1.5×108N
（3）潜水艇匀速潜行时的功率为
答：（1）最大下潜深度处的海水压强为6×106Pa；
（2）潜水艇完全潜入海水中时受到的浮力为1.5×108N；
（3）潜水艇匀速潜行时的功率为2×108W。额定电压
220V
频率
50Hz
保温功率
220W
加热功率
1760W
水箱容量
50L
设定温度
40℃
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