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    2022-2023学年贵州省毕节市高一下学期期末联考数学试题含答案

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    这是一份2022-2023学年贵州省毕节市高一下学期期末联考数学试题含答案,共15页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,双空题,解答题等内容,欢迎下载使用。

    2022-2023学年贵州省毕节市高一下学期期末联考数学试题

     

    一、单选题

    1.设集合,则的取值集合为(    

    A B C D

    【答案】B

    【分析】由题意知,由集合交集定义可解.

    【详解】由题意知,所以,或

    时,得,不符合题意;

    时,得,或

    ,不符合题意,时,,符合题意.

    故选:B

    2.复数满足,则的共轭复数的虚部是(    

    A1 B C D

    【答案】A

    【分析】先求复数,可得其共轭复数的虚部.

    【详解】

    ,其虚部为

    故选:A

    3是定义在上的偶函数,且,则下列各式一定成立的是(    

    A B

    C D

    【答案】C

    【分析】利用偶函数的性质和对各选项中的不等式逐项判断,可得出合适的选项.

    【详解】由于函数是定义在上的偶函数,且.

    对于A选项,的大小无法判断;

    对于B选项,的大小无法判断;

    对于C选项,,该不等式成立;

    对于D选项,的大小无法判断.

    故选:C.

    4.在一次篮球比赛中,某支球队共进行了8场比赛,得分分别为,那么这组数据的第75百分位数为(    

    A38 B39 C40 D41

    【答案】B

    【分析】根据百分位数的定义求解即可

    【详解】8场比赛的得分从小到大排列为:2529303237384042

    因为,所以第75百分位数为

    故选:B

    5.长方体的所有顶点都在一个球面上,长高分别为,那么这个球体的体积为(    

    A B C D

    【答案】D

    【分析】根据长方体特征求出外接球半径,结合球体的体积公式求解答案.

    【详解】长方体的体对角线长,即外接球的直径长为

    所以外接球半径为

    所以这个球体的体积.

    故选:D

    6.已知是两个平面,是两条直线,则下列命题中正确的是(    

    A.若,则

    B.若,则

    C.若,则

    D.若,则

    【答案】C

    【分析】根据直线与平面相关知识逐一判断即可.

    【详解】对于A,若,则,故A错误;

    对于B,若,则相交,故B错误;

    对于C,若,则,故C正确;

    对于D,若,则相交,故D错误.

    故选:C

    7.已知向量,若,则    

    A B C D

    【答案】D

    【分析】根据求得,再结合向量夹角的坐标公式求解答案.

    【详解】因为

    所以

    又因为,所以,解得

    ,所以

    所以.

    故选:D

    8.设,则的(    

    A.充分不必要条件 B.必要不充分条件

    C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件

    【答案】A

    【分析】根据题意,求“”成立时的范围,由此结合充分必要条件的定义分析可得答案.

    【详解】根据题意,若,即

    变形可得:

    又由,则

    若“”,则,必有

    反之,若,即,不一定有“”,

    故“”是“”的充分不必要条件.

    故选:A

     

    二、多选题

    9.已知函数,若,则的值可以为(    

    A B3 C7 D8

    【答案】AD

    【分析】两种情况求解

    【详解】时,由,得,解得(舍去),

    时,由,得,解得

    综上

    故选:AD

    10.如图,一块半径为4的圆形铁片上有3块阴影部分,将这些阴影部分裁下来,然后用余下的正三角形沿虚线加工成一个正三棱锥,则该正三棱锥的(    

      

    A.表面积为 B.表面积为

    C.体积为 D.体积为

    【答案】AC

    【分析】根据正弦定理得到正三棱锥的棱长,结合正三棱锥表面积和体积公式求解即可.

    【详解】中,由正弦定理得,

    该正三棱锥表面积即的面积,为,故A正确,B错误.

    如下图所示,记中点分别为重合于点,

    则正三棱锥的棱长为

    点作平面,连接

        

    则在中,由正弦定理得,则

    所以

    所以该正三棱锥体积为,故C正确,D错误.

    故选:AC

    11.在等腰直角中,的中点,若点为线段的三等分点,则的值可能为(    

    A1 B2 C D

    【答案】BD

    【分析】根据题意建立平面直角坐标系,分类讨论可能的情况,结合向量数量积的坐标运算公式求解答案.

    【详解】在等腰直角中,,则

    如下图所示,以为坐标原点,方向为轴正方向,建立平面直角坐标系,

      

    为线段靠近的三等分点,则

    此时,则

    为线段靠近的三等分点,则

    此时,则.

    所以的值可能为2.

    故选:BD

    12.已知函数,若,且,则(    

    A B C D

    【答案】BCD

    【分析】由已知结合对数函数的性质及对数的运算性质可得,代入整理可求结论.

    【详解】因为

    ,即

    所以,故B正确;

    (当且仅当时取等号),但,即等号不成立,故A不正确;

    ,当且仅当时等号成立,故C正确;

    ,当且仅当时等号成立,此时,不符合题意,

    ,令,任取

    所以由于,所以,所以,则

    为增函数,

    所以可得,故D正确.

    故选:BCD

     

    三、填空题

    13.已知函数,则          .

    【答案】/2.5

    【分析】根据已知以及对数的运算性质计算求解.

    【详解】因为,所以.

    故答案为:.

    14.已知,则的最大值为          .

    【答案】

    【分析】根据已知,利用基本不等式求解即可.

    【详解】因为

    所以

    当且仅当,即时,取等号,

    所以.

    故答案为:.

     

    四、双空题

    15.某地202214月降水量的均值、方差分别为512月降水量的均值、方差分别为,则该地2022年全年降水量的均值为          ,方差为          .

    【答案】     80     39

    【分析】根据分层抽样均值方差公式可得.

    【详解】均值:

    方差:

    故答案为:8039

     

    五、填空题

    16.筒车是我国古代发明的一种水利灌溉工具,因其经济又环保,至今还在农业生产中得到应用.假定在水流稳定的情况下,筒车上的每一个盛水筒都做匀速圆周运动.如图,将筒车抽象为一个几何图形(圆),筒车半径为,筒车转轮的中心到水面的距离为,筒车每分钟沿逆时针方向转动3.规定:盛水筒对应的点从水中浮现(即时的位置)时开始计算时间,且以水轮的圆心为坐标原点,过点的水平直线为轴建立平面直角坐标系.设盛水筒从点运动到点时所经过的时间为(单位:),且此时点距离水面的高度为(单位:)(在水面下则为负数),则与时间之间的关系为.

    第一次到达最高点需要的时间为

    在转动的一个周期内,点在水中的时间是

    上的值域为,则的取值范围是

    其中所有正确结论的序号是          .

    【答案】①④

    【分析】根据三角函数基本量求解方法,结合题意即可判断;根据旋转角度即可判断;根据三角函数图像,结合整体代换的方法即可判断④.

    【详解】对于,因为筒车半径为,筒车转轮的中心到水面的距离为

    所以点距离水面的高度的最值为,所以

    因为筒车每分钟60s沿逆时针方向转动3圈,所以

    因为,所以

    又因为,所以,故正确;

    对于,由已知得,轴正方向的夹角为

    所以点第一次到达最高点需要转动,则所需时间为,故错误;

    对于,在转动的一个周期内,点在水中转动

    则所需要的时间是,故错误;

    对于,若上的值域为

    上的值域为

    因为,所以

    所以,则,故正确.

    故答案为:①④

    【点睛】关键点点睛:本题考查三角函数的实际应用问题.关键点在于研究图形特点,通过数据转化为三角函数解析式的基本量,进而求解三角函数解析式,从而求解答案.

     

    六、解答题

    17.已知函数.

    (1)的值;

    (2),求的值.

    【答案】(1)0

    (2)

     

    【分析】1)根据正弦和角公式、正弦二倍角公式、余弦和角公式化简函数,再代入求值;

    2)根据题意得到,结合范围求解即可.

    【详解】1)由题意得,

    所以

    2)因为,所以

    因为,所以

    所以,即

    18.某市政府为了鼓励居民节约用电,计划在本市试行居民生活用电定额管理,即确定一个合理的居民用电量标准(单位:),月用电量不超过的部分按平价收费,超出的部分按议价收费.为了了解全市居民用电量分布情况,通过抽样,获得了100位居民某年的月均用电量(单位:),将数据按照分成7组,制成了如图所示的频率分布直方图.

    (1)求频率分布直方图中的值;

    (2)已知该市有60万居民,估计全市居民中月均用电量不低于的人数,并说明理由;

    (3)若该市政府希望使的居民每月的用电量不超过标准,估计的值,并说明理由.

    【答案】(1)

    (2)22.2万人,理由见解析

    (3),理由见解析

     

    【分析】1)利用频率分布直方图中所有矩形的面积和为1,计算求解即可.

    2)根据已知,结合频率分布直方图,利用总数乘以频率计算.

    3)根据已知,结合频率分布直方图,计算分位数.

    【详解】1)由题意有

    解得.

    2)由题意知,用电量不低于的频率为

    估计人数为万人

    35组的频率和为

    6组的频率和为

    解得.

    19.已知中,内角所对的边分别为,且.

    (1)的值;

    (2),求面积的最大值.

    【答案】(1)

    (2)

     

    【分析】1)利用正弦定理和三角恒等变换得到,从而得到

    2)根据余弦定理和基本不等式得到,再利用面积公式可得到面积的最大值.

    【详解】1)由及正弦定理得

    ,则,即

    2)由

    (当且仅当时等号成立),

    的面积

    的最大值为.

    20.如图,在四棱锥中,底面为矩形,且,侧面是等腰三角形,且,侧面底面.

      

    (1)求证:平面

    (2)求侧面与底面所成二面角的正弦值.

    【答案】(1)证明见解析

    (2)

     

    【分析】1)根据已知以及勾股定理、面面垂直的性质定理,利用线面垂直的判定定理进行证明.

    2)根据已知,证明为侧面与底面所成二面角的平面角,再利用三角形的性质计算求解.

    【详解】1)证明:在中,

    侧面底面

    侧面底面平面

    平面,又平面

    ,又平面

    平面.

    2  

    解:取的中点为,连接

    ,所以

    侧面底面,侧面底面

    平面

    平面

    过点,垂足为,连接,又平面

    平面,又平面平面

    为侧面与底面所成二面角的平面角,

    在直角中,

    即侧面与底面所成二面角的正弦值为.

    21.已知函数.

    (1)求函数的定义域;

    (2)判断函数的奇偶性并证明;

    (3)求证:.

    【答案】(1)

    (2)为偶函数,证明见解析

    (3)证明见解析

     

    【分析】1)由可求出函数的定义域;

    2)根据函数奇偶性的定义证明即可;

    2)根据偶函数的性质和指数函数的性质证明.

    【详解】1)由,解得

    所以函数的定义域为.

    2为偶函数,证明如下:

    因为

    所以为偶函数.

    3)证明:因为

    所以当时,

    所以

    时,由为偶函数,所以

    综上,.

    22.某地区上年度水价为3.8/吨,年用水量为吨,本年度计划将水价下降到3.55/吨至3.75/吨之间,而用户期望水价为3.4/.经测算,下调水价后新增用水量和实际水价与用户的期望水价的差成反比(比例系数为.该地区的用水成本价为3.3/.

    (1)写出本年度水价下调后水务部门的收益(单位:元)关于实际水价(单位:元/吨)的函数解析式;(收益实际水量(实际水价成本价))

    (2),当水价最低定为多少时,仍可保证水务部门的收益比上年至少增长

    【答案】(1)

    (2)3.6/

     

    【分析】1)由题意分析得到实际水量为进而求解即可;

    2)表示出本年度最低收益为,列出不等式进行求解即可.

    【详解】1)由题意知,新增水量为:

    所以实际水量为:

    所以收益为

    2)上年收益为:

    所以本年度最低收益:

    由题意得:,且

    整理得解得

    又因为,所以

    答:当水价最低定为3.6/吨时,仍可保证水务部门的收益比上年至少增长.

     

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