新高考物理二轮复习过关练习第3部分 考前特训 选择题热身练(2) (含解析)

选择题热身练(2)

1．(2022·湖北卷·3)一定质量的理想气体由状态a变为状态c，其过程如p－V图中a→c直线段所示，状态b对应该线段的中点．下列说法正确的是(　　)

A．a→b是等温过程

B．a→b过程中气体吸热

C．a→c过程中状态b的温度最低

D．a→c过程中外界对气体做正功

答案　B

解析　根据理想气体的状态方程＝C，可知a→b气体温度升高，内能增加，即ΔU>0，且体积增大，气体对外界做功，即W<0，由热力学第一定律ΔU＝W＋Q，可知a→b过程中气体吸热，A错误，B正确；根据理想气体的状态方程＝C，可知，p－V图像的坐标值的乘积反映温度，a状态和c状态的坐标值的乘积相等，而中间状态的坐标值乘积更大，则a→c过程的温度先升高后降低，且状态b的温度最高，C错误；a→c过程气体体积增大，气体对外界做功，即外界对气体做负功，D错误．

2.(2022·浙江宁波市二模)油烟危害健康，某品牌的抽油烟机的主要部件是照明灯L和抽气扇M(电动机)，电路连接如图所示，下列说法正确的是(　　)

A．抽气扇须在点亮照明灯的情况下才能工作

B．闭合开关S1和S2，抽气扇处于“弱吸”挡

C．抽气扇由“弱吸”挡换成“强吸”挡，其发热功率不变

D．当工作中的抽气扇因吸入异物出现卡机时，回路中的电流将变大

答案　D

解析　由电路图可知，照明灯和抽气扇处于并联状态，则抽气扇工作与否与是否点亮照明灯无关，A错误；由电路图可知，闭合开关S1和S2，电阻R短路，则流过抽气扇的电流、电压变大，而抽气扇的热功率为P＝I2r，其中r为电动机内阻，其大小不变，则抽气扇由“弱吸”挡换成“强吸”挡，其发热功率增大，C错误；当工作中的抽气扇因吸入异物出现卡机时，电动机变成纯电阻用电器，回路中的电流将变大，D正确．

3．(2022·湖南省三模)某同学探究细线能承受的最大拉力．如图所示，他将质量为1.7 kg的物体用光滑挂钩挂在细线上，用双手捏取长为4 cm的细线两端并靠近水平刻度尺，沿刻度尺缓慢增大细线两端的距离，当细线两端位于图示位置时，细线恰好被拉断，取g＝10 m/s2.则细线能承受的最大拉力约为(　　)

A．5 N  B．10 N  C．25 N  D．50 N

答案　B

解析　设细线与水平方向夹角为θ，物体质量为m，细线能承受的最大拉力为FT，根据题图及几何关系得sin θ＝，根据平衡条件得2FTsin θ＝mg，解得FT≈10 N，故B正确，A、C、D错误．

4．(2022·山东威海市期末)增透膜是一种表面镀层，它利用光的干涉原理，减少反射光来增加光在表面的透过率．某同学的眼镜片上镀有一层材料为氟化镁的增透膜，反射光呈现蓝紫色，已知绿光的频率为5.45×1014 Hz，光在真空中的波速为3×108 m/s，氟化镁对绿光的折射率为1.38，为增加绿光的透过率，该增透膜的最小厚度约为(　　)

A．100 nm   B．200 nm

C．300 nm   D．400 nm

答案　A

解析　由于人眼对绿光最敏感，所以通常所用的光学仪器镜头表面所涂的增透膜的厚度只使反射的绿光干涉相消，但薄膜的厚度不宜过大，只需使其厚度为绿光在膜中波长的，使绿光在增透膜的前、后两个表面上的反射光互相抵消．设绿光在真空中的波长为λ0，在增透膜中的波长为λ，由折射率与光速的关系和光速与波长及频率的关系得n＝＝，化简得λ＝，联立解得增透膜厚度d＝λ≈1×10－7 m＝100 nm，故选A.

5．(2022·山东德州市二模)如图所示，天花板上悬挂的电风扇绕竖直轴匀速转动，竖直轴的延长线与水平地板的交点为O，扇叶外侧边缘转动的半径为R，距水平地板的高度为h.若电风扇转动过程中，某时刻扇叶外侧边缘脱落一小碎片，小碎片落地点到O点的距离为L，重力加速度为g，不计空气阻力，则电风扇转动的角速度为(　　)

A.   B.

C.   D.

答案　D

解析　小碎片脱离扇叶后做平抛运动，从脱离到落地的水平位移为x＝，做平抛运动的时间为t＝，故电风扇转动的角速度为ω＝＝＝，D正确．

6．(多选)(2022·福建福州市高三期末)已知长直通电导线在其周围某点产生磁场的磁感应强度与该导线中的电流大小成正比，与该点到导线的距离成反比．如图，两根平行长直通电导线L1、L2中的电流大小分别为I和2I，此时L1受到的安培力大小为F.现将另一根长直通电导线L3平行放在L1左侧，三根导线间距相等且处于同一平面，L1受到的安培力大小变为2F，则L3中的电流大小可能是(　　)

A．2I  B．4I  C．6I  D．8I

答案　AC

解析　由题可知长直通电导线L1、L2平行，L1受到向右的安培力，将另一根长直通电导线L3平行放在L1左侧，L1受到的安培力大小变为2F，若L3中电流方向向上，L3中电流产生的磁场对L1有向左的安培力，分析可知大小为3F，因长直通电导线在其周围某点产生磁场的磁感应强度与该导线中的电流大小成正比，对比L2中电流大小可知，L3中的电流大小为6I；若L3中电流方向向下，L3中电流产生的磁场对L1有向右的安培力，分析可知大小为F，对比L2中的电流大小可知，L3中的电流大小为2I，故A、C正确，B、D错误．

7.(多选)(2022·山西晋中市高三期末)如图所示，足够长的水平导轨上，有两导体棒AB和CD，导轨处在竖直向上的匀强磁场中，导体棒和导轨始终接触良好，导轨宽度为l，两导体棒质量均为m、连接两导轨间的电阻均为R，其他电阻不计，不计一切摩擦．现给导体棒CD一个初速度v0，若AB棒固定，待系统稳定时，通过CD棒的电荷量为q，则(　　)

A．通过CD棒的电流方向从D到C

B．匀强磁场的磁感应强度大小为

C．当通过CD棒的电荷量为时，CD棒上产生的热量为mv02

D．若AB棒不固定，当系统稳定时，通过CD棒的电荷量为

答案　BD

解析　根据右手定则，通过CD棒的电流方向从C到D，选项A错误；当AB棒固定且系统稳定时，CD棒的速度为0，取v0的方向为正方向，根据动量定理可得－Blt＝0－mv0，又有q＝t，联立解得B＝，选项B正确；当通过CD棒的电荷量为时，设CD棒的速度为v1，取v0的方向为正方向，根据动量定理有－B1lt1＝mv1－mv0，＝1t1，联立解得v1＝，CD棒上产生的热量Q＝×[mv02－m()2]＝mv02，选项C错误；若AB棒不固定，则系统稳定后，二者速度相同，两根导体棒组成的系统所受合力为0，动量守恒，取v0的方向为正方向，由动量守恒定律得mv0＝2mv2，对CD棒，根据动量定理可得－B2lt2＝mv2－mv0，q′＝2t2，且B＝，联立解得q′＝，选项D正确．