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2022-2023学年山东省威海市荣成市联盟九年级（下）期中物理试卷（五四学制）（含解析）
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这是一份2022-2023学年山东省威海市荣成市联盟九年级（下）期中物理试卷（五四学制）（含解析），共29页。试卷主要包含了0分）， 如图是“泼水成冰”的游戏等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年山东省威海市荣成市联盟九年级（下）期中物理试卷（五四学制）
考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1. 下列关于声现象的说法正确的是( )
A. 首饰店里用次声波清洗首饰是利用声波传递能量的性质
B. 中考期间学校路段禁止鸣笛，这是在传播过程中减弱噪声的
C. 声音在15℃的空气中的传播速度约为340m/s
D. 古诗“少小离家老大回，乡音无改鬓毛衰”中的“乡音无改”是指音调未变
2. 沙画是起源于我国的一种民间文化艺术，将沙子洒在平板灯台上做出各种造型，灯台下方射出的光受到沙子的阻挡后，呈现出各种画面。下列图中的光现象与沙画的光学原理相同的是( )
A. 树荫下的“亮斑”
B. 菜园坝大桥的“倒影”
C. 小鸟追车“照相”
D. 雨后的“彩虹”
3. 2022年6月17日，中国人民解放军海军福建舰(简称福建舰)下水。福建舰配置电磁弹射和阻拦装置。电磁弹射是指以电磁力为加速手段，当电磁弹射的弹射车轨道与航母舰载飞机前轮接触，并处于强磁场中，弹射车内的导体通过强电流时，即可受到强大的推力，将航母舰载飞机弹出。如图所示，下列装置图能反映电磁弹射原理的是( )
A. B.
C. D.
4. 如图是“泼水成冰”的游戏。该游戏需要滚烫的开水在零下30℃以下的极寒环境下才能成功。关于“泼水成冰”的原理说法正确的是( )
A. 图中水蒸气在极寒环境下遇冷放热直接凝固成小冰晶
B. 用滚烫的开水而不用冷水是因为开水在短时间内能提供大量的水蒸气
C. 和“泼水成冰”形成原理相同的自然现象还有露的形成
D. 开水提供水蒸气的物态变化过程是升华，升华需要放热
5. 建设桥梁的过程中，要向水中沉放大量的施工构件。如图甲所示，假设一正方体构件从江面被匀速吊入江水中，在沉入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，构件所受浮力F1、钢绳拉力F2随h的变化如图乙所示(ρ水=1×103kg/m3)。下列判断正确的是( )
A. 构件的边长为 4m B. 构件的密度为 3×103kg/m3
C. 构件所受的最大浮力为 1.6×105N D. 构件所受的重力为 2×105N
6. 如图甲，放在粗糙程度不变的水平地面上的物体，用方向不变的力F向右拉物体，拉力F大小随时间的变化关系如图乙，物体的运动速度随时间的变化关系如图丙所示，则在t=3s、5s时，物体受到的摩擦力为( )
A. 2N 6N B. 6N 4N C. 2N 4N D. 4N 4N
7. 如图所示为气体打火机中的点火装置——压电点火器。当按下打火按钮时，会使压电材料两端分别出现异种电荷，通过相连的导线，在打火机的排气嘴处放电产生电火花，从而点燃燃料。如果导线A端带负电与导线B端之间形成放电，则关于气体打火机被点燃的过程，下列说法中正确的是( )
A. 按钮下压压电材料带电过程，是下压时创造了电荷
B. 按钮下压压电材料，压电材料将电能转化为机械能
C. 在AB间放电时，其间形成的电流方向是由B到A
D. 排气嘴喷出燃料的过程中，气体对外膨胀做功，气体的内能逐渐增大
8. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，电路正常工作。过了一会儿，一个电表的示数变大，另一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是( )
A. 电阻R一定断路
B. 电阻R一定短路
C. 灯L的亮度可能不变
D. 灯L可能变亮
9. 下列所做的实验中，说法正确的有( )
①两次海绵形变程度不同，说明压力作用效果与受力面积有关
②用纸片盖住装满水的瓶口，倒立后纸片不下落，则大气压强等于水柱的压强
③洗手盆下的U形“反水弯”是一个连通器，能阻止臭气和飞虫由下水道进入室内
④船闸是利用物体的浮沉条件工作的
A. ①③ B. ②④ C. ①②③ D. ①②③④
10. 现有甲、乙两个完全相同的容器，盛有体积相同的不同液体，把一个鸡蛋分别放入两容器中，鸡蛋静止时的情形如图所示。鸡蛋在甲、乙两杯液体中受到的浮力分别为F甲浮、F乙浮，放入鸡蛋后两杯液体对容器底部的压强分别是p甲、p乙，则( )
A. F甲浮p乙
C. F甲浮>F乙浮，p甲
11. 如图所示，重为2N的物体A放在水平桌面上，重为5N的物体B挂在动滑轮下，每个滑轮重为1N(不计绳重和摩擦)，B恰好可以匀速下降。现对A施加水平向左的拉力使B上升，当B以0.3m/s的速度匀速上升时，拉力大小为F。下列说法正确的是( )
A. 物体A受到2N的摩擦力
B. 拉力F的大小为6N
C. 拉力F的功率为1.2W
D. 物体B匀速上升的过程中，滑轮组的效率为83.3%
12. 下列对各光学现象的相应解释或描述，正确的是( )
A. 甲：入射光垂直射向镜面时，入射角等于90°
B. 乙：玻璃板水平向右移动时，玻璃板后面蜡烛的像的位置不变
C. 丙：实验前，需调整蜡烛、凸透镜和光屏的中心在同一高度
D. 丁：是远视眼矫正后的成像光路图
第II卷（非选择题）
三、填空题（本大题共7小题，共17.0分）
13. 2022年11月30日，神舟十四号和神舟十五号两个航天员乘组首次在中国人自己的“太空家园”相会，彰显中国人筑梦太空达到一个新高度。
(1)搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭，在酒泉卫星发射中心按照预定时间精准点火发射。火箭的燃料使用液态氢，主要是因为液态氢的______ 大，液态氢燃烧时热值______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(2)空间站在轨运行时，太阳能电池板把太阳能转化为______ 能提供给空间站上的用电器。有阳光时，若空间站光伏发电的功率为70000W，则2h可发电______ kW⋅h。
(3)如图所示，“天宫课堂”上，航天员王亚平将两块透明板上的水球接触后合成一个，然后将两块透明板分开，中间形成一个长约10cm的液桥，这一实验说明______ 。
14. “自制滴管”：通过吸管可以将水从甲杯移到乙杯中。在a、b、c、d、e五个实验中，与该实验应用的物理知识一样的是______ 两个(填写字母)；还有______ 两个实验(填写字母)应用的物理知识一样，这两个实验说明了______ 。
15. 如图所示，电源电压为6V并保持不变，电阻R1的阻值为10Ω。当开关S闭合时，电压表示数为2V。则通电2min电阻R2消耗的电能为 J。
16. 航拍无人机，飞行器接受遥控器发射的______ (选填“超声波”或“电磁波”)实现各种飞行要求。航拍时，物体通过镜头成倒立缩小的实像，为了镜头里能出现更多景色，那么需要飞行器飞得______ (选填“高”或“低”)些。
17. 扫地机器人已经进入普通家庭，扫地机器人扫地时通过电动机的高速旋转而使周围空气流速加快，压强变______ ，灰尘能“吸”进积尘盒，扫地机器人能自动躲造障碍物的原理有两种：一种利用了仿生技术，类似于蝙蝠飞行，采用超声波来判断障碍物及空间方位；另一种利用了传感技术，靠发射跟电视机遥控器一样的______ 线，来侦测、判断障碍物及空间方位。
18. 如图所示，为一轻质杠杆，重为50N的物体挂在杠杆的中点，在a位置时拉力F的大小为______N，若拉力F始终与杠杆保持垂直，那么，将杠杆从a位置拉到b位置的过程中，拉力F的大小将______(选填：“变大、“变小”或“不变”)
19. 如图所示，R1的阻值为5Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为40Ω，电源电压保持4.5V不变，电流表量程为“0−0.6A”，电压表量程为“0−3V”。为保证电路安全，R2接入电路中的最小阻值为______Ω，R1消耗的最小功率为______W。
四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
20. 如图鱼缸内一条金鱼A，B是小文从空气中看到的这条金鱼的像，夜间在C处用一激光灯将金鱼照亮。请完成其光路图(保留作图痕迹)。
21. 根据图中小磁针静止时的指向，在A点标出通电螺线管磁感线的方向和电源左端的极性(“+”或“−”)。
五、实验探究题（本大题共3小题，共17.0分）
22. 花花淘到一小块“陨石”，但它的真实性和陨石的种类难以确认。恰逢学校物理实验课要求测量物质的密度，花花就对这块“陨石”的密度进行了测量(如图)，想要通过密度来鉴别其真伪。
(1)她把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻度线处，此时指针偏向如图甲所示，则应将平衡螺母向 (填“左”或“右”)调节，使天平平衡。
(2)天平平衡后，砝码质量和游码对应刻度如图乙所示，记下陨石的质量为m1，将“陨石”放入盛有40mL水的量筒中，水面升高至如图丙所示，则该“陨石”密度ρ= kg/m3。她完成实验后发现“陨石”有吸水性，请你帮他判断此测量值与陨石真实密度值相比 (填“偏大”、“偏小”或“准确”)。
(3)若在实验过程中，花花不小心将量筒打碎，经过思考，她采取了以下步骤测量陨石的体积(如图丁)：先将吸足水的“陨石”放入盛水的烧杯中，把小石块浸没，在水面到达的位置做上标记；接着取出小石块，测得烧杯和水的总质量为m2；最后往烧杯中加水，直到标记处，再测出此时烧杯和水的总质量为m3，则“陨石”的密度为 (用m1、m2、m3、ρ水表示)。
23. 小金同学在做“测量小灯泡电阻”的实验中，所用小灯泡正常发光时电压为2.5V。
(1)请你根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的电路图连接完整(要求：滑动变阻器滑片P向右移动时灯泡变暗，且导线不交叉)。
(2)实验过程中若误将电压表与电流表互换位置，则两只电表的示数为______ 。
A.电压表无示数，电流表有示数
B.电压表有示数，电流表无示数
(3)丙图是实验过程中小灯泡两端电压−电流关系图，根据图像，小灯泡正常发光时的电阻是______ Ω。
(4)在操作过程中，电流表指针如图丁所示，若要使小灯泡正常发光，滑片应向______ (选填“A”或“B”)端滑动。
(5)闭合开关，发现电流表和电压表的示数都为零，若是小灯泡或滑动变阻器R2发生故障，则故障是______ 。
(6)若把小灯泡换成电阻，则下列操作中和本实验中多次测量的目的相同的是______ 。
A.“研究杠杆平衡的条件”时，改变动力(臂)和阻力(臂)，多次测量
B.“测量物体的长度”时，多次测量
C.“研究串、并联电路的电流特点”时，换用不同定值电阻，多次测量
24. 在探究热现象的实验中，小红将质量相等的冰和石蜡分别装在两个相同的试管中，并放在一个装有水的大烧杯中进行加热，如图甲所示，根据实验数据绘制的温度随时间变化的图象，如图乙所示，请回答下列问题：
(1)将两试管放在同一个装有水的大烧杯中进行加热，目的是______。
(2)由图乙可知，______(选填“A”或“B”)是冰，该物质在第4分钟时的状态为______，冰在熔化过程中______增大(选填“分子动能”或“分子势能”)，当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾井持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，其原因可能是______。
(3)加热1分钟，冰、石蜡均为固态，由图乙可知，此时______(选填“冰”或“石蜡”)的比热容较大。
六、计算题（本大题共3小题，共26.0分）
25. 为响应国家“低碳环保，节能减排”的号召，我市新上线一批以天然气为燃料的新型公交汽车，其参数如图所示某次行驶过程中，汽车搭载人员及物品共3000kg，所受阻力为总重力的0.01倍.在40s时间内匀速直线行驶400m，共消耗天然气0.025kg(天然气完全燃烧，其热值为6.4×107J/kg，g=10N/kg)。针对此次行驶过程，求：
长度
12m
高度
3.2m
客车质量
13000kg
核载人数
75人
最大功率
180kW
最高时速
70km/h
轮胎与地面总接触面积
0.04m2
(1)汽车对地面的压强。
(2)汽车的功率。
(3)汽车发动机的效率。
26. 图甲是一款紫砂电饭锅，其简化电路如图乙所示，R1、R2是电热丝，R1的阻值为110Ω，通过单独或同时闭合S1、S2实现低温、中温、高温三个挡位间的切换，其铭牌如图表所示，求：
加热效率
80%
额定电压
220V
电功率
低温挡
440W
中温挡
880W
高温挡
(1)低温挡加热时电流的大小；
(2)电热丝R2的阻值；
(3)已知粥的比热容c=4.0×103J/(kg⋅℃)，将2kg的粥用高温挡从20℃加热到100℃需要的时间。(结果保留整数)
27. 如图所示，底面积为100cm2的圆柱形容器内盛有一定量的水，将一重力为6N的木块A放入水中，再将另一重力为2N的合金块B放在木块A的上方，此时木块A恰好有45的体积浸入水中(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)。求：
(1)此时木块A受到的浮力大小；
(2)木块A的密度；
(3)若取走合金块B，水对容器底部压强的变化量。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.首饰店里是用超声波清洗首饰的，是利用声波传递能量的性质，故A错误；
B.禁止鸣喇叭，这是在声源处减弱噪声，故B错误；
C.声音在15℃空气中传播速度为340m/s，故C正确；
D.音色是判断发声体的依据，“乡音无改”是指音色未变，故D错误。
故选：C。
(1)声音可以传递信息与能量；
(2)控制噪声的途径有三个：在声源处，在传播过程中和在人耳处；
(3)声音在15℃空气中传播速度为340m/s；
(4)音色是发声体的材料和结构决定的。
本题考查了声音的相关知识，内容比较简单，属于基础知识的考查。
2.【答案】A
【解析】解：A.树荫下的“亮斑”是光的直线传播现象，故A正确；
B、菜园坝大桥的“倒影”，是由光的反射形成的，故B错误；
C、小鸟追车“照相”，属于折射现象，故C错误；
D、雨后的“彩虹”是光的色散，是由光的折射形成的，故D错误。
故选：A。
灯台下方射出的光透过平板，部分受到沙子的阻挡，形成明暗对比，呈现出一幅栩栩如生的画面，该现象的形成原因是光在同种均匀介质中沿直线传播。
本题考查光沿直线传播的应用，属于基础题。
3.【答案】D
【解析】由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动；
A.奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，与电磁弹射器工作原理不一致，故A不正确；
B.图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应实验，与电磁弹射器工作原理不一致，故B不正确；
C.实验探究的是电磁铁的磁性与线圈匝数的关系，匝数越多，磁性越强，与电磁弹射器工作原理不一致，故C不正确；
D.图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器工作原理相同，故D正确。
故选：D。
电磁弹射是指以电磁力为加速手段，采用电磁的能量来推动被弹射的物体向外运动。根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分要注意条件。
4.【答案】B
【解析】解：A、图中的水蒸气在极寒环境下遇冷放热直接凝华成小冰晶，故A错误；
B、用滚烫的开水而不用冷水是因为开水更容易汽化为水蒸气，在短时间内能提供大量的水蒸气，故B正确；
C、泼水成冰”形成原理是水蒸气的凝华现象，雾是水蒸气的液化现象，故C错误；
D、开水提供水蒸气的物态变化过程是汽化，汽化需要吸热，故D错误。
故选：B。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
六种物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的。凝固、液化、凝华是放热的。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】B
【解析】解：A、由乙图可知当构件完全浸没时，下表面到水面的距离为2m，所以构件的边长为2m，故A错误；
BCD、由乙图可知构件浸入水中的过程中排开水的体积逐渐变大，根据阿基米德原理可知构件所受浮力F1变大，钢绳拉力F2变小，构件完全浸没时，所受浮力达到最大，钢绳拉力最小，由图可知拉力F2的最小值为1.6×105N，
构件的体积：V=2m×2m×2m=8m3，
构件完全浸没时受到的浮力：F1=ρ水gV=1×103kg/m3×10N/kg×8m3=8×104N，故C错误；
则构件的重力：G=F1+F2=8×104N+1.6×105N=2.4×105N，故D错误；
构件的质量：m=Gg=2.4×105N10N/kg=2.4×104kg，
构件的密度：ρ=mV=2.4×104kg8m3=3×103kg/m3，故B正确。
故选：B。
(1)由乙图可知当构件完全浸没时，下表面到水面的距离为2m，所以构件的边长为2m；
(2)由乙图可知构件浸入水中的过程中排开水的体积逐渐变大，根据阿基米德原理可知构件所受浮力F1变大，钢绳拉力F2变小，构件完全浸没时，所受浮力达到最大，钢绳拉力最小，由图可知拉力F2的最小值，根据体积公式计算构件的体积，根据阿基米德原理计算构件完全浸没时受到的浮力，构件的重力等于构件受到分浮力与拉力之和，根据m=Gg计算构件的质量，根据密度公式计算构件的密度。
本题考查阿基米德原理、重力公式、密度公式的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
6.【答案】D
【解析】由丙图可知，当物体在4～6s时，物体处于匀速直线运动状态，物体受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等；
由乙图可知，当物体在4～6s时，物体受到的拉力为4N，所以物体受到的滑动摩擦力f=F=4N；
由丙图可知，当t=3s时，物体处于加速运动状态，由于物体对水平地面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以物体受到的滑动摩擦力不变，仍然为4N。故A、B、C不符合题意，D符合题意。
故选：D。
分析：由F−t图象可以得出物体在不同时刻所受到的拉力大小，由v−t图象找出物体什么时候处于平衡状态，然后由二力平衡条件求出物体所受摩擦力的大小。
本题考查了摩擦力的计算和二力平衡知识的应用，要求理解和掌握。
7.【答案】C
【解析】解：A、按钮下压压电材料带电过程，是下压时电荷发生了转移，并不是创造了电荷，故A错误；
B、按钮下压压电材料，压电材料将机械能转化为电能，故B错误；
C、在AB间放电时，电子从A到B，电子带负电，电子实际移动得到方向与电流的方向相反；物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，所以其间形成的电流方向是由B到A，故C正确；
D、排气嘴喷出燃料的过程中，气体对外膨胀做功，气体的内能逐渐减少，故D错误。
故选：C。
(1)压电材料工作时带电不是创造了电荷，是电荷从一个物体转移到另一物体。
(2)按钮下压压电材料，压电材料将机械能转化为电能。
(3)物理学中规定：正电荷定向移动的方向为电流的方向。
(4)排气嘴喷出燃料的过程中，气体对外膨胀做功，气体的内能减少。
知道摩擦起电的实质；知道电流方向的规定；知道压电材料工作时的能量转化过程；知道物体对外做功，内能减少。
8.【答案】D
【解析】解：两表一个示数变大，另一示数变小有两种可能：
①电流表的示数变大，电压表的示数变小，则应该是电路中电阻R局部短路，导致总电阻变小，电压表的示数为零，而灯泡中电流增大，即灯泡变亮；
②电压表的示数变大，电流表的示数变小，则应该是电路中电阻R断路，电流表的示数为零，电压表的示数为电源电压值，此时电路中电流为零，灯泡熄灭。
由以上分析可得，A、B、C错误，D正确。
故选：D。
由图可知R与灯泡L串联，电压表测量R两端的电压；由电路中两表示数的变化可知故障的可能性，则由讨论可得结果。
本题考查学生对于电路故障分析的能力，要求学生能正确分析电路，并且全面考虑题目中出现的可能性。
9.【答案】A
【解析】解：
①控制压力相同，而受力面积不同，根据海绵的凹陷程度可反映压力的作用效果，说明压力作用效果与受力面积有关，故①正确；
②1标准大气压能支持10m高的水柱，故②错误；
③洗手盆设计的 U 型反水弯是连通器，连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平，可以防止异味，是利用了连通器的原理，故③正确；
④船闸底部相通、上端开口，是利用了连通器，故④错误。
故选：A。
(1)通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，
(2)1标准大气压能支持10m高的水柱；
(3)连通器的原理：连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”、大气压的大小以及连通器的有关知识，难度不大。
10.【答案】B
【解析】解：
由图可知，鸡蛋在甲杯液体中漂浮，其受到的浮力等于鸡蛋的重力；鸡蛋在乙杯液体中悬浮，其受到的浮力也等于鸡蛋的重力；因同一鸡蛋的重力不变，所以鸡蛋在甲、乙两杯液体中所受浮力大小相等，即：F甲浮=F乙浮；
鸡蛋在甲杯液体中漂浮，则甲液体密度大于鸡蛋的密度；鸡蛋在乙杯液体中悬浮，则乙液体的密度等于鸡蛋的密度，所以ρ甲>ρ乙，两液体的体积相同，根据G=mg=ρgV可知，甲液体的重力大于乙液体的重力；
因容器为柱形容器，且鸡蛋在两液体中分别处于漂浮和悬浮状态，则液体对容器底部的压力等于液体与鸡蛋重力的和，所以甲杯底部受到液体的压力大，根据p=FS可知，容器底部受到的压强：p甲>p乙；
综上所述，B正确。
故选：B。
(1)根据物体的浮沉条件判断鸡蛋在甲、乙两杯液体中所受浮力的大小关系；
(2)鸡蛋在甲杯液体中漂浮，则甲液体密度大于鸡蛋的密度；鸡蛋在乙杯液体中悬浮，则乙液体的密度等于鸡蛋的密度；据此得出两种液体的密度大小关系；又知道两液体的体积相同，根据m=ρV可知两液体质量的关系，根据G=mg可知两液体的重力关系；因容器为柱形容器，且鸡蛋在两液体中分别漂浮和悬浮，则液体对容器底部的压力等于液体与鸡蛋重力的和，最后根据压强公式p=FS可比较液体对容器底部的压强大小关系。
本题考查了物体浮沉条件、重力公式和压强公式的综合应用，注意：虽然能判断两种液体的密度大小关系，但由于密度大的液体的深度较小，则不能用液体压强公式进行判断，需要用压强定义式解答。
11.【答案】AD
【解析】解：
A、由图可知n=3，因为不计绳重及摩擦，所以绳子自由端的拉力(即滑轮组对物体A的拉力)：FA=1n(GB+G动)=13×(5N+1N)=2N，
B匀速下降，物体A匀速向右运动时，受到向右的拉力FA和向左的摩擦力作用，由二力平衡条件可得，物体A受到的摩擦力：f=FA=2N，故A正确；
B、当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用，
由于物体A对桌面的压力大小和接触面的粗糙程度都不变，则摩擦力大小不变，
所以，由力的平衡条件可知，此时的拉力：F=FA+f=2N+2N=4N；故B错误；
C、绳子自由端移动的速度(即物体A运动的速度)：vA=nvB=3×0.3m/s=0.9m/s，
则拉力F的功率为：P=Wt=Fst=FvA=4N×0.9m/s=3.6W；故C错误；
D、因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=5N5N+1N×100%≈83.3%，故D正确。
故选：AD。
(1)由图可知n=3，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求绳子自由端的拉力(即对物体A的拉力FA)；物体B匀速下降，物体A匀速向右运动，根据二力平衡条件求出物体A受到摩擦力的大小；
(2)当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用；根据影响滑动摩擦力大小的因素判断此时A受到的摩擦力大小，再由力的平衡条件可求出拉力F的大小；
(3)绳子自由端移动的速度vA=nvB，根据P=Wt=Fst=Fv可求拉力F的功率；
(4)利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求滑轮组的机械效率。
本题考查了二力平衡条件、使用滑轮组时绳子自由端拉力、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
12.【答案】BC
【解析】解：A.当入射光垂直射向镜面时，入射光线和法线重合，此时的入射角为0°，反射角等于入射角，所以入射角为0°，故A错误；
B.平面镜所成的虚像和物体关于平面镜对称，玻璃板水平移动，所在的平面没有变化，物体位置不变，则蜡烛的像的位置不变，故B正确；
C.为使烛焰的像成在光屏的中央，实验前需调整蜡烛、凸透镜和光屏的中心在同一高度，故C正确；
D.远视眼像成在视网膜的后方，需要配戴凸透镜矫正；近视眼像成在视网膜前方，配戴凹透镜矫正，所以这是近视眼矫正后的成像光路图，故D错误。
故选：BC。
(1)入射光线与法线之间的夹角为入射角；
(2)平面镜所成的像的大小与物体大小相同；
(3)调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度上，这样做的目的是使物体的像能够成在光屏的中心；
(4)近视眼的成因：晶状体太厚或眼球前后径太长，使来自远处物体的光会聚于视网膜前方，造成看不清远处的物体；近视眼的矫正方法，需配戴凹透镜；远视眼的成因：晶状体太薄或眼球前后径太短，使来自近处物体的光会聚于视网膜后方，造成看不清近处的物体；远视眼的矫正方法，需配戴凸透镜。
本题考查了平面镜成像的特点、光的反射定律、凸透镜成像实验前器材的条件、近视眼的矫正方法，属于基础题。
13.【答案】热值 不变 电 140 分子间存在引力
【解析】解：(1)火箭的燃料使用液态氢，主要是因为液态氢的热值大，液态氢燃烧时热值不变，因为热值只与燃料的种类有关；
(2)空间站在轨运行时，太阳能电池板把太阳能转化为电能提供给空间站上的用电器；
有阳光时，若空间站光伏发电的功率为70000W=70kW，则2h可发电为：W=Pt=70kW×2h=140kW⋅h；
(3)航天员王亚平将两块透明板上的水球接触后合成一个，然后将两块透明板分开，中间形成一个长约10cm的液桥，这一实验说明分子间存在引力。
故答案为：(1)热值；不变；(2)电；140；(3)分子间存在引力。
(1)氢的热值大，与其它燃料相比，完全燃烧相同质量的液氢时可以放出更多的热量，所以用来做火箭的燃料；
(2)太阳能电池板工作时将太阳的光能转化为电能，根据W=Pt计算电能的多少；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力。
知道液氢的热值大；知道太阳能的光电转化；会根据W=Pt进行简单的计算；知道分子间的作用力。有一定综合性，但难度不大。
14.【答案】a、c d、e 在流体中，流速越大的位置压强越小
【解析】解：首先将吸管插入水中，水在大气压的作用下压入吸管，用手指堵住吸管上端，吸管内液体由于重力向下流动很小的距离时，吸管上部的气压减小，而吸管下端外部大气压不变，大气压托着管内液体流不出来，然后再将吸管移出水面到空杯上方，最后松开封住管口的手指，在大气压的作用下，塑料吸管的水流出；利用了大气压；
a、用吸管吸饮料时，嘴内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下被压入嘴中，利用了大气压；
b、热气球升空利用了空气浮力；
c、覆杯实验，装满杯子的水排出了空气，盖上纸片后杯子倒置，在大气压的作用下，杯子里的水流不出来；
d、向悬挂的气球一侧吹气，吹气的那一侧空气流速大压强小，因此气球向吹气的那侧飘；
e、从倒置的漏斗口向下吹气，乒乓球顶部空气流速大，压强小，在压强差的作用下，球掉不下来；
通过分析可知，与吸管实验应用的物理知识相同的是a和c；d和e的原理相同，这两个实验说明了，在流体中，流速越大的位置压强越小。
故答案为：a、c；d、e；在流体中，流速越大的位置压强越小。
先明确水在大气压的作用下压入吸管，其次要知道吸管内液体由于重力向下流动很小的距离，因此要用手指封住管口，然后可以把一只杯子中的水取出一些，移到另一只空杯中；分析a、b、c、d、e五个实验，根据大气受重力，具有流动性，因此大气存在压强；以及在气体和液体中，流速大的位置压强小，得出结论。
本题考查了大气压的应用以及学生的识图能力，注重了观察分析能力的考查，是中考的热点问题。
15.【答案】96
【解析】解：由图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压；
串联电路总电压等于各部分电压之和，由串联电路的电压特点可知R1两端的电压：U1=U−U2=6V−2V=4V，
串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可得通过电路的电流：I=U1R1=4V10Ω=0.4A，
则通电2min电阻R2消耗的电能为：W=U2It=2V×0.4A×2×60s=96J。
故答案为：96。
由图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压规律计算R1两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算通过电路的电流，根据W=UIt计算通电2min电阻R2消耗的电能。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，属于基础题。
16.【答案】电磁波 高
【解析】解：航拍无人机，飞行器接受遥控器发射的电磁波实现各种飞行要求。航拍时，物体通过镜头成倒立缩小的实像，为了镜头里能出现更多景色，那么需要飞行器飞得高些，增大物距，成像范围更大。
故答案为：电磁波；高。
(1)当物体到凸透镜的距离大于两倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像；物距越大，像越小，像距越小，成像的范围越大。
(2)电磁波可以传递信息。
知道电磁波可以传递信息；知道凸透镜的成像规律。
17.【答案】小 红外
【解析】解：根据流体压强和流速的关系可知，扫地机器人扫地时通过电动机的高速旋转而使周围空气流速加快，压强变小，而外部空气流速不变，大气压不变，所以灰尘能“吸”进积尘盒。
扫地机器人能自动躲造障碍物的原理有两种：一种利用了仿生技术，类似于编幅飞行，采用超声波来判断障碍物及空间方位；另一种利用了传感技术，靠发射跟电视机遥控器一样的红外线，来侦测、判断障碍物及空间方位。
故答案为：小；红外。
(1)流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小。
(2)蝙蝠总是傍晚出来，追捕飞虫。它飞行可不是靠眼睛观察，而是靠嘴上一个小喇叭形的器官发出一种超声波，超声波遇到障碍物就反射回来，从而判断飞虫的位置；红外线是一种看不见的光，在现实生活中有实际的应用。据此分析解答。
本题借助于扫地机器人考查流体压强和流速的关系、超声波、红外线的应用。题目来源于生活，使学生能够学以致用，可以加深对知识的理解和提高学习的兴趣。
18.【答案】25；变小
【解析】解：由图示和题意可知，物体的重力为阻力，物体挂在杠杆的中点，则动力臂为阻力臂的2倍；
根据杠杆的平衡条件可得：F×L动=G×L阻，
则在a位置时拉力：F=L阻L动×G=12×50N=25N；
拉力F始终与杠杆保持垂直，将杠杆从a位置拉到b位置的过程中，动力臂L动大小不变(等于杠杆的长度)，在提升过程中，物重G不变，重力的力臂L阻逐渐变小，根据F×L动=G×L阻可知，拉力F将变小。
故答案为：25；变小。
分析杠杆的五要素，根据杠杆的平衡条件求拉力；
分析将杠杆缓慢提升一段距离过程中，动力臂与阻力臂的变化，根据杠杆的平衡条件分析拉力的变化。
本题考查对力臂的理解及杠杆的平衡条件的应用，难度适中。
19.【答案】2.5 0.45
【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压，电流表测量电路总电流，
当电流表示数最大为I1=0.6A时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，
根据欧姆定律可得，电阻R1两端电压：U1=I1R1=0.6A×5Ω=3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：U2=U−U1=4.5V−3V=1.5V，
因串联电路中各处的电流相等，
则由欧姆定律可得，变阻器连入电路的最小阻值：Rmin=U2I1=1.5V0.6A=2.5Ω；
当电压表示数最大为U大=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，电路中的电流是最小的，
此时R1两端电压：U1′=U−U2大=4.5V−3V=1.5V，
则电路中的最小电流：I小=U′1R1=1.5V5Ω=0.3A，
R1消耗的最小功率为：P1=I小2R1=(0.3A)2×5Ω=0.45W。
故答案为：2.5；0.45。
由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流，电流表示数最大为0.6A，电压表示数最大为3V，根据欧姆定律和串联电路的特点分别算出对应的滑动变阻器的最小阻值和电路的最小电流，根据功率公式求出最小功率。
本题考查了求滑动变阻器接入电路的阻值范围，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。
20.【答案】解：由于折射时光路是可逆的，要用激光灯照亮鱼，需对准鱼的虚像照射，激光进入水中发生折射，折射光线射向金鱼，金鱼就被照亮，水中物体发出的光射向空气中时发生折射，折射角大于入射角，折射光线偏离法线，眼睛沿着折射光线会看到物体所成的虚像，在物体的上方；如图所示：
。
【解析】根据光从水中进入空气中时折射角大于入射角的规律作光路图即可。
此题通过作图考查了学生有关光的折射规律的知识，难点是确定光的入射点与光线的方向。
21.【答案】解：①根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管靠近小磁针S极的一端为N极，所以通电螺线管的左端是S极，磁感线的方向由N极到S极。
②根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为正极，电源右端是负极。如下图所示：
。
【解析】①根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；
②根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用以及磁感线方向的规定，要求学生不但要会由右手螺旋定则判断磁极的方向，还要会由右手螺旋定则判断电流方向。
22.【答案】左 3.1×103 偏大 m1m3−m2ρ水
【解析】解：(1)使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度，发现指针指在分度盘右侧，应向左调节平衡螺母，使天平平衡；
(2)天平平衡后，砝码质量和游码对应刻度如图乙所示，则“陨石”的质量为50g+10g+2g=62g；
将“陨石”放入盛有40mL水的量筒中，水面升高至如图丙所示60mL，陨石的体积为：V=60mL−40mL=20mL=20cm3，故“陨石”的密度为：ρ=mV=62g20cm3=3.1g/cm3=3.1×103kg/m3；
由于“陨石”吸水导致水和陨石的总体积变小；所以会使陨石的体积偏小，根据ρ=mV可知他这样做的目的可以避免因“陨石”吸水而使其密度测量值偏大；
(3)加入水的质量为：m水=m3−m2，
加入水的体积为：V水=m水ρ水=m3−m2ρ水，
“陨石”的体积为：V=V水=m3−m2ρ水，
“陨石”的密度为：ρ=mV=m1m3−m2ρ水=m1m3−m2ρ水。
故答案为：(1)左；(2)3.1×103；偏大；(3)m1m3−m2ρ水。
(1)使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度；称量之前，通过移动平衡螺母使天平平衡；左偏右调，右偏左调；
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；若陨石吸水，体积测量偏小，根据密度公式，密度测量会偏大，根据图示读出水和陨石的总体积，求出陨石的体积，由密度公式求出陨石的密度；
(3)“陨石”的体积的测量采用等效替代的方法：“陨石”浸没在水中到达标记，当“陨石”取出，往烧杯内加水到达标记处，“陨石”的体积和加入水的体积相等，知道加入水的质量和密度，求出加入水的体积，即“陨石”的体积，再根据密度公式ρ=mV计算石块的密度。
本题考查了天平的调节、天平的读数、量筒的读数以及固体密度的测量方法等，是一道综合题。
23.【答案】B 12.5 B 滑动变阻器R2断路 B
【解析】解：(1)滑动变阻器滑片P向右移动时灯泡变暗，说明电路中电流变小，滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
；
(2)电压表与电流表互换位置，电压表串联接入电路中，电路相当于断路，电路中没有电流流过，由于电压表的正负接线柱与电源两极相连，所以电压表有示数，故选：B；
(3)由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.2A，则小灯泡正常发光时的电阻为：
R=ULIL=2.5V0.2A=12.5Ω；
(4)由图丙可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，此时电流表示数为0.24A，大于小灯泡正常发光时电流0.2A，所以滑动变阻器的电阻应变大，故滑片应向B端滑动；
(5)闭合开关，发现电流表示数为零，说明电路可能断路，电压表示数为零，说明电压表与电源没有连通，若是小灯泡或滑动变阻器R2发生故障，则故障是滑动变阻器R2断路；
(6)若把小灯泡换成电阻，则本实验中多次测量的目的是减小误差；
A、“研究杠杆平衡的条件”时，改变动力(臂)和阻力(臂)，多次测量是为了寻找普遍规律，故A不符合题意；
B、“测量物体的长度”时，多次测量是为了减小误差，故B符合题意；
C、“研究串、并联电路的电流特点”时，换用不同定值电阻，多次测量是为了寻找普遍规律，故C不符合题意；
故选：B。
故答案为：(1)见解答图；(2)B；(3)12.5；(4)B；(5)滑动变阻器R2断路；(6)B。
(1)滑动变阻器滑片P向右移动时灯泡变暗，说明电路中电流变小，滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)电压表与电流表互换位置，电压表串联接入电路中，电路相当于断路，电路中没有电流流过，据此分析；
(3)根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻；
(4)根据电流表选用量程确定分度值读数，比较电流表示数与灯泡额定电流大小，据此确定滑动变阻器滑片的移动方向；
(5)闭合开关，发现电流表示数为零，说明电路可能断路，电压表示数为零，说明电压表与电源没有连通，据此分析；
(6)若把小灯泡换成电阻，则本实验中多次测量的目的是减小误差，据此分析。
本题测量小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、故障分析、电阻的计算和多次测量的目的等知识。
24.【答案】受热均匀，保证冰和石蜡吸收的热量相等 A 固液共存 分子势能 达到沸点，不能持续吸热 石蜡
【解析】解：(1)将两试管放在同一个装有水的大烧杯中进行加热，目的有二，一是受热均匀，二是可以保证两种物质吸收的热量相等；
(2)由如图乙可知，A物质在0℃时，吸热温度不再升高，全部熔化为液体后，温度再升高，所以A为晶体，即A是冰；
该物质在第4分钟时，处在熔化过程中，有冰也有水，所以状态为固液共存的状态；
冰在熔化过程中，吸热温度不变，所以分子动能是不变的，但分子势能会增大；
当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，是因为试管内外都为水，当外面的水沸腾时，温度不再升高，试管中的水温也能达到沸点，但到沸点后不能继续吸收热量，所以不会沸腾，即原因是：达到沸点，不能持续吸热；
(3)由图乙知，加热1分钟时，冰的温度升高的高，且两种物质的质量相等，即吸收相同的热量时，冰的温度变化大，由c=Qm△t可知，冰的比热容较小，石蜡的比热容较大。
故答案为：(1)受热均匀，保证冰和石蜡吸收的热量相等； (2)A； 固液共存；分子势能；达到沸点，不能持续吸热；(3)石蜡。
(1)水浴法加热主要目的是物体受热均匀，在同一烧杯加热还可以两物质吸收相同热量；
(2)当试管的内外都为水时，试管中的水是不会沸腾的，因为温度虽然能达到沸点，但到了沸点后，内外的温度相同，不能继续吸热，所以不会沸腾；
(3)根据c=Qm△t和图象可得结论；
本题考查熔化凝固及比热容的知识，知识点较多，是综合性题目，需要仔细分析。
25.【答案】解：(1)汽车总质量为：
m总=13000kg+3000kg=16000kg，
总重力为：
G总=m总g=16000kg×10N/kg=1.6×105N，
对地面的压力为：
F=G总=1.6×105N，
受力面积S=0.04m2，
对地面的压强为：
p=FS=1.6×105N0.04m2=4×106Pa；
(2)因为汽车匀速直线行驶，
汽车的牵引力为：
F=f=0.01G总=0.01×1.6×105N=1600N，
牵引力做的功为：
W=Fs=1600N×400m=6.4×105J，
汽车的功率为：
P=Wt=6.4×105J40s=1.6×104W=16kW；
(3)0.025kg天然气完全燃烧放出的热量为：
Q放=mq=0.025kg×6.4×107J/kg=1.6×106J，
汽车发动机的效率为：
η=WQ放×100%=6.4×105J1.6×106J×100%=40%。
答：(1)汽车对地面的压强为4×106Pa；
(2)汽车的功率为16kW；
(3)汽车发动机的效率为40%。
【解析】(1)先求出汽车总质量，利用G=mg求其总重力，对地面的压力等于总重力，知道受力面积，利用p=FS求对地面的压强；
(2)因为汽车匀速直线行驶，汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，利用F=f=0.01G总求出，再利用W=Fs求牵引力做的功，最后利用P=Wt求牵引力做功功率；
(3)利用Q=mq求0.025kg天然气完全燃烧放出的热量，汽车发动机的效率等于牵引力做的功与天然气完全燃烧放出的热量之比。
本题为力学和热学综合计算题，考查了重力公式、速度公式、功的公式、功率公式、压强公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，虽然知识点多、综合性强，但都属于基础，难度不大。
26.【答案】解：由电路图可知，只闭合S1时，电路为R1的简单电路，只闭合S2时，电路为R2的简单电路，同时闭合S1和S2时，R1和R2并联，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，即此时总电阻最小，由P=U2R可知，此时总功率最大，处于高温挡。电热丝R1的电功率为P1=U2R1=(220V)2110Ω=440W，
因此可知，当只闭合S1时为低温挡，只闭合S2时为中温挡。
(1)由P=UI可得，低温挡加热时的电流I低=P低U=440W220V=2A；
(2)只闭合S2时为中温挡，由P=U2R可得，R2的阻值为R2=U2P中=(220V)2880W=55Ω；
(3)粥吸收的热量Q=cmΔt=4.0×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.4×105J，
由η=Q吸W可得，消耗的电能W=Q吸η=6.4×105J80%=8×105J，
高温挡时，P高=P低+P中=440W+880W=1320W，
由P=Wt可得，将2kg的粥用高温挡从20℃加热到100℃需要的时间为t=WP=8×105J1320W≈606s。
答：(1)低温挡加热时电流为2A；
(2)电热丝R2的阻值为55Ω；
(3)将2kg的粥用高温挡从20℃加热到100℃需要的时间为606s。
【解析】(1)当开关S1闭合、S2断开时，只有R1工作，当开关S2闭合、S1断开时，只有R2工作，当开关S1、S2都闭合时，R1、R2并联；根据并联电路的电阻特点和P=U2R可知高温挡的电路连接，利用P=U2R可求出只有R1工作时的电功率，对比铭牌数据可知低温挡和中温挡的电路连接；利用P=UI求得低温挡加热时的电流；
(2)根据中温挡的电功率和P=U2R可求出R2的阻值；
(3)利用Q吸=cm(t−t0)求出粥吸收的热量，根据题意求出电饭锅消耗的电能；利用并联电路的特点求出高温挡的电功率，利用P=Wt求出电饭锅需要的时间。
本题是一道电热综合题，主要考查并联电路的特点、电功和电功率公式以及吸热公式的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
27.【答案】解：(1)由图可知，A、B整体漂浮在水面上，则此时木块A受到的浮力为：
F浮=GA+GB=6N+2N=8N；
(2)由阿基米德原理可知，此时木块A排开水的体积为：
V排=F浮ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3，
所以木块A的体积为：VA=54×8×10−4m3=10−3m3，
由G=mg=ρVg可知，木块A的密度为：
ρA=GAVAg=6N10−3m3×10N/kg=0.6×103kg/m3；
(3)因为容器为柱形容器，A、B整体漂浮在水面上，所以水对容器底的压力等于A、B及水的重力之和，
若取走B，水对容器底部压力减小量为：ΔF=GB=2N，
所以取走B，水对容器底部压强的减小量为：Δp=ΔFS=2N100×10−4m2=200Pa。
答：(1)此时木块A受到的浮力大小为8N；
(2)木块A的密度为0.6×103kg/m3；
(3)若取走合金块B，水对容器底部压强的变化量为200Pa。
【解析】(1)根据物体沉浮条件可求出此时木块A受到的浮力大小；
(2)根据阿基米德原理求出此时木块A排开水的体积，从而求出木块A的体积，根据G=mg=ρVg求出木块A的密度；
(3)因为容器为柱形容器，A、B整体漂浮在水面上，所以水对容器底的压力等于A、B及水的重力之和，若取走B，水对容器底部压力减小量为ΔF=GB，根据p=FS可求出水对容器底部压强的变化量。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、重力公式、密度公式、压强公式的综合应用，灵活运用公式是解题的关键。
2022-2023学年山东省威海市荣成市联盟九年级（下）期中物理试卷（五四学制）
考试范围：xxx；考试时间：100分钟；命题人：xxx
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（选择题）
一、单选题（本大题共10小题，共20.0分）
1. 下列关于声现象的说法正确的是( )
A. 首饰店里用次声波清洗首饰是利用声波传递能量的性质
B. 中考期间学校路段禁止鸣笛，这是在传播过程中减弱噪声的
C. 声音在15℃的空气中的传播速度约为340m/s
D. 古诗“少小离家老大回，乡音无改鬓毛衰”中的“乡音无改”是指音调未变
2. 沙画是起源于我国的一种民间文化艺术，将沙子洒在平板灯台上做出各种造型，灯台下方射出的光受到沙子的阻挡后，呈现出各种画面。下列图中的光现象与沙画的光学原理相同的是( )
A. 树荫下的“亮斑”
B. 菜园坝大桥的“倒影”
C. 小鸟追车“照相”
D. 雨后的“彩虹”
3. 2022年6月17日，中国人民解放军海军福建舰(简称福建舰)下水。福建舰配置电磁弹射和阻拦装置。电磁弹射是指以电磁力为加速手段，当电磁弹射的弹射车轨道与航母舰载飞机前轮接触，并处于强磁场中，弹射车内的导体通过强电流时，即可受到强大的推力，将航母舰载飞机弹出。如图所示，下列装置图能反映电磁弹射原理的是( )
A. B.
C. D.
4. 如图是“泼水成冰”的游戏。该游戏需要滚烫的开水在零下30℃以下的极寒环境下才能成功。关于“泼水成冰”的原理说法正确的是( )
A. 图中水蒸气在极寒环境下遇冷放热直接凝固成小冰晶
B. 用滚烫的开水而不用冷水是因为开水在短时间内能提供大量的水蒸气
C. 和“泼水成冰”形成原理相同的自然现象还有露的形成
D. 开水提供水蒸气的物态变化过程是升华，升华需要放热
5. 建设桥梁的过程中，要向水中沉放大量的施工构件。如图甲所示，假设一正方体构件从江面被匀速吊入江水中，在沉入过程中，其下表面到水面的距离h逐渐增大，构件所受浮力F1、钢绳拉力F2随h的变化如图乙所示(ρ水=1×103kg/m3)。下列判断正确的是( )
A. 构件的边长为 4m B. 构件的密度为 3×103kg/m3
C. 构件所受的最大浮力为 1.6×105N D. 构件所受的重力为 2×105N
6. 如图甲，放在粗糙程度不变的水平地面上的物体，用方向不变的力F向右拉物体，拉力F大小随时间的变化关系如图乙，物体的运动速度随时间的变化关系如图丙所示，则在t=3s、5s时，物体受到的摩擦力为( )
A. 2N 6N B. 6N 4N C. 2N 4N D. 4N 4N
7. 如图所示为气体打火机中的点火装置——压电点火器。当按下打火按钮时，会使压电材料两端分别出现异种电荷，通过相连的导线，在打火机的排气嘴处放电产生电火花，从而点燃燃料。如果导线A端带负电与导线B端之间形成放电，则关于气体打火机被点燃的过程，下列说法中正确的是( )
A. 按钮下压压电材料带电过程，是下压时创造了电荷
B. 按钮下压压电材料，压电材料将电能转化为机械能
C. 在AB间放电时，其间形成的电流方向是由B到A
D. 排气嘴喷出燃料的过程中，气体对外膨胀做功，气体的内能逐渐增大
8. 在如图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关S，电路正常工作。过了一会儿，一个电表的示数变大，另一个电表的示数变小，则下列判断中正确的是( )
A. 电阻R一定断路
B. 电阻R一定短路
C. 灯L的亮度可能不变
D. 灯L可能变亮
9. 下列所做的实验中，说法正确的有( )
①两次海绵形变程度不同，说明压力作用效果与受力面积有关
②用纸片盖住装满水的瓶口，倒立后纸片不下落，则大气压强等于水柱的压强
③洗手盆下的U形“反水弯”是一个连通器，能阻止臭气和飞虫由下水道进入室内
④船闸是利用物体的浮沉条件工作的
A. ①③ B. ②④ C. ①②③ D. ①②③④
10. 现有甲、乙两个完全相同的容器，盛有体积相同的不同液体，把一个鸡蛋分别放入两容器中，鸡蛋静止时的情形如图所示。鸡蛋在甲、乙两杯液体中受到的浮力分别为F甲浮、F乙浮，放入鸡蛋后两杯液体对容器底部的压强分别是p甲、p乙，则( )
A. F甲浮
C. F甲浮>F乙浮，p甲
11. 如图所示，重为2N的物体A放在水平桌面上，重为5N的物体B挂在动滑轮下，每个滑轮重为1N(不计绳重和摩擦)，B恰好可以匀速下降。现对A施加水平向左的拉力使B上升，当B以0.3m/s的速度匀速上升时，拉力大小为F。下列说法正确的是( )
A. 物体A受到2N的摩擦力
B. 拉力F的大小为6N
C. 拉力F的功率为1.2W
D. 物体B匀速上升的过程中，滑轮组的效率为83.3%
12. 下列对各光学现象的相应解释或描述，正确的是( )
A. 甲：入射光垂直射向镜面时，入射角等于90°
B. 乙：玻璃板水平向右移动时，玻璃板后面蜡烛的像的位置不变
C. 丙：实验前，需调整蜡烛、凸透镜和光屏的中心在同一高度
D. 丁：是远视眼矫正后的成像光路图
第II卷（非选择题）
三、填空题（本大题共7小题，共17.0分）
13. 2022年11月30日，神舟十四号和神舟十五号两个航天员乘组首次在中国人自己的“太空家园”相会，彰显中国人筑梦太空达到一个新高度。
(1)搭载神舟十五号载人飞船的长征二号F遥十五运载火箭，在酒泉卫星发射中心按照预定时间精准点火发射。火箭的燃料使用液态氢，主要是因为液态氢的______ 大，液态氢燃烧时热值______ (选填“变大”、“变小”或“不变”)。
(2)空间站在轨运行时，太阳能电池板把太阳能转化为______ 能提供给空间站上的用电器。有阳光时，若空间站光伏发电的功率为70000W，则2h可发电______ kW⋅h。
(3)如图所示，“天宫课堂”上，航天员王亚平将两块透明板上的水球接触后合成一个，然后将两块透明板分开，中间形成一个长约10cm的液桥，这一实验说明______ 。
14. “自制滴管”：通过吸管可以将水从甲杯移到乙杯中。在a、b、c、d、e五个实验中，与该实验应用的物理知识一样的是______ 两个(填写字母)；还有______ 两个实验(填写字母)应用的物理知识一样，这两个实验说明了______ 。
15. 如图所示，电源电压为6V并保持不变，电阻R1的阻值为10Ω。当开关S闭合时，电压表示数为2V。则通电2min电阻R2消耗的电能为 J。
16. 航拍无人机，飞行器接受遥控器发射的______ (选填“超声波”或“电磁波”)实现各种飞行要求。航拍时，物体通过镜头成倒立缩小的实像，为了镜头里能出现更多景色，那么需要飞行器飞得______ (选填“高”或“低”)些。
17. 扫地机器人已经进入普通家庭，扫地机器人扫地时通过电动机的高速旋转而使周围空气流速加快，压强变______ ，灰尘能“吸”进积尘盒，扫地机器人能自动躲造障碍物的原理有两种：一种利用了仿生技术，类似于蝙蝠飞行，采用超声波来判断障碍物及空间方位；另一种利用了传感技术，靠发射跟电视机遥控器一样的______ 线，来侦测、判断障碍物及空间方位。
18. 如图所示，为一轻质杠杆，重为50N的物体挂在杠杆的中点，在a位置时拉力F的大小为______N，若拉力F始终与杠杆保持垂直，那么，将杠杆从a位置拉到b位置的过程中，拉力F的大小将______(选填：“变大、“变小”或“不变”)
19. 如图所示，R1的阻值为5Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为40Ω，电源电压保持4.5V不变，电流表量程为“0−0.6A”，电压表量程为“0−3V”。为保证电路安全，R2接入电路中的最小阻值为______Ω，R1消耗的最小功率为______W。
四、作图题（本大题共2小题，共4.0分）
20. 如图鱼缸内一条金鱼A，B是小文从空气中看到的这条金鱼的像，夜间在C处用一激光灯将金鱼照亮。请完成其光路图(保留作图痕迹)。
21. 根据图中小磁针静止时的指向，在A点标出通电螺线管磁感线的方向和电源左端的极性(“+”或“−”)。
五、实验探究题（本大题共3小题，共17.0分）
22. 花花淘到一小块“陨石”，但它的真实性和陨石的种类难以确认。恰逢学校物理实验课要求测量物质的密度，花花就对这块“陨石”的密度进行了测量(如图)，想要通过密度来鉴别其真伪。
(1)她把天平放在水平桌面上，将游码移到标尺左端的零刻度线处，此时指针偏向如图甲所示，则应将平衡螺母向 (填“左”或“右”)调节，使天平平衡。
(2)天平平衡后，砝码质量和游码对应刻度如图乙所示，记下陨石的质量为m1，将“陨石”放入盛有40mL水的量筒中，水面升高至如图丙所示，则该“陨石”密度ρ= kg/m3。她完成实验后发现“陨石”有吸水性，请你帮他判断此测量值与陨石真实密度值相比 (填“偏大”、“偏小”或“准确”)。
(3)若在实验过程中，花花不小心将量筒打碎，经过思考，她采取了以下步骤测量陨石的体积(如图丁)：先将吸足水的“陨石”放入盛水的烧杯中，把小石块浸没，在水面到达的位置做上标记；接着取出小石块，测得烧杯和水的总质量为m2；最后往烧杯中加水，直到标记处，再测出此时烧杯和水的总质量为m3，则“陨石”的密度为 (用m1、m2、m3、ρ水表示)。
23. 小金同学在做“测量小灯泡电阻”的实验中，所用小灯泡正常发光时电压为2.5V。
(1)请你根据图甲，用笔画线代替导线，将图乙中的电路图连接完整(要求：滑动变阻器滑片P向右移动时灯泡变暗，且导线不交叉)。
(2)实验过程中若误将电压表与电流表互换位置，则两只电表的示数为______ 。
A.电压表无示数，电流表有示数
B.电压表有示数，电流表无示数
(3)丙图是实验过程中小灯泡两端电压−电流关系图，根据图像，小灯泡正常发光时的电阻是______ Ω。
(4)在操作过程中，电流表指针如图丁所示，若要使小灯泡正常发光，滑片应向______ (选填“A”或“B”)端滑动。
(5)闭合开关，发现电流表和电压表的示数都为零，若是小灯泡或滑动变阻器R2发生故障，则故障是______ 。
(6)若把小灯泡换成电阻，则下列操作中和本实验中多次测量的目的相同的是______ 。
A.“研究杠杆平衡的条件”时，改变动力(臂)和阻力(臂)，多次测量
B.“测量物体的长度”时，多次测量
C.“研究串、并联电路的电流特点”时，换用不同定值电阻，多次测量
24. 在探究热现象的实验中，小红将质量相等的冰和石蜡分别装在两个相同的试管中，并放在一个装有水的大烧杯中进行加热，如图甲所示，根据实验数据绘制的温度随时间变化的图象，如图乙所示，请回答下列问题：
(1)将两试管放在同一个装有水的大烧杯中进行加热，目的是______。
(2)由图乙可知，______(选填“A”或“B”)是冰，该物质在第4分钟时的状态为______，冰在熔化过程中______增大(选填“分子动能”或“分子势能”)，当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾井持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，其原因可能是______。
(3)加热1分钟，冰、石蜡均为固态，由图乙可知，此时______(选填“冰”或“石蜡”)的比热容较大。
六、计算题（本大题共3小题，共26.0分）
25. 为响应国家“低碳环保，节能减排”的号召，我市新上线一批以天然气为燃料的新型公交汽车，其参数如图所示某次行驶过程中，汽车搭载人员及物品共3000kg，所受阻力为总重力的0.01倍.在40s时间内匀速直线行驶400m，共消耗天然气0.025kg(天然气完全燃烧，其热值为6.4×107J/kg，g=10N/kg)。针对此次行驶过程，求：
长度
12m
高度
3.2m
客车质量
13000kg
核载人数
75人
最大功率
180kW
最高时速
70km/h
轮胎与地面总接触面积
0.04m2
(1)汽车对地面的压强。
(2)汽车的功率。
(3)汽车发动机的效率。
26. 图甲是一款紫砂电饭锅，其简化电路如图乙所示，R1、R2是电热丝，R1的阻值为110Ω，通过单独或同时闭合S1、S2实现低温、中温、高温三个挡位间的切换，其铭牌如图表所示，求：
加热效率
80%
额定电压
220V
电功率
低温挡
440W
中温挡
880W
高温挡
(1)低温挡加热时电流的大小；
(2)电热丝R2的阻值；
(3)已知粥的比热容c=4.0×103J/(kg⋅℃)，将2kg的粥用高温挡从20℃加热到100℃需要的时间。(结果保留整数)
27. 如图所示，底面积为100cm2的圆柱形容器内盛有一定量的水，将一重力为6N的木块A放入水中，再将另一重力为2N的合金块B放在木块A的上方，此时木块A恰好有45的体积浸入水中(ρ水=1.0×103kg/m3,g取10N/kg)。求：
(1)此时木块A受到的浮力大小；
(2)木块A的密度；
(3)若取走合金块B，水对容器底部压强的变化量。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：A.首饰店里是用超声波清洗首饰的，是利用声波传递能量的性质，故A错误；
B.禁止鸣喇叭，这是在声源处减弱噪声，故B错误；
C.声音在15℃空气中传播速度为340m/s，故C正确；
D.音色是判断发声体的依据，“乡音无改”是指音色未变，故D错误。
故选：C。
(1)声音可以传递信息与能量；
(2)控制噪声的途径有三个：在声源处，在传播过程中和在人耳处；
(3)声音在15℃空气中传播速度为340m/s；
(4)音色是发声体的材料和结构决定的。
本题考查了声音的相关知识，内容比较简单，属于基础知识的考查。
2.【答案】A
【解析】解：A.树荫下的“亮斑”是光的直线传播现象，故A正确；
B、菜园坝大桥的“倒影”，是由光的反射形成的，故B错误；
C、小鸟追车“照相”，属于折射现象，故C错误；
D、雨后的“彩虹”是光的色散，是由光的折射形成的，故D错误。
故选：A。
灯台下方射出的光透过平板，部分受到沙子的阻挡，形成明暗对比，呈现出一幅栩栩如生的画面，该现象的形成原因是光在同种均匀介质中沿直线传播。
本题考查光沿直线传播的应用，属于基础题。
3.【答案】D
【解析】由题意可知，电磁弹射器的弹射车与飞机前轮连接，并处于强磁场中，当弹射车内的导体通以强电流时，即可受到强大的推力，由此可知其原理是通电导体在磁场中受力而运动；
A.奥斯特实验，说明了电流周围存在磁场，与电磁弹射器工作原理不一致，故A不正确；
B.图中没有电源，闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动，产生感应电流，为电磁感应实验，与电磁弹射器工作原理不一致，故B不正确；
C.实验探究的是电磁铁的磁性与线圈匝数的关系，匝数越多，磁性越强，与电磁弹射器工作原理不一致，故C不正确；
D.图中有电源，通电导体棒在磁场中受力而运动，即与电磁弹射器工作原理相同，故D正确。
故选：D。
电磁弹射是指以电磁力为加速手段，采用电磁的能量来推动被弹射的物体向外运动。根据通电导体在磁场中受到磁场力的作用分析解答。
对于电磁学中的电流磁效应、磁场对通电导体有力的作用、电磁感应实验区分要注意条件。
4.【答案】B
【解析】解：A、图中的水蒸气在极寒环境下遇冷放热直接凝华成小冰晶，故A错误；
B、用滚烫的开水而不用冷水是因为开水更容易汽化为水蒸气，在短时间内能提供大量的水蒸气，故B正确；
C、泼水成冰”形成原理是水蒸气的凝华现象，雾是水蒸气的液化现象，故C错误；
D、开水提供水蒸气的物态变化过程是汽化，汽化需要吸热，故D错误。
故选：B。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；物质由气态变为液态的过程叫液化，物质由液态变为气态的过程叫汽化；物质由固态变为液态的过程叫熔化，物质由液态变为固态的过程叫凝固。
六种物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的。凝固、液化、凝华是放热的。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
5.【答案】B
【解析】解：A、由乙图可知当构件完全浸没时，下表面到水面的距离为2m，所以构件的边长为2m，故A错误；
BCD、由乙图可知构件浸入水中的过程中排开水的体积逐渐变大，根据阿基米德原理可知构件所受浮力F1变大，钢绳拉力F2变小，构件完全浸没时，所受浮力达到最大，钢绳拉力最小，由图可知拉力F2的最小值为1.6×105N，
构件的体积：V=2m×2m×2m=8m3，
构件完全浸没时受到的浮力：F1=ρ水gV=1×103kg/m3×10N/kg×8m3=8×104N，故C错误；
则构件的重力：G=F1+F2=8×104N+1.6×105N=2.4×105N，故D错误；
构件的质量：m=Gg=2.4×105N10N/kg=2.4×104kg，
构件的密度：ρ=mV=2.4×104kg8m3=3×103kg/m3，故B正确。
故选：B。
(1)由乙图可知当构件完全浸没时，下表面到水面的距离为2m，所以构件的边长为2m；
(2)由乙图可知构件浸入水中的过程中排开水的体积逐渐变大，根据阿基米德原理可知构件所受浮力F1变大，钢绳拉力F2变小，构件完全浸没时，所受浮力达到最大，钢绳拉力最小，由图可知拉力F2的最小值，根据体积公式计算构件的体积，根据阿基米德原理计算构件完全浸没时受到的浮力，构件的重力等于构件受到分浮力与拉力之和，根据m=Gg计算构件的质量，根据密度公式计算构件的密度。
本题考查阿基米德原理、重力公式、密度公式的灵活运用，正确读取图中信息是解题的关键。
6.【答案】D
【解析】由丙图可知，当物体在4～6s时，物体处于匀速直线运动状态，物体受到的拉力和滑动摩擦力是一对平衡力，大小相等；
由乙图可知，当物体在4～6s时，物体受到的拉力为4N，所以物体受到的滑动摩擦力f=F=4N；
由丙图可知，当t=3s时，物体处于加速运动状态，由于物体对水平地面的压力不变，接触面的粗糙程度不变，所以物体受到的滑动摩擦力不变，仍然为4N。故A、B、C不符合题意，D符合题意。
故选：D。
分析：由F−t图象可以得出物体在不同时刻所受到的拉力大小，由v−t图象找出物体什么时候处于平衡状态，然后由二力平衡条件求出物体所受摩擦力的大小。
本题考查了摩擦力的计算和二力平衡知识的应用，要求理解和掌握。
7.【答案】C
【解析】解：A、按钮下压压电材料带电过程，是下压时电荷发生了转移，并不是创造了电荷，故A错误；
B、按钮下压压电材料，压电材料将机械能转化为电能，故B错误；
C、在AB间放电时，电子从A到B，电子带负电，电子实际移动得到方向与电流的方向相反；物理学中规定正电荷定向移动的方向为电流的方向，所以其间形成的电流方向是由B到A，故C正确；
D、排气嘴喷出燃料的过程中，气体对外膨胀做功，气体的内能逐渐减少，故D错误。
故选：C。
(1)压电材料工作时带电不是创造了电荷，是电荷从一个物体转移到另一物体。
(2)按钮下压压电材料，压电材料将机械能转化为电能。
(3)物理学中规定：正电荷定向移动的方向为电流的方向。
(4)排气嘴喷出燃料的过程中，气体对外膨胀做功，气体的内能减少。
知道摩擦起电的实质；知道电流方向的规定；知道压电材料工作时的能量转化过程；知道物体对外做功，内能减少。
8.【答案】D
【解析】解：两表一个示数变大，另一示数变小有两种可能：
①电流表的示数变大，电压表的示数变小，则应该是电路中电阻R局部短路，导致总电阻变小，电压表的示数为零，而灯泡中电流增大，即灯泡变亮；
②电压表的示数变大，电流表的示数变小，则应该是电路中电阻R断路，电流表的示数为零，电压表的示数为电源电压值，此时电路中电流为零，灯泡熄灭。
由以上分析可得，A、B、C错误，D正确。
故选：D。
由图可知R与灯泡L串联，电压表测量R两端的电压；由电路中两表示数的变化可知故障的可能性，则由讨论可得结果。
本题考查学生对于电路故障分析的能力，要求学生能正确分析电路，并且全面考虑题目中出现的可能性。
9.【答案】A
【解析】解：
①控制压力相同，而受力面积不同，根据海绵的凹陷程度可反映压力的作用效果，说明压力作用效果与受力面积有关，故①正确；
②1标准大气压能支持10m高的水柱，故②错误；
③洗手盆设计的 U 型反水弯是连通器，连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平，可以防止异味，是利用了连通器的原理，故③正确；
④船闸底部相通、上端开口，是利用了连通器，故④错误。
故选：A。
(1)通过海绵的凹陷程度来反映压力的作用效果，采用了转换法；压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，实验时应采用控制变量法，
(2)1标准大气压能支持10m高的水柱；
(3)连通器的原理：连通器中装同种液体时，液体静止时，液面相平。
本题探究“压力的作用效果跟什么因素有关”、大气压的大小以及连通器的有关知识，难度不大。
10.【答案】B
【解析】解：
由图可知，鸡蛋在甲杯液体中漂浮，其受到的浮力等于鸡蛋的重力；鸡蛋在乙杯液体中悬浮，其受到的浮力也等于鸡蛋的重力；因同一鸡蛋的重力不变，所以鸡蛋在甲、乙两杯液体中所受浮力大小相等，即：F甲浮=F乙浮；
鸡蛋在甲杯液体中漂浮，则甲液体密度大于鸡蛋的密度；鸡蛋在乙杯液体中悬浮，则乙液体的密度等于鸡蛋的密度，所以ρ甲>ρ乙，两液体的体积相同，根据G=mg=ρgV可知，甲液体的重力大于乙液体的重力；
因容器为柱形容器，且鸡蛋在两液体中分别处于漂浮和悬浮状态，则液体对容器底部的压力等于液体与鸡蛋重力的和，所以甲杯底部受到液体的压力大，根据p=FS可知，容器底部受到的压强：p甲>p乙；
综上所述，B正确。
故选：B。
(1)根据物体的浮沉条件判断鸡蛋在甲、乙两杯液体中所受浮力的大小关系；
(2)鸡蛋在甲杯液体中漂浮，则甲液体密度大于鸡蛋的密度；鸡蛋在乙杯液体中悬浮，则乙液体的密度等于鸡蛋的密度；据此得出两种液体的密度大小关系；又知道两液体的体积相同，根据m=ρV可知两液体质量的关系，根据G=mg可知两液体的重力关系；因容器为柱形容器，且鸡蛋在两液体中分别漂浮和悬浮，则液体对容器底部的压力等于液体与鸡蛋重力的和，最后根据压强公式p=FS可比较液体对容器底部的压强大小关系。
本题考查了物体浮沉条件、重力公式和压强公式的综合应用，注意：虽然能判断两种液体的密度大小关系，但由于密度大的液体的深度较小，则不能用液体压强公式进行判断，需要用压强定义式解答。
11.【答案】AD
【解析】解：
A、由图可知n=3，因为不计绳重及摩擦，所以绳子自由端的拉力(即滑轮组对物体A的拉力)：FA=1n(GB+G动)=13×(5N+1N)=2N，
B匀速下降，物体A匀速向右运动时，受到向右的拉力FA和向左的摩擦力作用，由二力平衡条件可得，物体A受到的摩擦力：f=FA=2N，故A正确；
B、当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用，
由于物体A对桌面的压力大小和接触面的粗糙程度都不变，则摩擦力大小不变，
所以，由力的平衡条件可知，此时的拉力：F=FA+f=2N+2N=4N；故B错误；
C、绳子自由端移动的速度(即物体A运动的速度)：vA=nvB=3×0.3m/s=0.9m/s，
则拉力F的功率为：P=Wt=Fst=FvA=4N×0.9m/s=3.6W；故C错误；
D、因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率：η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=5N5N+1N×100%≈83.3%，故D正确。
故选：AD。
(1)由图可知n=3，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求绳子自由端的拉力(即对物体A的拉力FA)；物体B匀速下降，物体A匀速向右运动，根据二力平衡条件求出物体A受到摩擦力的大小；
(2)当使物体B以0.3m/s的速度上升时，物体A匀速向左运动，此时A受到向右的拉力FA、摩擦力和向左的拉力F作用；根据影响滑动摩擦力大小的因素判断此时A受到的摩擦力大小，再由力的平衡条件可求出拉力F的大小；
(3)绳子自由端移动的速度vA=nvB，根据P=Wt=Fst=Fv可求拉力F的功率；
(4)利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求滑轮组的机械效率。
本题考查了二力平衡条件、使用滑轮组时绳子自由端拉力、功率和机械效率的计算，关键是从图中得出滑轮组绳子的有效股数。
12.【答案】BC
【解析】解：A.当入射光垂直射向镜面时，入射光线和法线重合，此时的入射角为0°，反射角等于入射角，所以入射角为0°，故A错误；
B.平面镜所成的虚像和物体关于平面镜对称，玻璃板水平移动，所在的平面没有变化，物体位置不变，则蜡烛的像的位置不变，故B正确；
C.为使烛焰的像成在光屏的中央，实验前需调整蜡烛、凸透镜和光屏的中心在同一高度，故C正确；
D.远视眼像成在视网膜的后方，需要配戴凸透镜矫正；近视眼像成在视网膜前方，配戴凹透镜矫正，所以这是近视眼矫正后的成像光路图，故D错误。
故选：BC。
(1)入射光线与法线之间的夹角为入射角；
(2)平面镜所成的像的大小与物体大小相同；
(3)调整凸透镜、光屏、烛焰的中心大致在同一高度上，这样做的目的是使物体的像能够成在光屏的中心；
(4)近视眼的成因：晶状体太厚或眼球前后径太长，使来自远处物体的光会聚于视网膜前方，造成看不清远处的物体；近视眼的矫正方法，需配戴凹透镜；远视眼的成因：晶状体太薄或眼球前后径太短，使来自近处物体的光会聚于视网膜后方，造成看不清近处的物体；远视眼的矫正方法，需配戴凸透镜。
本题考查了平面镜成像的特点、光的反射定律、凸透镜成像实验前器材的条件、近视眼的矫正方法，属于基础题。
13.【答案】热值 不变 电 140 分子间存在引力
【解析】解：(1)火箭的燃料使用液态氢，主要是因为液态氢的热值大，液态氢燃烧时热值不变，因为热值只与燃料的种类有关；
(2)空间站在轨运行时，太阳能电池板把太阳能转化为电能提供给空间站上的用电器；
有阳光时，若空间站光伏发电的功率为70000W=70kW，则2h可发电为：W=Pt=70kW×2h=140kW⋅h；
(3)航天员王亚平将两块透明板上的水球接触后合成一个，然后将两块透明板分开，中间形成一个长约10cm的液桥，这一实验说明分子间存在引力。
故答案为：(1)热值；不变；(2)电；140；(3)分子间存在引力。
(1)氢的热值大，与其它燃料相比，完全燃烧相同质量的液氢时可以放出更多的热量，所以用来做火箭的燃料；
(2)太阳能电池板工作时将太阳的光能转化为电能，根据W=Pt计算电能的多少；
(3)分子间存在相互作用的引力和斥力。
知道液氢的热值大；知道太阳能的光电转化；会根据W=Pt进行简单的计算；知道分子间的作用力。有一定综合性，但难度不大。
14.【答案】a、c d、e 在流体中，流速越大的位置压强越小
【解析】解：首先将吸管插入水中，水在大气压的作用下压入吸管，用手指堵住吸管上端，吸管内液体由于重力向下流动很小的距离时，吸管上部的气压减小，而吸管下端外部大气压不变，大气压托着管内液体流不出来，然后再将吸管移出水面到空杯上方，最后松开封住管口的手指，在大气压的作用下，塑料吸管的水流出；利用了大气压；
a、用吸管吸饮料时，嘴内的气压小于外界大气压，饮料在大气压力作用下被压入嘴中，利用了大气压；
b、热气球升空利用了空气浮力；
c、覆杯实验，装满杯子的水排出了空气，盖上纸片后杯子倒置，在大气压的作用下，杯子里的水流不出来；
d、向悬挂的气球一侧吹气，吹气的那一侧空气流速大压强小，因此气球向吹气的那侧飘；
e、从倒置的漏斗口向下吹气，乒乓球顶部空气流速大，压强小，在压强差的作用下，球掉不下来；
通过分析可知，与吸管实验应用的物理知识相同的是a和c；d和e的原理相同，这两个实验说明了，在流体中，流速越大的位置压强越小。
故答案为：a、c；d、e；在流体中，流速越大的位置压强越小。
先明确水在大气压的作用下压入吸管，其次要知道吸管内液体由于重力向下流动很小的距离，因此要用手指封住管口，然后可以把一只杯子中的水取出一些，移到另一只空杯中；分析a、b、c、d、e五个实验，根据大气受重力，具有流动性，因此大气存在压强；以及在气体和液体中，流速大的位置压强小，得出结论。
本题考查了大气压的应用以及学生的识图能力，注重了观察分析能力的考查，是中考的热点问题。
15.【答案】96
【解析】解：由图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压；
串联电路总电压等于各部分电压之和，由串联电路的电压特点可知R1两端的电压：U1=U−U2=6V−2V=4V，
串联电路各处电流相等，根据欧姆定律可得通过电路的电流：I=U1R1=4V10Ω=0.4A，
则通电2min电阻R2消耗的电能为：W=U2It=2V×0.4A×2×60s=96J。
故答案为：96。
由图可知，两电阻串联，电压表测R2两端的电压，根据串联电路的电压规律计算R1两端的电压，根据串联电路电流特点结合欧姆定律计算通过电路的电流，根据W=UIt计算通电2min电阻R2消耗的电能。
本题考查串联电路特点、欧姆定律、电功公式的灵活运用，属于基础题。
16.【答案】电磁波 高
【解析】解：航拍无人机，飞行器接受遥控器发射的电磁波实现各种飞行要求。航拍时，物体通过镜头成倒立缩小的实像，为了镜头里能出现更多景色，那么需要飞行器飞得高些，增大物距，成像范围更大。
故答案为：电磁波；高。
(1)当物体到凸透镜的距离大于两倍焦距时，凸透镜成倒立、缩小的实像；物距越大，像越小，像距越小，成像的范围越大。
(2)电磁波可以传递信息。
知道电磁波可以传递信息；知道凸透镜的成像规律。
17.【答案】小 红外
【解析】解：根据流体压强和流速的关系可知，扫地机器人扫地时通过电动机的高速旋转而使周围空气流速加快，压强变小，而外部空气流速不变，大气压不变，所以灰尘能“吸”进积尘盒。
扫地机器人能自动躲造障碍物的原理有两种：一种利用了仿生技术，类似于编幅飞行，采用超声波来判断障碍物及空间方位；另一种利用了传感技术，靠发射跟电视机遥控器一样的红外线，来侦测、判断障碍物及空间方位。
故答案为：小；红外。
(1)流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小。
(2)蝙蝠总是傍晚出来，追捕飞虫。它飞行可不是靠眼睛观察，而是靠嘴上一个小喇叭形的器官发出一种超声波，超声波遇到障碍物就反射回来，从而判断飞虫的位置；红外线是一种看不见的光，在现实生活中有实际的应用。据此分析解答。
本题借助于扫地机器人考查流体压强和流速的关系、超声波、红外线的应用。题目来源于生活，使学生能够学以致用，可以加深对知识的理解和提高学习的兴趣。
18.【答案】25；变小
【解析】解：由图示和题意可知，物体的重力为阻力，物体挂在杠杆的中点，则动力臂为阻力臂的2倍；
根据杠杆的平衡条件可得：F×L动=G×L阻，
则在a位置时拉力：F=L阻L动×G=12×50N=25N；
拉力F始终与杠杆保持垂直，将杠杆从a位置拉到b位置的过程中，动力臂L动大小不变(等于杠杆的长度)，在提升过程中，物重G不变，重力的力臂L阻逐渐变小，根据F×L动=G×L阻可知，拉力F将变小。
故答案为：25；变小。
分析杠杆的五要素，根据杠杆的平衡条件求拉力；
分析将杠杆缓慢提升一段距离过程中，动力臂与阻力臂的变化，根据杠杆的平衡条件分析拉力的变化。
本题考查对力臂的理解及杠杆的平衡条件的应用，难度适中。
19.【答案】2.5 0.45
【解析】解：由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器R2两端的电压，电流表测量电路总电流，
当电流表示数最大为I1=0.6A时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，
根据欧姆定律可得，电阻R1两端电压：U1=I1R1=0.6A×5Ω=3V，
因串联电路中总电压等于各分电压之和，
所以，滑动变阻器两端的电压：U2=U−U1=4.5V−3V=1.5V，
因串联电路中各处的电流相等，
则由欧姆定律可得，变阻器连入电路的最小阻值：Rmin=U2I1=1.5V0.6A=2.5Ω；
当电压表示数最大为U大=3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，电路中的电流是最小的，
此时R1两端电压：U1′=U−U2大=4.5V−3V=1.5V，
则电路中的最小电流：I小=U′1R1=1.5V5Ω=0.3A，
R1消耗的最小功率为：P1=I小2R1=(0.3A)2×5Ω=0.45W。
故答案为：2.5；0.45。
由电路图可知，滑动变阻器R2与电阻R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流，电流表示数最大为0.6A，电压表示数最大为3V，根据欧姆定律和串联电路的特点分别算出对应的滑动变阻器的最小阻值和电路的最小电流，根据功率公式求出最小功率。
本题考查了求滑动变阻器接入电路的阻值范围，注意求阻值范围时，根据电流表和电压表的最大值进行计算，并且会灵活运用欧姆定律。
20.【答案】解：由于折射时光路是可逆的，要用激光灯照亮鱼，需对准鱼的虚像照射，激光进入水中发生折射，折射光线射向金鱼，金鱼就被照亮，水中物体发出的光射向空气中时发生折射，折射角大于入射角，折射光线偏离法线，眼睛沿着折射光线会看到物体所成的虚像，在物体的上方；如图所示：
。
【解析】根据光从水中进入空气中时折射角大于入射角的规律作光路图即可。
此题通过作图考查了学生有关光的折射规律的知识，难点是确定光的入射点与光线的方向。
21.【答案】解：①根据异名磁极相互吸引的规律可知，通电螺线管靠近小磁针S极的一端为N极，所以通电螺线管的左端是S极，磁感线的方向由N极到S极。
②根据安培定则，伸出右手握住螺线管使大拇指指示通电螺线管的N极，则四指弯曲所指的方向为电流的方向，所以电流由螺线管的左端流入，即电源的左端为正极，电源右端是负极。如下图所示：
。
【解析】①根据磁极间的相互作用规律判断出通电螺线管的磁极；
②根据安培定则判断出电流的方向从而找到电源的正负极。
本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用以及磁感线方向的规定，要求学生不但要会由右手螺旋定则判断磁极的方向，还要会由右手螺旋定则判断电流方向。
22.【答案】左 3.1×103 偏大 m1m3−m2ρ水
【解析】解：(1)使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度，发现指针指在分度盘右侧，应向左调节平衡螺母，使天平平衡；
(2)天平平衡后，砝码质量和游码对应刻度如图乙所示，则“陨石”的质量为50g+10g+2g=62g；
将“陨石”放入盛有40mL水的量筒中，水面升高至如图丙所示60mL，陨石的体积为：V=60mL−40mL=20mL=20cm3，故“陨石”的密度为：ρ=mV=62g20cm3=3.1g/cm3=3.1×103kg/m3；
由于“陨石”吸水导致水和陨石的总体积变小；所以会使陨石的体积偏小，根据ρ=mV可知他这样做的目的可以避免因“陨石”吸水而使其密度测量值偏大；
(3)加入水的质量为：m水=m3−m2，
加入水的体积为：V水=m水ρ水=m3−m2ρ水，
“陨石”的体积为：V=V水=m3−m2ρ水，
“陨石”的密度为：ρ=mV=m1m3−m2ρ水=m1m3−m2ρ水。
故答案为：(1)左；(2)3.1×103；偏大；(3)m1m3−m2ρ水。
(1)使用天平之前，首先把天平放在水平桌面上，游码移到标尺左端的零刻度；称量之前，通过移动平衡螺母使天平平衡；左偏右调，右偏左调；
(2)物体的质量等于砝码的质量加游码在标尺上所对的刻度值；若陨石吸水，体积测量偏小，根据密度公式，密度测量会偏大，根据图示读出水和陨石的总体积，求出陨石的体积，由密度公式求出陨石的密度；
(3)“陨石”的体积的测量采用等效替代的方法：“陨石”浸没在水中到达标记，当“陨石”取出，往烧杯内加水到达标记处，“陨石”的体积和加入水的体积相等，知道加入水的质量和密度，求出加入水的体积，即“陨石”的体积，再根据密度公式ρ=mV计算石块的密度。
本题考查了天平的调节、天平的读数、量筒的读数以及固体密度的测量方法等，是一道综合题。
23.【答案】B 12.5 B 滑动变阻器R2断路 B
【解析】解：(1)滑动变阻器滑片P向右移动时灯泡变暗，说明电路中电流变小，滑动变阻器阻值变大，故滑动变阻器选用左下接线柱与灯泡串联在电路中，如下图所示：
；
(2)电压表与电流表互换位置，电压表串联接入电路中，电路相当于断路，电路中没有电流流过，由于电压表的正负接线柱与电源两极相连，所以电压表有示数，故选：B；
(3)由图丙可知，当灯泡两端电压为2.5V时，通过灯泡的额定电流为0.2A，则小灯泡正常发光时的电阻为：
R=ULIL=2.5V0.2A=12.5Ω；
(4)由图丙可知，电流表量程为0～0.6A，分度值为0.02A，此时电流表示数为0.24A，大于小灯泡正常发光时电流0.2A，所以滑动变阻器的电阻应变大，故滑片应向B端滑动；
(5)闭合开关，发现电流表示数为零，说明电路可能断路，电压表示数为零，说明电压表与电源没有连通，若是小灯泡或滑动变阻器R2发生故障，则故障是滑动变阻器R2断路；
(6)若把小灯泡换成电阻，则本实验中多次测量的目的是减小误差；
A、“研究杠杆平衡的条件”时，改变动力(臂)和阻力(臂)，多次测量是为了寻找普遍规律，故A不符合题意；
B、“测量物体的长度”时，多次测量是为了减小误差，故B符合题意；
C、“研究串、并联电路的电流特点”时，换用不同定值电阻，多次测量是为了寻找普遍规律，故C不符合题意；
故选：B。
故答案为：(1)见解答图；(2)B；(3)12.5；(4)B；(5)滑动变阻器R2断路；(6)B。
(1)滑动变阻器滑片P向右移动时灯泡变暗，说明电路中电流变小，滑动变阻器阻值变大，据此确定滑动变阻器选用的下端接线柱；
(2)电压表与电流表互换位置，电压表串联接入电路中，电路相当于断路，电路中没有电流流过，据此分析；
(3)根据图丙确定灯泡额定电压对应的额定电流，利用欧姆定律求出小灯泡正常发光时的电阻；
(4)根据电流表选用量程确定分度值读数，比较电流表示数与灯泡额定电流大小，据此确定滑动变阻器滑片的移动方向；
(5)闭合开关，发现电流表示数为零，说明电路可能断路，电压表示数为零，说明电压表与电源没有连通，据此分析；
(6)若把小灯泡换成电阻，则本实验中多次测量的目的是减小误差，据此分析。
本题测量小灯泡电阻的实验，考查了电路连接、故障分析、电阻的计算和多次测量的目的等知识。
24.【答案】受热均匀，保证冰和石蜡吸收的热量相等 A 固液共存 分子势能 达到沸点，不能持续吸热 石蜡
【解析】解：(1)将两试管放在同一个装有水的大烧杯中进行加热，目的有二，一是受热均匀，二是可以保证两种物质吸收的热量相等；
(2)由如图乙可知，A物质在0℃时，吸热温度不再升高，全部熔化为液体后，温度再升高，所以A为晶体，即A是冰；
该物质在第4分钟时，处在熔化过程中，有冰也有水，所以状态为固液共存的状态；
冰在熔化过程中，吸热温度不变，所以分子动能是不变的，但分子势能会增大；
当冰全部熔化后，继续加热使烧杯中的水沸腾并持续一段时间，发现试管中的水始终不会沸腾，是因为试管内外都为水，当外面的水沸腾时，温度不再升高，试管中的水温也能达到沸点，但到沸点后不能继续吸收热量，所以不会沸腾，即原因是：达到沸点，不能持续吸热；
(3)由图乙知，加热1分钟时，冰的温度升高的高，且两种物质的质量相等，即吸收相同的热量时，冰的温度变化大，由c=Qm△t可知，冰的比热容较小，石蜡的比热容较大。
故答案为：(1)受热均匀，保证冰和石蜡吸收的热量相等； (2)A； 固液共存；分子势能；达到沸点，不能持续吸热；(3)石蜡。
(1)水浴法加热主要目的是物体受热均匀，在同一烧杯加热还可以两物质吸收相同热量；
(2)当试管的内外都为水时，试管中的水是不会沸腾的，因为温度虽然能达到沸点，但到了沸点后，内外的温度相同，不能继续吸热，所以不会沸腾；
(3)根据c=Qm△t和图象可得结论；
本题考查熔化凝固及比热容的知识，知识点较多，是综合性题目，需要仔细分析。
25.【答案】解：(1)汽车总质量为：
m总=13000kg+3000kg=16000kg，
总重力为：
G总=m总g=16000kg×10N/kg=1.6×105N，
对地面的压力为：
F=G总=1.6×105N，
受力面积S=0.04m2，
对地面的压强为：
p=FS=1.6×105N0.04m2=4×106Pa；
(2)因为汽车匀速直线行驶，
汽车的牵引力为：
F=f=0.01G总=0.01×1.6×105N=1600N，
牵引力做的功为：
W=Fs=1600N×400m=6.4×105J，
汽车的功率为：
P=Wt=6.4×105J40s=1.6×104W=16kW；
(3)0.025kg天然气完全燃烧放出的热量为：
Q放=mq=0.025kg×6.4×107J/kg=1.6×106J，
汽车发动机的效率为：
η=WQ放×100%=6.4×105J1.6×106J×100%=40%。
答：(1)汽车对地面的压强为4×106Pa；
(2)汽车的功率为16kW；
(3)汽车发动机的效率为40%。
【解析】(1)先求出汽车总质量，利用G=mg求其总重力，对地面的压力等于总重力，知道受力面积，利用p=FS求对地面的压强；
(2)因为汽车匀速直线行驶，汽车受到的牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，利用F=f=0.01G总求出，再利用W=Fs求牵引力做的功，最后利用P=Wt求牵引力做功功率；
(3)利用Q=mq求0.025kg天然气完全燃烧放出的热量，汽车发动机的效率等于牵引力做的功与天然气完全燃烧放出的热量之比。
本题为力学和热学综合计算题，考查了重力公式、速度公式、功的公式、功率公式、压强公式、燃料完全燃烧放热公式、效率公式的应用，虽然知识点多、综合性强，但都属于基础，难度不大。
26.【答案】解：由电路图可知，只闭合S1时，电路为R1的简单电路，只闭合S2时，电路为R2的简单电路，同时闭合S1和S2时，R1和R2并联，并联电路中总电阻小于任何一个分电阻，即此时总电阻最小，由P=U2R可知，此时总功率最大，处于高温挡。电热丝R1的电功率为P1=U2R1=(220V)2110Ω=440W，
因此可知，当只闭合S1时为低温挡，只闭合S2时为中温挡。
(1)由P=UI可得，低温挡加热时的电流I低=P低U=440W220V=2A；
(2)只闭合S2时为中温挡，由P=U2R可得，R2的阻值为R2=U2P中=(220V)2880W=55Ω；
(3)粥吸收的热量Q=cmΔt=4.0×103J/(kg⋅℃)×2kg×(100℃−20℃)=6.4×105J，
由η=Q吸W可得，消耗的电能W=Q吸η=6.4×105J80%=8×105J，
高温挡时，P高=P低+P中=440W+880W=1320W，
由P=Wt可得，将2kg的粥用高温挡从20℃加热到100℃需要的时间为t=WP=8×105J1320W≈606s。
答：(1)低温挡加热时电流为2A；
(2)电热丝R2的阻值为55Ω；
(3)将2kg的粥用高温挡从20℃加热到100℃需要的时间为606s。
【解析】(1)当开关S1闭合、S2断开时，只有R1工作，当开关S2闭合、S1断开时，只有R2工作，当开关S1、S2都闭合时，R1、R2并联；根据并联电路的电阻特点和P=U2R可知高温挡的电路连接，利用P=U2R可求出只有R1工作时的电功率，对比铭牌数据可知低温挡和中温挡的电路连接；利用P=UI求得低温挡加热时的电流；
(2)根据中温挡的电功率和P=U2R可求出R2的阻值；
(3)利用Q吸=cm(t−t0)求出粥吸收的热量，根据题意求出电饭锅消耗的电能；利用并联电路的特点求出高温挡的电功率，利用P=Wt求出电饭锅需要的时间。
本题是一道电热综合题，主要考查并联电路的特点、电功和电功率公式以及吸热公式的应用，能正确分析不同状态下的电路连接是解题的关键。
27.【答案】解：(1)由图可知，A、B整体漂浮在水面上，则此时木块A受到的浮力为：
F浮=GA+GB=6N+2N=8N；
(2)由阿基米德原理可知，此时木块A排开水的体积为：
V排=F浮ρ水g=8N1.0×103kg/m3×10N/kg=8×10−4m3，
所以木块A的体积为：VA=54×8×10−4m3=10−3m3，
由G=mg=ρVg可知，木块A的密度为：
ρA=GAVAg=6N10−3m3×10N/kg=0.6×103kg/m3；
(3)因为容器为柱形容器，A、B整体漂浮在水面上，所以水对容器底的压力等于A、B及水的重力之和，
若取走B，水对容器底部压力减小量为：ΔF=GB=2N，
所以取走B，水对容器底部压强的减小量为：Δp=ΔFS=2N100×10−4m2=200Pa。
答：(1)此时木块A受到的浮力大小为8N；
(2)木块A的密度为0.6×103kg/m3；
(3)若取走合金块B，水对容器底部压强的变化量为200Pa。
【解析】(1)根据物体沉浮条件可求出此时木块A受到的浮力大小；
(2)根据阿基米德原理求出此时木块A排开水的体积，从而求出木块A的体积，根据G=mg=ρVg求出木块A的密度；
(3)因为容器为柱形容器，A、B整体漂浮在水面上，所以水对容器底的压力等于A、B及水的重力之和，若取走B，水对容器底部压力减小量为ΔF=GB，根据p=FS可求出水对容器底部压强的变化量。
本题考查了物体浮沉条件和阿基米德原理、重力公式、密度公式、压强公式的综合应用，灵活运用公式是解题的关键。
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