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广西壮族自治区玉林市2023-2024学年高二上学期11月期中物理试题
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这是一份广西壮族自治区玉林市2023-2024学年高二上学期11月期中物理试题，文件包含23-24学年第一学期期中试卷二-原卷docx、23-24学年第一学期期中试卷二-解析版docx等2份试卷配套教学资源，其中试卷共16页， 欢迎下载使用。
本卷满分：100分，考试时间：75分钟。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将答题卡交回。
一、选择题（共8小题，其中1~4为单选题；5~8为多选题，每小题6分，共48分，多选题漏选得3分，不选和错选的均得0分）
1．某导体中的电流随其两端电压的变化如右图所示，则下列说法中正确的是（ ）
A．该元件是非线性元件，所以不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻
B．所加电压为5V时，导体的电阻是5
C．所加电压为12V时，导体的电阻是14
D．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小
2．如右图所示，长为L的导体棒原来不带电，现将一个带正电的点电荷Q放在导体棒的左侧延长线上的C点，且C点距离导体棒的A端为R，O为的中点。当导体棒达到静电平衡后，下列说法正确的是（ ）
A．导体棒A端电势低，B端电势高
B．导体棒A端带正电，B端带负电
C．感应电荷在O点的场强方向由O点指向A
D．感应电荷在O点的场强大小
3．如右图所示，平行板电容器的两极板A、B分别接于电池两极，一带正电的小球用绝缘绳悬挂在电容器内部，闭合开关S，电容器充电稳定后，悬线偏离竖直方向的夹角为，则下列说法正确的是（ ）
A．断开S，将A板向B板靠近，则不变
B．保持S闭合，将A板向B板靠近，则不变
C．保持S闭合，烧断悬线，则小球在电场中将做自由落体运动
D．断开S，烧断悬线，则小球在电场中将做变加速曲线运动
4．研究心脏电性质时发现，当兴奋在心肌中传播时，在人体的体表可以测出与之对应的电势变化。如下图所示为人体表面的瞬时电势分布图，该电势分布可等效为两等量点电荷周围的电势分布，图中实线为等差等势面，标注的数值分别表示不同等势面的电势，a、b、c、d为等势面上的点，a、b为两等效点电荷连线上对称的两点，c、d为两等效点电荷连线的中垂线上对称的两点，则（ ）
A．c、d两点的电场强度不同B．a、b两点的电场强度相同
C．a、b两点之间的电势差D．从c点沿直线到d点电场强度先变小后变大
5．（多选）已知某一表头G，内阻为R，满偏电流为，某学生要把它改装成大量程的电压表或电流表，则如下操作正确的是（ ）
A．若改装成电流表应串联一个大电阻B．若改装成电流表应并联一个小电阻
C．若改装成电压表应并联一个小电阻D．若改装成电压表应串联一个大电阻
6．（多选）如右图所示，三条虚线表示某点电荷电场的等势面，一带电粒子仅受电场力作用，沿实线路径运动，A、B、C、D、G是粒子运动轨迹与等势面的交点，则（ ）
A．带电粒子经过B、G两点时加速度大小相等
B．产生电场的场源点电荷和运动的带电粒子电性相反
C．带电粒子从C点到D点的过程中动能先减小后增大
D．带电粒子从A点到G点的过程中电势能先减小后增大
7．（多选）如右下图所示，电表均为理想电表，两灯泡的电阻均为2r，电源内阻为r，闭合开关S，此时两灯泡正常发光。现将滑动变阻器的滑片向下滑动，下列说法正确的是（ ）
A．灯泡变亮．灯泡变暗．的示数减小．的示数减小
8．（多选）一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能随位置x的变化关系如下图所示，其中段是对称的曲线，段是直线，则下列判断正确的是（ ）
A．粒子在段所受电场力沿x轴负方向；段所受电场力沿x轴正方向
B．、、处电势、、的关系为
C．粒子从O点向x运动过程中加速度先逐渐减小后逐渐增大到最后恒定
D．粒子从向运动过程中电场力做负功
二、实验题（共13分）
9．（共5分，每空1分）在测量金属丝的电阻率实验中，可供选用的器材如下：
待测金属丝：（阻值约4，额定电流约0.A）；
电源：（电动势3V，内阻不计）
（电动势12V，内阻不计）
电流表：（量程3A，内阻约0.05）；
（量程0.6A，内阻约0.2）；
电压表：V（量程3V，内阻约3）；
滑动变阻器：R（最大阻值约20）
螺旋测微器；游标卡尺；开关S；导线。
（1）由甲图读得金属丝的直径为_________，由乙图读得金属丝的长度为_________。
（2）若滑动变阻器采用丙图限流接法，为使测量尽量精确，电源应选_________（填“”或“”），电流表应选_________（填“”或“”）。
（3）若流经金属丝的电流为I，金属丝两端之间的电压为U，金属丝横截面的直径和金属丝长度分别用d、L表示，则用d、L、I、U表示金属丝电阻率的关系式为_________。
10．（共8分，每空2分）用如下图甲所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内阻。已知蓄电池的电动势约为2V，内阻很小。除蓄电池、开关、导线外可供使用的实验器材还有：
A．电压表（量程0~3V）；
B．电压表（量程0~15V）；
C．电流表（量程0~3A）；
D．滑动变阻器R（阻值范围0~5，额定电流3A）；
（1）电压表应选_________；（填器材前的字母符号）。
（2）根据实验数据作出图像（如图乙所示，纵轴起点1.00，截距1.80，横轴交点1.60），则蓄电池的内阻_________。（结果保留两位有效数字）
（3）若某学生小组，利用甲电路图分别测量a、b两电源电动势和内阻，并画出它们的
图像，如丙图所示，已知电源a、b的电动势和内阻分别为、和、，则_________，_________（请填“”或“”或“”号）。
三、计算题（共39分）
11．（12分）如右图所示为竖直放置和水平放置的两个平行板电容器，一电子由静止开始经加速电场加速后，沿平行于偏转电场极板的方向，从偏转电场两极板之间的中点射入偏转电场，且恰好能从偏转电场下极板射出。已知电子质量为m，电荷量为e，加速电场电压为，偏转电场可看做匀强电场，极板间电压为，板间距离为d，不计电子重力。求：
（1）电子离开加速电场时的速度大小；
（2）电子在水平放置的平行板电容器中运动的加速度大小；
（3）电子恰能从偏转电场下极板右边缘穿出时的速度大小。
12．（12分）如右图所示，电源电动势，内阻，闭合开关S后，标有“3V，3W”的灯泡恰能正常发光，电动机的输出功率为2.4w，机械效率，求：
（1）电源的电热功率为多少？
（2）电动机内阻的大小。
13．（15分）如下图所示，水平绝缘轨道长10R，与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道平滑连接，半圆形轨道的半径为R，轨道所在空间存在水平向右的匀强电场E，现有一带正电小物块（可视为质点）由水平轨道上A点静止释放，小物块沿着水平轨道运动，最后冲上半圆形轨道，并从C点水平飞出，已知带电小物块质量为m，电荷量为q，带电小物块与水平轨道间的动摩擦因数，电场强度，重力加速度，，。求：
（1）带电小物块第一次运动到B点时对轨道的压力为多大？
（2）带电小物块经过C点后，第一次落在水平轨道上的落点位置距B点的距离；
（3）带电小物块在整个运动过程中的最大速度为多大？
2023年秋季学期广西示范性高中高二期中联合调研测试
（物理科）参考答案
1．【答案】B
【详解】A．该元件是非线性元件，欧姆定律适用纯电阻元件，所以可用欧姆定律计算导体在某状态的电阻，故A错误；
B．当时，由图知电流为，根据电阻的定义式，故B正确；
C．所加电压为时，根据电阻的定义式，故C错误；图像倾斜程度表示电阻的倒数，则电阻随着电压的增大而增大，故D选项错误。
2．【答案】C
【详解】A．金属棒达到静电平衡时，整个金属棒是一个等势体，则金属棒上点的电势等于点的电势，故A错误；
B．金属棒达到静电平衡，由于感应起电端带负电，端带正电。
C．静电平衡时金属棒内各点的场强为零，棒上感应电荷在棒内中点产生的场强大小与点电荷在该处产生的电场强度大小相等，方向相反，则感应电荷在点产生的场强方向为由指向，电场强度大小为，则C正确，D错误。
3．【答案】A
【详解】A．断开，电容器的带电量不变；由，，，结合可得，与无关，则知减小时不变，电场力不变，不变。故A正确；
B．保持开关闭合，电容器极板间的电压不变，将板向板靠近，由知场强增大，小球所受的电场力增大，则增大，故B错误；
C．保持开关闭合，悬线烧断，小球在电场中受到重力和电场力作用，将沿合力方向做匀加速直线运动，故C错误；
D．开关断开，同时烧断细线，小球受重力和恒定电场力不变，小球将做斜向下的匀加速直线运动，故D错误。
4．【答案】B
【详解】：该瞬时电势分布可等效为等量异种点电荷周围的电势分布，等量异种点电荷的电场线分布如图所示，又，为两点电荷连线上对称的两点，，为两点电荷连线的中垂线上对称的两点，所以，两点的电场强度相同，，两点的电场强度相同，A错误，B正确；，两点之间的电势差为，C错误；在同一电场中，等差等势面越密集的地方，电场越强，结合题图中等差等势面的密集程度可判断出从点沿直线到点电场强度先变大后变小，D错误。
5．【答案】BD
6．【答案】AC
【详解】A．由于、两点的电势相等，结合点电荷的电场的特点可知，与点到点电荷的距离是相等的，所以与点的电场强度的大小也相等，则带电粒子经过、两点时受到的电场力的大小相等，故加速度大小相等，故A正确；
B．根据电场线与等势面垂直且指向电势降低的方向，可知产生电场的点电荷带负电，由图可知，轨迹向下弯曲，则带电粒子所受的电场力方向向下，带电粒子受到排斥的作用，同种电荷相互排斥，故带电粒子带负电，故B错误；
C．带电粒子受到了排斥力作用，则从到的过程中电场力先做负功，后做正功，带电粒子的动能先减小后增大，故C正确；
D．带电粒子受到了排斥力作用，则从运动到的过程中电场力先做负功后做正功，带电粒子的电势能先增大后减小，故D错误；
7．【答案】BC
【详解】A．将滑片向下滑动，电路中的总电阻增大，根据，可知电路总电流减小，通过两串联灯泡的电流始终一样且减小，两灯泡变暗，A错误，B正确；
B．由题图可知，灯泡、灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电压表测电路的外电压。将滑动变阻器的滑片向下滑动，接入电路的电阻增大，则电流表的示数减小，灯泡的电压减小，所以电压表的示数减小。电流表的示数减小，导致电源内阻分压减小，所以外电压增大，即电压表的示数增大，则C正确，D错误。
8．【答案】BCD
【详解】A．粒子在段，电势能减小，电场力做正功，电场力沿轴正方向。在段，电势能增大，电场力做负功，电场力沿轴负方向，A错误；
B．根据电势能与电势的关系，粒子带负电，，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有B正确；
C．图像的斜率可知，图像的斜率表示电场力，因此，粒子从点向运动过程中电场力先减小后增大，最后恒定，则加速度也是先减小后增大，C正确；
D．粒子在段，电势能增大，电场力做负功，D正确。
9．（5分，每空1分）
【答案】
（1）1.793 5.240 （2），； （3）。
【解析】（1）1.791-1.794均可、5.240
（2）电压表量程，所以电源应选
通过待测金属丝的最大电流约为，所以电流表应选。
（3），注：用题目中给定的字母，字母用错不得分。
10．（8分，每空2分）
【答案】（1）A； （2）0.50； （3），。
【解析】
（1）由题意可知，电源的电动势约为，故选量程为的电压表较为科学；
（2）由闭合电路欧姆定律可知而图像的斜率表示内阻，故
（3）略
11．（12分）【答案】（1）；（2）；（3）
解：（1）设电子离开加速电场时的速度大小为，由动能定理有
解得
（2）电子在偏转电场所受电场力为，
偏转电场的场强为
由牛顿第二定律得，电子在偏转电场中的加速度为
（3）设电子从下极板右边缘穿出电场时的速度大小为，由动能定理得
解得
12．（12分）【答案】（1）；（2）
解法一：（1）电源内电压
电源干路电流
电源电热功率
（2）电动机总功率
电动机内阻消耗的功率
设电动机的内阻为，则
解法二：（1）通过灯泡的电流
电动机的总功率
通过电动机的电流
电路干路电流
电源电热功率
（2）电动机内阻消耗的功率
设电动机的内阻为，则
13．（15分）【答案】（1）；（2）；（3）
解：（1）小物块从运动到点，由动能定理得
在点，由小物块在竖直方向的受力知
由牛顿第三定律得，压力大小为
（2）小物块从点运动到点由动能定理得
设小物块从点飞出后至落到水平轨道上用时为，则
小物块从点飞出后，水平方向加速度为
则水平方向位移
（3）将电场力与重力合成等效重力，设与竖直方向夹角为，则
故
设小物块运动到点时速度最大为，半径与竖直方向夹角为，则从点到点，由动能定理得
代入数据解得
本卷满分：100分，考试时间：75分钟。
注意事项：
1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将答题卡交回。
一、选择题（共8小题，其中1~4为单选题；5~8为多选题，每小题6分，共48分，多选题漏选得3分，不选和错选的均得0分）
1．某导体中的电流随其两端电压的变化如右图所示，则下列说法中正确的是（ ）
A．该元件是非线性元件，所以不能用欧姆定律计算导体在某状态下的电阻
B．所加电压为5V时，导体的电阻是5
C．所加电压为12V时，导体的电阻是14
D．由图可知，随着电压的增大，导体的电阻不断减小
2．如右图所示，长为L的导体棒原来不带电，现将一个带正电的点电荷Q放在导体棒的左侧延长线上的C点，且C点距离导体棒的A端为R，O为的中点。当导体棒达到静电平衡后，下列说法正确的是（ ）
A．导体棒A端电势低，B端电势高
B．导体棒A端带正电，B端带负电
C．感应电荷在O点的场强方向由O点指向A
D．感应电荷在O点的场强大小
3．如右图所示，平行板电容器的两极板A、B分别接于电池两极，一带正电的小球用绝缘绳悬挂在电容器内部，闭合开关S，电容器充电稳定后，悬线偏离竖直方向的夹角为，则下列说法正确的是（ ）
A．断开S，将A板向B板靠近，则不变
B．保持S闭合，将A板向B板靠近，则不变
C．保持S闭合，烧断悬线，则小球在电场中将做自由落体运动
D．断开S，烧断悬线，则小球在电场中将做变加速曲线运动
4．研究心脏电性质时发现，当兴奋在心肌中传播时，在人体的体表可以测出与之对应的电势变化。如下图所示为人体表面的瞬时电势分布图，该电势分布可等效为两等量点电荷周围的电势分布，图中实线为等差等势面，标注的数值分别表示不同等势面的电势，a、b、c、d为等势面上的点，a、b为两等效点电荷连线上对称的两点，c、d为两等效点电荷连线的中垂线上对称的两点，则（ ）
A．c、d两点的电场强度不同B．a、b两点的电场强度相同
C．a、b两点之间的电势差D．从c点沿直线到d点电场强度先变小后变大
5．（多选）已知某一表头G，内阻为R，满偏电流为，某学生要把它改装成大量程的电压表或电流表，则如下操作正确的是（ ）
A．若改装成电流表应串联一个大电阻B．若改装成电流表应并联一个小电阻
C．若改装成电压表应并联一个小电阻D．若改装成电压表应串联一个大电阻
6．（多选）如右图所示，三条虚线表示某点电荷电场的等势面，一带电粒子仅受电场力作用，沿实线路径运动，A、B、C、D、G是粒子运动轨迹与等势面的交点，则（ ）
A．带电粒子经过B、G两点时加速度大小相等
B．产生电场的场源点电荷和运动的带电粒子电性相反
C．带电粒子从C点到D点的过程中动能先减小后增大
D．带电粒子从A点到G点的过程中电势能先减小后增大
7．（多选）如右下图所示，电表均为理想电表，两灯泡的电阻均为2r，电源内阻为r，闭合开关S，此时两灯泡正常发光。现将滑动变阻器的滑片向下滑动，下列说法正确的是（ ）
A．灯泡变亮．灯泡变暗．的示数减小．的示数减小
8．（多选）一带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正向运动，其电势能随位置x的变化关系如下图所示，其中段是对称的曲线，段是直线，则下列判断正确的是（ ）
A．粒子在段所受电场力沿x轴负方向；段所受电场力沿x轴正方向
B．、、处电势、、的关系为
C．粒子从O点向x运动过程中加速度先逐渐减小后逐渐增大到最后恒定
D．粒子从向运动过程中电场力做负功
二、实验题（共13分）
9．（共5分，每空1分）在测量金属丝的电阻率实验中，可供选用的器材如下：
待测金属丝：（阻值约4，额定电流约0.A）；
电源：（电动势3V，内阻不计）
（电动势12V，内阻不计）
电流表：（量程3A，内阻约0.05）；
（量程0.6A，内阻约0.2）；
电压表：V（量程3V，内阻约3）；
滑动变阻器：R（最大阻值约20）
螺旋测微器；游标卡尺；开关S；导线。
（1）由甲图读得金属丝的直径为_________，由乙图读得金属丝的长度为_________。
（2）若滑动变阻器采用丙图限流接法，为使测量尽量精确，电源应选_________（填“”或“”），电流表应选_________（填“”或“”）。
（3）若流经金属丝的电流为I，金属丝两端之间的电压为U，金属丝横截面的直径和金属丝长度分别用d、L表示，则用d、L、I、U表示金属丝电阻率的关系式为_________。
10．（共8分，每空2分）用如下图甲所示的电路测量一节蓄电池的电动势和内阻。已知蓄电池的电动势约为2V，内阻很小。除蓄电池、开关、导线外可供使用的实验器材还有：
A．电压表（量程0~3V）；
B．电压表（量程0~15V）；
C．电流表（量程0~3A）；
D．滑动变阻器R（阻值范围0~5，额定电流3A）；
（1）电压表应选_________；（填器材前的字母符号）。
（2）根据实验数据作出图像（如图乙所示，纵轴起点1.00，截距1.80，横轴交点1.60），则蓄电池的内阻_________。（结果保留两位有效数字）
（3）若某学生小组，利用甲电路图分别测量a、b两电源电动势和内阻，并画出它们的
图像，如丙图所示，已知电源a、b的电动势和内阻分别为、和、，则_________，_________（请填“”或“”或“”号）。
三、计算题（共39分）
11．（12分）如右图所示为竖直放置和水平放置的两个平行板电容器，一电子由静止开始经加速电场加速后，沿平行于偏转电场极板的方向，从偏转电场两极板之间的中点射入偏转电场，且恰好能从偏转电场下极板射出。已知电子质量为m，电荷量为e，加速电场电压为，偏转电场可看做匀强电场，极板间电压为，板间距离为d，不计电子重力。求：
（1）电子离开加速电场时的速度大小；
（2）电子在水平放置的平行板电容器中运动的加速度大小；
（3）电子恰能从偏转电场下极板右边缘穿出时的速度大小。
12．（12分）如右图所示，电源电动势，内阻，闭合开关S后，标有“3V，3W”的灯泡恰能正常发光，电动机的输出功率为2.4w，机械效率，求：
（1）电源的电热功率为多少？
（2）电动机内阻的大小。
13．（15分）如下图所示，水平绝缘轨道长10R，与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道平滑连接，半圆形轨道的半径为R，轨道所在空间存在水平向右的匀强电场E，现有一带正电小物块（可视为质点）由水平轨道上A点静止释放，小物块沿着水平轨道运动，最后冲上半圆形轨道，并从C点水平飞出，已知带电小物块质量为m，电荷量为q，带电小物块与水平轨道间的动摩擦因数，电场强度，重力加速度，，。求：
（1）带电小物块第一次运动到B点时对轨道的压力为多大？
（2）带电小物块经过C点后，第一次落在水平轨道上的落点位置距B点的距离；
（3）带电小物块在整个运动过程中的最大速度为多大？
2023年秋季学期广西示范性高中高二期中联合调研测试
（物理科）参考答案
1．【答案】B
【详解】A．该元件是非线性元件，欧姆定律适用纯电阻元件，所以可用欧姆定律计算导体在某状态的电阻，故A错误；
B．当时，由图知电流为，根据电阻的定义式，故B正确；
C．所加电压为时，根据电阻的定义式，故C错误；图像倾斜程度表示电阻的倒数，则电阻随着电压的增大而增大，故D选项错误。
2．【答案】C
【详解】A．金属棒达到静电平衡时，整个金属棒是一个等势体，则金属棒上点的电势等于点的电势，故A错误；
B．金属棒达到静电平衡，由于感应起电端带负电，端带正电。
C．静电平衡时金属棒内各点的场强为零，棒上感应电荷在棒内中点产生的场强大小与点电荷在该处产生的电场强度大小相等，方向相反，则感应电荷在点产生的场强方向为由指向，电场强度大小为，则C正确，D错误。
3．【答案】A
【详解】A．断开，电容器的带电量不变；由，，，结合可得，与无关，则知减小时不变，电场力不变，不变。故A正确；
B．保持开关闭合，电容器极板间的电压不变，将板向板靠近，由知场强增大，小球所受的电场力增大，则增大，故B错误；
C．保持开关闭合，悬线烧断，小球在电场中受到重力和电场力作用，将沿合力方向做匀加速直线运动，故C错误；
D．开关断开，同时烧断细线，小球受重力和恒定电场力不变，小球将做斜向下的匀加速直线运动，故D错误。
4．【答案】B
【详解】：该瞬时电势分布可等效为等量异种点电荷周围的电势分布，等量异种点电荷的电场线分布如图所示，又，为两点电荷连线上对称的两点，，为两点电荷连线的中垂线上对称的两点，所以，两点的电场强度相同，，两点的电场强度相同，A错误，B正确；，两点之间的电势差为，C错误；在同一电场中，等差等势面越密集的地方，电场越强，结合题图中等差等势面的密集程度可判断出从点沿直线到点电场强度先变大后变小，D错误。
5．【答案】BD
6．【答案】AC
【详解】A．由于、两点的电势相等，结合点电荷的电场的特点可知，与点到点电荷的距离是相等的，所以与点的电场强度的大小也相等，则带电粒子经过、两点时受到的电场力的大小相等，故加速度大小相等，故A正确；
B．根据电场线与等势面垂直且指向电势降低的方向，可知产生电场的点电荷带负电，由图可知，轨迹向下弯曲，则带电粒子所受的电场力方向向下，带电粒子受到排斥的作用，同种电荷相互排斥，故带电粒子带负电，故B错误；
C．带电粒子受到了排斥力作用，则从到的过程中电场力先做负功，后做正功，带电粒子的动能先减小后增大，故C正确；
D．带电粒子受到了排斥力作用，则从运动到的过程中电场力先做负功后做正功，带电粒子的电势能先增大后减小，故D错误；
7．【答案】BC
【详解】A．将滑片向下滑动，电路中的总电阻增大，根据，可知电路总电流减小，通过两串联灯泡的电流始终一样且减小，两灯泡变暗，A错误，B正确；
B．由题图可知，灯泡、灯泡和滑动变阻器串联，电压表测灯泡的电压，电压表测电路的外电压。将滑动变阻器的滑片向下滑动，接入电路的电阻增大，则电流表的示数减小，灯泡的电压减小，所以电压表的示数减小。电流表的示数减小，导致电源内阻分压减小，所以外电压增大，即电压表的示数增大，则C正确，D错误。
8．【答案】BCD
【详解】A．粒子在段，电势能减小，电场力做正功，电场力沿轴正方向。在段，电势能增大，电场力做负功，电场力沿轴负方向，A错误；
B．根据电势能与电势的关系，粒子带负电，，则知：电势能越大，粒子所在处的电势越低，所以有B正确；
C．图像的斜率可知，图像的斜率表示电场力，因此，粒子从点向运动过程中电场力先减小后增大，最后恒定，则加速度也是先减小后增大，C正确；
D．粒子在段，电势能增大，电场力做负功，D正确。
9．（5分，每空1分）
【答案】
（1）1.793 5.240 （2），； （3）。
【解析】（1）1.791-1.794均可、5.240
（2）电压表量程，所以电源应选
通过待测金属丝的最大电流约为，所以电流表应选。
（3），注：用题目中给定的字母，字母用错不得分。
10．（8分，每空2分）
【答案】（1）A； （2）0.50； （3），。
【解析】
（1）由题意可知，电源的电动势约为，故选量程为的电压表较为科学；
（2）由闭合电路欧姆定律可知而图像的斜率表示内阻，故
（3）略
11．（12分）【答案】（1）；（2）；（3）
解：（1）设电子离开加速电场时的速度大小为，由动能定理有
解得
（2）电子在偏转电场所受电场力为，
偏转电场的场强为
由牛顿第二定律得，电子在偏转电场中的加速度为
（3）设电子从下极板右边缘穿出电场时的速度大小为，由动能定理得
解得
12．（12分）【答案】（1）；（2）
解法一：（1）电源内电压
电源干路电流
电源电热功率
（2）电动机总功率
电动机内阻消耗的功率
设电动机的内阻为，则
解法二：（1）通过灯泡的电流
电动机的总功率
通过电动机的电流
电路干路电流
电源电热功率
（2）电动机内阻消耗的功率
设电动机的内阻为，则
13．（15分）【答案】（1）；（2）；（3）
解：（1）小物块从运动到点，由动能定理得
在点，由小物块在竖直方向的受力知
由牛顿第三定律得，压力大小为
（2）小物块从点运动到点由动能定理得
设小物块从点飞出后至落到水平轨道上用时为，则
小物块从点飞出后，水平方向加速度为
则水平方向位移
（3）将电场力与重力合成等效重力，设与竖直方向夹角为，则
故
设小物块运动到点时速度最大为，半径与竖直方向夹角为，则从点到点，由动能定理得
代入数据解得
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