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河南省漯河市第三中学2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）
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这是一份河南省漯河市第三中学2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共20页。试卷主要包含了 以下估测数据最符合实际的是，5N， 冰壶是冬奥会比赛项目之一等内容，欢迎下载使用。
2022-2023学年河南省漯河三中八年级（下）期末物理试卷
1. 如图所示、手持钢尺，用力快速击打一摞棋子中间的一个，该棋子飞出而上方的棋子并没有飞出。若击打该棋子时，所有棋子都不再受到重力的作用，则该棋子上方的棋子将会______ (选填“落下”、“悬空静止”、“随被击打的棋子一同飞出”或“向上飞出”)。你做出这种猜想的理由是：当其中一个棋子被击打而飞出时，上面的棋子由于______ 要保持原来的静止状态。
2. 水平地面上的一物体受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体的速度v与时间t的关系如图所示，则前2s内物体受到的摩擦力大小为______ N，2s-4s内物体受到的摩擦力为______ N。
3. 2015年亳州市学业水平体育测试立定跳远项目中，体重为600N的某同学从最高点到落地点的过程中，重心下降的最大距离为0.3m，用时2s，轨迹如图。则此过程重力做的功为______ J，重力的功率为______ W。
4. 如图所示，用一个矿泉水瓶和两根吸管制作成的一个“口吹喷雾器”，当向水平管中吹气时，竖直吸管上方的空气流速大，压强______(选填“大”或“小”)，矿泉水瓶中的水在______的作用下从竖直管中喷出，其中矿泉水瓶瓶口要保持______(选填“敞开”或“密闭”)。
5. 如图所示，用相同的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别用F1、F2匀速提升重力为GA、GB的A、B两物体升高相同的高度，不计绳重和摩擦。若GA=GB，则F1______F2，F1、F2做的总功W1和W2的大小系为W1______W2；若GA>GB，则二滑轮组的机械效率η甲______η乙.(以上选填“>”、“=”或“<”)
6. 如图所示，体积相同的两个小球甲和乙分别从竖直高度不同的半圆光滑轨道最高点处A点和B点，以v1和v2的速度开始运动，一直沿着轨道运动到最低处A'点和B'点，此时它们的速度分别为v1'和v2'，均忽略空气阻力。已知甲球在A点时的机械能等于乙球在B点时的机械能，且v1=v2，则甲球在A'点时的机械能______ (选填“>”“=”或“<”)乙球在B'点时的机械能：v1'______ (选填“>”“=”或“<”)v2'。
7. 以下估测数据最符合实际的是( )
A. 一枚鸡蛋受到的重力约为0.5N
B. 一名中学生的体重约为200kg
C. 珠穆朗玛峰顶的大气压约为1.5×105Pa
D. 救护车在市区行驶的速度约为60m/s
8. 冰壶是冬奥会比赛项目之一。如图所示，冰壶比赛正在进行。在冰壶运动的过程中，下列分析正确的是( )
A. 冰壶对冰面的压力与受到的重力是一对平衡力
B. 在冰壶运动路线上刷冰，是为了减小摩擦力
C. 冰壶离开手后减速滑行，惯性随之减小
D. 冰壶滑行过程中，受到滑动摩擦力的方向与滑行方向相同
9. 如图所示的现象中，不是利用大气压作用的是( )
A. 吸盘挂钩被压在墙上
B. 杯中水不流出纸片不掉下来
C. 向漏斗吹气乒乓球被吸起
D. 用吸管吸饮料
10. 质量分布均匀的木板A放在水平桌面上，木板A右端与桌边相齐(如图所示).在木板的右端施一水平力F，使木板A右端缓慢地向右移动，在木板A移动过程中，下列说法正确的是( )
A. A对桌面的压强不变 B. A对桌面的压力不变
C. A对桌面的压力变小 D. A对桌面的压强不断变小
11. 使用如图工具可以省力的是( )
A. 老虎钳 B. 理发剪刀
C. 定滑轮 D. 镊子
12. 小明用如图所示滑轮组将一个放在水平地面上的物体匀速拉动，物体用时2s移动了4m，物体重为2000N，运动过程中物体受到的摩擦力为450N，绳子自由端受到的拉力F为200N。下列说法正确的是( )
A. 绳子移动了12m B. 该装置的有用功是8000J
C. 拉力的功率是400W D. 该装置的机械效率70%
13. 如图所示，粗糙水平面AB与光滑斜面BC平滑连接，并固定不动，轻弹簧左端固定，小木块紧靠在弹簧右端并压缩弹簧，静止释放后，小木块被压缩的弹簧弹出在水平面上滑行后，冲上斜面BC，斜面足够长，不计空气阻力，下列说法正确的是( )
A. 在弹簧恢复原长的过程中，弹簧的弹性势能全部转化为小木块的动能
B. 小木块离开弹簧后在粗糙水平面上滑行过程中，机械能守恒
C. 小木块在斜面上运动过程中，机械能守恒
D. 小木块运动到斜面最高点时，重力势能最大
14. 如图甲是西南大学的一座塑像，其基座结构类似于图乙和丙的模型。若A、B是质量分布均匀的正方体物块，边长分别是20cm、30cm，密度之比ρA：ρB=3：1，如图乙，将A放在水平地面上，B放在A的上面，A对地面的压强为5100Pa；下列说法正确的是( )
A. 图乙中，A对地面的压力为204N
B. A的密度为0.4×103kg/m3
C. 图乙中，B对A的压强为1200Pa
D. 图丙中，仅将B沿竖直方向切去三分之一，B对地面的压强为2800Pa
15. 如图所示，物体A沿斜面向下做匀速直线运动，请画出物体A所受重力和它对斜面压力的示意图。
16. 如图，一轻质杠杆保持平衡，O为支点，请画出拉力F的力臂l1及物体的重力。
17. 在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”时，小明用相同的木块分别做了三次实验。
(1)实验过程中，应沿水平方向匀速直线拉动木块，根据______ 的条件可以得出：弹簧测力计的示数等于木块所受滑动摩擦力的大小，这种物理方法是______ 。
(2)第三次实验时，弹簧测力计示数如图3所示，则此时木块受到滑动摩擦力的大小为______ N。
(3)通过对比图1和图2两次实验可知：其他条件相同时，______ 越大，滑动摩擦力越大。
(4)图2实验中，当沿水平方向匀速拉动木块时，木块上方的砝码______ (选填“受”或“不受”)摩擦力(不考虑空气阻力)。
(5)某次实验，小明用如图4所示的力F拉动某木块时，木块沿水平方向做匀速直线运动，此时木块______ (选填“是”或“不是”)平衡状态。
18. 小明同学按如图所示的操作探究影响浮力大小的因素。
(1)物体所受的重力是______N；
(2)物块完全浸没在水中时的浮力是______N；
(3)分析ABC三图的实验数据可知：物体所受的浮力大小与______有关；
(4)分析ADE三图的实验数据可知：物体所受的浮力大小与______有关；
(5)分析______三图的实验数据可知：物体所受的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
(6)通过本次实验，可以算出酒精的密度是______kg/m3。
19. 小明利用刻度均匀的轻质杠杆进行探究“杠杆的平衡条件”实验，已知每个钩码重0.5N。
(1)实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，这时应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，直到杠杆在水平位置平衡。你认为实验中让杠杆在水平位置平衡的好处是______ ；
(2)在图甲中的A点悬挂4个钩码，要使杠杆仍保持水平位置平衡，需在B点悬挂______ 个钩码；
(3)如图乙所示，取走悬挂在B点的钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉，仍使杠杆水平位置平衡，弹簧测力计的拉力为______ N；若在C点改变弹簧测力计拉力的方向，使之斜向右上方，杠杆仍然水平位置平衡，则弹簧测力计的读数将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)；
(4)下表是小明实验记录的数据，并由表中数据得出了杠杆平衡条件为F1l1=F2l2结论，你认为结论是否可靠？______ ，原因是______ 。
实验次数
动力F1(N)
动力臂l1(cm)
动力F2(N)
动力臂l2(cm)
1
1
15
1.5
10
20. 如图所示，容器中装有水，水中有一个木块被细线系着，已知水重200N，水深为0.6m，木块的体积为4dm3，木块的密度为0.6×103kg/m3，试求：(g取10N/kg)
(1)水对容器底部的压强；
(2)木块受到的浮力；
(3)若绳子断了，最终木块漂浮在水面上时，所受的浮力为多大。
21. 2022年2月4日，北京冬奥会开幕式既展现当代中国形象又富有冬奥特色，给世界留下美好的奥运记忆。在北京冬奥会场部建设过程中，一位建筑工人要把建筑材料运送到场路山处，他使用了如图所示的装置进行升降，当篮内的建筑材料质量为16kg时，人对绳子的拉力为110N，吊篮在拉力的作用下10s内匀速上升了3m，不计吊篮重、绳重和摩擦。(g取10N/kg)
(1)动滑轮的重？
(2)人的拉力做功的功率？
(3)当提升建筑材料的质量增加到54kg时，则此时滑轮组的机械效率是多少？
答案和解析
1.【答案】悬空静止 惯性
【解析】解：手持钢尺，用力快速击打一摞棋子中间的一个，该棋子飞出而上方的棋子并没有飞出，是因为上面的棋子由于惯性要保持原来的静止状态，由于下方的棋子飞出，则上方的棋子在重力的作用下落在下面的棋子上；
若击打该棋子时，所有棋子都不再受到重力的作用，则该棋子上方的棋子将会悬空静止，理由是：当其中一个棋子被击打而飞出时，上面的棋子由于惯性要保持原来的静止状态。
故答案为：悬空静止；惯性。
物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性。
此题考查了对惯性的理解，属于力学基础知识的考查。
2.【答案】1 2
【解析】解：根据v-t关系图象可以知道，前2s内，物体处于静止状态，在水平方向上，摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等。根据F-t关系图象可知，此时间段内拉力大小为1N，故摩擦力大小为1N。
根据v-t图象可知，4s∼6s时间段内物体做匀速直线运动，处于平衡状态，在水平方向上摩擦力与拉力平衡，大小相等。根据F-t关系图象可知，此时间段内拉力为2N，故此时物体受到的摩擦力为2N。
物体滑动起来后，因为接触面间的压力与接触面的粗糙程度都没有变化，受到的摩擦力是不变的，故2s∼4s时间段内受到的摩擦力也为2N。
故答案为：1；2。
滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关；先由速度-时间图象判断物体的运动情况，然后根据物体的运动状态判断物体是否受平衡力作用；根据由F-t图象求出物体受到的推力，然后由二力平衡的条件求出摩擦力的大小。
本题考查学生对图象的认识，并能将v-t图象和F-t图象相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出摩擦力的大小是本题的关键。
3.【答案】180 90
【解析】解：重力做功：
W=Gh=600N×0.3m=180J，
重力做功功率：
P=Wt=180J2s=90W。
故答案为：180；90。
知道人受到的重力和在重力方向上移动的距离，利用W=Gh求重力做功大小；又知道做功时间，利用公式P=Wt求重力做功功率。
本题考查了学生对功的公式、功率公式的掌握和运用，确定人在重力方向上移动的距离h是本题的关键。
4.【答案】小 大气压 敞开
【解析】当向水平管中吹气时，竖直吸管上方的空气流速大，压强减小，矿泉水瓶中的水在大气压的作用下从竖直管中喷出，其中矿泉水瓶瓶口要保持敞开，以便与外界大气压相通。
吸管和矿泉水瓶构成连通器，吹气之前，吸管内和矿泉水瓶内液面相平。
当向水平管中吹气时，竖直吸管上方的空气流速大，压强减小，矿泉水瓶中压强不变，吸管内的水受到向上的压强大，水从竖直管中喷出。
对于流体压强问题，要明确被研究的物体，物体的哪两个侧面流体流速不同，判断两个侧面的压强情况，判断物体在压强差作用下的运动情况。
5.【答案】>=>
【解析】解：
(1)不计绳重及摩擦，拉力F=1n(G物+G动)，
由图知，nA=2，nB=3，
则绳子受到的拉力分别为：
F1=12(GA+G动)，F2=13(GB+G动)，
若GA=GB，则由前面表达式可知F1>F2；
因为不计绳重及摩擦，动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，由W额=G动h、W有用=G物h可知，两滑轮组做的有用功相同、额外功相同，拉力做的总功相同，即W1=W2；
(2)若GA>GB，由W有用=G物h可知，甲滑轮组做的有用功多，而额外功不变，则有用功在总功中所占的比例增大，所以甲滑轮组的机械效率大，即η甲>η乙。
故答案为：>；=；>。
由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s=nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同；
若GA>GB，根据W=Gh可知有用功的变化，由于额外功不变。利用η=W有用W总判断滑轮组机械效率的大小变化。
本题重点理解：把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同。
6.【答案】=<
【解析】解：在光滑轨道上，忽略空气阻力，物体的机械能守恒，甲球在A点时的机械能等于乙球在B点时的机械能，则甲球在A'点时的机械能依然等于乙球在B'点时的机械能；
机械能等于物体的势能和动能之和，重力势能的大小由质量和高度决定，动能的大小由质量和速度决定；已知B点的高度大于A点的高度，又v1=v2，则甲球的质量必大于乙球的质量。两个小球到达水平地面时，其机械能全部转化为动能，由于甲球的质量大，故甲球的速度v1'必小于乙球的速度v2'。
故答案为：=；<。
在不考虑摩擦和空气阻力时，物体的机械能守恒；机械能等于物体的势能和动能之和，重力势能的大小由质量和高度决定，动能的大小由质量和速度决定；已知B点的高度大于A点的高度，又v1=v2，则甲球的质量必大于乙球的质量。两个小球到达水平地面时，其机械能全部转化为动能，根据两球的质量关系即可判断其速度关系。
本题考查了动能和势能大小的决定因素和机械能守恒的内容，属于基础知识，要熟练掌握。
7.【答案】A
【解析】解：A、一个鸡蛋的质量约50g=0.05kg，受到的重力为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故A符合实际；
B、中学生的质量在50kg左右，故B不符合实际；
C、大气压强随海拔高度的增加而减小。海平面处的气压约105Pa，珠穆朗玛峰顶的大气压要小于105Pa，故D不符合实；
D、救护车在市区行驶的正常速度约为60km/h，故D不符合实际。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
8.【答案】B
【解析】解：A、运动中的冰壶，冰壶对冰面的压力作用点在冰面上，冰壶受到的重力作用点在冰壶上，作用点不同，不是平衡力，故A错误；
B、在冰壶运动路线上刷冰，减小接触面的粗糙程度，是为了减小摩擦力，故B正确；
C、惯性是一切物体的固有属性，冰壶离开手后减速滑行，惯性不变，故C错误；
D、冰壶滑行过程中，受到滑动摩擦力的方向与滑行方向相反，故D错误。
故选：B。
(1)二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；
(2)摩擦力的影响因素有：压力大小和接触面的粗糙程度。增大摩擦的方法有：增大压力和增大接触面的粗糙程度；小摩擦力的方法有：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动摩擦为滚动摩擦和使两接触表面彼此离开；
(3)惯性是一切物体的固有属性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量大的物体运动状态相对难于改变，也就是惯性大，质量小的物体运动状态相对容易改变，也就是惯性小；
(4)滑动摩擦力方向与物体相对运动的方向相反。
本题主要从二力平衡的条件、惯性、动能和摩擦力的有关知识来判断。
9.【答案】C
【解析】解：
A、吸盘能吸附在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，吸盘内压强小于外界大气压，吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，这是由于大气压引起的，故A不符合题意；
B、水杯倒置水没流出，是因为纸片受到水向下的压强小于外界大气压强，水在外界大气压的作用下不会流出，是由于大气压引起的，故B不符合题意；
C、向漏斗吹气乒乓球被吸起是因为乒乓球上方的空气流速快，压强小，下方的空气流速慢，压强大，产生向上的压强差而被吸住，故C符合题意。
D、用吸管吸饮料，是利用大气压将饮料压入口中，故D不符合题意。
故选：C。
大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。大气压强在实际生活中的应用十分广泛，有：吸管喝饮料、离心式水泵抽水、钢笔吸墨水等。
此类题举出的例子一般都是学生平时生活中接触过的，所以要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象。体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。
10.【答案】B
【解析】解：BC、因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，用水平力F向右匀速推动木板时，木板A对桌面的压力F不变，故B正确，C错误；
AD、因水平力F向右匀速推动木板A时，木板A与桌面的接触面积变小，受力面积变小，
所以，由p=FS可知，木板A对桌面的压强变大，故AD错误。
故选：B。
水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据向右缓慢地推木板时受力面积的变化和压强公式判断对桌面压强的变化。
本题考查了压力和压强大小的比较，关键是会分析向右缓慢地推木板的过程中变化的量和不变的量。
11.【答案】A
【解析】解：A、老虎钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、理发剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、定滑轮在使用时，动力臂等于阻力臂，其实质是等臂杠杆；
D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．
故选A.
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．
此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力．
12.【答案】A
【解析】解：A.由图可知滑轮组的动滑轮绕绳子的段数n=3，绳子移动的距离s绳=ns物=3×4m=12m，故A正确；
B.该装置的有用功为物体克服摩擦力做的功，即W有=fs物=450N×4m=1800J，故B错误；
C.拉力做的功：W=Fs绳=200N×12m=2400J，
拉力的功率：P=Wt=2400J2s=1200W，故C错误；
D.该装置的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=450N3×200N=75%，故D错误。
故选：A。
(1)由图可知，有三段绳子拉着动滑轮，绳子自由端移动的距离等于物体移动距离的3倍；
(2)利用W=fs物求克服摩擦力做的有用功；
(3)利用W=Fs求拉力做的总功；根据P=Wt求功率；
(4)滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
本题综合考查了功、功率、机械效率的计算，本题关键：知道克服摩擦力做的功为有用功。
13.【答案】CD
【解析】解：A、在弹簧恢复原状的过程中，弹簧的形变程度变小，弹性势能变小。木块的速度变大，动能变大，同时因为水平面AB粗糙，木块需要克服摩擦力做功，内能变大，故弹簧的弹性势能一部分转化为小木块的动能，一部分转化为木块的内能。故A错误；
B、小木块离开弹簧后在粗糙水平面上滑行时，需要克服摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能减小。故B错误；
C、小木块在斜面上向上运动时，高度增加，重力势能变大，因为斜面BC光滑，且空气阻力忽略不计，所以机械能守恒，故C正确；
D、最高点时，高度达到最大值，因此重力势能也达到最大值，故D正确。
故选：CD。
(1)判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。
(2)不计空气和摩擦阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
(3)影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
(4)影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大。
此题考查平衡状态的判断、动能和势能的大小变化等。弹簧问题往往是动态变化的，分析这类问题时用动态变化的观点进行，分析时关键抓住弹力的可变性，同时注意其过程中的功能转化关系。
14.【答案】AD
【解析】解：(1)物块A的底面积：
SA=LA2=(20cm)2=400cm2=0.04m2，
由p=FS可得物块A对地面的压力：
F=pSA=5100Pa×0.04m2=204N，故A正确；
(2)因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，图乙中物块A、B的总重力G总=F=204N，
由G=mg=ρVg=ρL3g可得：
GA+GB=ρALA3g+ρBLB3g=204N，
因为ρA：ρB=3：1，
所以有：
ρA×(0.2m)3×10N/kg+13ρA×(0.3m)3×10N/kg=204N，
解得：ρA=1.2×103kg/m3，故B错误；
(3)物块A的重力：
GA=ρALA3g=1.2×103kg/m3×(0.2m)3×10N/kg=96N，
物块B的重：
GB=G-GA=204N-96N=108N，
图乙中，B对A的压强：
pBA=FBSA=GBSA=108N0.04m2=2700Pa，故C错误；
(4)图丙中，沿竖直方向切去物块B后，设剩余部分占物块B体积的比例为x，
则物块B剩余部分的底面积为SB⋅x，物块B剩余部分的重为GB⋅x，
则由p=FS可得：
pB=GA+GB⋅xSB⋅x=2800Pa，
即96N+108N⋅x(0.3m)2⋅x=2800Pa，
解得：x=23，即将物块B沿竖直方向切去了13，故D正确。
故选：AD。
①知道物块A的边长可求底面积(受力面积)，知道A对地面的压强，利用p=FS求出物块A对地面的压力；
②水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此可知物块A、B的总重力，根据G=mg=ρVg=ρL3g和ρA：ρB=3：1得出等式即可求出物块A的密度；
③先求出物块A的重力，然后求出物块B的重力，图乙中B对A的压力等于B的重力，受力面积为A的底面积，根据p=FS求出B对A的压强；
④设应将物块B沿竖直方向切去的比例为x，剩余部分对地面的压力等于物块A和物块B剩余部分的重力，受力面积为物块B剩余部分的底面积，根据p=FS求出剩余部分的比例，然后求出切去部分的比例即可得出答案。
本题考查了压力、压强、密度的计算，灵活的运用p=FS是解题的关键，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
15.【答案】解：
(1)重力的作用点在物体的重心上，重力方向竖直向下；从物体A的重心竖直向下作出其重力的示意图，如下图所示：
(2)物体A对斜面的压力垂直于斜面向下，压力的作用点在斜面上，从压力的作用点沿垂直于斜面向下作出物体A对斜面压力的示意图，如下图所示：
【解析】(1)重力的作用点在物体的重心上，重力方向竖直向下，从木块重心沿重力方向做出木块重力的示意图即可。
(2)斜面上静止的木块对斜面的压力垂直于斜面向下，斜面受到的压力的作用点在斜面上，从作用点起沿力的方向画线段，在线段的末端画出箭头表示力的方向。
本题考查了作力的示意图，作力的示意图的方法：一定点，二画线，线段末端画尖尖。即作力的示意图时，注意力的方向、大小和作用点要全部表示出来。
16.【答案】解：(1)延长力F的作用线，过O点向F的作用线作垂线，垂线段的长就是该力的力臂；
(2)从物体的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示。如图所示：
【解析】(1)过支点O作F作用线的垂线段即为拉力F的力臂。
(2)重力的作用点在物体的重心，重力的方向竖直向下。
画重力示意图的关键是要把握它的三要素；画杠杆的力臂则要找准支点和力的作用线，并从支点向力的作用线作垂线。
17.【答案】二力平衡 转换法 2.2压力 不受 是
【解析】解：
(1)当用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在长木板上做匀速直线运动时，木块处于平衡状态，根据二力平衡知识可知，此时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数，通过读出弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小，用到了转换法；
(2)由图乙可知，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为2.2N，因此滑动摩擦力的大小为2.2N；
(3)对比第1、2两次实验数据可知，接触面粗糙程度相同，2中压力大，滑动摩擦力也大，故可以得出结论：其他条件相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
(4)当沿水平方向匀速拉动木块时，木块与砝码之间没有相对运动趋势，所以砝码不受摩擦力；
(5)弹簧测力计不沿水平方向拉动时，使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，此时受到的合力为零，处于平衡状态。
故答案为：(1)二力平衡；转换法；(2)2.2；(3)压力；(4)不受；(5)是。
(1)滑动摩擦力在物体的接触面上，所以摩擦力的大小无法直接测量，可借助于平衡力的条件，将摩擦力的大小转化成测力计示数的大小进行测量，利用了转换法；
(2)根据弹簧测力计分度值读数；
(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，分析图中现象得出结论；
(4)分析木块与砝码是否发生相对运动或具有相对运动趋势即可判断出摩擦力情况；
(5)物体静止或做匀速直线运动时，受力平衡。
本题探究影响滑动摩擦力大小的因素，考查实验原理、弹簧测力计的读数、控制变量法，体现了对过程和方法的考查。
18.【答案】4 1 排开液体的体积 液体的密度 ADE0.8×103
【解析】解：
(1)测力计拉着物体静止在空气中的示数为物体的重力，即G=4N；
(2)由图A、C可知，物体浸没在水中时受到的浮力：F水=G-F=4N-3N=1N；
(3)分析ABC三图的实验数据可知液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，所以可以得出物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
(4)分析ADE三图的实验数据可知排开液体的体积相同，液体的密度不相同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，所以可以得出物体所受的浮力大小与液体的密度有关；
(5)探究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度的关系时，应控制深度不同，故选C、D两图进行比较；
(6)由F浮=ρgV排得，物体排开水的体积：
V排=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
物体浸没在酒精中所受的浮力：F浮'=G-F'=4N-3.2N=0.8N，
由D、E两图可知，物体排开酒精的体积等于排开水的体积，
由F浮=ρgV排得，酒精的密度：
ρ酒精=F浮'gV排=0.8N10N/kg×1×10-4m3=0.8×103kg/m3。
故答案为：(1)4；(2)1；(3)排开液体的体积；(4)液体的密度；(5)ADE；(6)0.8×103。
(1)测力计可以直接测出物体的重力；
(2)根据F浮=G-F求浮力大小；
(3)(4)影响浮力的因素是液体的密度和排开液体的体积，根据控制变量法分析解答，得出结论；
(5)研究液体中的物体所受浮力的大小与液体的深度的关系时，要控制物体排开液体的体积和密度都相同。
(6)根据物体在水中的浮力，利用公式F浮=ρgV排，可计算物体的体积；再根据在酒精中的浮力，利用公式可计算酒精的密度。
本题探究影响浮力大小的因素，重点考查了控制变量法在实际的中具体运用，对常见的错误认识做了澄清。难点是酒精密度的计算，用到了浮力的公式及密度的公式。
19.【答案】右 便于测量力臂 2 1 变大 不可靠 实验次数太少，结论不具有普遍性
【解析】解：(1)根据杠杆的调平原理，“左偏右调，右偏左调”可知，此时应该向右移动平衡螺母，直到杠杆在水平位置平衡。
杠杆只有在水平位置平衡时，支点到力的作用线的距离才正好在杠杆上，也就是正好等于相应杠杆的长，这样测量起来会比较方便，所以好处是便于测量力臂。
(2)设杠杆每个格的长度为l，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件FAlA=FBlB，
代入数据可得4G×2l=FB×4l，
解得FB=2G，即需在B点处挂2个钩码。
(3)取走悬挂在B点的钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉，根据杠杆的平衡条件可得FAlA=FClC，
代入数据可得4G×2l=FC×4l，
解得FC=2G=2×0.5N=1N，
弹簧测力计与竖直方向有夹角，杠杆仍保持水平位置平衡时，从支点O到动力作用线作垂线，支点与垂足之间的距离即为力臂，拉力的方向斜向右上方时，动力臂减小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力增大，即弹簧测力计的读数将变大。
(4)由表中数据可知，实验次数只有一次，实验次数太少，所以结论不具有普遍性，实验结论不可靠。
故答案为：(1)右；便于测量力臂；(2)2；(3)1；变大；(4)不可靠；实验次数太少，结论不具有普遍性。
(1)杠杆的调节也跟天平类似，应向高的一侧移动平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡最大的好处就是测量力臂时非常方便。
(2)根据杠杆的平衡条件计算出在B点挂的钩码个数。
(3)根据杠杆的平衡条件可得弹簧测力计的拉力；当拉力F向右倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化。
(4)实验次数只有一次，实验次数太少，所以结论不具有普遍性，实验结论不可靠。
本题考查了杠杆平衡的调节和平衡条件的应用；要明确探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，是一道常见题。
20.【答案】解：
(1)水对容器底部的压强为：p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.6m=6×103Pa；
(2)绳断前，木块完全浸没，V排=4dm3=0.004m3，
木块受到的浮力为：F浮=G排=ρ液gV排=1×103kg/m3×10N/kg×0.004m3=40N；
(3)若绳子断了，最终木块漂浮在水面上，根据二力平衡知识，F浮=G木=mg=ρ木gV木=0.6×103kg/m3×10N/kg×0.004m3=24N。
答：
(1)水对容器底部的压强为6×103Pa；
(2)木块受到的浮力是40N；
(3)若绳子断了，最终木块漂浮在水面上时，受到的浮力为24N。
【解析】(1)根据公式p=ρgh计算水对容器底部的压强；
(2)根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排，可求木块所受浮力；
(3)根据木块静止后的受力情况分析，可求出木块静止时的浮力，F浮=G木。
熟练运用液体压强的计算公式、准确分析物体受力和阿基米德原理，是解答此题的关键。
21.【答案】解：(1)建筑材料的重力：
G=mg=16kg×10N/kg=160N，
由图可知n=2，因为不计吊篮重、绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：
G动=nF-G=2×110N-160N=60N；
(2)绳子自由端移动的距离：
s=nh=2×3m=6m，
拉力做的总功：
W总=Fs=110N×6m=660J，
拉力做功的功率：
P=W总t=660J10s=66W；
(3)此时建筑材料的重力：
G=mg=54kg×10N/kg=540N，
因为不计吊篮重、绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率：
η=W有'W总'=W有'W有'+W额外=G'hG'h+G动h=G'G'+G动=540N540N+60N×100%=90%。
答：(1)动滑轮的重为60N；
(2)人的拉力做功的功率为66W；
(3)当提升建筑材料的质量增加到54kg时，则此时滑轮组的机械效率是90%。
【解析】(1)根据G=mg求建筑材料的重力；由图可知n=2，利用不计吊篮重、绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力；
(2)绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(3)根据G=mg求建筑材料的重力；利用不计吊篮重、绳重和摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求滑轮组的机械效率。
本题考查了重力的计算、使用滑轮组时绳子的拉力、总功、功率和机械效率的计算，利用好不计吊篮重、绳重和摩擦时F=1n(G+G动)是关键。
2022-2023学年河南省漯河三中八年级（下）期末物理试卷
1. 如图所示、手持钢尺，用力快速击打一摞棋子中间的一个，该棋子飞出而上方的棋子并没有飞出。若击打该棋子时，所有棋子都不再受到重力的作用，则该棋子上方的棋子将会______ (选填“落下”、“悬空静止”、“随被击打的棋子一同飞出”或“向上飞出”)。你做出这种猜想的理由是：当其中一个棋子被击打而飞出时，上面的棋子由于______ 要保持原来的静止状态。
2. 水平地面上的一物体受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系和物体的速度v与时间t的关系如图所示，则前2s内物体受到的摩擦力大小为______ N，2s-4s内物体受到的摩擦力为______ N。
3. 2015年亳州市学业水平体育测试立定跳远项目中，体重为600N的某同学从最高点到落地点的过程中，重心下降的最大距离为0.3m，用时2s，轨迹如图。则此过程重力做的功为______ J，重力的功率为______ W。
4. 如图所示，用一个矿泉水瓶和两根吸管制作成的一个“口吹喷雾器”，当向水平管中吹气时，竖直吸管上方的空气流速大，压强______(选填“大”或“小”)，矿泉水瓶中的水在______的作用下从竖直管中喷出，其中矿泉水瓶瓶口要保持______(选填“敞开”或“密闭”)。
5. 如图所示，用相同的滑轮安装成甲、乙两种装置，分别用F1、F2匀速提升重力为GA、GB的A、B两物体升高相同的高度，不计绳重和摩擦。若GA=GB，则F1______F2，F1、F2做的总功W1和W2的大小系为W1______W2；若GA>GB，则二滑轮组的机械效率η甲______η乙.(以上选填“>”、“=”或“<”)
6. 如图所示，体积相同的两个小球甲和乙分别从竖直高度不同的半圆光滑轨道最高点处A点和B点，以v1和v2的速度开始运动，一直沿着轨道运动到最低处A'点和B'点，此时它们的速度分别为v1'和v2'，均忽略空气阻力。已知甲球在A点时的机械能等于乙球在B点时的机械能，且v1=v2，则甲球在A'点时的机械能______ (选填“>”“=”或“<”)乙球在B'点时的机械能：v1'______ (选填“>”“=”或“<”)v2'。
7. 以下估测数据最符合实际的是( )
A. 一枚鸡蛋受到的重力约为0.5N
B. 一名中学生的体重约为200kg
C. 珠穆朗玛峰顶的大气压约为1.5×105Pa
D. 救护车在市区行驶的速度约为60m/s
8. 冰壶是冬奥会比赛项目之一。如图所示，冰壶比赛正在进行。在冰壶运动的过程中，下列分析正确的是( )
A. 冰壶对冰面的压力与受到的重力是一对平衡力
B. 在冰壶运动路线上刷冰，是为了减小摩擦力
C. 冰壶离开手后减速滑行，惯性随之减小
D. 冰壶滑行过程中，受到滑动摩擦力的方向与滑行方向相同
9. 如图所示的现象中，不是利用大气压作用的是( )
A. 吸盘挂钩被压在墙上
B. 杯中水不流出纸片不掉下来
C. 向漏斗吹气乒乓球被吸起
D. 用吸管吸饮料
10. 质量分布均匀的木板A放在水平桌面上，木板A右端与桌边相齐(如图所示).在木板的右端施一水平力F，使木板A右端缓慢地向右移动，在木板A移动过程中，下列说法正确的是( )
A. A对桌面的压强不变 B. A对桌面的压力不变
C. A对桌面的压力变小 D. A对桌面的压强不断变小
11. 使用如图工具可以省力的是( )
A. 老虎钳 B. 理发剪刀
C. 定滑轮 D. 镊子
12. 小明用如图所示滑轮组将一个放在水平地面上的物体匀速拉动，物体用时2s移动了4m，物体重为2000N，运动过程中物体受到的摩擦力为450N，绳子自由端受到的拉力F为200N。下列说法正确的是( )
A. 绳子移动了12m B. 该装置的有用功是8000J
C. 拉力的功率是400W D. 该装置的机械效率70%
13. 如图所示，粗糙水平面AB与光滑斜面BC平滑连接，并固定不动，轻弹簧左端固定，小木块紧靠在弹簧右端并压缩弹簧，静止释放后，小木块被压缩的弹簧弹出在水平面上滑行后，冲上斜面BC，斜面足够长，不计空气阻力，下列说法正确的是( )
A. 在弹簧恢复原长的过程中，弹簧的弹性势能全部转化为小木块的动能
B. 小木块离开弹簧后在粗糙水平面上滑行过程中，机械能守恒
C. 小木块在斜面上运动过程中，机械能守恒
D. 小木块运动到斜面最高点时，重力势能最大
14. 如图甲是西南大学的一座塑像，其基座结构类似于图乙和丙的模型。若A、B是质量分布均匀的正方体物块，边长分别是20cm、30cm，密度之比ρA：ρB=3：1，如图乙，将A放在水平地面上，B放在A的上面，A对地面的压强为5100Pa；下列说法正确的是( )
A. 图乙中，A对地面的压力为204N
B. A的密度为0.4×103kg/m3
C. 图乙中，B对A的压强为1200Pa
D. 图丙中，仅将B沿竖直方向切去三分之一，B对地面的压强为2800Pa
15. 如图所示，物体A沿斜面向下做匀速直线运动，请画出物体A所受重力和它对斜面压力的示意图。
16. 如图，一轻质杠杆保持平衡，O为支点，请画出拉力F的力臂l1及物体的重力。
17. 在探究“滑动摩擦力的大小与什么因素有关”时，小明用相同的木块分别做了三次实验。
(1)实验过程中，应沿水平方向匀速直线拉动木块，根据______ 的条件可以得出：弹簧测力计的示数等于木块所受滑动摩擦力的大小，这种物理方法是______ 。
(2)第三次实验时，弹簧测力计示数如图3所示，则此时木块受到滑动摩擦力的大小为______ N。
(3)通过对比图1和图2两次实验可知：其他条件相同时，______ 越大，滑动摩擦力越大。
(4)图2实验中，当沿水平方向匀速拉动木块时，木块上方的砝码______ (选填“受”或“不受”)摩擦力(不考虑空气阻力)。
(5)某次实验，小明用如图4所示的力F拉动某木块时，木块沿水平方向做匀速直线运动，此时木块______ (选填“是”或“不是”)平衡状态。
18. 小明同学按如图所示的操作探究影响浮力大小的因素。
(1)物体所受的重力是______N；
(2)物块完全浸没在水中时的浮力是______N；
(3)分析ABC三图的实验数据可知：物体所受的浮力大小与______有关；
(4)分析ADE三图的实验数据可知：物体所受的浮力大小与______有关；
(5)分析______三图的实验数据可知：物体所受的浮力大小与物体浸没在液体中的深度无关；
(6)通过本次实验，可以算出酒精的密度是______kg/m3。
19. 小明利用刻度均匀的轻质杠杆进行探究“杠杆的平衡条件”实验，已知每个钩码重0.5N。
(1)实验前，将杠杆的中点置于支架上，当杠杆静止时，发现杠杆左端下沉，这时应将平衡螺母向______ (选填“左”或“右”)调节，直到杠杆在水平位置平衡。你认为实验中让杠杆在水平位置平衡的好处是______ ；
(2)在图甲中的A点悬挂4个钩码，要使杠杆仍保持水平位置平衡，需在B点悬挂______ 个钩码；
(3)如图乙所示，取走悬挂在B点的钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉，仍使杠杆水平位置平衡，弹簧测力计的拉力为______ N；若在C点改变弹簧测力计拉力的方向，使之斜向右上方，杠杆仍然水平位置平衡，则弹簧测力计的读数将______ (选填“变大”“变小”或“不变”)；
(4)下表是小明实验记录的数据，并由表中数据得出了杠杆平衡条件为F1l1=F2l2结论，你认为结论是否可靠？______ ，原因是______ 。
实验次数
动力F1(N)
动力臂l1(cm)
动力F2(N)
动力臂l2(cm)
1
1
15
1.5
10
20. 如图所示，容器中装有水，水中有一个木块被细线系着，已知水重200N，水深为0.6m，木块的体积为4dm3，木块的密度为0.6×103kg/m3，试求：(g取10N/kg)
(1)水对容器底部的压强；
(2)木块受到的浮力；
(3)若绳子断了，最终木块漂浮在水面上时，所受的浮力为多大。
21. 2022年2月4日，北京冬奥会开幕式既展现当代中国形象又富有冬奥特色，给世界留下美好的奥运记忆。在北京冬奥会场部建设过程中，一位建筑工人要把建筑材料运送到场路山处，他使用了如图所示的装置进行升降，当篮内的建筑材料质量为16kg时，人对绳子的拉力为110N，吊篮在拉力的作用下10s内匀速上升了3m，不计吊篮重、绳重和摩擦。(g取10N/kg)
(1)动滑轮的重？
(2)人的拉力做功的功率？
(3)当提升建筑材料的质量增加到54kg时，则此时滑轮组的机械效率是多少？
答案和解析
1.【答案】悬空静止 惯性
【解析】解：手持钢尺，用力快速击打一摞棋子中间的一个，该棋子飞出而上方的棋子并没有飞出，是因为上面的棋子由于惯性要保持原来的静止状态，由于下方的棋子飞出，则上方的棋子在重力的作用下落在下面的棋子上；
若击打该棋子时，所有棋子都不再受到重力的作用，则该棋子上方的棋子将会悬空静止，理由是：当其中一个棋子被击打而飞出时，上面的棋子由于惯性要保持原来的静止状态。
故答案为：悬空静止；惯性。
物体保持原来运动状态不变的性质叫做惯性，一切物体都具有惯性。
此题考查了对惯性的理解，属于力学基础知识的考查。
2.【答案】1 2
【解析】解：根据v-t关系图象可以知道，前2s内，物体处于静止状态，在水平方向上，摩擦力与拉力是一对平衡力，大小相等。根据F-t关系图象可知，此时间段内拉力大小为1N，故摩擦力大小为1N。
根据v-t图象可知，4s∼6s时间段内物体做匀速直线运动，处于平衡状态，在水平方向上摩擦力与拉力平衡，大小相等。根据F-t关系图象可知，此时间段内拉力为2N，故此时物体受到的摩擦力为2N。
物体滑动起来后，因为接触面间的压力与接触面的粗糙程度都没有变化，受到的摩擦力是不变的，故2s∼4s时间段内受到的摩擦力也为2N。
故答案为：1；2。
滑动摩擦力的大小与压力的大小和接触面的粗糙程度有关；先由速度-时间图象判断物体的运动情况，然后根据物体的运动状态判断物体是否受平衡力作用；根据由F-t图象求出物体受到的推力，然后由二力平衡的条件求出摩擦力的大小。
本题考查学生对图象的认识，并能将v-t图象和F-t图象相结合，判断出物体的运动状态，根据平衡状态由物体的平衡条件求出摩擦力的大小是本题的关键。
3.【答案】180 90
【解析】解：重力做功：
W=Gh=600N×0.3m=180J，
重力做功功率：
P=Wt=180J2s=90W。
故答案为：180；90。
知道人受到的重力和在重力方向上移动的距离，利用W=Gh求重力做功大小；又知道做功时间，利用公式P=Wt求重力做功功率。
本题考查了学生对功的公式、功率公式的掌握和运用，确定人在重力方向上移动的距离h是本题的关键。
4.【答案】小 大气压 敞开
【解析】当向水平管中吹气时，竖直吸管上方的空气流速大，压强减小，矿泉水瓶中的水在大气压的作用下从竖直管中喷出，其中矿泉水瓶瓶口要保持敞开，以便与外界大气压相通。
吸管和矿泉水瓶构成连通器，吹气之前，吸管内和矿泉水瓶内液面相平。
当向水平管中吹气时，竖直吸管上方的空气流速大，压强减小，矿泉水瓶中压强不变，吸管内的水受到向上的压强大，水从竖直管中喷出。
对于流体压强问题，要明确被研究的物体，物体的哪两个侧面流体流速不同，判断两个侧面的压强情况，判断物体在压强差作用下的运动情况。
5.【答案】>=>
【解析】解：
(1)不计绳重及摩擦，拉力F=1n(G物+G动)，
由图知，nA=2，nB=3，
则绳子受到的拉力分别为：
F1=12(GA+G动)，F2=13(GB+G动)，
若GA=GB，则由前面表达式可知F1>F2；
因为不计绳重及摩擦，动滑轮重相同，提升的物体重和高度相同，由W额=G动h、W有用=G物h可知，两滑轮组做的有用功相同、额外功相同，拉力做的总功相同，即W1=W2；
(2)若GA>GB，由W有用=G物h可知，甲滑轮组做的有用功多，而额外功不变，则有用功在总功中所占的比例增大，所以甲滑轮组的机械效率大，即η甲>η乙。
故答案为：>；=；>。
由滑轮组的结构知道承担物重的绳子股数n，则绳子自由端移动的距离s=nh；把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同；
若GA>GB，根据W=Gh可知有用功的变化，由于额外功不变。利用η=W有用W总判断滑轮组机械效率的大小变化。
本题重点理解：把相同的重物匀速提升相同的高度，做的有用功相同；不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功加上额外功，可知利用滑轮组做的总功相同。
6.【答案】=<
【解析】解：在光滑轨道上，忽略空气阻力，物体的机械能守恒，甲球在A点时的机械能等于乙球在B点时的机械能，则甲球在A'点时的机械能依然等于乙球在B'点时的机械能；
机械能等于物体的势能和动能之和，重力势能的大小由质量和高度决定，动能的大小由质量和速度决定；已知B点的高度大于A点的高度，又v1=v2，则甲球的质量必大于乙球的质量。两个小球到达水平地面时，其机械能全部转化为动能，由于甲球的质量大，故甲球的速度v1'必小于乙球的速度v2'。
故答案为：=；<。
在不考虑摩擦和空气阻力时，物体的机械能守恒；机械能等于物体的势能和动能之和，重力势能的大小由质量和高度决定，动能的大小由质量和速度决定；已知B点的高度大于A点的高度，又v1=v2，则甲球的质量必大于乙球的质量。两个小球到达水平地面时，其机械能全部转化为动能，根据两球的质量关系即可判断其速度关系。
本题考查了动能和势能大小的决定因素和机械能守恒的内容，属于基础知识，要熟练掌握。
7.【答案】A
【解析】解：A、一个鸡蛋的质量约50g=0.05kg，受到的重力为G=mg=0.05kg×10N/kg=0.5N，故A符合实际；
B、中学生的质量在50kg左右，故B不符合实际；
C、大气压强随海拔高度的增加而减小。海平面处的气压约105Pa，珠穆朗玛峰顶的大气压要小于105Pa，故D不符合实；
D、救护车在市区行驶的正常速度约为60km/h，故D不符合实际。
故选：A。
首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
估测是一种科学的近似值，它不仅是一种常用的解题方法和思维方法而且是一种重要的科学研究方法，在生产和生活中也有着重要的作用，应用日常知识积累解答此题。
8.【答案】B
【解析】解：A、运动中的冰壶，冰壶对冰面的压力作用点在冰面上，冰壶受到的重力作用点在冰壶上，作用点不同，不是平衡力，故A错误；
B、在冰壶运动路线上刷冰，减小接触面的粗糙程度，是为了减小摩擦力，故B正确；
C、惯性是一切物体的固有属性，冰壶离开手后减速滑行，惯性不变，故C错误；
D、冰壶滑行过程中，受到滑动摩擦力的方向与滑行方向相反，故D错误。
故选：B。
(1)二力平衡的条件是两个力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在同一个物体上；
(2)摩擦力的影响因素有：压力大小和接触面的粗糙程度。增大摩擦的方法有：增大压力和增大接触面的粗糙程度；小摩擦力的方法有：减小压力、减小接触面的粗糙程度、变滑动摩擦为滚动摩擦和使两接触表面彼此离开；
(3)惯性是一切物体的固有属性，惯性的大小只与物体的质量有关，质量大的物体运动状态相对难于改变，也就是惯性大，质量小的物体运动状态相对容易改变，也就是惯性小；
(4)滑动摩擦力方向与物体相对运动的方向相反。
本题主要从二力平衡的条件、惯性、动能和摩擦力的有关知识来判断。
9.【答案】C
【解析】解：
A、吸盘能吸附在墙壁上，需要先用力挤压塑料吸盘，把盘内的空气挤出，吸盘内压强小于外界大气压，吸盘就被外界的大气压紧压在了墙壁上，这是由于大气压引起的，故A不符合题意；
B、水杯倒置水没流出，是因为纸片受到水向下的压强小于外界大气压强，水在外界大气压的作用下不会流出，是由于大气压引起的，故B不符合题意；
C、向漏斗吹气乒乓球被吸起是因为乒乓球上方的空气流速快，压强小，下方的空气流速慢，压强大，产生向上的压强差而被吸住，故C符合题意。
D、用吸管吸饮料，是利用大气压将饮料压入口中，故D不符合题意。
故选：C。
大气压的应用大多是利用内外的气压差，所以要判断是否是大气压的应用，要注意有没有形成这个“气压差”。大气压强在实际生活中的应用十分广泛，有：吸管喝饮料、离心式水泵抽水、钢笔吸墨水等。
此类题举出的例子一般都是学生平时生活中接触过的，所以要在平时学习中多留心这类与物理有关的生活现象。体现了物理来源于生活，服务于社会的新课程理念。
10.【答案】B
【解析】解：BC、因水平面上物体的压力和自身的重力相等，所以，用水平力F向右匀速推动木板时，木板A对桌面的压力F不变，故B正确，C错误；
AD、因水平力F向右匀速推动木板A时，木板A与桌面的接触面积变小，受力面积变小，
所以，由p=FS可知，木板A对桌面的压强变大，故AD错误。
故选：B。
水平面上物体的压力和自身的重力相等，根据向右缓慢地推木板时受力面积的变化和压强公式判断对桌面压强的变化。
本题考查了压力和压强大小的比较，关键是会分析向右缓慢地推木板的过程中变化的量和不变的量。
11.【答案】A
【解析】解：A、老虎钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；
B、理发剪刀在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；
C、定滑轮在使用时，动力臂等于阻力臂，其实质是等臂杠杆；
D、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆．
故选A.
结合生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．
此题考查的是杠杆的分类和特点，主要包括以下几种：①省力杠杆，动力臂大于阻力臂，省力但费距离；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂，费力但省距离；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂，既不省距离也不省力．
12.【答案】A
【解析】解：A.由图可知滑轮组的动滑轮绕绳子的段数n=3，绳子移动的距离s绳=ns物=3×4m=12m，故A正确；
B.该装置的有用功为物体克服摩擦力做的功，即W有=fs物=450N×4m=1800J，故B错误；
C.拉力做的功：W=Fs绳=200N×12m=2400J，
拉力的功率：P=Wt=2400J2s=1200W，故C错误；
D.该装置的机械效率：η=W有W总=GhFs=GhFnh=GnF=450N3×200N=75%，故D错误。
故选：A。
(1)由图可知，有三段绳子拉着动滑轮，绳子自由端移动的距离等于物体移动距离的3倍；
(2)利用W=fs物求克服摩擦力做的有用功；
(3)利用W=Fs求拉力做的总功；根据P=Wt求功率；
(4)滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。
本题综合考查了功、功率、机械效率的计算，本题关键：知道克服摩擦力做的功为有用功。
13.【答案】CD
【解析】解：A、在弹簧恢复原状的过程中，弹簧的形变程度变小，弹性势能变小。木块的速度变大，动能变大，同时因为水平面AB粗糙，木块需要克服摩擦力做功，内能变大，故弹簧的弹性势能一部分转化为小木块的动能，一部分转化为木块的内能。故A错误；
B、小木块离开弹簧后在粗糙水平面上滑行时，需要克服摩擦力做功，一部分机械能转化为内能，所以机械能减小。故B错误；
C、小木块在斜面上向上运动时，高度增加，重力势能变大，因为斜面BC光滑，且空气阻力忽略不计，所以机械能守恒，故C正确；
D、最高点时，高度达到最大值，因此重力势能也达到最大值，故D正确。
故选：CD。
(1)判断是哪种能量转化成了另一种能量的标准是：减小的转化为增多的。
(2)不计空气和摩擦阻力时，机械能没有转化为内能，机械能守恒。
(3)影响动能的影响因素是物体的质量和物体运动的速度，影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度。在分析各个能量的变化时，根据各自的影响因素进行分析。
(4)影响重力势能大小的因素：质量、被举的高度。质量越大，高度越大，重力势能就越大。
此题考查平衡状态的判断、动能和势能的大小变化等。弹簧问题往往是动态变化的，分析这类问题时用动态变化的观点进行，分析时关键抓住弹力的可变性，同时注意其过程中的功能转化关系。
14.【答案】AD
【解析】解：(1)物块A的底面积：
SA=LA2=(20cm)2=400cm2=0.04m2，
由p=FS可得物块A对地面的压力：
F=pSA=5100Pa×0.04m2=204N，故A正确；
(2)因水平面上物体的压力和自身的重力相等，
所以，图乙中物块A、B的总重力G总=F=204N，
由G=mg=ρVg=ρL3g可得：
GA+GB=ρALA3g+ρBLB3g=204N，
因为ρA：ρB=3：1，
所以有：
ρA×(0.2m)3×10N/kg+13ρA×(0.3m)3×10N/kg=204N，
解得：ρA=1.2×103kg/m3，故B错误；
(3)物块A的重力：
GA=ρALA3g=1.2×103kg/m3×(0.2m)3×10N/kg=96N，
物块B的重：
GB=G-GA=204N-96N=108N，
图乙中，B对A的压强：
pBA=FBSA=GBSA=108N0.04m2=2700Pa，故C错误；
(4)图丙中，沿竖直方向切去物块B后，设剩余部分占物块B体积的比例为x，
则物块B剩余部分的底面积为SB⋅x，物块B剩余部分的重为GB⋅x，
则由p=FS可得：
pB=GA+GB⋅xSB⋅x=2800Pa，
即96N+108N⋅x(0.3m)2⋅x=2800Pa，
解得：x=23，即将物块B沿竖直方向切去了13，故D正确。
故选：AD。
①知道物块A的边长可求底面积(受力面积)，知道A对地面的压强，利用p=FS求出物块A对地面的压力；
②水平面上物体的压力和自身的重力相等，据此可知物块A、B的总重力，根据G=mg=ρVg=ρL3g和ρA：ρB=3：1得出等式即可求出物块A的密度；
③先求出物块A的重力，然后求出物块B的重力，图乙中B对A的压力等于B的重力，受力面积为A的底面积，根据p=FS求出B对A的压强；
④设应将物块B沿竖直方向切去的比例为x，剩余部分对地面的压力等于物块A和物块B剩余部分的重力，受力面积为物块B剩余部分的底面积，根据p=FS求出剩余部分的比例，然后求出切去部分的比例即可得出答案。
本题考查了压力、压强、密度的计算，灵活的运用p=FS是解题的关键，要注意物体对水平面的压力和自身的重力相等。
15.【答案】解：
(1)重力的作用点在物体的重心上，重力方向竖直向下；从物体A的重心竖直向下作出其重力的示意图，如下图所示：
(2)物体A对斜面的压力垂直于斜面向下，压力的作用点在斜面上，从压力的作用点沿垂直于斜面向下作出物体A对斜面压力的示意图，如下图所示：
【解析】(1)重力的作用点在物体的重心上，重力方向竖直向下，从木块重心沿重力方向做出木块重力的示意图即可。
(2)斜面上静止的木块对斜面的压力垂直于斜面向下，斜面受到的压力的作用点在斜面上，从作用点起沿力的方向画线段，在线段的末端画出箭头表示力的方向。
本题考查了作力的示意图，作力的示意图的方法：一定点，二画线，线段末端画尖尖。即作力的示意图时，注意力的方向、大小和作用点要全部表示出来。
16.【答案】解：(1)延长力F的作用线，过O点向F的作用线作垂线，垂线段的长就是该力的力臂；
(2)从物体的重心沿竖直向下的方向画一条带箭头的线段，并用符号G表示。如图所示：
【解析】(1)过支点O作F作用线的垂线段即为拉力F的力臂。
(2)重力的作用点在物体的重心，重力的方向竖直向下。
画重力示意图的关键是要把握它的三要素；画杠杆的力臂则要找准支点和力的作用线，并从支点向力的作用线作垂线。
17.【答案】二力平衡 转换法 2.2压力 不受 是
【解析】解：
(1)当用弹簧测力计沿水平方向拉动木块，使其在长木板上做匀速直线运动时，木块处于平衡状态，根据二力平衡知识可知，此时滑动摩擦力的大小等于弹簧测力计的示数，通过读出弹簧测力计的示数等于滑动摩擦力的大小，用到了转换法；
(2)由图乙可知，弹簧测力计分度值为0.2N，示数为2.2N，因此滑动摩擦力的大小为2.2N；
(3)对比第1、2两次实验数据可知，接触面粗糙程度相同，2中压力大，滑动摩擦力也大，故可以得出结论：其他条件相同时，压力越大，滑动摩擦力越大；
(4)当沿水平方向匀速拉动木块时，木块与砝码之间没有相对运动趋势，所以砝码不受摩擦力；
(5)弹簧测力计不沿水平方向拉动时，使木块在木板上沿水平方向做匀速直线运动，此时受到的合力为零，处于平衡状态。
故答案为：(1)二力平衡；转换法；(2)2.2；(3)压力；(4)不受；(5)是。
(1)滑动摩擦力在物体的接触面上，所以摩擦力的大小无法直接测量，可借助于平衡力的条件，将摩擦力的大小转化成测力计示数的大小进行测量，利用了转换法；
(2)根据弹簧测力计分度值读数；
(3)影响滑动摩擦力大小因素有两个：压力大小和接触面的粗糙程度，研究与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，分析图中现象得出结论；
(4)分析木块与砝码是否发生相对运动或具有相对运动趋势即可判断出摩擦力情况；
(5)物体静止或做匀速直线运动时，受力平衡。
本题探究影响滑动摩擦力大小的因素，考查实验原理、弹簧测力计的读数、控制变量法，体现了对过程和方法的考查。
18.【答案】4 1 排开液体的体积 液体的密度 ADE0.8×103
【解析】解：
(1)测力计拉着物体静止在空气中的示数为物体的重力，即G=4N；
(2)由图A、C可知，物体浸没在水中时受到的浮力：F水=G-F=4N-3N=1N；
(3)分析ABC三图的实验数据可知液体的密度相同，排开液体的体积不同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，所以可以得出物体受到的浮力大小与物体排开液体的体积有关；
(4)分析ADE三图的实验数据可知排开液体的体积相同，液体的密度不相同，弹簧测力计的示数不同，浮力不同，所以可以得出物体所受的浮力大小与液体的密度有关；
(5)探究物体受到的浮力大小与物体浸没在液体中的深度的关系时，应控制深度不同，故选C、D两图进行比较；
(6)由F浮=ρgV排得，物体排开水的体积：
V排=F浮ρ水g=1N1.0×103kg/m3×10N/kg=1×10-4m3，
物体浸没在酒精中所受的浮力：F浮'=G-F'=4N-3.2N=0.8N，
由D、E两图可知，物体排开酒精的体积等于排开水的体积，
由F浮=ρgV排得，酒精的密度：
ρ酒精=F浮'gV排=0.8N10N/kg×1×10-4m3=0.8×103kg/m3。
故答案为：(1)4；(2)1；(3)排开液体的体积；(4)液体的密度；(5)ADE；(6)0.8×103。
(1)测力计可以直接测出物体的重力；
(2)根据F浮=G-F求浮力大小；
(3)(4)影响浮力的因素是液体的密度和排开液体的体积，根据控制变量法分析解答，得出结论；
(5)研究液体中的物体所受浮力的大小与液体的深度的关系时，要控制物体排开液体的体积和密度都相同。
(6)根据物体在水中的浮力，利用公式F浮=ρgV排，可计算物体的体积；再根据在酒精中的浮力，利用公式可计算酒精的密度。
本题探究影响浮力大小的因素，重点考查了控制变量法在实际的中具体运用，对常见的错误认识做了澄清。难点是酒精密度的计算，用到了浮力的公式及密度的公式。
19.【答案】右 便于测量力臂 2 1 变大 不可靠 实验次数太少，结论不具有普遍性
【解析】解：(1)根据杠杆的调平原理，“左偏右调，右偏左调”可知，此时应该向右移动平衡螺母，直到杠杆在水平位置平衡。
杠杆只有在水平位置平衡时，支点到力的作用线的距离才正好在杠杆上，也就是正好等于相应杠杆的长，这样测量起来会比较方便，所以好处是便于测量力臂。
(2)设杠杆每个格的长度为l，每个钩码的重力为G，根据杠杆的平衡条件FAlA=FBlB，
代入数据可得4G×2l=FB×4l，
解得FB=2G，即需在B点处挂2个钩码。
(3)取走悬挂在B点的钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉，根据杠杆的平衡条件可得FAlA=FClC，
代入数据可得4G×2l=FC×4l，
解得FC=2G=2×0.5N=1N，
弹簧测力计与竖直方向有夹角，杠杆仍保持水平位置平衡时，从支点O到动力作用线作垂线，支点与垂足之间的距离即为力臂，拉力的方向斜向右上方时，动力臂减小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件可知，动力增大，即弹簧测力计的读数将变大。
(4)由表中数据可知，实验次数只有一次，实验次数太少，所以结论不具有普遍性，实验结论不可靠。
故答案为：(1)右；便于测量力臂；(2)2；(3)1；变大；(4)不可靠；实验次数太少，结论不具有普遍性。
(1)杠杆的调节也跟天平类似，应向高的一侧移动平衡螺母，使杠杆在水平位置平衡最大的好处就是测量力臂时非常方便。
(2)根据杠杆的平衡条件计算出在B点挂的钩码个数。
(3)根据杠杆的平衡条件可得弹簧测力计的拉力；当拉力F向右倾斜时，分析出力臂的变化结合杠杆的平衡条件判断力的变化。
(4)实验次数只有一次，实验次数太少，所以结论不具有普遍性，实验结论不可靠。
本题考查了杠杆平衡的调节和平衡条件的应用；要明确探究杠杆平衡条件时，使杠杆在水平位置平衡，便于测量力臂大小，杠杆的重心通过支点，消除杠杆自重对杠杆平衡的影响，是一道常见题。
20.【答案】解：
(1)水对容器底部的压强为：p=ρgh=1×103kg/m3×10N/kg×0.6m=6×103Pa；
(2)绳断前，木块完全浸没，V排=4dm3=0.004m3，
木块受到的浮力为：F浮=G排=ρ液gV排=1×103kg/m3×10N/kg×0.004m3=40N；
(3)若绳子断了，最终木块漂浮在水面上，根据二力平衡知识，F浮=G木=mg=ρ木gV木=0.6×103kg/m3×10N/kg×0.004m3=24N。
答：
(1)水对容器底部的压强为6×103Pa；
(2)木块受到的浮力是40N；
(3)若绳子断了，最终木块漂浮在水面上时，受到的浮力为24N。
【解析】(1)根据公式p=ρgh计算水对容器底部的压强；
(2)根据阿基米德原理F浮=G排=ρ液gV排，可求木块所受浮力；
(3)根据木块静止后的受力情况分析，可求出木块静止时的浮力，F浮=G木。
熟练运用液体压强的计算公式、准确分析物体受力和阿基米德原理，是解答此题的关键。
21.【答案】解：(1)建筑材料的重力：
G=mg=16kg×10N/kg=160N，
由图可知n=2，因为不计吊篮重、绳重和摩擦时F=1n(G+G动)，所以动滑轮的重力：
G动=nF-G=2×110N-160N=60N；
(2)绳子自由端移动的距离：
s=nh=2×3m=6m，
拉力做的总功：
W总=Fs=110N×6m=660J，
拉力做功的功率：
P=W总t=660J10s=66W；
(3)此时建筑材料的重力：
G=mg=54kg×10N/kg=540N，
因为不计吊篮重、绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率：
η=W有'W总'=W有'W有'+W额外=G'hG'h+G动h=G'G'+G动=540N540N+60N×100%=90%。
答：(1)动滑轮的重为60N；
(2)人的拉力做功的功率为66W；
(3)当提升建筑材料的质量增加到54kg时，则此时滑轮组的机械效率是90%。
【解析】(1)根据G=mg求建筑材料的重力；由图可知n=2，利用不计吊篮重、绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求动滑轮的重力；
(2)绳子自由端移动的距离s=nh，利用W总=Fs求拉力做的总功，利用P=W总t求拉力做功的功率；
(3)根据G=mg求建筑材料的重力；利用不计吊篮重、绳重和摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求滑轮组的机械效率。
本题考查了重力的计算、使用滑轮组时绳子的拉力、总功、功率和机械效率的计算，利用好不计吊篮重、绳重和摩擦时F=1n(G+G动)是关键。
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