2023-2024学年山东省临沂市郯城县郯城江山国际学校九年级（上）月考物理试卷（10月份）（含解析）

这是一份2023-2024学年山东省临沂市郯城县郯城江山国际学校九年级（上）月考物理试卷（10月份）（含解析），共24页。试卷主要包含了单选题，填空题，作图题，实验探究题，计算题等内容，欢迎下载使用。

2023-2024学年山东省临沂市郯城县郯城江山国际学校九年级（上）月考物理试卷（10月份）
一、单选题（本大题共20小题，共40.0分）
1.中华大地，河山锦绣，随着四季更替，水在不同的形态之间变化，形成了多彩的自然奇观，下列物态变化需要吸热的是(    )
A. 暖春冰雪消融 B. 暑夏雾起山峦
C. 凉秋红叶生霜 D. 寒冬滴水成冰
2.如图所示为一种夏季使用的汽车冰凉座垫，它通过生物冰快速激发成型技术研制而成。座垫内物质通常情况下为固态，人坐上去时，座垫内物质就会慢慢转变为液态，但温度保持不变。此过程可持续数小时，人坐在上面会感觉凉爽。下列有关分析正确的是(    )
A. 座垫内物质是非晶体
B. 座垫内物质熔点高于人体温度
C. 人坐上去时座垫内物质吸收热量
D. 人坐上去时座垫内物质发生了液化现象
3.淡水资源缺乏已是一个世界性的普遍现象，利用太阳能、海水等资源获得淡水具有重要的战略意义。如图为小明设计的太阳能海水淡化器，在海水淡化过程中发生的物态变化是(    )
A. 先升华后液化
B. 先汽化后液化
C. 先汽化后凝华
D. 先液化后汽化
4.如图是新推出的一款甜品，因为在下面盛水的大碗里加了干冰，所以盛甜品的小碗的周围冒着大量“白气”。下列说法正确的是(    )
A. 甜品周围的“白气”就是水蒸气
B. 甜品周围的“白气”是空气中的水蒸气汽化所形成的
C. 甜品周围的“白气”是干冰升华成的二氧化碳气体
D. 此“白气”和舞台上渲染气氛的“白气”原理相同

5.古诗词是中华传统文化的瑰宝，有着极其丰富的内涵。关于下列诗词说法正确的是(    )
A. “清寒小雪前”，雪的温度很低，它的内能为零
B. “沙暖睡鸳鸯”，水寒沙暖，说明沙的比热容大
C. “柴门闻犬吠，风雪夜归人”，雪的形成属于液化
D. “大地阳和暖气生”，大地内能增加是太阳通过热传递的方式实现的
6.如图所示，对于图片中所描述的物理过程，下列分析中正确的是(    )


A. 图甲，厚玻璃内的空气被压缩时，空气的内能减少
B. 图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气的内能增大
C. 图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气的内能减少
D. 图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时，机械能转化为内能
7.为迎接国家级卫生城市验收，交通部门对县城向阳街路面重新铺设了沥青。沥青属于非晶体材料，下列表示沥青熔化图象的是(    )
A. B.
C. D.
8.许多房间都有如图所示的玻璃窗。在闷热的夏天开着空调的甲房间和寒冷的冬天开着暖气的乙房间，玻璃窗上都会出现“水雾”。下列关于“水雾”是在玻璃窗的哪一面的说法中，正确的是(    )
A. 甲、乙两房间的“水雾”都在内表面
B. 甲、乙两房间的“水雾”都在外表面
C. 甲房间的“水雾”在外表面，乙房间的“水雾”在内表面
D. 甲房间的“水雾”在内表面，乙房间的“水雾”在外表面

9.如图所示，烧杯中盛有甲液体，试管内盛有乙液体。在1个标准大气压下，用酒精灯对烧杯底部持续加热，一段时间后，发现试管内的乙液体沸腾。已知1个标准大气压下，酒精沸点是78℃，水沸点是100℃，煤油沸点是150℃，下列判断中符合题意的是(    )
A. 甲液体为水，乙液体为水
B. 甲液体为煤油，乙液体为水
C. 甲液体为酒精，乙液体为水
D. 甲液体为水，乙液体为煤油
10.关于温度、热量和内能，下列说法正确的是(    )
A. 物体吸收了热量，温度一定升高 B. 物体内能增加，不一定从外界吸收了热量
C. 0℃的冰没有内能 D. 温度高的物体含有热量多
11.关于比热容，下列说法正确的是(    )
A. 比热容是物质自身的性质，与质量、状态、吸收或放出的热量均无关
B. 相同质量的铝和铜，吸收了相同的热量，铝上升的温度高(c铜>c铝)
C. 沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区的昼夜温差较大，这主要是因为海水吸收的热量少、砂石吸收的热量多
D. 我国北方楼房中的“暖气”用水作为介质是利用水的比热容大
12.下列关于热机效率的说法正确的是(    )
A. 热机的功率越大，效率越高
B. 热机消耗的燃料越少，效率越高
C. 燃料的热值越大，效率越高
D. 完成相同的有用功，所用的同种燃料越少，效率越高
13.在进行“吸热对不同物质的温度变化影响”的探究时，小明用两个完全相同的容器装有质量和初温都相等的水和食用油，用酒精灯均匀加热，装置如图所示。下列说法正确的是(    )
A. 在本实验中，物体吸热多少是由物质的种类决定的
B. 实验中，加热相同的时间，末温低的物质比热容较小
C. 实验中，食用油吸热升温较快，说明食用油吸热量较多
D. 通过该实验可以得出质量相同的不同物质吸收相同热量温度变化不同

14.甲、乙两金属球的质量之比3：5，吸收相同的热量后，升高的温度之比是1：5，则甲、乙的比热容之比c甲：c乙为(    )
A. 25：3 B. 3：25 C. 3：1 D. 1：3
15.如图所示的是某种物质熔化时其温度随时间变化的图像。根据图像，下列判断中不正确的是(    )

A. 该物质是晶体，熔点为80℃
B. 该物质的熔化过程经历了12min
C. 在第14min时，该物质处于液态
D. 在第6min到第12min之间，物质温度不变，吸收热量
16.两个相同的容器分别装满了质量相同的甲、乙两种液体，用同一热源分别加热，液体温度与加热时间关系如图所示，下列说法正确的是(    )
A. 加热相同的时间，甲液体温度升高的比乙液体温度升高的多
B. 如果升高相同的温度，两液体吸收的热量相同
C. 加热相同的时间，甲液体吸收的热量大于乙液体吸收的热量
D. 甲液体的比热容大于乙液体的比热容

17.汽车是现代生活中最常见的一种交通工具，如图甲、乙分别是某汽油机的某冲程及能量流向图。下列有关说法正确的是(    )


A. 甲图是压缩冲程，活塞对气缸内的气体做功，气体的温度升高
B. 由乙图可知该汽油机的效率是30%
C. 汽车尾气中的“汽油味”越浓燃料燃烧得越不充分，这会降低燃料的热值
D. 为节能冬天汽车都会利用尾气中的余热给车内供暖，该举措大大提高了燃料的热值
18.如图所示有两个相同的验电器，其中A带正电、B不带电。用带有绝缘柄的金属棒把A和B连接起来。下列说法错误的是(    )
A. 连接前，A的金属箔张开是因为同种电荷相互排斥
B. 连接的一瞬间，自由电子从B流向A
C. 连接的一瞬间，正电荷从A流向B
D. 连接的一瞬间，金属杆中电流方向是从A流向B



19.“金陵金箔”是国家级非物质文化遗产，手工打造的金箔轻薄柔软，不能用手直接拿取，正确拿取的方法是：手持羽毛轻轻扫过纸垫，如图甲所示；再将羽毛靠近工作台上方的金箔，羽毛即可将金箔吸住，如图乙所示。羽毛扫过纸垫的结果和吸住金箔的原因，分别是(    )

A. 摩擦使得羽毛和纸垫带异种电荷；异种电荷相互吸引
B. 摩擦使得羽毛和纸垫带异种电荷；带电物体吸引轻小物体
C. 摩擦使得羽毛和纸垫带同种电荷；异种电荷相互吸引
D. 摩擦使得羽毛和纸垫带同种电荷；带电物体吸引轻小物体
20.在图中当开关S1和S2都闭合后，下面电路中两个灯泡都能发光的是(    )
A. B.
C. D.
二、填空题（本大题共6小题，共18.0分）
21.(1)如图1所示，用酒精灯加热试管中的水，当水沸腾一段时间以后，塞子被试管内水蒸气推出。这是通过______ 的方式将水蒸气的内能转化为塞子的机械能。图2 ______ (选填“甲”或“乙”)中汽油机的工作过程与这一实验过程中原理是一致的。

(2)目前油电混合动力汽车深受人们的欢迎，给汽车蓄电池充电时，蓄电池相当于______ (填“电源”或“用电器”)。其中内燃机的飞轮转速为2400r/min，则在1s内对外做功的次数是______ 次。刚擦完车玻璃的干毛巾很容易吸附灰尘，能与毛皮摩擦过的橡胶棒相互排斥，这说明干毛巾带______ 电。
22.如图是一款疗伤喷雾剂，医学上针对外伤的疼痛常用“冷疗法”治疗。
(1)喷雾剂使用的材料是氯乙烷。它的装瓶是采用______ 的方法使其在常温下液化。
(2)使用时，对准人的伤口处喷射，液态的氯乙烷在皮肤表面迅速______ (填物态变化)，同时______ 大量的热，使人体受伤部位的温度______ ，皮肤血管收缩，神经纤维传导速度变慢，起到镇痛的作用。
23.如图所示，是工业上常用的摩擦焊接技术。将一根金属固定，另一根金属高速旋转并施加压力。在剧烈摩擦的作用下，通过______的方式使金属的内能______(填“增大”或“减小”)，温度升高，使两根金属接触面处发生了______(填物态变化名称)，然后再进行冷却，就可以将两根金属焊接到一起了。

24.长征二号火箭F−T2运载火箭选用液态氢做燃料，主要是因为液态氢的______ 高，汽车选用水做导热剂主要是因为水的______ 大。
25.如图所示是一个能吹出冷风和热风的电吹风简化电路图，图中A是吹风机，B是电热丝。闭合开关______ ，电吹风吹出热风，在电路正常的情况下，此吹风机______ (填“会”或“不会”)出现电热丝发热而吹风机不送风的工作状态。
26.如图所示是具有报警功能的文物展示台，它由木板、弹簧、金属片(A、B、C)和报警电路组成。闭合开关S，把物品放置在展示台上时金属片B与A、C接触，金属片B相当于______ (选填“电源”、“开关”、“用电器”)。若此时小偷把物品搬离展示台，金属片B在弹力作用下与金属片A、C分开，这时灯______ (选填“亮”或“不亮”)，电铃______ (选填“响”或“不响”)。

三、作图题（本大题共1小题，共2.0分）
27.根据实物图，画出相应的电路图。


四、实验探究题（本大题共3小题，共22.0分）
28.如图甲所示是小明做“探究物质熔化规律”的实验装置。

(1)除如图甲所示器材外，实验还需要的测量器材有______ 。
(2)要按照______ (选填“自下而上”或“自上而下”)的顺序组装器材实验中通过水对试管加热，而不是直接加热试管，目的是______ 。
(3)实验中某时刻温度计示数如图乙所示，该物质此时的温度为______ 。
(4)实验中每隔一分钟记录一次物质的温度及对应状态，并记录数据，作出温度随时间变化的规律图象，如图丙所示。由图象可知：该物质在熔化过程中特点：______ 。
(5)比较图象中AB段与CD段可知：该物质在______ (选填“AB”或“CD”)段温度升高得更慢。
29.实验小组用图1中装置进行“探究水沸腾时温度变化的特点”实验。
测温物质
凝固点/℃
沸点/℃
水银
−39
357
酒精
−117
78
(1)由表格可知，本次实验应选用测温物质为______ 的温度计。

(2)为了缩短加热时间，请提出一条可行的方法：______ 。
(3)撤去酒精灯后，水仍能继续沸腾一小段时间，其原因是______ 。
(4)图2是同学们根据观察画出的水沸腾时气泡的变化示意图，正确的是______ 。
(5)如图3所示，是a、b两个小组分别绘制的沸腾图象，分析图象及实验过程，可知：
①水沸腾过程的特点是水沸腾时，继续加热，但温度______ 。
②两个小组实验所用的水的______ 不同。
(6)水沸腾后，烧杯上方出现大量“白气”，和它的形成过程相同的是______ (选填序号)。
①冰
②霜
③雾
④雪
(7)你知道吗，通过降温居然也能使水沸腾。如图4所示，将刚停止沸腾的水装入烧瓶，迅速塞上瓶塞并倒置，然后向瓶底浇冷水，发现水重新沸腾起来，原因是瓶内气体温度降低，气压______ ，水的沸点______ (选填“升高”或“降低”)。
30.如图甲所示，小佳同学在两只相同的烧杯里分别装入水和食用油，比较它们吸热的情况。
(1)为了便于比较，实验中要求两烧杯中放入规格相同的电加热器，相同时间内，水吸收的热量______ 煤油吸收的热量(选填“大于”、“小于”或“等于”)；

(2)小佳在两只烧杯中应分别装入质量______ (选填“相等”或“不相等”)的水和食用油；
(3)实验数据如表所示。若要使水和食用油升高到相同的温度，则需要给水加热______ (选填“更长”或“更短”)的时间，此时水吸收的热量______ (选填“大于”、“小于”或“等于”)食用油吸收的热量；
加热时间/min
0
6
12
水的温度/℃
20
45
70
食用油的温度/℃
20
68
116
(4)实验表明，______ (选填“水”或“食用油”)的吸热能力更强，乙图中能正确反映水和食用油的温度随加热时间变化的是______ (选填“A”或“B”)；
(5)如图丙所示是某一沿海城市和某一内陆城市年气温变化曲线，从图象可以看出，曲线C表示的是______ (选填“沿海”或“内陆”)城市的年气温变化曲线。(c沙
五、计算题（本大题共2小题，共18.0分）
31.“环境小组”的同学在研究性活动中对小明家新装燃气热水器(如图甲)耗能进行测试，按表中热水器铭牌事先在热水器水箱中注满水，将与计算机相连的红外线热传感器接入热水器水箱后，开始加热。计算机显示出热水器中水温度随时间变化的图像如图乙所示。[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值约为4×107J/m3]求：
(1)加热4min，水吸收的热量为多少？
(2)加热4min，消耗了多少m3的天然气？

一型JY燃气热水器
能耗等级
热效率
容量/L
适应水压/MPa
适用：天然气、液化石油气
Ⅱ
75%
13
0.02−0.8

32.氢燃料被公认为是21世纪最理想的能源。某氢燃料新能源公交车匀速直线运行2000m从A站到B站，公交车匀速行驶时受到的牵引力F=1.4×104N，消耗氢燃料0.5kg(氢的热值是1.4×108J/kg)。求此过程中：
(1)牵引力所做的功；
(2)氢燃料完全燃烧放出的热量；
(3)汽车发动机的效率。
答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：A、暖春冰雪消融是熔化现象，需要吸热，故A正确；
B、暑夏雾起山峦是液化现象，需要放热，故B错误；
C、凉秋红叶生霜，属于凝华，需要放热，故C错误；
D、寒冬滴水成冰，属于凝固，需要放热，故D错误。
故选：A。
(1)熔化指物质由固态转变成液态，熔化要吸热；
(2)液化指物质由气态转变成液态，液化要放热；
(3)凝华指物质由气态直接转变成固态，凝华要放热；
(4)凝固指物质由液态转变成固态，凝固要放热。
本题考查了物态变化，属于基础题。
2.【答案】C 
【解析】解：A、座垫内物质就会慢慢转变为液态，但温度保持不变，是晶体熔化的特征，所以座垫内物质是晶体，故A选项错误；
B、坐垫内物质能从人身体吸热熔化，说明人的体温高于该物质的熔点，故B选项错误；
C、熔化过程需要吸热，是坐垫内的物质从人的身体吸热，故C选项正确；
D、人坐上坐垫，坐垫内的物质从固态变为液态，是熔化过程，故D选项错误。
故选：C。
(1)晶体在熔化过程中温度保持不变，非晶体的熔化过程中温度升高；
(2)晶体熔化的条件是：温度达到熔点，且能继续吸热；
(3)熔化过程是吸热过程；
(4)物质从固态变为液态的过程叫熔化。
此题考查了对晶体、非晶体熔化或凝固过成的分析，根据温度的变化趋势判断出熔化或凝固。
3.【答案】B 
【解析】解：海水是液态的，水蒸气是气态的，液态变为气态的现象叫汽化；水蒸气在玻璃罩内壁遇冷液化形成水珠，气态又变为了液态的现象叫液化。
故选：B。
物质由液态变为气态叫汽化，由气态变为液态叫液化。
判断物态变化现象主要看物体是由什么状态变为了什么状态，从而判断出是哪种物态变化。
4.【答案】D 
【解析】解：ABC、甜品周围的“白气”是空气中的水蒸气遇冷液化形成的液态小水滴，故A、B、C错误；
D、舞台上渲染气氛的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，所以此“白气”和舞台上渲染气氛的“白气”原理相同，故D正确。
故选：D。
物质由气态转变为液态的过程叫做液化，液化是放热过程。
本题考查了生活中的液化现象，属于基础题。
5.【答案】D 
【解析】解：A、一切物体都有内能，雪的温度很低，但也有内能，故A错误；
B、水寒沙暖，是因为水的比热容大，沙的比热容小，相同质量的水和沙子比较，吸收或放出相同的热量，沙子比水的温度变化明显，故B错误；
C、雪是由空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的，故C错误；
D、大地内能增加是太阳通过热传递的方式实现的，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体都有内能；
(2)水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；
(3)雪是由空气中的水蒸气遇冷直接凝华形成的；
(4)太阳通过热辐射将热量传递到地球上。
本题以古诗词为载体，考查了对内能、比热容、物态变化、热传递等知识的理解与应用，有一定综合性。
6.【答案】C 
【解析】解：A、图甲，厚玻璃内的空气被压缩时，活塞对空气做功，瓶内空气温度升高，空气的内能增加，故A错误；
B、图乙，瓶子内的空气推动塞子跳起时，空气对活塞做功，空气的内能减小，故B错误；
C、图丙，试管内的水蒸气推动了塞子冲出时，水蒸气对塞子做功，水蒸气的内能减少，故C正确；
D、图丁，汽缸内的气体推动活塞向下运动时(即做功冲程)，气体的内能转化为活塞的机械能，故D错误。
故选：C。
(1)当对物体做功时，其他形式能转化为物体的内能，物体的内能增大；当物体对外做功时，物体的内能转化为其他形式能，物体的内能减小；
(2)做功冲程中热机将内能转化为机械能。
本题考查做功改变物体的内能，根据温度与内能的关系和做功可以改变物体的内能角度分析解答问题。
7.【答案】B 
【解析】解：A、液体不断放出热量，温度不断降低，符合非晶体的凝固特点，是非晶体的凝固图象，故A错误；
B、固体不断吸收热量，温度不变升高，符合非晶体的熔化特点，是非晶体的熔化图象，故B正确；
C、固体吸收热量，温度升高到达一定温度，不断吸收热量，温度不变，符合晶体熔化特点，这是晶体的熔化图象，故C错误；
D、液体温度降低到一定温度，不断放热，温度保持不变，符合晶体凝固特点，是晶体凝固的图象，故D错误；
故选：B。
晶体和非晶体的重要区别：晶体熔化过程中，不断吸收热量，温度保持不变。凝固过程中，不断放出热量，温度保持不变；非晶体熔化过程中，不断吸收热量，温度不断上升。凝固过程中，不断放出热量，温度不断下降。
解决此题的关键有两点，一是明确熔化吸热、凝固放热；二是分清晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点。
8.【答案】C 
【解析】解：“水雾”是水蒸气遇冷液化的小水珠附着在玻璃上形成的。夏天开着空调的甲房间温度低，屋外的水蒸气遇冷的玻璃液化而形成，所以在玻璃外面；寒冷的冬天开着暖气的乙房间温度高，是屋内的水蒸气遇冷的玻璃液化而形成，所以在玻璃内表面，故C正确；
故选：C。
许多房间都有如图所示的玻璃窗。在闷热的夏天开着空调的甲房间和寒冷的冬天开着暖气的乙房间，玻璃窗上都会出现“水雾”。下列关于“水雾”是在玻璃窗的哪一面的说法中，正确的是
本题考查同学对身边常见现象和物理知识之间的联系能力，对定义要准确地进行记忆。
9.【答案】B 
【解析】解：液体沸腾的条件是温度达到沸点，继续吸热；液体沸腾时温度不变，由图及题意可知，
如果甲中液体的沸点低于乙液体的沸点，甲液体沸腾后，温度不变，乙液体的最高温度只能达到甲的沸点温度，乙液体不能沸腾；
如果甲中液体的沸点等于乙液体的沸点，甲液体沸腾后，温度不变，乙液体的最高温度能够达到乙的沸点，但不能从甲中吸热，不能沸腾；
如果甲中液体的沸点高于乙液体的沸点，乙液体达到乙的沸点后能继续从甲液体中吸收热量，实现沸腾；
因此符合要求的是甲中液体的沸点高于乙中液体的沸点，故ACD错误，B正确。
故选：B。
液体沸腾的条件是温度达到沸点，继续吸热；
液体沸腾时温度不变；
热传递的条件是两物体间存在温度差；
根据以上三个知识点结合三种液体的沸点可以判断甲乙液体的种类。
本题考查了液体沸腾的特点及条件，还考查了热传递的条件，是易错题。
10.【答案】B 
【解析】解：A、物体吸收热量，温度不一定升高，如晶体熔化时，吸热但温度不变，故A错误；
B、物体内能增加，不一定从外界吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，故B正确；
C、一切物体都有内能，0℃的冰也有内能，故C错误；
D、热量是一个过程量，不能说物体含有热量的多少，故D错误。
故选：B。
(1)物体吸热时温度不一定升高，如晶体熔化；
(2)做功和热传递都可以改变物体的内能；
(3)组成物质的分子一直不停地做无规则运动，一切物体都有内能；
(4)热量是一个过程量，不能用含有、具有来修饰。
本题主要考查了对温度、热量、内能概念的理解，以及各个量之间关系的认识，属热学基础题。
11.【答案】D 
【解析】解：
A、比热容是物质本身的一种特性，决定于物质的种类和状态，与其它因素无关，故A错误；
B、已知c铝>c铜，对于相同质量的铝和铜，吸收了相同的热量，由公式Δt=Qcm知，铜上升的温度高，故B错误；
C、因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。故C错误；
D、我国北方楼房中的“暖气”用水作为介质，是利用了水的比热容大的特点，故D正确。
故选：D。
(1)比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；
(2)由Q=cmΔt可知：质量相同的不同物质，吸收相同的热量，比热容小的温度升高的多。
本题考查了比热容的概念和热量公式的运用，注意比热容是物质的一种特性，与物体的质量、物体的温度变化和物体吸收热量的多少均无关，它只与物质的种类、状态有关。
12.【答案】D 
【解析】解：A、功率是反映物体做功快慢的物理量，热机效率与功率无关，故A错误；
B，热机消耗的燃料少，即放出的热量少，但不知道有用功，因此效率不一定高，故B错误；
C、用热值大的燃料，燃烧质量相同的燃料可以放出更多的热量，但用来做有用功的能量不一定多，用来做有用功的能量与燃料完全燃烧产生的能量的比值不一定大，热机效率不一定高，故C错误；
D、有用功一定，热机消耗的燃料少，即放出的热量少，有用功与放出的热量的比值就越大，即效率就越高，故D正确。
故选：D。
热机效率是指有效利用的能量(有用功)与燃料完全燃烧放出的热量(总功)的比值，比值越大，效率越高；
功率是指单位时间内做功的多少，反映的是做功的快慢。
燃料的热值是燃料的一种性质，只与燃料的种类和状态有关，热量的热值越大，同等质量的燃料完全燃烧放出的热量越多。
本题主要考查了对热机效率概念的理解，属于基础题，难度不大。
13.【答案】D 
【解析】解：A、在本实验中，物体吸热多少是由加热时间决定的。故A错误。
B、加热相同的时间，吸收的热量相等，据Q=cmΔt，末温低的物质比热容大，吸热能力强。故B错误。
C、实验中，食用油吸热升温较快，说明食用油的比热容小，吸热能力弱，故C错误。
D、由Q=cmΔt可知，通过该实验可以得出质量相同的不同物质吸收相同热量温度变化不同。故D正确。
故选：D。
(1)比热容是物质的一种特性，与物体质量、温度高低、吸放热多少都没有关系；比热容是反映不同物质吸放热能力强弱的一个物理量。
(2)水和干沙子，谁温度升高的快，需要利用Q=cmΔt来判断。
考查了比热容的概念，学生要学会总结实验得到的结论。考查了利用吸收热量公式Q=cmΔt的熟练应用，对实验说明的问题，学生要记住这个结论。
14.【答案】A 
【解析】解：c甲=Q甲Δt甲m甲，c乙=Q乙Δt乙m乙，甲、乙的比热容之比：c甲：c乙=Q甲Δt甲m甲：Q乙Δt乙m乙=13×1×5×51=253。
故选：A。
根据比热容的公式计算比热容之比。
本题考查了比热容，属于基础题。
15.【答案】B 
【解析】解：A、由图知，该物质有固定的熔化温度，所以该物质是晶体，其熔点为80℃，故A正确；
B、该物质熔化过程持续的时间为：12min−6min=6min，故B错误；
C、在第12min时，该物质已经熔化完成，则在第14min，该物质处于液态，故C正确；
D、在第6min到第12min之间，该物质处于熔化过程，处于固液共存状态，吸收热量，温度不变，故D正确。
故选：B。
明确图像中横纵坐标所表示的内容，可以看出物质的温度整体呈上升趋势，且有一段时间物质吸热但温度不再升高，说明这是晶体熔化的图像，进而可以判断出对应的熔点温度；熔化前处于固态，熔化过程中处于固液共存状态、熔化完成处于液态。
本题考查了晶体的熔化过程，属于基础题，需熟练掌握晶体的熔化特点，题目难度不大。
16.【答案】A 
【解析】解：
已知两种液体质量相等，相同热源加热说明相同时间提供的热量相等．
A、由图象知：加热相同的时间，甲液体温度升高的多，故A正确；
B、由图象可以看出：升高相同温度时，乙需要的时间较长，也就是乙吸收的热量多，故B错误；
C、加热时间相同，两种液体吸收的热量相同，故C错误；
D、已知两种液体质量相等，相同热源加热说明相同时间提供的热量相等，由图象可以看出：在吸收热量相同时，甲液体升高的温度更大，由公式c=Qm△t可知，甲液体比热容较小，故D错误．
故选A．
甲、乙两种液体在相同时间里吸收的热量相等，质量也相同，根据公式Q吸=cm△t，结合图象可以对每一个选项作出判断．
知道公式Q吸=cm△t，找出两种液体的相同量和不同量，再进行有关量的比较．
17.【答案】A 
【解析】解：
A、根据图甲可知，两个气门关闭、活塞上行，为压缩冲程，活塞对气缸内的气体做功，机械能转化为内能，气体的温度升高，故A正确；
B、热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，由图可知，输出有用功所占比例为：100%−36%−30%−6%=28%，即该汽油机的效率为28%，故B错误；
CD、热值是燃料本身的一种特性，只与燃料本身决定，和燃料的质量、放出热量的多少、燃烧是否充分、温度高低无关，故CD错误。
故选：A。
(1)内燃机的压缩冲程将机械能转化为内能；
(2)热机效率是指有效利用的能量与燃料完全燃烧放出的热量的比值，结合图中数据分析；
(3)热值是燃料的一种特性，它只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度等均无关。
本题考查了内燃机的工作过程、内燃机的效率、热值的大小，属于基础题。
18.【答案】C 
【解析】解：A、连接前，A的金属箔带着同种电荷，同种电荷互相排斥，所以金属箔张开，故A正确；
BCD、A带正电说明A缺少电子，金属棒链接的一瞬间，电子由B流向A；因为规定正电荷定向移动方向为电流的方向，所以此时电流方向为由A到B，故BD正确，C错误。
故选：C。
验电器的原理是同种电荷互相排斥；
图中A带正电说明A缺少电子，金属棒链接的一瞬间，电子由B流向A；
规定正电荷定向移动方向为电流的方向。
本题考查了验电器的原理和电流的方向，属于基础题，要求掌握。
19.【答案】B 
【解析】解：手持羽毛轻轻扫过纸垫，羽毛与纸垫摩擦，根据摩擦起电的原因可知，羽毛和纸垫带上了异种电荷；羽毛带了电，靠近金箔，由于带电体会吸引轻小物体，故羽毛即可将金箔吸住，故B正确，ACD错误。
故选B。
手持羽毛轻轻扫过纸垫，羽毛与纸垫摩擦，根据摩擦起电的原因可知，羽毛和纸垫带上了异种电荷；羽毛带了电，靠近金箔，由于带电体会吸引轻小物体，故羽毛即可将金箔吸住，据此可得出结论。
本题主要考查摩擦起电的原因和带电体的性质，正确理解摩擦起电的原因是解题的关系，难度不大。
20.【答案】A 
【解析】解：A、当开关S1和S2都闭合后，两灯泡并联，都能发光，故A正确；
B、当开关S1和S2都闭合后，右边灯泡被短路，则右边灯泡不发光，故B错误；
C、当开关S1和S2都闭合后，右边灯泡被短路，则右边灯泡不发光，故C错误；
D、电路中没有电源，当开关S1和S2都闭合后，两灯都不发光，故D错误。
故选：A。
电路的基本连接形式有两种：一种是串联，在串联电路中电流只有一条路径，各用电器之间首尾相接；另一种是并联，在并联电路中电流有多条流通路径，各个用电器之间并列连接。
本题考查了判断电路元件的连接方式，知道串并联电路的连接方式、分析清楚电路结构即可正确解题。
21.【答案】做功  乙  用电器  20  负 
【解析】解：(1)用酒精灯加热试管中的水，当水沸腾一段时间后，塞子被试管内水蒸气推出，水蒸气对塞子做功，将水蒸气的内能转化为塞子的机械能；
图甲中进气门、排气门关闭，活塞由下向上运动，是压缩冲程，此冲程将机械能转化为内能；
图乙中进气门、排气门关闭，火花塞点火，活塞由上向下运动，是做功冲程，此冲程将内能转化为机械能，故选乙；
(2)给汽车蓄电池充电时，蓄电池消耗了电能，因此蓄电池相当于用电器；
内燃机的飞轮转速为2400r/min，则在1s内飞轮转动圈数为：
2400r/min×160min=40r；
飞轮转两圈，做功1次，因此内燃机在1s内对外做功的次数是：
402次=20次；
毛皮摩擦过的橡胶棒带负电，干毛巾与橡胶棒相互排斥，说明两者带同种电荷，即干毛巾带负电。
故答案为：(1)做功；乙；(2)用电器；20；负。
(1)改变物体内能的两种方法：做功、热传递；四冲程汽油机一个工作循环有四个冲程，分别是吸气、做功、压缩和排气，做功冲程将内能转化为机械能，压缩冲程将机械能转化为内能；
(2)在电路中，电源提供电能，用电器消耗电能；
四冲程汽油机在一个工作循环中，活塞上下往复两次，飞轮转两圈、完成4个冲程、做功1次；
同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引。
本题考查了的知识点较多，属于综合性考查，但是难度不大，是一道基础题目。
22.【答案】压缩体积  汽化  吸收  降低 
【解析】解：(1)使气体液化的方法有两种：一是降低温度，二是压缩体积。要在常温下让氯乙烷从气态变为液态，我们可采取加压的方法使其在常温下液化，这一过程要放出热量。
(2)当液态的氯乙烷喷出遇到温度较高的皮肤时，会迅速汽化为气态；氯乙烷汽化时吸收大量的热量，会使人体受伤部位的内能减小，温度降低。
故答案为：(1)压缩体积；(2)汽化；吸收；降低。
(1)使气体液化的方法有两种：一是降低温度，二是压缩体积，液化放热。
(2)物质由液态变成气态的过程叫汽化，汽化过程吸热，使物体的内能减小、温度降低。
本题结合喷雾剂考查了对汽化和液化的认识，体现了物理知识和生活实际的联系。
23.【答案】做功  增大  熔化 
【解析】解：将一根金属固定，另一根金属高速旋转并施加压力。在剧烈摩擦的作用下，通过做功的方法改变物体的内能的，内能增加；温度升高，使两根金属接触面处发生了熔化，然后再进行冷却，就可以将两根金属焊接到一起了。
故答案为：做功；增大；熔化。
做功可以改变物体的内能，当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能。
物质由固态变成液态的过程叫熔化。
本题考查内能的改变和物态变化，属于基础题。
24.【答案】热值  比热容 
【解析】解：(1)运载火箭采用液态氢作为火箭的燃料，原因是液态氢具有较高的热值，完全燃烧相同质量的氢时，可以释放出更多的热量。
(2)因为水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高相同的温度，水吸收的热量多，所以汽车发动机常用水做冷却剂。
故答案为：热值；比热容。
(1)热值是燃料的一种特性，热值越大，完全燃烧相同质量的燃料时，释放出的热量越多；
(2)因为水的比热容较大：相同质量的水和其它物质比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少；升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多，据此分析。
本题考查热值以及水比热容较大特点的应用，属于基础题。
25.【答案】S1、S2  不会 
【解析】解：由图可知，开关S2在干路上，S1在B所在的支路，只闭合开关S2时，电热丝所在支路的开关是断开的，电热丝不工作，只有吹风机接入电路，吹出冷风；同时闭合开关S1、S2时，电热丝与吹风机并联接入电路，同时工作，吹出热风；
在电路正常的情况下，只闭合开关S1时，此时干路开关S2是断开的，电路没有接通，所有用电器都不工作，所以不会出现电热丝发热而吹风机不送风的工作状态。
故答案为：S1、S2；不会。
并联电路中干路的开关控制所有用电器，支路的开关控制本支路的用电器，A工作时吹风，B工作时发热，同时工作时吹热风。
对于这类结合生活中的电器考查电路连接情况的题目，要结合串、并联电路的电流流向特点进行分析。
26.【答案】开关  亮  响 
【解析】解：由图可知，金属片B相当于开关；物品在展示台上时，ABC接通，把电铃短路，铃不响，灯泡亮；当小偷把物品搬离展示台时，金属片B在弹力作用下与金属片AC分开时，灯泡和电铃串联，此时灯亮铃响。
故答案为：开关；亮；响。
根据电路图可知，当AC与B分离时，灯泡和电铃串联；当AC与B接触时，电铃被短路，电路为灯泡的基本电路。
本题考查电路的组成，能正确认识通路、短路以及断路三种情况。
27.【答案】解：根据实物图可知，灯与电动机串联，开关接在电源负极与电动机之间，电路图如图所示：
 
【解析】根据实物图分析电路的连接方式、开关的作用，然后画出电路图。
本题考查根据实物图画电路图，关键是明白电路中各个用电器的连接情况和开关的作用。
28.【答案】秒表  自下而上  使物质受热均匀  2℃  吸收热量，温度不变  CD 
【解析】解：(1)实验中除了需要温度计以外，还需要测量时间，因此实验还需要的器材是秒表；
(2)实验过程中，需要用酒精灯的外焰加热，实验器材要按照自下而上的顺序组装；水浴法加热，可以使物质受热均匀；
(3)图乙中温度计的分度值为1℃，液柱上表面在0℃上方第2小格处，则温度计此时的示数为2℃；
(4)由丙图知，该物质在熔化过程中，吸收热量，温度保持不变，所以该物质为晶体；
(5)由丙图可知，AB段和CD段都升高3℃，AB段需要吸热2min，CD段需要吸热4min，所以该物质在CD段温度升高得更慢。
故答案为：(1)秒表；(2)自下而上；使物质受热均匀；(3)2℃；(4)吸收热量，温度不变；(5)CD。
(1)实验中除了需要温度计以外，还需要测量时间，因此实验还需要的器材是秒表；
(2)实验过程中，需要用酒精灯的外焰加热，实验器材要按照自下而上的顺序组装；
利用水浴法加热，可以使物质受热均匀；
(3)先确定温度计的分度值，再根据液面位置读数，注意是零上还是零下；
(4)晶体在熔化过程中，温度不变；非晶体在熔化过程中温度不断上升；
(5)物质升高相同温度，吸收热量多的比热容大。
本题主要考查了探究固体熔化时温度的变化规律，属于基础题。
29.【答案】水银  减小水的质量  水仍能从石棉网上吸热  乙  不变  质量  ③  降低  降低 
【解析】解：(1)水的沸点是100℃，由表中水银和酒精的沸点可知，水银的沸点高于水的沸点不会在100℃时发生汽化现象，因此选用测温物质为水银的温度计；
(2)为缩短加热时间，可以适当减少水的质量；
(3)酒精灯加热时，铁圈和石棉网的温度升高，高于水的温度，当移开酒精灯时，水还会从铁圈和石棉网吸收热量，继续沸腾一小段时间；
(4)沸腾时，形成大量的气泡不断上升，上升的过程中，周围的水蒸气不断汇集过来，所以气泡是越来越大，故图2中乙是水沸腾时气泡的变化示意图；
(5)①水沸腾时的特点：吸热，但温度不变；
②通过观察分析图象可知，可知未开始加热时，a、b两组所用的水处于同一温度，故两组实验所用的水的初温相同，两个小组实验所用的水的质量相同；
(6)水沸腾后，烧杯上方出现大量“白气”是水蒸气遇冷液化形成的，冰的形成属于凝固现象，霜的形成属于凝华现象，雾的形成属于液化现象，雪的形成属于凝华现象，故选③；
(7)因为水的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低，所以当瓶内气体温度降低，气压减小时，水的沸点降低。
故答案为：(1)水银；(2)减小水的质量；(3)水仍能从石棉网上吸热；(4)乙；(5)①不变；②质量；(3)③；(7)降低；降低。
(1)液体温度计所测温度应高于温度计内液体的凝固点，温度计内液体低于液体的沸点；
(2)影响加热时间的因素：水的多少、水的初温、是否加盖等；
(3)撤去酒精灯后，水还会从铁圈和石棉网吸收热量，水仍能继续沸腾一小段时间；
(4)水在沸腾前后的现象是不同的：沸腾时，大量的水转化为水蒸气，形成大量的气泡不断上升，上升的过程中，周围的水蒸气不断汇集过来，所以气泡是越来越大。如果是还未沸腾的，气泡在上升过程中遇到周围温度较低的水，水蒸气反而会液化成水，气泡会不断变小；
(5)①水沸腾时的特点：吸热，但温度不变；②通过观察分析图象可知；
(6)物质由气态变为液态是液化；
(7)水的沸点与气压有关，气压越低，沸点越低。
此题“探究水沸腾时温度变化的特点”实验，考查了有关实验仪器连接的顺序、温度计的使用、沸腾条件及特点，考查的内容较多，但都属于基础题。
30.【答案】等于  相等  更长  大于  水  B  内陆 
【解析】解：(1)根据控制变量法可知，在两只烧杯中应分别装入质量相等的水和食用油；
(2)选用两个相同规格的电加热器加热，目的是使水和食用油相同时间吸收的热量相同；
(3)分析表格数据可知，加热相同时间，食用油温度升高快，所以若要使水和食用油升高到相同的温度，则需要给水加热更长的时间，此时水吸收的热量大于食用油吸收的热量；
(4)分析表格数据可知，加热相同的时间，食用油升高的温度快，水升高的温度慢，故正确图像为图B；由于吸收相同的热量，水升高的温度慢，所以水的吸热本领强；
(5)由图丙气温变化曲线得出，D所示的城市最高、最低气温差比C所示的城市的小，C曲线所示城市的气温变化较大。
沙石的比热容比水小，在吸收或放出相同的热量时，温度变化较大，所以曲线C表示的是内陆城市的年气温变化曲线。
故答案为：(1)等于；(2)相等；(3)更长；大于；(4)水；B；(5)内陆。
(1)(2)(3)(4)我们使用相同的加热器通过加热时间的长短来比较吸热多少，这种方法叫转换法；
比较物质吸热能力的2种方法：
①使相同质量的不同物质升高相同的温度，比较吸收的热量(即比较加热时间)，吸收热量多的吸热能力强；
②使相同质量的不同物质吸收相同的热量，比较温度的变化，温度变化小的吸热能力强；
(5)由图丙最高、最低气温差得出结论；沿海地区和内陆地区相比，沿海地区水多，水的比热容较大，白天，在相同的吸热条件下，水的温度升高的少；夜晚，在相同的放热条件下，水降低的温度少，昼夜温差小；而在内陆地区，沙石的比热容较小，白天，在相同的吸热条件下，沙石的温度升高的多；夜晚，在相同的放热条件下，沙石降低的温度多，昼夜温差大。
本题主要考查如何用转换法和控制变量法来比较不同物质比热容(吸热能力)的大小，解题时要注意控制变量法的应用，为热学重要实验。
31.【答案】解：(1)水箱中注满水的体积：V=13L=13dm3=0.013m3，
由ρ=mV可知水的质量为：m=ρV=1×103kg/m3×0.013m3=13kg；
由图可知，加热的前4min，水温变化量：Δt=70℃−20℃=50℃，
则水吸收的热量为：Q吸=cmΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×13kg×50℃=2.73×106J；
(2)已知热水器的热效率η=75%，
由η=Q吸Q放可知天然气放出的热量为：Q放=Q吸η=2.73×106J75%=3.64×106J，
由Q放=qV′可知消耗天然气的体积为：V′=Q放q=3.64×106J4×107J/m3=0.091m3。
答：(1)加热的前4min，水吸收的热量为2.73×106J；
(2)加热的前4min，消耗了多少m3的天然气为0.091m3。 
【解析】(1)已知水箱的容量，即水箱中注满水的体积，根据ρ=mV可求出水的质量；从图中可知加热的前4min水温的变化，根据Q吸=cmΔt可求出水吸收的热量；
(2)从表中可知热水器的热效率，根据η=Q吸Q放可求出天然气放出的热量，再根据Q放=qV′可求出消耗天然气的体积。
本题考查了密度、比热容、热值和热效率的相关计算，从图表中读取相关信息是解题的关键。
32.【答案】解：( 1 )牵引力所做的功：W=Fs=1.4×104N×2000m=2.8×107J；
( 2 )氢燃料完全燃烧放出的热量：Q放=mq=0.5kg×1.4×108J/kg=7×107J；
( 3 )汽车发动机的效率：η=WQ放×100%=2.8×107J7×107J×100%=40%。
答：(1)牵引力所做的功为2.8×107J；
(2)氢燃料完全燃烧放出的热量为7×107J；
(3)汽车发动机的效率为40%。 
【解析】(1)根据W=Fs求出牵引力所做的功；
(2)根据Q放=mq求出氢燃料完全燃烧放出的热量；
(3)根据效率公式求出汽车发动机的效率。
本题考查功的计算、燃料完全燃烧放热的计算以及热机效率的计算，是一道基础题。