2022-2023学年贵州省毕节市高一下学期期末联考数学试题含答案
展开2022-2023学年贵州省毕节市高一下学期期末联考数学试题
一、单选题
1.设集合且,则的取值集合为( )
A. B. C. D.
【答案】B
【分析】由题意知,由集合交集定义可解.
【详解】由题意知,所以,或,
当时,得,不符合题意;
当时,得,或,
当,不符合题意,时,,符合题意.
故选:B
2.复数满足,则的共轭复数的虚部是( )
A.1 B. C. D.
【答案】A
【分析】先求复数,可得其共轭复数的虚部.
【详解】由得,
故,其虚部为,
故选:A
3.是定义在上的偶函数,且,则下列各式一定成立的是( )
A. B.
C. D.
【答案】C
【分析】利用偶函数的性质和对各选项中的不等式逐项判断,可得出合适的选项.
【详解】由于函数是定义在上的偶函数,且.
对于A选项,与的大小无法判断;
对于B选项,与的大小无法判断;
对于C选项,,该不等式成立;
对于D选项,与的大小无法判断.
故选:C.
4.在一次篮球比赛中,某支球队共进行了8场比赛,得分分别为,那么这组数据的第75百分位数为( )
A.38 B.39 C.40 D.41
【答案】B
【分析】根据百分位数的定义求解即可
【详解】8场比赛的得分从小到大排列为:25,29,30,32,37,38,40,42,
因为,所以第75百分位数为,
故选:B
5.长方体的所有顶点都在一个球面上,长、宽、高分别为,那么这个球体的体积为( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】根据长方体特征求出外接球半径,结合球体的体积公式求解答案.
【详解】长方体的体对角线长,即外接球的直径长为,
所以外接球半径为,
所以这个球体的体积.
故选:D
6.已知是两个平面,是两条直线,则下列命题中正确的是( )
A.若,则
B.若,则
C.若,则
D.若,则
【答案】C
【分析】根据直线与平面相关知识逐一判断即可.
【详解】对于A,若,则或,故A错误;
对于B,若,则或或与相交,故B错误;
对于C,若,则,故C正确;
对于D,若,则或或与相交,故D错误.
故选:C
7.已知向量,若,则( )
A. B. C. D.
【答案】D
【分析】根据求得,再结合向量夹角的坐标公式求解答案.
【详解】因为,
所以,
又因为,所以,解得,
则,所以,
所以.
故选:D
8.设,则“”是“”的( )
A.充分不必要条件 B.必要不充分条件
C.充分必要条件 D.既不充分也不必要条件
【答案】A
【分析】根据题意,求“”成立时的范围,由此结合充分必要条件的定义分析可得答案.
【详解】根据题意,若,即,
变形可得:或,
又由,则或,
若“,”,则,必有;
反之,若,即或,不一定有“,”,
故“,”是“”的充分不必要条件.
故选:A.
二、多选题
9.已知函数,若,则的值可以为( )
A. B.3 C.7 D.8
【答案】AD
【分析】分和两种情况求解
【详解】当时,由,得,解得或(舍去),
当时,由,得,解得,
综上或,
故选:AD
10.如图,一块半径为4的圆形铁片上有3块阴影部分,将这些阴影部分裁下来,然后用余下的正三角形沿虚线加工成一个正三棱锥,则该正三棱锥的( )
A.表面积为 B.表面积为
C.体积为 D.体积为
【答案】AC
【分析】根据正弦定理得到正三棱锥的棱长,结合正三棱锥表面积和体积公式求解即可.
【详解】在中,由正弦定理得,,
该正三棱锥表面积即的面积,为,故A正确,B错误.
如下图所示,记中点分别为,重合于点,
则正三棱锥的棱长为,,
过点作平面,连接,
则在中,由正弦定理得,则,
所以,
所以该正三棱锥体积为,故C正确,D错误.
故选:AC
11.在等腰直角中,,是的中点,若点为线段的三等分点,则的值可能为( )
A.1 B.2 C. D.
【答案】BD
【分析】根据题意建立平面直角坐标系,分类讨论可能的情况,结合向量数量积的坐标运算公式求解答案.
【详解】在等腰直角中,,则,
如下图所示,以为坐标原点,方向为轴正方向,建立平面直角坐标系,
则,
①为线段靠近的三等分点,则,
此时,,则;
②为线段靠近的三等分点,则,
此时,,则.
所以的值可能为2或.
故选:BD
12.已知函数,若,且,则( )
A. B. C. D.
【答案】BCD
【分析】由已知结合对数函数的性质及对数的运算性质可得,代入整理可求结论.
【详解】因为,
若,
则,即,
所以,故B正确;
(当且仅当时取等号),但,即等号不成立,故A不正确;
,当且仅当时等号成立,故C正确;
,当且仅当时等号成立,此时,不符合题意,
由,令,任取,
所以由于,所以,所以,则,
在上为增函数,
所以,可得,故D正确.
故选:BCD.
三、填空题
13.已知函数,则 .
【答案】/2.5
【分析】根据已知以及对数的运算性质计算求解.
【详解】因为,所以.
故答案为:.
14.已知,则的最大值为 .
【答案】
【分析】根据已知,利用基本不等式求解即可.
【详解】因为,,
所以,
当且仅当,即时,取等号,
所以.
故答案为:.
四、双空题
15.某地2022年1至4月降水量的均值、方差分别为5至12月降水量的均值、方差分别为,则该地2022年全年降水量的均值为 ,方差为 .
【答案】 80 39
【分析】根据分层抽样均值方差公式可得.
【详解】均值:,
方差:
故答案为:80;39
五、填空题
16.筒车是我国古代发明的一种水利灌溉工具,因其经济又环保,至今还在农业生产中得到应用.假定在水流稳定的情况下,筒车上的每一个盛水筒都做匀速圆周运动.如图,将筒车抽象为一个几何图形(圆),筒车半径为,筒车转轮的中心到水面的距离为,筒车每分钟沿逆时针方向转动3圈.规定:盛水筒对应的点从水中浮现(即时的位置)时开始计算时间,且以水轮的圆心为坐标原点,过点的水平直线为轴建立平面直角坐标系.设盛水筒从点运动到点时所经过的时间为(单位:),且此时点距离水面的高度为(单位:)(在水面下则为负数),则与时间之间的关系为.
①;
②点第一次到达最高点需要的时间为;
③在转动的一个周期内,点在水中的时间是;
④若在上的值域为,则的取值范围是;
其中所有正确结论的序号是 .
【答案】①④
【分析】根据三角函数基本量求解方法,结合题意即可判断①;根据旋转角度即可判断②和③;根据三角函数图像,结合整体代换的方法即可判断④.
【详解】对于①,因为筒车半径为,筒车转轮的中心到水面的距离为,
所以点距离水面的高度的最值为,所以,
因为筒车每分钟60s沿逆时针方向转动3圈,所以,,
因为,所以,
又因为,所以,故①正确;
对于②,由已知得,与轴正方向的夹角为,
所以点第一次到达最高点需要转动,则所需时间为,故②错误;
对于③,在转动的一个周期内,点在水中转动,
则所需要的时间是,故③错误;
对于④,若在上的值域为,
则在上的值域为,
因为,所以,
所以,则,故④正确.
故答案为:①④
【点睛】关键点点睛:本题考查三角函数的实际应用问题.关键点在于研究图形特点,通过数据转化为三角函数解析式的基本量,进而求解三角函数解析式,从而求解答案.
六、解答题
17.已知函数.
(1)求的值;
(2)若,求的值.
【答案】(1)0
(2)
【分析】(1)根据正弦和角公式、正弦二倍角公式、余弦和角公式化简函数,再代入求值;
(2)根据题意得到,结合范围求解即可.
【详解】(1)由题意得,
所以
(2)因为,所以,
因为,所以,
所以,即
18.某市政府为了鼓励居民节约用电,计划在本市试行居民生活用电定额管理,即确定一个合理的居民用电量标准(单位:),月用电量不超过的部分按平价收费,超出的部分按议价收费.为了了解全市居民用电量分布情况,通过抽样,获得了100位居民某年的月均用电量(单位:),将数据按照,分成7组,制成了如图所示的频率分布直方图.
(1)求频率分布直方图中的值;
(2)已知该市有60万居民,估计全市居民中月均用电量不低于的人数,并说明理由;
(3)若该市政府希望使的居民每月的用电量不超过标准,估计的值,并说明理由.
【答案】(1)
(2)22.2万人,理由见解析
(3),理由见解析
【分析】(1)利用频率分布直方图中所有矩形的面积和为1,计算求解即可.
(2)根据已知,结合频率分布直方图,利用总数乘以频率计算.
(3)根据已知,结合频率分布直方图,计算分位数.
【详解】(1)由题意有
解得.
(2)由题意知,用电量不低于的频率为
估计人数为万人
(3)前5组的频率和为
,
前6组的频率和为
,
,
,
解得.
19.已知中,内角所对的边分别为,且.
(1)求的值;
(2)若,求面积的最大值.
【答案】(1)
(2)
【分析】(1)利用正弦定理和三角恒等变换得到,从而得到;
(2)根据余弦定理和基本不等式得到,再利用面积公式可得到面积的最大值.
【详解】(1)由及正弦定理得
,
即,
,
,则,,即,
,;
(2)由,,
,(当且仅当时等号成立),
的面积,
的最大值为.
20.如图,在四棱锥中,底面为矩形,且,侧面是等腰三角形,且,侧面底面.
(1)求证:平面;
(2)求侧面与底面所成二面角的正弦值.
【答案】(1)证明见解析
(2)
【分析】(1)根据已知以及勾股定理、面面垂直的性质定理,利用线面垂直的判定定理进行证明.
(2)根据已知,证明为侧面与底面所成二面角的平面角,再利用三角形的性质计算求解.
【详解】(1)证明:在中,
又侧面底面,
侧面底面平面,
平面,又平面,
,又,平面,
平面.
(2)
解:取的中点为,连接,
,所以
又侧面底面,侧面底面,面,
平面
又平面,,
过点作,垂足为,连接,又,平面,
平面,又平面,平面,
,
为侧面与底面所成二面角的平面角,
在直角中,,
,,
即侧面与底面所成二面角的正弦值为.
21.已知函数.
(1)求函数的定义域;
(2)判断函数的奇偶性并证明;
(3)求证:.
【答案】(1)
(2)为偶函数,证明见解析
(3)证明见解析
【分析】(1)由可求出函数的定义域;
(2)根据函数奇偶性的定义证明即可;
(2)根据偶函数的性质和指数函数的性质证明.
【详解】(1)由,解得
所以函数的定义域为.
(2)为偶函数,证明如下:
()
因为
所以为偶函数.
(3)证明:因为,
所以当时,,
所以
当时,由为偶函数,所以,
综上,.
22.某地区上年度水价为3.8元/吨,年用水量为吨,本年度计划将水价下降到3.55元/吨至3.75元/吨之间,而用户期望水价为3.4元/吨.经测算,下调水价后新增用水量和实际水价与用户的期望水价的差成反比(比例系数为).该地区的用水成本价为3.3元/吨.
(1)写出本年度水价下调后水务部门的收益(单位:元)关于实际水价(单位:元/吨)的函数解析式;(收益实际水量(实际水价成本价))
(2)设,当水价最低定为多少时,仍可保证水务部门的收益比上年至少增长?
【答案】(1)
(2)3.6元/吨
【分析】(1)由题意分析得到实际水量为进而求解即可;
(2)表示出本年度最低收益为,列出不等式进行求解即可.
【详解】(1)由题意知,新增水量为:
所以实际水量为:
所以收益为
(2)上年收益为:
所以本年度最低收益:
由题意得:,且
整理得解得或
又因为,所以
答:当水价最低定为3.6元/吨时,仍可保证水务部门的收益比上年至少增长.
2023-2024学年贵州省毕节市金沙县高一上学期期末质量监测数学试题(含解析): 这是一份2023-2024学年贵州省毕节市金沙县高一上学期期末质量监测数学试题(含解析),共15页。试卷主要包含了单选题,多选题,填空题,解答题等内容,欢迎下载使用。
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