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2023年江苏省连云港市新海中学中考物理二模试卷（含解析）
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这是一份2023年江苏省连云港市新海中学中考物理二模试卷（含解析），共23页。试卷主要包含了72J等内容，欢迎下载使用。
2023年江苏省连云港市新海中学中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 古人云：“不积跬步，无以至千里。”商鞅规定：单脚迈出一次为“跬”，双脚相继迈出为“步”。按此规定，一名普通中学生正常行走时，1“步”的距离最接近( )
A. 1mm B. 1cm C. 1m D. 1km
2. 关于声现象的描述，下列说法正确的是( )
A. 图甲中，把耳朵贴在桌面上，听到轻敲桌子的声音，说明桌子能传声
B. 图乙中，超声波清洗机正在清洗眼镜，说明超声波能传递信息
C. 图丙中，摩托车安装消声器，可以在传播过程中处减弱噪声
D. 图丁中，蝙蝠靠次声波发现昆虫
3. 北京冬奥会以“二十四节气”作为开幕式的倒计时，彰显了中华民族悠久的文化内涵和历史积淀。下列与节气有关的物态变化，属于液化的是( )
A. 雨水，冰雪消融 B. 立夏，雾绕山峦 C. 霜降，霜满枝头 D. 大寒，滴水成冰
4. 关于安全用电，下列说法正确的是( )
A. 控制用电器的开关要连接在零线和用电器之间
B. 遇到有人触电，应立即用手将他拉离带电体
C. 洗衣机、电冰箱等用电器应使用两孔插座
D. 当试电笔的笔尖接触电线时，绝不允许用手再接触笔尖
5. 神箭飞天，梦想成真；祖国荣耀，写满太空。2022年6月5日10时44分07秒，“长征二号”2F运载火箭成功发射。六个半小时后，承载的神舟十四号载人飞船与在轨的“天和”号核心舱实现自主交会对接，盛世中华，举国欢腾。发射，对接场景，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 火箭加速升空过程中，神舟十四号飞船的机械能不变
B. 对接成功后，神舟十四号飞船的惯性消失
C. 对接成功后，以核心舱为参照物，神舟十四号飞船是静止的
D. 对接成功后，以地球为参照物，神舟十四号飞船做匀速直线运动
6. 图为某品牌共享电单车，其涉及到的物理知识正确的是( )
A. 没有网络传递信息，是无法实现手机扫二维码开锁的
B. 车座呈马鞍型，增大了人与车座的受力面积，压强增大
C. 车胎上有凹凸不平的花纹，可以减小与地面的摩擦力
D. 后轮上的电动机，利用电磁感应原理将电能转化为机械能
7. 利用如图所示的滑轮组测量机械效率时，实验中将重为6N的物体用时5s缓慢匀速提高10cm，弹簧测力计的示数为2.4N。则下列说法正确的是( )
A. 滑轮组做的有用功为0.72J
B. 拉力做的总功为0.6J
C. 滑轮组的机械效率为83.3%
D. 拉力做功的功率为0.12W
8. 要测未知电阻Rx的阻值，现提供电压未知的电源、2只电流表、阻值为20欧姆的定值电阻R0、未知电阻Rx、开关、导线若干。小路同学设计了如图甲所示电路图，并据图连接电路，闭合开关S，电流表A1和A2的示数分别如图乙和图丙所示，则Rx的阻值为( )
A. 5欧姆 B. 10欧姆 C. 15欧姆 D. 20欧姆
9. 如图所示是测量某种液体密度的实验情景。下列关于实验过程的说法中正确的是( )
A. 把托盘天平放在水平工作台上，将游码移到标尺左端零刻度线处，指针位置如图甲所示，应将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡
B. 将装有待测液体的烧杯放在天平左盘，平衡时，右盘砝码质量和称量标尺上的示数值如图乙，待测液体和烧杯的总质量为82.2g
C. 将烧杯中适量的液体倒入量筒内，液面位置如图丙，则量筒中的液体体积为50mL
D. 称得剩余液体和烧杯的总质量为22g，计算得出液体的密度为0.8g/cm3
10. 如图所示的电路，电源电压保持不变，R1=10Ω，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P在最右端时，电流表的示数为0.25A；把滑片P移到中点时，电流表的示数为0.4A，则下列说法正确的是( )
A. 滑片P在最右端时，通过R1、R2的电流之比为5：8
B. 滑片P在最右端时，R1、R2电功率之比为1：3
C. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω
D. 电源电压为12V
11. 2022年4月16日，神舟十三号载人飞船返回舱成功着陆，神舟十三号载人飞行任务取得圆满成功。返回舱进入大气层，与空气摩擦温度升高是通过______ (选填“热传递”或“做功”)方式改变内能：返回舱进入大气层的机械能转化为舱体、空气等的内能，但这些内能无法自动转化回去。这是因为能量的转移和转化是有______ 的。
12. “西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”([唐]张志和《渔歌子》)。如图是白鹭在如镜的水面上飞行的情形。水中的“白鹭”是由光的 形成的 (选填“实”或“虚”)像。若水深3 m，当白鹭距离水面5 m时，它的像距离水面 m。
13. 如图所示，探究通电螺线管外部磁场的方向。
(1)玻璃板上均匀撒上铁屑，放上小磁针。闭合开关后，______玻璃板，铁屑分布情况表明，螺线管的外部磁场与______磁体周围的磁场相似。
(2)接通电路，小磁针静止时______极的指向是该点的磁场方向。
(3)调换电源的正负极，闭合开关，小磁针反方向偏转，说明通电螺线管外部的磁场方向与______有关。
14. 利用钢尺可完成多个物理实验。请结合以下实验操作，按要求回答问题。
(1)如图1(a)所示，将塑料尺接入电路，闭合开关。小灯泡不发光：将钢尺接入电路，闭合开关，小灯泡发光。说明钢尺是______ (选填“导体”、“绝缘体”或“半导体”)；
(2)如图1(b)所示，将钢尺一端压紧在桌面上，另一端伸出桌边，先用较小的力，再用较大的力分别拨动钢尺，观察钢尺振动的______ (选填“快慢”或“幅度”)。可比较两次钢尺发出声音的响度；
(3)如图2所示，用不同大小的力将钢尺弯曲，放手后将橡皮弹出，记录橡皮被弹出的距离，分析钢尺形变程度和橡皮弹出的远近之间的关系，可以探究弹性势能的大小与______ 的关系。
15. 2022年4月16日9时56分，神舟十三号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。神舟十三号载人飞行任务取得圆满成功，中国航天又站在了一个新的起点上。
(1)航天员翟志刚和王亚平身着“飞天”舱外航天服成功出舱，并完成在机械臂上安装脚限位器和舱外工作台等工作。航天服上的国旗呈现红色，说明她可以______ (选填“吸收”或“反射”)红光；机械臂工作时类似于人的手臂，属于______ (选填“省力”、“费力”或“等臂”)杠杆；
(2)“天宫课堂”第一课开讲。如图所示，王亚平老师演示了水中的乒乓球不受浮力的实验。由此可判断，核心舱内______ (选填“能”或“不能”)用U形管压强计研究液体的压强。核心舱内有许多可供航天员随时把握的固定把手，以防止航天员移位时，由于______ 继续运动而碰到舱壁。
16. 小明在“探究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了像到凸透镜的距离v跟蜡烛到凸透镜的距离u之间关系的图像，如图所示。凸透镜的焦距是______ cm，当u=15cm时成______ (选填“放大”“缩小”或“等大”)的像，把蜡烛从距凸透镜15cm处移动到20cm处的过程中，像逐渐______ (选填“变大”或“变小”)。
17. 2022年4月28日，“巅峰使命”珠峰科考全面启动。5月15日凌晨1点26分，中国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇从海拔4300m的科考营地顺利升空，4点40分达到海拔9032m，超过珠峰8848.86m的高度，创造了浮空艇大气科学观测的世界纪录。(g取10N/kg)
(1)该浮空艇总质量约2600kg，它受到重力的大小约为______ N；
(2)已知海拔4300m处的空气密度约为0.8kg/m3。如图所示，该浮空艇在营地升空前体积达9000m3，此时浮空艇受到的浮力大小约为______ N；
(3)“极目一号”浮空艇内部有三层：上层装有氦气(相同条件下氦气密度比空气小得多)，中间隔开，下层是空气。当悬于空中的浮空艇需要______ (选填“上浮”或“下降”)的时候，可以用上层的氦气排出下层的部分空气，以此改变自身重力，同时使整个浮空艇的压差在安全范围内。
18. 如图所示，请画出作用在杠杆B端上最小的动力F1和阻力F2的力臂l2。
19. 如图所示，凸透镜的主光轴与平静水面重合，F为焦点，点光源S发出一束光，请画出在水面处的反射光线以及其经凸透镜后的光线。
20. 在探究影响液体压强因素的实验中，用几根一端封有相同橡皮薄膜的玻璃管进行实验，在5号管中装入盐水，其它管中装入水，如图。
(1)玻璃管下方薄膜鼓起的程度可反映液体______的大小。
(2)根据图甲中三支相同玻璃管薄膜鼓起的程度，猜想：液体的压强可能与液体的质量、重力、体积或______有关。
(3)图乙中，4号管上段更粗，下段与2号管粗细相同，两管中水的总长度相同，发现两管薄膜鼓起的程度相同，可得：液体压强的大小与液体的质量、重力、体积都______。
(4)图丙中，5号管和2号管的液柱长度相等，利用5号管和2号管可探究液体压强与液体的______是否有关。
(5)为了探究液体长度对液体压强的影响，选用2号管和6号管进行实验，6号管水柱比2号管水柱长，实验时需控制两管水柱的______相等。
21. 小华用如图甲所示电路，测量标有“2.5V”字样小灯泡的电阻，现有器材。电源(3V)电流表、电压表、滑动变阻器(20Ω、2A)、开关、导线若干。
(1)根据图甲，用笔画线表示导线，将图乙中的实物图连接完整；
(2)闭合开关，移动滑片P，发现灯泡始终不亮，电流表示数为零，电压表示数等于电源电压，可判断故障是灯泡______ (选填“断路”或“短路”)；
(3)排除故障后进行实验。移动滑片P，当电压表示数为2.2V时，电流表示数如图丙，此时小灯泡的电阻为______ Ω(结果保留一位小数)；
(4)根据实验数据，分别画出小灯泡和滑动变阻器的I−U图像，如图丁。根据图像可知：小灯泡两端电压越大，电阻越______ (选填“大”或“小”)；
(5)分析图像可知：当滑动变阻器电阻与小灯泡电阻相等时，小灯泡消耗的功率是______ W。
22. 阅读短文，回答问题：
拥抱5G时代5G电话通了，5G手术成功了，5G庭审开庭了……近期，5G“很忙”，形形色色的与5G有关的应用频频在我们视野中出现。
5G技术突破了数据传输的瓶颈，实现了端到端的高速率、低时延、广连接，5G技术即将在移动终端大规模推出。无论是1G、2G、3G，还是4G、5G，无论什么黑科技、白科技，博大精深的无线通信技术奥秘全部都蕴含在物理学中的基本公式“c=λf”，即“光速=波长×频率”(国际单位制中，波长的单位为米；频率的单位为赫兹)。
电磁波的功能特性，是由它的频率决定的，不同频率的电磁波，有不同的用途。频率越高，能使用的频率资源越丰富，其传输速率就越高，同时，频率越高，波长越短，越趋近于直线传播(绕射能力越差)，在传播介质中的衰减也越大。
5G技术采用了高频段，其最大的问题就是传输距离大幅缩短，覆盖能力大幅减弱。为了解决这一问题，需要增加覆盖同一区域的5G基站的数量，将来我们身边将会出现很多的“微基站”“天线阵列”，只有这样，同一基站下的两个用户就可以不通过基站直接实现手机间的传输。
(1)短文中所说的“5G传输速率”与物理课本中所学习的“电磁波在真空中的传播速度”，______ (选填“是”或“不是”)同一概念；
(2)5G技术的难点是______ 大幅缩短；
(3)技术人员通过______ 方法突破数据传输的瓶颈；
(4)国际上主要使用30GHz(1G=109)电磁波进行5G商用的频段试验，利用文中提到的知识，估算5G商用电磁波的波长为______ m。
23. 爸爸开满载质量为1.5×103kg的汽车带小明去旅行，如图甲所示，若汽车做直线运动，牵引力的功率恒为9×104W。运动过程中受到的阻力保持不变，运动的速度v与时间t的关系如图乙所示，则：(g取10N/kg)
(1)在10～15s内，牵引力做了多少功？
(2)运动过程中受到的阻力是多少？
(3)小轿车满载时，车轮与地面的总接触面积为0.04m2，则地面受到的压强是多大？
24. 如图是某电蒸锅的内部简化电路图，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为484Ω，加热挡功率为1200W。用此电蒸锅对质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃，需要的时间为375s，已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。求：
(1)保温挡的功率。
(2)电阻R2的阻值。
(3)电蒸锅的加热效率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：由题知，举足一次为“跬”，举足两次为“步”，则1步=2跬，一名普通中学生正常行走时，单脚迈出一次的距离大约0.5m，所以1“步”的距离最接近1m。
故选：C。
已知举足两次为“步”，根据中学生平时走路时两脚之间的距离估测1“步”的距离
本题考查了长度的估测，关键是明确“跬”和“步”的含义，此题难度不大，属于基础知识。
2.【答案】A
【解析】解：A、声音的传播需要介质，即声音可以在固态、液体、气体中传播，把耳朵贴在桌面上，听到轻敲桌子的声音，说明桌子能传声，故A正确；
B、声音能传播能量，利用超声波清洗机消洗眼镜说明超声波能传递能量，故B错误；
C、减弱噪声有三种途径，分别为在声源处减弱、在传播过程中减弱以及在人耳朵处减弱，摩托车安装消声器，是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、蝙蝠飞行时会发出超声波，超声波向前传播遇到障碍物被反射回来，蝙蝠根据反射回来的时间和方位判断昆虫的位置，故D错误。
故选：A。
(1)声音的传播需要介质，固体、液体和气体都能够传播声音；
(2)声音能传播信息和能量；
(3)减弱噪声有三种途径，分别为在声源处减弱、在传播过程中减弱以及在人耳朵处减弱；
(4)蝙蝠飞行时会发出超声波，不是次声波。
本题主要考查声音的产生、传播以及防治噪声的途径，结合生活实际，易学好懂。
3.【答案】B
【解析】解：A、冰雪消融属于熔化现象，故A错误；
B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故B正确；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，故C错误；
D、滴水成冰是水的凝固现象，故D错误。
故选：B。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】D
【解析】解：A、家庭电路中，控制用电器的开关应该接在火线和用电器之间，当开关断开时，电路中不但没有电流通过，而且用电器与火线断开连接，防止人发生触电事故，故A错误；
B、有人触电时，用干燥的竹竿或木棍将人与火线挑开，或先切断电源，再实行施救措施，不能立即用手将他拉离带电体，防止施救者也触电，故B错误；
C、为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器，外壳一定要接地，所以需要使用三孔插座，故C错误；
D、当试电笔的笔尖接触电线时，绝不允许用手再接触笔尖，防止人触碰到火线发生触电事故，故D正确。
故选：D。
(1)家庭电路的开关应该装在火线和用电器之间，这样可防止断开开关后用电器仍带电；
(2)触电原因是直接或间接接触火线，一旦发生触电，先切断电源再救人；
(3)有金属外壳的家用电器，使用时金属外壳要接地；
(4)测电笔的工作原理：人站在大地上，手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触火线，火线和大地之间的电压是220V，测电笔和人是串联的，串联的电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，测电笔的电阻很大，分担的电压很大，人分担的电压很小，电压不高于36V，对人没有危害。
本题考查了安全用电原则、测电笔的使用方法和触电的预防，属于基础题目。
5.【答案】C
【解析】解：A、火箭加速升空过程中，质量不变，速度增加，动能增加，高度增加，重力势能增加，故神舟十四号飞船的机械能增加，故A错误；
B、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关，与物体的运动状态无关，对接成功后，神舟十四号飞船的质量不变，惯性不变，故B错误；
C、对接后，以核心舱为参照物，飞船与核心舱之间没有发生位置的改变，故飞船是静止的，故C正确；
D、对接成功后，以地球为参照物，飞船与地面间的位置不断发生变化，则神舟飞船是圆周运动的，故D错误。
故选：C。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能等于动能和势能之和；
(2)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关，与物体的运动状态无关；
(3)看被研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；反之就是静止的。
本题考查物体的惯性以及运动与静止相对性的判断，是一对综合题，难度不大。
6.【答案】A
【解析】解：A、手机扫二维码开锁利用的是电磁波传递信息，所以没有网络传递信息，是无法实现手机扫二维码开锁的。故A正确；
B、车座呈马鞍型，是在压力一定时，增大了人与车座的受力面积，压强减小。故B错误；
C、车胎上有凹凸不平的花纹，在压力一定时，接触面粗糙程度增大，可以增大与地面的摩擦力。故C错误；
D、后轮上的电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，工作时把电能转化成机械能。故D错误。
故选：A。
(1)手机扫二维码开锁利用的是电磁波传递信息；
(2)减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
(3)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(4)发电机是利用电磁感应原理制成的，工作时机械能转化成电能；电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，工作时把电能转化成机械能。
此题考查增大摩擦力的方法、减小压强的方法、电动机的原理和电磁波的传播，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
7.【答案】C
【解析】解：A、物体上升的高度为：h=10cm=0.1m，
所做的有用功为：
W有=Gh=6N×0.1m=0.6J，故A错误；
B、由图可知，滑轮组承担重物的绳子股数n=3，绳端移动的距离为：s=3h=3×0.1m=0.3m，
所以拉力做的总功为：
W总=Fs=2.4N×0.3m=0.72J，故B错误；
C、滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总×100%=0.6J0.72J×100%≈83.3%，故C正确；
D、拉力所做的功为W总=0.72J，所用的时间t=5s，所以拉力做功的功率为：
P=W总t=0.72J5s=0.144W，故D错误。
故选：C。
(1)利用W有=Gh求有用功；
(2)由图可知n=3，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功；
(3)利用η=W有用W总×100%求滑轮组的机械效率；
(4)利用P=W总t求拉力做功的功率。
本题考查使用滑轮组时有用功、总功、功率、滑轮组机械效率的计算等知识，是一道基础题。
8.【答案】B
【解析】解：由图可知，两电阻并联，电流表A1测量R0支路的电流，电流表A2测量干路电流，由乙图可知，流经R0支路的电流I1=0.1A，由丙图可知，干路电流I=0.3A，
由I=UR可得，R0两端电压U1=I1R0=0.1A×20Ω=2V，
根据并联电路的电流规律可得，流经未知电阻Rx的电流I2=I−I1=0.3A−0.1A=0.2A，
并联电路中各支路电压都相等，则未知电阻Rx两端电压U2=U1=2V，
由I=UR可得，Rx=U2I1=2V0.2A=10Ω。
故选：B。
由图可知，两电阻并联，电流表A1和A2的示数分别如图乙和图丙所示，已知阻值为20欧姆的定值电阻R0、读出A1的示数，利用欧姆定律公式变形可求得定值电阻R0两端电压，由图可知，定值电阻R0、未知电阻Rx并联，由此可知未知电阻Rx两端电压，根据并联电路的电流规律可求得流经未知电阻Rx的电流，然后可求得Rx的阻值。
此题主要考查欧姆定律的应用，其中涉及到并联电路的电压规律、电流规律等，有一定的综合性。
9.【答案】C
【解析】解：
A、由甲图可知，指针偏左，说明右盘偏轻，所以应将平衡螺母向右调节，使天平平衡，故A错误；
B、由图乙可知，待测液体和烧杯的总质量为50g+20g+10g+2g=82g，故B错误；
C、由图丙可知，量筒中的液体体积为50mL=50cm3，故C正确；
D、由题意可得，量筒中液体质量m=82g−22g=60g，液体密度ρ=mV=60g50cm3=1.2g/cm3，故D错误。
故选：C。
(1)根据天平称量质量前的调节方法分析即可；
(2)物体质量等于砝码质量与游码对应质量的和；
(3)根据丙图量筒读数即可；
(4)利密度公式计算即可。
本题考查了天平和量筒的使用、密度的计算，属于基础题。
10.【答案】B
【解析】解：A.由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器滑片P在最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流I=0.25A，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过R1、R2的电流之比为1：1，故A错误；
BCD.因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=UR可得，电源的电压
U=I(R1+R2)=0.25A×(10Ω+R2)……①
把滑片P移到中点时，电路中的电流I′=0.4A，则电源的电压U=I′(R1+12R2)=0.4A×(10Ω+12R2)……②
联立①②解得U=10V，R2=30Ω；滑动变阻器的最大阻值为30Ω，滑片P在最右端时，R1、R2电功率之比为P1：P2=I2R1：I2R2=R1：R2=10Ω：30Ω=1：3。
故B正确，CD错误。
故选：B。
(1)由图可知R1和R2串联，由串联电路电流规律判断，滑片P在最右端时通过R1、R2的电流之比；
(2)知道滑片P在最右端和中点时的电流，根据串联电路电阻的规律结合欧姆定律，分别列出关于电源电压的方程，联立方程组可解得电源电压和滑动变阻器的最大阻值；
(3)串联电路电路处处相等，根据欧姆定律可知，利用P=I2R求得电功率之比。
本题考查了串联电路的电流、电压、电阻的规律和欧姆定律、电功率计算公式的应用，能够灵活运用欧姆定律是解答本题的关键。
11.【答案】做功 方向
【解析】解：(1)返回舱进入大气层，与空气摩擦温度升高是通过做功方式改变内能做功；
(2)能量的转化、能量的转移、都是有方向性的，要逆向转化或转移能量，就会消耗其他的能量，返回舱进入大气层的机械能转化为舱体、空气等的内能，但这些内能无法自动转化回去。
故答案为：做功；方向。
(1)改变物体内能的方式有做功和热传递；
(2)能量的转化、能量的转移、都是有方向性的，要逆向转化或转移能量，就会消耗其他的能量。
本题考查做功改变物体内能等知识，综合性强，难度适中。
12.【答案】反射
虚
5
【解析】
【分析】
水中倒影属于镜面反射，所成像为虚像，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等。
本题考查了平面镜的成像特点，属于基础题。
【解答】
水中的“白鹭”属于倒影，所以是反射所成虚像；物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等。当白鹭距离水面5m时，它的像距离水面5m。
故答案为：反射；虚；5。
13.【答案】轻敲 条形 N 电流方向
【解析】解：(1)闭合开关，轻敲玻璃板，铁屑的分布情况通电螺线管周围的磁场与条形磁体的磁场相似，都有两个磁极。
(2)因为小磁针放入磁场，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同，所以实验中使用小磁针是为了指示磁场方向，从而判断该点的磁场方向；
(3)调换电源正负极，即改变螺线管中的电流方向，发现小磁针偏转方向改变，说明磁场方向与电流方向有关。
故答案为：(1)轻敲；条形；(2)N；(3)电流方向。
(1)据课本可知，通电螺线管周围的磁场与条形磁体的磁场相似；
(2)小磁针放入磁场，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同；
(3)当电流方向改变时，产生的磁场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变。
本题探究通电螺线管外部磁场的实验，考查了磁极间的相互作用及安培定则的应用，通电螺线管的磁场特点等。要求能熟练应用安培定则，由电流方向判断磁极方向，或由磁极方向判断电流方向。
14.【答案】导体 幅度 物体弹性形变程度
【解析】解：(1)如图1(a)所示，将塑料尺接入电路，闭合开关，小灯泡不发光：将钢尺接入电路，闭合开关，小灯泡发光。说明钢尺容易导电，是导体。
(2)如图1(b)所示，将钢尺一端压紧在桌面上，另一端伸出桌边，先用较小的力，再用较大的力分别拨动钢尺，观察钢尺振动的幅度，可比较两次钢尺发出声音的响度，探究声音的响度与声源振幅的关系；
(3)如图2所示，控制钢尺的长度相同，改变钢尺的形变程度，观察橡皮弹出的远近，分析钢尺形变程度和橡皮弹出的远近之间的关系，可以探究弹性势能的大小与物体弹性形变程度的关系。
故答案为：导体；幅度；物体弹性形变程度。
(1)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；
(2)响度的影响因素是振幅和距离发声体的远近；
(3)力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态；根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定实验探究的问题。
本题考查导体和绝缘体的辨析、声音的特性、势能的影响因素和控制变量法的应用，知识点较多，但难度不大。
15.【答案】反射 费力 不能 惯性
【解析】解：(1)不透明物体的颜色是由它反射的色光的颜色决定的；航天服上的国旗呈现红色，说明她可以反射红光；机械臂工作时类似于人的手臂，它的动力臂比阻力臂短，属于费力杠杆；
(2)王亚平老师演示了水中的乒乓球不受浮力的实验，物体处于失重状态，由此可判断，核心舱内不能用U形管压强计研究液体的压强。核心舱内有许多可供航天员随时把握的固定把手，以防止航天员移位时，由于惯性继续运动而碰到舱壁。
故答案为：(1)反射；费力；(2)不能；惯性。
(1)不透明物体的颜色是由它反射的色光的颜色决定的；动力臂比阻力臂短的杠杆是费力杠杆。
(2)物体在空间站处于失重状态，受到的重力为零；物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
知道物体的颜色之谜；知道杠杆的分类；知道失重和惯性。
16.【答案】10 放大 变小
【解析】由图像可以看出，当物体在20cm处时，像距也是20cm，此时成的是倒立等大的实像，此时u=20cm=2f，所以其焦距f=10cm；当u=15cm时，物体在一倍焦距和二倍焦距之间，成的是倒立放大的实像；把蜡烛从距凸透镜15cm处移动到20cm处的过程中，物体远离透镜，那么像就会靠近透镜，且像逐渐变小。
故答案为：10；放大；变小。
分析：当u=2f时，成倒立等大的实像，此时像距v=2f；当f
17.【答案】26000 72000 上浮
【解析】解：(1)浮空艇受到的重力为：
G=mg=2600kg×10N/kg=26000N；
(2)浮空艇受到的浮力大小为：
F浮=ρ气gV排=0.8kg/m3×10N/kg×9000m3=72000N；
(3)由于相同条件下氦气密度比空气小得多，当用上层的氦气排出下层的部分空气时，浮空艇的重力减小，而浮空艇的体积可认为不变，外部空气的密度大于内部气体的密度，根据阿基米德原理可知，浮空艇受到的浮力大于自身的重力，从而上升到空中。
故答案为：(1)26000；(2)72000；(3)上浮。
(1)根据G=mg得出浮空艇的重力；
(2)根据F浮=ρ气gV排算出浮空艇受到的浮力；
(3)根据浮沉条件和阿基米德原理公式分析解答。
本题主要考查学生对物体浮沉条件和浮力应用的了解与掌握，平时学习时，查查资料，了解浮空艇的原理，同时扩大自己的知识面。
18.【答案】解：由图可知，力F1作用在B点时，力臂L1最大，此时力F1最小，力F1示意图如图所示；过支点作力F2作用线的垂线段，即可做出力臂L2，如图所示：
【解析】阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，根据图示确定最大动力臂，然后作出最小的动力；从支点作力的作用线的垂线段，即可作出力的力臂。
求最小的力是常见的题型，关键是找到最大的动力臂，一般来说，支点与动力作用点的连线就是最大的动力臂。
19.【答案】
【解析】过F点垂直于水面作出法线，在法线左侧根据反射角等于入射角画出反射光线，因反射光线过凸透镜的焦点，则经凸透镜后将平行于主光轴射出。
分析：先根据光的反射定律画出反射光线；再根据凸透镜的三条特殊光线画出经凸透镜后的折射光线。
本题综合考查了光的反射定律、凸透镜的三条特殊光线，综合性强，要细心，易错题！
20.【答案】压强 深度 无关 密度 深度
【解析】解：(1)通过橡皮膜鼓起的程度反应液体压强的大小，利用的方法是转换法；
(2)相同的1、2、3号管中装的液体种类相同，且管内液体的深度逐渐增加，则橡皮膜鼓起的程度逐渐增大，说明液体的压强与深度有关，相应的质量、体积、重力也逐渐增大，所以猜想：液体的压强与液体的质量、重力、体积或深度有关；
(3)通过2号管和4号管的比较可见，4号管中液体的质量、体积、重力一定大于2号管，但二者橡皮膜鼓起的程度相同，说明液体的压强与质量、重力、体积无关，只与深度有关；
(4)探究液体的压强与液体的密度是否有关，利用控制变量法：5号管中盐水和2号管中的水比较，二者的深度相同，由于盐水的密度大于水的密度，则5号管橡皮膜鼓起的程度大；
(5)为了探究液体长度对液体压强的影响，利用控制变量法，2号管和6号管是相同的两支玻璃管，内装液体的种类相同、深度相同、长度不同时，橡皮膜鼓起的程度相同，表明液体的压强跟液体的长度无关。
故答案为：(1)压强；(2)深度；(3)无关；(4)密度；(5)深度。
(1)橡皮膜所受压力越大，则鼓起的程度越大，利用了转换法；
(2)由图甲可知，三只管装的液体深度不同，鼓起的程度不同，表明压强不同；
(3)图乙中两只不同管中装水的深度相同，橡皮膜鼓起的程度相同，表明压强相同；
(4)5号管和2号管装的液体深度相同，液体种类不同，橡皮膜鼓起的程度不同，表明压强不同；
(5)2号管和6号管装液体的种类、深度相同，长度不同，橡皮膜鼓起的程度相同，表明压强相同。
本题考查探究液体压强特点的实验，掌握p=ρ液gh是解答本题的关键。
21.【答案】断路 9.2 大 0.3
【解析】解：(1)已知小灯泡的额定电压为2.5V，故将电压表的“3”与灯L的右端相连，电源正极与滑动变阻器的右上端相连，如图所示：
；
(2)移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是灯泡断路；
(3)电流表选取量程为“0～0.6A”量程，分度值为0.02A，故电流大小为0.24A，根据欧姆定律灯丝电阻大小R=UI=2.2V0.24A≈9.2Ω；
(4)根据图像可知，电压越大，由 R=UI可知灯丝电阻越大，灯丝的电阻大小随温度的升高而增大；
(5)当灯泡电阻和变阻器电阻的大小相等时，根据U=IR可知，两者的电压相等，由图2乙可知小灯泡两端电压是U=1.5 V，通过的电流I=0.2A，则小灯泡的功率P=UI=1.5V×0.2A=0.3W。
故答案为：(1)见解答图；(2)断路；(3)9.2；(4)大；(5)0.3。
(1)根据电路图连接实物图，注意元件的顺序与电路图一致，电流表串联在电路中，电压表并联在灯泡两端，滑动变阻器应一上一下接入电路；
(2)小灯泡不亮，可能是灯泡断路或短路或灯泡之外的电路断路；电流表无示数，可能是电路断路或电流表短路；电压表有示数，说明电压表与电源两端相连接，电压表并联电路之外不存在断路，且与电压表并联电路无短路现象，综合分析可知灯泡不亮的原因是灯泡断路；
(3)明确电流表选取的量程和分度值，数出指针偏转的格子，读出电流表示数；再根据R=UI计算电阻值；
(4)灯丝电阻随温度的升高而增大；
(5)当滑动变阻器的电阻与小灯泡的电阻相等，由图2乙找到对应电流和电压值，根据P=UI计算功率。
本题考查电路连接、电流表读数、欧姆定律的应用、电功率的计算等，属于基本实验考查，难度不大。
22.【答案】不是 传输距离 增加覆盖同一区域的5G基站的数量 0.01
【解析】解：(1)短文中所说的“5G传输速率”与物理课本中所学习的“电磁波在真空中的传播速度”，不是同一概念，5G传输速率是指所使用电磁波的频率高，能使用的频率资源丰富；
(2)5G技术采用了高频段，传播速度c一定，由c=λf可知，其最大的问题就是传输距离大幅缩短，覆盖能力大幅减弱；
(3)为了解决这一问题，技术人员通过需要增加覆盖同一区域的5G基站的数量的方法突破数据传输的瓶颈；
(4)5G商用电磁波频率30GHz=30×109Hz，c=3×108m/s，由c=λf可知，则5G商用电磁波的波长λ=cf=3×108m/s30×109Hz=0.01m。
故答案为：(1)不是；(2)传输距离；(3)增加覆盖同一区域的5G基站的数量；(4)0.01。
(1)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的，电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3×108m/s；
(2)(3)(4)认真阅读材料，由c=λf进行解答。
本题考查信息的传输，以及频率与波长的关系，难度不大。
23.【答案】解：(1)由图像知道，在10～15s内，汽车做匀速直线运动，已知P=9×104W，由P=Wt知道，10～15s内牵引力做功W=Pt=9×104W×(15s−10s)=4.5×105J；
(2)10～15s内汽车运动的路程s=vt=30m/s×5s=150m，
由W=Fs知道F=Ws=4.5×105J150m=3×103N，
因为小汽车做匀速直线运动，所以f阻=F=3×103N；
(3)小汽车的满载质量为1.5×103kg，则满载时汽车的重力为G=mg=1.5×103kg×10N/kg=1.5×104N，
地面受到的压力F压等于汽车满载时的重力G，即：F压=G=1.5×104N，
则地面受到的压强是p=F压S=1.5×104N0.04m2=3.75×105Pa。
答：(1)在10～15s内，牵引力做功4.5×105J；
(2)运动过程中受到的阻力是3×103N；
(3)小轿车满载时，车轮与地面的总接触面积为0.04m2，则地面受到的压强是3.75×105Pa。
【解析】(1)由图可知：在0～10s内，汽车在做加速直线运动，牵引力大于阻力；由于汽车牵引力的功率恒定，牵引力的功可用W=Pt来计算；
(2)由图可知：在10～15s内，汽车在做匀速直线运动的速度，根据速度公式求出汽车通过的路程，根据W=Fs可知牵引力大小，牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，进而得出阻力大小；
(3)根据G=mg计算汽车的重力，根据F压=G得出地面受到的压力，根据p=FS求出地面受到的压强。
本题考查功、功率、重力、压强的有关计算，综合性强，难度适中。
24.【答案】解：(1)只闭合S1时，只有R1接入电路，电蒸锅处于保温挡，
由P=U2R可得保温挡功率P保=U2R1=(220V)2484Ω=100W；
(2)当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，电蒸锅处于加热挡，
则电阻R2的电功率P2=P热−P保=1200W−100W=1100W，
由P=U2R可得电阻R2=U2P2=(220V)21100W=44Ω；
(3)质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃水吸收的热量Q=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1.2kg×75℃=3.78×105J；
其消耗的电能W=P热t=1200W×375s=4.5×105J；
则该电蒸锅的加热效率η=QW×100%=3.78×105J4.5×105J×100%=84%。
答：(1)保温挡的功率为100W；
(2)电阻R2的阻值为44Ω；
(3)电蒸锅的加热效率为84%。
【解析】(1)只闭合S1时，只有R1接入电路，电蒸锅处于保温挡，由P=U2R可计算出保温挡功率；
(2)当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，电蒸锅处于加热挡，则由功率关系可求出电阻R2的电功率，然后由P=U2R可得电阻R2的阻值；
(3)由吸热公式Q=cmΔt可计算出水升温吸收的热量，由电能公式W=Pt可知其消耗的电能，两者之比即为加热效率。
本题考查了电功率公式、吸热公式、电功公式的应用，分清电蒸锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。
2023年江苏省连云港市新海中学中考物理二模试卷
学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________
注意事项:
1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
1. 古人云：“不积跬步，无以至千里。”商鞅规定：单脚迈出一次为“跬”，双脚相继迈出为“步”。按此规定，一名普通中学生正常行走时，1“步”的距离最接近( )
A. 1mm B. 1cm C. 1m D. 1km
2. 关于声现象的描述，下列说法正确的是( )
A. 图甲中，把耳朵贴在桌面上，听到轻敲桌子的声音，说明桌子能传声
B. 图乙中，超声波清洗机正在清洗眼镜，说明超声波能传递信息
C. 图丙中，摩托车安装消声器，可以在传播过程中处减弱噪声
D. 图丁中，蝙蝠靠次声波发现昆虫
3. 北京冬奥会以“二十四节气”作为开幕式的倒计时，彰显了中华民族悠久的文化内涵和历史积淀。下列与节气有关的物态变化，属于液化的是( )
A. 雨水，冰雪消融 B. 立夏，雾绕山峦 C. 霜降，霜满枝头 D. 大寒，滴水成冰
4. 关于安全用电，下列说法正确的是( )
A. 控制用电器的开关要连接在零线和用电器之间
B. 遇到有人触电，应立即用手将他拉离带电体
C. 洗衣机、电冰箱等用电器应使用两孔插座
D. 当试电笔的笔尖接触电线时，绝不允许用手再接触笔尖
5. 神箭飞天，梦想成真；祖国荣耀，写满太空。2022年6月5日10时44分07秒，“长征二号”2F运载火箭成功发射。六个半小时后，承载的神舟十四号载人飞船与在轨的“天和”号核心舱实现自主交会对接，盛世中华，举国欢腾。发射，对接场景，如图所示。下列说法正确的是( )
A. 火箭加速升空过程中，神舟十四号飞船的机械能不变
B. 对接成功后，神舟十四号飞船的惯性消失
C. 对接成功后，以核心舱为参照物，神舟十四号飞船是静止的
D. 对接成功后，以地球为参照物，神舟十四号飞船做匀速直线运动
6. 图为某品牌共享电单车，其涉及到的物理知识正确的是( )
A. 没有网络传递信息，是无法实现手机扫二维码开锁的
B. 车座呈马鞍型，增大了人与车座的受力面积，压强增大
C. 车胎上有凹凸不平的花纹，可以减小与地面的摩擦力
D. 后轮上的电动机，利用电磁感应原理将电能转化为机械能
7. 利用如图所示的滑轮组测量机械效率时，实验中将重为6N的物体用时5s缓慢匀速提高10cm，弹簧测力计的示数为2.4N。则下列说法正确的是( )
A. 滑轮组做的有用功为0.72J
B. 拉力做的总功为0.6J
C. 滑轮组的机械效率为83.3%
D. 拉力做功的功率为0.12W
8. 要测未知电阻Rx的阻值，现提供电压未知的电源、2只电流表、阻值为20欧姆的定值电阻R0、未知电阻Rx、开关、导线若干。小路同学设计了如图甲所示电路图，并据图连接电路，闭合开关S，电流表A1和A2的示数分别如图乙和图丙所示，则Rx的阻值为( )
A. 5欧姆 B. 10欧姆 C. 15欧姆 D. 20欧姆
9. 如图所示是测量某种液体密度的实验情景。下列关于实验过程的说法中正确的是( )
A. 把托盘天平放在水平工作台上，将游码移到标尺左端零刻度线处，指针位置如图甲所示，应将平衡螺母向左调节，使天平横梁平衡
B. 将装有待测液体的烧杯放在天平左盘，平衡时，右盘砝码质量和称量标尺上的示数值如图乙，待测液体和烧杯的总质量为82.2g
C. 将烧杯中适量的液体倒入量筒内，液面位置如图丙，则量筒中的液体体积为50mL
D. 称得剩余液体和烧杯的总质量为22g，计算得出液体的密度为0.8g/cm3
10. 如图所示的电路，电源电压保持不变，R1=10Ω，闭合开关S，滑动变阻器的滑片P在最右端时，电流表的示数为0.25A；把滑片P移到中点时，电流表的示数为0.4A，则下列说法正确的是( )
A. 滑片P在最右端时，通过R1、R2的电流之比为5：8
B. 滑片P在最右端时，R1、R2电功率之比为1：3
C. 滑动变阻器的最大阻值为20Ω
D. 电源电压为12V
11. 2022年4月16日，神舟十三号载人飞船返回舱成功着陆，神舟十三号载人飞行任务取得圆满成功。返回舱进入大气层，与空气摩擦温度升高是通过______ (选填“热传递”或“做功”)方式改变内能：返回舱进入大气层的机械能转化为舱体、空气等的内能，但这些内能无法自动转化回去。这是因为能量的转移和转化是有______ 的。
12. “西塞山前白鹭飞，桃花流水鳜鱼肥”([唐]张志和《渔歌子》)。如图是白鹭在如镜的水面上飞行的情形。水中的“白鹭”是由光的 形成的 (选填“实”或“虚”)像。若水深3 m，当白鹭距离水面5 m时，它的像距离水面 m。
13. 如图所示，探究通电螺线管外部磁场的方向。
(1)玻璃板上均匀撒上铁屑，放上小磁针。闭合开关后，______玻璃板，铁屑分布情况表明，螺线管的外部磁场与______磁体周围的磁场相似。
(2)接通电路，小磁针静止时______极的指向是该点的磁场方向。
(3)调换电源的正负极，闭合开关，小磁针反方向偏转，说明通电螺线管外部的磁场方向与______有关。
14. 利用钢尺可完成多个物理实验。请结合以下实验操作，按要求回答问题。
(1)如图1(a)所示，将塑料尺接入电路，闭合开关。小灯泡不发光：将钢尺接入电路，闭合开关，小灯泡发光。说明钢尺是______ (选填“导体”、“绝缘体”或“半导体”)；
(2)如图1(b)所示，将钢尺一端压紧在桌面上，另一端伸出桌边，先用较小的力，再用较大的力分别拨动钢尺，观察钢尺振动的______ (选填“快慢”或“幅度”)。可比较两次钢尺发出声音的响度；
(3)如图2所示，用不同大小的力将钢尺弯曲，放手后将橡皮弹出，记录橡皮被弹出的距离，分析钢尺形变程度和橡皮弹出的远近之间的关系，可以探究弹性势能的大小与______ 的关系。
15. 2022年4月16日9时56分，神舟十三号载人飞船返回舱在东风着陆场成功着陆。神舟十三号载人飞行任务取得圆满成功，中国航天又站在了一个新的起点上。
(1)航天员翟志刚和王亚平身着“飞天”舱外航天服成功出舱，并完成在机械臂上安装脚限位器和舱外工作台等工作。航天服上的国旗呈现红色，说明她可以______ (选填“吸收”或“反射”)红光；机械臂工作时类似于人的手臂，属于______ (选填“省力”、“费力”或“等臂”)杠杆；
(2)“天宫课堂”第一课开讲。如图所示，王亚平老师演示了水中的乒乓球不受浮力的实验。由此可判断，核心舱内______ (选填“能”或“不能”)用U形管压强计研究液体的压强。核心舱内有许多可供航天员随时把握的固定把手，以防止航天员移位时，由于______ 继续运动而碰到舱壁。
16. 小明在“探究凸透镜成像规律”的实验中，记录并绘制了像到凸透镜的距离v跟蜡烛到凸透镜的距离u之间关系的图像，如图所示。凸透镜的焦距是______ cm，当u=15cm时成______ (选填“放大”“缩小”或“等大”)的像，把蜡烛从距凸透镜15cm处移动到20cm处的过程中，像逐渐______ (选填“变大”或“变小”)。
17. 2022年4月28日，“巅峰使命”珠峰科考全面启动。5月15日凌晨1点26分，中国自主研发的“极目一号”Ⅲ型浮空艇从海拔4300m的科考营地顺利升空，4点40分达到海拔9032m，超过珠峰8848.86m的高度，创造了浮空艇大气科学观测的世界纪录。(g取10N/kg)
(1)该浮空艇总质量约2600kg，它受到重力的大小约为______ N；
(2)已知海拔4300m处的空气密度约为0.8kg/m3。如图所示，该浮空艇在营地升空前体积达9000m3，此时浮空艇受到的浮力大小约为______ N；
(3)“极目一号”浮空艇内部有三层：上层装有氦气(相同条件下氦气密度比空气小得多)，中间隔开，下层是空气。当悬于空中的浮空艇需要______ (选填“上浮”或“下降”)的时候，可以用上层的氦气排出下层的部分空气，以此改变自身重力，同时使整个浮空艇的压差在安全范围内。
18. 如图所示，请画出作用在杠杆B端上最小的动力F1和阻力F2的力臂l2。
19. 如图所示，凸透镜的主光轴与平静水面重合，F为焦点，点光源S发出一束光，请画出在水面处的反射光线以及其经凸透镜后的光线。
20. 在探究影响液体压强因素的实验中，用几根一端封有相同橡皮薄膜的玻璃管进行实验，在5号管中装入盐水，其它管中装入水，如图。
(1)玻璃管下方薄膜鼓起的程度可反映液体______的大小。
(2)根据图甲中三支相同玻璃管薄膜鼓起的程度，猜想：液体的压强可能与液体的质量、重力、体积或______有关。
(3)图乙中，4号管上段更粗，下段与2号管粗细相同，两管中水的总长度相同，发现两管薄膜鼓起的程度相同，可得：液体压强的大小与液体的质量、重力、体积都______。
(4)图丙中，5号管和2号管的液柱长度相等，利用5号管和2号管可探究液体压强与液体的______是否有关。
(5)为了探究液体长度对液体压强的影响，选用2号管和6号管进行实验，6号管水柱比2号管水柱长，实验时需控制两管水柱的______相等。
21. 小华用如图甲所示电路，测量标有“2.5V”字样小灯泡的电阻，现有器材。电源(3V)电流表、电压表、滑动变阻器(20Ω、2A)、开关、导线若干。
(1)根据图甲，用笔画线表示导线，将图乙中的实物图连接完整；
(2)闭合开关，移动滑片P，发现灯泡始终不亮，电流表示数为零，电压表示数等于电源电压，可判断故障是灯泡______ (选填“断路”或“短路”)；
(3)排除故障后进行实验。移动滑片P，当电压表示数为2.2V时，电流表示数如图丙，此时小灯泡的电阻为______ Ω(结果保留一位小数)；
(4)根据实验数据，分别画出小灯泡和滑动变阻器的I−U图像，如图丁。根据图像可知：小灯泡两端电压越大，电阻越______ (选填“大”或“小”)；
(5)分析图像可知：当滑动变阻器电阻与小灯泡电阻相等时，小灯泡消耗的功率是______ W。
22. 阅读短文，回答问题：
拥抱5G时代5G电话通了，5G手术成功了，5G庭审开庭了……近期，5G“很忙”，形形色色的与5G有关的应用频频在我们视野中出现。
5G技术突破了数据传输的瓶颈，实现了端到端的高速率、低时延、广连接，5G技术即将在移动终端大规模推出。无论是1G、2G、3G，还是4G、5G，无论什么黑科技、白科技，博大精深的无线通信技术奥秘全部都蕴含在物理学中的基本公式“c=λf”，即“光速=波长×频率”(国际单位制中，波长的单位为米；频率的单位为赫兹)。
电磁波的功能特性，是由它的频率决定的，不同频率的电磁波，有不同的用途。频率越高，能使用的频率资源越丰富，其传输速率就越高，同时，频率越高，波长越短，越趋近于直线传播(绕射能力越差)，在传播介质中的衰减也越大。
5G技术采用了高频段，其最大的问题就是传输距离大幅缩短，覆盖能力大幅减弱。为了解决这一问题，需要增加覆盖同一区域的5G基站的数量，将来我们身边将会出现很多的“微基站”“天线阵列”，只有这样，同一基站下的两个用户就可以不通过基站直接实现手机间的传输。
(1)短文中所说的“5G传输速率”与物理课本中所学习的“电磁波在真空中的传播速度”，______ (选填“是”或“不是”)同一概念；
(2)5G技术的难点是______ 大幅缩短；
(3)技术人员通过______ 方法突破数据传输的瓶颈；
(4)国际上主要使用30GHz(1G=109)电磁波进行5G商用的频段试验，利用文中提到的知识，估算5G商用电磁波的波长为______ m。
23. 爸爸开满载质量为1.5×103kg的汽车带小明去旅行，如图甲所示，若汽车做直线运动，牵引力的功率恒为9×104W。运动过程中受到的阻力保持不变，运动的速度v与时间t的关系如图乙所示，则：(g取10N/kg)
(1)在10～15s内，牵引力做了多少功？
(2)运动过程中受到的阻力是多少？
(3)小轿车满载时，车轮与地面的总接触面积为0.04m2，则地面受到的压强是多大？
24. 如图是某电蒸锅的内部简化电路图，R1、R2均为发热电阻，R1的阻值为484Ω，加热挡功率为1200W。用此电蒸锅对质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃，需要的时间为375s，已知c水=4.2×103J/(kg⋅℃)。求：
(1)保温挡的功率。
(2)电阻R2的阻值。
(3)电蒸锅的加热效率。
答案和解析
1.【答案】C
【解析】解：由题知，举足一次为“跬”，举足两次为“步”，则1步=2跬，一名普通中学生正常行走时，单脚迈出一次的距离大约0.5m，所以1“步”的距离最接近1m。
故选：C。
已知举足两次为“步”，根据中学生平时走路时两脚之间的距离估测1“步”的距离
本题考查了长度的估测，关键是明确“跬”和“步”的含义，此题难度不大，属于基础知识。
2.【答案】A
【解析】解：A、声音的传播需要介质，即声音可以在固态、液体、气体中传播，把耳朵贴在桌面上，听到轻敲桌子的声音，说明桌子能传声，故A正确；
B、声音能传播能量，利用超声波清洗机消洗眼镜说明超声波能传递能量，故B错误；
C、减弱噪声有三种途径，分别为在声源处减弱、在传播过程中减弱以及在人耳朵处减弱，摩托车安装消声器，是在声源处减弱噪声，故C错误；
D、蝙蝠飞行时会发出超声波，超声波向前传播遇到障碍物被反射回来，蝙蝠根据反射回来的时间和方位判断昆虫的位置，故D错误。
故选：A。
(1)声音的传播需要介质，固体、液体和气体都能够传播声音；
(2)声音能传播信息和能量；
(3)减弱噪声有三种途径，分别为在声源处减弱、在传播过程中减弱以及在人耳朵处减弱；
(4)蝙蝠飞行时会发出超声波，不是次声波。
本题主要考查声音的产生、传播以及防治噪声的途径，结合生活实际，易学好懂。
3.【答案】B
【解析】解：A、冰雪消融属于熔化现象，故A错误；
B、雾是空气中的水蒸气遇冷液化为液态的小水滴，故B正确；
C、霜是空气中的水蒸气遇冷凝华为固体的冰晶，故C错误；
D、滴水成冰是水的凝固现象，故D错误。
故选：B。
物质由气态直接变为固态的过程叫凝华，物质由固态直接变为气态的过程叫升华；由气态变为液态的过程叫液化，由液态变为气态的过程叫汽化；由固态变为液态的过程叫熔化，由液态变为固态的过程叫凝固。
分析生活中的热现象属于哪种物态变化，关键要看清物态变化前后，物质各处于什么状态；另外对六种物态变化的吸热和放热情况也要有清晰的认识。
4.【答案】D
【解析】解：A、家庭电路中，控制用电器的开关应该接在火线和用电器之间，当开关断开时，电路中不但没有电流通过，而且用电器与火线断开连接，防止人发生触电事故，故A错误；
B、有人触电时，用干燥的竹竿或木棍将人与火线挑开，或先切断电源，再实行施救措施，不能立即用手将他拉离带电体，防止施救者也触电，故B错误；
C、为了防止因漏电而发生触电事故，有金属外壳的家用电器，外壳一定要接地，所以需要使用三孔插座，故C错误；
D、当试电笔的笔尖接触电线时，绝不允许用手再接触笔尖，防止人触碰到火线发生触电事故，故D正确。
故选：D。
(1)家庭电路的开关应该装在火线和用电器之间，这样可防止断开开关后用电器仍带电；
(2)触电原因是直接或间接接触火线，一旦发生触电，先切断电源再救人；
(3)有金属外壳的家用电器，使用时金属外壳要接地；
(4)测电笔的工作原理：人站在大地上，手接触笔尾金属体，笔尖金属体接触火线，火线和大地之间的电压是220V，测电笔和人是串联的，串联的电阻起分担电压的作用，电阻越大，分担的电压越大，测电笔的电阻很大，分担的电压很大，人分担的电压很小，电压不高于36V，对人没有危害。
本题考查了安全用电原则、测电笔的使用方法和触电的预防，属于基础题目。
5.【答案】C
【解析】解：A、火箭加速升空过程中，质量不变，速度增加，动能增加，高度增加，重力势能增加，故神舟十四号飞船的机械能增加，故A错误；
B、惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关，与物体的运动状态无关，对接成功后，神舟十四号飞船的质量不变，惯性不变，故B错误；
C、对接后，以核心舱为参照物，飞船与核心舱之间没有发生位置的改变，故飞船是静止的，故C正确；
D、对接成功后，以地球为参照物，飞船与地面间的位置不断发生变化，则神舟飞船是圆周运动的，故D错误。
故选：C。
(1)动能大小的影响因素：质量和速度，质量越大，速度越大，动能越大。重力势能大小的影响因素：质量和高度，质量越大，高度越高，重力势能越大。机械能等于动能和势能之和；
(2)惯性是物体保持原来运动状态不变的性质，惯性的大小只与物体的质量有关，与物体的运动状态无关；
(3)看被研究的物体与参照物之间的相对位置是否发生了改变，如果发生改变，则物体是运动的；反之就是静止的。
本题考查物体的惯性以及运动与静止相对性的判断，是一对综合题，难度不大。
6.【答案】A
【解析】解：A、手机扫二维码开锁利用的是电磁波传递信息，所以没有网络传递信息，是无法实现手机扫二维码开锁的。故A正确；
B、车座呈马鞍型，是在压力一定时，增大了人与车座的受力面积，压强减小。故B错误；
C、车胎上有凹凸不平的花纹，在压力一定时，接触面粗糙程度增大，可以增大与地面的摩擦力。故C错误；
D、后轮上的电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，工作时把电能转化成机械能。故D错误。
故选：A。
(1)手机扫二维码开锁利用的是电磁波传递信息；
(2)减小压强的方法：是在压力一定时，通过增大受力面积来减小压强；是在受力面积一定时，通过减小压力来减小压强。
(3)增大摩擦力的方法：在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力；在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。
(4)发电机是利用电磁感应原理制成的，工作时机械能转化成电能；电动机是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的，工作时把电能转化成机械能。
此题考查增大摩擦力的方法、减小压强的方法、电动机的原理和电磁波的传播，是一道综合性较强的题目，但总体难度不大，掌握基础知识即可正确解题。
7.【答案】C
【解析】解：A、物体上升的高度为：h=10cm=0.1m，
所做的有用功为：
W有=Gh=6N×0.1m=0.6J，故A错误；
B、由图可知，滑轮组承担重物的绳子股数n=3，绳端移动的距离为：s=3h=3×0.1m=0.3m，
所以拉力做的总功为：
W总=Fs=2.4N×0.3m=0.72J，故B错误；
C、滑轮组的机械效率为：
η=W有用W总×100%=0.6J0.72J×100%≈83.3%，故C正确；
D、拉力所做的功为W总=0.72J，所用的时间t=5s，所以拉力做功的功率为：
P=W总t=0.72J5s=0.144W，故D错误。
故选：C。
(1)利用W有=Gh求有用功；
(2)由图可知n=3，绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功；
(3)利用η=W有用W总×100%求滑轮组的机械效率；
(4)利用P=W总t求拉力做功的功率。
本题考查使用滑轮组时有用功、总功、功率、滑轮组机械效率的计算等知识，是一道基础题。
8.【答案】B
【解析】解：由图可知，两电阻并联，电流表A1测量R0支路的电流，电流表A2测量干路电流，由乙图可知，流经R0支路的电流I1=0.1A，由丙图可知，干路电流I=0.3A，
由I=UR可得，R0两端电压U1=I1R0=0.1A×20Ω=2V，
根据并联电路的电流规律可得，流经未知电阻Rx的电流I2=I−I1=0.3A−0.1A=0.2A，
并联电路中各支路电压都相等，则未知电阻Rx两端电压U2=U1=2V，
由I=UR可得，Rx=U2I1=2V0.2A=10Ω。
故选：B。
由图可知，两电阻并联，电流表A1和A2的示数分别如图乙和图丙所示，已知阻值为20欧姆的定值电阻R0、读出A1的示数，利用欧姆定律公式变形可求得定值电阻R0两端电压，由图可知，定值电阻R0、未知电阻Rx并联，由此可知未知电阻Rx两端电压，根据并联电路的电流规律可求得流经未知电阻Rx的电流，然后可求得Rx的阻值。
此题主要考查欧姆定律的应用，其中涉及到并联电路的电压规律、电流规律等，有一定的综合性。
9.【答案】C
【解析】解：
A、由甲图可知，指针偏左，说明右盘偏轻，所以应将平衡螺母向右调节，使天平平衡，故A错误；
B、由图乙可知，待测液体和烧杯的总质量为50g+20g+10g+2g=82g，故B错误；
C、由图丙可知，量筒中的液体体积为50mL=50cm3，故C正确；
D、由题意可得，量筒中液体质量m=82g−22g=60g，液体密度ρ=mV=60g50cm3=1.2g/cm3，故D错误。
故选：C。
(1)根据天平称量质量前的调节方法分析即可；
(2)物体质量等于砝码质量与游码对应质量的和；
(3)根据丙图量筒读数即可；
(4)利密度公式计算即可。
本题考查了天平和量筒的使用、密度的计算，属于基础题。
10.【答案】B
【解析】解：A.由电路图可知，R1与R2串联，电流表测电路中的电流。当滑动变阻器滑片P在最右端时，接入电路中的电阻最大，此时电路中的电流I=0.25A，因串联电路中各处的电流相等，所以，通过R1、R2的电流之比为1：1，故A错误；
BCD.因串联电路中总电阻等于各分电阻之和，所以，由I=UR可得，电源的电压
U=I(R1+R2)=0.25A×(10Ω+R2)……①
把滑片P移到中点时，电路中的电流I′=0.4A，则电源的电压U=I′(R1+12R2)=0.4A×(10Ω+12R2)……②
联立①②解得U=10V，R2=30Ω；滑动变阻器的最大阻值为30Ω，滑片P在最右端时，R1、R2电功率之比为P1：P2=I2R1：I2R2=R1：R2=10Ω：30Ω=1：3。
故B正确，CD错误。
故选：B。
(1)由图可知R1和R2串联，由串联电路电流规律判断，滑片P在最右端时通过R1、R2的电流之比；
(2)知道滑片P在最右端和中点时的电流，根据串联电路电阻的规律结合欧姆定律，分别列出关于电源电压的方程，联立方程组可解得电源电压和滑动变阻器的最大阻值；
(3)串联电路电路处处相等，根据欧姆定律可知，利用P=I2R求得电功率之比。
本题考查了串联电路的电流、电压、电阻的规律和欧姆定律、电功率计算公式的应用，能够灵活运用欧姆定律是解答本题的关键。
11.【答案】做功 方向
【解析】解：(1)返回舱进入大气层，与空气摩擦温度升高是通过做功方式改变内能做功；
(2)能量的转化、能量的转移、都是有方向性的，要逆向转化或转移能量，就会消耗其他的能量，返回舱进入大气层的机械能转化为舱体、空气等的内能，但这些内能无法自动转化回去。
故答案为：做功；方向。
(1)改变物体内能的方式有做功和热传递；
(2)能量的转化、能量的转移、都是有方向性的，要逆向转化或转移能量，就会消耗其他的能量。
本题考查做功改变物体内能等知识，综合性强，难度适中。
12.【答案】反射
虚
5
【解析】
【分析】
水中倒影属于镜面反射，所成像为虚像，物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等。
本题考查了平面镜的成像特点，属于基础题。
【解答】
水中的“白鹭”属于倒影，所以是反射所成虚像；物体到平面镜的距离和像到平面镜的距离相等。当白鹭距离水面5m时，它的像距离水面5m。
故答案为：反射；虚；5。
13.【答案】轻敲 条形 N 电流方向
【解析】解：(1)闭合开关，轻敲玻璃板，铁屑的分布情况通电螺线管周围的磁场与条形磁体的磁场相似，都有两个磁极。
(2)因为小磁针放入磁场，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同，所以实验中使用小磁针是为了指示磁场方向，从而判断该点的磁场方向；
(3)调换电源正负极，即改变螺线管中的电流方向，发现小磁针偏转方向改变，说明磁场方向与电流方向有关。
故答案为：(1)轻敲；条形；(2)N；(3)电流方向。
(1)据课本可知，通电螺线管周围的磁场与条形磁体的磁场相似；
(2)小磁针放入磁场，小磁针静止时N极指向和该点磁场方向相同；
(3)当电流方向改变时，产生的磁场方向也改变，所以小磁针的偏转方向也改变。
本题探究通电螺线管外部磁场的实验，考查了磁极间的相互作用及安培定则的应用，通电螺线管的磁场特点等。要求能熟练应用安培定则，由电流方向判断磁极方向，或由磁极方向判断电流方向。
14.【答案】导体 幅度 物体弹性形变程度
【解析】解：(1)如图1(a)所示，将塑料尺接入电路，闭合开关，小灯泡不发光：将钢尺接入电路，闭合开关，小灯泡发光。说明钢尺容易导电，是导体。
(2)如图1(b)所示，将钢尺一端压紧在桌面上，另一端伸出桌边，先用较小的力，再用较大的力分别拨动钢尺，观察钢尺振动的幅度，可比较两次钢尺发出声音的响度，探究声音的响度与声源振幅的关系；
(3)如图2所示，控制钢尺的长度相同，改变钢尺的形变程度，观察橡皮弹出的远近，分析钢尺形变程度和橡皮弹出的远近之间的关系，可以探究弹性势能的大小与物体弹性形变程度的关系。
故答案为：导体；幅度；物体弹性形变程度。
(1)容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；
(2)响度的影响因素是振幅和距离发声体的远近；
(3)力的作用效果有二：改变物体的形状，改变物体的运动状态；根据控制变量法，找出不变的量和变化的量，确定实验探究的问题。
本题考查导体和绝缘体的辨析、声音的特性、势能的影响因素和控制变量法的应用，知识点较多，但难度不大。
15.【答案】反射 费力 不能 惯性
【解析】解：(1)不透明物体的颜色是由它反射的色光的颜色决定的；航天服上的国旗呈现红色，说明她可以反射红光；机械臂工作时类似于人的手臂，它的动力臂比阻力臂短，属于费力杠杆；
(2)王亚平老师演示了水中的乒乓球不受浮力的实验，物体处于失重状态，由此可判断，核心舱内不能用U形管压强计研究液体的压强。核心舱内有许多可供航天员随时把握的固定把手，以防止航天员移位时，由于惯性继续运动而碰到舱壁。
故答案为：(1)反射；费力；(2)不能；惯性。
(1)不透明物体的颜色是由它反射的色光的颜色决定的；动力臂比阻力臂短的杠杆是费力杠杆。
(2)物体在空间站处于失重状态，受到的重力为零；物体保持原来运动状态不变的性质叫惯性。
知道物体的颜色之谜；知道杠杆的分类；知道失重和惯性。
16.【答案】10 放大 变小
【解析】由图像可以看出，当物体在20cm处时，像距也是20cm，此时成的是倒立等大的实像，此时u=20cm=2f，所以其焦距f=10cm；当u=15cm时，物体在一倍焦距和二倍焦距之间，成的是倒立放大的实像；把蜡烛从距凸透镜15cm处移动到20cm处的过程中，物体远离透镜，那么像就会靠近透镜，且像逐渐变小。
故答案为：10；放大；变小。
分析：当u=2f时，成倒立等大的实像，此时像距v=2f；当f
17.【答案】26000 72000 上浮
【解析】解：(1)浮空艇受到的重力为：
G=mg=2600kg×10N/kg=26000N；
(2)浮空艇受到的浮力大小为：
F浮=ρ气gV排=0.8kg/m3×10N/kg×9000m3=72000N；
(3)由于相同条件下氦气密度比空气小得多，当用上层的氦气排出下层的部分空气时，浮空艇的重力减小，而浮空艇的体积可认为不变，外部空气的密度大于内部气体的密度，根据阿基米德原理可知，浮空艇受到的浮力大于自身的重力，从而上升到空中。
故答案为：(1)26000；(2)72000；(3)上浮。
(1)根据G=mg得出浮空艇的重力；
(2)根据F浮=ρ气gV排算出浮空艇受到的浮力；
(3)根据浮沉条件和阿基米德原理公式分析解答。
本题主要考查学生对物体浮沉条件和浮力应用的了解与掌握，平时学习时，查查资料，了解浮空艇的原理，同时扩大自己的知识面。
18.【答案】解：由图可知，力F1作用在B点时，力臂L1最大，此时力F1最小，力F1示意图如图所示；过支点作力F2作用线的垂线段，即可做出力臂L2，如图所示：
【解析】阻力与阻力臂一定时，由杠杆平衡条件可知，动力臂越大，动力越小，根据图示确定最大动力臂，然后作出最小的动力；从支点作力的作用线的垂线段，即可作出力的力臂。
求最小的力是常见的题型，关键是找到最大的动力臂，一般来说，支点与动力作用点的连线就是最大的动力臂。
19.【答案】
【解析】过F点垂直于水面作出法线，在法线左侧根据反射角等于入射角画出反射光线，因反射光线过凸透镜的焦点，则经凸透镜后将平行于主光轴射出。
分析：先根据光的反射定律画出反射光线；再根据凸透镜的三条特殊光线画出经凸透镜后的折射光线。
本题综合考查了光的反射定律、凸透镜的三条特殊光线，综合性强，要细心，易错题！
20.【答案】压强 深度 无关 密度 深度
【解析】解：(1)通过橡皮膜鼓起的程度反应液体压强的大小，利用的方法是转换法；
(2)相同的1、2、3号管中装的液体种类相同，且管内液体的深度逐渐增加，则橡皮膜鼓起的程度逐渐增大，说明液体的压强与深度有关，相应的质量、体积、重力也逐渐增大，所以猜想：液体的压强与液体的质量、重力、体积或深度有关；
(3)通过2号管和4号管的比较可见，4号管中液体的质量、体积、重力一定大于2号管，但二者橡皮膜鼓起的程度相同，说明液体的压强与质量、重力、体积无关，只与深度有关；
(4)探究液体的压强与液体的密度是否有关，利用控制变量法：5号管中盐水和2号管中的水比较，二者的深度相同，由于盐水的密度大于水的密度，则5号管橡皮膜鼓起的程度大；
(5)为了探究液体长度对液体压强的影响，利用控制变量法，2号管和6号管是相同的两支玻璃管，内装液体的种类相同、深度相同、长度不同时，橡皮膜鼓起的程度相同，表明液体的压强跟液体的长度无关。
故答案为：(1)压强；(2)深度；(3)无关；(4)密度；(5)深度。
(1)橡皮膜所受压力越大，则鼓起的程度越大，利用了转换法；
(2)由图甲可知，三只管装的液体深度不同，鼓起的程度不同，表明压强不同；
(3)图乙中两只不同管中装水的深度相同，橡皮膜鼓起的程度相同，表明压强相同；
(4)5号管和2号管装的液体深度相同，液体种类不同，橡皮膜鼓起的程度不同，表明压强不同；
(5)2号管和6号管装液体的种类、深度相同，长度不同，橡皮膜鼓起的程度相同，表明压强相同。
本题考查探究液体压强特点的实验，掌握p=ρ液gh是解答本题的关键。
21.【答案】断路 9.2 大 0.3
【解析】解：(1)已知小灯泡的额定电压为2.5V，故将电压表的“3”与灯L的右端相连，电源正极与滑动变阻器的右上端相连，如图所示：
；
(2)移动滑片，发现小灯泡始终不亮，且电压表有示数，电流表无示数，则故障的原因可能是灯泡断路；
(3)电流表选取量程为“0～0.6A”量程，分度值为0.02A，故电流大小为0.24A，根据欧姆定律灯丝电阻大小R=UI=2.2V0.24A≈9.2Ω；
(4)根据图像可知，电压越大，由 R=UI可知灯丝电阻越大，灯丝的电阻大小随温度的升高而增大；
(5)当灯泡电阻和变阻器电阻的大小相等时，根据U=IR可知，两者的电压相等，由图2乙可知小灯泡两端电压是U=1.5 V，通过的电流I=0.2A，则小灯泡的功率P=UI=1.5V×0.2A=0.3W。
故答案为：(1)见解答图；(2)断路；(3)9.2；(4)大；(5)0.3。
(1)根据电路图连接实物图，注意元件的顺序与电路图一致，电流表串联在电路中，电压表并联在灯泡两端，滑动变阻器应一上一下接入电路；
(2)小灯泡不亮，可能是灯泡断路或短路或灯泡之外的电路断路；电流表无示数，可能是电路断路或电流表短路；电压表有示数，说明电压表与电源两端相连接，电压表并联电路之外不存在断路，且与电压表并联电路无短路现象，综合分析可知灯泡不亮的原因是灯泡断路；
(3)明确电流表选取的量程和分度值，数出指针偏转的格子，读出电流表示数；再根据R=UI计算电阻值；
(4)灯丝电阻随温度的升高而增大；
(5)当滑动变阻器的电阻与小灯泡的电阻相等，由图2乙找到对应电流和电压值，根据P=UI计算功率。
本题考查电路连接、电流表读数、欧姆定律的应用、电功率的计算等，属于基本实验考查，难度不大。
22.【答案】不是 传输距离 增加覆盖同一区域的5G基站的数量 0.01
【解析】解：(1)短文中所说的“5G传输速率”与物理课本中所学习的“电磁波在真空中的传播速度”，不是同一概念，5G传输速率是指所使用电磁波的频率高，能使用的频率资源丰富；
(2)5G技术采用了高频段，传播速度c一定，由c=λf可知，其最大的问题就是传输距离大幅缩短，覆盖能力大幅减弱；
(3)为了解决这一问题，技术人员通过需要增加覆盖同一区域的5G基站的数量的方法突破数据传输的瓶颈；
(4)5G商用电磁波频率30GHz=30×109Hz，c=3×108m/s，由c=λf可知，则5G商用电磁波的波长λ=cf=3×108m/s30×109Hz=0.01m。
故答案为：(1)不是；(2)传输距离；(3)增加覆盖同一区域的5G基站的数量；(4)0.01。
(1)广播、电视、移动通信、卫星都是用电磁波传递信息的，电磁波在真空中的传播速度和光速相等，都是3×108m/s；
(2)(3)(4)认真阅读材料，由c=λf进行解答。
本题考查信息的传输，以及频率与波长的关系，难度不大。
23.【答案】解：(1)由图像知道，在10～15s内，汽车做匀速直线运动，已知P=9×104W，由P=Wt知道，10～15s内牵引力做功W=Pt=9×104W×(15s−10s)=4.5×105J；
(2)10～15s内汽车运动的路程s=vt=30m/s×5s=150m，
由W=Fs知道F=Ws=4.5×105J150m=3×103N，
因为小汽车做匀速直线运动，所以f阻=F=3×103N；
(3)小汽车的满载质量为1.5×103kg，则满载时汽车的重力为G=mg=1.5×103kg×10N/kg=1.5×104N，
地面受到的压力F压等于汽车满载时的重力G，即：F压=G=1.5×104N，
则地面受到的压强是p=F压S=1.5×104N0.04m2=3.75×105Pa。
答：(1)在10～15s内，牵引力做功4.5×105J；
(2)运动过程中受到的阻力是3×103N；
(3)小轿车满载时，车轮与地面的总接触面积为0.04m2，则地面受到的压强是3.75×105Pa。
【解析】(1)由图可知：在0～10s内，汽车在做加速直线运动，牵引力大于阻力；由于汽车牵引力的功率恒定，牵引力的功可用W=Pt来计算；
(2)由图可知：在10～15s内，汽车在做匀速直线运动的速度，根据速度公式求出汽车通过的路程，根据W=Fs可知牵引力大小，牵引力和阻力是一对平衡力，大小相等，进而得出阻力大小；
(3)根据G=mg计算汽车的重力，根据F压=G得出地面受到的压力，根据p=FS求出地面受到的压强。
本题考查功、功率、重力、压强的有关计算，综合性强，难度适中。
24.【答案】解：(1)只闭合S1时，只有R1接入电路，电蒸锅处于保温挡，
由P=U2R可得保温挡功率P保=U2R1=(220V)2484Ω=100W；
(2)当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，电蒸锅处于加热挡，
则电阻R2的电功率P2=P热−P保=1200W−100W=1100W，
由P=U2R可得电阻R2=U2P2=(220V)21100W=44Ω；
(3)质量为1.2kg的水加热使其温度升高75℃水吸收的热量Q=c水mΔt=4.2×103J/(kg⋅℃)×1.2kg×75℃=3.78×105J；
其消耗的电能W=P热t=1200W×375s=4.5×105J；
则该电蒸锅的加热效率η=QW×100%=3.78×105J4.5×105J×100%=84%。
答：(1)保温挡的功率为100W；
(2)电阻R2的阻值为44Ω；
(3)电蒸锅的加热效率为84%。
【解析】(1)只闭合S1时，只有R1接入电路，电蒸锅处于保温挡，由P=U2R可计算出保温挡功率；
(2)当S1、S2均闭合时，R1、R2并联，电蒸锅处于加热挡，则由功率关系可求出电阻R2的电功率，然后由P=U2R可得电阻R2的阻值；
(3)由吸热公式Q=cmΔt可计算出水升温吸收的热量，由电能公式W=Pt可知其消耗的电能，两者之比即为加热效率。
本题考查了电功率公式、吸热公式、电功公式的应用，分清电蒸锅处于不同状态时电路的连接方式是关键。
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