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2023-2024学年云南省临沧市耿马县九年级（上）期中物理试卷
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这是一份2023-2024学年云南省临沧市耿马县九年级（上）期中物理试卷，文件包含湖南师大附中数学附中3次pdf、湖南师大附中数学答案附中3次pdf等2份试卷配套教学资源，其中试卷共14页， 欢迎下载使用。
1．（3分）由热量计算公式Q＝cmΔt得c＝。下列说法正确的是（ ）
A．比热容与物质吸收的热量成正比
B．比热容与物质的质量跟其变化的温度的乘积成反比
C．物体吸收的热量越多，其比热容越大
D．比热容是物质的一种属性，其大小与物体所吸收的热量、质量和升高的温度无关
2．（3分）如图所示是古人锻造铁器的过程。关于锻造铁器过程中，属于热传递改变物体内能的是（ ）
A．加热和锻打B．加热和淬火
C．锻打和淬火D．都不是
3．（3分）关于如图所示的热现象，说法正确的是（ ）
A．图甲中炙热的铁水具有内能，冰冷的冰块没有内能
B．图乙中冬天搓手取暖是将内能转化为机械能
C．图丙中用湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能
D．图丁中能量转化与汽油机做功冲程的能量转化相同
4．（3分）以下关于内燃机的知识中，正确的是（ ）
A．汽油机在“做功冲程”中是将机械能转化为内能
B．汽油机飞轮的转速为1800r/min，则该每秒钟做功30次
C．柴油机在吸气冲程中，将柴油和空气的混合物吸入汽缸中
D．汽油机燃烧燃料的方式是点燃，柴油机燃烧燃料的方式是压燃
5．（3分）有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
6．（3分）两个小灯泡连接在电路中，无法观察到它们是串联还是并联。闭合开关时，两灯都正常发光。以下判断正确的是（ ）
A．若灯两端电压都相等，则两灯肯定是并联
B．若流过灯的电流相等，则两灯肯定是串联
C．若取下一根导线两灯都不亮，则原来两灯肯定是串联
D．若取下一灯，另一灯不亮，则原来两灯肯定是串联
7．（3分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S1的示数为6V，电压表V2的示数为2V。下列说法中正确的是（ ）
A．L1两端电压为2V
B．电源两端电压为4V
C．断开开关，只将电压表V2换成电流表，则L1与L2串联
D．断开开关，将两个电压表都换成电流表，则L1与L2并联
（多选）8．（3分）下列关于热现象的说法，正确的是（ ）
A．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少
B．只要物体的温度不变，物体的内能就一定不变
C．物体的温度升高，则一定是从外界吸收了热量
D．质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多（c铝＞c铜）
（多选）9．（3分）物理课上老师做了很多静电小实验，关于摩擦起电，以下说法错误的是（ ）
A．摩擦起电的原因是不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同
B．丝绸摩擦过的玻璃棒因得到电子而带正电
C．摩擦起电现象的实质是电荷的转移
D．两个物体互相吸引，它们一定带异种电荷
（多选）10．（3分）如图所示电路，闭合开关S时，灯泡L1、L2都不亮。若电路中的故障是灯L1断路，用一块电压表查找故障，闭合开关S（ ）
A．电压表接在b、c两点间，电压表示数接近电源电压
B．电压表接在a、b两点间，电压表示数接近电源电压
C．电压表接在c、d两点间，电压表示数为0V
D．电压表接在a、d两点间，电压表示数为电源电压
二、填空题。（本大题共6小题，第11～15题每小题2分，16题4分，共14分）
11．（2分）2021年12月9日，神舟十三号乘组航天员翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站进行太空授课，如图所示，这属于 现象；水球在空中没有散开说明分子间存在 。
12．（2分）冰的比热容是2.1×103J/（kg•℃），其物理意义是 。一座冰山融化一半剩下的冰的比热容将 （选填“改变”“不变”）。
13．（2分）如图所示，将两根长度相同的镍合金丝A和B接入电路，其中A比B细得多A和RB，则有RA RB，闭合开关S，此时通过它们的电流分别为IA和IB，则有IA IB（均选填“＞”、“＝”或“＜”）。
14．（2分）如图是一握力计的电路示意图，a、b、c、d是四个接线柱，仪表及定值电阻R0均未画出。M、N均为金属板，N固定不动，当金属片P向左移动时 。若握力F增大时，要求仪表的示数也增大，则接线柱a、b之间应接入 （选填“电流表”或“电压表”），接线柱c、d之间应接入定值电阻。
15．（2分）如图中，甲、乙为两只相同的电压表或电流表，若断开开关，通过R1的电流为I1，此时R1与R2 联。更换两表种类，闭合开关，两表均有示数2的电流为I2，则I1：I2＝ 。
16．（4分）阅读短文，回答问题。
混合动力汽车
通常所说的混合动力汽车，一般是指油电混合动力汽车，如图甲所示（柴油机或汽油机）和电动机作为动力源。该混合动力汽车启动时，内燃机不工作；当汽车高速行驶或蓄电池储存电能过低时，内燃机启动，同时又可以向蓄电池充电；当车辆需要全力加速时
（1）汽车照明灯的灯泡内装有远光灯丝和近光灯丝，两根灯丝可根据需要交替工作，汽车照明灯内的近光灯丝和远光灯丝是 连接的。
（2）蓄电池充电时将电能转化为化学能，此时蓄电池是 （选填“电源”或“用电器”）。图乙是该汽车的四冲程内燃机的各冲程示意图，将内能转化为机械能的是 图（选填字母）。
（3）当内燃机启动，汽油完全燃烧产生的总能量，既可以向车轮输出能量，共消耗汽油7kg，若该汽车内燃机的效率为53%，水平道路的平均阻力为1000N，最终使蓄电池增加的电能为 J。（忽略蓄电池和电动机的热损失，q汽油＝4.6×107J/kg）
三、作图题。（本大题共2小题，每小题2分，共4分）
17．（2分）请按照如图所示的实物图在虚线框中画出电路图。
18．（2分）在如图的电路中，有两个虚线框，请画上电源和电流表符号，使L1和L2并联。
四、实验探究题。（本大题共4小题，共24分）
19．（6分）在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：
（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲、乙所示，在组装器材时应先调节 （选填“A”或“B”）的高度。
（2）本实验中，通过比较 的长短来反映物质吸收热量的多少。
（3）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出 相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油 ，得出结论。
（4）为了比较不同物质的吸热能力，物理学中引入 表示不同物质在这种性质上的差异。
（5）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热、耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图丙所示的装置。与原方案相比 。（答出一个即可）
20．（6分）如图1所示，小蜀同学正在探究“并联电路中电流的规律”。
（1）闭合开关前，小蜀发现电流表的指针在如图1甲所示的位置，原因是电流表 ；为防止损坏电流表，在不能事先估计电流大小的情况下，应先进行 ，以便正确选择电流表的量程。
（2）图1乙是他们设计的电路图，图1丙是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是 （选填“A”“B”或“C”）处的电流。
（3）该同学测出A、B、C三处的电流如下表所示，为了得出更普遍的规律，应当进行的操作方法是： 。
（4）另一同学又设计出如图2甲所示的电路，电源电压保持不变，只闭合开关S1，电压表示数如图2乙所示；再闭合开关S2，两电流表的指针均如图2丙所示，则开关S2由断开到闭合后，电压表的示数为 V；当闭合开关；S1、S2时，通过灯L1的电流为 A。
21．（8分）小华用如甲所示装置探究电流与电压的关系，电源电压3V恒定不变，滑动变阻器规格为“30Ω 2A”。
（1）请用笔画线代替导线。在图甲中完成电路连接，要求滑片P向右滑动时，电流表的示数变小；
（2）连接好电路闭合开关后，移动滑片发现，电流表无示数，则出现该故障的原因可能是 ；
（3）排除故障后，改变滑片位置，记录实验数据如下表，请将数据填写到表格中，根据表中数据可归纳得出结论： ；
（4）为了进一步探究电流与电阻的关系，又找来10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻继续实验。
①将滑动变阻器滑片置于阻值最大处，闭合开关，缓慢移动滑片，接下来用10Ω的电阻替换原电阻，应将滑片向 （选填：“左”或“右”）滑动，使电压表示数仍为1V，记录电流表示数。再将15Ω、20Ω的定值电阻分别接入电路；
②当将20Ω的电阻接入电路进行实验时，发现无论如何调节滑片都无法满足预设电压为1V的条件。为使该电阻也能完成实验，小华认为可以改变电压表的预设电压 V；他们重新进行实验，根据记录的数据绘制图丙所示的图像 ；同组的小明认为不改变电压表预设值也可解决上述问题，只需将上述准备的10Ω电阻 （填连接方式）在电路中就可以顺利完成实验。
22．（4分）某同学学习完电阻的相关知识后，他想设计一个实验探究导体电阻与导体材料的关系。实验器材有两根长短粗细相同，材质不同的电阻丝、电源（电压恒定），将电路连接完整，该同学接下来的操作是 ，观察到 的现象，说明导体电阻与导体的材料有关。
五、综合题。（本大题共2小题，每小题9分，共18分）
23．（9分）在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为10Ω，电流表的示数为1.2A。
（1）求电源电压U；
（2）若在电路中串联一个电阻R2，使得接入前后电流表的示数变化0.4A，求电阻R2的阻值。
（3）若在电路中串联一个0～40Ω的滑动变阻器，则电路中电流表示数的最小值为多少？
24．（9分）如图所示是小羽同学做冰熔化实验时绘制的温度﹣时间图象，冰的质量是0.1kg，已知水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃），冰的比热容c冰＝2.1×103J/（kg•℃）。请根据图象回答下列问题：
（1）AB阶段，物质吸收的热量是多少？
（2）CD阶段，物质吸收的热量是多少？
（3）物质在第10min的内能与第15min的内能相比，哪个时间的内能大？为什么？
（4）请你根据图象分析说明冰的比热容为什么小于水的比热容？
2023-2024学年云南省临沧市耿马县九年级（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题。（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求；第8～10题有多项符合题目要求，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．（3分）由热量计算公式Q＝cmΔt得c＝。下列说法正确的是（ ）
A．比热容与物质吸收的热量成正比
B．比热容与物质的质量跟其变化的温度的乘积成反比
C．物体吸收的热量越多，其比热容越大
D．比热容是物质的一种属性，其大小与物体所吸收的热量、质量和升高的温度无关
【答案】D
【分析】质量是1kg的某种物质，温度升高1℃吸收的热量叫这种物质的比热容。
比热容是物质的一种特性。物质的比热容只跟物体的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关。
【解答】解：比热容是物质本身的一种特性，物质的比热容只跟物质的种类和状态有关、温度高低，故ABC错误。
故选：D。
2．（3分）如图所示是古人锻造铁器的过程。关于锻造铁器过程中，属于热传递改变物体内能的是（ ）
A．加热和锻打B．加热和淬火
C．锻打和淬火D．都不是
【答案】B
【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能量的转移。
【解答】解：用铁锤锻打工件，工件会发热；用火对铁器加温，把铁器放在水中淬火，所以加温和淬火属于热传递改变物体内能。
故选：B。
3．（3分）关于如图所示的热现象，说法正确的是（ ）
A．图甲中炙热的铁水具有内能，冰冷的冰块没有内能
B．图乙中冬天搓手取暖是将内能转化为机械能
C．图丙中用湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能
D．图丁中能量转化与汽油机做功冲程的能量转化相同
【答案】C
【分析】（1）任何物体在任何情况下都具有内能；
（2）搓手取暖是机械能转化为内能；
（3）湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小了内能；
（4）汽油机做功冲程是内能转化为机械能。
【解答】解：A、任何物体在任何情况下都具有内能，故A错误；
B、搓手取暖是机械能转化为内能；
C、湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能；
D、汽油机做功冲程是内能转化为机械能，故D错误；
故选：C。
4．（3分）以下关于内燃机的知识中，正确的是（ ）
A．汽油机在“做功冲程”中是将机械能转化为内能
B．汽油机飞轮的转速为1800r/min，则该每秒钟做功30次
C．柴油机在吸气冲程中，将柴油和空气的混合物吸入汽缸中
D．汽油机燃烧燃料的方式是点燃，柴油机燃烧燃料的方式是压燃
【答案】D
【分析】（1）热机的原理是燃料燃烧产生的内能转化为机械能，内燃机是热机的一种，是燃料在汽缸内燃烧的热机；
（2）在四冲程汽油机中，一个工作循环，曲轴转两圈，对外做功一次，完成4个冲程；
（3）柴油机在吸气冲程中吸入空气；
（4）汽油机和柴油机的点火方式不同。
【解答】解：A、汽油机是在气缸内燃烧汽油，使燃气推动活塞做功，故A错误；
B、汽油机飞轮转速是1800r/min＝30r/s，曲轴转两圈，在1s内汽油机对外做功15次；
C、在吸气冲程，汽油机吸入气缸的是汽油和空气的混合物；
D、汽油机在压缩冲程末，混合气体的内能增大，此时气缸顶端的火花塞喷出电火花，其点燃方式是点燃式，故D正确。
故选：D。
5．（3分）有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【分析】由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
【解答】解：
根据题意知，S1闭合，灯L发光2闭合，即S3、S2同时闭合，电动机M才工作。
A、由图知1时，灯被短路而不发光6和S2时，电源会被短路；
B、由图知1时，电路断路，再闭合S7时，电动机就工作；
C、由图知1时，灯L发光2时，电动机工作；
D、由图知3时，灯L不发光。
故选：C。
6．（3分）两个小灯泡连接在电路中，无法观察到它们是串联还是并联。闭合开关时，两灯都正常发光。以下判断正确的是（ ）
A．若灯两端电压都相等，则两灯肯定是并联
B．若流过灯的电流相等，则两灯肯定是串联
C．若取下一根导线两灯都不亮，则原来两灯肯定是串联
D．若取下一灯，另一灯不亮，则原来两灯肯定是串联
【答案】D
【分析】（1）一个开关同时控制两灯，两灯可能是串联（串联电路电流只有一条通路），也可能是并联（电流有多条通路，开关在干路上）；
（2）在串联电路中电流处处相等，在并联电路中，若两灯规格相同，通过的电流相同；
（3）在并联电路中各支路两端的电压相同，在串联电路中，若两灯规格相同，两端各自分得的电压相同。
【解答】解：
A、灯泡的规格相同，两灯串联时，根据U＝IR可知，所以灯两端的电压相等也可能是串联；
B、在串联电路中；若灯泡的规格相同，根据I＝，通过两盏灯的电流相等；
C、两个灯泡并联，则两灯都不发光；
D、若取下一灯，这说明两盏灯相互影响，故D正确。
故选：D。
7．（3分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S1的示数为6V，电压表V2的示数为2V。下列说法中正确的是（ ）
A．L1两端电压为2V
B．电源两端电压为4V
C．断开开关，只将电压表V2换成电流表，则L1与L2串联
D．断开开关，将两个电压表都换成电流表，则L1与L2并联
【答案】D
【分析】（1）（2）由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测L2两端的电压，根据V1的示数即可得出电源电压；根据串联电路的电压特点求出L1两端的电压；
（3）断开开关，只将电压表V2换成电流表，据此分析电路的连接方式；
（4）电流表相当于导线，由此分析两个电压表都换成电流表时电路的连接情况。
【解答】解：
AB、由电路图可知，电压表V1测电源的电压，电压表V2测L6两端的电压，由两个电压表的示数可知；电压表V2的示数为2V，则L2两端的电压U2＝2V；因串联电路中总电压等于各分电压之和，L5两端电压：U1＝U﹣U2＝2V﹣2V＝4V，故AB错误；
C、断开开关6换成电流表，则灯泡L2被短路，L2不发光，只有L2接入电路中，L1发光，故C错误；
D、将两个电压表都换成电流表，由于电流表相当于导线，所以L1与L7并联，故D正确。
故选：D。
（多选）8．（3分）下列关于热现象的说法，正确的是（ ）
A．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少
B．只要物体的温度不变，物体的内能就一定不变
C．物体的温度升高，则一定是从外界吸收了热量
D．质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多（c铝＞c铜）
【答案】AD
【分析】（1）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；
（2）物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变；
（3）根据吸收热量的公式Q＝cmΔt进行解答。
【解答】解：A、物体的内能与温度有关；同一物体温度降低时，故A正确；
B、影响内能大小的因素有多个，内能也可能改变，吸收热量，温度不变；
C、物体的温度升高，也可能是外界对物体做功；
D、根据吸收热量的公式Q＝cmΔt可知，且c铝＞c铜知铝块吸收的热量多，故D正确。
故选：AD。
（多选）9．（3分）物理课上老师做了很多静电小实验，关于摩擦起电，以下说法错误的是（ ）
A．摩擦起电的原因是不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同
B．丝绸摩擦过的玻璃棒因得到电子而带正电
C．摩擦起电现象的实质是电荷的转移
D．两个物体互相吸引，它们一定带异种电荷
【答案】BD
【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷。束缚电子能力强的物体容易得到电子，带负电；束缚电子能力弱的物体容易失去电子，带正电。
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。带电体能够吸引轻小物体。
【解答】解：A、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，束缚电子能力弱的物体容易失去电子；
B、丝绸摩擦过的玻璃棒因失去电子而带正电荷；
C、摩擦起电的实质是电荷的转移；
D、两个物体相互吸引，另一个不带电。
故选：BD。
（多选）10．（3分）如图所示电路，闭合开关S时，灯泡L1、L2都不亮。若电路中的故障是灯L1断路，用一块电压表查找故障，闭合开关S（ ）
A．电压表接在b、c两点间，电压表示数接近电源电压
B．电压表接在a、b两点间，电压表示数接近电源电压
C．电压表接在c、d两点间，电压表示数为0V
D．电压表接在a、d两点间，电压表示数为电源电压
【答案】BCD
【分析】用电压表检查电路故障时，若电路出现断路，则电压表有示数，说明电压表与电源能相通；无示数，说明电压表与电源不能相通。
【解答】解：A、电压表接在b，电压表的负接线柱通过开关与电源负极相连1与电源正极相连，因此电压表示数为零；
B、电压表接在a，电压表的负接线柱通过L2、开关与电源负极相连，但电压表的正接线柱电源正极相连；故B正确；
C、电压表接在c，电压表的负接线柱与电源负极相连3断路，所以电压表的正接线柱不能与电源正极相连；故C正确；
D、电压表接在a，电压表的正负接线柱与电源的正负极相连，故D正确。
故选：BCD。
二、填空题。（本大题共6小题，第11～15题每小题2分，16题4分，共14分）
11．（2分）2021年12月9日，神舟十三号乘组航天员翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站进行太空授课，如图所示，这属于 扩散 现象；水球在空中没有散开说明分子间存在 引力 。
【答案】扩散；引力。
【分析】（1）不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
（2）分子间存在引力和斥力。
【解答】解：由于分子永不停息地做无规则运动，所以她在水球中注入蓝色液体；这是蓝颜料在水中发生了扩散现象；
组成水球的水分子没有四散开来是因为分子间存在引力。
故答案为：扩散；引力。
12．（2分）冰的比热容是2.1×103J/（kg•℃），其物理意义是 1kg的冰每升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为2.1×103J 。一座冰山融化一半剩下的冰的比热容将 不变 （选填“改变”“不变”）。
【答案】见试题解答内容
【分析】单位体积某种物质，温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容。比热容是物质的一种特性。物质的比热容只跟物体的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关。
【解答】解：
根据比热容的定义可以知道，冰的比热容为2.1×107J/（kg•℃），其物理意义是：1kg的冰每升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为8.1×103J；
一座冰山融化一半剩下的冰质量改变，但比热容与质量无关，仍然为2.1×103J/（kg•℃）。
故答案为：3kg的冰每升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为2.5×103J；不变。
13．（2分）如图所示，将两根长度相同的镍合金丝A和B接入电路，其中A比B细得多A和RB，则有RA ＞ RB，闭合开关S，此时通过它们的电流分别为IA和IB，则有IA ＝ IB（均选填“＞”、“＝”或“＜”）。
【答案】＞；＝。
【分析】（1）影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，其它条件相同，导体的横截面积越大，电阻越小；
（2）串联电路电流的特点：串联电路中，电流处处相等。
【解答】解：因为两段合金丝都是镍铬合金丝、长度相同，故B镍铬合金丝电阻小A＞RB；
由图知，A、B串联，即IA＝IB。
故答案为：＞；＝。
14．（2分）如图是一握力计的电路示意图，a、b、c、d是四个接线柱，仪表及定值电阻R0均未画出。M、N均为金属板，N固定不动，当金属片P向左移动时 小 。若握力F增大时，要求仪表的示数也增大，则接线柱a、b之间应接入 电压表 （选填“电流表”或“电压表”），接线柱c、d之间应接入定值电阻。
【答案】小；电压表。
【分析】由图可知，当金属片P向左移动时，R接入电路的阻值变小；
a、b之间不可能为电流表，否则滑动变阻器被短路，
当a、b之间为电压表时，滑动变阻器和定值电阻串联接入电路，当握力增大时，滑片右移，变阻器接入电路中的电阻变大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流变化，根据U＝IR可知定值电阻两端的电压变化，根据串联电路电压规律可知电压表示数变化。
【解答】解：由图可知，当金属片P向左移动时；
a、b之间不可能为电流表，
当a、b之间为电压表时，当握力增大时，变阻器接入电路中的电阻变大，根据U＝IR可知定值电阻两端的电压变小。
故答案为：小；电压表。
15．（2分）如图中，甲、乙为两只相同的电压表或电流表，若断开开关，通过R1的电流为I1，此时R1与R2 并 联。更换两表种类，闭合开关，两表均有示数2的电流为I2，则I1：I2＝ 3：1 。
【答案】并；3：1。
【分析】（1）由图可知，若断开开关，R1、R2并联，两电表分别与R1、R2串联，则两表是电流表，知道两表的示数之比，根据欧姆定律可知R1、R2的阻值之比，利用欧姆定律表示出通过R1的电流I1；
（2）更换两表种类，则两表为电压表，闭合开关，R1、R2串联，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出通过R2的电流I2，据此可知I1与I2之比。
【解答】解：（1）如图可知，若断开开关，R1、R2并联，两电表分别与R2、R2串联，则两表是电流表1的电流，电流表乙测量通过R2的电流；
根据并联电路的特点和欧姆定律可知，通过R1、R2的电流之比：＝＝＝＝，
则R2＝2R1；
（2）更换两表种类，则两表应为电压表，闭合开关，R1、R6串联，
根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻R＝R1+R2＝2R1，
根据串联电路的电流特点和欧姆定律可知，通过R2的电流I7＝I＝＝，
则＝＝。
故答案为：并；3：1。
16．（4分）阅读短文，回答问题。
混合动力汽车
通常所说的混合动力汽车，一般是指油电混合动力汽车，如图甲所示（柴油机或汽油机）和电动机作为动力源。该混合动力汽车启动时，内燃机不工作；当汽车高速行驶或蓄电池储存电能过低时，内燃机启动，同时又可以向蓄电池充电；当车辆需要全力加速时
（1）汽车照明灯的灯泡内装有远光灯丝和近光灯丝，两根灯丝可根据需要交替工作，汽车照明灯内的近光灯丝和远光灯丝是 并联 连接的。
（2）蓄电池充电时将电能转化为化学能，此时蓄电池是 用电器 （选填“电源”或“用电器”）。图乙是该汽车的四冲程内燃机的各冲程示意图，将内能转化为机械能的是 A 图（选填字母）。
（3）当内燃机启动，汽油完全燃烧产生的总能量，既可以向车轮输出能量，共消耗汽油7kg，若该汽车内燃机的效率为53%，水平道路的平均阻力为1000N，最终使蓄电池增加的电能为 6.6×105 J。（忽略蓄电池和电动机的热损失，q汽油＝4.6×107J/kg）
【答案】（1）并联；（2）用电器；A；（3）6.6×105。
【分析】（1）根据串联电路不能独立工作、并联电路可以独立工作判断两灯丝的连接方式；
（2）蓄电池充电时将电能转化为化学能，此时蓄电池是用电器；
内燃机有四个冲程：吸气、压缩、做功和排气冲程，在压缩冲程中，将机械能转化为内能，在做功冲程中，将内能转化为机械能；
（3）匀速行驶时，汽车的牵引力与所受到的阻力为一对平衡力，由W＝Fs计算汽车牵引力做的功；利用Q放＝mq可求得汽油完全燃烧放出的热量，再利用内燃机的效率可求得有用能量，进一步计算蓄电池增加了多少能量。
【解答】解：（1）由题意可知，两根灯丝可根据需要交替工作；
（2）蓄电池充电时将电能转化为化学能，此时蓄电池是用电器；
A图两气阀关闭，火花塞点火，将内能转化为机械能；
B图吸气阀打开，排气阀关闭，是吸气冲程；
C图排气阀打开，吸气阀关闭，是排气冲程；
D图两气阀紧闭，活塞向上压缩。
用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来，使空气的内能增加，该实验中，活塞的机械能转化为筒内空气的内能；
（3）由题可知，汽车做匀速直线运动，大小是相等的牵＝f＝1000N，
汽车牵引力做的功W机械＝F牵s＝1000N×170×103m＝1.5×108J；
汽油完全燃烧放出的热量Q放＝mq＝7kg×6.6×107J/kg＝6.22×108J，
内燃机输出的有用能量W有用＝Q放η＝3.22×103J×53%＝1.7066×108J；
最终蓄电池增加的能量W＝W有用﹣W机械＝7.7066×108J﹣1.8×108J＝6.3×105J。
故答案为：（1）并联；（2）用电器；A5。
三、作图题。（本大题共2小题，每小题2分，共4分）
17．（2分）请按照如图所示的实物图在虚线框中画出电路图。
【答案】见试题解答内容
【分析】根据实物图分析电路结构，明确各电路元件的连接方式，再画出电路图。
【解答】解：由实物图知，两灯串联，由此画出电路图如图所示：
18．（2分）在如图的电路中，有两个虚线框，请画上电源和电流表符号，使L1和L2并联。
【答案】见解答。
【分析】使L1和L2并联，根据假设情境进行推理，找出符合题意的电路连接情况再作图。
【解答】解：若上面的为电流表，则灯泡L2被短路，所以上面的空中应是电源，此时灯L1和L2并联；若电源上端为负极；如电源下端为负极，两种情况均符合要求
四、实验探究题。（本大题共4小题，共24分）
19．（6分）在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：
（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲、乙所示，在组装器材时应先调节 A （选填“A”或“B”）的高度。
（2）本实验中，通过比较 加热时间 的长短来反映物质吸收热量的多少。
（3）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出 质量 相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油 温度变化量 ，得出结论。
（4）为了比较不同物质的吸热能力，物理学中引入 比热容 表示不同物质在这种性质上的差异。
（5）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热、耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图丙所示的装置。与原方案相比 该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等 。（答出一个即可）
【答案】（1）A；（2）加热时间；（3）质量；温度变化量；（4）比热容；（5）该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等。
【分析】（1）组装实验仪器是实验中的一个重要环节，应从最优化的角度去考虑，避免重复调整。
（2）用加热时间的长短来表示物质吸收热量的多少，运用了转换法的思想。
（3）实验需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；液体吸收相等的热量，升高的温度越高，液体的吸热能力越弱；
（4）为了比较不同物质的吸热能力，物理学中引入比热容；
（5）分析图示实验，根据图示实验装置分析答题。
【解答】解：（1）组装实验仪器时，应根据酒精灯及其火焰的高度先固定图中的A部分，然后再固定图中的B部分；
（2）实验中用加热时间的长短来表示物质吸收热量的多少；
（3）在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，得出结论；
（4）为了比较不同物质的吸热能力，物理学中引入比热容；
（5）由图乙所示实验可知，实验用同一烧杯用“水浴法”对水与煤油同时加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；
故答案为：（1）A；（2）加热时间；温度变化量；（5）该方案避免两次加热。
20．（6分）如图1所示，小蜀同学正在探究“并联电路中电流的规律”。
（1）闭合开关前，小蜀发现电流表的指针在如图1甲所示的位置，原因是电流表 使用前未调零 ；为防止损坏电流表，在不能事先估计电流大小的情况下，应先进行 试触 ，以便正确选择电流表的量程。
（2）图1乙是他们设计的电路图，图1丙是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是 A （选填“A”“B”或“C”）处的电流。
（3）该同学测出A、B、C三处的电流如下表所示，为了得出更普遍的规律，应当进行的操作方法是： 换用不同规格的灯泡多次测量 。
（4）另一同学又设计出如图2甲所示的电路，电源电压保持不变，只闭合开关S1，电压表示数如图2乙所示；再闭合开关S2，两电流表的指针均如图2丙所示，则开关S2由断开到闭合后，电压表的示数为 6 V；当闭合开关；S1、S2时，通过灯L1的电流为 1.12 A。
【答案】（1）使用前未调零；试触；（2）A；（3）换用不同规格的灯泡多次测量；（4）6；1.12。
【分析】（1）电表使用前要调零；为了防止损坏电表，在不能事先估计电流大小的情况下，应先进行试触以正确选择电流表或电流表的量程；
（2）根据图丙分析电流表的连接位置是干路还是支路；
（3）为了得出更普通的规律，应换用不同规格的灯泡多次测量；
（4）由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为灯泡L1的简单电路，电流表A1测量通过L1的电流，电压表测量电源电压；再闭合开关S2时，两灯泡并联，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过L的电流，电压表测量电源电压，由于电源电压保持不变，由此可知开关S2由断开到闭合的过程中，电压表的示数变化；根据并联电路的电流规律可知通过灯L1的电流。
【解答】解：（1）闭合开关前，小蜀发现电流表的指针在如图1甲所示的位置，说明电流表使用前未调零；
为防止损坏电流表，在不能事先估计电流大小的情况下，根据电流表指针偏转情况选择电流表合适的量程；
（2）由图丙可知，电流由电源正极流出、电流表，分别经过L1、L7再回到电源的负极，对照甲图可知；
（3）为了得出更普通的规律，应换用不同规格的灯泡多次测量；
（4）由图2甲知，仅闭合开关S1，L断路，只有L4连入电路中，电压表测电源电压，电压表选用大量程，其示数为6V；
再闭合开关S2时，两灯泡并联4测量干路中的电流，电流表A2测量通过L的电流，电压表测量电源电压，由此可知开关S2由断开到闭合的过程中，电压表的示数不变；
因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，且两电流表指针位置相同6所接量程为0～3A，分度值为8.1A，即干路中的电流为：I＝1.4A，
电流表A2所接量程为0～4.6A，分度值为0.02A，即通过L的电流为：I3＝0.28A，
则通过L1的电流为：I3＝I﹣I2＝1.5A﹣0.28A＝1.12A。
故答案为：（1）使用前未调零；试触；（3）换用不同规格的灯泡多次测量；6.12。
21．（8分）小华用如甲所示装置探究电流与电压的关系，电源电压3V恒定不变，滑动变阻器规格为“30Ω 2A”。
（1）请用笔画线代替导线。在图甲中完成电路连接，要求滑片P向右滑动时，电流表的示数变小；
（2）连接好电路闭合开关后，移动滑片发现，电流表无示数，则出现该故障的原因可能是 定值电阻断路 ；
（3）排除故障后，改变滑片位置，记录实验数据如下表，请将数据填写到表格中，根据表中数据可归纳得出结论： 电阻一定时，电流跟电压成正比 ；
（4）为了进一步探究电流与电阻的关系，又找来10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻继续实验。
①将滑动变阻器滑片置于阻值最大处，闭合开关，缓慢移动滑片，接下来用10Ω的电阻替换原电阻，应将滑片向 右 （选填：“左”或“右”）滑动，使电压表示数仍为1V，记录电流表示数。再将15Ω、20Ω的定值电阻分别接入电路；
②当将20Ω的电阻接入电路进行实验时，发现无论如何调节滑片都无法满足预设电压为1V的条件。为使该电阻也能完成实验，小华认为可以改变电压表的预设电压 1.2 V；他们重新进行实验，根据记录的数据绘制图丙所示的图像 电压一定时，电流跟电阻成反比 ；同组的小明认为不改变电压表预设值也可解决上述问题，只需将上述准备的10Ω电阻 串联 （填连接方式）在电路中就可以顺利完成实验。
【答案】（1）如上图；（2）定值电阻断路；（3）电阻一定时，电流跟电压成正比；0.30A；（4）①右；②1.2；电压一定时，电流跟电阻成反比；串联。
【分析】（1）在“探究电流与电压关系”的实验中，滑动变阻器应与电阻R、开关串联，由于滑动变阻器应“一上一下”接入电路，且要求“滑片P向右端滑动时，电流表的示数变小”，则滑动变阻器接入电流的阻值变大，从而确定滑动变阻器接入的接线柱。
（2）电流表无示数，可以判断出电路中出现了断路，也可能是电流表短路，移动滑片发现电流表无示数，电压表示数发生改变，说明电路中的电流发生了改变，据此判断出故障。
（3）根据图乙电压表所选量程确定分度值读数，根据表格数据得出结论。
（4）①探究电流跟电阻关系时，控制定值电阻两端的电压不变，滑动变阻器两端的电压也不变，根据串联电路中电压比等于电阻之比，当定值电阻增大，则滑动变阻器接入电路的电阻也变大，来判断滑片的移动方向。
②把滑动变阻器的最大阻值30Ω接入电路时，求出电路中的最小电流，求出定值电阻两端的最小电压。
根据图像可知，电流跟电阻的乘积不变，确定电流跟电阻的关系。
在不改变预设电压的情况下，把10Ω或15Ω的电阻串联接入电路，也是可以完成实验的。
【解答】解：（1）要求滑片P向右滑动时，电流表的示数变小，所以，电路连接如图：；
（2）电流表无示数，说明电路可能断路了，则电压表和电源形成的回路没有断路；
（3）电流表的量程为0～0.7A，分度值为0.02A，
根据表中数据可知，电压与电流的比值不变，
即R＝＝＝＝＝＝＝＝5Ω，
所以，可得结论：电阻一定时；
（4）①原来接入的电阻为8Ω，电压表示数为1V即UR＝1V，由串联分压可知U滑＝U总﹣UR＝6V﹣1V＝2V
由于串联电路中，各串联导体起分担电压的作用，
＝＝＝＝＝，
所以接下来用10Ω的电阻替换原电阻，应将滑片向右滑动，记录电流表示数。
②当将20Ω 的电阻接入电路进行实验时，
＝＝＝＝，
滑动变阻器需要40Ω，才能控制定值电阻两端的电压为2V，所以不能完成实验。
把滑动变阻器的最大阻值30Ω接入电路时，定值电阻两端的电压即为电压表的预设最小电压。
把滑动变阻器的最大阻值30Ω接入电路时，电路中的电流最小为：I最小＝＝＝0.06A，
电压表的预设最小电压为：U最小＝I最小R＝6.06A×20Ω＝1.2V。
根据图像可知，电流跟电阻的乘积不变，电流跟电阻成反比。
当将20Ω 的电阻接入电路进行实验时，＝＝＝＝，
滑动变阻器的最大阻值是30Ω，可以把10Ω或15Ω的电阻串联接入电路。
故答案为：（1）如上图；（2）定值电阻断路，电流跟电压成正比；（4）①右；电压一定时；串联。
22．（4分）某同学学习完电阻的相关知识后，他想设计一个实验探究导体电阻与导体材料的关系。实验器材有两根长短粗细相同，材质不同的电阻丝、电源（电压恒定），将电路连接完整，该同学接下来的操作是 将两根电阻丝分两次接入电路中，闭合开关，记录电流表示数 ，观察到 两次电流表的示数不同 的现象，说明导体电阻与导体的材料有关。
【答案】将两根电阻丝分两次接入电路中，闭合开关，记录电流表示数；两次电流表的示数不同
【分析】影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变。
实验中根据电流表示数的大小反映电阻的大小。
【解答】解：探究影响导体电阻大小因素的实验中，将电路连接完整后，闭合开关；实验中若观察到两次电流表的示数不同。
故答案为：将两根电阻丝分两次接入电路中，闭合开关；两次电流表的示数不同。
五、综合题。（本大题共2小题，每小题9分，共18分）
23．（9分）在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为10Ω，电流表的示数为1.2A。
（1）求电源电压U；
（2）若在电路中串联一个电阻R2，使得接入前后电流表的示数变化0.4A，求电阻R2的阻值。
（3）若在电路中串联一个0～40Ω的滑动变阻器，则电路中电流表示数的最小值为多少？
【答案】（1）电源电压U为12V；
（2）电阻R2的阻值为5Ω；
（3）在电路中串联一个0～40Ω的滑动变阻器，电路中电流表示数的最小值为0.24A。
【分析】（1）闭合开关，电路为R1的简单电路，电流表测通过电路的电流，根据欧姆定律计算电源电压；
（2）在电路中串联一个电阻R2，使得接入前后电流表的示数变化0.4A，串联后电路总电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，据此计算通过串联电路的电流，根据欧姆定律计算串联电路总电阻，根据串联电路电阻规律计算电阻R2的阻值；
（3）在电路中串联一个0～40Ω的滑动变阻器，滑动变阻器接入电路最大阻值时电路总电阻最大，进一步计算电路总电阻，根据欧姆定律计算通过电路的最小电流。
【解答】解：（1）闭合开关，电路为R1的简单电路，电流表测通过电路的电流1R6＝1.2A×10Ω＝12V；
（2）在电路中串联一个电阻R4，使得接入前后电流表的示数变化0.4A，
串联后电路总电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，
串联电路总电阻：R＝＝＝15Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则电阻R2的阻值：R8＝R﹣R1＝15Ω﹣10Ω＝5Ω；
（3）在电路中串联一个3～40Ω的滑动变阻器，则电路总电阻最大为R′＝R1+R最大＝10Ω+40Ω＝50Ω，
通过电路的最小电流：I″＝＝＝0.24A。
答：（1）电源电压U为12V；
（2）电阻R5的阻值为5Ω；
（3）在电路中串联一个0～40Ω的滑动变阻器，电路中电流表示数的最小值为7.24A。
24．（9分）如图所示是小羽同学做冰熔化实验时绘制的温度﹣时间图象，冰的质量是0.1kg，已知水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃），冰的比热容c冰＝2.1×103J/（kg•℃）。请根据图象回答下列问题：
（1）AB阶段，物质吸收的热量是多少？
（2）CD阶段，物质吸收的热量是多少？
（3）物质在第10min的内能与第15min的内能相比，哪个时间的内能大？为什么？
（4）请你根据图象分析说明冰的比热容为什么小于水的比热容？
【答案】（1）AB阶段，物质吸收的热量是1.68×104J；
（2）BC阶段，物质吸收的热量是3.36×104J；
（3）物质在第15min时的内能较大，因为物质在10～15min，不断吸收热量、内能增加，所以物质在第15min时的内能较大；
（4）由图像可知，AB段冰和CD段水的温度变化相同都是80℃，质量也相同都是0.1kg，而AB段的加热时间小于CD段，即所吸收的热量少，由c＝可知，冰的比热容小于水的比热容
【分析】（1）由图象得出AB段物质的初温和末温，AB段冰的质量，利用Q吸＝cm（t﹣t）求物质吸收的热量；
（2）BC段的加热时间和CD段的加热时间相同，因为相同时间内物质吸收的热量相同，所以BC段物质吸收热量与CD段相同；
（3）物质吸收热量、内能增加；
（4）由图象可知，AB段冰和CD水的温度变化相同都是80℃，质量也相同都是0.1kg，而加热时间AB段小于CD段，即AB段吸收的热量小于CD段吸收的热量，由c＝可知比热容的大小关系。
【解答】解：（1）因为冰的质量是0.1kg，AB阶段的冰在2min吸收的热量为：
Q冰＝c冰m冰Δt1＝2.5×103J/（kg•℃）×0.5kg×80℃＝1.68×104J；
（2）由于冰化成水，状态变化，CD阶段的水在10min吸收的热量为：
Q＝c水mΔt2＝4.2×106J/（kg•℃）×0.1kg×80℃＝3.36×104J，
因为相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段也是10min
Q′＝Q＝3.36×104J；
（3）物质在第15min时的内能较大，因为物质在10～15min、内能增加；
（4）由图像可知，AB段冰和CD段水的温度变化相同都是80℃，而AB段的加热时间小于CD段，由c＝，冰的比热容小于水的比热容。
答：（1）AB阶段，物质吸收的热量是1.68×104J；
（2）BC阶段，物质吸收的热量是8.36×104J；
（3）物质在第15min时的内能较大，因为物质在10～15min、内能增加；
（4）由图像可知，AB段冰和CD段水的温度变化相同都是80℃，而AB段的加热时间小于CD段，由c＝，冰的比热容小于水的比热容。位置
A
B
C
电流/A
0.22
0.22
0.44
电压U/V
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流I/A
0.10
0.20
0.40
0.50
0.60
位置
A
B
C
电流/A
0.22
0.22
0.44
电压U/V
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流I/A
0.10
0.20
0.30
0.40
0.50
0.60
1．（3分）由热量计算公式Q＝cmΔt得c＝。下列说法正确的是（ ）
A．比热容与物质吸收的热量成正比
B．比热容与物质的质量跟其变化的温度的乘积成反比
C．物体吸收的热量越多，其比热容越大
D．比热容是物质的一种属性，其大小与物体所吸收的热量、质量和升高的温度无关
2．（3分）如图所示是古人锻造铁器的过程。关于锻造铁器过程中，属于热传递改变物体内能的是（ ）
A．加热和锻打B．加热和淬火
C．锻打和淬火D．都不是
3．（3分）关于如图所示的热现象，说法正确的是（ ）
A．图甲中炙热的铁水具有内能，冰冷的冰块没有内能
B．图乙中冬天搓手取暖是将内能转化为机械能
C．图丙中用湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能
D．图丁中能量转化与汽油机做功冲程的能量转化相同
4．（3分）以下关于内燃机的知识中，正确的是（ ）
A．汽油机在“做功冲程”中是将机械能转化为内能
B．汽油机飞轮的转速为1800r/min，则该每秒钟做功30次
C．柴油机在吸气冲程中，将柴油和空气的混合物吸入汽缸中
D．汽油机燃烧燃料的方式是点燃，柴油机燃烧燃料的方式是压燃
5．（3分）有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
6．（3分）两个小灯泡连接在电路中，无法观察到它们是串联还是并联。闭合开关时，两灯都正常发光。以下判断正确的是（ ）
A．若灯两端电压都相等，则两灯肯定是并联
B．若流过灯的电流相等，则两灯肯定是串联
C．若取下一根导线两灯都不亮，则原来两灯肯定是串联
D．若取下一灯，另一灯不亮，则原来两灯肯定是串联
7．（3分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S1的示数为6V，电压表V2的示数为2V。下列说法中正确的是（ ）
A．L1两端电压为2V
B．电源两端电压为4V
C．断开开关，只将电压表V2换成电流表，则L1与L2串联
D．断开开关，将两个电压表都换成电流表，则L1与L2并联
（多选）8．（3分）下列关于热现象的说法，正确的是（ ）
A．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少
B．只要物体的温度不变，物体的内能就一定不变
C．物体的温度升高，则一定是从外界吸收了热量
D．质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多（c铝＞c铜）
（多选）9．（3分）物理课上老师做了很多静电小实验，关于摩擦起电，以下说法错误的是（ ）
A．摩擦起电的原因是不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同
B．丝绸摩擦过的玻璃棒因得到电子而带正电
C．摩擦起电现象的实质是电荷的转移
D．两个物体互相吸引，它们一定带异种电荷
（多选）10．（3分）如图所示电路，闭合开关S时，灯泡L1、L2都不亮。若电路中的故障是灯L1断路，用一块电压表查找故障，闭合开关S（ ）
A．电压表接在b、c两点间，电压表示数接近电源电压
B．电压表接在a、b两点间，电压表示数接近电源电压
C．电压表接在c、d两点间，电压表示数为0V
D．电压表接在a、d两点间，电压表示数为电源电压
二、填空题。（本大题共6小题，第11～15题每小题2分，16题4分，共14分）
11．（2分）2021年12月9日，神舟十三号乘组航天员翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站进行太空授课，如图所示，这属于 现象；水球在空中没有散开说明分子间存在 。
12．（2分）冰的比热容是2.1×103J/（kg•℃），其物理意义是 。一座冰山融化一半剩下的冰的比热容将 （选填“改变”“不变”）。
13．（2分）如图所示，将两根长度相同的镍合金丝A和B接入电路，其中A比B细得多A和RB，则有RA RB，闭合开关S，此时通过它们的电流分别为IA和IB，则有IA IB（均选填“＞”、“＝”或“＜”）。
14．（2分）如图是一握力计的电路示意图，a、b、c、d是四个接线柱，仪表及定值电阻R0均未画出。M、N均为金属板，N固定不动，当金属片P向左移动时 。若握力F增大时，要求仪表的示数也增大，则接线柱a、b之间应接入 （选填“电流表”或“电压表”），接线柱c、d之间应接入定值电阻。
15．（2分）如图中，甲、乙为两只相同的电压表或电流表，若断开开关，通过R1的电流为I1，此时R1与R2 联。更换两表种类，闭合开关，两表均有示数2的电流为I2，则I1：I2＝ 。
16．（4分）阅读短文，回答问题。
混合动力汽车
通常所说的混合动力汽车，一般是指油电混合动力汽车，如图甲所示（柴油机或汽油机）和电动机作为动力源。该混合动力汽车启动时，内燃机不工作；当汽车高速行驶或蓄电池储存电能过低时，内燃机启动，同时又可以向蓄电池充电；当车辆需要全力加速时
（1）汽车照明灯的灯泡内装有远光灯丝和近光灯丝，两根灯丝可根据需要交替工作，汽车照明灯内的近光灯丝和远光灯丝是 连接的。
（2）蓄电池充电时将电能转化为化学能，此时蓄电池是 （选填“电源”或“用电器”）。图乙是该汽车的四冲程内燃机的各冲程示意图，将内能转化为机械能的是 图（选填字母）。
（3）当内燃机启动，汽油完全燃烧产生的总能量，既可以向车轮输出能量，共消耗汽油7kg，若该汽车内燃机的效率为53%，水平道路的平均阻力为1000N，最终使蓄电池增加的电能为 J。（忽略蓄电池和电动机的热损失，q汽油＝4.6×107J/kg）
三、作图题。（本大题共2小题，每小题2分，共4分）
17．（2分）请按照如图所示的实物图在虚线框中画出电路图。
18．（2分）在如图的电路中，有两个虚线框，请画上电源和电流表符号，使L1和L2并联。
四、实验探究题。（本大题共4小题，共24分）
19．（6分）在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：
（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲、乙所示，在组装器材时应先调节 （选填“A”或“B”）的高度。
（2）本实验中，通过比较 的长短来反映物质吸收热量的多少。
（3）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出 相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油 ，得出结论。
（4）为了比较不同物质的吸热能力，物理学中引入 表示不同物质在这种性质上的差异。
（5）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热、耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图丙所示的装置。与原方案相比 。（答出一个即可）
20．（6分）如图1所示，小蜀同学正在探究“并联电路中电流的规律”。
（1）闭合开关前，小蜀发现电流表的指针在如图1甲所示的位置，原因是电流表 ；为防止损坏电流表，在不能事先估计电流大小的情况下，应先进行 ，以便正确选择电流表的量程。
（2）图1乙是他们设计的电路图，图1丙是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是 （选填“A”“B”或“C”）处的电流。
（3）该同学测出A、B、C三处的电流如下表所示，为了得出更普遍的规律，应当进行的操作方法是： 。
（4）另一同学又设计出如图2甲所示的电路，电源电压保持不变，只闭合开关S1，电压表示数如图2乙所示；再闭合开关S2，两电流表的指针均如图2丙所示，则开关S2由断开到闭合后，电压表的示数为 V；当闭合开关；S1、S2时，通过灯L1的电流为 A。
21．（8分）小华用如甲所示装置探究电流与电压的关系，电源电压3V恒定不变，滑动变阻器规格为“30Ω 2A”。
（1）请用笔画线代替导线。在图甲中完成电路连接，要求滑片P向右滑动时，电流表的示数变小；
（2）连接好电路闭合开关后，移动滑片发现，电流表无示数，则出现该故障的原因可能是 ；
（3）排除故障后，改变滑片位置，记录实验数据如下表，请将数据填写到表格中，根据表中数据可归纳得出结论： ；
（4）为了进一步探究电流与电阻的关系，又找来10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻继续实验。
①将滑动变阻器滑片置于阻值最大处，闭合开关，缓慢移动滑片，接下来用10Ω的电阻替换原电阻，应将滑片向 （选填：“左”或“右”）滑动，使电压表示数仍为1V，记录电流表示数。再将15Ω、20Ω的定值电阻分别接入电路；
②当将20Ω的电阻接入电路进行实验时，发现无论如何调节滑片都无法满足预设电压为1V的条件。为使该电阻也能完成实验，小华认为可以改变电压表的预设电压 V；他们重新进行实验，根据记录的数据绘制图丙所示的图像 ；同组的小明认为不改变电压表预设值也可解决上述问题，只需将上述准备的10Ω电阻 （填连接方式）在电路中就可以顺利完成实验。
22．（4分）某同学学习完电阻的相关知识后，他想设计一个实验探究导体电阻与导体材料的关系。实验器材有两根长短粗细相同，材质不同的电阻丝、电源（电压恒定），将电路连接完整，该同学接下来的操作是 ，观察到 的现象，说明导体电阻与导体的材料有关。
五、综合题。（本大题共2小题，每小题9分，共18分）
23．（9分）在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为10Ω，电流表的示数为1.2A。
（1）求电源电压U；
（2）若在电路中串联一个电阻R2，使得接入前后电流表的示数变化0.4A，求电阻R2的阻值。
（3）若在电路中串联一个0～40Ω的滑动变阻器，则电路中电流表示数的最小值为多少？
24．（9分）如图所示是小羽同学做冰熔化实验时绘制的温度﹣时间图象，冰的质量是0.1kg，已知水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃），冰的比热容c冰＝2.1×103J/（kg•℃）。请根据图象回答下列问题：
（1）AB阶段，物质吸收的热量是多少？
（2）CD阶段，物质吸收的热量是多少？
（3）物质在第10min的内能与第15min的内能相比，哪个时间的内能大？为什么？
（4）请你根据图象分析说明冰的比热容为什么小于水的比热容？
2023-2024学年云南省临沧市耿马县九年级（上）期中物理试卷
参考答案与试题解析
一、选择题。（本大题共10小题，每小题3分，共30分。每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求；第8～10题有多项符合题目要求，全部选对的得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分）
1．（3分）由热量计算公式Q＝cmΔt得c＝。下列说法正确的是（ ）
A．比热容与物质吸收的热量成正比
B．比热容与物质的质量跟其变化的温度的乘积成反比
C．物体吸收的热量越多，其比热容越大
D．比热容是物质的一种属性，其大小与物体所吸收的热量、质量和升高的温度无关
【答案】D
【分析】质量是1kg的某种物质，温度升高1℃吸收的热量叫这种物质的比热容。
比热容是物质的一种特性。物质的比热容只跟物体的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关。
【解答】解：比热容是物质本身的一种特性，物质的比热容只跟物质的种类和状态有关、温度高低，故ABC错误。
故选：D。
2．（3分）如图所示是古人锻造铁器的过程。关于锻造铁器过程中，属于热传递改变物体内能的是（ ）
A．加热和锻打B．加热和淬火
C．锻打和淬火D．都不是
【答案】B
【分析】改变物体内能有两种方式：做功和热传递。做功主要有摩擦生热和压缩气体做功，做功实质是能量的转化，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体，或者是从一个物体的高温部分传到低温部分，其实质是能量的转移。
【解答】解：用铁锤锻打工件，工件会发热；用火对铁器加温，把铁器放在水中淬火，所以加温和淬火属于热传递改变物体内能。
故选：B。
3．（3分）关于如图所示的热现象，说法正确的是（ ）
A．图甲中炙热的铁水具有内能，冰冷的冰块没有内能
B．图乙中冬天搓手取暖是将内能转化为机械能
C．图丙中用湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能
D．图丁中能量转化与汽油机做功冲程的能量转化相同
【答案】C
【分析】（1）任何物体在任何情况下都具有内能；
（2）搓手取暖是机械能转化为内能；
（3）湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小了内能；
（4）汽油机做功冲程是内能转化为机械能。
【解答】解：A、任何物体在任何情况下都具有内能，故A错误；
B、搓手取暖是机械能转化为内能；
C、湿毛巾冷敷降温是通过热传递的方式减小人体的内能；
D、汽油机做功冲程是内能转化为机械能，故D错误；
故选：C。
4．（3分）以下关于内燃机的知识中，正确的是（ ）
A．汽油机在“做功冲程”中是将机械能转化为内能
B．汽油机飞轮的转速为1800r/min，则该每秒钟做功30次
C．柴油机在吸气冲程中，将柴油和空气的混合物吸入汽缸中
D．汽油机燃烧燃料的方式是点燃，柴油机燃烧燃料的方式是压燃
【答案】D
【分析】（1）热机的原理是燃料燃烧产生的内能转化为机械能，内燃机是热机的一种，是燃料在汽缸内燃烧的热机；
（2）在四冲程汽油机中，一个工作循环，曲轴转两圈，对外做功一次，完成4个冲程；
（3）柴油机在吸气冲程中吸入空气；
（4）汽油机和柴油机的点火方式不同。
【解答】解：A、汽油机是在气缸内燃烧汽油，使燃气推动活塞做功，故A错误；
B、汽油机飞轮转速是1800r/min＝30r/s，曲轴转两圈，在1s内汽油机对外做功15次；
C、在吸气冲程，汽油机吸入气缸的是汽油和空气的混合物；
D、汽油机在压缩冲程末，混合气体的内能增大，此时气缸顶端的火花塞喷出电火花，其点燃方式是点燃式，故D正确。
故选：D。
5．（3分）有一种智能锁，需要通过“密码+人脸”两次识别成功才能开锁。密码识别成功时仅S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，人脸识别成功后S2才会闭合，电动机M工作，开锁成功。下列电路设计符合要求的是（ ）
A．B．
C．D．
【答案】C
【分析】由题知，S1闭合，灯L发光，照亮人脸进行识别，但不开锁，人脸识别成功后S2闭合，电动机M工作，即两开关都闭合时电动机才能工作，由此根据选项图分析解答。
【解答】解：
根据题意知，S1闭合，灯L发光2闭合，即S3、S2同时闭合，电动机M才工作。
A、由图知1时，灯被短路而不发光6和S2时，电源会被短路；
B、由图知1时，电路断路，再闭合S7时，电动机就工作；
C、由图知1时，灯L发光2时，电动机工作；
D、由图知3时，灯L不发光。
故选：C。
6．（3分）两个小灯泡连接在电路中，无法观察到它们是串联还是并联。闭合开关时，两灯都正常发光。以下判断正确的是（ ）
A．若灯两端电压都相等，则两灯肯定是并联
B．若流过灯的电流相等，则两灯肯定是串联
C．若取下一根导线两灯都不亮，则原来两灯肯定是串联
D．若取下一灯，另一灯不亮，则原来两灯肯定是串联
【答案】D
【分析】（1）一个开关同时控制两灯，两灯可能是串联（串联电路电流只有一条通路），也可能是并联（电流有多条通路，开关在干路上）；
（2）在串联电路中电流处处相等，在并联电路中，若两灯规格相同，通过的电流相同；
（3）在并联电路中各支路两端的电压相同，在串联电路中，若两灯规格相同，两端各自分得的电压相同。
【解答】解：
A、灯泡的规格相同，两灯串联时，根据U＝IR可知，所以灯两端的电压相等也可能是串联；
B、在串联电路中；若灯泡的规格相同，根据I＝，通过两盏灯的电流相等；
C、两个灯泡并联，则两灯都不发光；
D、若取下一灯，这说明两盏灯相互影响，故D正确。
故选：D。
7．（3分）如图所示，电源电压不变，闭合开关S1的示数为6V，电压表V2的示数为2V。下列说法中正确的是（ ）
A．L1两端电压为2V
B．电源两端电压为4V
C．断开开关，只将电压表V2换成电流表，则L1与L2串联
D．断开开关，将两个电压表都换成电流表，则L1与L2并联
【答案】D
【分析】（1）（2）由电路图可知，两灯泡串联，电压表V1测电源的电压，电压表V2测L2两端的电压，根据V1的示数即可得出电源电压；根据串联电路的电压特点求出L1两端的电压；
（3）断开开关，只将电压表V2换成电流表，据此分析电路的连接方式；
（4）电流表相当于导线，由此分析两个电压表都换成电流表时电路的连接情况。
【解答】解：
AB、由电路图可知，电压表V1测电源的电压，电压表V2测L6两端的电压，由两个电压表的示数可知；电压表V2的示数为2V，则L2两端的电压U2＝2V；因串联电路中总电压等于各分电压之和，L5两端电压：U1＝U﹣U2＝2V﹣2V＝4V，故AB错误；
C、断开开关6换成电流表，则灯泡L2被短路，L2不发光，只有L2接入电路中，L1发光，故C错误；
D、将两个电压表都换成电流表，由于电流表相当于导线，所以L1与L7并联，故D正确。
故选：D。
（多选）8．（3分）下列关于热现象的说法，正确的是（ ）
A．在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少
B．只要物体的温度不变，物体的内能就一定不变
C．物体的温度升高，则一定是从外界吸收了热量
D．质量相等的铝块和铜块升高相同的温度，铝块吸收的热量多（c铝＞c铜）
【答案】AD
【分析】（1）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；做功可以改变内能，且对物体做功，物体内能会增加，物体对外做功，物体内能会减小；
（2）物体吸收热量，温度不一定升高，例如晶体在熔化过程中，吸收热量，温度不变；
（3）根据吸收热量的公式Q＝cmΔt进行解答。
【解答】解：A、物体的内能与温度有关；同一物体温度降低时，故A正确；
B、影响内能大小的因素有多个，内能也可能改变，吸收热量，温度不变；
C、物体的温度升高，也可能是外界对物体做功；
D、根据吸收热量的公式Q＝cmΔt可知，且c铝＞c铜知铝块吸收的热量多，故D正确。
故选：AD。
（多选）9．（3分）物理课上老师做了很多静电小实验，关于摩擦起电，以下说法错误的是（ ）
A．摩擦起电的原因是不同物质的原子核对核外电子的束缚本领不同
B．丝绸摩擦过的玻璃棒因得到电子而带正电
C．摩擦起电现象的实质是电荷的转移
D．两个物体互相吸引，它们一定带异种电荷
【答案】BD
【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷。束缚电子能力强的物体容易得到电子，带负电；束缚电子能力弱的物体容易失去电子，带正电。
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。带电体能够吸引轻小物体。
【解答】解：A、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，束缚电子能力弱的物体容易失去电子；
B、丝绸摩擦过的玻璃棒因失去电子而带正电荷；
C、摩擦起电的实质是电荷的转移；
D、两个物体相互吸引，另一个不带电。
故选：BD。
（多选）10．（3分）如图所示电路，闭合开关S时，灯泡L1、L2都不亮。若电路中的故障是灯L1断路，用一块电压表查找故障，闭合开关S（ ）
A．电压表接在b、c两点间，电压表示数接近电源电压
B．电压表接在a、b两点间，电压表示数接近电源电压
C．电压表接在c、d两点间，电压表示数为0V
D．电压表接在a、d两点间，电压表示数为电源电压
【答案】BCD
【分析】用电压表检查电路故障时，若电路出现断路，则电压表有示数，说明电压表与电源能相通；无示数，说明电压表与电源不能相通。
【解答】解：A、电压表接在b，电压表的负接线柱通过开关与电源负极相连1与电源正极相连，因此电压表示数为零；
B、电压表接在a，电压表的负接线柱通过L2、开关与电源负极相连，但电压表的正接线柱电源正极相连；故B正确；
C、电压表接在c，电压表的负接线柱与电源负极相连3断路，所以电压表的正接线柱不能与电源正极相连；故C正确；
D、电压表接在a，电压表的正负接线柱与电源的正负极相连，故D正确。
故选：BCD。
二、填空题。（本大题共6小题，第11～15题每小题2分，16题4分，共14分）
11．（2分）2021年12月9日，神舟十三号乘组航天员翟志刚、王亚平、叶光富在中国空间站进行太空授课，如图所示，这属于 扩散 现象；水球在空中没有散开说明分子间存在 引力 。
【答案】扩散；引力。
【分析】（1）不同物体互相接触时彼此进入对方的现象叫扩散，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。
（2）分子间存在引力和斥力。
【解答】解：由于分子永不停息地做无规则运动，所以她在水球中注入蓝色液体；这是蓝颜料在水中发生了扩散现象；
组成水球的水分子没有四散开来是因为分子间存在引力。
故答案为：扩散；引力。
12．（2分）冰的比热容是2.1×103J/（kg•℃），其物理意义是 1kg的冰每升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为2.1×103J 。一座冰山融化一半剩下的冰的比热容将 不变 （选填“改变”“不变”）。
【答案】见试题解答内容
【分析】单位体积某种物质，温度升高1℃所吸收的热量叫做这种物质的比热容。比热容是物质的一种特性。物质的比热容只跟物体的种类和状态有关，与物体质量的大小、温度高低、吸收或放出热量的多少均无关。
【解答】解：
根据比热容的定义可以知道，冰的比热容为2.1×107J/（kg•℃），其物理意义是：1kg的冰每升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为8.1×103J；
一座冰山融化一半剩下的冰质量改变，但比热容与质量无关，仍然为2.1×103J/（kg•℃）。
故答案为：3kg的冰每升高（或降低）1℃吸收（或放出）的热量为2.5×103J；不变。
13．（2分）如图所示，将两根长度相同的镍合金丝A和B接入电路，其中A比B细得多A和RB，则有RA ＞ RB，闭合开关S，此时通过它们的电流分别为IA和IB，则有IA ＝ IB（均选填“＞”、“＝”或“＜”）。
【答案】＞；＝。
【分析】（1）影响电阻大小的因素是：材料、长度、横截面积、温度，其它条件相同，导体的横截面积越大，电阻越小；
（2）串联电路电流的特点：串联电路中，电流处处相等。
【解答】解：因为两段合金丝都是镍铬合金丝、长度相同，故B镍铬合金丝电阻小A＞RB；
由图知，A、B串联，即IA＝IB。
故答案为：＞；＝。
14．（2分）如图是一握力计的电路示意图，a、b、c、d是四个接线柱，仪表及定值电阻R0均未画出。M、N均为金属板，N固定不动，当金属片P向左移动时 小 。若握力F增大时，要求仪表的示数也增大，则接线柱a、b之间应接入 电压表 （选填“电流表”或“电压表”），接线柱c、d之间应接入定值电阻。
【答案】小；电压表。
【分析】由图可知，当金属片P向左移动时，R接入电路的阻值变小；
a、b之间不可能为电流表，否则滑动变阻器被短路，
当a、b之间为电压表时，滑动变阻器和定值电阻串联接入电路，当握力增大时，滑片右移，变阻器接入电路中的电阻变大，根据串联电路电阻规律结合欧姆定律可知通过电路的电流变化，根据U＝IR可知定值电阻两端的电压变化，根据串联电路电压规律可知电压表示数变化。
【解答】解：由图可知，当金属片P向左移动时；
a、b之间不可能为电流表，
当a、b之间为电压表时，当握力增大时，变阻器接入电路中的电阻变大，根据U＝IR可知定值电阻两端的电压变小。
故答案为：小；电压表。
15．（2分）如图中，甲、乙为两只相同的电压表或电流表，若断开开关，通过R1的电流为I1，此时R1与R2 并 联。更换两表种类，闭合开关，两表均有示数2的电流为I2，则I1：I2＝ 3：1 。
【答案】并；3：1。
【分析】（1）由图可知，若断开开关，R1、R2并联，两电表分别与R1、R2串联，则两表是电流表，知道两表的示数之比，根据欧姆定律可知R1、R2的阻值之比，利用欧姆定律表示出通过R1的电流I1；
（2）更换两表种类，则两表为电压表，闭合开关，R1、R2串联，根据串联电路的特点和欧姆定律表示出通过R2的电流I2，据此可知I1与I2之比。
【解答】解：（1）如图可知，若断开开关，R1、R2并联，两电表分别与R2、R2串联，则两表是电流表1的电流，电流表乙测量通过R2的电流；
根据并联电路的特点和欧姆定律可知，通过R1、R2的电流之比：＝＝＝＝，
则R2＝2R1；
（2）更换两表种类，则两表应为电压表，闭合开关，R1、R6串联，
根据串联电路的电阻特点可知，电路中的总电阻R＝R1+R2＝2R1，
根据串联电路的电流特点和欧姆定律可知，通过R2的电流I7＝I＝＝，
则＝＝。
故答案为：并；3：1。
16．（4分）阅读短文，回答问题。
混合动力汽车
通常所说的混合动力汽车，一般是指油电混合动力汽车，如图甲所示（柴油机或汽油机）和电动机作为动力源。该混合动力汽车启动时，内燃机不工作；当汽车高速行驶或蓄电池储存电能过低时，内燃机启动，同时又可以向蓄电池充电；当车辆需要全力加速时
（1）汽车照明灯的灯泡内装有远光灯丝和近光灯丝，两根灯丝可根据需要交替工作，汽车照明灯内的近光灯丝和远光灯丝是 并联 连接的。
（2）蓄电池充电时将电能转化为化学能，此时蓄电池是 用电器 （选填“电源”或“用电器”）。图乙是该汽车的四冲程内燃机的各冲程示意图，将内能转化为机械能的是 A 图（选填字母）。
（3）当内燃机启动，汽油完全燃烧产生的总能量，既可以向车轮输出能量，共消耗汽油7kg，若该汽车内燃机的效率为53%，水平道路的平均阻力为1000N，最终使蓄电池增加的电能为 6.6×105 J。（忽略蓄电池和电动机的热损失，q汽油＝4.6×107J/kg）
【答案】（1）并联；（2）用电器；A；（3）6.6×105。
【分析】（1）根据串联电路不能独立工作、并联电路可以独立工作判断两灯丝的连接方式；
（2）蓄电池充电时将电能转化为化学能，此时蓄电池是用电器；
内燃机有四个冲程：吸气、压缩、做功和排气冲程，在压缩冲程中，将机械能转化为内能，在做功冲程中，将内能转化为机械能；
（3）匀速行驶时，汽车的牵引力与所受到的阻力为一对平衡力，由W＝Fs计算汽车牵引力做的功；利用Q放＝mq可求得汽油完全燃烧放出的热量，再利用内燃机的效率可求得有用能量，进一步计算蓄电池增加了多少能量。
【解答】解：（1）由题意可知，两根灯丝可根据需要交替工作；
（2）蓄电池充电时将电能转化为化学能，此时蓄电池是用电器；
A图两气阀关闭，火花塞点火，将内能转化为机械能；
B图吸气阀打开，排气阀关闭，是吸气冲程；
C图排气阀打开，吸气阀关闭，是排气冲程；
D图两气阀紧闭，活塞向上压缩。
用力将活塞迅速向下压，棉絮燃烧起来，使空气的内能增加，该实验中，活塞的机械能转化为筒内空气的内能；
（3）由题可知，汽车做匀速直线运动，大小是相等的牵＝f＝1000N，
汽车牵引力做的功W机械＝F牵s＝1000N×170×103m＝1.5×108J；
汽油完全燃烧放出的热量Q放＝mq＝7kg×6.6×107J/kg＝6.22×108J，
内燃机输出的有用能量W有用＝Q放η＝3.22×103J×53%＝1.7066×108J；
最终蓄电池增加的能量W＝W有用﹣W机械＝7.7066×108J﹣1.8×108J＝6.3×105J。
故答案为：（1）并联；（2）用电器；A5。
三、作图题。（本大题共2小题，每小题2分，共4分）
17．（2分）请按照如图所示的实物图在虚线框中画出电路图。
【答案】见试题解答内容
【分析】根据实物图分析电路结构，明确各电路元件的连接方式，再画出电路图。
【解答】解：由实物图知，两灯串联，由此画出电路图如图所示：
18．（2分）在如图的电路中，有两个虚线框，请画上电源和电流表符号，使L1和L2并联。
【答案】见解答。
【分析】使L1和L2并联，根据假设情境进行推理，找出符合题意的电路连接情况再作图。
【解答】解：若上面的为电流表，则灯泡L2被短路，所以上面的空中应是电源，此时灯L1和L2并联；若电源上端为负极；如电源下端为负极，两种情况均符合要求
四、实验探究题。（本大题共4小题，共24分）
19．（6分）在“比较不同物质吸热升温情况”的实验中：
（1）小丽和小明用一套器材做加热水和煤油的实验，如图甲、乙所示，在组装器材时应先调节 A （选填“A”或“B”）的高度。
（2）本实验中，通过比较 加热时间 的长短来反映物质吸收热量的多少。
（3）组装好器材，他们先后在同一个烧杯中称出 质量 相等的水和煤油，分别加热相同的时间，比较水和煤油 温度变化量 ，得出结论。
（4）为了比较不同物质的吸热能力，物理学中引入 比热容 表示不同物质在这种性质上的差异。
（5）在对实验进行反思时，他们认为原方案有需要两次加热、耗时长等缺点，因此改进方案并设计了图丙所示的装置。与原方案相比 该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等 。（答出一个即可）
【答案】（1）A；（2）加热时间；（3）质量；温度变化量；（4）比热容；（5）该方案避免两次加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等。
【分析】（1）组装实验仪器是实验中的一个重要环节，应从最优化的角度去考虑，避免重复调整。
（2）用加热时间的长短来表示物质吸收热量的多少，运用了转换法的思想。
（3）实验需要测量水与煤油的加热时间，需要用到秒表；液体吸收相等的热量，升高的温度越高，液体的吸热能力越弱；
（4）为了比较不同物质的吸热能力，物理学中引入比热容；
（5）分析图示实验，根据图示实验装置分析答题。
【解答】解：（1）组装实验仪器时，应根据酒精灯及其火焰的高度先固定图中的A部分，然后再固定图中的B部分；
（2）实验中用加热时间的长短来表示物质吸收热量的多少；
（3）在同一个烧杯中称出质量相等的水和煤油，分别加热相同的时间，得出结论；
（4）为了比较不同物质的吸热能力，物理学中引入比热容；
（5）由图乙所示实验可知，实验用同一烧杯用“水浴法”对水与煤油同时加热，用同一热源加热确保在相等时间内吸收的热量相等；
故答案为：（1）A；（2）加热时间；温度变化量；（5）该方案避免两次加热。
20．（6分）如图1所示，小蜀同学正在探究“并联电路中电流的规律”。
（1）闭合开关前，小蜀发现电流表的指针在如图1甲所示的位置，原因是电流表 使用前未调零 ；为防止损坏电流表，在不能事先估计电流大小的情况下，应先进行 试触 ，以便正确选择电流表的量程。
（2）图1乙是他们设计的电路图，图1丙是他们测量电流时连接的实验电路，此时电流表测量的是 A （选填“A”“B”或“C”）处的电流。
（3）该同学测出A、B、C三处的电流如下表所示，为了得出更普遍的规律，应当进行的操作方法是： 换用不同规格的灯泡多次测量 。
（4）另一同学又设计出如图2甲所示的电路，电源电压保持不变，只闭合开关S1，电压表示数如图2乙所示；再闭合开关S2，两电流表的指针均如图2丙所示，则开关S2由断开到闭合后，电压表的示数为 6 V；当闭合开关；S1、S2时，通过灯L1的电流为 1.12 A。
【答案】（1）使用前未调零；试触；（2）A；（3）换用不同规格的灯泡多次测量；（4）6；1.12。
【分析】（1）电表使用前要调零；为了防止损坏电表，在不能事先估计电流大小的情况下，应先进行试触以正确选择电流表或电流表的量程；
（2）根据图丙分析电流表的连接位置是干路还是支路；
（3）为了得出更普通的规律，应换用不同规格的灯泡多次测量；
（4）由电路图可知，只闭合开关S1时，电路为灯泡L1的简单电路，电流表A1测量通过L1的电流，电压表测量电源电压；再闭合开关S2时，两灯泡并联，电流表A1测量干路中的电流，电流表A2测量通过L的电流，电压表测量电源电压，由于电源电压保持不变，由此可知开关S2由断开到闭合的过程中，电压表的示数变化；根据并联电路的电流规律可知通过灯L1的电流。
【解答】解：（1）闭合开关前，小蜀发现电流表的指针在如图1甲所示的位置，说明电流表使用前未调零；
为防止损坏电流表，在不能事先估计电流大小的情况下，根据电流表指针偏转情况选择电流表合适的量程；
（2）由图丙可知，电流由电源正极流出、电流表，分别经过L1、L7再回到电源的负极，对照甲图可知；
（3）为了得出更普通的规律，应换用不同规格的灯泡多次测量；
（4）由图2甲知，仅闭合开关S1，L断路，只有L4连入电路中，电压表测电源电压，电压表选用大量程，其示数为6V；
再闭合开关S2时，两灯泡并联4测量干路中的电流，电流表A2测量通过L的电流，电压表测量电源电压，由此可知开关S2由断开到闭合的过程中，电压表的示数不变；
因为并联电路干路中的电流等于各支路中的电流之和，且两电流表指针位置相同6所接量程为0～3A，分度值为8.1A，即干路中的电流为：I＝1.4A，
电流表A2所接量程为0～4.6A，分度值为0.02A，即通过L的电流为：I3＝0.28A，
则通过L1的电流为：I3＝I﹣I2＝1.5A﹣0.28A＝1.12A。
故答案为：（1）使用前未调零；试触；（3）换用不同规格的灯泡多次测量；6.12。
21．（8分）小华用如甲所示装置探究电流与电压的关系，电源电压3V恒定不变，滑动变阻器规格为“30Ω 2A”。
（1）请用笔画线代替导线。在图甲中完成电路连接，要求滑片P向右滑动时，电流表的示数变小；
（2）连接好电路闭合开关后，移动滑片发现，电流表无示数，则出现该故障的原因可能是 定值电阻断路 ；
（3）排除故障后，改变滑片位置，记录实验数据如下表，请将数据填写到表格中，根据表中数据可归纳得出结论： 电阻一定时，电流跟电压成正比 ；
（4）为了进一步探究电流与电阻的关系，又找来10Ω、15Ω、20Ω的定值电阻继续实验。
①将滑动变阻器滑片置于阻值最大处，闭合开关，缓慢移动滑片，接下来用10Ω的电阻替换原电阻，应将滑片向 右 （选填：“左”或“右”）滑动，使电压表示数仍为1V，记录电流表示数。再将15Ω、20Ω的定值电阻分别接入电路；
②当将20Ω的电阻接入电路进行实验时，发现无论如何调节滑片都无法满足预设电压为1V的条件。为使该电阻也能完成实验，小华认为可以改变电压表的预设电压 1.2 V；他们重新进行实验，根据记录的数据绘制图丙所示的图像 电压一定时，电流跟电阻成反比 ；同组的小明认为不改变电压表预设值也可解决上述问题，只需将上述准备的10Ω电阻 串联 （填连接方式）在电路中就可以顺利完成实验。
【答案】（1）如上图；（2）定值电阻断路；（3）电阻一定时，电流跟电压成正比；0.30A；（4）①右；②1.2；电压一定时，电流跟电阻成反比；串联。
【分析】（1）在“探究电流与电压关系”的实验中，滑动变阻器应与电阻R、开关串联，由于滑动变阻器应“一上一下”接入电路，且要求“滑片P向右端滑动时，电流表的示数变小”，则滑动变阻器接入电流的阻值变大，从而确定滑动变阻器接入的接线柱。
（2）电流表无示数，可以判断出电路中出现了断路，也可能是电流表短路，移动滑片发现电流表无示数，电压表示数发生改变，说明电路中的电流发生了改变，据此判断出故障。
（3）根据图乙电压表所选量程确定分度值读数，根据表格数据得出结论。
（4）①探究电流跟电阻关系时，控制定值电阻两端的电压不变，滑动变阻器两端的电压也不变，根据串联电路中电压比等于电阻之比，当定值电阻增大，则滑动变阻器接入电路的电阻也变大，来判断滑片的移动方向。
②把滑动变阻器的最大阻值30Ω接入电路时，求出电路中的最小电流，求出定值电阻两端的最小电压。
根据图像可知，电流跟电阻的乘积不变，确定电流跟电阻的关系。
在不改变预设电压的情况下，把10Ω或15Ω的电阻串联接入电路，也是可以完成实验的。
【解答】解：（1）要求滑片P向右滑动时，电流表的示数变小，所以，电路连接如图：；
（2）电流表无示数，说明电路可能断路了，则电压表和电源形成的回路没有断路；
（3）电流表的量程为0～0.7A，分度值为0.02A，
根据表中数据可知，电压与电流的比值不变，
即R＝＝＝＝＝＝＝＝5Ω，
所以，可得结论：电阻一定时；
（4）①原来接入的电阻为8Ω，电压表示数为1V即UR＝1V，由串联分压可知U滑＝U总﹣UR＝6V﹣1V＝2V
由于串联电路中，各串联导体起分担电压的作用，
＝＝＝＝＝，
所以接下来用10Ω的电阻替换原电阻，应将滑片向右滑动，记录电流表示数。
②当将20Ω 的电阻接入电路进行实验时，
＝＝＝＝，
滑动变阻器需要40Ω，才能控制定值电阻两端的电压为2V，所以不能完成实验。
把滑动变阻器的最大阻值30Ω接入电路时，定值电阻两端的电压即为电压表的预设最小电压。
把滑动变阻器的最大阻值30Ω接入电路时，电路中的电流最小为：I最小＝＝＝0.06A，
电压表的预设最小电压为：U最小＝I最小R＝6.06A×20Ω＝1.2V。
根据图像可知，电流跟电阻的乘积不变，电流跟电阻成反比。
当将20Ω 的电阻接入电路进行实验时，＝＝＝＝，
滑动变阻器的最大阻值是30Ω，可以把10Ω或15Ω的电阻串联接入电路。
故答案为：（1）如上图；（2）定值电阻断路，电流跟电压成正比；（4）①右；电压一定时；串联。
22．（4分）某同学学习完电阻的相关知识后，他想设计一个实验探究导体电阻与导体材料的关系。实验器材有两根长短粗细相同，材质不同的电阻丝、电源（电压恒定），将电路连接完整，该同学接下来的操作是 将两根电阻丝分两次接入电路中，闭合开关，记录电流表示数 ，观察到 两次电流表的示数不同 的现象，说明导体电阻与导体的材料有关。
【答案】将两根电阻丝分两次接入电路中，闭合开关，记录电流表示数；两次电流表的示数不同
【分析】影响导体电阻大小的因素：导体的材料、长度和横截面积，在研究电阻与其中某个因素的关系时，要采用控制变量法的思想，要研究导体的电阻大小与一个量之间的关系，需要保持其它量不变。
实验中根据电流表示数的大小反映电阻的大小。
【解答】解：探究影响导体电阻大小因素的实验中，将电路连接完整后，闭合开关；实验中若观察到两次电流表的示数不同。
故答案为：将两根电阻丝分两次接入电路中，闭合开关；两次电流表的示数不同。
五、综合题。（本大题共2小题，每小题9分，共18分）
23．（9分）在如图所示的电路中，电阻R1的阻值为10Ω，电流表的示数为1.2A。
（1）求电源电压U；
（2）若在电路中串联一个电阻R2，使得接入前后电流表的示数变化0.4A，求电阻R2的阻值。
（3）若在电路中串联一个0～40Ω的滑动变阻器，则电路中电流表示数的最小值为多少？
【答案】（1）电源电压U为12V；
（2）电阻R2的阻值为5Ω；
（3）在电路中串联一个0～40Ω的滑动变阻器，电路中电流表示数的最小值为0.24A。
【分析】（1）闭合开关，电路为R1的简单电路，电流表测通过电路的电流，根据欧姆定律计算电源电压；
（2）在电路中串联一个电阻R2，使得接入前后电流表的示数变化0.4A，串联后电路总电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，据此计算通过串联电路的电流，根据欧姆定律计算串联电路总电阻，根据串联电路电阻规律计算电阻R2的阻值；
（3）在电路中串联一个0～40Ω的滑动变阻器，滑动变阻器接入电路最大阻值时电路总电阻最大，进一步计算电路总电阻，根据欧姆定律计算通过电路的最小电流。
【解答】解：（1）闭合开关，电路为R1的简单电路，电流表测通过电路的电流1R6＝1.2A×10Ω＝12V；
（2）在电路中串联一个电阻R4，使得接入前后电流表的示数变化0.4A，
串联后电路总电阻变大，根据欧姆定律可知通过电路的电流变小，
串联电路总电阻：R＝＝＝15Ω，
串联电路总电阻等于各部分电阻之和，则电阻R2的阻值：R8＝R﹣R1＝15Ω﹣10Ω＝5Ω；
（3）在电路中串联一个3～40Ω的滑动变阻器，则电路总电阻最大为R′＝R1+R最大＝10Ω+40Ω＝50Ω，
通过电路的最小电流：I″＝＝＝0.24A。
答：（1）电源电压U为12V；
（2）电阻R5的阻值为5Ω；
（3）在电路中串联一个0～40Ω的滑动变阻器，电路中电流表示数的最小值为7.24A。
24．（9分）如图所示是小羽同学做冰熔化实验时绘制的温度﹣时间图象，冰的质量是0.1kg，已知水的比热容c水＝4.2×103J/（kg•℃），冰的比热容c冰＝2.1×103J/（kg•℃）。请根据图象回答下列问题：
（1）AB阶段，物质吸收的热量是多少？
（2）CD阶段，物质吸收的热量是多少？
（3）物质在第10min的内能与第15min的内能相比，哪个时间的内能大？为什么？
（4）请你根据图象分析说明冰的比热容为什么小于水的比热容？
【答案】（1）AB阶段，物质吸收的热量是1.68×104J；
（2）BC阶段，物质吸收的热量是3.36×104J；
（3）物质在第15min时的内能较大，因为物质在10～15min，不断吸收热量、内能增加，所以物质在第15min时的内能较大；
（4）由图像可知，AB段冰和CD段水的温度变化相同都是80℃，质量也相同都是0.1kg，而AB段的加热时间小于CD段，即所吸收的热量少，由c＝可知，冰的比热容小于水的比热容
【分析】（1）由图象得出AB段物质的初温和末温，AB段冰的质量，利用Q吸＝cm（t﹣t）求物质吸收的热量；
（2）BC段的加热时间和CD段的加热时间相同，因为相同时间内物质吸收的热量相同，所以BC段物质吸收热量与CD段相同；
（3）物质吸收热量、内能增加；
（4）由图象可知，AB段冰和CD水的温度变化相同都是80℃，质量也相同都是0.1kg，而加热时间AB段小于CD段，即AB段吸收的热量小于CD段吸收的热量，由c＝可知比热容的大小关系。
【解答】解：（1）因为冰的质量是0.1kg，AB阶段的冰在2min吸收的热量为：
Q冰＝c冰m冰Δt1＝2.5×103J/（kg•℃）×0.5kg×80℃＝1.68×104J；
（2）由于冰化成水，状态变化，CD阶段的水在10min吸收的热量为：
Q＝c水mΔt2＝4.2×106J/（kg•℃）×0.1kg×80℃＝3.36×104J，
因为相同时间内物质吸收的热量相同，则BC阶段也是10min
Q′＝Q＝3.36×104J；
（3）物质在第15min时的内能较大，因为物质在10～15min、内能增加；
（4）由图像可知，AB段冰和CD段水的温度变化相同都是80℃，而AB段的加热时间小于CD段，由c＝，冰的比热容小于水的比热容。
答：（1）AB阶段，物质吸收的热量是1.68×104J；
（2）BC阶段，物质吸收的热量是8.36×104J；
（3）物质在第15min时的内能较大，因为物质在10～15min、内能增加；
（4）由图像可知，AB段冰和CD段水的温度变化相同都是80℃，而AB段的加热时间小于CD段，由c＝，冰的比热容小于水的比热容。位置
A
B
C
电流/A
0.22
0.22
0.44
电压U/V
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流I/A
0.10
0.20
0.40
0.50
0.60
位置
A
B
C
电流/A
0.22
0.22
0.44
电压U/V
0.5
1.0
1.5
2.0
2.5
3.0
电流I/A
0.10
0.20
0.30
0.40
0.50
0.60
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