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陕西省榆林市榆阳区2021-2022学年九年级上学期期末考试物理试题
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这是一份陕西省榆林市榆阳区2021-2022学年九年级上学期期末考试物理试题，共19页。试卷主要包含了学校所有教室都安装了空调等内容，欢迎下载使用。
A. 塑料尺B. 橡皮C. 铅笔芯D. 布笔袋
2.两个热得快甲和乙，甲的额定功率为1000W，乙的额定功率为1200W。在它们正常工作的情况下，下列说法正确的是( )
A. 热得快甲消耗电能多B. 热得快乙消耗电能多
C. 热得快甲将电能转化成内能转化得快D. 热得快乙将电能转化成内能转化得快
3.学校所有教室都安装了空调。以下做法不符合安全用电的是( )
A. 出现故障时，先切断电源B. 放学离开教室，及时关闭电源.
C. 用更细的导线，防止发热起火D. 安装三线插座，防止外壳带电
4.小明同学在观看电影时，对影片中的定时炸弹产生了浓厚的兴趣，通过查阅资料找到如图所示的定时炸弹引爆装置原理图，引爆前定时开关S闭合，当设定的引爆时间一到，定时开关S会自动断开。为使引爆装置停止工作，务必不能剪断的图中导线是( )
A. a导线B. b导线C. c导线D. d导线
5.如图为单缸四冲程汽油机工作过程中某一冲程示意图，且该汽油机飞轮的转速为3000r/min，则下列说法正确的是( )
A. 如图所示冲程为压缩冲程
B. 如图所示冲程把机械能转化为了内能
C. 该汽油机每秒对外做功25次
D. 随着技术的进步，内燃机的效率达到100%
6.下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是( )
A. 温度低于0℃的物体都没有内能
B. 物体温度越高，所含热量越多
C. 物体从外界吸收了热量，温度一定升高
D. 用燃气灶烧水是通过热传递改变物体内能的
7.有两定值电阻R1、R2，R1A. 若R1与R2串联，则通过R1的电流大于通过R2的电流
B. 若R1与R2串联，则R1与R2两端的电压之和等于电源电压
C. 若R1与R2并联，则R1两端的电压小于R2两端的电压
D. 若R1与R2并联，则通过R1的电流等于通过R2的电流
8.在课外科技实践活动中，某物理兴趣小组看到市场上使用的电子秤后，设计了一种电子秤。原理如图所示，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，当物体放在秤盘上时，滑片下移。现将秤盘上增加重物后，下列说法正确的是( )
A. 电流表读数不变，电压表读数变大B. 电流表读数变小，电压表读数变小
C. 电流表读数变大，电压表读数变小D. 电流表读数变小，电压表读数变大
9.如图所示是小美家的电能表表盘示意图，她将家中的电磁炉单独接入电路，6min观察到电能表的转盘转过400转，则这台电磁炉的功率为( )
A. 800W
B. 1200W
C. 1600W
D. 2000W
10.把一个额定功率为3W的小灯泡和定值电阻R串联后接在电压为12V的电源上，小灯泡恰好能正常工作，此时电阻R两端的电压为3V，忽略温度对灯丝电阻的影响。下列说法正确的是( )
A. 电路中的电流为1A
B. 电阻R的阻值为12Ω
C. 小灯泡正常发光时的电阻为27Ω
D. 10s内，小灯泡和定值电阻R消耗的电能之比为9：1
11.“花气袭人知骤暖”，这是诗人陆游《村居书喜》中的诗句，其中隐含的物理知识为：分子的无规则运动程度与______有关；雨后天晴，荷叶上两滴滚动的水珠相遇时，会汇合变成一滴较大的水滴，这说明分子间存在______；一般情况下，固体很难被压缩，这是由于固体分子间存在______。
12.如图所示的充电型手电筒由蓄电池、开关和三颗相同的LED灯连接而成。充电时蓄电池相当于______(选填“用电器”或“电源”)；从正在发光的手电筒中取下其中的一颗灯珠，发现另外两颗灯珠不发光，若工作时每颗灯珠的电压都为U，则手电筒电源的电压为______；手电筒工作时在电源外部，导线中电子______(选填“由正极到负极”或“由负极到正极”)做定向移动。
13.2021年10月16日，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭，在酒泉精准点火发射，如图所示。火箭的燃料使用了液态氢，主要是因为它的______大；液氢燃烧不完全，它的热值大小______(选填“变大”“变小”或“不变”)。日常生活、生产中常用水做冷却剂，这是因为水的______大。
14.电视机、电风扇、电热驱蚊器等与其它家用电器是______联在电路里的；电视机、电风扇、电热驱蚊器工作时主要利用了电流的热效应的是______；电热驱蚊器的发热元件是一个阻值为1000Ω的电阻，接在照明电路中正常工作50s产生的热量为______ J。
15.甲、乙两导体的电流与电压的关系图像如图所示，由图可知，甲的电阻______(选填“大于”“小于”或“等于”)乙的电阻；当导体甲两端的电压为0时，其阻值是______Ω；若将导体甲和乙并联在电路中，通过它们的电流之比I甲：I乙=______。
16.如图甲是通过小灯泡L的电流跟其两端电压关系。现将小灯泡L与电阻R连入图乙所示电路中，只闭合S，小灯泡的实际功率为4.8W；再闭合S1，电流表示数增加0.6A。由此可知，电源电压为______ V，电阻R的阻值为______Ω；开关S、S1都闭合时，电路的总功率为______ W。
17.如图所示，请你将图中各元件连接完整，完整的电路可用于探究电流产生的热量与电流大小的关系。
18.如图所示为家庭电路的部分简图，请在方框内填入元件的字母标号。(A.电灯、B.开关、C.电能表、D.空气开关)
19.按要求完成填空。
(1)如图甲所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒带______电，图中实验现象说明的规律是______；
(2)如图乙所示，在比较水和煤油的吸热能力的实验中，它们吸热的多少是通过______(选填“温度计示数”或“加热时间”)来反映的。
(3)如图丙所示，在探究影响电阻大小的因素实验中只提供一根足够长的电阻丝，除温度对导体电阻的影响外，该装置不能探究______对电阻大小的影响。
20.如图甲所示是交通管理部门对不同车型设定的最高速度，相关资料表明，大部分重大交通事故都是由汽车超载、超速造成的。兴趣小组决定对超载、超速问题进行一次模拟探究，经过讨论后认为，可以用金属球代替汽车作为研究对象。将不同金属球从斜面的某一高度由静止开始滚下，推动同一小木块向前移动一段距离s后停下，完成乙、丙、丁所示的三次实验，s1>s2>s3。
(1)金属球在滚下斜面的过程中，它的______能转化为动能。实验乙、丙中把金属球由斜面同一高度静止滚下的目的是______。
(2)实验中超载、超速带来的危害程度用______表示。
(3)探究超载带来的危害时，选择乙、丙、丁三次实验中的______进行比较。
(4)本实验运用了两种物理研究方法：一是转换法，二是______。
21.小明用图甲所示电路探究电流与电压、电阻的关系。其中电源电压恒为3V，滑动变阻器的最大阻值为20Ω，定值电阻有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω各一个。
(1)他先用5Ω的定值电阻探究电流与电压的关系。
①按图甲连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最______(选填“左”或“右”)端。
②闭合开关S后，移动滑片时发现电压表无示数，电流表有示数且不断变化，则电路故障可能是定值电阻R发生了______(选填“断路”或“短路”)。
③排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器，记录了4组数据。测第5组数据时，电压表的示数为2.6V，电流表的示数如图乙所示。此时电路中的电流是______ A。
④分析表格数据可得出结论：在电阻一定时，______。
(2)接着他用所给的四个定值电阻探究电压一定时电流与电阻的关系。
①利用现有器材，为使实验顺利进行，你认为小明应控制定值电阻两端电压为______(选填“0.5V”“1V”或“2V”)不变。
②正确实验后根据实验数据绘制出I-R图像如图丙所示。由此可得结论：在导体两端电压一定时，______。
22.如图甲所示，在“测量小灯泡额定电功率”实验中，提供的器材有：电源标有“2.5V”的小灯泡、滑动变阻器R、电流表、电压表、开关及导线若干。
(1)连接电路时，开关应______(选填“闭合”或“断开”)；实验中灯泡不亮，电压表、电流表示数分别为0.4V、0.08A，移动滑动变阻器的滑片，两表示数均不变，则电路存在的问题可能是______。
(2)正确连接电路后进行实验，此时电压表如图乙所示，示数为______ V，要测出小灯泡的额定功率，滑片应向______(选填“左”或“右”)端移动。
(3)实验中电流表出现故障，小明又设计了一种测量小灯泡额定功率的方案，如图丙所示，R0是阻值已知的定值电阻，请完成下列操作：
①连接好电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点A，移动滑片，使电压表的示数U1为______ V；
②保持滑片的位置不动，再将开关S1拨到另一触点，读出电压表的示数U2；
③用U1、U2、R0表示小灯泡的额定功率P=______。
23.如图所示是某款燃气和电热两种热水器，燃气热水器以天然气为燃料，电热热水器的额定功率为2500W，加热效率为84%.若在燃气热水器中加入15kg、20℃的水，加热6min，水温升高至60℃，消耗天然气0.126m3求：[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值为4×107J/m3]，
(1)水吸收的热量；
(2)该燃气热水器的加热效率；
(3)若使用电热热水器，使15kg、20℃的水温度升高至60℃，需要正常加热的时间。
24.如图甲所示是某品牌电饭锅简化电路图，R1和R2均为电热丝(阻值不随温度发生变化)，S1为温控自动开关，使电饭锅处于加热或保温状态，电饭锅的额定电压为220V。某次煮饭时，该电饭锅正常工作，总功率P随时间t变化的图像如图乙所示。问：
(1)10∼15min内开关______闭合，电饭锅中的电流为______ A；
(2)本次煮饭中电饭锅在30min内消耗的电能；
(3)电热丝R1、R2的阻值。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：通常情况下，塑料尺、橡皮、布笔袋不容易导电，属于绝缘体；铅笔芯容易导电，属于导体。故ABD错误，C正确。
故选：C。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
此题考查了导体和绝缘体的辨析，属基础题目。
2.【答案】D
【解析】解：AB、甲和乙的功率已知，通电时间未知，根据W=Pt可知，两者消耗的电能不能比较，故AB错误；CD、已知甲和乙都在正常工作，正常工作时用电器的实际功率等于额定功率，乙的额定功率大，乙的实际功率也大，电功率表示电流做功的快慢，功率大的电流做功快，乙做功快，将电能转化成内能转化得快，故C错误，D正确。故选：D。
根据电功率的概念和公式W=Pt进行分析。
本题考查对电功率概念的理解和对W=Pt公式的应用。
3.【答案】C
【解析】解：
A.电路中出现故障时，需要先切断电源，再检查电路故障，可防止触电事故的发生，故A项做法符合安全用电原则；
B.放学离开教室，及时关闭电源，一方面可以节约电能，另一方面可避免因导线发热过多而发生电路火灾，故B项做法符合安全用电原则；
C.导线越细，在材料、长度相同时，导线的电阻越大，当电路中有电流通过时，相同时间内导线产生的热量越多，既浪费了电能，又有引起火灾的可能，故C项做法不符合安全用电原则；
D.三孔插座的上孔接地线，当用电器漏电时，电流就通过地线流入大地，可防止外壳漏电时发生触电事故，故D项做法符合安全用电原则。
故选：C。
(1)在进行电路检修时，应先切断电源，能防止触电事故的发生；
(2)在不用电时，要随时切断电源，即节约用电，也可防止电热造成火灾；
(3)导线越细，在材料、长度相同时，电阻越大；在通过的电流、通电时间相同时，由焦耳定律可知电流产生的热量越多；
(4)三孔插座的作用就是将用电器的金属外壳与大地相连，防止外壳带电时发生触电事故。
本题考查了安全用电常识，需要学生养成安全用电的好习惯。
4.【答案】B
【解析】解：由图可知，引爆装置的工作原理：当S闭合时，起爆器被开关所在的导线短路，没有电流通过起爆器，所以起爆器不工作；当设定起爆时间一到，定时开关S断开，有电流通过引爆装置而发生爆炸；
在b处剪断导线，则起爆器能与电源相连，起爆器中会有电流经过，会造成起爆，这是千万不能实施的操作；剪断a、c、d，通过起爆器无电流，不会爆炸。
故选：B。
由电路图可知当S闭合时起爆器被短路，则起爆器中没有电流通过；当S断开时电源电压加在起爆器上，则起爆器有电流通过从而引爆炸弹。据此进行分析解答。
本题考查要使用电器不工作有两种方式，即让电路处于断路或让用电器短路。
5.【答案】C
【解析】解：A.图中的进气门和排气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程，故A错误；
B.如图所示是做功冲程，此冲程把内能转化为机械能，故B错误；
C.四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该飞轮每秒钟转50圈，对外做功25次，故C正确；
D.内燃机在工作过程中不可避免地要克服机械间的摩擦而做额外功，因此内燃机的效率不能达到100%，故D错误。
故选：C。
(1)判断冲程可以看气阀门的开关情况和活塞运动情况，结合规律总结进行判断内燃机的冲程；
(2)在热机的压缩冲程，机械能转化为内能，在做功冲程，内能转化为机械能；
(3)四冲程内燃机1个工作循环中包括4个冲程，飞轮转动2周，对外做功1次；
(4)任何机器在工作时都不可避免地要克服机械间的摩擦而做额外功，因此效率不能达到100%。
此题是关于内燃机的综合题目，知道四冲程汽油机在一个工作循环中曲轴转2圈、飞轮转2周、做功一次是解决该题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：A、一切物体在任何情况下都有内能，温度低于0℃的物体也有内能，故A错误；
B、热量是过程量，不能说物体含有多少热量，只能吸收或放出多少热量，故B错误；
C、物体从外界吸收了热量，温度不一定升高，比如：晶体熔化时，继续吸热，温度不变，故C错误；
D、用燃气灶烧水，水吸收热量，通过热传递改变物体内能的，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体在任何情况下都有内能；
(2)热量是过程量，不能说物体含有多少热量，只能吸收或放出多少热量；
(3)晶体熔化时，继续吸热，温度不变；
(4)改变内能的方式有做功和热传递。
本题考查温度、内能和热量的关系，属于基础题。
7.【答案】B
【解析】解：AB、当电阻R1、R2串联时，由于串联电路各处的电流相等，则通过R1的电流大于通过R2的电流；故A错误；
根据串联电路的电压特点可知R1与R2两端的电压之和等于电源电压，故B正确。
CD、当电阻R1、R2并联时，根据并联电路各支路两端的电压相等的特点可知电阻R1、R2两端的电压相等；故C错误；
已知R1故选：B。
(1)当电阻R1、R2串联时，根据串联电路电流特点可知通过两电阻的电流大小关系；根据串联电路的电压特点可知电路的两端电压与R1与R2两端的电压关系。
(2)当电阻R1、R2并联时，根据并联电路电压特点可知电阻两端的电压大小关系，根据欧姆定律可知通过两电阻的电流关系。
本题考查了串并联电路电压、电流特点和欧姆定律的应用。
8.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测滑片上方电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，
所以，滑片移动时，R接入电路中的电阻不变，电路中的总电阻不变，
由I=UR可知，电路中的电流不变，即电流表的读数不变，故BCD错误；
将秤盘上增加重物后，滑片下移，滑片上方电阻丝的长度变大，滑片上方电阻丝的阻值变大，
由U=IR可知，电压表所测电阻丝两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A正确。
故选：A。
根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时接入电路中的电阻不变，电路图中电压表测滑片上方电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流，据此根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据滑片的移动可知电压表所测部分电阻丝的阻值变化，根据欧姆定律可知电压表示数的变化。
本题考查了电路的动态分析，根据电压表内阻的特点判断出滑片移动时接入电路中的电阻不变、但电压表所测部分电阻丝的阻值变化是关键。
9.【答案】D
【解析】解：
电磁炉工作6min消耗的电能：
W=400r2000r/(kW⋅h)kW⋅h=0.2kW⋅h；
电磁炉的功率：
P=Wt=0.2kW⋅h6×160h=2kW=2000W。
故选：D。
由电能表铭牌“2000r/kW⋅h”可知，每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过2000转。据此求出电磁炉工作6min消耗的电能，然后由电功率公式求出电磁炉的功率。
本题考查了使用电能表时用电器消耗电能和电功率的计算，知道电能表相关参数的含义是正确解题的前提与关键，计算时要注意单位换算。
10.【答案】C
【解析】解：A、已知小灯泡恰好正常工作，灯泡两端的电压等于额定电压，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以灯泡两端的电压：UL=U-UR=12V-3V=9V；
由串联电路的电流特点和P=UI知，电路中的电流等于灯泡的电流I=PUL=3W9V=13A≈0.33A；故A错误；
B、串联电路中的电流I=IL=13A，
由欧姆定律可得定值电阻R的阻值：
R=URI=3V13A=9Ω；故B错误；
C、小灯泡恰好正常工作，由欧姆定律可得
灯泡的电阻RL=ULI=9V13A=27Ω；故C正确；
D、由W=UIt知，小灯泡和定值电阻R串联，电流和通电时间相等，消耗的电能之比：WL：WR=ULILt：URIRt=UL：UR=9V：3V=3：1；故D错误。
故选：C。
(1)灯泡和电阻串联，小灯泡恰好正常工作，根据串联电压规律知灯泡两端的电压，此时灯泡两端的电压等于额定电压，根据P=UI计算电路中的电流，
(2)(3)利用串联电流规律和欧姆定律计算灯泡的电阻与和电阻R的阻值；
(4)根据W=UIt计算10s内，小灯泡和定值电阻R消耗的电能之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键要知道灯泡正常发光时的电压等于其额定电压。
11.【答案】温度 引力 斥力
【解析】解：“花气袭人知骤暖”是说当花香浓郁的时候，说明气温变暖了，其中隐含的物理知识为：分子的无规则运动程度与温度有关；
荷叶上两滴滚动的水珠相遇时，会汇合变成一滴较大的水滴，这说明分子间存在引力；
一般情况下，固体很难被压缩，这是由于固体分子间存在斥力。
故答案为：温度；引力；斥力。
物质是由分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子的无规则运动越剧烈，分子间存在相互作用的引力与斥力。
本题考查了运用分子动理论的知识来解释生活中的现象，属基础知识，难度不大。
12.【答案】用电器 3 U 由负极到正极
【解析】解：(1)充电时电能转化为化学能，蓄电池相当于用电器；
(2)从正在发光的手电筒中取下其中的一颗灯珠，发现另外两颗灯珠不发光，根据串联时用电器的通断相互影响，并联时用电器的通断互不影响，知灯珠之间串联，每颗灯珠的电压都为U，根据串联电路电压特点知电源电压为3U；
(3)在电源外部，电流从正极流向负极，电子定向移动方向与电流方向相反，故导线中电子从负极到正极做定向移动。
故答案为：用电器；3U；由负极到正极。
(1)充电时蓄电池相当于用电器；
(2)串联时用电器的通断相互影响，并联时用电器的通断互不影响；
(3)在电源外部，电流从正极流向负极，电子定向移动方向与电流方向相反。
本题考查蓄电池在充电时的作用、串并联电路的识别、串联电路电压的关系和电子定向移动方向与电流方向的关系，是一道基础题。
13.【答案】热值 不变 比热容
【解析】解：(1)由于液态氢的热值较大，因此运载火箭中，采用液态氢作燃料；
(2)热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度无关；液氢燃烧不完全时，液氢的热值不变；
(3)水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多，所以常用来做冷却剂。
故答案为：热值；不变；比热容。
完全燃烧相同质量的不同燃料，燃料的热值越大，放出的热量越多；
热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度无关；
水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取暖剂等。
本题考查了对热值特性、比热容特性的理解，属于基础题目。
14.【答案】并 电热驱蚊器 2420
【解析】解：家庭电路中各用电器之间可以单独工作，互不影响，电视机、电风扇、电热驱蚊器等与其它家用电器是并联的；
电视机工作时，主要把电能转化为光能与声能；
电风扇工作时主要把电能转化为机械能；
电流流过电热驱蚊器时，它们要发热，它们是利用电流的热效应工作的；
通电50s产生的热量：Q=W=U2Rt=(220V)21000Ω×50s=2420J。
故答案为：并；电热驱蚊器；2420。
(1)家庭电路中用电器之间是并联的；
(2)电流通过导体时向外放出热量的现象叫做电流的热效应；
(3)根据Q=W=U2Rt求出产生的热量。
此题主要考查的是学生对家庭电路的连接、电热的理解和掌握，难度不是很大。
15.【答案】小于 10 2：1
【解析】解：(1)根据图像可知，当电压U=2V时，I甲=0.2A，I乙=0.1A，
由欧姆定律可得：R甲=UI甲=2V0.2A=10Ω，R乙=UI乙=2V0.1A=20Ω，则R甲(2)电阻是导体本身的性质，由导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与电压、电流无关；所以，当导体甲两端的电压为0时，其阻值不变，为10Ω；
(3)并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可得将导体甲和乙并联在电路中，通过它们的电流之比I甲：I乙=R乙：R甲=20Ω：10Ω=2：1。
故答案为：小于；10；2：1。
(1)读出甲、乙的一组电压、电流数据，根据欧姆定律分别求出电阻的大小，然后即可比较大小；
(2)电阻是导体本身的性质，由导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与外加的电压、电流值无关；
(3)根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算将导体甲和乙并联在电路中，通过它们的电流之比。
本题利用图象考查欧姆定律的应用和对电阻的认识、并联电路特点，有关图象问题一定先明确图象中的坐标各表示什么物理量，从图象中找到有用的信息。
16.【答案】12 20 12
【解析】解：只闭合S时，电路为灯泡L的简单电路，电流表测电路中的电流，
由图像可知，当UL=12V、IL=0.4A时，灯泡的实际功率：PL=ULIL=12V×0.4A=4.8W，
则电源的电压U=UL=12V，
再闭合S1后，R与L并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过灯泡的电流不变，
电流表增加的电流等于通过R的电流：IR=0.6A；
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，R的阻值：R=UIR=12V0.6A=20Ω。
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
干路中的电流：I=IL+IR=0.4A+0.6A=1A；
电路消耗的总功率：P=UI=12V×1A=12W；
故答案为：12；20；12。
(1)只闭合开关S时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，根据图像读出灯泡的实际功率为4.8W时的电压和电流，根据灯泡的电压可知电源的电压；
(2)再闭合S1后，电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流，根据通过灯的电流不变和并联电路电流规律可求出通过R的电流，再根据欧姆定律求出电阻R的阻值；求出干路中的电流，根据P=UI求出电路消耗的总功率。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图像读出灯泡功率为4.8W时的电流和电压值。
17.【答案】解：探究电流产生的热量与电流大小的关系时采用的是控制变量法，实验中控制通电时间和电阻大小相同，电流大小不同，所以右侧两个电阻并联后再与左侧的电阻串联，这样会使得通过两个容器内电阻的电流大小是不同的，如图所示：
【解析】探究电流产生的热量与电流大小的关系时，需要控制通电时间相同，电阻大小相同，电流大小不同，据此分析。
本题考查了实物电路的连接，属于基础题。
18.【答案】解：电能表是测量整个家庭电路消耗电能多少的仪表，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关(空气开关)的前面。家庭电路的连接要按照进户线→电能表→总空气开关及漏电保护开关→用电器的安装顺序；因此上面的右边框内是D空气开关，左边是C电能表，电灯的控制开关和灯泡串联，并且开关与火线相连；故下面左边框内是电灯A，右边是控制开关B；如图所示
【解析】电灯接线操作的基本要求是：火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头。
电能表是测量家庭电路消耗电能多少的仪表，也防止一些人偷电，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关的前面。
家庭电路的连接要按照进户线→电能表→总空气开关及漏电保护开关→用电器的安装顺序；
掌握家庭电路的各元件的作用和安装位置，使各元件正常使用，并且保证使用的安全性。
19.【答案】负 异种电荷相互吸引 加热时间 导体材料
【解析】解：
(1)用毛皮摩擦过的橡胶棒得到电子而带负电，用丝绸摩擦过的玻璃棒失去电子而带正电；
图甲中用丝绸摩擦过的玻璃棒与用毛皮摩擦过的橡胶棒之间是相互吸引，说明玻璃棒和橡胶棒带异种电荷，异种电荷相互吸引；
(2)图乙中用相同的酒精灯加热相同的时间，酒精灯放出的热量是相等的，水和煤油吸收的热量也是相等的，所以水和煤油吸热的多少是通过加热时间来反映的；
(3)只有一根电阻丝，探究电阻与长度的关系时，可以改变电阻丝接入电路中的长度；探究电阻与横截面积的关系时，可以先将电阻丝的一半接入电路，然后将电阻丝对折后接入电路，控制了长度和材料都不变，改变了横截面积；由于只有一根电阻丝，无法改变电阻丝的材料，所以该装置不能探究导体材料对电阻大小的影响。
故答案为：(1)负；异种电荷相互吸引；(2)加热时间；(3)导体材料。
(1)用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(2)相同的热源在相同时间内放出的热量相等，加热时间越长，说明被加热的液体吸收热量越多，因此液体吸收热量的多少可以用加热时间的长短来反映；
(3)根据控制变量法可知，研究电阻大小与某一个因素的关系时，应保持其它因素不变，只改变这一个因素，据此分析解答即可。
本题考查了摩擦起电和电荷间的相互作用规律、比较物质吸热能力的实验以及探究影响电阻大小因素的实验，题目较综合，但难度一般。
20.【答案】重力势 使金属球在斜面底端具有相同的速度 金属球推动小木块向前移动的距离s 乙、丙 控制变量法
【解析】解：(1)金属球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以是将重力势能转化为动能的过程；
金属球由斜面同一高度静止滚下是为了使金属球在斜面底端具有相同的速度相同；
(2)实验中超载、超速带来的危害程度通过动能大小体现，也就是金属球推动小木块向前移动的距离s，这用到了转换法；
(3)探究超载带来的危害时，应控制速度一定，改变质量，选择乙、丙进行比较；
(4)由以上的分析知，本实验应用了控制变量法和转换法。
故答案为：(1)重力势；使金属球在斜面底端具有相同的速度；(2)金属球推动小木块向前移动的距离s；(3)乙、丙；(4)控制变量法。
(1)动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(2)动能大小通过木块移动距离表示；
(3)(4)影响物体动能大小的因素有质量和速度，根据控制变量法分析乙、丙、丁三图的实验现象得到结论，据此解答。
本题是探究物体动能的大小与哪些因素有关的实验，考查了转换法、控制变量法在实验中的应用，这些都是此实验中常考查的内容。
21.【答案】右 短路 0.52通过导体的电流与导体两端的电压成正比 2 V 通过导体的电流与导体的电阻成反比
【解析】解：(1)①为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处，即最右端；
②闭合开关S后，移动滑片时发现电流表有示数且不断变化，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即电路故障可能是定值电阻R发生了短路；
③测第5组数据时，电压表的示数为2.6V，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.52A；
④由表中数据可知，当电阻两端电压增大为原来的几倍，通过电阻的电流也增大为原来的几倍，故可得出结论：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(2)①研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U总-UV=3V-UV，
根据分压原理有：
U滑UV=R滑R，即3V-UVUV=R滑R------①，
因电压表示数UV为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：
3V-UVUV=20Ω20Ω，
解得电压表的示数：UV=1.5V，即为完成实验，电压表的最小电压为1.5V，故小明应控制定值电阻两端电压为2V不变；
②由实验数据绘制出I-R图像如图丙所知，电阻越大，电流越小，故在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：(1)①右；②短路；③0.52；④通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(2)①2V；②通过导体的电流与导体的电阻成反比。
(1)①为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处；
②闭合开关S后，移动滑片时发现电流表有示数且不断变化，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路；
③根据电流表选用的量程确定分度值读数；
④根据表中数据分析回答；
(2)①当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻20Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压；
②根据实验数据绘制出I-R图像分析得出结论。
本题探究电流与电压、电阻的关系实验，考查了注意事项、电路故障、电流表读数、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
22.【答案】断开 将滑动变阻器下端两接线柱接入电路 1.9左 2.5U1×U2-U1R0
【解析】解：(1)为了保护电路，开关应断开；实验中灯泡不亮，电压表、电流表示数分别为0.4V、0.08A，说明电路是通路且电路中电流较小，变阻器接入电路的阻值较大；移动滑动变阻器的滑片，两表示数均不变，说明变阻器没有起到改变电路中电阻的作用，故电路存在的问题可能是将滑动变阻器下端两接线柱接入电路；
(2)正确连接电路后进行实验，此时电压表如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1.9V，小于灯泡额定电压2.5V；要测出小灯泡的额定功率，故应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故滑片应向左端移动；
(4)实验步骤：
①连接好电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点A，移动滑片，使电压表的示数U1为2.5V；
②保持滑片的位置不动，再将开关S1拨到另一触点，读出电压表的示数U2；
③在①中，灯泡、定值电阻和变阻器串联在电路中，电压表测灯泡两端的电压，移动滑片，当电压表的示数U1为2.5V时，灯泡正常发光；
在②中，灯泡、定值电阻和变阻器串联在电路中，电压表测灯泡和定值电阻两端的总电压，保持滑片的位置不动，由于电路中电阻没有改变，电路中电流没有改变，此时灯泡仍正常发光，根据串联电路电压规律，定值电阻两端的电压为U0=U2-U1，由于串联电路中电流处处相等，即小灯泡的额定电流：
I1=I0=U2-U1R0，
小灯泡的额定功率：
P=U1I1=U1×U2-U1R0。
故答案为：(1)断开；将滑动变阻器下端两接线柱接入电路；(2)1.9；左；(3)①2.5；③U1×U2-U1R0。
(1)为了保护电路，开关应断开；实验中灯泡不亮，电压表、电流表示数分别为0.4V、0.08A，说明电路是通路且电路中电流较小，变阻器接入电路的阻值较大；移动滑动变阻器的滑片，两表示数均不变，说明变阻器没有起到改变电路中电阻的作用，据此分析；
(2)根据电压表选用量程确定分度值读数；比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；
(3)在没有电流表的情况下，利用定值电阻和电压表代替电流表与灯泡串联，首先使灯泡两端的电压等于2.5V，然后测出此时定值电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI计算出灯泡的额定电功率。
本题测量小灯泡功率，考查了注意事项、电路故障、电压表读数、实验操作及设计方案测额定功率的能力。
23.【答案】解：(1)水吸收的热量为：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×15kg×(60℃-20℃)=2.52×106J；
(2)0.126m3天然气完全燃烧放出的热量为：Q放=Vq=0.126m3×4×107J/m3=5.04×106J；
该燃气热水器的加热效率为：η燃=Q吸Q放×100%=2.52×106J5.04×106J×100%=50%；
(3)电热水器的加热效率为84%，由η电=Q吸W电×100%可知，需在消耗的电能为：
W电=Q吸η电=2.52×106J84%=3.0×106J；
需要加热的时间为：t=W电P=3.0×106J2500W=1200s。
答：(1)水吸收的热量为2.52×106J；
(2)该燃气热水器的加热效率为50%；
(3)若使用电热热水器，使15kg、20℃的水温度升高至60℃，需要正常加热的时间为1200s。
【解析】(1)根据Q吸=c水mΔt求出水吸收的热量；
(2)根据Q放=Vq求出0.126m3天然气完全燃烧放出的热量，根据η燃=Q吸Q放×100%求出该燃气热水器的加热效率；
(3)根据η电=Q吸W电×100%求出电热水器加热时需要消耗的电能，根据W=Pt求出需要加热的时间。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、电功公式以及效率公式的应用，要求掌握公式的正确应用。
24.【答案】S 2
【解析】解：(1)由图甲知当开关S闭合，S1断开时，电路仅R1接入电路，再闭合S1，R1和R2并联，电路总电阻变小，总电流增大，由P=UI知电功率增大，故仅S闭合时电饭锅处于保温状态，S和S1都闭合时，电饭锅处于加热状态，由图乙知10∼15min功率小，电饭锅处于保温状态，开关S闭合，由图乙知P保温=440W，由P=UI知440W=220V×I保温，解得I保温=2A。
(2)由图乙知P加热=1320W，加热和保温时间均为15分钟，电饭锅在30min内消耗的电能W=P加热t1+P保温t2=1320W×15×60s+440W×15×60s=1.584×10⁶J。
(3)只闭合S时，只有R1接入电路，为保温状态，则电热丝R1的阻值为
R1=UI保温=220V2A=110Ω；
S、S1同时闭合，R1与R2并联，电饭锅为加热状态，此时R2的电功率为P2=P加热-P保温=1320W-440W=880W；
R2的阻值为 R2=U2P2=(220V)2880W=55Ω；
答：(1)10∼15min内开关S闭合，电饭锅中的电流为2A；
(2)本次煮饭中电饭锅在30min内消耗的电能为1.584×10⁶J；(3)电热丝R1的阻值为110Ω、R2的阻值为55Ω。
由图甲知当开关S闭合，S1断开时，电路仅R1接入电路，再闭合S1，R1和R2并联，电路总电阻变小，总电流增大，由P=UI知电功率增大，故仅S闭合时电饭锅处于保温状态，S和S1都闭合时，电饭锅处于加热状态，由图乙知保温功率、加热功率和30min内保温和加热各用的时间，由P=UI可得到保温时电路中的电流，由W=Pt可得到本次煮饭中电饭锅在30min内消耗的电能，由欧姆定律可得到R1的阻值，用加热功率减去保温功率得到电阻R2的功率，由公式 R=U2P得到R2的阻值。
本题要掌握开关处于不同状态时电路的连接方式，熟练运用欧姆定律、电功和电功率公式解题。实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.4
2.0
2.4
2.6
电流I/A
0.20
0.28
0.40
0.48
A. 塑料尺B. 橡皮C. 铅笔芯D. 布笔袋
2.两个热得快甲和乙，甲的额定功率为1000W，乙的额定功率为1200W。在它们正常工作的情况下，下列说法正确的是( )
A. 热得快甲消耗电能多B. 热得快乙消耗电能多
C. 热得快甲将电能转化成内能转化得快D. 热得快乙将电能转化成内能转化得快
3.学校所有教室都安装了空调。以下做法不符合安全用电的是( )
A. 出现故障时，先切断电源B. 放学离开教室，及时关闭电源.
C. 用更细的导线，防止发热起火D. 安装三线插座，防止外壳带电
4.小明同学在观看电影时，对影片中的定时炸弹产生了浓厚的兴趣，通过查阅资料找到如图所示的定时炸弹引爆装置原理图，引爆前定时开关S闭合，当设定的引爆时间一到，定时开关S会自动断开。为使引爆装置停止工作，务必不能剪断的图中导线是( )
A. a导线B. b导线C. c导线D. d导线
5.如图为单缸四冲程汽油机工作过程中某一冲程示意图，且该汽油机飞轮的转速为3000r/min，则下列说法正确的是( )
A. 如图所示冲程为压缩冲程
B. 如图所示冲程把机械能转化为了内能
C. 该汽油机每秒对外做功25次
D. 随着技术的进步，内燃机的效率达到100%
6.下列关于温度、内能和热量的说法，正确的是( )
A. 温度低于0℃的物体都没有内能
B. 物体温度越高，所含热量越多
C. 物体从外界吸收了热量，温度一定升高
D. 用燃气灶烧水是通过热传递改变物体内能的
7.有两定值电阻R1、R2，R1
B. 若R1与R2串联，则R1与R2两端的电压之和等于电源电压
C. 若R1与R2并联，则R1两端的电压小于R2两端的电压
D. 若R1与R2并联，则通过R1的电流等于通过R2的电流
8.在课外科技实践活动中，某物理兴趣小组看到市场上使用的电子秤后，设计了一种电子秤。原理如图所示，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，闭合开关S，当物体放在秤盘上时，滑片下移。现将秤盘上增加重物后，下列说法正确的是( )
A. 电流表读数不变，电压表读数变大B. 电流表读数变小，电压表读数变小
C. 电流表读数变大，电压表读数变小D. 电流表读数变小，电压表读数变大
9.如图所示是小美家的电能表表盘示意图，她将家中的电磁炉单独接入电路，6min观察到电能表的转盘转过400转，则这台电磁炉的功率为( )
A. 800W
B. 1200W
C. 1600W
D. 2000W
10.把一个额定功率为3W的小灯泡和定值电阻R串联后接在电压为12V的电源上，小灯泡恰好能正常工作，此时电阻R两端的电压为3V，忽略温度对灯丝电阻的影响。下列说法正确的是( )
A. 电路中的电流为1A
B. 电阻R的阻值为12Ω
C. 小灯泡正常发光时的电阻为27Ω
D. 10s内，小灯泡和定值电阻R消耗的电能之比为9：1
11.“花气袭人知骤暖”，这是诗人陆游《村居书喜》中的诗句，其中隐含的物理知识为：分子的无规则运动程度与______有关；雨后天晴，荷叶上两滴滚动的水珠相遇时，会汇合变成一滴较大的水滴，这说明分子间存在______；一般情况下，固体很难被压缩，这是由于固体分子间存在______。
12.如图所示的充电型手电筒由蓄电池、开关和三颗相同的LED灯连接而成。充电时蓄电池相当于______(选填“用电器”或“电源”)；从正在发光的手电筒中取下其中的一颗灯珠，发现另外两颗灯珠不发光，若工作时每颗灯珠的电压都为U，则手电筒电源的电压为______；手电筒工作时在电源外部，导线中电子______(选填“由正极到负极”或“由负极到正极”)做定向移动。
13.2021年10月16日，搭载神舟十三号载人飞船的长征二号F遥十三运载火箭，在酒泉精准点火发射，如图所示。火箭的燃料使用了液态氢，主要是因为它的______大；液氢燃烧不完全，它的热值大小______(选填“变大”“变小”或“不变”)。日常生活、生产中常用水做冷却剂，这是因为水的______大。
14.电视机、电风扇、电热驱蚊器等与其它家用电器是______联在电路里的；电视机、电风扇、电热驱蚊器工作时主要利用了电流的热效应的是______；电热驱蚊器的发热元件是一个阻值为1000Ω的电阻，接在照明电路中正常工作50s产生的热量为______ J。
15.甲、乙两导体的电流与电压的关系图像如图所示，由图可知，甲的电阻______(选填“大于”“小于”或“等于”)乙的电阻；当导体甲两端的电压为0时，其阻值是______Ω；若将导体甲和乙并联在电路中，通过它们的电流之比I甲：I乙=______。
16.如图甲是通过小灯泡L的电流跟其两端电压关系。现将小灯泡L与电阻R连入图乙所示电路中，只闭合S，小灯泡的实际功率为4.8W；再闭合S1，电流表示数增加0.6A。由此可知，电源电压为______ V，电阻R的阻值为______Ω；开关S、S1都闭合时，电路的总功率为______ W。
17.如图所示，请你将图中各元件连接完整，完整的电路可用于探究电流产生的热量与电流大小的关系。
18.如图所示为家庭电路的部分简图，请在方框内填入元件的字母标号。(A.电灯、B.开关、C.电能表、D.空气开关)
19.按要求完成填空。
(1)如图甲所示，用毛皮摩擦过的橡胶棒带______电，图中实验现象说明的规律是______；
(2)如图乙所示，在比较水和煤油的吸热能力的实验中，它们吸热的多少是通过______(选填“温度计示数”或“加热时间”)来反映的。
(3)如图丙所示，在探究影响电阻大小的因素实验中只提供一根足够长的电阻丝，除温度对导体电阻的影响外，该装置不能探究______对电阻大小的影响。
20.如图甲所示是交通管理部门对不同车型设定的最高速度，相关资料表明，大部分重大交通事故都是由汽车超载、超速造成的。兴趣小组决定对超载、超速问题进行一次模拟探究，经过讨论后认为，可以用金属球代替汽车作为研究对象。将不同金属球从斜面的某一高度由静止开始滚下，推动同一小木块向前移动一段距离s后停下，完成乙、丙、丁所示的三次实验，s1>s2>s3。
(1)金属球在滚下斜面的过程中，它的______能转化为动能。实验乙、丙中把金属球由斜面同一高度静止滚下的目的是______。
(2)实验中超载、超速带来的危害程度用______表示。
(3)探究超载带来的危害时，选择乙、丙、丁三次实验中的______进行比较。
(4)本实验运用了两种物理研究方法：一是转换法，二是______。
21.小明用图甲所示电路探究电流与电压、电阻的关系。其中电源电压恒为3V，滑动变阻器的最大阻值为20Ω，定值电阻有5Ω、10Ω、15Ω、20Ω各一个。
(1)他先用5Ω的定值电阻探究电流与电压的关系。
①按图甲连接电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至最______(选填“左”或“右”)端。
②闭合开关S后，移动滑片时发现电压表无示数，电流表有示数且不断变化，则电路故障可能是定值电阻R发生了______(选填“断路”或“短路”)。
③排除故障后，闭合开关，调节滑动变阻器，记录了4组数据。测第5组数据时，电压表的示数为2.6V，电流表的示数如图乙所示。此时电路中的电流是______ A。
④分析表格数据可得出结论：在电阻一定时，______。
(2)接着他用所给的四个定值电阻探究电压一定时电流与电阻的关系。
①利用现有器材，为使实验顺利进行，你认为小明应控制定值电阻两端电压为______(选填“0.5V”“1V”或“2V”)不变。
②正确实验后根据实验数据绘制出I-R图像如图丙所示。由此可得结论：在导体两端电压一定时，______。
22.如图甲所示，在“测量小灯泡额定电功率”实验中，提供的器材有：电源标有“2.5V”的小灯泡、滑动变阻器R、电流表、电压表、开关及导线若干。
(1)连接电路时，开关应______(选填“闭合”或“断开”)；实验中灯泡不亮，电压表、电流表示数分别为0.4V、0.08A，移动滑动变阻器的滑片，两表示数均不变，则电路存在的问题可能是______。
(2)正确连接电路后进行实验，此时电压表如图乙所示，示数为______ V，要测出小灯泡的额定功率，滑片应向______(选填“左”或“右”)端移动。
(3)实验中电流表出现故障，小明又设计了一种测量小灯泡额定功率的方案，如图丙所示，R0是阻值已知的定值电阻，请完成下列操作：
①连接好电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点A，移动滑片，使电压表的示数U1为______ V；
②保持滑片的位置不动，再将开关S1拨到另一触点，读出电压表的示数U2；
③用U1、U2、R0表示小灯泡的额定功率P=______。
23.如图所示是某款燃气和电热两种热水器，燃气热水器以天然气为燃料，电热热水器的额定功率为2500W，加热效率为84%.若在燃气热水器中加入15kg、20℃的水，加热6min，水温升高至60℃，消耗天然气0.126m3求：[水的比热容为4.2×103J/(kg⋅℃)，天然气的热值为4×107J/m3]，
(1)水吸收的热量；
(2)该燃气热水器的加热效率；
(3)若使用电热热水器，使15kg、20℃的水温度升高至60℃，需要正常加热的时间。
24.如图甲所示是某品牌电饭锅简化电路图，R1和R2均为电热丝(阻值不随温度发生变化)，S1为温控自动开关，使电饭锅处于加热或保温状态，电饭锅的额定电压为220V。某次煮饭时，该电饭锅正常工作，总功率P随时间t变化的图像如图乙所示。问：
(1)10∼15min内开关______闭合，电饭锅中的电流为______ A；
(2)本次煮饭中电饭锅在30min内消耗的电能；
(3)电热丝R1、R2的阻值。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：通常情况下，塑料尺、橡皮、布笔袋不容易导电，属于绝缘体；铅笔芯容易导电，属于导体。故ABD错误，C正确。
故选：C。
容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体。
此题考查了导体和绝缘体的辨析，属基础题目。
2.【答案】D
【解析】解：AB、甲和乙的功率已知，通电时间未知，根据W=Pt可知，两者消耗的电能不能比较，故AB错误；CD、已知甲和乙都在正常工作，正常工作时用电器的实际功率等于额定功率，乙的额定功率大，乙的实际功率也大，电功率表示电流做功的快慢，功率大的电流做功快，乙做功快，将电能转化成内能转化得快，故C错误，D正确。故选：D。
根据电功率的概念和公式W=Pt进行分析。
本题考查对电功率概念的理解和对W=Pt公式的应用。
3.【答案】C
【解析】解：
A.电路中出现故障时，需要先切断电源，再检查电路故障，可防止触电事故的发生，故A项做法符合安全用电原则；
B.放学离开教室，及时关闭电源，一方面可以节约电能，另一方面可避免因导线发热过多而发生电路火灾，故B项做法符合安全用电原则；
C.导线越细，在材料、长度相同时，导线的电阻越大，当电路中有电流通过时，相同时间内导线产生的热量越多，既浪费了电能，又有引起火灾的可能，故C项做法不符合安全用电原则；
D.三孔插座的上孔接地线，当用电器漏电时，电流就通过地线流入大地，可防止外壳漏电时发生触电事故，故D项做法符合安全用电原则。
故选：C。
(1)在进行电路检修时，应先切断电源，能防止触电事故的发生；
(2)在不用电时，要随时切断电源，即节约用电，也可防止电热造成火灾；
(3)导线越细，在材料、长度相同时，电阻越大；在通过的电流、通电时间相同时，由焦耳定律可知电流产生的热量越多；
(4)三孔插座的作用就是将用电器的金属外壳与大地相连，防止外壳带电时发生触电事故。
本题考查了安全用电常识，需要学生养成安全用电的好习惯。
4.【答案】B
【解析】解：由图可知，引爆装置的工作原理：当S闭合时，起爆器被开关所在的导线短路，没有电流通过起爆器，所以起爆器不工作；当设定起爆时间一到，定时开关S断开，有电流通过引爆装置而发生爆炸；
在b处剪断导线，则起爆器能与电源相连，起爆器中会有电流经过，会造成起爆，这是千万不能实施的操作；剪断a、c、d，通过起爆器无电流，不会爆炸。
故选：B。
由电路图可知当S闭合时起爆器被短路，则起爆器中没有电流通过；当S断开时电源电压加在起爆器上，则起爆器有电流通过从而引爆炸弹。据此进行分析解答。
本题考查要使用电器不工作有两种方式，即让电路处于断路或让用电器短路。
5.【答案】C
【解析】解：A.图中的进气门和排气门关闭，活塞下行，所以是做功冲程，故A错误；
B.如图所示是做功冲程，此冲程把内能转化为机械能，故B错误；
C.四冲程汽油机的飞轮转速为3000r/min，则该飞轮每秒钟转50圈，对外做功25次，故C正确；
D.内燃机在工作过程中不可避免地要克服机械间的摩擦而做额外功，因此内燃机的效率不能达到100%，故D错误。
故选：C。
(1)判断冲程可以看气阀门的开关情况和活塞运动情况，结合规律总结进行判断内燃机的冲程；
(2)在热机的压缩冲程，机械能转化为内能，在做功冲程，内能转化为机械能；
(3)四冲程内燃机1个工作循环中包括4个冲程，飞轮转动2周，对外做功1次；
(4)任何机器在工作时都不可避免地要克服机械间的摩擦而做额外功，因此效率不能达到100%。
此题是关于内燃机的综合题目，知道四冲程汽油机在一个工作循环中曲轴转2圈、飞轮转2周、做功一次是解决该题的关键。
6.【答案】D
【解析】解：A、一切物体在任何情况下都有内能，温度低于0℃的物体也有内能，故A错误；
B、热量是过程量，不能说物体含有多少热量，只能吸收或放出多少热量，故B错误；
C、物体从外界吸收了热量，温度不一定升高，比如：晶体熔化时，继续吸热，温度不变，故C错误；
D、用燃气灶烧水，水吸收热量，通过热传递改变物体内能的，故D正确。
故选：D。
(1)一切物体在任何情况下都有内能；
(2)热量是过程量，不能说物体含有多少热量，只能吸收或放出多少热量；
(3)晶体熔化时，继续吸热，温度不变；
(4)改变内能的方式有做功和热传递。
本题考查温度、内能和热量的关系，属于基础题。
7.【答案】B
【解析】解：AB、当电阻R1、R2串联时，由于串联电路各处的电流相等，则通过R1的电流大于通过R2的电流；故A错误；
根据串联电路的电压特点可知R1与R2两端的电压之和等于电源电压，故B正确。
CD、当电阻R1、R2并联时，根据并联电路各支路两端的电压相等的特点可知电阻R1、R2两端的电压相等；故C错误；
已知R1
(1)当电阻R1、R2串联时，根据串联电路电流特点可知通过两电阻的电流大小关系；根据串联电路的电压特点可知电路的两端电压与R1与R2两端的电压关系。
(2)当电阻R1、R2并联时，根据并联电路电压特点可知电阻两端的电压大小关系，根据欧姆定律可知通过两电阻的电流关系。
本题考查了串并联电路电压、电流特点和欧姆定律的应用。
8.【答案】A
【解析】解：由电路图可知，R与R0串联，电压表测滑片上方电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流。
因电压表的内阻很大、在电路中相当于断路，
所以，滑片移动时，R接入电路中的电阻不变，电路中的总电阻不变，
由I=UR可知，电路中的电流不变，即电流表的读数不变，故BCD错误；
将秤盘上增加重物后，滑片下移，滑片上方电阻丝的长度变大，滑片上方电阻丝的阻值变大，
由U=IR可知，电压表所测电阻丝两端的电压变大，即电压表的示数变大，故A正确。
故选：A。
根据电压表的内阻很大、在电路中相当于断路可知滑片移动时接入电路中的电阻不变，电路图中电压表测滑片上方电阻丝两端的电压，电流表测电路中的电流，据此根据欧姆定律可知电路中电流的变化，根据滑片的移动可知电压表所测部分电阻丝的阻值变化，根据欧姆定律可知电压表示数的变化。
本题考查了电路的动态分析，根据电压表内阻的特点判断出滑片移动时接入电路中的电阻不变、但电压表所测部分电阻丝的阻值变化是关键。
9.【答案】D
【解析】解：
电磁炉工作6min消耗的电能：
W=400r2000r/(kW⋅h)kW⋅h=0.2kW⋅h；
电磁炉的功率：
P=Wt=0.2kW⋅h6×160h=2kW=2000W。
故选：D。
由电能表铭牌“2000r/kW⋅h”可知，每消耗1kW⋅h的电能，电能表转盘转过2000转。据此求出电磁炉工作6min消耗的电能，然后由电功率公式求出电磁炉的功率。
本题考查了使用电能表时用电器消耗电能和电功率的计算，知道电能表相关参数的含义是正确解题的前提与关键，计算时要注意单位换算。
10.【答案】C
【解析】解：A、已知小灯泡恰好正常工作，灯泡两端的电压等于额定电压，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以灯泡两端的电压：UL=U-UR=12V-3V=9V；
由串联电路的电流特点和P=UI知，电路中的电流等于灯泡的电流I=PUL=3W9V=13A≈0.33A；故A错误；
B、串联电路中的电流I=IL=13A，
由欧姆定律可得定值电阻R的阻值：
R=URI=3V13A=9Ω；故B错误；
C、小灯泡恰好正常工作，由欧姆定律可得
灯泡的电阻RL=ULI=9V13A=27Ω；故C正确；
D、由W=UIt知，小灯泡和定值电阻R串联，电流和通电时间相等，消耗的电能之比：WL：WR=ULILt：URIRt=UL：UR=9V：3V=3：1；故D错误。
故选：C。
(1)灯泡和电阻串联，小灯泡恰好正常工作，根据串联电压规律知灯泡两端的电压，此时灯泡两端的电压等于额定电压，根据P=UI计算电路中的电流，
(2)(3)利用串联电流规律和欧姆定律计算灯泡的电阻与和电阻R的阻值；
(4)根据W=UIt计算10s内，小灯泡和定值电阻R消耗的电能之比。
本题考查了串联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，关键要知道灯泡正常发光时的电压等于其额定电压。
11.【答案】温度 引力 斥力
【解析】解：“花气袭人知骤暖”是说当花香浓郁的时候，说明气温变暖了，其中隐含的物理知识为：分子的无规则运动程度与温度有关；
荷叶上两滴滚动的水珠相遇时，会汇合变成一滴较大的水滴，这说明分子间存在引力；
一般情况下，固体很难被压缩，这是由于固体分子间存在斥力。
故答案为：温度；引力；斥力。
物质是由分子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，温度越高，分子的无规则运动越剧烈，分子间存在相互作用的引力与斥力。
本题考查了运用分子动理论的知识来解释生活中的现象，属基础知识，难度不大。
12.【答案】用电器 3 U 由负极到正极
【解析】解：(1)充电时电能转化为化学能，蓄电池相当于用电器；
(2)从正在发光的手电筒中取下其中的一颗灯珠，发现另外两颗灯珠不发光，根据串联时用电器的通断相互影响，并联时用电器的通断互不影响，知灯珠之间串联，每颗灯珠的电压都为U，根据串联电路电压特点知电源电压为3U；
(3)在电源外部，电流从正极流向负极，电子定向移动方向与电流方向相反，故导线中电子从负极到正极做定向移动。
故答案为：用电器；3U；由负极到正极。
(1)充电时蓄电池相当于用电器；
(2)串联时用电器的通断相互影响，并联时用电器的通断互不影响；
(3)在电源外部，电流从正极流向负极，电子定向移动方向与电流方向相反。
本题考查蓄电池在充电时的作用、串并联电路的识别、串联电路电压的关系和电子定向移动方向与电流方向的关系，是一道基础题。
13.【答案】热值 不变 比热容
【解析】解：(1)由于液态氢的热值较大，因此运载火箭中，采用液态氢作燃料；
(2)热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度无关；液氢燃烧不完全时，液氢的热值不变；
(3)水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多，所以常用来做冷却剂。
故答案为：热值；不变；比热容。
完全燃烧相同质量的不同燃料，燃料的热值越大，放出的热量越多；
热值是燃料的一种特性，只与燃料的种类有关，与燃料的质量、燃烧程度无关；
水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取暖剂等。
本题考查了对热值特性、比热容特性的理解，属于基础题目。
14.【答案】并 电热驱蚊器 2420
【解析】解：家庭电路中各用电器之间可以单独工作，互不影响，电视机、电风扇、电热驱蚊器等与其它家用电器是并联的；
电视机工作时，主要把电能转化为光能与声能；
电风扇工作时主要把电能转化为机械能；
电流流过电热驱蚊器时，它们要发热，它们是利用电流的热效应工作的；
通电50s产生的热量：Q=W=U2Rt=(220V)21000Ω×50s=2420J。
故答案为：并；电热驱蚊器；2420。
(1)家庭电路中用电器之间是并联的；
(2)电流通过导体时向外放出热量的现象叫做电流的热效应；
(3)根据Q=W=U2Rt求出产生的热量。
此题主要考查的是学生对家庭电路的连接、电热的理解和掌握，难度不是很大。
15.【答案】小于 10 2：1
【解析】解：(1)根据图像可知，当电压U=2V时，I甲=0.2A，I乙=0.1A，
由欧姆定律可得：R甲=UI甲=2V0.2A=10Ω，R乙=UI乙=2V0.1A=20Ω，则R甲
(3)并联电路各支路两端电压相等，根据欧姆定律可得将导体甲和乙并联在电路中，通过它们的电流之比I甲：I乙=R乙：R甲=20Ω：10Ω=2：1。
故答案为：小于；10；2：1。
(1)读出甲、乙的一组电压、电流数据，根据欧姆定律分别求出电阻的大小，然后即可比较大小；
(2)电阻是导体本身的性质，由导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与外加的电压、电流值无关；
(3)根据并联电路电压特点结合欧姆定律计算将导体甲和乙并联在电路中，通过它们的电流之比。
本题利用图象考查欧姆定律的应用和对电阻的认识、并联电路特点，有关图象问题一定先明确图象中的坐标各表示什么物理量，从图象中找到有用的信息。
16.【答案】12 20 12
【解析】解：只闭合S时，电路为灯泡L的简单电路，电流表测电路中的电流，
由图像可知，当UL=12V、IL=0.4A时，灯泡的实际功率：PL=ULIL=12V×0.4A=4.8W，
则电源的电压U=UL=12V，
再闭合S1后，R与L并联，电流表测干路电流，
因并联电路中各支路独立工作、互不影响，
所以，通过灯泡的电流不变，
电流表增加的电流等于通过R的电流：IR=0.6A；
因并联电路中各支路两端的电压相等，
所以，由I=UR可得，R的阻值：R=UIR=12V0.6A=20Ω。
因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，
干路中的电流：I=IL+IR=0.4A+0.6A=1A；
电路消耗的总功率：P=UI=12V×1A=12W；
故答案为：12；20；12。
(1)只闭合开关S时，电路为L的简单电路，电流表测电路中的电流，根据图像读出灯泡的实际功率为4.8W时的电压和电流，根据灯泡的电压可知电源的电压；
(2)再闭合S1后，电阻和灯泡并联，电流表测量干路电流，根据通过灯的电流不变和并联电路电流规律可求出通过R的电流，再根据欧姆定律求出电阻R的阻值；求出干路中的电流，根据P=UI求出电路消耗的总功率。
本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是根据图像读出灯泡功率为4.8W时的电流和电压值。
17.【答案】解：探究电流产生的热量与电流大小的关系时采用的是控制变量法，实验中控制通电时间和电阻大小相同，电流大小不同，所以右侧两个电阻并联后再与左侧的电阻串联，这样会使得通过两个容器内电阻的电流大小是不同的，如图所示：
【解析】探究电流产生的热量与电流大小的关系时，需要控制通电时间相同，电阻大小相同，电流大小不同，据此分析。
本题考查了实物电路的连接，属于基础题。
18.【答案】解：电能表是测量整个家庭电路消耗电能多少的仪表，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关(空气开关)的前面。家庭电路的连接要按照进户线→电能表→总空气开关及漏电保护开关→用电器的安装顺序；因此上面的右边框内是D空气开关，左边是C电能表，电灯的控制开关和灯泡串联，并且开关与火线相连；故下面左边框内是电灯A，右边是控制开关B；如图所示
【解析】电灯接线操作的基本要求是：火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头。
电能表是测量家庭电路消耗电能多少的仪表，也防止一些人偷电，一定安装在家庭电路的最前端，并且在总开关的前面。
家庭电路的连接要按照进户线→电能表→总空气开关及漏电保护开关→用电器的安装顺序；
掌握家庭电路的各元件的作用和安装位置，使各元件正常使用，并且保证使用的安全性。
19.【答案】负 异种电荷相互吸引 加热时间 导体材料
【解析】解：
(1)用毛皮摩擦过的橡胶棒得到电子而带负电，用丝绸摩擦过的玻璃棒失去电子而带正电；
图甲中用丝绸摩擦过的玻璃棒与用毛皮摩擦过的橡胶棒之间是相互吸引，说明玻璃棒和橡胶棒带异种电荷，异种电荷相互吸引；
(2)图乙中用相同的酒精灯加热相同的时间，酒精灯放出的热量是相等的，水和煤油吸收的热量也是相等的，所以水和煤油吸热的多少是通过加热时间来反映的；
(3)只有一根电阻丝，探究电阻与长度的关系时，可以改变电阻丝接入电路中的长度；探究电阻与横截面积的关系时，可以先将电阻丝的一半接入电路，然后将电阻丝对折后接入电路，控制了长度和材料都不变，改变了横截面积；由于只有一根电阻丝，无法改变电阻丝的材料，所以该装置不能探究导体材料对电阻大小的影响。
故答案为：(1)负；异种电荷相互吸引；(2)加热时间；(3)导体材料。
(1)用丝绸摩擦过的玻璃棒带正电，用毛皮摩擦过的橡胶棒带负电；同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；
(2)相同的热源在相同时间内放出的热量相等，加热时间越长，说明被加热的液体吸收热量越多，因此液体吸收热量的多少可以用加热时间的长短来反映；
(3)根据控制变量法可知，研究电阻大小与某一个因素的关系时，应保持其它因素不变，只改变这一个因素，据此分析解答即可。
本题考查了摩擦起电和电荷间的相互作用规律、比较物质吸热能力的实验以及探究影响电阻大小因素的实验，题目较综合，但难度一般。
20.【答案】重力势 使金属球在斜面底端具有相同的速度 金属球推动小木块向前移动的距离s 乙、丙 控制变量法
【解析】解：(1)金属球从斜面滚下过程中，质量不变，高度减小，故重力势能减小，同时速度变大，动能增加，所以是将重力势能转化为动能的过程；
金属球由斜面同一高度静止滚下是为了使金属球在斜面底端具有相同的速度相同；
(2)实验中超载、超速带来的危害程度通过动能大小体现，也就是金属球推动小木块向前移动的距离s，这用到了转换法；
(3)探究超载带来的危害时，应控制速度一定，改变质量，选择乙、丙进行比较；
(4)由以上的分析知，本实验应用了控制变量法和转换法。
故答案为：(1)重力势；使金属球在斜面底端具有相同的速度；(2)金属球推动小木块向前移动的距离s；(3)乙、丙；(4)控制变量法。
(1)动能的大小与物体的质量、速度有关；重力势能的大小与物体的质量、高度有关；观察木块被撞击后移动的距离来判断小球动能的大小，用到了转换法；
(2)动能大小通过木块移动距离表示；
(3)(4)影响物体动能大小的因素有质量和速度，根据控制变量法分析乙、丙、丁三图的实验现象得到结论，据此解答。
本题是探究物体动能的大小与哪些因素有关的实验，考查了转换法、控制变量法在实验中的应用，这些都是此实验中常考查的内容。
21.【答案】右 短路 0.52通过导体的电流与导体两端的电压成正比 2 V 通过导体的电流与导体的电阻成反比
【解析】解：(1)①为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处，即最右端；
②闭合开关S后，移动滑片时发现电流表有示数且不断变化，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路，即电路故障可能是定值电阻R发生了短路；
③测第5组数据时，电压表的示数为2.6V，电流表的示数如图乙所示，电流表选用小量程，分度值0.02A，其示数为0.52A；
④由表中数据可知，当电阻两端电压增大为原来的几倍，通过电阻的电流也增大为原来的几倍，故可得出结论：在电阻一定时，通过导体的电流与导体两端的电压成正比；
(2)①研究电流与电阻的关系，要控制电压表示数不变，滑动变阻器与定值电阻串联，设电压表示数为UV，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器分得的电压：
U滑=U总-UV=3V-UV，
根据分压原理有：
U滑UV=R滑R，即3V-UVUV=R滑R------①，
因电压表示数UV为定值，由①式知，方程左边为一定值，故右边也为一定值，故当定值电阻取最大时，滑动变阻器连入电路中的电阻最大，由①式得：
3V-UVUV=20Ω20Ω，
解得电压表的示数：UV=1.5V，即为完成实验，电压表的最小电压为1.5V，故小明应控制定值电阻两端电压为2V不变；
②由实验数据绘制出I-R图像如图丙所知，电阻越大，电流越小，故在导体两端电压一定时，通过导体的电流与导体的电阻成反比。
故答案为：(1)①右；②短路；③0.52；④通过导体的电流与导体两端的电压成正比；(2)①2V；②通过导体的电流与导体的电阻成反比。
(1)①为了保护电路，闭合开关前，应将滑动变阻器的滑片移至阻值最大处；
②闭合开关S后，移动滑片时发现电流表有示数且不断变化，说明电路是通路；电压表无示数，说明电压表并联的电路短路或电压表短路或电压表断路；
③根据电流表选用的量程确定分度值读数；
④根据表中数据分析回答；
(2)①当将定值电阻换上较大的电阻时，如果控制电压表示数较小，根据串联电路电压的规律，滑动变阻器就要分去更多的电压，由分压原理，滑动变阻器连入电路中的阻值将要求更大，而题中滑动变阻器的最大电阻为20Ω，根据串联电路电压的规律得出滑动变阻器分得的电压，根据分压原理表达式讨论，当用最大电阻20Ω电阻进行实验时，滑动变阻器连入电路中的电阻应最大，由此得出控制电压表的最小电压；
②根据实验数据绘制出I-R图像分析得出结论。
本题探究电流与电压、电阻的关系实验，考查了注意事项、电路故障、电流表读数、数据分析、控制变量法和欧姆定律的应用等知识。
22.【答案】断开 将滑动变阻器下端两接线柱接入电路 1.9左 2.5U1×U2-U1R0
【解析】解：(1)为了保护电路，开关应断开；实验中灯泡不亮，电压表、电流表示数分别为0.4V、0.08A，说明电路是通路且电路中电流较小，变阻器接入电路的阻值较大；移动滑动变阻器的滑片，两表示数均不变，说明变阻器没有起到改变电路中电阻的作用，故电路存在的问题可能是将滑动变阻器下端两接线柱接入电路；
(2)正确连接电路后进行实验，此时电压表如图乙所示，电压表选用小量程，分度值0.1V，其示数为1.9V，小于灯泡额定电压2.5V；要测出小灯泡的额定功率，故应增大灯泡两端电压，根据串联电路电压规律，应减小变阻器两端的电压，根据分压原理，应减小变阻器接入电路的阻值，故滑片应向左端移动；
(4)实验步骤：
①连接好电路，闭合开关S，将开关S1拨到触点A，移动滑片，使电压表的示数U1为2.5V；
②保持滑片的位置不动，再将开关S1拨到另一触点，读出电压表的示数U2；
③在①中，灯泡、定值电阻和变阻器串联在电路中，电压表测灯泡两端的电压，移动滑片，当电压表的示数U1为2.5V时，灯泡正常发光；
在②中，灯泡、定值电阻和变阻器串联在电路中，电压表测灯泡和定值电阻两端的总电压，保持滑片的位置不动，由于电路中电阻没有改变，电路中电流没有改变，此时灯泡仍正常发光，根据串联电路电压规律，定值电阻两端的电压为U0=U2-U1，由于串联电路中电流处处相等，即小灯泡的额定电流：
I1=I0=U2-U1R0，
小灯泡的额定功率：
P=U1I1=U1×U2-U1R0。
故答案为：(1)断开；将滑动变阻器下端两接线柱接入电路；(2)1.9；左；(3)①2.5；③U1×U2-U1R0。
(1)为了保护电路，开关应断开；实验中灯泡不亮，电压表、电流表示数分别为0.4V、0.08A，说明电路是通路且电路中电流较小，变阻器接入电路的阻值较大；移动滑动变阻器的滑片，两表示数均不变，说明变阻器没有起到改变电路中电阻的作用，据此分析；
(2)根据电压表选用量程确定分度值读数；比较电压表示数与灯泡额定电压大小，根据串联电路电压规律和分压原理确定变阻器滑片移动方向；
(3)在没有电流表的情况下，利用定值电阻和电压表代替电流表与灯泡串联，首先使灯泡两端的电压等于2.5V，然后测出此时定值电阻两端的电压，根据欧姆定律求出电路中的电流，根据P=UI计算出灯泡的额定电功率。
本题测量小灯泡功率，考查了注意事项、电路故障、电压表读数、实验操作及设计方案测额定功率的能力。
23.【答案】解：(1)水吸收的热量为：Q吸=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×15kg×(60℃-20℃)=2.52×106J；
(2)0.126m3天然气完全燃烧放出的热量为：Q放=Vq=0.126m3×4×107J/m3=5.04×106J；
该燃气热水器的加热效率为：η燃=Q吸Q放×100%=2.52×106J5.04×106J×100%=50%；
(3)电热水器的加热效率为84%，由η电=Q吸W电×100%可知，需在消耗的电能为：
W电=Q吸η电=2.52×106J84%=3.0×106J；
需要加热的时间为：t=W电P=3.0×106J2500W=1200s。
答：(1)水吸收的热量为2.52×106J；
(2)该燃气热水器的加热效率为50%；
(3)若使用电热热水器，使15kg、20℃的水温度升高至60℃，需要正常加热的时间为1200s。
【解析】(1)根据Q吸=c水mΔt求出水吸收的热量；
(2)根据Q放=Vq求出0.126m3天然气完全燃烧放出的热量，根据η燃=Q吸Q放×100%求出该燃气热水器的加热效率；
(3)根据η电=Q吸W电×100%求出电热水器加热时需要消耗的电能，根据W=Pt求出需要加热的时间。
本题考查了吸热公式、燃料完全燃烧放热公式、电功公式以及效率公式的应用，要求掌握公式的正确应用。
24.【答案】S 2
【解析】解：(1)由图甲知当开关S闭合，S1断开时，电路仅R1接入电路，再闭合S1，R1和R2并联，电路总电阻变小，总电流增大，由P=UI知电功率增大，故仅S闭合时电饭锅处于保温状态，S和S1都闭合时，电饭锅处于加热状态，由图乙知10∼15min功率小，电饭锅处于保温状态，开关S闭合，由图乙知P保温=440W，由P=UI知440W=220V×I保温，解得I保温=2A。
(2)由图乙知P加热=1320W，加热和保温时间均为15分钟，电饭锅在30min内消耗的电能W=P加热t1+P保温t2=1320W×15×60s+440W×15×60s=1.584×10⁶J。
(3)只闭合S时，只有R1接入电路，为保温状态，则电热丝R1的阻值为
R1=UI保温=220V2A=110Ω；
S、S1同时闭合，R1与R2并联，电饭锅为加热状态，此时R2的电功率为P2=P加热-P保温=1320W-440W=880W；
R2的阻值为 R2=U2P2=(220V)2880W=55Ω；
答：(1)10∼15min内开关S闭合，电饭锅中的电流为2A；
(2)本次煮饭中电饭锅在30min内消耗的电能为1.584×10⁶J；(3)电热丝R1的阻值为110Ω、R2的阻值为55Ω。
由图甲知当开关S闭合，S1断开时，电路仅R1接入电路，再闭合S1，R1和R2并联，电路总电阻变小，总电流增大，由P=UI知电功率增大，故仅S闭合时电饭锅处于保温状态，S和S1都闭合时，电饭锅处于加热状态，由图乙知保温功率、加热功率和30min内保温和加热各用的时间，由P=UI可得到保温时电路中的电流，由W=Pt可得到本次煮饭中电饭锅在30min内消耗的电能，由欧姆定律可得到R1的阻值，用加热功率减去保温功率得到电阻R2的功率，由公式 R=U2P得到R2的阻值。
本题要掌握开关处于不同状态时电路的连接方式，熟练运用欧姆定律、电功和电功率公式解题。实验次数
1
2
3
4
5
电压U/V
1.0
1.4
2.0
2.4
2.6
电流I/A
0.20
0.28
0.40
0.48
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