湖北省黄石市黄石港区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案）

这是一份湖北省黄石市黄石港区2022-2023学年八年级下学期期末物理试卷（含答案），共19页。试卷主要包含了 以下估测最接近实际的是，5cm， 下列现象中为了增大压强的是等内容，欢迎下载使用。

2022-2023学年湖北省黄石市黄石港区八年级（下）期末物理试卷
1. 以下估测最接近实际的是(    )
A. 人的口腔温度大约为37℃ B. 中学生游泳时受到的浮力约为200N
C. 人眨一次眼睛时间约3s D. 菜刀刀刃的厚度约为0.5cm
2. 下列现象中为了增大压强的是(    )
A. 书包的背带较宽 B. 注射器的针头做得很尖
C. 铁轨铺在枕木上 D. 大型载重卡车有很多车轮
3. 端午节赛龙舟是我国民间传统习俗。小丽和她的同学一起在公园人工湖上举行龙舟比赛，使龙舟向前行驶的力的施力物体是(    )
A. 船桨 B. 湖水 C. 同学 D. 龙舟
4. 将未装满水且密闭的矿泉水瓶，先正立放置在水平桌面上，再倒立放置。如图所示，两次放置时，水对瓶底和瓶盖的压强分别pA和pB，水瓶对桌面的压力分别为FA和FB，则(    )

A. pA>pB，FA=FB B. pAFB
C. pA 5. 如图为托里拆利实验的装置图，下列表述正确的是(    )


A. 将玻璃管稍微倾斜，管内外水银面高度差将变低
B. 将玻璃管稍微向上提起但没有离开液面，管内外水银面高度差将变大
C. 向槽中继续注入少量水银，管内外水银面高度差将变小
D. 换用更粗一些的等长玻璃管，管内外水银面高度差将不变
6. 如图所示，一个可以摆动的小球，被固定在天花板上，把它由静止从位置1释放，当它摆动到最低点位置2时，如果所有力都突然消失了，那么小球将(    )
A. 静止
B. 向下掉下去
C. 在水平方向，匀速直线运动
D. 无法判断
7. 如图是中国首架国产大飞机C919，下列关于飞机的说法正确的是(    )

A. 飞机获得升力的原理是“流体流速大的地方压强大”
B. 加速升空过程中，机械能不断增大
C. 飞机所在高空的大气压比陆地表面的大
D. 匀速直线飞行时，飞机受非平衡力的作用
8. “太空漫步”是一个国家“核心力量”的体现，我国成为世界上并列前茅的“核心国家”。航天员刘洋出舱活动时的情境，此时图中哪个是她受到的重力的方向(    )
A. ①
B. ②
C. ③
D. ④
9. 如图所示是学生使用圆珠笔在纸上写字时的情景，下列分析中正确的是(    )
A. 此时笔属于省力杠杆
B. 圆珠笔的长度约为15dm
C. 笔相对于纸面是静止的
D. 笔尖上的小滚珠可以减小摩擦
10. 如图所示，质量为m的小球从静止下落，落在竖直放置静止的轻弹簧上的A点，到达B点时小球重力与弹簧的弹力大小相等，图中C点是小球到达的最低点(不计空气阻力)，下列说法正确的是(    )
A. 从A到C，小球的机械能保持不变
B. 从A到C，小球重力势能减小、动能先增大后减小
C. 到C点时，小球的动能为零，小球受到的重力大于弹簧的弹力
D. 从A到C，小球重力势能减小、动能增大、小球与弹簧机械能总量不守恒

11. 如图所示，中国航母“山东”号正在南海训练，当舰载战斗机全部飞离“山东”号航空母舰时，航母受浮力及浮沉情况说法正确的是(    )
A. 浮力不变，始终漂浮
B. 浮力增大，上浮一些
C. 浮力减小，下沉一些
D. 浮力减小，上浮一些
12. 如图所示，木板A放在一水平面上，用16N的水平拉力F拉滑轮，使足够长的木板A以0.3m/s的速度在水平地面上匀速运动，物体B相对于地面静止，弹簧测力计示数为2N，若不计滑轮重、弹簧测力计重、绳重和滑轮摩擦，则下列说法正确的是(    )

A. 木板A与地面的摩擦力为2N B. 滑轮向右移动的速度为0.3m/s
C. 物块B受到的摩擦力为2N，方向水平向左 D. 绳子拉木板的功率为2.4W
13. 如图，一个烧杯静止在粗糙的斜面上，烧杯内有一小球漂浮于水中，请画出小球所受的浮力和烧杯对斜面的压力的示意图。


14. 爱学习爱劳动，小张常帮妈妈做家务。如图甲是小张用笤帚在水平地面扫地，如图乙是简化图，以O为支点，作用在A点的动力为F1。请在图乙中画出作用在笤帚上B点摩擦力的示意图及其力臂L2。


15. 如图所示，当向两张纸中间吹气时，纸会向中间靠拢，这个实验现象说明：气体中流速大的地方______小。根据这一现象可制成如图丙所示的装置，当用力向塑料管B中吹气时，细管A中的液面将会______(选填“上升”、“下降”或“不变”)。

16. 人体很多关节可以看作由肌肉和骨骼组成的杠杆模型。
(1)如图甲所示，人的前臂可以看成是以肘关节为支点的杠
杆，当手托物件曲肘时，胳膊上的肱二头肌会对前臂施加一个动力，物件对前臂施加一个阻力。前臂相当于一个______杠杆，假设小臂的长度为0.3m，铅球的重力为30N，动力臂的长为5cm，则肱二头肌对前臂拉力为______N(不考虑杠杆自重及摩擦)。
(2)如图乙所示，是仰卧起坐的动作示意图，人的上半身可视为一个杠杆，随着上身的坐起，腹肌收缩的动力力臂变化不计，则腹肌所需的收缩力______(以上两空均选填“变大”、“变小”或“不变”)，地面的支持力对人______(选填“做”或“不做”)功。

17. 跳伞是一项极具挑战的运动，现在越来越受到人们的喜爱。在某次跳伞训练过程中，一体重为500N的运动员从空中悬停的直升机上由静止开始竖直跳下，其速度与时间的关系如图所示，经20s下落220m后，开始做匀速直线运动直至落地，整个过程用时40s，则运动员在整个下降过程中：
①平均速度是______ m/s；
②重力做的功为______ J；
③重力做功的功率为______ W。
18. 通过学习，同学们知道了液体压强的特点。在此基础上，老师提出了这样的问题：

(1)压强计______ (填“是”或“不是”)连通器；
(2)当压强计的金属盒在空气中时，U形管两边的液面应当相平，而小明同学却观察到如图(a)所示的情景。出现这种情况的原因是：U形管左管液面上方的气压______ 大气压(填“大于”、“小于”或“等于”)；调节的方法是______ 。
A、将此时右管中高出的液体倒出
B、取下软管重新安装
(3)小明再作图(b)所示的检查。当用手指按压(不论轻压还是重压)橡皮膜时，发现U形管两边液柱的高度几乎不变化。出现这种情况的原因可能是：______ ；
(4)压强计调节正常后，小明将金属盒先后浸入到两杯液体中，如图(c)和(d)所示。他发现图(d)中U形管两边的液柱高度差较大，于是认为图(d)杯子中盛的是盐水；你认为小明的结论是______ (填“可靠的”或“不可靠的”)。
19. 如图是“探究杠杆的平衡条件”实验。
(1)实验过程中应将杠杆调节到水平位置平衡，这样做的目的是为了消除杠杆自重对实验的影响和______；如果杠杆的右端向下倾斜，平衡螺母应向______端调节(选填“左”或“右”)。
(2)在杠杆的左边A处挂2个相同的钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右端B处挂______个相同的钩码。
(3)在(2)杠杆平衡的基础上，将A、B两处钩码同时减去1个，那么杠杆______在水平位置保持平衡(选填“能”或“不能”)。
(4)若用弹簧测力计在C处由竖直向上拉动改为逐渐倾斜时，为使杠杆仍在水平位置平衡，则弹簧测力计示数将______(选填“变大”、“变小”或“不变”)。
20. 如图所示为探究物体(钢球)动能大小跟哪些因素有关的实验装置。

(1)钢球从平滑斜面上由静止开始向下运动，它的______ 能转化为______ 能。钢球起点位置越高，到达斜面底端时速度越______ 。(填“大”或“小”)
(2)钢球从平滑斜面上由静止开始向下运动，在水平木板上撞击木块，通过______ 反映运动钢球所具有的动能大小。
(3)分析比较______ 两次实验，可探究出的结论是：质量相同的物体，速度越大，动能越大。
(4)分析比较甲、丙两次实验，可探究出的结论是：______ 相同的物体，______ 越大，动能越大。
(5)小丽在探究“动能大小与质量的关系”时，对实验装置进行改进(如图丁)，用质量不同的铁球将弹簧压缩相同程度静止释放(不计铁球与木板间的摩擦)，撞击同一木块。该实验方案______ (选填“可行”或“不可行”)；按此方案操作，会看到木块移动的距离______ (选填“相同”或“不相同”)。
21. 如图所示，小明同学做“验证阿基米德原理”的实验，步骤如下：

①用弹簧测力计测出物体所受的重力为G，如图甲；
②把物体浸没在盛满水的溢水杯中，读出此时测力计的示数为F，同时，用小桶收集物体排开的水，如图乙；
③测出小桶和排开水所受的总重力为G1，如图丙；
④将小桶中的水倒出，测出小桶所受的重力为G2，如图丁；
⑤分别计算出物体受到的浮力和排开水所受的重力，并比较它们的大小是否相同。
请你回答下列问题：
(1)物体浸没在水中，受到水的浮力F浮=______ ，被排开水所受的重力G排=______ ；(用上述测得量的符号表示)
(2)实验过程中，若溢水杯中的水没有装满，小桶收集到水的重力______ (选填“大于”、“等于”或“小于”)被物体排开水的重力；
(3)若物体没有完全浸没水中，用该实验______ (选填“能”或“不能”)验证阿基米德原理；
(4)若换用密度小于水的木块，利用图所示的实验器材______ (选填“能”或“不能”)验证阿基米德原理。
22. 夏天到了，同学们都爱喝冰镇可乐，如图甲，标注体积刻度的玻璃杯中盛有可乐，把质量为121g的冰块轻放入可乐中，冰块未熔化时液面位于V1刻线处；如图乙，冰块完全熔化后，液面上升到V2刻线处。已知V2-VI=11cm3，求：
(1)图甲中，未熔化前的冰块所受的浮力；
(2)图乙中，冰全部熔化成水后水的体积；
(3)杯中可乐的密度。
23. 为了美化城市，每到春天园林工人要在过街天桥上放置花草，为城市增添一抹绿色。如图所示，工人用长木棒、滑轮、轻绳组装提升装置。木棒放置在天桥栏杆上始终保持水平，与栏杆M接触点为O；用沙袋将木棒B端压在栏杆N上，在木棒A端吊装滑轮组。OA：OB=1：2，每个沙袋重300N，每个滑轮重22N。(木棒和绳的重力、滑轮与轴的摩擦均忽略不计)
(1)若A点受到竖直向下的拉力为1000N，为了保持木棒水平平衡，在B端至少需要放置几个沙袋？
(2)若某次工人利用滑轮组竖直向下拉绳子，将重为378N的花架匀速提升5m。求：
①滑轮组的机械效率。
②滑轮组对绳AC的拉力。


答案和解析

1.【答案】A 
【解析】解：A、人的口腔温度大约为37℃，故A符合实际；
B、中学生的体重在500N左右，游泳时身体处于漂浮状态，浮力与重力相等，约500N，故B不符合实际；
C、正常人每一分钟要眨眼10∼20次，每一次眨眼的时间约为0.2∼0.4秒，故C不符合实际；
D、菜刀刀刃的厚度约为0.1mm，故D不符合实际。
故选：A。
首先对题目中涉及的物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。
本题考查学生对生活中常见物体的数据的了解情况，本题告诉我们一定要对实际生活中常见的物体做到熟知，以免闹了笑话自己还不知道。

2.【答案】B 
【解析】解：A、书包的背带较宽，在受力面积一定时，通过增大受力面积，减小压强，故A错误；
B、注射器针头很尖，在受力面积一定时，通过减小受力面积来增大压强，故B正确；
C、铁轨铺在枕木上，在压力一定时，通过增大受力面积，减小压强，故C错误；
D、大型载重卡车有很多车轮，在压力一定时，通过增大受力面积，减小压强，故D错误。
故选：B。
增大压强的方法：在压力一定时，减小受力面积；在受力面积一定时，增大压力；
减小压强的方法：在压力一定时，增大受力面积；在受力面积一定时，减小压力。
本题通过生活中的实例考查了增大或减小压强的方法，知道压强大小的影响因素，掌握增大和减小压强的方法，能把压强知识应用到生活中。

3.【答案】B 
【解析】解：
划船时，船桨对水施加了一个向后的作用力，由于物体间力的作用是相互的，湖水就对桨施加了一个向前的反作用力，这个力使船前进。
故选：B。
力是物体对物体的作用，一个物体在对另一个物体施力的同时，也受到另一个物体的反作用力。
本题考查的是力的相互作用性在生活中的应用，是一道基础题。

4.【答案】C 
【解析】解：(1)由图可知，倒放时瓶中水的深度较大，根据p=ρgh可知，倒放时水对瓶盖的压强较大，即pA (2)因为是同一个未装满水且密闭的矿泉水瓶，且水瓶对桌面的压力等于水和矿泉水瓶的总重力，所以两种情况下水瓶对桌面的压力相等，即FA=FB，故C正确，ABD错误．
故选：C.
(1)水对瓶底和瓶盖的压强可直接利用p=ρgh进行判断；
(2)水瓶对桌面的压力等于水和矿泉水瓶的总重力．
比较液体压强的大小关系可以根据液体压强的计算公式p=ρgh进行分析；容器对桌面的压力与容器的重力相等．

5.【答案】D 
【解析】解：由于水银柱的高度是由外界大气压的大小决定的，因此将玻璃管稍微倾斜、将玻璃管稍微向上提起但没有离开液面、向槽中继续注入少量水银、换用更粗一些的等长玻璃管，管内外水银面高度差都将不变，选项ABC错误，D正确。
故选：D。
在托里拆利实验中，水银柱的高度是由外界大气压的大小决定的，在玻璃管顶端真空的情况下，管内外水银柱的高度差与管的倾斜度、位置的深浅、水银槽内水银的多少以及管的粗细均无关。
托里拆利实验中会产生诸多变化的情况，诸如：管的粗细、位置深浅、是否倾斜、槽中水银面高低、是否混入气泡等，哪些影响测量结果，哪些不影响测量结果我们应该准确把握。

6.【答案】C 
【解析】解：一个可以摆动的小球，被固定在天花板上，把它由静止从位置1释放，当它摆动到最低点位置2时，小球处于运动状态，方向水平向右，如果所有力都突然消失了，那么小球将在水平方向向右做匀速直线运动。
故选：C。
牛顿第一定律：一切物体在没有受到力的作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态，据此分析。
本题考查了牛顿第一定律的应用，属于基础知识。

7.【答案】B 
【解析】解：A、流体在流速大的地方，压强小，在流速小的地方，压强大；飞机机翼获得升力是因流体中流速大的地方压强小，故A错误；
B、飞机加速升空过程中，速度增大，动能增大，高度增大，重力势能增大，机械能不断增大，故B正确；
C、飞机所在高空的大气压比陆地表面的小，故C错误；
D、飞机匀速直线飞行时，运动状态不变，受平衡力的作用，故D错误。
故选：B。
(1)流体在流速大的地方，压强小，在流速小的地方，压强大。
(2)机械能包括动能和势能；动能的大小与质量和速度有关；重力势能大小与质量和高度有关。
(3)大气压随高度的增加而减小。
(4)物体运动状态不变，受到平衡力的作用。
本题考查了机械能的概念、流体压强与流速的关系、大气压与高度的关系、平衡状态的判断等知识，难度不大。

8.【答案】C 
【解析】解：重力的方向是竖直向下，下指的是地球的中心，故ABD不正确，C正确。
故选：C。
重力的施力物体是地球，重力的方向总是竖直向下的，并且总是指向地球中心。
本题考查重力的方向，属于基础题。

9.【答案】D 
【解析】解：A、手握圆珠笔在纸上写字时，手的作用力为动力，笔尖与纸的摩擦力为阻力，笔的上端与手的接触点为支点，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A错误；
B、一支圆珠笔的长度约是15cm=1.5dm，故B错误；
C、圆珠笔在纸上写字时，圆珠笔相对于纸面位置发生变化，是运动的，故C错误；
D、圆珠笔的笔尖有滚珠，笔尖和纸之间的摩擦属于滚动摩擦，是为了减小摩擦，故D正确。
故选：D。
(1)根据杠杆的动力臂和阻力臂的大小关系判断杠杆的类型，当动力臂小于阻力臂时，杠杆是费力杠杆，费力杠杆费力但省距离；
(2)一支圆珠笔的长度约是15cm；
(3)一个物体相对于参照物位置没有变化，是静止的，相对于参照物位置发生变化，是运动的；
(4)两个物体之间发生滚动时，物体之间的摩擦就属于滚动摩擦。
本题考查了杠杆的分类、长度的估测、运动和静止的相对性和增大或减小摩擦的方法，属于基础知识考查，有一定的综合性，但难度不大。

10.【答案】B 
【解析】解：
ABD、下落过程中，高度减小，小球重力势能减小；在A点之前，小球的重力势能转化为动能，动能先增大；在AB段，向下的重力大于向上的弹力，合力向下，小球做加速运动，动能逐渐增大，同时弹簧的弹性势能增加；在BC段，向上的弹力大于向下的重力，合力向上，小球做减速运动，动能逐渐减小，同时弹簧的弹性势能增加；综上所述，下落过程中小球的动能先增大后减小；不计空气阻力，整个过程中无能量损耗，则小球与弹簧机械能守恒，故B正确，AD错误；
C、到达C点时，小球的动能为零；由于在B点时重力等于弹力，C点的弹性形变程度大于B点的弹性程度，所以C点的弹力大于B点的弹力，即C点的弹力大于小球的重力，故C错误；
故选：B。
在小球下降过程中，在接触弹簧之前段只有重力做功，则重力势能转化为动能；在AC段先做加速运动后减速运动；到达C点后，重力势能与动能完全转化为弹性势能。
解答本题关键是要明确能量是如何转化，同时要知道在B点时动能最大，速度为零时动能为零。

11.【答案】D 
【解析】解：航母原来漂浮在水面上，浮力等于重力；飞机飞离航母后，航母总重减小，但仍然漂浮，所以浮力减小，水的密度不变，由公式F浮=ρ水gv排知，航母排开水的体积减小，因此要上浮一些。
故选：D。
漂浮的物体，浮力等于重力。浮力是否变化决定于重力如何变化；而物体排开液体体积的变化(上浮还是下沉)，用公式F浮=ρ液gV排分析。
本题考查了物体的浮沉条件(漂浮条件)和阿基米德原理的应用，会分析舰载机飞离航母后，航母仍然漂浮是本题的关键。

12.【答案】D 
【解析】解：
A、因为不计滑轮重、绳重和滑轮摩擦，拉力F=16N，根据动滑轮的特点可知，每段绳子上的力为8N；
又因为弹簧测力计的示数为2N，所以物体B与木板A之间的摩擦力为2N；
木板受到向右的绳子拉力等于地面的摩擦力加上B的摩擦力，所以地面对木板A的摩擦力fA=8N-2N=6N，故A错误；
B、木板A的移动速度为0.3m/s，动滑轮的移动速度等于拉力F的移动速度等于木板移动速度的二分之一，大小为0.15m/s，故B错误；
C、物块B始终静止，由力的平衡条件可得，物块B受到的摩擦力等于弹簧测力计的示数为2N，方向水平向右，故C错误；
D、绳子拉木板的功率：P=Wt=Fst=F'v=8N×0.3m/s=2.4W，故D正确。
故选：D。
根据平衡力的知识结合动滑轮的特点进行分析；
A在水平方向：向右受绳子的拉力，向左受地面的摩擦力和B的摩擦力；
B在水平方向：向右受A的摩擦力，向左受测力计的拉力；根据P=Wt=Fst=F'v可求功率。
此题考查了动滑轮的省力特点、摩擦力的分析及功率的计算，解决此题的关键是对每个物体进行正确的受力分析，搞清楚各个力之间的关系。

13.【答案】解：
(1)小球受到的浮力F浮方向竖直向上，作用点在小球的重心；
(2)在斜面上选取物体与接触面的中点为压力的作用点，过压力作用点画垂直于斜面、带箭头的线段，符号为F，可得烧杯对斜面的压力示意图。如图所示：
 
【解析】(1)漂浮的物体受到的浮力方向竖直向上，作用点在物体的重心；
(2)压力是接触面受到的力，因此压力的作用点在接触面上，即烧杯与接触面的中点；然后根据压力的方向垂直于受力面，并过压力作用点表示出压力的方向即可。
本题的关键是确定浮力和压力的作用点和方向，并会用力的示意图表示力的三要素。注意浮力的方向始终竖直向上。

14.【答案】解：由图知，用笤帚在水平地面扫地时，笤帚相对水平地面地面向左运动，B点受到的摩擦力f方向水平向右，据此画出B点受摩擦力示意图；
从支点O作摩擦力作用线的垂线，垂线段为其力臂L2，如图所示：
。 
【解析】由题意分析笤帚上B点受力摩擦力的方向，再力的示意图要求画出摩擦力示意图，根据力臂的概念画出其力臂L2。
本题考查摩擦力的示意图和杠杆上力臂的作图，难度不大。

15.【答案】压强  上升 
【解析】解：
(1)当向下垂的两张纸中间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小；纸外侧的压强不变，纸受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用下向中间靠拢，说明气体流速越大的地方压强越小；
(2)向塑料管B吹气时，细管A的上方空气流速大压强小，细管A中的液面在烧杯液面上方的大气压的作用下上升。
故答案为：压强；上升。
(1)根据流体压强与流速的关系(流体在流速越大的地方压强越小，在流速越小的地方压强越大)得出结论；
(2)图乙的现象可以根据图甲得出的结论得到。
本题考查了流体压强和流速的关系，要学会根据实验现象总结规律，然后利用这一规律分析解释生活中有关的其它现象。

16.【答案】费力  180 变小  不做 
【解析】解：(1)将人的前臂抽象为一个杠杆，则肘关节为支点，肱二头肌对前臂的拉力为动力，铅球对人的压力为阻力。已知动力臂为5cm=0.05m，阻力臂等于前臂长度，为0.3m，动力臂<阻力臂，则该杠杆为费力杠杆。根据杠杆的平衡条件可知，F×0.05m=30N×0.3m，则F=180N。
(2)随着上身的坐起，人体重心与支点(臀部与地面的交点)的水平距离减小，即阻力臂减小，而动力臂的长度不变，在根据杠杆的平衡条件可知，动力会减小，即收缩力变小。人所受的支持力的作用在臀部，在仰卧起坐的过程中，人的臀部在竖直方向上没有移动，所以地面的支持力没有对人做功。
故答案为：(1)费力；180。(2)变小；不做。
(1)杠杆的平衡条件：动力×动力臂=阻力×阻力臂。
(2)当阻力臂>动力臂时，阻力<动力，为费力杠杆；当阻力臂=动力臂，阻力=动力，为等臂杠杆；当阻力臂<动力臂时，阻力>动力，为省力杠杆。
(3)当物体在力的作用下沿着力的方向移动了一段距离，则我们就说力对物体做了功。
在这类动态杠杆平衡类试题中，找到不变量，明确变化量，是解题的关键。

17.【答案】81.6×105  4×103 
【解析】解：①由题意可知，运动员在0∼20s运动的路程为220m，
由图可知，在20s∼40s运动员的速度是5m/s，20s∼40s运动员通过的路程s后=v后t后=5m/s×20s=100m，
全程运动员通过的路程：s总=s前+s后=220m+100m=320m，
运动员全程的平均速度：v=s总t总=320m40s=8m/s；
②运动员的重力做的功：W=Fs=Gh=500N×320m=1.6×105J；
③运动员的重力做功的功率：P=Wt=1.6×105J40s=4×103W。
故答案为：①8；②1.6×105；③4×103。
①由图可知，在20s∼40s运动员的速度是5m/s，根据s=vt求出20s∼40s运动员通过的路程，全程运动员通过的路程等于前20s通过的路程与后20s通过的路程之和，再利用v=st求出运动员全程的平均速度；
②根据W=Fs=Gh求出运动员的重力做的功；
③利用P=Wt可求出运动员的重力做功的功率。
本题主要考查功的计算，功率的计算，速度的计算，其中正确分析图象中提供的信息，熟练掌握速度，功的计算，功率的计算是解题的关键。

18.【答案】不是  大于  B 探头漏气。  不可靠的 
【解析】解：(1)上端开口而底部连通的容器叫连通器，因压强计一端是密封的，所以压强计不是连通器；
(2)当压强计的橡皮膜没有受到压强时，U形管中液面应该是相平的，小明同学却观察到如图(a)所示的情景若，U形管中的液面出现了高度差，就说明软管中的气体压强大于大气压；
调节的方法：只需要将软管取下，再重新安装，这样的话，U形管中两管上方的气体压强就是相等的(都等于大气压)，当橡皮膜没有受到压强时，U形管中的液面就是相平的，选B；
(3)若压强计的气密性不好，软管中的气体和大气相通，等于大气压强，橡皮膜受到压强时，软管内的气体压强不会发生变化，U形管中的液面就不会出现高度差；因此出现这种情况可能的原因是探头漏气；
(4)盐水的密度大于水的密度，根据公式p=ρgh，在橡皮膜浸入液体的深度相同时，盐水中的压强比较大，可以比较相同深度处盐水和水的压强大小，从而判断出哪杯是盐水；
因为液体的压强不仅与液体密度有关，还与浸入液体的深度有关，该实验小明没有让橡皮膜浸在盐水和水的相同深度处，所以得出的结论是不可靠的。
故答案为：(1)不是；(2)大于；B；(3)探头漏气；(4)不可靠的。
(1)根据连通器的定义回答；
(2)U形管右端上方是和大气相通的，等于大气压强；U形管右端液面比较高，就说明U形管左端液面上方的气体压强大于大气压；只要取下软管，让U形管左端液面和大气相通，这样U形管两端的液面就是相平的；
(3)压强计是通过橡皮膜来感受压强的，当橡皮膜受到压强时，软管中的气体压强变大，大于大气压强就会将U形管中的液面出现高度差，高度差越大，表示橡皮膜受到的压强越大；若和橡皮膜连接的软管出现漏气，不论橡皮膜是否受到压强，软管中气体的压强都等于大气压，压强计中液面就不会出现高度差；
(4)要判断两杯液体中哪杯是盐水，就要控制压强计的探头浸入水中的深度相同，根据公式p=ρgh，深度相同时压强大的液体密度大，密度大是盐水
此题考查对于液体压强计的了解和液体压强计算公式P=ρgh的应用及控制变量法的运用和实验中常见问题的分析与处理；液体压强的计算是中考必考的一个知识点，需要熟练掌握。

19.【答案】便于测量力臂；左；3；不能；变大 
【解析】解：(1)当在杠杆上挂物体时，杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂，同时消除了杠杆自重对杠杆平衡的影响；
杠杆的右端向下倾斜，说明这一侧的自重与力臂的乘积大，应将平衡螺母向左调节；
(2)设一个钩码的重为G，杠杆一个小格的长度为L，
由F1L1=F2L2可得：FB=FALALB=2G×3L2L=3G，所以应在杠杆右端B处挂3个相同的钩码；
(3)设一个钩码的重力为G，杠杆一个小格代表L，如果将图中A、B两处的钩码同时减去1个，杠杆的左端：G×3L=3GL，杠杆的右端：2G×2L=4GL，杠杆左端力和力臂的乘积不等于右端力和力臂的乘积，所以杠杆不能在水平位置保持平衡；
(4)用弹簧测力计在C处由竖直向上拉动改为逐渐倾斜时，仍然使杠杆在水平位置平衡时，动力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆平衡条件可知，动力将变大，即弹簧测力计示数将变大。
故答案为：(1)便于测量力臂；左；(2)3；(3)不能；(4)变大。
(1)调节杠杆两端的平衡螺母，使平衡螺母向上翘的一端移动，使杠杆在水平位置平衡，杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于测量力臂大小，同时消除杠杆重对杠杆平衡的影响；
(2)根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可求出钩码的个数；
(3)用杠杆的平衡条件来判断，力和力臂乘积大的一端，杠杆该端下沉；
(4)弹簧测力计竖直向下拉杠杆时，力臂在杠杆上，当弹簧测力计倾斜拉杠杆时，力臂变短，阻力、阻力臂不变，动力臂变短，动力变大。
本题考查了杠杆平衡的调节方法及平衡条件的应用，应注意动态平衡的分析，当力臂变化时，力也会随着变化。

20.【答案】重力势  动  大  木块被撞击后移动的距离  甲、乙  速度  质量  不可行  相同 
【解析】解：(1)钢球从平滑斜面上由静止开始向下运动，重力势能转化为动能，起点位置越高，重力势能越大，到达斜面底端时的动能越大，速度越大；
(2)钢球从平滑斜面上由静止开始向下运动，在水平木板上撞击木块，通过木块被撞击后移动的距离反映运动钢球所具有的动能大小；
(3)探究动能的大小与速度的关系时，需要控制质量相同，速度不同，故需要分析比较甲、乙两次实验；
(4)由甲、丙实验知，钢球在斜面的高度相同，而丙中钢球的质量更大，推动木块通过的距离也大，故可探究出的结论是：速度相同的物体，质量越大，动能越大；
(5)观察图丁的装置可知，若用质量不同的铁球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧势能相同，转化出的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同，这样是不能完成实验目的。
故答案为：(1)重力势；动；大；(2)木块被撞击后移动的距离；(3)甲、乙；(4)速度；质量；(5)不可行；相同。
(1)钢球由静止从斜面上下滑是将重力势能转化为动能，起点位置高所具有能就大，转化为动能时就大，速度也就大，撞击木块后对木块做功，木块被推动越远说明球所具有动能越大；
(2)钢球的动能大小通过木块被撞击后移动的距离来反映；
(3)(4)影响物体动能大小的因素有质量和速度，由控制变量法，研究动能与其中一个因素的关系时，要控制另外一个因素不变，找出相同的量和变化的量，分析得出动能大小与变化量的关系，并由此得出结论；
(5)结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求。
本题主要考查学生分析实验现象的能力以及严谨的科学观，这就要求我们在平常的试验中多注意分析实验的方法。

21.【答案】G-FG1-G2  小于  能  能 
【解析】解：(1)根据称重法测浮力：物体浸没在水中，受到水的浮力：F浮=G-F；
被排开的水所受的重力：G排=G1-G2；
(2)如果溢水杯中没有装满水，导致物体排出的水减少，物体排开水的重减小，利用称重法求出的浮力不变，故石块受到的浮力大于石块排开水受到的重力；
(3)物体没有完全浸没在水中，受到水的浮力还是能用称重法测量，排开水的重力也能测量，所以按照上面的方法，能用实验验证阿基米德原理；
(4)如换用密度小于水的木块，则图中的F=0，所以，F浮=G，其它步骤没有影响，故可以完成实验。
故答案为：(1)G-F；G1-G2；(2)小于；(3)能；(4)能。
(1)根据称重法测浮力得出物体浸没在水中受到水的浮力；被排开的水所受的重力：G排=G1-G2；
(2)如果溢水杯中没有装满水，导致物体排开水减少，物体排开水的重减小，利用称重法求出的浮力不变，从而比较浮力和排开水的重力关系；
(3)若物体没有完全浸没在水中，按照上面的方法，仍能用实验验证阿基米德原理；
(4)该实验的原理是称重法，据此即可判断。
本题是验证阿基米德原理实验，充分考查了学生对基础知识的掌握程度，关键是掌握阿基米德原理的内容。

22.【答案】解：(1)如图甲所示，冰块漂浮在液面，由阿基米德原理可知未熔化前的冰块所受的浮力为：
F浮=G冰=m冰g=0.121kg×10N/kg=1.21N；
(2)冰全部熔化成水后，状态改变，但质量不变，则水的质量是121g，
则冰全部熔化成水后水的体积为：
V水=m水ρ水=121g1g/cm3=121cm3；
(3)冰块未熔化时液面位于V1刻线处，则有：
V1=V排+V可乐----①
冰块完全熔化后，液面上升到V2刻线处，则有：
V2=V水+V可乐----②
又因为V2-V1=11cm3----③
联立①②③代入数据可解得：V排=110cm3=1.1×10-4m3，
由F浮=ρ液gV排可得，可乐的密度为：
ρ可乐=F浮gV排=1.21N10N/kg×1.1×10-4m3=1.1×103kg/m3。
答：(1)图甲中，未熔化前的冰块所受的浮力为1.21N；
(2)图乙中，冰全部熔化成水后水的体积为121cm3；
(3)杯中可乐的密度为1.1×103kg/m3。 
【解析】(1)根据阿基米德原理可求出未熔化前的冰块所受的浮力；
(2)冰化成水后质量不变，根据密度公式可求出冰全部熔化成水后水的体积；
(3)根据体积关系可求出图甲中冰块排开可乐的体积，根据F浮=ρ液gV排可求出可乐的密度为。
本题主要考查了密度公式、物体沉浮条件、阿基米德原理的应用，灵活运用公式是解题的关键。

23.【答案】解：(1)由图可知，O为杠杆AB的支点，
由杠杆平衡条件可得：
FA×OA=FB×OB，
解得：
FB=OAOB×FA=12×1000N=500N，
因为杠杆始终保持水平，所以B点的压力大小等于沙袋的重力，
则沙袋的总重力：
G总=FB=500N，
因此所需沙袋的个数：
n=G总G沙=500N300N≈2；
(2)①因为不计绳重和摩擦，所以滑轮组的机械效率：
η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动=378N378N+22N×100%=94.5%；
②由图可知n=2，因为不计绳重和摩擦，所以绳子自由端的拉力：
F=1n(G+G动)=12×(378N+22N)=200N，
滑轮组对绳AC的拉力：
FA=3F+G定=3×200N+22N=622N。
答：(1)为了保持木棒水平平衡，在B端至少需要放置2个沙袋；
(2)①滑轮组的机械效率为94.5%；
②滑轮组对绳AC的拉力为622N。 
【解析】(1)根据杠杆平衡条件求出B点所需的压力，进而求出沙袋的个数；
(2)①利用不计绳重和摩擦时η=W有W总=W有W有+W额外=GhGh+G动h=GG+G动求滑轮组的机械效率；
②由图可知n=2，利用不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)求绳子自由端的拉力，滑轮组对绳AC的拉力等于定滑轮的重力加上3股绳子的拉力。
本题考查杠杆平衡条件、绳子的拉力、机械效率的计算和力的平衡条件的应用，利用好不计绳重和摩擦时F=1n(G+G动)是解题的关键。